高中生物高考专题04 分离定律的特例应用（解析版）

这是一份高中生物高考专题04 分离定律的特例应用（解析版），共36页。
2020届高考生物难点及易错题精讲精练
专题04 分离定律的特例应用
【难点精讲】
一、遗传中的致死问题


例题：100年来，果蝇作为经典模式生物在遗传学研究中备受重视。假设某隐性致死突变基因有纯合致死效应(胚胎致死)，无其他性状效应。根据隐性纯合子的死亡率，隐性致死突变分为完全致死突变和不完全致死突变。有一只雄果蝇偶然受到了X射线辐射，为了探究这只果蝇X染色体上是否发生了上述隐性致死突变，请设计杂交实验并预测最终实验结果。
(1)实验步骤：
①________________________________________________________________________；
②________________________________________________________________________；
③________________________________________________________________________。
(2)结果预测：
①如果________________________________________________________________________，
则X染色体上发生了完全致死突变；
②如果________________________________________________________________________，
则X染色体上发生了不完全致死突变；
③如果________________________________________________________________________，
则X染色体上没有发生隐性致死突变
【答案】(1)实验步骤：①让该只雄蝇与正常纯种雌蝇杂交得F1
②F1互相交配(或F1雌蝇与正常雄蝇交配)得F2
③统计 F2中雄蝇所占比例(或统计F2中雌雄蝇比例)
(2)结果预测：①F2中雄蝇占1/3(或F2中雌∶雄＝2∶1)
②F2中雄蝇占的比例介于1/3至1/2之间(或F2中雌∶雄在1∶1～2∶1之间)
③F2中雄蝇占1/2(或F2中雌∶雄＝1∶1)
【解析】(1)由题干可知，某隐性致死突变基因有纯合致死效应(胚胎致死)，无其他性状效应。
(2)根据隐性纯合子的死亡率，隐性致死突变分为完全致死突变和不完全致死突变。
(3)实验目的是“探究受X射线辐射的雄果蝇X染色体上是否发生了隐性致死突变”，由此可知该突变基因位于X染色体上。
(4)假设该隐性基因用a表示，正常基因用A表示，绘出遗传图解如下。若发生完全致死突变，则XaY个体全部死亡，F2中雄蝇所占比例为1/3；若发生的是不完全致死突变，则XaY个体部分死亡，F2中雄蝇所占比例介于1/3至1/2之间；若未发生隐性致死突变，则XaY个体全部存活，F2中雄蝇占1/2。
　P　 　　　　XaY　×　XAXA
　　　　　　　　 ↓
　F1　　　　　XAXa　　　XAY
　　　　　　　　 ↓F1互相交配
　F2　　XAXA　XAXa　　XAY　　XaY
　　　 1　∶　1　 ∶　1　∶ 　1

【难点突破】
分离定律中的致死问题
(1)隐性致死：隐性基因存在于同一对同源染色体上时，对个体有致死效应，如镰刀型细胞贫血症(红细胞异常，使人死亡)；植物中的白化基因，使植物不能形成叶绿素，从而不能进行光合作用而死亡。
(2)显性致死：显性基因具有致死效应，如人的神经胶质症(皮肤畸形生长，智力严重缺陷，出现多发性肿瘤等症状)。显性致死又分为显性纯合致死和显性杂合致死。
(3)配子致死：指致死基因在配子时期发生作用，从而不能形成有生活力的配子的现象。
(4)合子致死：指致死基因在胚胎时期或幼体阶段发生作用，从而不能形成活的幼体或个体的现象。

变式训练1：(合子致死)某种品系鼠的毛色灰色和黄色是一对相对性状，科学家进行了大量的杂交实验得到了如下结果，由此推断不正确的是(　　)
杂交组合
亲本
后代
①
灰色×灰色
灰色
②
黄色×黄色
2/3黄色、1/3灰色
③
灰色×黄色
1/2黄色、1/2灰色

A.杂交组合①后代不发生性状分离，亲本为纯合子
B．由杂交组合②可判断鼠的黄色毛基因是显性基因
C．杂交组合②后代黄色毛鼠既有杂合子也有纯合子
D．鼠毛色这对相对性状的遗传符合基因的分离定律
【答案】　C
【解析】　由杂交组合②的结果可知，黄色为显性性状，灰色为隐性性状，且杂交组合②中的双亲为杂合子；杂交组合①中的亲子代均表现为隐性性状(灰色)，因此，亲代均为隐性纯合子；结合杂交组合②后代中2/3黄色、1/3灰色，可知导致这一现象的原因可能是黄色个体纯合时会致死，因此，杂交组合②后代黄色毛鼠都是杂合子，没有纯合子。

变式训练2：(配子致死)某玉米品种含一对等位基因A和a，其中a基因纯合的植株花粉败育，即不能产生花粉，含A基因的植株完全正常。现有基因型为Aa的玉米若干，每代均为自由交配直至F2，F2植株中正常植株与花粉败育植株的比例为(　　)
A．1∶1 B．3∶1 C．5∶1 D．7∶1
【答案】　C
【解析】　亲本Aa自由交配产生F1的基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，F1自由交配，产生的雌配子为1/2A、1/2a，由于aa的花粉败育，因而产生的雄配子为2/3A、1/3a，雌雄配子随机结合，产生的后代中花粉败育植株(aa)占1/6，则正常植株占5/6，故选C项。

变式训练3：(染色体缺失致死问题)果蝇缺失1条染色体仍能正常生存和繁殖，缺失2条则致死。Ⅱ号染色体上的翻翅对正常翅为显性。缺失1条Ⅱ号染色体的翻翅果蝇与缺失1条Ⅱ号染色体的正常翅果蝇杂交，关于F1的判断不正确的是(　　)
A．染色体数正常的果蝇占1/3
B．翻翅果蝇占2/3
C．染色体数正常的翻翅果蝇占2/9
D．染色体数正常的翻翅果蝇占1/3
【答案】　C
【解析】　假设翻翅基因用A表示，正常翅基因用a表示，缺失1条Ⅱ号染色体的翻翅果蝇基因型为AO，缺失1条Ⅱ号染色体的正常翅果蝇的基因型为aO，则子代基因型为AO、aO、Aa、OO(致死)。其中AO和Aa为翻翅果蝇，aO为正常翅果蝇，其比例为1∶1∶1，故染色体数正常的果蝇占1/3，翻翅果蝇占2/3，染色体数正常的翻翅果蝇占1/3，A、B、D项正确，C项错误。

二、 复等位基因遗传

例题：研究发现，豚鼠毛色由以下等位基因决定：Cb－黑色、Cc－乳白色、Cs－银色、Cx－白化。为确定这组基因间的关系，进行了部分杂交实验，结果如下，据此分析下列说法正确的是(　　)
杂交组合
亲代表现型
子代表现型
黑
银
乳白
白化
1
黑×黑
22
0
0
7
2
黑×白化
10
9
0
0
3
乳白×乳白
0
0
30
11
4
银×乳白
0
23
11
12

A.两只白化豚鼠杂交，后代不会出现银色个体
B．该豚鼠群体中与毛色有关的基因型共有6种
C．无法确定这组等位基因间的显性程度
D．两只豚鼠杂交的后代最多会出现四种毛色
【答案】　A
【解析】(1)亲代黑×黑→子代出现黑和白化，说明黑(Cb)对白化(Cx)为显性；亲代乳白×乳白→子代出现乳白和白化，说明乳白(Cc)对白化(Cx)为显性；亲代黑×白化→子代出现黑和银，说明黑(Cb)对银(Cs)为显性；亲代银×乳白→子代出现银、乳白和白化，说明银(Cs)对白化(Cx)为显性且子代表现型银∶乳白≈2∶1，说明银对乳白为显性。进而可推知，这组等位基因间的显性程度为Cb(黑色)＞Cs(银色)＞Cc(乳白色)＞Cx(白化)。
(2)白化豚鼠的基因型为CxCx，白化豚鼠杂交后代的表现型只有白化；该豚鼠群体中与毛色有关的基因型中纯合子有4种，杂合子有6种。
(3)若双亲杂交子代要出现白化豚鼠，必然要求两亲本基因型通式为_Cx×_Cx，又因等位基因间的显性程度为Cb(黑色)＞Cs(银色)＞Cc(乳白色)＞Cx(白化)，两只豚鼠杂交的后代最多会出现三种毛色。

【难点突破】
复等位基因
复等位基因是指一对同源染色体的同一位置上的基因有多个。复等位基因尽管有多个，但遗传时仍符合分离定律，彼此之间有显隐性关系，表现特定的性状，最常见的如人类ABO血型的遗传，涉及三个基因——IA、IB、i，组成六种基因型：IAIA、IAi、IBIB、IBi、IAIB、ii。

变式训练：多瓦夫兔毛色有黑、灰、黄和白四种，分别由基因PA、PB、PC、PD控制，某兴趣小组为确定控制毛色基因的显隐性关系，取多只各色纯合个体分别与其他毛色纯合个体杂交，并形成6组杂交组合(不考虑正反交)，子代毛色有3组为黑毛，2组为灰毛，1组为黄毛。下列相关分析正确的是(　　)
A．PA分别对PB、PC、PD为显性
B．该种群决定毛色的基因型有6种
C．PA、PB、PC、PD在同源染色体上的位置不同
D．基因型为PAPB与PCPD的个体杂交，子代毛色有3种
【答案】　A
【解析】　由于杂交子代毛色有3组为黑毛，2组为灰毛，1组为黄毛，所以可判断PA分别对PB、PC、PD为显性，A项正确；该种群决定毛色的基因型有10种，B项错误；PA、PB、PC、PD在同源染色体上位置相同，属于复等位基因，C项错误；基因型为PAPB与PCPD个体杂交，子代毛色只有黑毛和灰毛共2种，D项错误。


三、 从性遗传现象

例题：牛的有角和无角为一对相对性状(由A和a控制)，但雌牛中的杂合子表现为隐性性状，现让多对纯合的有角雄牛和无角雌牛杂交，F1中雄牛全表现为有角，雌牛全表现为无角，再让F1中的雌雄个体自由交配，则下列有关F2的叙述正确的是(　　)
A．F2的有角牛中，雄牛∶雌牛＝1∶1；F2的雌牛中，有角∶无角＝3∶1
B．若用F2中的无角雄牛和无角雌牛自由交配，则F3中有角牛的概率为
C．控制该相对性状的基因位于X染色体上
D．F2无角雌牛中杂合子所占比例为
【答案】　D
【解析】　由题干推知，无角为隐性，F1基因型为Aa。F1中的雌雄牛自由交配，F2的雄牛中有角∶无角＝3∶1，雌牛中有角∶无角＝1∶3，故有角牛中，雄牛∶雌牛＝3∶1，A项错误；若用F2中的无角雄牛(aa)和无角雌牛(Aa、aa)自由交配，则F3中有角牛的概率为××＝，B项错误；控制该相对性状的基因位于常染色体上，C项错误；F2的雌牛中有角∶无角＝1∶3，其中无角雌牛中的基因型及比例是Aa∶aa＝2∶1，所以无角雌牛中杂合子所占比例为，D项正确。

【难点突破】
从性遗传≠伴性遗传
从性遗传是指由常染色体上基因控制的性状，在表现型上受个体性别影响的现象，这种现象主要通过性激素起作用。从性遗传和伴性遗传的表现型都与性别有密切的联系，但它们是两种截然不同的遗传方式。伴性遗传的基因位于性染色体上，而从性遗传的基因位于常染色体上；从性遗传的基因在传递时并不与性别相联系，其与位于性染色体上基因的传递有本质区别。从性遗传的本质为：表现型＝基因型＋环境条件(性激素种类及含量差异)。

变式训练：控制某种安哥拉兔长毛(HL)和短毛(HS)的等位基因位于常染色体上，雄兔中HL对HS为显性，雌兔中HS对HL为显性。请分析回答相关问题：
(1)长毛和短毛在安哥拉兔群的雄兔和雌兔中，显隐性关系刚好相反，但该相对性状的遗传不属于伴性遗传，为什么？
________________________________________________________________________。
(2)基因型为HLHS的雄兔的表现型是________。现有一只长毛雌兔，所生的一窝后代中雌兔全为短毛，则子代雌兔的基因型为________，为什么？__________________________________
________________________________________________________________________________
________________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
(3)现用多对基因型杂合的亲本杂交，F1长毛兔与短毛兔的比例为________。
【答案】　(1)因为控制安哥拉兔长毛和短毛的等位基因位于常染色体上　(2)长毛　HLHS　因为雌兔中短毛(HS)对长毛(HL)为显性，而子代雌兔全为短毛，所以必有一个HS基因；又因母本是长毛兔，基因型为HLHL，只能传HL给子代，所以子代雌兔的基因型为HLHS　(3)1∶1
【解析】　(1)根据题干信息“控制某种安哥拉兔长毛(HL)和短毛(HS)的等位基因位于常染色体上”，该相对性状的遗传不属于伴性遗传。(2)根据题干信息“雄兔中HL对HS为显性”，基因型为HLHS的雄兔的表现型是长毛。“雌兔中HS对HL为显性”，亲代长毛雌兔的基因型为HLHL，子代雌兔全为短毛，其必有一个HS基因，所以子代雌兔的基因型为HLHS。(3)P：HLHS♀×HLHS♂→F1：1HLHL∶2HLHS∶1HSHS，由于HLHS在雌兔中表现为短毛，在雄兔中表现为长毛，所以子代中长毛∶短毛＝1∶1。

四、 表型模拟问题

例题：已知果蝇的长翅与残翅是一对相对性状，且长翅(V)对残翅(v)为显性，但遗传学家在不同温度下培养长翅果蝇幼虫，得到不同的结果，如下表。请结合所学知识回答问题：
实验材料
实验处理
结果
长翅果蝇幼虫A
25 ℃条件培养
长翅果蝇
长翅果蝇幼虫B
35～37 ℃处理6～24 h后培养
残翅果蝇

(1)这个实验说明基因与性状是怎样的关系？
______________________________________________________________________________
______________________________________________________________________________。
(2)果蝇B的残翅性状能否遗传？________________。原因是__________________________
______________________________________________________________________________。
(3)人们将果蝇B的残翅性状称为表型模拟，若现有一残翅果蝇，如何判断它是否是表型模拟？请设计鉴定方案。
①方法步骤：A._________________________________________________________________。
B．____________________________________________________________________________。
②结果分析：A._______________________________________________________________。
B．__________________________________________________________________________。
【答案】　(1)基因控制生物的性状，而性状的形成同时还受到环境的影响　(2)不能遗传　 这种残翅性状是单纯由于环境条件的改变而引起的，其遗传物质(基因型)并没有发生改变　(3)①A.让这只残翅果蝇与在正常温度条件下发育成的异性残翅果蝇(基因型为vv)交配　B．使其后代在正常温度条件下发育　②A.若后代均为残翅果蝇，则该果蝇基因型为vv　B．若后代有长翅果蝇出现，则说明该果蝇属于表型模拟
【解析】　(1)由于两组果蝇均为长翅果蝇幼虫，而所处的温度不同，导致表现型也不同，这个实验说明基因与性状的关系是基因控制生物的性状，而性状的形成同时还受到环境的影响。(2)由题意可知，果蝇B的残翅性状是由环境造成的，其遗传物质并没有改变，因此属于不可遗传变异。(3)这只残翅果蝇的基因型有两种可能：表型模拟的V_和隐性纯合的vv，此时一般用隐性纯合突破法。用该未知基因型的残翅果蝇与残翅果蝇vv正常交配，并将孵化出的幼虫放在25 ℃温度条件下培养，后代如果出现长翅果蝇，则该残翅果蝇的基因型为V_，属于表型模拟；后代如果全为残翅果蝇，则该残翅果蝇的基因型为vv。

【难点突破】
表型模拟问题
(1)生物的表现型＝基因型＋环境，由于受环境影响，导致表现型与基因型不符合的现象。例如果蝇长翅(V)和残翅(v)的遗传受温度的影响，其表现型、基因型与环境的关系如下表：
温度
表现型
基因型
25 ℃(正常温度)
35 ℃
VV、Vv
长翅
残翅
vv
残翅
(2)设计实验确认隐性个体是“aa”的纯合子还是“Aa”的表型模拟。


变式训练1：兔的毛色黑色(W)与白色(w)是一对相对性状，与性别无关。如图所示两种交配中，亲代兔E、F、P、Q均为纯合子，子代兔在不同环境下成长，其毛色如图所示。下列分析错误的是(　　)

A．兔G和H的基因型相同
B．兔G与兔R交配得到子代，若子代在30 ℃环境中成长，其毛色最可能全为黑色
C．兔G与兔R交配得到子代，若子代在－15 ℃环境中成长，最可能的表现型及比例为黑色∶白色＝1∶1
D．兔H与兔R交配得到的子代，若子代在30 ℃环境中成长，其毛色最可能全为白色
【答案】　B

变式训练2：某种两性花的植物，可以通过自花传粉或异花传粉繁殖后代。在25 ℃条件下，基因型为AA和Aa的植株都开红花，基因型为aa的植株开白花，但在30 ℃的条件下，各种基因型的植株均开白花。下列说法不正确的是(　　)
A．不同温度条件下同一基因型植株花色不同，说明环境能影响生物的性状
B．若要探究一开白花植株的基因型，最简单可行的方法是在25 ℃条件下进行杂交实验
C．在25 ℃的条件下生长的白花植株自交，后代中不会出现红花植株
D．在30 ℃的条件下生长的白花植株自交，产生的后代在25 ℃条件下生长可能会出现红花植株
【答案】　B
【解析】　基因型是AA和Aa的该植物在25 ℃条件下都开红花、而在30 ℃条件下均开白花，说明环境能影响生物的性状，A项正确；探究该株植物的基因型是AA、Aa还是aa，最简单可行的方法是在25 ℃条件下进行自交，并在25 ℃的条件下培养后代，如果后代全部是红花植株，说明该植株的基因型为AA，如果都开白花，说明该植株的基因型为aa，如果既有开白花的植株，也有开红花的植株，则说明该植株的基因型为Aa，B项错误；在25 ℃的条件下生长的白花植株的基因型是aa，此种基因型的个体自交后代的基因型仍为aa，表现为白花，后代中不会出现红花植株，C项正确；在30 ℃的条件下，各种基因型的植株均开白花，所以在30 ℃的条件下生长的白花植株自交，产生的后代在25 ℃条件下生长可能会出现红花植株，D项正确。

五、不完全显性遗传现象
例题：安达卢西亚鸡的毛色有蓝色、黑色和白点三种，且由一对等位基因(B、b)控制。下表为相关遗传实验研究结果，下列分析错误的是(　　)
组别
P
F1
1
黑色×蓝色
黑色∶蓝色＝1∶1
2
白点×蓝色
蓝色∶白点＝1∶1
3
黑色×白点
全为蓝色

A.蓝色安达卢西亚鸡的基因型为Bb，黑色鸡和白点鸡都是纯合子
B．蓝色的安达卢西亚鸡群随机交配，产生的后代有三种表现型
C．黑色安达卢西亚鸡群随机交配，产生的后代中约有为白点鸡
D．一只蓝色安达卢西亚母鸡，如不考虑交叉互换和基因突变，则该鸡的一个次级卵母细胞的毛色基因组成为BB或bb
【答案】　C
【解析】　根据第3组黑色鸡与白点鸡杂交后代都是蓝色鸡，说明蓝色安达卢西亚鸡的基因型为Bb，黑色鸡和白点鸡都是纯合子，A项正确；蓝色的安达卢西亚鸡群随机交配产生的后代有三种基因型，分别为BB、Bb、bb，表现型也有黑色、蓝色和白点三种，B项正确；黑色安达卢西亚鸡都是纯合子，让其随机交配，产生的后代中只有黑色安达卢西亚鸡，C项错误；一只蓝色安达卢西亚母鸡的基因型为Bb，若不考虑交叉互换和基因突变，其一个次级卵母细胞的毛色基因组成为BB或bb，D项正确。


【难点突破】
不完全显性：如等位基因A和a分别控制红花和白花，在完全显性时，Aa自交后代中红花∶白花＝3∶1，在不完全显性时，Aa自交后代中红花(AA)∶粉红花(Aa)∶白花(aa)＝1∶2∶1。


变式训练1：某育种机构用射线辐射处理一批纯合的白色小花瓣花的种子，相同环境下种植，不同植株分别开白色小花瓣花、红色小花瓣花和白色大花瓣花。已知花色由一对等位基因A、a控制，花瓣由一对等位基因B、b控制，A(a)和B(b)分别位于不同的染色体上。经研究发现，红花为隐性性状。某育种员选取一开白色大花瓣花的植株自交，子代表现型及比例为白色大花瓣花∶白色小花瓣花∶无花瓣花＝2∶1∶1，则选取的植株的基因型为________。从白色大花瓣花植株自交所得子代中取出部分植株，随机交配若干代，Fn的花瓣表现型及数量关系如图所示，则Fn－1中B的基因频率为________。

【答案】　AABb　或
【解析】　因白色大花瓣花的植株自交所得子代表现型及比例为白色大花瓣花∶白色小花瓣花∶无花瓣花＝2∶1∶1，即子代均开白花，由于红花为隐性性状，则该植物关于花色的基因型为AA；后代大花瓣花∶小花瓣花∶无花瓣花＝2∶1∶1，这是“3∶1”的变式，说明该植物的基因型为Bb。因此选取的植株的基因型为AABb。大花瓣的基因型为Bb，假设一：小花瓣花的基因型为BB，无花瓣花的基因型为bb，根据图中信息可知，Fn的花瓣的基因型及比例为：bb∶Bb∶BB＝4∶4∶1，即bb和Bb的基因型频率均为，BB的基因型频率为，则Fn中B的基因频率为×＋＝；假设二：小花瓣花的基因型为bb，无花瓣花的基因型为BB，根据图中信息可知，Fn的花瓣的基因型及比例为：BB∶Bb∶bb＝4∶4∶1，即BB和Bb的基因型频率均为，bb的基因型频率为，则Fn中B的基因频率为＋×＝。由此可知，Fn中B的基因频率为或。由于随机交配后代基因频率保持不变，因此Fn－1中B的基因频率也为或。

变式训练2：萝卜的花有红色、紫色、白色三种，由一对等位基因控制。现选用紫花萝卜分别与红花、白花、紫花萝卜杂交，F1中红花、白花、紫花的数量比例分别如下图中①②③所示，下列相关叙述错误的是(　　)

A．红花萝卜与红花萝卜杂交，后代均为红花萝卜
B．白花萝卜与白花萝卜杂交，后代均为白花萝卜
C．红花萝卜与白花萝卜杂交，后代既有红花萝卜，也有白花萝卜
D．可用紫花萝卜与白花萝卜杂交验证基因的分离定律
【答案】　C
【解析】　根据题图中的杂交结果可知，红花植株和白花植株为纯合子，紫花植株为杂合子。红花植株与白花植株杂交，后代只有紫花植株。


【真题回顾】
1．（2017·海南省高考真题）遗传学上的平衡种群是指在理想状态下，基因频率和基因型频率都不再改变的大种群。某哺乳动物的平衡种群中，栗色毛和黑色毛由常染色体上的1对等位基因控制。下列叙述正确的是
A．多对黑色个体交配，每对的子代均为黑色，则说明黑色为显性
B．观察该种群，若新生的栗色个体多于黑色个体，则说明栗色为显性
C．若该种群栗色与黑色个体的数目相等，则说明显隐性基因频率不等
D．选择1对栗色个体交配，若子代全部表现为栗色，则说明栗色为隐性
【答案】C
【解析】
A、多对黑色个体交配，每对的子代均为黑色，据此不能判断这对相对性状的显隐性关系，黑色可能为显性，也有可能为隐性，A错误；
B、根据“新生的栗色个体多于黑色个体”不能说明栗色为显性，B错误；
C、若显性基因频率和隐性基因频率相等，则显性个体数目多于隐性个体数目，因此该种群栗色与黑色个体的数目相等时，则说明显隐性基因频率不等，C正确；
D、选择1对栗色个体交配，若子代全部表现为栗色，据此不能判断这对相对性状的显隐性关系，栗色可能为显性，也有可能为隐性，D错误。
故选C。

2．（2010·江苏省高考真题）喷瓜有雄株、雌株和两性植株，G基因决定雄株，g基本决定两性植株，g-基因决定雌株，G对g g-是显性，g对g-是显性，如：Gg是雄株,gg-是两性植株，g-g-是雌株。下列分析正确的是
A．Gg和Gg-能杂交并产生雄株
B．一株两性植株的喷瓜最多可产生三种配子
C．两性植株自交不可能产生雌株
D．两性植株群体内随机传粉，产生的后代中，纯合子比例高于杂合子
【答案】D
【解析】
A、从题意可知，Gg、Gg-均为雄性，不能杂交，A项错误；
B、两性为gg-可产生两种配子，B项错误；
C、两性植株gg-可自交可产生g-g-雌株，C项错误；
D、若两性植株群体内随机传粉，则纯合子比例会比杂合子高，D项正确。
故选D。

3．（2016·全国高考真题）果蝇的某对相对性状由等位基因G、g控制，且对于这对性状的表现型而言，G对g完全显性。受精卵中不存在G、g中的某个特定基因时会致死。用一对表现型不同的果蝇进行交配，得到的子一代果蝇中雌：雄＝2:1，且雌蝇有两种表现型。据此可推测：雌蝇中
A．这对等位基因位于常染色体上，G基因纯合时致死
B．这对等位基因位于常染色体上，g基因纯合时致死
C．这对等位基因位于X染色体上，g基因纯合时致死
D．这对等位基因位于X染色体上，G基因纯合时致死
【答案】D
【解析】由题意“子一代果蝇中雌:雄＝2:1”可知,该对相对性状的遗传与性别相关联，为伴性遗传，G、g这对等位基因位于X染色体上；由题意“子一代雌蝇有两种表现型且双亲的表现型不同”可推知：双亲的基因型分别为XGXg和XgY；再结合题意“受精卵中不存在G、g中的某个特定基因时会致使”，可进一步推测：G基因纯合时致死。综上分析，A、B、C三项均错误，D项正确。

4．（2020·浙江省高考真题）若马的毛色受常染色体上一对等位基因控制，棕色马与白色马交配，均为淡棕色马，随机交配，中棕色马：淡棕色马：白色马=1：2：1。下列叙述正确的是
A．马的毛色性状中，棕色对白色为完全显性
B．中出现棕色、淡棕色和白色是基因重组的结果
C．中相同毛色的雌雄马交配，其子代中雌性棕色马所占的比例为3/8
D．中淡棕色马与棕色马交配，其子代基因型的比例与表现型的比例相同
【答案】D
【解析】A、马的毛色性状中，棕色对白色为不完全显性，A错误；
B、中出现棕色、淡棕色和白色是基因分离的结果，B错误；
C、中相同毛色的雌雄马交配，其子代中棕色马所占的比例为1/4+2/4×1/4=3/8，雌性棕色马所占的比例为3/16，C错误；
D、中淡棕色马与棕色马交配，其子代基因型的比例为1:1，,表现型为淡棕色马与棕色马，比例为1:1， D正确。
故选D。

5．（2018·浙江省高考真题）一对A血型和B血型的夫妇，生了AB血型的孩子。AB血型的这种显性类型属于
A．完全显性 B．不完全显性 C．共显性 D．性状分离
【答案】C
【解析】
一对A血型（IA_）和B血型（IB_）的夫妇，生了AB血型（IAIB）的孩子，说明IA基因和IB基因控制的性状在子代同时显现出来，这种显性类型属于共显性，C正确，A、B、D均错误。

6．（2019·全国高考真题）假设在特定环境中，某种动物基因型为BB和Bb的受精卵均可发育成个体，基因型为bb的受精卵全部死亡。现有基因型均为Bb的该动物1000对（每对含有1个父本和1个母本），在这种环境中，若每对亲本只形成一个受精卵，则理论上该群体的子一代中BB、Bb、bb个体的数目依次为
A．250、500、0
B．250、500、250
C．500、250、0
D．750、250、0
【答案】A
【解析】双亲的基因型均为Bb，根据基因的分离定律可知：Bb×Bb→1/4BB、1/2Bb、1/4bb，由于每对亲本只能形成1个受精卵，1000对动物理论上产生的受精卵是1000个，且产生基因型为BB、Bb、bb的个体的概率符合基因的分离定律，即产生基因型为BB的个体数目为1/4×1000=250个，产生基因型为Bb的个体数目为1/2×1000=500个，由于基因型为bb的受精卵全部致死，因此获得基因型为bb的个体数目为0。综上所述，BCD不符合题意，A符合题意。故选A。

7．（2019·全国高考真题）某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株（植株甲）进行了下列四个实验。
①植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离
②用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶
③用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1∶1
④用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为3∶1
其中能够判定植株甲为杂合子的实验是
A．①或②
B．①或④
C．②或③
D．③或④
【答案】B
【解析】让全缘叶植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离，说明植株甲为杂合子，杂合子表现为显性性状，新出现的性状为隐性性状，①正确；用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶，说明双亲可能都是纯合子，既可能是显性纯合子，也可能是隐性纯合子，或者是双亲均表现为显性性状，其中之一为杂合子，另一个为显性纯合子，因此不能判断植株甲为杂合子，②错误；用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1:1，只能说明一个亲本为杂合子，另一个亲本为隐性纯合子，但谁是杂合子、谁是纯合子无法判断，③错误；用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为3:1，说明植株甲与另一全缘叶植株均为杂合子，④正确。综上分析，供选答案组合，B正确，A、C、D均错误。

8．（2016·江苏省高考真题）人类ABO血型由9号染色体上的3个复等位基因（IA，IB和i）决定，血型的基因型组成见下表。若一AB型血红绿色盲男性和一O型血红绿色盲携带者的女性婚配，下列叙述不正确的是（ ）
血型
A
B
AB
O
基因型
IAIA，IAi
IBIB，IBi
IAIB
ii
A．他们生A型血色盲男孩的概率为1/8
B．他们生的女儿色觉应该全部正常
C．他们A型血色盲儿子和A型血色觉正常女性婚配，有可能生O型血色盲女儿
D．他们B型血色盲女儿和AB型血色觉正常男性婚配，生B型血色盲男孩的概率为1/4
【答案】B
【解析】A、AB型血红绿色盲男性基因型为IAIBXhY，O型血红绿色盲携带者的女性基因型为iiXHXh，他们生A型血色盲男孩IAiXhY的概率为1/2×1/4=1/8，A正确；
B、他们生的女儿色觉一半正常，一半色盲，B错误；
C、他们A型血色盲儿子和A型血色觉正常女性的基因型分别为IAiXhY、IAiXHXh，生出O型血色盲女儿iiXhXh的概率为1/4×1/4=1/16，C正确；
D、他们B型血色盲女儿和AB型血色觉正常男性的基因型分别为IBiXhXh、IAIBXHY，生B型血色盲男孩的概率为1/2×1/2=1/4，D正确。
故选B。

9．（2018·江苏省高考真题）一对相对性状的遗传实验中，会导致子二代不符合3∶1性状分离比的情况是
A．显性基因相对于隐性基因为完全显性
B．子一代产生的雌配子中2种类型配子数目相等，雄配子中也相等
C．子一代产生的雄配子中2种类型配子活力有差异，雌配子无差异
D．统计时子二代3种基因型个体的存活率相等
【答案】C
【解析】一对相对性状的遗传实验中，若显性基因相对于隐性基因为完全显性，则子一代为杂合子，子二代性状分离比为3:1，A正确；若子一代雌雄性都产生比例相等的两种配子，则子二代性状分离比为3:1，B正确；若子一代产生的雄配子中2种类型配子活力有差异，雌配子无差异，则子二代性状分离比不为3:1，C错误；若统计时,子二代3种基因型个体的存活率相等，则表现型比例为3:1，D正确。

10．（2019·北京高考真题）油菜是我国重要的油料作物，培育高产优质新品种意义重大。油菜的杂种一代会出现杂种优势（产量等性状优于双亲），但这种优势无法在自交后代中保持，杂种优势的利用可显著提高油菜籽的产量。
（1）油菜具有两性花，去雄是杂交的关键步骤，但人工去雄耗时费力，在生产上不具备可操作性。我国学者发现了油菜雄性不育突变株（雄蕊异常，肉眼可辨），利用该突变株进行的杂交实验如下：

①由杂交一结果推测，育性正常与雄性不育性状受_________对等位基因控制。在杂交二中，雄性不育为_________性性状。
②杂交一与杂交二的F1表现型不同的原因是育性性状由位于同源染色体相同位置上的3个基因（A1、A2、A3）决定。品系1、雄性不育株、品系3的基因型分别为A1A1、A2A2、A3A3。根据杂交一、二的结果，判断A1、A2、A3之间的显隐性关系是_________。
（2）利用上述基因间的关系，可大量制备兼具品系1、3优良性状的油菜杂交种子（YF1），供农业生产使用，主要过程如下：
①经过图中虚线框内的杂交后，可将品系3的优良性状与_________性状整合在同一植株上，该植株所结种子的基因型及比例为_________。
②将上述种子种成母本行，将基因型为_________的品系种成父本行，用于制备YF1。
③为制备YF1，油菜刚开花时应拔除母本行中具有某一育性性状的植株。否则，得到的种子给农户种植后，会导致油菜籽减产，其原因是_________。
（3）上述辨别并拔除特定植株的操作只能在油菜刚开花时（散粉前）完成，供操作的时间短，还有因辨别失误而漏拔的可能。有人设想：“利用某一直观的相对性状在油菜开花前推断植株的育性”，请用控制该性状的等位基因（E、e）及其与A基因在染色体上的位置关系展示这一设想 ____________________。
【答案】一 显 A1对A2为显性；A2对A3为显性 雄性不育 A2A3：A3A3=1:1 A1A1 所得种子中混有A3A3自交产生的种子、A2A3 与A3A3杂交所产生的种子，这些种子在生产上无杂种优势且部分雄性不育

【解析】
（1）①通过分析可知，育性正常与雄性不育性状受一对等位基因控制；杂交二中，雄性不育为显性性状。
②品系1、雄性不育株、品系3的基因型分别为A1A1、A2A2、A3A3，通过分析可知，杂交一A1为显性基因，A2为隐性，杂交二A2为显性，A3为隐性，由此推断A1、A2、A3之间的显隐性关系是：A1＞A2＞A3。
（2）①通过杂交二，可将品系3 （A3A3）的优良性状与雄性不育株（A2 A2）杂交，得到A2A3，再与A3A3杂交，得到A2A3：A3A3=1:1。
②将A2A3和A3A3种植成母本行，将基因型为A1A1的品系1种成父本行，制备YF1即A1A3。
③由于母本行是A2A3（雄性不育）和A3A3（雄性可育），父本行是A1A1（雄性可育），要得到YF1（A1A3），需要在油菜刚开花时应拔除母本行中A2A3（雄性不育，其雄蕊异常、肉眼可辨）植株，否则，所得种子中混有A3A3自交产生的种子、A2A3 与A3A3杂交所产生的种子，这些种子在生产上无杂种优势且部分雄性不育，种植后会导致减产。
（3）将E基因移入A2基因所在的染色体，将e基因移入A3基因所在的染色体，则表现E基因性状个体为不育，未表现E基因性状个体为可育，这样可以通过判断是否表现E基因性状而对A2A3和A3A3进行判断。

11．（2015·四川省高考真题）果蝇的黑身、灰身由一对等位基因（B、b)控制。
（1）实验一：黑身雌蝇甲与灰身雄绳乙杂交，F1全为灰身，F1随机交配，F2雌雄果蝇表型比均为灰身：黑身＝3:l。
①果蝇体色性状中，__________为显性。Fl的后代重新出现黑身的现象叫做__________；F2的灰身果蝇中，杂合子占____________。
②若一大群果蝇随机交配，后代有9900只灰身果蝇和100只黑身果蝇，则后代中Bb的基因型频率为______。若该群体置于天然黑色环境中，灰身果蝇的比例会__________，这是__________的结果。
（2）另一对同源染色体上的等位基因（R、r）会影响黑身果蝇的体色深度。
实验二：黑身雌蝇丙（基因型同甲）与灰身雄蝇丁杂交，F1全为灰身，F1随机交配，F2表型比为：雌蝇中灰身：黑身＝3:1；雄蝇中灰身：黑身：深黑身＝6:1:1。
①R、r基因位于____________染色体上，雄蝇丁的基因型为_____________，F2中灰身雄蝇共有________种基因型。
②现有一只黑身雌蝇（基因型同丙），其细胞（2n＝8）中Ⅰ、Ⅱ号染色体发生如图所示变异。

变异细胞在减数分裂时，所有染色体同源区段须联会且均相互分离，才能形成可育配子。用该果蝇重复实验二，则F1雌蝇的减数第二次分裂后期细胞中有__________条染色体，F2的雄蝇中深黑身个体占_______。
【答案】灰色 性状分离 2/3 18% 下降 自然选择 X BBXrY 4 8或6 1/32
【解析】（1）①黑身雌蝇甲与灰身雄蝇乙杂交，F1全为灰身,F1随机交配，F2雌雄果蝇表型比均为灰身∶黑身=3∶1出现性状分离，因此灰身由常染色体上的显性基因控制，F2的灰身果蝇中杂合子占2/3；
②由题干信息可知，后代果蝇中bb的基因型频率为1/100,故b的基因频率为1/10，B的基因频率为9/10，因此后代中Bb的基因型频率为2×1/10×9/10=18%，若该群体置于天然黑色环境中，通过自然选择,灰身果蝇的比例会下降。
（2）①另一对同源染色体上的等位基因（R、r）会影响黑身果蝇的体色深度，实验二中，F1随机交配，F2雌雄果蝇的表现型不一致,所以等位基因（R、r）位于X染色体上。F2雄蝇有灰身、黑身、深黑身三种表现型，因此F1雌蝇的基因型为BbXRXr,所以亲本黑身雌蝇丙的基因型为bbXRXR,灰身雄蝇丁的基因型为BBXrY，F1随机交配,F2中灰身（BB、Bb）雄蝇（XRY、XrY）共有2×2=4种基因型；
②黑身雌蝇（基因型同丙,bbXRXR）发生染色体易位后，Ⅰ号、Ⅱ号染色体组成了新染色体,此时细胞中有7条染色体,重复实验二,则F1雌蝇中有1/2BbXRXr正常，减数第二次分裂后期细胞中有8条染色体，F1雌蝇中有1/2BbXRXr异常（含7条染色体），减数第二次分裂后期细胞中有8条或6条染色体。F1雄蝇中有1/2BbXRY正常,有1/2BbXRY异常（含7条染色体）,随机交配，则F2中只有基因型为bbXrY的雄蝇为深黑身,F1雌蝇中只有1/2BbXRXr的正常雌蝇能产生1/8bXr卵细胞,异常的个体b与XR组成了新染色体连锁遗传，F1雄蝇中也只有1/2BbXRY的正常个体能产生1/8bY精子，异常的个体b与XR组成了新染色体连锁遗传，故F2中深黑身个体所占比例为1/8×1/8=1/64,F2的雄蝇中深黑身个体占1/32。

12．（2009·浙江省高考真题）正常小鼠体内常染色体上的B基因编码胱硫醚γ—裂解酶（G酶），体液中的H2S主要由G酶催化产生。为了研究G酶的功能，需要选育基因型为B-B-的小鼠。通过将小鼠一条常染色体上的B基因去除，培育出了一只基因型为B+B-的雄性小鼠（B+表示具有B基因，B-表示去除了B基因，B+和B-不是显隐性关系），请回答：

（1）现提供正常小鼠和一只B+B-雄性小鼠，欲选育B-B-雄性小鼠。请用遗传图解表示选育过程（遗传图解中表现型不作要求）____________________________。
（2）B基因控制G酶的合成，其中翻译过程在细胞质的__________上进行，通过tRNA上的_______________与mRNA上的碱基识别，将氨基酸转移到肽链上。酶的催化反应具有高效性，胱硫醚在G酶的催化下生成H2S的速率加快，这是因为_______________。
（3）右图表示不同基因型小鼠血浆中G酶浓 度和H2S浓度的关系。B-B-个体的血浆中没有G酶而仍有少量H2S产生，这是因为______。通过比较B+B+和B+B-个体的基因型、G酶浓度与H2S浓度之间的关系，可得出的结论是________。
【答案】
核糖体 反密码子 G酶能降低化学反应活化能 血浆中的H2S不仅仅由G酶催化产生 基因可通过控制G酶的合成来控制H2S浓度
【解析】
本题考查基因控制蛋白质合成的有关知识。
（1）遗传图解如下：

（2）B基因控制G酶的合成，其中翻译过程在核糖体上进行，通过tRNA上的反密码子与mRNA上的碱基识别，将氨基酸转移到肽链上。酶的催化反应具有高效性，是因为酶能降低化学反应的活化能。
（3）上图表示不同基因型小鼠血浆中G酶浓度和H2S浓度的关系。B-B-个体的血浆中没有G酶而仍有少量H2S产生，这是因为血浆中的H2S不仅仅由 G酶催化生成。通过比较B+B+和B+B-个体的基因型、G酶浓度与H2S浓度之间的关系，可得出的结论是基因可通过控制G酶的合成来控制H2S浓度。

【新题精练】
一、单选题
1．（2020·上海高三二模）猫的色素淡化基因属于复等位基因， 如 Cb（奶白色）、 CS（纯白色）、 c（白化） 等。 其中，Cb、 CS对 c 均呈显性。 基因型分别为 Cbc 和 CSc 的两只猫交配， F1出现四种不同颜色的猫，则 Cb和 CS 的显隐性关系不可能是
A．Cb对 CS完全显性 B．镶嵌显性
C．Cb对 CS不完全显性 D．CS 对 Cb不完全显性
【答案】A
【解析】
基因型分别为 Cbc 和 CSc 的两只猫交配，F1的基因型为CbCS、CSc、Cbc、cc四种。依题意可知，F1中基因型为CSc、Cbc、cc的个体依次表现为纯白色、奶白色、白化；又因为F1出现四种不同颜色的猫，说明Cb和 CS 的显隐性关系可能有三种，即镶嵌显性、Cb对 CS不完全显性、CS 对 Cb不完全显性，但不可能是Cb对 CS完全显性，A正确，B、C、D均错误。

2．（2020·四川省成都外国语学校高一开学考试）血型的鉴定可以作为亲子鉴定的方法之一。某夫妇均为ABO血型系统，这种血型由基因IA、IB、i控制，这三个基因互为等位基因。已知血型及与血型对应的基因型关系如下表所示。该夫妇基因型分别为IAi和IAIB，则下列血型的小孩一定不是该夫妇所生的是（ ）
血型
基因型
A
IAIA、IAi
B
IBIB、IBi
AB
IAIB
O
ii
A．A型 B．B型 C．AB型 D．O型
【答案】D
【解析】
一对基因型为IAi 和IAIB的夫妇，其所生的小孩的基因型可能为IAIA、IAi、 IAIB 、IBi ，所以小孩的基因型可能为A型、AB型、B型，但不可能是O型，故本题正确答案为D。

3．（2020·四川省成都外国语学校高一开学考试）红茉莉和白茉莉杂交，后代全是粉茉莉，粉茉莉自交，后代中红茉莉：粉茉莉：白茉莉 =1:2:1,下列说法中正确的是（ ）
A．茉莉的颜色红、白、粉不是相对性状
B．粉茉莉自交的结果不能用孟德尔的分离定律解释
C．亲本无论正交和反交，后代的表现型及其比例均相同
D．粉茉莉测交，后代中一定会出现红茉莉
【答案】C
【解析】
试题分析：A、茉莉的颜色红、白、粉属于相对性状，A错误；
B、粉茉莉自交的结果可以用孟德尔的分离定律解释，只是AA和Aa表现的性状不一样，B错误；
C、该性状与性别无关系，所以亲本无论正交和反交，后代的表现型及其比例均相同，C正确；
D、粉茉莉与白茉莉测交，即：Aa×aa→1Aa（粉茉莉）：1aa（白茉莉），后代中不会出现红茉莉，D错误．
故选C．

4．（2020·四川省成都外国语学校高一开学考试）人类秃发遗传由一对等位基因b＋和b控制，b＋b＋表现正常，bb表现秃发，杂合子b＋b在男性中表现秃发，而在女性中表现正常；一对夫妇丈夫秃发妻子正常，生育一秃发儿子和一正常女儿。下列表述正确的是（ ）
A．根据题意可以确定丈夫的基因型为bb，妻子的基因型为b＋b
B．秃发儿子和正常女儿的基因型分别是bb和b＋b
C．若秃发儿子和正常女儿基因型相同，父母一定是纯合子
D．这对夫妇再生一女儿是秃发的概率是0或25%或50%
【答案】D
【解析】
A、根据题意不能确定丈夫和妻子的基因型为，A错误；
B、秃发儿子和正常女儿的基因型可以都是b＋b，B错误；
C、若秃发儿子和正常女儿基因型相同即都是b＋b，则父母也未必一定都是纯合子，C错误；
D、根据分析，若这对夫妇的基因型为b＋b和b＋b＋，则不可能生出秃发女儿；若这对夫妇的基因型都为b＋b则再生一女儿是秃发的概率是25%；若这对夫妇的基因型为bb和b＋b，则再生一女儿是秃发的概率是50%，D正确。
故选D。

5．（2020·四川省成都外国语学校高一开学考试）某种群中,AA的个体占25%。Aa的个体占50%,aa的个体占25%。若种群中的雌雄个体自由交配，且aa的个体无繁殖能力，则子代中AA：Aa：aa的比值是
A．3：2：3 B．4：4：1 C．1：1：0 D．1：2：0
【答案】B
【解析】
试题分析：A的基因频率为=AA基因型频率+Aa基因型频率÷2==，则a的基因频率为=1﹣．若种群中的雌雄个体自由交配，则子一代中AA个体占=、Aa的个体占2×、aa的个体占，所以AA：Aa：aa=4：4：1．
故选B．

6．（2020·四川省成都外国语学校高一开学考试）番茄的红果(R)对黄果(r)是显性，让杂合的红果番茄自交得F1，淘汰F1中的黄果番茄，利用F1中的红果番茄自交，其后代RR、Rr、rr三种基因的比例分别是
A．1∶2∶1 B．4∶4∶1
C．3∶2∶1 D．9∶3∶1
【答案】C
【解析】由题意可知杂合的红果番茄自交得F1，淘汰F1中的黄果番茄，用F1中的红果番茄即1/3RR，2/3Rr自交。后代中RR占1/3+2/3×1/4=3/6，Rr占2/6，rr占2/3×1/4=1/6，C正确，A、B、D错误。

7．（2020·四川省成都外国语学校高一开学考试）一杂合子(Dd)植株自交时，含有隐性基因的花粉有50%的死亡率，则自交后代的基因型比例是(　 　)
A．1∶1∶1 B．4∶4∶1 C．2∶3∶1 D．1∶2∶1
【答案】C
【解析】Dd植株中雌配子有1/2D、1/2d，雄配子d有50%的致死，说明雄配子是
1/2D、1/2×1/2d=1/4d，也就是雄配子中有2/3D、1/3d。
所以后代各种基因型的频率：

雌雄配子以及后代基因型概率
2/3D
1/3d
1/2D
DD1/3
Dd1/6
1/2d
Dd1/3
dd1/6
故后代各种基因型所占的比例为：DD：Dd：dd=2：3：1
故选C。

8．（2020·上海高三二模）已知毛色控制基因在常染色体上，兔子的毛色有灰色、青色、白色、黑色、褐色等。灰色由显性基因B控制，控制青色（b1）、白色（b2）、黑色（b3）、褐色（b4）的基因均为B的等位基因。有人做了如下实验：杂交实验一，纯种青毛兔×纯种白毛兔→F1为青毛兔；杂交实验二，纯种黑毛兔×纯种褐毛兔→F1为黑毛兔；杂交实验三，F1青毛兔×F1黑毛兔→青毛∶黑毛∶白毛＝2∶1∶1。据此判定b1、b2、b3、b4的显隐性关系是（ ）
A．b1>b2>b3>b4 B．b3>b4>b1>b2
C．b1>b3>b2>b4 D．b1>b4>b3>b2
【答案】C
【解析】纯种青毛兔（b1b1）与纯种白毛兔（b2b2）杂交，F1为青毛兔（b1b2），说明b1对b2为显性；纯种黑毛兔（b3b3）与纯种褐毛兔（b4b4）杂交，F1为黑毛兔（b3b4），说明b3对b4为显性；F1青毛兔（b1b2）与F1黑毛兔（b3b4）杂交，F1的基因型及其比例为b1b3∶b1b4∶b2b3∶b2b4＝1∶1∶1∶1，表现型及其比例为青毛（b1b3＋b1b4）∶黑毛（b2b3）∶白毛（b2b4）＝2∶1∶1，说明b1对b3、b4为显性，b3对b2为显性，b2对b4为显性。综上分析，b1、b2、b3、b4的显隐性关系是b1>b3>b2>b4，C正确。
故选C。

9．（2020·上海高三二模）原产欧洲南部喷瓜的性别不是由性染色体决定，而是由3个复等位基因aD、a+、ad决定的，它们的性别表现与基因型如下表所示，则决定雄性、两性、雌性植株的基因依次是（ ）
性别类型
基因型
雄性植株
a+aD, aDad, aDaD
雌性植株
adad
两性植株（雌雄同株）
a+a+,ada+
A．aD、ad、a+ B．aD、a+、ad
C．a+、aD、ad D．a+、ad、aD
【答案】B
【解析】根据表格分析已知，雄株的基因型为a+aD、aDad、aDaD，三个基因型中都有aD，说明决定雄性植株的基因为aD；雌株的基因型为adad，其基因型中只有ad，说明决定雌性植株的基因为ad；两性植株（雌雄同株）基因型为a+a+、a+ad，两个基因型中都有a+，说明决定两性植株（雌雄同株）的基因为a+。
故选B。

10．（2020·上海高三二模）图是某对血型为A型和B型的夫妇生出孩子的可能基因型的遗传图解。下列对于图示说明错误的是（ ）

A．过程Ⅰ——遵循基因分离定律 B．IAIB——位于一对同源染色体
C．过程Ⅱ——受精作用 D．F——性状分离比=3∶1
【答案】D
【解析】A、过程Ⅰ中IA和i、IB和i是等位基因，所以遵循基因分离定律，A正确；
B、IAIB是等位基因，所以位于一对同源染色体，B正确；
C、过程Ⅱ是精子和卵细胞的随机结合，是受精作用，C正确；
D、在F中IAi，表现为A血型，IAIB表现为AB血型，IBi表现为B血型，ii表现为O血型，所以性状分离比为1∶1∶1∶1，D错误。
故选D。

11．（2020·山东省高三其他）某二倍体植物的性别是由3个等位基因aD、a+、ad决定的，其中aD对a+、ad为显性，a+对ad为显性。aD基因决定雄性，a+基因决定雌雄同株，ad基因决定雌性。若没有基因突变发生，下列说法正确的是（ ）
A．自然条件下，该植物的基因型最多有6种
B．通过杂交的方法能获得纯合二倍体雄性植株
C．利用花药离体培养可直接获得纯合二倍体雄性植株
D．若子代中1/4是雌株，则母本一定是雌雄同株
【答案】D
【解析】A、自然条件下，该植物的基因型最多有5种，不可能有aDaD，aD基因决定雄性，两个雄性无法杂交，A错误；
B、aDaD需要双亲分别提供aD的配子，而aD对a+、ad为显性，因此不可能通过杂交的方法能获得纯合二倍体雄性植株，B错误；
C、利用花药离体培养得到的是单倍体，需加倍才能获得纯合二倍体雄性植株，C错误；
D、若子代中1/4是雌株（adad），双亲均含ad，且能提供ad的配子的概率为1/2，则母本一定是a+ad（雌雄同株），D正确。
故选D。

12．（2020·辽宁省高三一模）樱桃番茄(二倍体)的果实颜色多为红色，由3号染色体上的a基因控制。研究人员在育种时发现一株结黄色果实的樱桃番茄，经分析确定这株番茄的3号染色体有三条，其他染色体正常，该植株的基因型为Aaa。该植株进行减数分裂时，3号染色体中的任意两条发生配对并正常分离，第三条染色体随机移到细胞一极。将该植株自交得F1。下列相关叙述正确的是（ ）
A．该植株可产生A、Aa、a、a四种配子，且数量比为1∶1∶1∶1
B．F1中结黄色果实的植株中既有二倍体，也有三倍体和四倍体
C．F1中结黄色果实的植株全是杂合子，结红色果实的植株全是纯合子
D．若按体细胞染色体数目进行分类，则F1植株可分为3种类型
【答案】D
【解析】
A、该植株的基因型为Aaa，产生的配子及其比例为A∶Aa∶a∶aa=1∶2∶2∶1，A错误；
B、F1中结黄色果实的植株的基因型为AA、Aa、AAa、Aaa、AAaa、Aaaa，其中基因型为AAa和Aaa植株的3号染色体有三条，为三体；AAaa和Aaaa植株的3号染色体有四条，为四体，B错误；
C、F1中结黄色果实的植株的基因型为AA、Aa、AAa、Aaa、AAaa、Aaaa，其中基因型为AA植株为纯合子，结红色果实的植株的基因型为aa、aaa、aaaa，全是纯合子，C错误；
D、若按体细胞染色体数目进行分类，则F1植株可分为3种类型，即2n、2n+1、2n+2，D正确。
故选D。

13．（2020·北京高三二模）紫罗兰单瓣花和重瓣花是一对相对性状，由一对基因B、b决定。育种工作者利用野外发现的一株单瓣紫罗兰进行遗传实验，实验过程及结果如图。据此作出的推测，合理的是（ ）

A．重瓣对单瓣为显性性状
B．紫罗兰单瓣基因纯合致死
C．缺少B基因的配子致死
D．含B基因的雄或雌配子不育
【答案】D
【解析】
A、由分析可知，单瓣对重瓣为显性性状，A错误；
B、若紫罗兰单瓣基因纯合致死，则题中自交比例应为单瓣紫罗兰：重瓣紫罗兰=2:1，与题意不符，B错误；
C、若缺少B基因的配子致死，则后代中只有重瓣紫罗兰出现，且亲本也无法出现，C错误；
D、若含B基因的雄或雌配子不育，则亲本单瓣紫罗兰（Bb）自交，亲本之一产生两种配子，比例为1:1，而另一亲本只产生一种配子（b），符合题意，D正确。
故选D。
14．（2020·上海高三二模）喷瓜是葫芦科的一种二倍体植物，无性染色体，其性别是由三个等位基因（aD、a+、ad决定的，这三个等位基因决定的性别与显隐关系如表所示，则喷瓜种群中，下列说法正确的是（ ）
基因
性别
显隐性关系
aD
雄性
aD对a+、ad为显性，a＋对ad为显性

a+
雌雄同株
ad
雌性
A．雌性植株的基因型为adad、a＋ad
B．雌雄同株植株的基因型为aDa+、a＋ad
C．雄性植株的基因型为aDa+、a＋ad
D．雄性植株的基因型为aDaD、aDa+、aDad
【答案】D
【解析】A、雌性植株的基因型只有adad，A错误；
B、雌雄同株植株的基因型为a+a+、a＋ad，B错误；
C、雄性植株的基因型为aDa+、aDad、aDaD，C错误；
D. 雄性植株的基因型为aDaD、aDa+、aDad，D正确。
故选D。

15．（2020·宁夏回族自治区高三二模）控制正常血红蛋白合成的基因A+位于第11号染色体上，其等位基因A和a编码的蛋白质均不正常，从而导致镰刀型细胞贫血，已知这三个复等位基因之间的显隐性关系为A＞A+＞a即基因A与A+共存时，个体表现出基因A控制的性状，如此类推。下列叙述正确的是（ )
A．等位基因的本质差异是碱基的排列顺序不同
B．基因型同为A+a的夫妇的生育患病子女是因为基因重组
C．都患镰刀型贫血的夫妇生了正常男孩，正常情况下该夫妇基因型组合有5种
D．镰刀型贫血症体现的是基因通过控制酶的合成来控制生物体的性状
【答案】A
【解析】
A、基因是由遗传效应的DNA片段，所以等位基因的本质差异是碱基的排列顺序不同，A正确；
B、基因型同为A+a的夫妇的生育患病子女（aa）是因为等位基因的分离和精卵细胞随机结合的结果，B错误；
C、若都患地中海贫血的夫妇所生一个不患病的男孩的基因型是A+A+，则正常情况下该夫妇基因型组合是AA+×AA+，若都患地中海贫血的夫妇所生一个不患病的男孩的基因型是A+a，则正常情况下该夫妇基因型组合是AA+×Aa或AA+×aa，所以若都患地中海贫血的夫妇生了一个不患病的男孩，则正常情况下该夫妇基因型组合有1+2=3种，C错误；
D、由题干“人类编码控制正常β-珠蛋白合成的基因A+位于第11号染色体上，其等位基因A和a编码的蛋白质均不正常，从而导致地中海贫血”可知，地中海贫血症体现的是基因通过控制蛋白质的结构直接控制生物的性状，D错误。
故选A。

二、综合题
16．（2020·江西省抚州市第一中学高三二模）现有如下品系特征的几种果蝇，已知表中所列性状的遗传涉及两对等位基因。研究人员通过不同品系果蝇的杂交实验，阐明了相关基因的遗传规律。
品系名称
品系的部分性状特征
裂翅
灰体、裂翅
黑檀体
黑檀体、直翅
野生型
灰体、直翅
请回答下列问题：
（1）选择果蝇作为实验材料的原因是_______________________（写出两点）。
（2）科学家通过实验确定了裂翅基因位于常染色体上。在此基因上继续研究，完成了下列实验：

经统计发现F2中裂翅品系：野生型＝2：5，由上述实验可推出直翅性状由__________________（填“显性”或“隐性”）基因控制。F2中裂翅品系：野生型＝2：5的原因最可能是__________________________。
（3）若要确定黑檀体基因是在X染色体上还是在常染色体上，请选择表中果蝇品系设计实验进行研究。
实验方案：______________________。
实验结果预测及结论：__________________。
【答案】容易饲养；繁殖速度快，生长周期短；后代数目多；有多对稳定的易于区分的相对性状；染色体数目少便于进行遗传实验研究（答出两点即可） 隐性 裂翅纯合子为致死个体（或答存在致死基因型） 实验方案：选择黑檀体品系与野生型进行正交和反交实验，观察并统计子代的表现型 实验结果预测及结论：若正交和反交结果一致，则可确定黑檀体基因位于常染色体上；若正交和反交结果不一致，则可确定黑檀体基因位于X染色体上
【解析】
（1）遗传学中常选用果蝇作为实验材料，是因为果蝇容易饲养；繁殖速度快，生长周期短；后代数目多；有多对稳定的易于区分的相对性状；染色体数目少便于进行遗传实验研究（答出两点即可）
（2）根据题意可知裂翅基因位于常染色体上，F1裂翅品系自交后代出现了性状分离，因此裂翅性状是显性性状，直翅性状为隐性性状。假设相关基因为A、a，那么F1裂翅品系的基因型为Aa，则其亲本基因型为Aa、aa，杂交后代F1基因型Aa∶aa=1∶1，F1自交，理论上其自交后代AA∶Aa∶aa=1∶2∶5，裂翅品系∶野生型=3∶5，实际情况是裂翅品系∶野生型=2∶5，那么从理论上产生的后代可以推知，最可能的原因是裂翅品系纯合子为致死个体。
（3）若要确定黑檀体基因是在X染色体上还是在常染色体上，应选择黑檀体品系与野生型品系，将其进行正反交实验，结论：若正交和反交结果一致，则可确定黑檀体基因位于常染色体上；若正交和反交结果不一致，则可确定黑檀体基因位于X染色体上。

17．（2020·山东省高三其他）现有某种雌雄异株的二倍体植物（2N=12，其中常染色体为1-V），其高茎与矮茎、红花与白花、圆粒与皱粒各受一对等位基因控制。研究人员用高茎红花圆粒雌株与矮茎红花圆粒雄株杂交，F1表现型及比例如下表。
F1
高茎：矮茎
红花：白花
圆粒：皱粒
1/2雌性
1∶1
2∶0
3∶1
1/2雄性
1∶1
1∶1
3∶1
（1）通过分析可以确定，属于显性性状的是___________。该植物的花色和粒型基因的遗传是否遵循自由组合定律（不考虑XY染色体的同源区段），请说明理由：______________。
（2）若已知株高基因位于常染色体上且高茎为显性，当每天光照时间大于18小时时，矮茎雌性植株会发生性反转现象，而雄性没有这种现象。让F1中高茎雌雄植株杂交，在每天20小时光照条件下，后代雌雄比例为___________。
（3）若该植物每一对常染色体都可形成可育的三体，现有纯合的圆粒、皱粒植株以及一系列纯合的三体圆粒植株（简称为三体I、三体Ⅱ……三体V）若干，请从中选择材料设计实验探究粒型基因位于哪一对常染色体上。
①实验过程：
步骤1：取皱粒植株与_______________________________________________________杂交，得F1；
步骤2：取F1中三体植株_________________________________，统计后代种子的粒型和比例。
②结果分析：
若_______________________________________________________，则粒型基因位于该对常染色体上；
若_______________________________________________________，则粒型基因不位于该对常染色体上。
【答案】红花、圆粒 控制粒形的基因位于常染色体上，而控制花色的基因位于X染色体上，因此该植物的粒型和花色基因位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律 3∶5 系列纯合的三体圆粒植株杂交 与正常皱粒植物杂交 后代圆粒∶皱粒=5∶1 后代圆粒∶皱粒=1∶1
【解析】
（1）根据以上分析控制题干中植物的性状中确定属于显性性状的是红花、圆粒。又有控制粒形的基因位于常染色体上，而控制花色的基因位于X染色体上，因此该植物的粒型和花色基因位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律。
（2）根据题意可知，株高基因位于常染色体上，高茎为显性性状，假设控制该性状的基因为D、d，由于子一代中高茎∶矮茎=1∶1，则亲代的基因型为：高茎雌株Dd、矮茎雄株dd，那么F1的基因型及表现型为Dd高茎、dd矮茎，让F1中的高茎植株（Dd）相互杂交，则后代中（D_）高茎，（dd）矮茎。在每天20小时光照条件下，矮茎（dd）雌性植株会发生性反转现象，而雄性没有这种现象。所以后代中（dd）矮茎全部表现为雄株，因此后代中雌雄比例为（）∶（）=3∶5。
（3）根据分析，假设控制该性状的基因用A、a表示，根据题干信息设计实验过程，①步骤1：取皱粒植株与系列纯合的三体圆粒植株杂交，得F1；步骤2：取F1中三体植株与正常皱粒植物杂交，统计后代种子的粒型和比例。②若该粒型基因位于该对常染色体，亲本aa（皱粒）×AAA（三体圆粒），F1基因型为AAa和Aa，让F1中三体（AAa）与正常皱粒（aa）杂交，AAa减数分裂产生配子的种类及比例为：AA∶Aa∶A∶a=1∶2∶2∶1，所以后代圆粒∶皱粒=5∶1；若该粒型基因位不于该对常染色体，亲本aa（皱粒）×AA（三体圆粒），F1基因型为Aa，让F1中三体（Aa）与正常皱粒（aa）杂交，后代圆粒∶皱粒=1∶1。

三、实验题
18．（2020·天津高三其他）二倍体动物缺失一条染色体称为单体。大多数单体动物不能存活，但在黑腹果蝇中缺失一条点状染色体(Ⅳ号染色体)可以存活，而且能够繁殖后代，若两条同时缺失则不能存活。请回答下列有关问题：
（1）若要研究某雄性单体果蝇的基因组，则需测定______条染色体上的碱基序列。
（2）果蝇群体中存在无眼个体，无眼基因位于常染色体上，将无眼果蝇与纯合野生型果蝇交配，子代的表现型及比例见下表：

无眼
野生型
F1
0
85
F2
79
245
据此判断，显性性状为_____________。
根据上述判断结果，某同学利用正常无眼果蝇与野生型(纯合)单体果蝇交配，探究无眼基因是否位于Ⅳ号染色体上。请完成以下实验设计：
实验步骤：
①让正常无眼果蝇与野生型(纯合)单体果蝇交配，获得子代。
②统计子代的_________________，并记录。
实验结果预测及结论：
①若子代中________________________________，说明无眼基因位于Ⅳ号染色体上；
②若子代中________________________________，说明无眼基因不位于Ⅳ号染色体上。
【答案】5 野生型 性状表现及分离比值 野生型果蝇∶无眼果蝇=1∶1 全为野生型果蝇
【解析】
（1）雄性单体是染色体缺少一条，但若要研究果蝇的基因组，还是需要测定3+XY共5条染色体上的碱基序列。
（2）F1中全为野生型，F2中野生型和无眼的比例接近3∶1，所以野生型为显性性状。
根据上述判断结果，某同学利用正常无眼果蝇与野生型(纯合)单体果蝇交配，探究无眼基因是否位于Ⅳ号染色体上。请完成以下实验设计：
实验步骤：
②杂交后需要统计子代的性状表现及分离比值。
实验结果预测及结论：
①因为无眼果蝇产生配子的染色体组成4条，而纯合Ⅳ号染色体单体果蝇产生的配子的染色体数目为4条或3条，并且比例是1∶1，所以让无眼果蝇与野生型Ⅳ号染色体单体果蝇交配，假如无眼基因位于Ⅳ号染色体上，后代野生型和无眼果蝇的比例为1∶1；
②若不在Ⅳ号染色体，野生型为AA，无眼为为aa，进行交配，后代基因型为Aa，全是野生型。

19．（2020·北京高三其他）水稻是自花传粉的植物，其杂种一代会出现杂种优势（产量等性状优于双亲），但这种优势无法在自交后代中保持。科研人员为解决这一问题做了相关实验。请回答问题：
（1）自然条件下，筛选出水稻品种ZH11的雄性不育突变体（hms1）。在杂交育种中，雄性不育植株只能作为亲本中的____________（父本/母本），其应用优势是不必进行__________操作，极大地减轻了人的工作量。
（2）若将野生型ZH11和突变体（hms1）杂交，F2中突变型占1/4，说明这对相对性状是由__________对基因控制的，遵循__________定律。
（3）为研究湿度与雄性不育突变体产生的关系，研究人员将野生型ZH11和突变体（hms1）分别在不同湿度条件下自交，结实率如图1，将野生型和突变体的花粉放置于高浓度溶液中做脱水实验，结果如图2：

由图1实验结果分析：突变体在__________条件下表现为雄性不育。
由图2实验结果推测：突变体的花粉可能在结构或化学组成方面存在缺陷，导致花粉___________________，产生雄性不育突变体。
（4）进一步研究发现，突变体的产生是由于HMS1基因插入了8个碱基对而发生基因突变，转变为hms1基因后，其转录出的mRNA，在翻译时_____________________，使花粉细胞中催化脂肪酸链延伸的酶A分子量变小。特长链脂肪酸的缺少会影响花粉壁中含油层的形成。
（5）综上研究，阐述产生雄性不育突变体的可能机理_________________。
（6）结合以上材料，请设计对利用hms1培育生产用水稻杂交种或如何保存突变体（hms1）其一的简要流程____________________。
【答案】母本 去雄 一对 基因分离 低湿度（湿度小于55%） 易脱水（保水能力差） 蛋白质合成提前终止 HMS1基因突变，蛋白质合成提前终止，使花粉细胞中催化脂肪酸链延伸的酶A分子量变小，花粉保水能力差，导致突变体在低湿度条件下表现为雄性不育。 培育水稻杂交种：在湿度小55%条件下，以突变体（hms1）为母本，与普通水稻杂交，收获突变体（hms1）植株上所结的种子即为生产中所用的杂交种；保存突变体（hms1）：在湿度大于75%条件下，使突变体S自交，收获种子，获得突变体（hms1）以备来年使用
【解析】
（1）雄性不育个体不能作为父本，只能作为母本，可以省去杂交育种过程中的去雄的操作步骤。
（2）让野生型ZH11（隐性纯合子）和突变体（hms1、杂合子）杂交，子二代中突变体占1/4(=1/2×1/2)，说明子一代突变体占1/2，进而说明这对相对性状是由一对基因控制的，遵循基因的分离定律。
（3）据图1分析可知，突变体在低湿度（湿度小于55%）条件下表现为雄性不育，而湿度大于55%后也可育了；结合图2分析，突变体雄性不育的花粉的脱水率几乎为0，说明突变体的花粉可能在结构或化学组成方面存在缺陷，导致花粉易脱水（保水能力差），产生雄性不育突变体。
（4）根据题意分析，基因通过翻译指导蛋白质的合成，而突变体产生的酶A分子（本质是蛋白质）量变小，说明翻译时蛋白质合成提前终止了。
（5）结合以上分析，产生雄性不育突变体的可能机理是：HMS1基因突变，蛋白质合成提前终止，使花粉细胞中催化脂肪酸链延伸的酶A分子量变小，花粉保水能力差，导致突变体在低湿度条件下表现为雄性不育。
（6）根据以上雄性不育突变体的产生机理，设计实验培育水稻杂交种：在湿度小55%条件下，以突变体（hms1）为母本，与普通水稻杂交，收获突变体（hms1）植株上所结的种子即为生产中所用的杂交种；保存突变体（hms1）：在湿度大于75%条件下，使突变体S自交，收获种子，获得突变体（hms1）以备来年使用。