【高考物理模拟】名校名师仿真模拟联考试题（新课标全国卷）（02）

高考物理复习策略（仅供参考）

首先，要学会听课：

1、听课前要先预习，找出不懂的知识、发现问题，带着知识点和问题去听课会有解惑的快乐。

2、参与交流和互动，不要只是把自己摆在“听”的旁观者，而是“听”的参与者。

3、听要结合写和思考。

4、如果你因为种种原因，出现了那些似懂非懂、不懂的知识，课上或者课后一定要花时间去弄懂。

其次，要学会记忆：

1、要学会整合知识点。    2、合理用脑。     3、借助高效工具。

一是要总结考试成绩，通过总结学会正确地看待分数。

1.摸透主干知识       2.能力驾驭高考      3.科技领跑生活

高考名校名师仿真模拟联考试题(新课标全国卷)

物理(二)答案

1．B【解析】因为水平面光滑，洛伦兹力方向竖直向下，所以小球始终做匀速运动，选项B正确。

2．B【解析】由题意可知，只有当氢原子处于=3能级向低能级跃迁时，才能够辐射出3种不同频率的光子，由可知氢原子在该能级时具有的能量为，若要使氢原子从该能级电离，则氢原子至少需要吸收的光子的能量为

，由可得，选项B正确。

3．A【解析】由于=1.5 N<=2 N，故安培力方向竖直向下，根据受力分析，满足，可得=1 T，B错误。根据左手定则，可知棒中电流方向由指向，故端是电源正极，A正确。滑动变阻器的滑片左移，接入电路的电阻减小，电流增大，故形变量变大，弹簧的长度变大，C错误。仅使磁场反向，

则，可得=0.5 cm，D错误。

4．D【解析】试题通过分析两小球的运动情况，培养考生物理观念中“能量观念”、科学思维中“科学推理”等学科素养。由于两小球在靠近过程中电场力要做功，故系统机械能不守恒，但两小球组成的系统受到的合力为零，故系统动量守恒，选项A错误；由题意可知，当两小球之间的距离最近时，小球的速度达到最小，设其最小速度为，由动量守恒定律可得，解得，选项B错误；由动量定理可知，电场力对球的冲量大小等于其动量的变化量，故由动量定理可得，选项C错误；由能量守恒可知，两小球组成系统的电势能的增加量等于两小球组成系统的机械能的减少量，故有，可得，故选项D正确。

5．C【解析】以图象引入，体现了物理观念和科学思维等物理核心素养。图象的斜率表示电场强度，由于、两点处图线的斜率均不等于零，故两点的场强均不为零，选项A错误；从坐标原点沿轴正方向到点的过程中，电势逐渐降低，由电场线方向与电势高低的关系可知，、两点间(不包括、两点)的场强方向一定沿轴正方向，选项B错误；由题图可知，处的点电荷带正电，处的点电荷带负电，在=6 cm处的点，两点电荷的合场强为零，则有，代入数据解得，选项C正确；由题图可知，从电势逐渐升高，电场力对负电荷做正功，电势能减少，从电势逐渐降低，电场力对负电荷做负功，电势能逐渐增加，故一带负电的试探电荷仅在电场力作用下从点移到点的过程中，动能先增加后减少，选项D错误。

【备注】此题属于静电场中的图象问题，解决此类问题时一定要抓住三点：一是图象中的电势变化为沿轴的电势变化，与其他方向无关；二是图线斜率的绝对值表示该点的场强大小；三是电场的方向一定沿电势降低的方向。

6．AB【解析】通过分析两网球的运动情况，体现了科学思维这一物理核心素养。设甲网球落到点所用的时间为，则有 s=1.5 s，故甲网球在竖直方向上下落的高度为，代入数据可得=11.25 m，选项A正确；由于、两点间的竖直距离为8.75 m，故乙网球在竖直方向上下落的高度为+8.75 m=20 m，设乙网球运动到点所用时间为，则由代入数据可得=2 s，故乙网球抛出时的初速度大小为m/s=15 m/s，选项B正确；

甲网球在点的速度大小为，代入数据可得=25 m/s，

同理可得 ，代入数据解得=25 m/s，故两球的速度大小相等，选项C错误；将两网球的初速度均减为原来的一半，若两网球在空中相遇，则两网球在竖直方向上下落的高度一定相同，由可知，两网球在空中的运动时间相等，但由于两网球的水平初速度不同，所以两网球在水平方向上的位移不同，故两网球不可能在空中相遇，选项D错误。

7．BC【解析】设传送带向左匀速运动的速度为，则有==2 m/s，设物体从光滑轨道上滑至点时的速度为，则由机械能守恒定律可得，代入数据解得=4 m/s，由题意可知，当物体向右运动的速度减为零时，物体向右运动的距离最远，设物体在传送带上向右运动时的加速度大小为，则由牛顿第二定律可得，解得=2，设物体减速到零所用时间为，则由可得=2 s，此段时间内物体向右运动的距离为=4 m，故物体向右运动的最远距离为4 m，选项A错误；由于，所以物体将反向向左做匀加速直线运动，由题意可知，物体向左加速运动的加速度大小为=2 ，设物体向左加速至与传送带的速度相同所需要的时间为，则有=1 s，此段时间内物体向左运动的距离为=1 m<=4 m，故物体还要向左做匀速运动才能回到点，设物体做匀速运动的时间为，则有=1.5 s，所以物体再次回到点所用的时间为=4.5 s，选项B正确；由动能定理可知，整个过程中摩擦力对物体所做的功等于物体动能的变化量，故有=6 J，选项C正确；由分析可知，物体向右运动过程中，物体与传送带之间的相对位移大小为=8 m，物体向左运动的过程中，物体与传送带之间的相对位移大小为=1 m，由功能关系可知，此过程中因摩擦而产生的热量为=18 J，设电动机多做的功为，由能量守恒定律可知，，代入数据解得=12 J，选项D错误。

【备注】对于传送带问题，其设问角度一般有两个：一是从动力学角度设问，在解决此种类型的问题时首先要正确分析物体在传送带上的运动过程，做好每个运动过程的受力分析，然后利用运动学公式结合牛顿第二定律求物体及传送带在相应时间内的位移，找出物体和传送带之间的位移关系即可；二是从能量的角度设问，此种类型的问题一般是要求解传送带对物体所做的功、物体和传送带由于相对滑动而产生的热量、因放上物体而使电动机多消耗的电能等，一般依据功能关系或能量守恒定律求解。

8．BC【解析】由题意可知，当磁场均匀增加时，带电小球将受到竖直向上的电场力作用，由楞次定律可知，磁场均匀增加时，上极板带正电，下极板带负电，电场强度方向竖直向下，故小球带负电，选项A错误；设磁场均匀增加时，小球的加速度大小为，磁场均匀减小时，小球的加速度大小为，则有，解得，又因为，，联立可解得，选项B正确；设两板间的电势差为，又两极板间的距离为，则有，又由法拉第电磁感应定律可得，两式联立可得，选项C正确；由和可知，，设点到下极板的距离为，则有可知，当线圈内磁场保持不变时，线圈中不产生感应电动势，此时两极板间没有电场，带电小球将做自由落体运动，设小球到达下极板时的速度大小为，则有，解得，选项D错误。

9．【答案】(1)交流电源和刻度尺　(2)②③　(3)D

【解析】(1)还缺少的器材是交流电源和刻度尺。(2)①平衡摩擦力是在实验之前，对“实验中每条橡皮筋做相同的功”这一要求没有帮助。②应选长短、粗细一样的橡皮筋若干，保证每条橡皮筋弹力相同，故对“实验中每条橡皮筋做相同的功”这一要求有帮助。③每次实验都让小车从同一地点由静止释放，保证位移相同，故对“实验中每条橡皮筋做相同的功”这一要求有帮助。(3)功与速度的平方成正比，所以图象应为D。

10．【答案】(1)如图所示　(2)　(3)增大　(4)5　  55

【解析】试题从电路设计、数据处理、实验原理分析三个角度切入，培养考生科学探究中“问题、证据”等核心素养。

(1)由于所给器材中没有电压表，所以要将毫安表与定值电阻串联后改装成一个量程为5 V的电压表，为了减小实验误差，采用外接法进行测量，滑动变阻器采用分压接法。(2)由于电流，所以可认为流过热敏电阻的电流就是，故计算热敏电阻阻值的表达式为。(3)由题图乙可知，为图中曲线的斜率，由于曲线的斜率逐渐增大，故该热敏电阻的阻值也逐渐增大。(4)由题图丁和闭合电路欧姆定律可知，流过金属热敏电阻的电流大小为=0.4 A，结合题图乙和可知，此时热敏电阻的阻值 Ω=5 Ω，故电阻的阻值为 Ω=5 Ω。由题图丙可知，该热敏电阻的阻值与温度之间为一次函数关系，设0 ℃时金属热敏电阻的阻值为，图中直线的斜率为，则有，将(100 ℃，8 Ω)和(10 ℃，2 Ω)分别代入可得 Ω，故当=5 Ω时，=55 ℃。

【备注】此题是一个综合性较强的电学实验题，对考生的能力要求较高。本题的易错点主要有以下几个方面：一是不能够根据题目中要求的电压的测量范围，利用所给的器材改装成电压表；二是不理解“实验要求能够在0~5 V范围内，比较准确地对热敏电阻的阻值进行测量”这句话的含义，从而无法判断是采用分压电路还是限流电路；三是在解决第(4)问时，不能将闭合电路欧姆定律与题图乙、题图丙所给出的信息结合起来进行求解。

11．【解析】以两类经典的动力学问题切入，很好地体现了物理观念中“物质观念”、科学思维中“科学推理”等学科素养。

(1)设小物块到达水平面与斜面连接点时的速度大小为，则有

解得=5 m/s

(2)设小物块沿斜面上滑时的加速度大小为，

由牛顿第二定律得

设小物块沿斜面上滑的时间为，有

设小物块沿斜面上滑的距离为，有

设小物块沿斜面下滑时的加速度大小为，有

设小物块沿斜面下滑的时间为，有

所以小物块在斜面上第一次往返运动的总时间为

以上各式联立并代入数据可得 s

12．【解析】(1)设带电粒子在圆形磁场中做圆周运动的轨迹半径为，圆心为，

由几何关系可知，0.48 m

由牛顿第二定律可得

代入数据解得=8× m/s

(2)带电粒子从点垂直磁场方向进入匀强磁场做匀速圆周运动，运动轨迹如图1所示。

若粒子刚好能打在荧光屏的最上端，设此时粒子在磁场中做圆周运动的轨迹半径为，磁场的磁感应强度大小为，由牛顿第二定律可得

点到坐标原点的距离为

解得=0.72 m

由几何关系可得

以上各式联立并代入数据可得=1 T

若带电粒子的运动轨迹刚好与匀强磁场的下边界相切，设此时粒子做圆周运动的轨迹半径为，磁场的磁感应强度大小为，则有

由几何关系可知

两式联立并代入数据可得 T

所以匀强磁场的磁感应强度的取值范围为1 T

(3)带电粒子在第三象限内的磁场中做匀速圆周运动，设其轨迹半径为，运动周期为，由牛顿第二定律可得

代入数据解得=0.18 m

由，代入数据可得=4.5× s

由磁场变化周期T可知带电粒子在磁场中的运动轨迹如图2所示

在0~T时间内，带电粒子沿轴方向的位移为=0.54 m

又因为=0.18 m，故带电粒子刚好垂直轴离开磁场区域，则该带电粒子在磁场中运动的时间为

从离开磁场至打到荧光屏上的时间

代入数据可得=1.5× s

【备注】带电粒子在有界匀强磁场中的临界、极值和周期性问题

1．当题目中有“恰好”、“刚好”等字眼时，表明题述的过程中存在临界点，当题目中有“最大”、“最小”、“至多”、“至少”等字眼时，表明题述过程中存在极值点，这些“临界点”或“极值点”往往是问题的突破点，如本题的第(2)问；2．由于粒子在匀强磁场中的圆周运动具有周期性，所以在解决此类问题时要注意粒子运动的周期性，如本题的第(3)问。

13．(1)【答案】BDE

【解析】压缩气体时，气体的压强增大，外界要克服气体的压强做功，不是分子间存在斥力的表现，选项A错误；当分子间的引力和斥力相等，即两分子间的距离时，两分子间的分子势能最小，选项B正确；当分子力表现为引力时，两分子间的距离，随着分子间距离的增大，分子势能会逐渐增大，选项C错误；由分子间斥力和引力随距离的变化关系可知，当两分子间的距离增大时，分子间的斥力和引力都会减小，但斥力减小更快，选项D正确；若分子力表现为引力，则距离增大分子力做负功，若分子力表现为斥力，距离增大，分子力做正功，选项E正确。

(2)【解析】(i)设升温前部分气体的温度为，升温后部分气体的温度为，由于活塞被销钉固定，所以部分气体的体积不变，

由查理定律可得

代入数据可解得=127 ℃

所以部分气体升高的温度=100 ℃

(ii)设容器的总体积为，活塞停止移动时部分气体的体积为，两部分气体的压强相等设为，则对部分气体，由玻意耳定律可得

对部分气体，由玻意耳定律可得

两式联立可解得。

14．(1)【答案】ABE

【解析】由波形图可知，左波波前的振动方向为竖直向上，故左波波源起振方向为竖直向上，右波波前的振动方向为竖直向上，故右波波源起振方向为竖直向上，A正确；在=4 s时，根据两波运动的叠加可知，=4 m处质点将向下运动，B正确；同理，在=5.5 s时，根据波的叠加原理，=4 m处的质点的位移为m=m，C错误；由于周期不同，故不是每个质点都会有两个波峰相遇的情况，故两波相遇过程中，不是每个质点都会在某时刻到达=12 m处，且由于周期不同，两列波不会产生干涉现象，D错误，E正确。

(2)【解析】(i)由题意可知，光在冰雕中发生全反射的临界角为

则折射率

作出光路图如图所示，根据几何关系可知

设光从冰雕射入空气时的入射角为，折射角为，

根据几何关系有

根据折射定律有

可得=45°

(ii)从光到达点至光射出冰雕通过的路程为

光在冰雕中的传播速度为

此过程光在冰雕中传播的时间为