2022-2023学年山东省临沂市临沂第一中学高二上学期期末数学试题（解析版）

这是一份2022-2023学年山东省临沂市临沂第一中学高二上学期期末数学试题（解析版），共18页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年山东省临沂市临沂第一中学高二上学期期末数学试题 一、单选题1．已知空间向量，，，若，则（    ）A．2 B． C．14 D．【答案】C【分析】利用空间向量平行的性质即可.【详解】因为空间向量，，，如果，则，所以，解得，所以，故选：C.2．设直线l的斜率为k，且，直线l的倾斜角的取值范围为（　　）A． B．C． D．【答案】D【分析】根据倾斜角与斜率的关系得到，结合正切函数的图象及，数形结合得到直线l的倾斜角的取值范围.【详解】由题意得：，因为，且，，画出的图象如下：所以故选：D3．抛物线的准线方程为，则的值为（    ）A． B． C． D．【答案】C【分析】先求得抛物线的标准方程，可得其准线方程，根据题意，列出方程，即可得答案.【详解】由题意得抛物线的标准方程为，准线方程为，又准线方程是，所以，所以.故选：C4．已知等比数列的前项积满足，则（    ）.A． B． C． D．【答案】C【分析】利用等比数列通项的性质，由可求得，再由可求值【详解】等比数列的前项积，，，.故选：C5．由伦敦著名建筑事务所Steyn Studio设计的南非双曲线大教堂惊艳世界，该建筑是数学与建筑完美结合造就的艺术品. 若将如图所示的大教堂外形弧线的一段近似看成双曲线​​下支的一部分，且此双曲线的下焦点到渐近线的距离为2，离心率为2，则该双曲线的方程为（    ）A．​ B．​C．​ D．​【答案】B【分析】首先根据题意得到，再解方程组即可.【详解】设双曲线的一个焦点为，一条渐近线方程为，则焦点到渐近线的距离，所以，即双曲线方程为：.故选：B6．若等差数列的前项和为，则“，”是“”的（    ）A．充要条件 B．必要不充分条件C．充分不必要条件 D．既不充分也不必要条件【答案】C【分析】根据等差数列的单调性以及等差数列的性质即可判断，由时，即可说明不必要性.【详解】由，可得单调递增，且公差大于0，故，，即，，即，因此，当时，此时单调递减，则不可能满足，，因此“，”是“”的充分不必要条件，故选：C7．设点P是抛物线:上的动点,点M是圆:上的动点,d是点P到直线的距离,则的最小值是（    ）A． B． C． D．【答案】B【分析】根据题意画出图像,将转化为抛物线上点到准线的距离再加1,也即是抛物线上点到焦点的距离加1,若求的最小值,转化为抛物线上点到焦点距离和到圆上点的距离再加1即可,根据三角形两边之和大于第三边,即当共线时,取最小值为,算出结果即可.【详解】解:由题知圆:, 为抛物线焦点,为抛物线准线,则过点向作垂线垂足为,如图所示:则,根据抛物线定义可知,,=,若求的最小值,只需求的最小值即可,连接与抛物线交于点,与圆交于点,如图所示,此时最小,为,,,.故选:B8．已知椭圆（）与双曲线（，）具有相同焦点、，是它们的一个交点，且，记椭圆与双曲线的离心率分别为、，则的最小值是（    ）A．2 B．3 C．4 D．5【答案】B【分析】由椭圆和双曲线的定义以及余弦定理解得，再由“1”的代换和基本不等式求得结果.【详解】设P为第一象限的交点， 则由椭圆和双曲线的定义可知， ∴在△中由余弦定理得： 即： ∴，即：∴ 当且仅当，即时，取得最小值为3.故选：B. 二、多选题9．对于非零空间向量，，，现给出下列命题，其中为真命题的是（    ）A．若，则，的夹角是钝角B．若，，则C．若，则D．若，，，则，，可以作为空间中的一组基底【答案】BD【分析】根据空间向量夹角的定义、空间向量数量积的坐标表示公式，结合空间向量数量积的运算性质、空间向量基底的定义逐一判断即可.【详解】A：当，时，显然，因为，所以，的夹角是平角，故本选项命题是假命题；B：因为，所以，因此本选项命题是真命题；C：当，，时，显然，但是，因此本选项命题是假命题；D：假设，，是共面向量，所以有，显然不可能，所以，，不是共面向量，因此，，可以作为空间中的一组基底，所以本选项命题是真命题，故选：BD10．已知曲线.（    ）A．若m>n>0，则C是椭圆，其焦点在y轴上B．若m=n>0，则C是圆，其半径为C．若mn<0，则C是双曲线，其渐近线方程为D．若m=0，n>0，则C是两条直线【答案】ACD【分析】结合选项进行逐项分析求解，时表示椭圆，时表示圆，时表示双曲线，时表示两条直线.【详解】对于A，若，则可化为，因为，所以，即曲线表示焦点在轴上的椭圆，故A正确；对于B，若，则可化为，此时曲线表示圆心在原点，半径为的圆，故B不正确；对于C，若，则可化为，此时曲线表示双曲线，由可得，故C正确；对于D，若，则可化为，，此时曲线表示平行于轴的两条直线，故D正确；故选：ACD.【点睛】本题主要考查曲线方程的特征，熟知常见曲线方程之间的区别是求解的关键，侧重考查数学运算的核心素养.11．如图，此形状出现在南宋数学家杨辉所著的《详解九章算法.商功》中，后人称为“三角垛”.“三角垛”最上层有1个球，第二层有3个球，第三层有6个球，第四层有10个球，.设第层有个球，从上往下层球的总数为，则（    ）A．B．C．D．【答案】ACD【分析】根据由累加法可得，进而结合选项可判断A.B.C,根据裂项相消法则可判断D.【详解】由题意得，，，，…，，以上个式子累加可得，又满足上式，所以，由已知，，，，，得,故正确;因为,则,故错误; 由通项公式得,故正确；由，得，故D正确.故选：.12．在棱长为2的正方体ABCD—中，M为底面ABCD的中心，Q是棱上一点，且，N为线段AQ的中点，则下列命题正确的是（    ）A．CN与QM异面 B．三棱锥的体积跟λ的取值无关C．不存在λ使得 D．当时，过A，Q，M三点的平面截正方体所得截面的面积为【答案】BD【分析】证明可判断A；由等积法可判断B；建立坐标利用向量数量积可判断C；求出截面梯形的面积可判断D【详解】连AC，CQ，则M，N分别为AC，AQ的中点，MN为的中位线.∴，则CN，QM共面，A错.为定值，B对.如图建系，，则 ，，C错.截面如图所示，图形ACFQ，过Q作AC的垂线 垂足为G.，∴，D对.    故选：BD 三、填空题13．已知两直线，，若，则实数______．【答案】或【分析】根据，再解方程即可得答案．【详解】解：因为，，且，所以，，即，解得或；所以，实数或故答案为：或14．已知数列满足，，则_______.【答案】2【分析】先求不动点方程，根据方程无解再逐项计算根据周期求解即可.【详解】求不动点，设，令得：，化简得：，显然该方程无解，这种情况下一般是周期不大的周期数列，我们只需算出前几项，找规律即可，由题意，，所以，，，，，，从而是以6为周期的周期数列，故.故答案为：215．已知平面的一个法向量，点在平面内，若点在平面内，则___________【答案】【分析】利用向量垂直列方程，化简求得【详解】根据题意可得，因为平面的一个法向量，所以，解得，故答案为：16．如图，已知双曲线的左、右焦点分别为，，，P是双曲线右支上的一点，与y轴交于点A，的内切圆在边上的切点为Q，若，则双曲线的离心率是______.【答案】3【分析】先利用切线长定理求得双曲线的半实轴长，再由求得双曲线的半焦距长，进而求得双曲线的离心率【详解】设的内切圆在边上的切点分别为，则，又由，可得，则，则，又，则，即，由，可得，即，则双曲线的离心率，故答案为：3 四、解答题17．如图所示，平行六面体的底面是菱形，，，，，，设，，．(1)试用，，表示，；(2)求MN的长度．【答案】(1)(2) 【分析】（1）将 当作基底，按照向量线性运算的规则计算即可；（2）运用向量求模的方法计算.【详解】（1）如图，连接AM，AN， ， ， ，  ， ；（2）由条件得： ， ， ， ；综上，，，  .18．已知直线经过两条直线和的交点，且与直线垂直．(1)求直线的一般式方程；(2)若圆的圆心为点，直线被该圆所截得的弦长为，求圆的标准方程．【答案】(1)(2) 【分析】（1）由题意求出两直线的交点，再求出所求直线的斜率，用点斜式写出直线的方程；（2）根据题意求出圆的半径，由圆心写出圆的标准方程．【详解】（1）解：由题意知，解得，直线和的交点为；设直线的斜率为，与直线垂直，；直线的方程为，化为一般形式为；（2）解：设圆的半径为，则圆心为到直线的距离为，由垂径定理得，解得，圆的标准方程为．19．已知各项均为正数的数列，其前项和为，．(1)若数列为等差数列，，求数列的通项公式；(2)若数列为等比数列，，求满足时的最小值．【答案】(1)；(2). 【分析】（1）利用等差数列的基本量，结合已知条件，求得公差，即可写出通项公式；（2）根据等比数列的基本量，求得，再求解不等式即可.【详解】（1）设数列为公差为的等差数列，由，，可得，解得，故.（2）数列为公比为的等比数列，由，，可得，即，则，由，即可得：，则，故的最小值为7．20．如图，在三棱柱中，平面 ，，点分别在棱和棱 上，且为棱的中点．（Ⅰ）求证：；（Ⅱ）求二面角的正弦值；（Ⅲ）求直线与平面所成角的正弦值．【答案】（Ⅰ）证明见解析；（Ⅱ）；（Ⅲ）.【分析】以为原点，分别以的方向为轴，轴，轴的正方向建立空间直角坐标系.（Ⅰ）计算出向量和的坐标，得出，即可证明出；（Ⅱ）可知平面的一个法向量为，计算出平面的一个法向量为，利用空间向量法计算出二面角的余弦值，利用同角三角函数的基本关系可求解结果；（Ⅲ）利用空间向量法可求得直线与平面所成角的正弦值.【详解】依题意，以为原点，分别以、、的方向为轴、轴、轴的正方向建立空间直角坐标系（如图），可得、、、、、、、、.（Ⅰ）依题意，，，从而，所以；（Ⅱ）依题意，是平面的一个法向量，，．设为平面的法向量，则，即，不妨设，可得．，．所以，二面角的正弦值为；（Ⅲ）依题意，．由（Ⅱ）知为平面的一个法向量，于是．所以，直线与平面所成角的正弦值为.【点睛】本题考查利用空间向量法证明线线垂直，求二面角和线面角的正弦值，考查推理能力与计算能力，属于中档题.21．已知数列满足且，且.(1)求数列的通项公式;(2)设数列的前项和为，求证：.【答案】(1)(2)证明见解析 【分析】（1）将已知条件与两式相减，再结合等比数列的定义即可求解；（2）利用裂项相消求和法求出即可证明.【详解】（1）解：因为，所以，两式相减得，当时，， 又，所以，所以，所以是首项为2，公比为2的等比数列，所以；（2）证明：，所以， 由，得，所以，综上，.22．如图，椭圆经过点P（1，），离心率e=，直线l的方程为x=4.（1）求椭圆C的方程；（2）AB是经过右焦点F的任一弦（不经过点P），设直线AB与直线l相交于点M，记PA，PB，PM的斜率分别为.问：是否存在常数λ，使得 ？若存在，求λ的值；若不存在，说明理由.【答案】（1）（2）存在【详解】 ① ②②代入①得【解析】本题主要考查圆锥曲线的定义、标准方程、几何性质，直线与圆锥曲线的交点等基础知识，考查分析问题、解决问题的能力，考查逻辑推理能力，推理论证能力和计算能力.