2023年山东省东营市胜利第十三中学中考物理模拟试卷(含答案）

这是一份2023年山东省东营市胜利第十三中学中考物理模拟试卷(含答案），共28页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年山东省东营市河口区胜利十三中中考物理模拟试卷
一、单选题（本大题共10小题，每小题3分，共30分）
1．（3分）如图所示的电路中，电源两端电压保持不变。开关S闭合，灯L正常发光。在滑动变阻器的滑片P向右滑动的过程中，下列四个选项中，判断正确的是（　　）

A．电压表的示数变大，灯L变亮
B．电压表的示数变小，灯L变暗
C．电流表的示数变大，灯L变暗
D．电流表的示数变小，灯L变亮
2．（3分）某同学将两节干电池串联起来，接在电阻R1的两端时，通过R1的电流是0.5 A，他又将这个电池组接在另外一个电阻R2两端，已知R2＝2 R1．通过R2的电流是（　　）
A．0.5A B．0.25A C．1A D．2A
3．（3分）物理图象可以用来直观且定量地描述物理概念和物理规律。如图所示图象，可以表示一定条件下两个物理量之间关系的有（　　）

A．自由下落苹果的路程和时间的关系
B．物体重力与其质量的关系
C．电热与电流之间的关系
D．压强和受力面积之间的关系
4．（3分）以下关于热现象的说法正确的是（　　）
A．秋天的浓雾是空气中的水蒸气汽化形成的
B．冰块在空气中变成液体是发生了液化现象
C．冬天树叶上的“霜”是空气中的水蒸气凝固而成的
D．沙滩上的沙子比海水烫是因为沙子的比热容比海水的比热容小
5．（3分）行驶的汽车在急刹车时，车轮会停止转动从而在地面留下一段划痕，直到最后停止运动。交警可根据这段痕迹判断车辆之前的行驶状况，如图为某交通事故现场留下的汽车刹车痕迹。下列有关分析正确的是（　　）

A．汽车刹车后不能马上停下来，是因为汽车具有惯性
B．汽车的行驶速度越快，刹车距离越长，说明惯性大小与速度有关
C．汽车在刹车过程中运动状态没有改变
D．汽车在刹车过程中机械能守恒
6．（3分）“八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅”是唐代诗人杜甫晚年贫困生活的真实写照。从物理学角度来看，屋顶的茅草被狂风掀起的原因是（　　）
A．狂风对屋顶的茅草有巨大的吸引力
B．狂风增大了空气对茅草的浮力
C．狂风使屋顶茅草的重力变小了
D．狂风使茅草上方的空气流动速度加大，从而使其受到很大的向上的升力
7．（3分）下列实验不能用压强与流速的关系来解释的是（　　）
A．覆杯实验水不会流出
B．向两个杯子中间吹气球移到杯口中间
C．往漏斗吹气乒乓球不下落
D．往下吹气两张纸合拢
8．（3分）当汽车启动时，S1闭合，日间行车灯L1亮起；光线不足时再闭合S2，车辆大灯L2也亮起，这说明L1，L2是并联关系，且S2控制L2，即S2与L2串联，符合要求的电路图为（　　）

A． B．
C． D．
9．（3分）如图所示是一个魔术箱。魔术箱顶部的中央有一条窄缝，使激光笔产生的激光束从左侧的小孔射入，从右侧小孔射出。将一块遮光板从顶部的窄缝插入箱中，它并没有挡住激光束的传播。若魔术箱内只使用了平面镜，则平面镜的数量至少是（　　）

A．2块 B．3块 C．4块 D．5块
10．（3分）关于声现象，下列说法正确的是（　　）
A．声音只能传递信息，不能传能量
B．声音的速度为34米/秒
C．一些高科技产品不振动也可发声
D．考场周围“禁止鸣笛”从声源处控制噪声
二、填空题（本大题共7小题，共14分）
11．（3分）2019年5月17日，在西昌卫星发射中心，长征三号丙运载火箭成功发射中国北斗卫星系统第45颗卫星。在载荷一定的情况下，为使火箭获得足够大的升空飞行能量，选用的燃料应具有较大的　 　。升空过程中卫星与火箭分离前相对于火箭是　 　的。入轨后，卫星是通过　 　和地面进行信息传递的。
12．（4分）在探究声音的高低与物体振动快慢的关系时，第一组同学用一张硬卡片先后在木梳的齿上划过，一次快些，一次慢些，他们听到的声音是由　 　振动产生；第二组同学将钢尺的一端伸出桌面，用手拨动使其上下振动发出声音，如图所示。改变　 　，用同样大小的力再拨钢尺，并仔细观察　 　，倾听并辨别钢尺振动时发出声音的高低有无变化；第三组同学仍用钢尺进行实验，用手拨动使其上下振动发出声音，但却听不到声音，原因可能是　 　。

13．（2分）看电影时，观众能从各个方向看到屏幕上的影像是由于光的　 　反射。看戏剧演出时，穿白色上衣的演员，在红色灯光照射下，观众看到她的上衣是　 　色。
14．（2分）如图所示，跳台滑雪运动员离开跳台后在空中下落是因为受到 　 　力的作用，这个力的方向是 　 　。

15．（2分）“刻舟求剑”的错误在于“刻舟人”认为以“舟”为参照物，“剑”是静止的，而事实上，以岸为参照物“舟”是　 　的，以“舟”为参照物“剑”是　 　的。
16．（2分）水的比热容较大，生活中，我们常用水来加热或散热，例如：冬天常用热水袋取暖，把质量为2kg，温度为90℃的热水装入热水袋中，到温度降为30℃的时候，这些水放出了　 　J的热量；如果用相同质量，相同温度的沙来取暖，沙会冷得　 　（选填“快些”或“慢些”）。
17．（2分）如图所示，汽油机正在进行的是　 　冲程。已知汽油的热值为4.6×107J/kg，则完全燃烧1kg汽油放出的热量为　 　J。

三、作图题（本大题共2小题，共14分）
18．（4分）如图所示，蓄水池右侧竖直的墙壁上有一平面镜，平面镜前有一发光点B；潜水员在水中A点看到B在平面镜中的像在C点，请作出潜水员看到B在平面镜中像的光路图。

19．（4分）如图所示，是小磁针放在通电螺线管右端静止时的情形，在螺线管左侧Q处的虚线框内标出导线中电流的方向。

四、实验探究题（本大题共3小题，共32分）
20．（4分）实验室中常用小灯泡的电阻为RL、电流表的电阻为RA、电压表的电阻为RV、则三者电阻大小关系为：RV　 　RL　 　RA（选填：＝、＞、＜）在测灯泡电阻的实验中，除了导线、开关、灯泡、电流表、电压表之外，需要的器材还有：　 　、　 　。
21．（9分）如图所示的甲、乙两图分别是“探究平面镜成像特点”和“探究凸透镜成像规律”的实验装置。

（1）在“探究平面镜成像特点”的实验中，将点燃的蜡烛A竖立在玻璃板前面，再拿一支跟它完全相同的未点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合，如图甲所示这样操作的目的是为了　 　，同时也证明了像与物体的大小相等。
（2）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，将焦距为10cm的薄凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上20cm刻度线处，移动光屏到65cm刻度线处，蜡烛在光屏上成清晰的像，如图乙所示。
①此时甲、乙两图中平面镜与凸透镜所成像的不同点是　 　。
②在乙图中画出从烛焰尖端发出的两条入射光的折射光线的方向。
③保持透镜在50cm刻度线不动，如果想在光屏上得到更大的清晰的像，应进行的操作是　 　。（选填选项的字母）
A．将蜡烛左移，光屏左移
B．将蜡烛左移，光屏右移
C．将蜡烛右移，光屏左移
D．将蜡烛右移，光屏右移
22．（9分）小明在探究“液体的压强”实验中进行了如图的操作。

（1）在使用U形管压强计前，发现U形管压强计两管液面不相平，如图甲，可以采用 　 　以下哪种方法调节。
A.从U形管右侧中倒出适量液体
B.拆除胶管重新安装
（2）调节完成后，通过观察U形管两管液面的 　 　可知液体压强的大小。
（3）分析乙、丙两图的实验现象，得出结论：　 　。
（4）小明设计了如图丁的装置测量浓盐水密度，步骤如下：
①在容器左侧加入适量水（水面高于橡皮膜），测量水面到橡皮膜中心的深度h1；
②在容器的右侧缓慢加入待测浓盐水，直到橡皮膜 　 　，测量右侧浓盐水液面到橡皮膜中心的深度h2；
③待测液体密度的表达式为ρ＝　 　。（水的密度用ρ水表示）
④若要使测量更精确，你对该实验器材的改进建议是 　 　（写出一点即可）。
五、计算题（本大题共2小题，共23.0分）
23．（11分）如图所示，在水平地面上有两个由同种材料制成的实心正方体金属块甲和乙，其密度为ρ金属，甲的边长为a，乙的边长为b，重力与质量的比值为g，将乙沿竖直方向切割一部分叠放在甲的正上方后，甲、乙对地面的压强相等。求：
（1）将乙正方体切去的部分叠放在甲的正上方后，甲正方体对地面的压强；
（2）乙正方体被切去部分的底面积。

24．（12分）CFXB型“220V 1100W”电饭煲的原理图如图所示。它有高温烧煮和保温两挡，通过单刀双掷开关S进行调节，R0为电热丝。当开关S接高温烧煮挡时，电路的功率为1100W；当开关S接保温挡时，电路的总功率为22W。
（1）电饭煲在高温烧煮挡时，开关S应与哪个触点连接？
（2）电热丝R0的阻值多大？
（3）当电饭煲在保温时，实际电流是多少？
（4）保温10min，电热丝R0消耗的电能为多少？


2023年山东省东营市河口区胜利十三中中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一、单选题（本大题共10小题，每小题3分，共30分）
1．（3分）如图所示的电路中，电源两端电压保持不变。开关S闭合，灯L正常发光。在滑动变阻器的滑片P向右滑动的过程中，下列四个选项中，判断正确的是（　　）

A．电压表的示数变大，灯L变亮
B．电压表的示数变小，灯L变暗
C．电流表的示数变大，灯L变暗
D．电流表的示数变小，灯L变亮
【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路的电流。根据滑片移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据P＝UI可知灯泡实际功率的变化，再根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断其亮暗的变化。
【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路的电流。
开关S闭合，灯L正常发光，将滑动变阻器的滑片P向右滑动，接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；
由U＝IR可知，灯泡两端电压变小，即电压表的示数变小；
由P＝UI可知，灯泡的实际功率变小，因此灯泡变暗；
综上所述，B正确。
故选：B。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。
2．（3分）某同学将两节干电池串联起来，接在电阻R1的两端时，通过R1的电流是0.5 A，他又将这个电池组接在另外一个电阻R2两端，已知R2＝2 R1．通过R2的电流是（　　）
A．0.5A B．0.25A C．1A D．2A
【分析】串联电池的电压等于各串联电池电压的和。
先根据R＝求出R1的阻值，然后再根据I＝求出通过R2的电流。
【解答】解：一节干电池的电压是1.5V，所以二节干电池串联组成的电源能提供电压是3伏。
因为通过R1的电流是0.5A，所以R1的阻值为 R1＝＝＝6Ω；
又因为R2＝2R1，所以R2＝12Ω；
则通过R2的电流：I2＝＝＝0.25A。
故选：B。
【点评】本题考查了欧姆定律的应用，还涉及到了电池的串联，是一道很好的基础型综合题。
3．（3分）物理图象可以用来直观且定量地描述物理概念和物理规律。如图所示图象，可以表示一定条件下两个物理量之间关系的有（　　）

A．自由下落苹果的路程和时间的关系
B．物体重力与其质量的关系
C．电热与电流之间的关系
D．压强和受力面积之间的关系
【分析】从图象上可以看出，该图象反应的物理量之间成正比关系，然后根据各选项之间的关系选择即可。
【解答】解：
A、苹果自由下落，做加速运动，路程和时间不成正比，因此该图象不可以反应苹果自由下落的路程和时间的关系，故A不符合题意；
B、物体的重力和质量成正比，故该图象可以反映重力和质量的关系，故B符合题意；
C、电流通过导体时产生的热量与电流的二次方成正比，与电流不是正比例关系，故C不符合题意；
D、压力一定时，压强和受力面积成反比，故该图象不能反应压强和受力面积的关系，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查学生的观察能力和图象分析能力，涉及的知识点较多，解题时应熟记这些关系并加深理解。
4．（3分）以下关于热现象的说法正确的是（　　）
A．秋天的浓雾是空气中的水蒸气汽化形成的
B．冰块在空气中变成液体是发生了液化现象
C．冬天树叶上的“霜”是空气中的水蒸气凝固而成的
D．沙滩上的沙子比海水烫是因为沙子的比热容比海水的比热容小
【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
（2）比热容是反映不同物质吸热（或放热）能力强弱的一个物理量；在质量和吸热都相同的情况下，比热容小的物质升温快。
【解答】解：
A、秋天的浓雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故A错误。
B、冰块在空气中变成液体是发生了熔化现象，故B错误。
C、冬天树叶上的“霜”是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，故C错误。
D、沙滩上的沙子比海水烫是因为沙子的比热容比海水的比热容小，在质量和吸热都相同的情况下，沙子升高的温度高，故D正确。
故选：D。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对比热容的概念要有深刻的理解。
5．（3分）行驶的汽车在急刹车时，车轮会停止转动从而在地面留下一段划痕，直到最后停止运动。交警可根据这段痕迹判断车辆之前的行驶状况，如图为某交通事故现场留下的汽车刹车痕迹。下列有关分析正确的是（　　）

A．汽车刹车后不能马上停下来，是因为汽车具有惯性
B．汽车的行驶速度越快，刹车距离越长，说明惯性大小与速度有关
C．汽车在刹车过程中运动状态没有改变
D．汽车在刹车过程中机械能守恒
【分析】（1）惯性是指一切物体都有保持原来运动状态不变的性质。
（2）惯性是物体本身的性质，惯性大小只与物体的质量有关。
（3）物体运动状态的改变，指的是速度大小或运动方向的改变。
（4）克服摩擦做功，机械能转化为内能。
【解答】解：
A、汽车刹车后由于惯性仍然保持原来的运动状态，继续向前运动，不能够马上停下来；故A正确；
B、汽车的惯性大小是由汽车的质量决定的，与汽车的速度无关；故B错误；
C、汽车在刹车过程中，速度逐渐变小，运动状态改变；故C错误；
D、汽车在刹车过程中，克服摩擦做功，机械能转化为内能，机械能减少，不守恒；故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了惯性、力与运动的关系、机械能与内能的转化等知识的理解和掌握，要知道惯性大小只与物体的质量有关，与物体是否运动、是否受力没有关系。
6．（3分）“八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅”是唐代诗人杜甫晚年贫困生活的真实写照。从物理学角度来看，屋顶的茅草被狂风掀起的原因是（　　）
A．狂风对屋顶的茅草有巨大的吸引力
B．狂风增大了空气对茅草的浮力
C．狂风使屋顶茅草的重力变小了
D．狂风使茅草上方的空气流动速度加大，从而使其受到很大的向上的升力
【分析】流体的压强跟流速有关，流速越大压强越小。比较屋顶上下的空气流动速度，比较屋顶上下受到的压强，再比较屋顶受到向上和向下的压力。
【解答】解：风刮过屋顶，屋顶上方的空气流动速度大，压强小；屋内空气流动速度小，压强大，屋顶受到向上的压强大于向下的压强，受到的向上的压力大于向下的重力，产生一个向上的压力差，所以将茅草吸上去；故ABC错误，D正确。
故选：D。
【点评】掌握流体压强跟流速的关系，能用流体压强知识解释生活中的问题，注意平常的积累，注意挖掘古诗中蕴含的物理知识。
7．（3分）下列实验不能用压强与流速的关系来解释的是（　　）
A．覆杯实验水不会流出
B．向两个杯子中间吹气球移到杯口中间
C．往漏斗吹气乒乓球不下落
D．往下吹气两张纸合拢
【分析】根据大气压的应用、流体压强和流速的关系分析解答：
流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。
大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。
【解答】解：
A、覆杯实验中水不会流出，原因是大气对纸片向上的压力托住了杯中的水，与流体压强和流速的关系无关，故A符合题意；
B、在两杯口中间吹气，两杯口中间的空气流速大、压强小，而乒乓球两侧的空气流速小、压强大，乒乓球被向内的气压差压向杯口，其原理是流体压强与流速的关系，故B不合题意；
C、往漏斗吹气，乒乓球顶部空气流速大、压强小，球下方空气流速小、压强大，在向上的压强差的作用下，球掉不下来，其原理是流体压强与流速的关系，故C不合题意；
D、在两张纸的中间向下吹气，两纸中间的空气流速大，压强小；而两纸的外侧空气流速小，压强大，两纸受到向内的压强差，所以两张纸合拢，故D不合题意。
故选：A。
【点评】本题主要考查流体压强和流速的关系、大气压的综合应用。难度不大，属于基础题目，要求学生平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力。
8．（3分）当汽车启动时，S1闭合，日间行车灯L1亮起；光线不足时再闭合S2，车辆大灯L2也亮起，这说明L1，L2是并联关系，且S2控制L2，即S2与L2串联，符合要求的电路图为（　　）

A． B．
C． D．
【分析】由题意可知，当汽车启动时，S1闭合，日间行车灯L1立即亮起，再闭合S2，车前大灯L2也亮起，说明L1与L2可以独立工作、互不影响即为并联，且S1位于干路，S2位于L2支路，据此分析选项得出答案。
【解答】解：
A．由电路图可知，只闭合S1时，两灯泡均不亮，故A不符合题意；
B．由电路图可知，只闭合S1时，灯L2亮，再闭合S2时，灯L1亮，故B不符合题；
C．由电路图可知，只闭合S1时，两灯泡都亮，再闭合S2时，L1被短路不亮，故C不符合题意；
D．由电路图可知，只闭合S1时，灯L1亮，再闭合S2时，灯L2也亮起，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题考查了串并联电路的设计，对于该题型的题目还可以根据题意分析电路的连接情况直接得到答案。
9．（3分）如图所示是一个魔术箱。魔术箱顶部的中央有一条窄缝，使激光笔产生的激光束从左侧的小孔射入，从右侧小孔射出。将一块遮光板从顶部的窄缝插入箱中，它并没有挡住激光束的传播。若魔术箱内只使用了平面镜，则平面镜的数量至少是（　　）

A．2块 B．3块 C．4块 D．5块
【分析】首先根据激光束从左侧的小孔射入，从右侧小孔射出时光线的特点，然后再根据面镜对光线的作用，即可解答。
【解答】解：由激光束从左侧的小孔射入，从右侧小孔射出时光线的方向没有发生改变，其实就是三块平面镜的反射，如下图所示：

所以，ACD不符合题意，B符合题意。
故选：B。
【点评】此题通过人们喜欢的魔术考查光的反射知识，题目新颖，能够激发学生学习物理的兴趣。
10．（3分）关于声现象，下列说法正确的是（　　）
A．声音只能传递信息，不能传能量
B．声音的速度为34米/秒
C．一些高科技产品不振动也可发声
D．考场周围“禁止鸣笛”从声源处控制噪声
【分析】（1）声音可以传递信息，也可以传递能量；
（2）声音在不同介质中的传播速度是不同的，只有在15℃空气中，其传播速度才是340m/s；
（3）声音是由物体振动产生的；
（4）减弱噪声的方式有三种，即在声源处减弱、在人耳处减弱、在传播过程中减弱。
【解答】解：
A、声音可以传递信息，也可以传递能量，故A错误；
B、声音在15℃空气中传播速度才是340m/s，故B错误；
C、声音是由物体振动产生的，高科技产品不振动也不能发声，故C错误；
D、考场周边“禁止鸣笛”，是在声源处减弱噪声，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了声音的相关知识，属于基础知识的考查，具有一定的综合性，比较简单。
二、填空题（本大题共7小题，共14分）
11．（3分）2019年5月17日，在西昌卫星发射中心，长征三号丙运载火箭成功发射中国北斗卫星系统第45颗卫星。在载荷一定的情况下，为使火箭获得足够大的升空飞行能量，选用的燃料应具有较大的　热值　。升空过程中卫星与火箭分离前相对于火箭是　静止　的。入轨后，卫星是通过　电磁波　和地面进行信息传递的。
【分析】（1）根据氢燃料是热值最大的燃料来判断为什么选用液态氢；
（2）判断物体运动还是静止的，关键是看物体和参照物之间是否发生了位置的变化；
（3）真空不能传声，只能靠无线电（电磁波）联系。
【解答】解：（1）为使火箭获得足够大的升空飞行能量，选用的燃料应具有较大的热值，完全燃烧相同质量的该种燃料可以释放出更多的热量；
（2）升空过程中卫星与火箭分离前，卫星和运载火箭是一体的，即运动的速度相同，所以卫星相对于火箭是静止的；
（3）太空中没有空气，声音不能传播，而电磁波可以在真空中传播，故卫星只能通过电磁波与地面进行信息传递。
故答案为：热值；静止；电磁波。
【点评】本题既考查了火箭发射过程中的运动和静止的相对性、电磁波的应用，同时也考查了对燃料热值的了解，属基础知识的考查，难度不大。
12．（4分）在探究声音的高低与物体振动快慢的关系时，第一组同学用一张硬卡片先后在木梳的齿上划过，一次快些，一次慢些，他们听到的声音是由　木梳齿　振动产生；第二组同学将钢尺的一端伸出桌面，用手拨动使其上下振动发出声音，如图所示。改变　钢尺伸出桌面的长度　，用同样大小的力再拨钢尺，并仔细观察　钢尺振动的快慢　，倾听并辨别钢尺振动时发出声音的高低有无变化；第三组同学仍用钢尺进行实验，用手拨动使其上下振动发出声音，但却听不到声音，原因可能是　钢尺振动太慢或振动频率低于20Hz　。

【分析】音调的高低与发声物体振动快慢有关，物体振动越快，音调越高。
【解答】解：用一张硬卡片先后在木梳的齿上划过，一次快些，一次慢些，他们听到的声音是由木梳齿振动产生；
将钢尺的一端伸出桌面，用手拨动使其上下振动发出声音，改变伸出桌面的长度，用同样大小的力再拨钢尺，并仔细观察钢尺振动的快慢，倾听并辨别钢尺振动时发出声音的高低有无变化；
用手拨动使其上下振动发出声音，但却听不到声音，原因可能是钢尺振动太慢或振动频率低于20Hz。
故答案为：木梳齿；钢尺伸出桌面的长度；钢尺振动的快慢；钢尺振动太慢或振动频率低于20Hz。
【点评】此题考查了声音的产生、人耳感知声音的过程及音调和频率的关系的条件，是一道基础题。
13．（2分）看电影时，观众能从各个方向看到屏幕上的影像是由于光的　漫　反射。看戏剧演出时，穿白色上衣的演员，在红色灯光照射下，观众看到她的上衣是　红　色。
【分析】解答此题应从以下两点入手：
①当物质表面粗糙时，光照射到上边会向各个方向发生反射，这就是漫反射现象；
②不透明物体的颜色是由他反射的色光决定的，白色不透明物体能反射所有的色光。
【解答】解：电影幕布的表面是粗糙的，光射到上边发生了漫反射，使各个方向的人都能看到；
白色物体反射所有色光，红光照射白色上衣时，上衣反射红光，进入人的眼睛，人感觉上衣是红色。
故答案为：漫；红。
【点评】本题考查了漫反射现象的利用及不透明物体的颜色决定于它所反射的颜色的性质。白光是复色光，包括各种颜色的光，白色物体反射所有的色光。
14．（2分）如图所示，跳台滑雪运动员离开跳台后在空中下落是因为受到 　重　力的作用，这个力的方向是 　竖直向下　。

【分析】地球周围的物体都受到重力的作用，方向竖直向下。
【解答】解：跳台滑雪运动员由于受到重力，离开跳台后在空中下落，重力的方向是竖直向下。
故答案为：重；竖直向下。
【点评】本题考查学生对重力概念的理解，是基础题。
15．（2分）“刻舟求剑”的错误在于“刻舟人”认为以“舟”为参照物，“剑”是静止的，而事实上，以岸为参照物“舟”是　运动　的，以“舟”为参照物“剑”是　运动　的。
【分析】要研究船和剑的运动状态，就看它们与所选取的参照物的位置有没有发生变化。由此即可得到结论。
【解答】解：船相对于岸而言，位置在不断地发生变化，所以，以岸为参照物，船是运动的。
以舟为参照物，剑的位置也在不断地发生变化，所以，剑是运动的。
故答案为：运动；运动。
【点评】明确船的位置是在不断地发生变化的是刻舟而没有求得剑的关键。
16．（2分）水的比热容较大，生活中，我们常用水来加热或散热，例如：冬天常用热水袋取暖，把质量为2kg，温度为90℃的热水装入热水袋中，到温度降为30℃的时候，这些水放出了　5.04×105　J的热量；如果用相同质量，相同温度的沙来取暖，沙会冷得　快些　（选填“快些”或“慢些”）。
【分析】（1）已知水的比热容、质量、初温和末温，利用放热公式Q放＝cm△t计算水放出的热量；
（2）要想比较哪一种物质温度变化快，可利用公式△t＝进行分析。
【解答】解：
（1）已知c＝4.2×103J/（kg•℃），m＝2kg，△t＝t0﹣t＝90℃﹣30℃＝60℃，
水放出的热量：
Q放＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×60℃＝5.04×105J；
（2）由Q放＝cm△t可得△t＝，
因为c沙＜c水，m水＝m沙，Q水＝Q沙，
所以沙的温度变化比水大，即沙会冷的快些。
故答案为：5.04×105；快些。
【点评】本题考查放热公式Q放＝cm△t、水的比热容大的应用，属于基础题目。
17．（2分）如图所示，汽油机正在进行的是　做功　冲程。已知汽油的热值为4.6×107J/kg，则完全燃烧1kg汽油放出的热量为　4.6×107　J。

【分析】（1）做功冲程两个气阀都关闭，活塞向下运动；
（2）汽油完全燃烧产生的热量可以利用公式Q＝mq进行求解。
【解答】解：由图可知，两个气阀都关闭，活塞向下运动，所以是做功冲程；
汽油完全燃烧产生的热量：
Q＝mq＝1kg×4.6×107J/kg＝4.6×107J；
故答案为：做功；4.6×107。
【点评】本题考查做功冲程、热量的计算等，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
三、作图题（本大题共2小题，共14分）
18．（4分）如图所示，蓄水池右侧竖直的墙壁上有一平面镜，平面镜前有一发光点B；潜水员在水中A点看到B在平面镜中的像在C点，请作出潜水员看到B在平面镜中像的光路图。

【分析】（1）根据平面镜成像特点画出发光点B在平面镜的像；
（2）连接AC，确定入射点的位置，然后根据光的折射定律画出像点射入眼睛的光路图。
【解答】解：作出B点关于平面镜的对称点B′，即为发光点B在平面镜的像，然后连接AC，与水面交于点O，连接B′O交平面镜于点O′，再连接BO′即为入射光线，O′O为反射光线，OA即为折射光线，如图所示：

【点评】此题考查平面镜和光的折射定律作图，关键是掌握光的折射定律，光从空气中射向水中时，折射角小于入射角。
19．（4分）如图所示，是小磁针放在通电螺线管右端静止时的情形，在螺线管左侧Q处的虚线框内标出导线中电流的方向。

【分析】由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，再由右手螺旋定则可知通电螺线管的电流方向。
【解答】解：
因为同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以螺线管右侧为N极、左侧为S极；
由右手螺旋定则可知螺线管中电流由左侧流入、右侧流出，则Q处的虚线框内导线中电流的方向是向上的，如图所示：

【点评】本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用，要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向。
四、实验探究题（本大题共3小题，共32分）
20．（4分）实验室中常用小灯泡的电阻为RL、电流表的电阻为RA、电压表的电阻为RV、则三者电阻大小关系为：RV　＞　RL　＞　RA（选填：＝、＞、＜）在测灯泡电阻的实验中，除了导线、开关、灯泡、电流表、电压表之外，需要的器材还有：　滑动变阻器　、　电源　。
【分析】分析三个电路元件的本质特征可知三者电阻的大小关系；
实验中缺少电源，为保护电路和测量不同电压下灯的电阻，研究灯的电阻与温度的关系，故用变阻器改变电阻的电压和电路中的电流。
【解答】解：小灯泡是用电器，有一定的电阻，电流表是一个电阻非常小的电路元件，理想状态下其电阻可视为0，电压表是一个电阻非常大的电路元件，理想状态下其电阻可视为极大，所以RV＞RL＞RA；
实验中要用到电源，在测灯泡电阻的实验中，为保护电路和测量不同电压下灯的电阻，故用变阻器改变电阻的电压，除了导线、开关、灯泡、电流表、电压表之外，需要的器材还有滑动变阻器、电源。
故答案为：＞；＞；滑动变阻器；电源。
【点评】本题测电阻大小，考查对电压表和电流表及用电器本质特征的理解及所用的器材。
21．（9分）如图所示的甲、乙两图分别是“探究平面镜成像特点”和“探究凸透镜成像规律”的实验装置。

（1）在“探究平面镜成像特点”的实验中，将点燃的蜡烛A竖立在玻璃板前面，再拿一支跟它完全相同的未点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合，如图甲所示这样操作的目的是为了　确定像的位置　，同时也证明了像与物体的大小相等。
（2）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，将焦距为10cm的薄凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上20cm刻度线处，移动光屏到65cm刻度线处，蜡烛在光屏上成清晰的像，如图乙所示。
①此时甲、乙两图中平面镜与凸透镜所成像的不同点是　平面镜成正立、等大的虚像，凸透镜成倒立、缩小的实像　。
②在乙图中画出从烛焰尖端发出的两条入射光的折射光线的方向。
③保持透镜在50cm刻度线不动，如果想在光屏上得到更大的清晰的像，应进行的操作是　D　。（选填选项的字母）
A．将蜡烛左移，光屏左移
B．将蜡烛左移，光屏右移
C．将蜡烛右移，光屏左移
D．将蜡烛右移，光屏右移
【分析】（1）实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻璃板的后面，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时，可以确定像的位置，同时也可以比较物像大小关系。
（2）①可以从平面镜与凸透镜成像的虚实、大小、倒正等方面来进行比较；
凸透镜成像实验中，当物距离变小时，像距变大，像的大小也变大。
②凸透镜三条特殊光线等知识，通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变；
③根据物近像远像变大的特点分析，要使像变大，则应减小物距，并增大像距；
【解答】解：（1）玻璃板后面没有点燃的蜡烛和玻璃板前面点燃蜡烛的像完全重合，此时可以确定像的位置，同时也可以比较物像大小关系。
（2）①比较甲、乙两图中平面镜与凸透镜所成的像的特点可知，它们的不同点有：平面镜成的是虚像，凸透镜成的是实像； 平面镜成的是等大的像，凸透镜成的是缩小的像；平面镜成的是正立的像，凸透镜成的是倒立的像等；
②凸透镜成像的实质是光经过凸透镜时发生折射现象，折射光线相交成实像，其中平行于主光轴的入射光线，经凸透镜折射后过焦点；过焦点的入射光线，经凸透镜折射后，平行于主光轴，如图：
；
③保持透镜在50cm刻度线处不动，如果想在光屏上得到更大的清晰的像，应使物距缩小，则像距变大，所以应将蜡烛右移，同时光屏也向右移。故D正确；
故答案为：（1）确定像的位置；（2）①平面镜成正立、等大的虚像，凸透镜成倒立、缩小的实像；②如上图；③D。
【点评】①平面镜直立放置时，成像是正立的，平面镜水平放置时，所成的像是倒立的，注意区分；
②凸透镜成实像时如果物距变小，那么像距变大，像的大小也变大，凸透镜成虚像时，如果物距变小，那么像距变小，像的大小也变小。
22．（9分）小明在探究“液体的压强”实验中进行了如图的操作。

（1）在使用U形管压强计前，发现U形管压强计两管液面不相平，如图甲，可以采用 　B　以下哪种方法调节。
A.从U形管右侧中倒出适量液体
B.拆除胶管重新安装
（2）调节完成后，通过观察U形管两管液面的 　高度差　可知液体压强的大小。
（3）分析乙、丙两图的实验现象，得出结论：　在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而增大　。
（4）小明设计了如图丁的装置测量浓盐水密度，步骤如下：
①在容器左侧加入适量水（水面高于橡皮膜），测量水面到橡皮膜中心的深度h1；
②在容器的右侧缓慢加入待测浓盐水，直到橡皮膜 　相平　，测量右侧浓盐水液面到橡皮膜中心的深度h2；
③待测液体密度的表达式为ρ＝　×ρ水　。（水的密度用ρ水表示）
④若要使测量更精确，你对该实验器材的改进建议是 　换用分度值更小的刻度尺　（写出一点即可）。
【分析】（1）U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
（2）根据转换法，液体压强计是利用U形管中液面的高度差来体现压强的，压强越大，U形管液面高度差越大；
（3）液体内部的压强与液体的深度和密度都有关系，研究液体压强与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，结合转换法分析；
（4）观察到橡皮膜相平，则左右液体产生的压强相同，根据p＝ρ液gh，可求出液体的密度的表达式；深度是液体内部一点到液体自由面的距离。换用分度值更小的刻度尺。
【解答】解：（1）当压强计的橡皮膜没有受到压强时，U形管中液面应该就是相平的，若U形管中的液面出现了高度差，就说明软管中的气体压强大于大气压，在压力差的作用下，U形管中的液面出现高度差；要调节，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的；
（2）压强计是通过观察U形管的两端液面的高度差来显示橡皮膜所受压强大小；
（3）由乙、丙两图乙知，液体的密度相同，丙中探头的深度大，液面的高度差也大，故可以初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而增大；
（4）②在容器的右侧缓慢加入待测浓盐水，直到橡皮膜相平，测量右侧浓盐水液面到橡皮膜中心的深度h2；
③橡皮膜相平，则左右液体产生的压强相同，即ρ水gh1＝ρgh2；
待测液体密度的表达式为ρ＝×ρ水；
④若要使测量更精确，你对该实验器材的改进建议是换用分度值更小的刻度尺。
故答案为：（1）B；（2）高度差；（3）在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而增大；（4）②相平；③×ρ水；④换用分度值更小的刻度尺。
【点评】本题考查“探究影响液体内部压强大小因素”的实验，重点考查气密性判断、实验结论分析等知识。
五、计算题（本大题共2小题，共23.0分）
23．（11分）如图所示，在水平地面上有两个由同种材料制成的实心正方体金属块甲和乙，其密度为ρ金属，甲的边长为a，乙的边长为b，重力与质量的比值为g，将乙沿竖直方向切割一部分叠放在甲的正上方后，甲、乙对地面的压强相等。求：
（1）将乙正方体切去的部分叠放在甲的正上方后，甲正方体对地面的压强；
（2）乙正方体被切去部分的底面积。

【分析】（1）正方体放在水平地面上时，正方体对地面的压力F等于正方体的重力G，根据p＝＝＝＝＝ρgh可知正方体对水平地面的压强与正方体的底面积无关，将乙沿竖直方向切割一部分后，剩余部分的密度和高度不变，故剩余部分对地面的压强不变，又因为将乙沿竖直方向切割一部分叠放在甲的正上方后，甲、乙对地面的压强相等，则可求出此时甲对地面的压强；
（2）设截去部分的底面积为S，则截去部分的质量为m截＝ρ金属V截＝ρ金属Sb，将乙沿竖直方向切割一部分叠放在甲的正上方后，此时甲对地面的压力F甲等于总重力G总，根据p＝求出此时甲对地面的压强，根据甲和乙的剩余部分对地面的压强相等建立方程可求出乙正方体被切去部分的底面积。
【解答】解：（1）正方体放在水平地面上时，由受力分析可知，正方体对地面的压力F等于正方体的重力G，则正方体对水平地面的压强为：
p＝＝＝＝＝ρgh，
可知正方体对地面的压强与正方体的底面积无关，则乙正方体对水平地面的压强为：
p乙＝ρ金属gh乙＝ρ金属gb，
将乙沿竖直方向切割一部分后，剩余部分的密度和高度不变，故剩余部分对地面的压强不变，仍为p乙＝ρ金属gb，
由题意可知，将乙沿竖直方向切割一部分叠放在甲的正上方后，甲、乙对地面的压强相等，故可知此时甲对地面的压强为：
p′甲＝p乙＝ρ金属gb；
（2）设截去部分的底面积为S，则可知截去部分的体积为：V截＝Sh乙＝Sb，
则截去部分的质量为：m截＝ρ金属V截＝ρ金属Sb，
将乙沿竖直方向切割一部分叠放在甲的正上方后，此时截去的部分和甲正方体的总质量为：
m总＝m截+m甲＝m截+ρ金属V甲＝ρ金属Sb+ρ金属a3，
由受力分析可知，此时甲对地面的压力F甲等于总重力G总，即：
F甲＝G总＝m总g＝ρ金属（Sb+a3）g，
此时甲对地面的压强为：
p甲'＝＝，
由题意可知，此时甲和乙的剩余部分对地面的压强相等，即p甲'＝p乙，
＝ρ金属gb，
解得乙正方体被截去部分的底面积为：
S＝a2﹣。
答：（1）甲正方体对地面的压强为ρ金属gb；
（2）乙正方体被切去部分的底面积为a2﹣。
【点评】本题主要考查固体压强的计算，灵活运用公式是解题的关键。
24．（12分）CFXB型“220V 1100W”电饭煲的原理图如图所示。它有高温烧煮和保温两挡，通过单刀双掷开关S进行调节，R0为电热丝。当开关S接高温烧煮挡时，电路的功率为1100W；当开关S接保温挡时，电路的总功率为22W。
（1）电饭煲在高温烧煮挡时，开关S应与哪个触点连接？
（2）电热丝R0的阻值多大？
（3）当电饭煲在保温时，实际电流是多少？
（4）保温10min，电热丝R0消耗的电能为多少？

【分析】（1）由电路图可知，开关S接1时R与R0串联，开关S接2时电路为R0的简单电路，由P＝UI＝可知，电压一定时，电阻越小，电功率越大，电饭煲处于高温烧煮挡时，反之为保温挡；
（2）高温烧煮挡时，电路为R0的简单电路，根据P＝UI＝求出电热丝R0的阻值；
（3）当电饭煲在保温时，根据P＝UI求出电路中的电流；
（4）利用W＝UIt＝I2Rt求出保温10min电热丝R0消耗的电能。
【解答】解：（1）由P＝UI＝可知，电压一定时，电阻越小，电功率越大，电饭煲处于高温烧煮挡，反之为保温挡；
由电路图可知，开关S接1时R与R0串联，电路中的总电阻最大，电路的总功率最小，电饭煲处于保温挡，
开关S接2时，电路为R0的简单电路，电路的总电阻最小，电路的总功率最大，电饭煲处于高温烧煮挡；
（2）高温烧煮挡时，电路为R0的简单电路，
由P＝UI＝可得，电热丝R0的阻值：
R0＝＝＝44Ω；
（3）当电饭煲在保温时，R与R0串联，
由P＝UI可得，电路中的电流：
I＝＝＝0.1A；
（4）10min电热丝R0消耗的电能：
W＝I2R0t＝（0.1A）2×44Ω×600s＝264J。
答：（1）S与2触点连接时，电路中只有R0，为高温烧煮挡；
（2）电热丝R0的阻值为44Ω；
（3）当电饭煲在保温时，实际电流是0.1A；
（4）保温10min，电热丝R0消耗的电能为264J。
【点评】本题考查了电功率公式和电功公式的应用，分清电饭锅处于不同状态时电路的连接方式是关键。