还剩46页未读，
继续阅读
所属成套资源：2023年高考物理一轮复习课件（新高考新教材）
成套系列资料，整套一键下载
新高考物理一轮复习课件 第7章 专题强化12 动量守恒在子弹打木块模型和板块模型中的应用
展开
这是一份新高考物理一轮复习课件 第7章 专题强化12 动量守恒在子弹打木块模型和板块模型中的应用，共54页。PPT课件主要包含了高考物理一轮复习策略，第七章动量，内容索引，子弹打木块模型，滑块木板模型，课时精练等内容，欢迎下载使用。
1、揣摩例题。课本上和老师讲解的例题，一般都具有一定的典型性和代表性。要认真研究，深刻理解，要透过“样板”，学会通过逻辑思维，灵活运用所学知识去分析问题和解决问题，特别是要学习分析问题的思路、解决问题的方法，并能总结出解题的规律。 2、精练习题。复习时不要搞“题海战术”，应在老师的指导下，选一些源于课本的变式题，或体现基本概念、基本方法的基本题，通过解题来提高思维能力和解题技巧，加深对所学知识的深入理解。在解题时，要独立思考，一题多思，一题多解，反复玩味，悟出道理。 3、加强审题的规范性。每每大考过后，总有同学抱怨没考好，纠其原因是考试时没有注意审题。审题决定了成功与否，不解决这个问题势必影响到高考的成败。那么怎么审题呢? 应找出题目中的已知条件 ;善于挖掘题目中的隐含条件 ;认真分析条件与目标的联系，确定解题思路 。 4、重视错题。“错误是最好的老师”，但更重要的是寻找错因，及时进行总结，三五个字，一两句话都行，言简意赅，切中要害，以利于吸取教训，力求相同的错误不犯第二次。
专题强化十二 动量守恒在子弹打木块模 型和板块模型中的应用
1.会用动量观点和能量观点分析计算“子弹打木块”模型.2.会用动量观点和能量观点分析计算“滑块—木板”模型.
题型一 子弹打木块模型
题型二 滑块—木板模型
2.模型特点(1)子弹水平打进木块的过程中，系统的动量守恒.(2)系统的机械能有损失.
3.两种情景(1)子弹嵌入木块中，两者速度相等，机械能损失最多(完全非弹性碰撞)动量守恒：mv0＝(m＋M)v
(2)子弹穿透木块动量守恒：mv0＝mv1＋Mv2
例1 如图所示，质量为M的木块放在水平面上，子弹沿水平方向射入木块并留在其中，测出木块在水平面上滑行的距离为s，已知木块与水平面间的动摩擦因数为μ，子弹的质量为m，重力加速度为g，空气阻力可忽略不计，则子弹射入木块前的速度大小为
例2 如图所示，在固定的水平杆上，套有质量为m的光滑圆环，轻绳一端系在环上，另一端系着质量为M的木块，现有质量为m0的子弹以大小为v0的水平速度射入木块并留在木块中，重力加速度为g，下列说法正确的是A.子弹射入木块后的瞬间，速度大小为B.子弹射入木块后的瞬间，绳子拉力等于(M＋m0)gC.子弹射入木块后的瞬间，环对轻杆的压力大于(M＋m＋m0)gD.子弹射入木块之后，圆环、木块和子弹构成的系统动量守恒
子弹射入木块时，子弹和木块系统的动量守恒，则m0v0＝(M＋m0)v1，解得速度大小为v1＝ ，选项A错误；
子弹射入木块后的瞬间，根据牛顿第二定律可得FT－(M＋m0)g＝(M＋m0) ，可知绳子拉力大于(M＋m0)g，选项B错误；
子弹射入木块后的瞬间，对圆环：FN＝FT＋mg> (M＋m＋m0)g，根据牛顿第三定律可知，选项C正确；子弹射入木块之后，圆环、木块和子弹构成的系统只在水平方向动量守恒，选项D错误.
例3 如图所示，在光滑的水平桌面上静止放置一个质量为980 g的长方形匀质木块，现有一颗质量为20 g的子弹以大小为300 m/s的水平速度沿木块的中心轴线射向木块，最终留在木块中没有射出，和木块一起以共同的速度运动.已知木块沿子弹运动方向的长度为10 cm，子弹打进木块的深度为6 cm.设木块对子弹的阻力保持不变.
答案 6 m/s 882 J
(1)求子弹和木块的共同速度以及它们在此过程中所产生的内能.
设子弹射入木块后与木块的共同速度为v，对子弹和木块组成的系统，由动量守恒定律得mv0＝(M＋m)v解得v＝6 m/s
(2)若子弹是以大小为400 m/s的水平速度从同一方向水平射向该木块，则在射中木块后能否射穿该木块？
假设子弹以v0′＝400 m/s的速度入射时没有射穿木块，则对以子弹和木块组成的系统，由动量守恒定律得mv0′＝(M＋m)v′解得v′＝8 m/s此过程系统所损耗的机械能为
由功能关系有ΔE＝F阻x相＝F阻dΔE′＝F阻x相′＝F阻d′
因为d′>10 cm，所以能射穿木块.
2.模型特点(1)系统的动量守恒，但机械能不守恒，摩擦力与两者相对位移的乘积等于系统减少的机械能.(2)若滑块未从木板上滑下，当两者速度相同时，木板速度最大，相对位移最大.
3.求解方法(1)求速度：根据动量守恒定律求解，研究对象为一个系统；(2)求时间：根据动量定理求解，研究对象为一个物体；(3)求系统产生的内能或相对位移：根据能量守恒定律Q＝FfΔx或Q＝E初－E末，研究对象为一个系统.
例4 (多选)长木板A放在光滑的水平面上，质量为m＝2 kg的另一物体B以水平速度v0＝2 m/s滑上原来静止的长木板A的上表面，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图所示，g＝10 m/s2.则下列说法正确的是A.木板获得的动能为1 JB.系统损失的机械能为2 JC.木板A的最小长度为2 mD.A、B间的动摩擦因数为0.1
例5 (2022·山东邹城市模拟)质量为M＝1.0 kg的长木板A在光滑水平面上以v1＝0.5 m/s的速度向左运动，某时刻质量为m＝0.5 kg的小木块B以v2＝4 m/s的速度从左端向右滑上长木板，经过时间t＝0.6 s小木块B相对A静止，求：
(1)两者相对静止时的运动速度v；
答案 1 m/s，方向水平向右
设水平向右为正方向从开始到相对静止，水平方向动量守恒－Mv1＋mv2＝(M＋m)v解得v＝1 m/s，方向水平向右.
(2)从木块滑上木板到相对木板静止的过程中，木板A的动量变化量的大小；
答案 1.5 kg·m/s
长木板的动量变化量大小Δp＝Mv－(－Mv1)＝1.5 kg·m/s
(3)小木块与长木板间的动摩擦因数μ.
对小木块B，根据动量定理得－μmgt＝mv－mv2解得μ＝0.5.
例6 如图所示，可看成质点的A物体叠放在上表面光滑的B物体上，一起以v0的速度沿光滑的水平轨道匀速运动，B与静止在同一光滑水平轨道上的木板C发生完全非弹性碰撞，B、C的上表面相平且B、C不粘连，A滑上C后恰好能到达C板的最右端，已知A、B、C质量均相等，且为m，木板C长为L，求：
(1)A物体的最终速度的大小；
B、C碰撞过程中动量守恒，设B、C碰后的共同速度为v1，以B的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0＝2mv1，
B、C共速后A以v0的速度滑上C，A滑上C后，B、C脱离，A、C相互作用过程中动量守恒，设最终A、C的共同速度为v2，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv0＋mv1＝2mv2，
(2)A、C之间的摩擦力的大小；
在A、C相互作用过程中，由能量守恒定律得：
(3)A在木板C上滑行的时间t.
A与C相互作用过程中，对C由动量定理得：Fft＝mv2－mv1，
1.质量为M的木块在光滑水平面上以速度v1向右运动，质量为m的子弹以速度v2水平向左射入木块，要使木块停下来，必须使发射子弹的数目为(子弹均留在木块中不穿出)
设发射子弹的数目为n，选择n颗子弹和木块组成的系统为研究对象.系统在水平方向所受的合外力为零，满足动量守恒的条件.以子弹运动的方向为正方向，由动量守恒定律有：nmv2－Mv1＝0，得n＝ ，所以选项C正确.
2.(多选)如图所示，质量为M的木块放在光滑的水平面上，质量为m的子弹以水平速度v0射中木块，并最终留在木块中与木块一起以速度v运动，已知当子弹相对木块静止时，木块前进距离L，子弹进入木块的深度为s，此过程经历的时间为t.若木块对子弹的阻力大小Ff视为恒定，则下列关系式中正确的是
由动能定理，对木块可得FfL＝ Mv2，选项A正确；以向右为正方向，由动量定理，对子弹可得－Fft＝mv－mv0，选项B正确；
对木块、子弹整体，根据动量守恒得mv0＝(M＋m)v，解得v＝ ，选项C错误；
3.(多选)如图所示，一个质量为M的木箱静止在光滑水平面上，木箱内粗糙的底板上放着一个质量为m的小木块.现使木箱瞬间获得一个水平向左的初速度v0，下列说法中正确的是
木箱与木块组成的系统动量守恒，以木箱的初速度方向为正方向，设最终速度为v1，由动量守恒定律得Mv0＝(m＋M)v1，解得小木块和木箱最终速度v1＝ ，故A、D错误；
4.如图所示，光滑水平面上有一矩形长木板，木板左端放一小物块，已知木板质量大于物块质量，t＝0时两者从图中位置以相同的水平速度v0向右运动，碰到右面的竖直挡板后木板以与原来等大反向的速度被反弹回来，运动过程中物块一直未离开木板，则关于物块运动的速度v随时间t变化的图像可能正确的是
木板碰到挡板前，物块与木板一直做匀速运动，速度为v0；木板碰到挡板后，物块向右做匀减速运动，速度减至零后向左做匀加速运动，木板向左做匀减速运动，最终两者速度相同，设为v1.设木板的质量为M，物块的质量为m，取向左为正方向，则由动量守恒得：Mv0－mv0＝(M＋m)v1，得v1＝ v0＜v0，故A正确，B、C、D错误.
5.如图所示，放在光滑水平面上的矩形滑块是由不同材料的上、下两层粘在一起组成的.质量为m的子弹(可视为质点)以速度v水平射向滑块，若击中上层，则子弹刚好不穿出；若击中下层，则子弹嵌入其中部.比较这两种情况，以下说法中不正确的是A.滑块对子弹的阻力一样大B.子弹对滑块做的功一样多C.滑块受到的冲量一样大D.系统产生的热量一样多
最后滑块与子弹相对静止，根据动量守恒定律可知，两种情况下滑块和子弹的共同速度相等，根据能量守恒定律可知，两种情况下动能的减少量相等，产生的热量相等，而子弹相对滑块的位移大小不等，故滑块对子弹的阻力不一样大，A错误，D正确；
根据动能定理可知，滑块动能的增加量等于子弹对滑块做的功，因两种情况下滑块的动能增加量相等，所以两种情况下子弹对滑块做的功一样多，B正确；因两种情况下滑块的动量变化相同，根据动量定理，两种情况下滑块受到的冲量一样大，C正确.
6.(多选)如图所示，一质量M＝8.0 kg的长方形木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一个质量m＝2.0 kg的小木块A.给A和B以大小均为5.0 m/s、方向相反的初速度，使A开始向左运动，B开始向右运动，A始终没有滑离B板，A、B之间的动摩擦因数是0.5，重力加速度g取10 m/s2.则在整个过程中，下列说法正确的是A.小木块A的速度减为零时，长木板B的速度大小为3.75 m/sB.小木块A的速度方向一直向左，不可能为零C.小木块A与长木板B共速时速度大小为3 m/sD.长木板的长度可能为10 m
木块与木板组成的系统动量守恒，由于初速度均为v0＝5.0 m/s，所以木板的动量大于小木块的动量，系统合动量方向向右，所以木块A先向左做减速运动，速度减为零后反向向右做加速运动，最后木块与木板一起做匀速直线运动，以向右为正方向，由动量守恒定律得，当木块A的速度减为零时，Mv0－mv0＝MvB，代入数据解得vB＝3.75 m/s，故A正确，B错误；
最终木块与木板速度相等，根据动量守恒定律可得Mv0－mv0＝(M＋m)v，代入数据解得v＝3 m/s，故C正确；最终木块与木板相对静止，一起做匀速直线运动，对系统由能量守恒定律可知， ＝μmgx，代入数据解得x＝8 m，木板的最小长度为8 m，可能为10 m，故D正确.
7.(2022·陕西省西安中学模拟)如图所示，质量为M的物块静止在光滑桌面边缘，桌面距离水平地面的高度为h，质量为m的子弹以水平速度v0射入物块后，没有从物块射出.重力加速度为g.求：
(1)物块落地点离桌面边缘的水平距离；
设子弹击中物块后，二者共同速度为v1，系统动量守恒mv0＝(m＋M)v1
物块落地点离桌面边缘的水平距离x＝v1t
(2)子弹射入物块过程中系统损失的机械能.
8.如图所示，一质量m1＝0.45 kg的平板小车静止在光滑的水平轨道上.车顶右端放一质量m2＝0.5 kg的小物块，小物块可视为质点，小物块与小车上表面之间的动摩擦因数μ＝0.5.现有一质量m0＝0.05 kg的子弹以v0＝100 m/s的水平速度射中小车左端，并留在小车中，子弹与小车相互作用时间很短.g取10 m/s2，求：
(1)子弹刚射入小车后，小车的速度大小v1；
子弹射入小车的过程中，子弹与小车组成的系统动量守恒，由动量守恒定律得m0v0＝(m0＋m1)v1，解得v1＝10 m/s.
(2)要使小物块不脱离小车，小车的长度至少为多少.
子弹、小车、小物块组成的系统动量守恒，设当小物块与车共速时，共同速度为v2，两者相对位移大小为L，由动量守恒定律和能量守恒定律有：(m0＋m1)v1＝(m0＋m1＋m2)v2，μm2gL＝ (m0＋m1)v12－ (m0＋m1＋m2)v22，解得L＝5 m，故要使小物块不脱离小车，小车的长度至少为5 m.
9.(多选)将一长木板静止放在光滑的水平面上，如图甲所示，一个滑块(可视为质点)以水平速度v0沿木板从左端向右端滑动，到达右端时恰能与木板保持相对静止，现将木板分成A和B两段，如图乙所示，并紧挨着放在水平面上，让滑块仍以初速度v0从木板左端向右端滑动，滑块与木板间的动摩擦因数处处相同，在以后的整个过程中下列说法正确的是A.甲、乙两图中，滑块克服摩擦力做的功一样多B.系统因摩擦产生的热量甲图比乙图多C.最终甲、乙两图中滑块受到合外力的冲量相同D.图乙过程中滑块与B一定不会分离
设滑块的质量为m，A部分的质量为M1，B部分的质量为M2，则滑块在木板上运动的过程中，系统的动量守恒，选择向右为正方向，对题图甲mv0＝(m＋M1＋M2)v，对题图乙mv0＝M1v1＋(m＋M2)v2，由于滑块滑过A后，在B上滑动的过程中，滑块的速度将大于A的速度，则有v1
1、揣摩例题。课本上和老师讲解的例题，一般都具有一定的典型性和代表性。要认真研究，深刻理解，要透过“样板”，学会通过逻辑思维，灵活运用所学知识去分析问题和解决问题，特别是要学习分析问题的思路、解决问题的方法，并能总结出解题的规律。 2、精练习题。复习时不要搞“题海战术”，应在老师的指导下，选一些源于课本的变式题，或体现基本概念、基本方法的基本题，通过解题来提高思维能力和解题技巧，加深对所学知识的深入理解。在解题时，要独立思考，一题多思，一题多解，反复玩味，悟出道理。 3、加强审题的规范性。每每大考过后，总有同学抱怨没考好，纠其原因是考试时没有注意审题。审题决定了成功与否，不解决这个问题势必影响到高考的成败。那么怎么审题呢? 应找出题目中的已知条件 ;善于挖掘题目中的隐含条件 ;认真分析条件与目标的联系，确定解题思路 。 4、重视错题。“错误是最好的老师”，但更重要的是寻找错因，及时进行总结，三五个字，一两句话都行，言简意赅，切中要害，以利于吸取教训，力求相同的错误不犯第二次。
专题强化十二 动量守恒在子弹打木块模 型和板块模型中的应用
1.会用动量观点和能量观点分析计算“子弹打木块”模型.2.会用动量观点和能量观点分析计算“滑块—木板”模型.
题型一 子弹打木块模型
题型二 滑块—木板模型
2.模型特点(1)子弹水平打进木块的过程中，系统的动量守恒.(2)系统的机械能有损失.
3.两种情景(1)子弹嵌入木块中，两者速度相等，机械能损失最多(完全非弹性碰撞)动量守恒：mv0＝(m＋M)v
(2)子弹穿透木块动量守恒：mv0＝mv1＋Mv2
例1 如图所示，质量为M的木块放在水平面上，子弹沿水平方向射入木块并留在其中，测出木块在水平面上滑行的距离为s，已知木块与水平面间的动摩擦因数为μ，子弹的质量为m，重力加速度为g，空气阻力可忽略不计，则子弹射入木块前的速度大小为
例2 如图所示，在固定的水平杆上，套有质量为m的光滑圆环，轻绳一端系在环上，另一端系着质量为M的木块，现有质量为m0的子弹以大小为v0的水平速度射入木块并留在木块中，重力加速度为g，下列说法正确的是A.子弹射入木块后的瞬间，速度大小为B.子弹射入木块后的瞬间，绳子拉力等于(M＋m0)gC.子弹射入木块后的瞬间，环对轻杆的压力大于(M＋m＋m0)gD.子弹射入木块之后，圆环、木块和子弹构成的系统动量守恒
子弹射入木块时，子弹和木块系统的动量守恒，则m0v0＝(M＋m0)v1，解得速度大小为v1＝ ，选项A错误；
子弹射入木块后的瞬间，根据牛顿第二定律可得FT－(M＋m0)g＝(M＋m0) ，可知绳子拉力大于(M＋m0)g，选项B错误；
子弹射入木块后的瞬间，对圆环：FN＝FT＋mg> (M＋m＋m0)g，根据牛顿第三定律可知，选项C正确；子弹射入木块之后，圆环、木块和子弹构成的系统只在水平方向动量守恒，选项D错误.
例3 如图所示，在光滑的水平桌面上静止放置一个质量为980 g的长方形匀质木块，现有一颗质量为20 g的子弹以大小为300 m/s的水平速度沿木块的中心轴线射向木块，最终留在木块中没有射出，和木块一起以共同的速度运动.已知木块沿子弹运动方向的长度为10 cm，子弹打进木块的深度为6 cm.设木块对子弹的阻力保持不变.
答案 6 m/s 882 J
(1)求子弹和木块的共同速度以及它们在此过程中所产生的内能.
设子弹射入木块后与木块的共同速度为v，对子弹和木块组成的系统，由动量守恒定律得mv0＝(M＋m)v解得v＝6 m/s
(2)若子弹是以大小为400 m/s的水平速度从同一方向水平射向该木块，则在射中木块后能否射穿该木块？
假设子弹以v0′＝400 m/s的速度入射时没有射穿木块，则对以子弹和木块组成的系统，由动量守恒定律得mv0′＝(M＋m)v′解得v′＝8 m/s此过程系统所损耗的机械能为
由功能关系有ΔE＝F阻x相＝F阻dΔE′＝F阻x相′＝F阻d′
因为d′>10 cm，所以能射穿木块.
2.模型特点(1)系统的动量守恒，但机械能不守恒，摩擦力与两者相对位移的乘积等于系统减少的机械能.(2)若滑块未从木板上滑下，当两者速度相同时，木板速度最大，相对位移最大.
3.求解方法(1)求速度：根据动量守恒定律求解，研究对象为一个系统；(2)求时间：根据动量定理求解，研究对象为一个物体；(3)求系统产生的内能或相对位移：根据能量守恒定律Q＝FfΔx或Q＝E初－E末，研究对象为一个系统.
例4 (多选)长木板A放在光滑的水平面上，质量为m＝2 kg的另一物体B以水平速度v0＝2 m/s滑上原来静止的长木板A的上表面，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图所示，g＝10 m/s2.则下列说法正确的是A.木板获得的动能为1 JB.系统损失的机械能为2 JC.木板A的最小长度为2 mD.A、B间的动摩擦因数为0.1
例5 (2022·山东邹城市模拟)质量为M＝1.0 kg的长木板A在光滑水平面上以v1＝0.5 m/s的速度向左运动，某时刻质量为m＝0.5 kg的小木块B以v2＝4 m/s的速度从左端向右滑上长木板，经过时间t＝0.6 s小木块B相对A静止，求：
(1)两者相对静止时的运动速度v；
答案 1 m/s，方向水平向右
设水平向右为正方向从开始到相对静止，水平方向动量守恒－Mv1＋mv2＝(M＋m)v解得v＝1 m/s，方向水平向右.
(2)从木块滑上木板到相对木板静止的过程中，木板A的动量变化量的大小；
答案 1.5 kg·m/s
长木板的动量变化量大小Δp＝Mv－(－Mv1)＝1.5 kg·m/s
(3)小木块与长木板间的动摩擦因数μ.
对小木块B，根据动量定理得－μmgt＝mv－mv2解得μ＝0.5.
例6 如图所示，可看成质点的A物体叠放在上表面光滑的B物体上，一起以v0的速度沿光滑的水平轨道匀速运动，B与静止在同一光滑水平轨道上的木板C发生完全非弹性碰撞，B、C的上表面相平且B、C不粘连，A滑上C后恰好能到达C板的最右端，已知A、B、C质量均相等，且为m，木板C长为L，求：
(1)A物体的最终速度的大小；
B、C碰撞过程中动量守恒，设B、C碰后的共同速度为v1，以B的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0＝2mv1，
B、C共速后A以v0的速度滑上C，A滑上C后，B、C脱离，A、C相互作用过程中动量守恒，设最终A、C的共同速度为v2，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv0＋mv1＝2mv2，
(2)A、C之间的摩擦力的大小；
在A、C相互作用过程中，由能量守恒定律得：
(3)A在木板C上滑行的时间t.
A与C相互作用过程中，对C由动量定理得：Fft＝mv2－mv1，
1.质量为M的木块在光滑水平面上以速度v1向右运动，质量为m的子弹以速度v2水平向左射入木块，要使木块停下来，必须使发射子弹的数目为(子弹均留在木块中不穿出)
设发射子弹的数目为n，选择n颗子弹和木块组成的系统为研究对象.系统在水平方向所受的合外力为零，满足动量守恒的条件.以子弹运动的方向为正方向，由动量守恒定律有：nmv2－Mv1＝0，得n＝ ，所以选项C正确.
2.(多选)如图所示，质量为M的木块放在光滑的水平面上，质量为m的子弹以水平速度v0射中木块，并最终留在木块中与木块一起以速度v运动，已知当子弹相对木块静止时，木块前进距离L，子弹进入木块的深度为s，此过程经历的时间为t.若木块对子弹的阻力大小Ff视为恒定，则下列关系式中正确的是
由动能定理，对木块可得FfL＝ Mv2，选项A正确；以向右为正方向，由动量定理，对子弹可得－Fft＝mv－mv0，选项B正确；
对木块、子弹整体，根据动量守恒得mv0＝(M＋m)v，解得v＝ ，选项C错误；
3.(多选)如图所示，一个质量为M的木箱静止在光滑水平面上，木箱内粗糙的底板上放着一个质量为m的小木块.现使木箱瞬间获得一个水平向左的初速度v0，下列说法中正确的是
木箱与木块组成的系统动量守恒，以木箱的初速度方向为正方向，设最终速度为v1，由动量守恒定律得Mv0＝(m＋M)v1，解得小木块和木箱最终速度v1＝ ，故A、D错误；
4.如图所示，光滑水平面上有一矩形长木板，木板左端放一小物块，已知木板质量大于物块质量，t＝0时两者从图中位置以相同的水平速度v0向右运动，碰到右面的竖直挡板后木板以与原来等大反向的速度被反弹回来，运动过程中物块一直未离开木板，则关于物块运动的速度v随时间t变化的图像可能正确的是
木板碰到挡板前，物块与木板一直做匀速运动，速度为v0；木板碰到挡板后，物块向右做匀减速运动，速度减至零后向左做匀加速运动，木板向左做匀减速运动，最终两者速度相同，设为v1.设木板的质量为M，物块的质量为m，取向左为正方向，则由动量守恒得：Mv0－mv0＝(M＋m)v1，得v1＝ v0＜v0，故A正确，B、C、D错误.
5.如图所示，放在光滑水平面上的矩形滑块是由不同材料的上、下两层粘在一起组成的.质量为m的子弹(可视为质点)以速度v水平射向滑块，若击中上层，则子弹刚好不穿出；若击中下层，则子弹嵌入其中部.比较这两种情况，以下说法中不正确的是A.滑块对子弹的阻力一样大B.子弹对滑块做的功一样多C.滑块受到的冲量一样大D.系统产生的热量一样多
最后滑块与子弹相对静止，根据动量守恒定律可知，两种情况下滑块和子弹的共同速度相等，根据能量守恒定律可知，两种情况下动能的减少量相等，产生的热量相等，而子弹相对滑块的位移大小不等，故滑块对子弹的阻力不一样大，A错误，D正确；
根据动能定理可知，滑块动能的增加量等于子弹对滑块做的功，因两种情况下滑块的动能增加量相等，所以两种情况下子弹对滑块做的功一样多，B正确；因两种情况下滑块的动量变化相同，根据动量定理，两种情况下滑块受到的冲量一样大，C正确.
6.(多选)如图所示，一质量M＝8.0 kg的长方形木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一个质量m＝2.0 kg的小木块A.给A和B以大小均为5.0 m/s、方向相反的初速度，使A开始向左运动，B开始向右运动，A始终没有滑离B板，A、B之间的动摩擦因数是0.5，重力加速度g取10 m/s2.则在整个过程中，下列说法正确的是A.小木块A的速度减为零时，长木板B的速度大小为3.75 m/sB.小木块A的速度方向一直向左，不可能为零C.小木块A与长木板B共速时速度大小为3 m/sD.长木板的长度可能为10 m
木块与木板组成的系统动量守恒，由于初速度均为v0＝5.0 m/s，所以木板的动量大于小木块的动量，系统合动量方向向右，所以木块A先向左做减速运动，速度减为零后反向向右做加速运动，最后木块与木板一起做匀速直线运动，以向右为正方向，由动量守恒定律得，当木块A的速度减为零时，Mv0－mv0＝MvB，代入数据解得vB＝3.75 m/s，故A正确，B错误；
最终木块与木板速度相等，根据动量守恒定律可得Mv0－mv0＝(M＋m)v，代入数据解得v＝3 m/s，故C正确；最终木块与木板相对静止，一起做匀速直线运动，对系统由能量守恒定律可知， ＝μmgx，代入数据解得x＝8 m，木板的最小长度为8 m，可能为10 m，故D正确.
7.(2022·陕西省西安中学模拟)如图所示，质量为M的物块静止在光滑桌面边缘，桌面距离水平地面的高度为h，质量为m的子弹以水平速度v0射入物块后，没有从物块射出.重力加速度为g.求：
(1)物块落地点离桌面边缘的水平距离；
设子弹击中物块后，二者共同速度为v1，系统动量守恒mv0＝(m＋M)v1
物块落地点离桌面边缘的水平距离x＝v1t
(2)子弹射入物块过程中系统损失的机械能.
8.如图所示，一质量m1＝0.45 kg的平板小车静止在光滑的水平轨道上.车顶右端放一质量m2＝0.5 kg的小物块，小物块可视为质点，小物块与小车上表面之间的动摩擦因数μ＝0.5.现有一质量m0＝0.05 kg的子弹以v0＝100 m/s的水平速度射中小车左端，并留在小车中，子弹与小车相互作用时间很短.g取10 m/s2，求：
(1)子弹刚射入小车后，小车的速度大小v1；
子弹射入小车的过程中，子弹与小车组成的系统动量守恒，由动量守恒定律得m0v0＝(m0＋m1)v1，解得v1＝10 m/s.
(2)要使小物块不脱离小车，小车的长度至少为多少.
子弹、小车、小物块组成的系统动量守恒，设当小物块与车共速时，共同速度为v2，两者相对位移大小为L，由动量守恒定律和能量守恒定律有：(m0＋m1)v1＝(m0＋m1＋m2)v2，μm2gL＝ (m0＋m1)v12－ (m0＋m1＋m2)v22，解得L＝5 m，故要使小物块不脱离小车，小车的长度至少为5 m.
9.(多选)将一长木板静止放在光滑的水平面上，如图甲所示，一个滑块(可视为质点)以水平速度v0沿木板从左端向右端滑动，到达右端时恰能与木板保持相对静止，现将木板分成A和B两段，如图乙所示，并紧挨着放在水平面上，让滑块仍以初速度v0从木板左端向右端滑动，滑块与木板间的动摩擦因数处处相同，在以后的整个过程中下列说法正确的是A.甲、乙两图中，滑块克服摩擦力做的功一样多B.系统因摩擦产生的热量甲图比乙图多C.最终甲、乙两图中滑块受到合外力的冲量相同D.图乙过程中滑块与B一定不会分离
设滑块的质量为m，A部分的质量为M1，B部分的质量为M2，则滑块在木板上运动的过程中，系统的动量守恒，选择向右为正方向，对题图甲mv0＝(m＋M1＋M2)v，对题图乙mv0＝M1v1＋(m＋M2)v2，由于滑块滑过A后，在B上滑动的过程中，滑块的速度将大于A的速度，则有v1
相关课件
新教材适用2024版高考物理一轮总复习第6章动量和动量守恒定律专题强化5“碰撞类”模型问题课件： 这是一份新教材适用2024版高考物理一轮总复习第6章动量和动量守恒定律专题强化5“碰撞类”模型问题课件，共29页。PPT课件主要包含了ABD等内容，欢迎下载使用。
2024年高考物理一轮复习（新人教版） 第7章 专题强化11 动量守恒在子弹打木块模型和板块模型中的应用： 这是一份2024年高考物理一轮复习（新人教版） 第7章 专题强化11 动量守恒在子弹打木块模型和板块模型中的应用，文件包含2024年高考物理一轮复习新人教版第7章专题强化11动量守恒在子弹打木块模型和板块模型中的应用pptx、2024年高考物理一轮复习新人教版第7章专题强化11动量守恒在子弹打木块模型和板块模型中的应用docx、第7章专题强化练11动量守恒在子弹打木块模型和板块模型中的应用docx等3份课件配套教学资源，其中PPT共60页， 欢迎下载使用。
高考物理一轮复习课件+讲义 第7章 专题强化12 用动量守恒定律解决“三类模型”问题： 这是一份高考物理一轮复习课件+讲义 第7章 专题强化12 用动量守恒定律解决“三类模型”问题，文件包含高考物理一轮复习第7章专题强化12用动量守恒定律解决“三类模型”问题pptx、高考物理一轮复习第7章专题强化12用动量守恒定律解决“三类模型”问题docx等2份课件配套教学资源，其中PPT共60页， 欢迎下载使用。
