2023年云南省昭通市中考物理一模试题（含答案）

这是一份2023年云南省昭通市中考物理一模试题（含答案），共20页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验探究题等内容，欢迎下载使用。

1．（3分）在学习和生活中，我们要善于发现，善于思考，下列对身边物理量估测的数据，你认为符合实际的是（ ）
A．一名中学生的身高大约1.75dm
B．此试卷的宽度约为2.5cm
C．你现在所处的环境温度约50℃
D．一枚鸡蛋的质量约为50g
2．（3分）“影”是我们日常生活中常见的光现象，如“手影”游戏，电影院放映的“电影”，河边树木在水中形成的“倒影”，春游时留下美好记忆的照片（“摄影”）等，以下列出的“影”与物理知识对应关系正确的是（ ）
①手影—光的直线传播
②倒影—光的折射
③电影—凸透镜成像
④杯弓蛇影—光的折射
A．①②B．②④C．①③D．②③
3．（3分）如图所示，将水壶放在燃气灶上烧水，下列说法中正确的是（ ）
A．燃气燃烧时将化学能转化为内能
B．烧水使水温升高是通过做功的方式改变了水的内能
C．烧水过程中，水含有的热量变多
D．水沸腾后继续吸收热量时，温度不变，内能不变
4．（3分）下列关于安全用电知识的说法正确的是（ ）
A．洗衣机使用三孔插座主要是为了防止雷击
B．使用测电笔时人手必须接触笔尾的金属体
C．保险盒内的熔丝安装在零线上
D．家庭电路中空气开关跳闸一定是发生短路
5．（3分）下列说法正确的是（ ）
A．电磁波不能在真空中传播
B．固体的密度一定大于液体的密度
C．用吸管把瓶中的汽水吸到嘴里，利用的是嘴对吸管的吸力
D．坐在行驶车里的人，以地面为参照物，人是运动的
6．（3分）下列关于能量的说法中，正确的是（ ）
A．任何机械的效率都低于100%，是因为能量在转化过程中总量会减少
B．水的比热容比沙子的比热容大，所以沙漠地区比沿海地区昼夜温差大
C．核电站利用核聚变发电
D．汽油机在做功冲程中将机械能转化为内能，从而获得动力
7．（3分）甲、乙两个滑轮组如图所示，其中的每一个滑轮都相同，用它们分别将重物G1、G2提高相同的高度，不计滑轮组的摩擦，下列说法中正确的是（ ）
A．若G1＝G2，拉力做的额外功相同
B．若G1＝G2，甲的机械效率大于乙的机械效率
C．若G1＝G2，拉力做的总功相同
D．用甲乙其中的任何一个滑轮组提起不同的重物，机械效率不变
（多选）8．（3分）如图所示，先把焦距为10cm的凸透镜放置在光具座上50cm处，再将点燃的蜡烛和光屏放到光具座上，下列说法正确的是（ ）
A．把蜡烛放置在光具座上10cm处，调节光屏，光屏上出现烛焰倒立缩小的像
B．保持蜡烛位置不动，当蜡烛燃烧变短后，光屏上的像相对原来的像位置偏高了
C．取走光屏，烛焰通过凸透镜就不能成实像
D．把蜡烛从光具座上10cm处移动到35cm处，烛焰的像逐渐变大
（多选）9．（3分）2021年12月9日下午15：40“天宫课堂”时隔8年再次开讲，“太空教师”翟志刚、王亚平、叶富光在中国空间站为广大青少年带来了一场精彩的太空科普课。如图是演示“浮力消失”实验的情景。下列说法中正确的是（ ）
A．乒乓球不受浮力
B．乒乓球在水中静止时所受的重力与浮力平衡
C．乒乓球下表面所受的压力大于上表面所受的压力
D．若此时在水中放一个实心铁球，铁球会停留在水中任意位置
（多选）10．（3分）如图所示，把标有“6V 3W”的小灯泡L与最大阻值为100Ω的滑动变阻器R连接在电压恒定为18V的电路中，灯丝电阻不随温度变化。电流表和电压表选择的量程分别为“0～0.6A”和“0～15V”。闭合开关S，在保证电路安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片P，则下列说法中错误的是（ ）
A．向右移动滑片P，电流表和电压表示数均变小
B．向左移动滑片P，电路中的最大电流为0.6A
C．滑动变阻器接入电路中的阻值变化范围为24Ω～60Ω
D．小灯泡电功率的变化范围是0.5W～3W
二、填空题（本大题共6个小题，每空1分，共14分）
11．（2分）梁代诗人王籍的诗句“蝉噪林愈静，鸟鸣山更幽”是脍炙人口的名句。蝉鸣声和鸟鸣声，都是发声体 而产生的；噪声过大会损害人的听力，说明噪声能够传递 。
12．（2分）在学完摩擦起电后，红军同学用毛皮摩擦过的硬橡胶棒靠近悬挂着的通草球，发现通草球被吸引，则通草球 带电（选填“可能”、“一定”或“一定不”）；验电器能够检验物体是否带电，验电器的原理是 。
13．（2分）中国高铁正以速度最快、成本最低、运营里程最长等优势成为“中国制造”的新名片．如图所示为我国常见的高铁动车组列车照片，列车头部呈流线型，目的是 列车在加速过程中，该车的动能增加，惯性 （选填“变大”、“变小”或“不变”）．
14．（2分）举世瞩目的三峡水利工程，2003年6月1日开始关闸蓄水，此工程集防洪、发电、航运于一体。设计大坝高185m，坝长2309m，最高蓄水位175m，如图是水坝的截面图，水坝筑成下宽、上窄的形状，是考虑到水对坝体侧面有压强，并且随深度的增加而 ；在航运中设有船闸，船闸是利用了 原理。
15．（2分）一辆匀速行驶的汽车在离高楼350m处鸣笛，汽车直线向前行驶20m后，司机刚好听到回声，则汽车的速度为 m/s。（声音在空气中传播的速度为340m/s）。2020年5月27日11点，我国珠穆朗玛峰高度测量登山队成功登顶，队员脚穿布满尖钉的登山鞋，通过 的方法增大鞋对冰雪的压强，保障行走安全。
16．（4分）按要求完成填空：
（1）如图甲所示，将纸杯装满水后，用薄塑料片盖严杯口并倒置，塑料片不会掉下来，这个现象说明了 的存在。
（2）如图乙所示，a、b两种液体密度的大小关系是ρa ρb。
（3）如图丙所示，在烛焰和凸透镜之间放一副眼镜，光屏上的像由清晰变的模糊，将光屏向透镜移动适当距离后光屏上再次呈现清晰的像，则该眼镜是 （选填“近视”或“远视”）眼镜。
（4）如图丁所示，小伟发现家中的电能表转盘在某段时间内转了500转，则在该段时间内小伟家消耗的电能是 J。
三、作图题（本大题共2小题，共4分）
17．（2分）在图中请根据磁感线的方向在图中两个虚线框内分别标出小磁针和电源的极性。
18．（2分）如图，请作出斜面上小球所受重力G和它对斜面压力F的示意图。
四、实验探究题（本大题共4小题，共24分）
19．（6分）用如图所示装置探究萘熔化时温度的变化规律。请回答下列问题：
（1）将装有萘的试管放入水中加热，而不是用酒精灯直接对试管加热，这样做不但能使试管，而且萘的温度上升速度较 （选填“快”或“慢”），便于及时记录各个时刻的温度。
（2）萘加热一段时间后，可看到烧杯中有“白气”冒出，杯口附近出现大量“白气”，“白气”水蒸气遇冷 形成的。
（3）分析图像可知奈的熔点是 ℃，其熔化过程的特点是 。
（4）在第6min该物质处于 （选择“固态”或“液态”或“固液共存状态”）。根据奈熔化时温度随时间变化的图像。从开始熔化到完全熔化。大约持续了 分钟。
20．（7分）某实验小组用图甲所示电路探究电流与电阻的关系。
（1）请将图甲所示的电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向右移动时电阻变大；
（2）先将5Ω定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2V，此时电流表的示数如图乙所示，为 A，将实验数据记录在表格中。
（3）接下来断开开关，取下5Ω的定值电阻，换成10Ω的定值电阻，闭合开关，应该向 调节滑动变阻器，直至电压表的示数为 V，读出电流表的示数，将实验数据记录在表格中；再更换不同阻值的定值电阻重复4次上述操作，分别将数据记录在表格中。
（4）通过实验可以得出结论：当电压一定时，电流与电阻 。
（5）该小组同学想用一块电流表和一个定值电阻R0测电阻Rx的阻值。于是他们设计了如图丙所示的电路图，并进行如下实验操作：
①闭合S和S1，记录电流表的示数为I1；
② ；
③用R0和测量出来的物理量表示Rx，则Rx＝ 。
21．（7分）为探究光的折射现象，小明在某次实验中根据光路绘制了如图甲所示的光路图，此图中，光线从空气射入某种透明物质，在分界面处发生反射和折射，其中AE⊥CG，∠4＝∠5，则 为折射光线。空气在界面的 （选填“上”、“下”、“左”或“右”）侧，为进一步探究光的折射规律，小明让入射光从玻璃射向空气，得到表格：
（1）根据表格，他发现光的折射现象一般都会伴随着反射现象的发生，当入射角增大时，反射光线和折射光线的夹角 （选填“增大”、“减小”或“不变”）；
（2）当入射角i＝42°时，光线 （选填“能”或“不能”）从玻璃中传播到空气中；
（3）当入射角i≥ °时，折射光消失，反射光会变得更亮，请教老师后，他知道此时发生的现象叫做“全反射”；图乙中的图线 （选填“a”或“b”）反映了上述实验中的两角关系。
（4）进一步推论可知，根据折射现象中光路可逆原理可以判断：如果光从空气射向玻璃，满足一定角度条件时 （选填“能”或“不能”）发生全反射现象。
22．（4分）在验证电流产生磁场的实验中，小东连接了如图所示的实验电路．他把小磁针（图中没有画出）放在直导线AB的正下方，闭合开关后，发现小磁针指向不发生变化．经检查，各元件完好，电路连接无故障．
（1）请你猜想小磁针指向不发生变化的原因是 ．
（2）写出检验你的猜想是否正确的方法： ．
五、综合计算题（本大题共2小题，共18分）要求：（1）语言表述要简练、准确；（2）写出必要的运算和推理过程；（3）带单位计算；（4）计算结果若有近似，均保留两位小数。
23．（8分）如图所示，这是有加热和保温两挡的电热器的工作电路图，电源电压U＝220V。发热体由R1和R2两个电热丝（阻值均不变）构成，其保温功率为220W；开关S1、S2闭合时，通过电热丝R2的电流为5A。求：
（1）处于保温挡时通过电热器的电流；
（2）开关S1、S2，闭合时，电热丝R2在5min内产生的热量；
（3）电热器处于加热挡时正常工作0.5h消耗的电能。
24．（10分）在科技节上，小明用传感器设计了如图甲所示的力学装置，竖直细杆B的下端通过力传感器固定在柱形容器的底部，它的上端与不吸水的实心正方体A固定（不计细杆B及连接处的质量和体积）。力传感器可以显示出细杆B的下端所受作用力的大小，现缓慢地向容器中加水，力传感器的示数大小F随水深h水变化的图象如图乙所示。（g取10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）求：
（1）正方体A所受重力大小；
（2）当容器内水的深度为15cm时，正方体A受到的浮力大小；
（3）当容器内水的深度为7cm时，力传感器的示数大小为F，继续向容器中加水，当力传感器的示数大小变为0.5F时，水对容器底部的压强是多少？
2023年云南省昭通市中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。其中第1～7题为单选题；8～10题为多选题，全对得3分，少选无错得1分，有错不得分）
1．【解答】解：A、成年人的身高在170cm左右，中学生的身高略小于此数值，在160cm＝16dm左右，故A不符合实际；
B、一根筷子的长度约25cm，试卷的宽度与此差不多，在25cm左右，故B不符合实际；
C、人的体温大约37℃，环境温度不高于体温，更不可能为50℃，故C不符合实际；
D、10枚鸡蛋的质量约1斤，而1斤＝500g，所以一枚鸡蛋的质量在50g左右，故D符合实际。
故选：D。
2．【解答】解：①手影是影子，光在沿直线传播过程中遇到不透明的物体，在物体的后面形成的光照不到的暗区叫影子，故①正确；
②倒影是平面镜成像，平静的水面相当于平面镜，平面镜成的像与物关于水面对称，所以是倒立的，其原理是光的反射，故②错误；
③电影是利用凸透镜成倒立、放大、实像，故③正确；
④杯弓蛇影属于平面镜成像，是光的反射原理，故④错误。
故选：C。
3．【解答】解：A、燃气燃烧时消耗化学能，得到内能，将化学能转化为内能；故A正确；
B、烧水使水温升高是通过热传递的方式改变了水的内能；故B错误；
C、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量；故C错误；
D、根据液体沸腾的特点可知，水在沸腾过程中，吸收热量，内能增加，温度保持沸点不变；故D错误。
故选：A。
4．【解答】解：A、洗衣机使用三孔插座，当洗衣机漏电时，电流就通过地线，流入大地，防止触电事故的发生，而不是为了防雷击，故A错误；
B、正确使用测电笔：手接触笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光的导线是火线，电流经过人体形成回路；氖管不发光的是零线；手千万不要接触笔尖金属体，故B正确；
C、保险盒内的熔丝只安装在火线上，当电路中电流过大时能自动切断电路，此时电路中没有电，更安全，故C错误；
D、家庭电路中空气开关跳闸一定是电路中电流过大，电路短路是造成电路中电流过大的一个原因，还可能是用电器的总功率过大，故D错误。
故选：B。
5．【解答】解：A、电磁波的传播不需要介质，能在真空中传播，故A错误；
B、液体水银的密度大于很多固体的密度，所以固体的密度不一定大于液体的密度，故B错误；
C、利用吸管喝汽水时，我们会将口中的气体吸入肺中，导致口腔中气压减小，所以大气压就会将瓶中的汽水压入我们口中，故C错误；
D、坐在行驶车里的人，以地面为参照物，人与地面之间存在位置变化，人是运动的，故D正确。
故选：D。
6．【解答】解：A、能量在转化过程中都遵守能量守恒定律，所以总量不会减少，故A错误；B、因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小，沙漠地区地区昼夜温差大，故B正确；C、人类已建成的核电站是利用核裂变发电的，故C错误；D、汽油机在做功冲程中将部分内能转化为机械能，从而获得动力，故D错误。故选：B。
7．【解答】解：A、甲滑轮组中有一个动滑轮，乙滑轮组中有两个动滑轮，所以若把物体提升相同的高度，乙滑轮组做的额外功多，故A错误；
B、根据η＝，若G1＝G2，把物体提升相同的高度，则甲乙所做的有用功相同，乙滑轮组做的额外功多，乙做的总功大于甲做的总功，所以甲的机械效率大于乙的机械效率，故B正确。
C、若G1＝G2，把物体提升相同的高度，则甲乙所做的有用功相同，总功＝有用功+额外功，所以乙做的总功大于甲做的总功，故C错误；
D、用同一个滑轮组提起不同的重物，所做的额外功不变，有用功发生变化，所以有用功在总功中的比值发生变化，所以机械效率会变化，故D错误。
故选：B。
8．【解答】解：A、把蜡烛放置在光具座上10cm处，易知物距为40cm，大于2倍焦距，调节光屏，光屏上出现烛焰倒立、缩小的像，故A正确；
B、保持蜡烛位置不动，当蜡烛燃烧变短后，根据过光心的光传播方向不变，光屏上的像相对原来的像位置偏高了，故B正确；
C、取走光屏，烛焰通过凸透镜仍能成实像，故C错误；
D、把蜡烛从光具座上10cm处移动到35cm处（此时物距为15cm，大于1倍焦距，成实像），物距变小，像距变大，烛焰的像逐渐变大，故D正确。
故选ABD。
9．【解答】解：在太空中，物体都处于失重状态，乒乓球在水中静止时，没有受到水的压力，所以不会受到浮力，即乒乓球没有受到力；在水中放一个实心铁球，由于铁球处于失重状态，铁球会停留在水中任意位置，故AD正确，BC错误。
故选：AD。
10．【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中电流，电压表测滑动变阻器R两端电压。
A、由图，向右移动滑片P，滑动变阻器R连入阻值变大，总电阻变大，总电压恒定，根据I＝可知电路中电流变小，即电流表变小；根据串联电路的分压原理可知R两端电压变大，即电压表示数变大，故A错误；
BCD、根据P＝可知，“6V 3W”灯丝电阻：RL＝＝＝12Ω，
灯正常发光时的电流：I＝＝＝0.5A，
所以电路中的最大电流应为0.5A，故B错误；
即：I大＝＝＝0.5A，
解得，滑动变阻器连入电路的最小电阻：R最小＝24Ω；
此时灯泡正常发光，灯泡功率为3W；
为保护电压表，滑动变阻器两端的最大电压为15V，此时滑动变阻器连入的电阻最大，
灯泡两端的最小电压：UL′＝U﹣UR大＝18V﹣15V＝3V，
此时电路中的电流最小：I′＝＝＝0.25A，
即：I′＝＝＝0.25A，
解得，滑动变阻器连入的最大电阻：R′＝60Ω；
灯泡功率：P小＝I′2RL＝（0.25A）2×12Ω＝0.75W；
综上可知，滑动变阻器允许调节的范围为24Ω～60Ω；灯泡电功率变化范围是3W～0.75W，故C正确，D错误。
故选：ABD。
二、填空题（本大题共6个小题，每空1分，共14分）
11．【解答】解：蝉鸣声和鸟鸣声是由物体振动产生的，振动停止，声音停止。
噪声过大会损害人的听力，说明声音能够传递能量。
故答案为：振动；能量。
12．【解答】解：毛皮摩擦过的硬橡胶带负电，带负电的橡胶棒靠近悬挂着的通草球，发现通草球被吸引，由带电体的性质和电荷间的相互作用规律可知，通草球可能带正电，也可能不带电。
验电器的原理：带电体接触验电器的金属箔时，两片金属箔带同种电荷，同种电荷相互排斥而张开。
故答案为：可能；同种电荷相互排斥。
13．【解答】解：
（1）列车做成流线型，是为了减少列车运行时受到的空气阻力；
（2）列车加速过程中，其质量不变，只是速度的变化，则列车的惯性不变．
故答案为：为了减小空气阻力；不变．
14．【解答】解：（1）由液体压强特点可知：液体对容器底和侧壁都有压强，液体的压强随深度增加而增大；那么大坝之所以要建成“上窄下宽”的形状，主要就是考虑到水对坝体侧面有压强，并且随深度的增加而增大；
（2）船闸是由闸室和上、下游闸门以及上、下游阀门组成，其实质是连通器。
若船要从上游驶向下游，先打开上游阀门，使闸室和上游构成连通器，水相平后，打开上游闸门，船驶入闸室；然后打开下游阀门，使下游和闸室构成连通器，闸室和下游水位相平时，打开下游闸门，船驶入下游。
故答案为：增大；连通器。
15．【解答】解：（1）声音传播的路程s＝350m+350m﹣20m＝680m，
当时气温是15℃，声音的传播速度v＝340m/s，
由v＝得，声音传播的时间t＝＝＝2s；
所以汽车行驶速度为v1＝＝＝10m/s；
（2）队员脚穿布满尖钉的登山鞋，在压力相同的情况下，减小受力面积来增大压强鞋对冰雪的压强。
故答案为：10；减小受力面积。
16．【解答】解：（1）纸板受到水对它向下的压强和外界大气压对它向上的压强，而纸板受到向上的大气压远大于水对纸片向下的压强，所以纸片不会掉下来；
（2）乙图中，a中液体的深度要大于b中液体的深度，橡皮膜没有发生形变，说明此处的压强相同，根据p＝ρgh可知，a的密度要小于b的密度，即ρa＜ρb；
（3）将一副眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，结果，光屏上原来清晰的像变模糊了，他只将光屏向靠近凸透镜的方向移动适当距离时，又在光屏上观察到蜡烛清晰的像，说明提前成像了，故放置的是使光线会聚的凸透镜，这种眼镜是用来矫正远视眼的；
（4）2500r/（kW•h）表示的是电路中用电器每1kW•h的电能，电能表的转盘转2500r，
则电能表转盘转500转，小伟家消耗的电能：W＝＝0.2kW•h＝7.2×105J。
故答案为：（1）大气压；（2）＜；（3）远视；（4）7.2×105。
三、作图题（本大题共2小题，共4分）
17．【解答】解：根据题干中的图片可知，磁感线是由N极回到S极的，因此螺线管的右端为S极。小磁针静止时，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针左侧为N极，右侧为S极；
由安培定则可知，电流从螺线管左侧流入，从螺线管的右侧流回电源的负极，则电源的左端为正极，右端为负极；如图所示：
18．【解答】解：从物体重心画带箭头的线段，方向竖直向下，即重力示意图；
在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段即压力示意图。如图所示：
四、实验探究题（本大题共4小题，共24分）
19．【解答】解：（1）将装有萘的试管放入水中加热，这是水浴法，采用水浴法，萘的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度；
（2）烧杯中有“白气”冒出，是烧杯中的水蒸气上升时，遇冷液化成的小水珠；
（3）从图乙可知，物质吸热，温度保持在80℃不变的过程是晶体熔化的过程，所以其熔点是80℃；晶体熔化的特点是吸热，温度保持不变；
（4）第6min该物质处于吸热过程温度升高，处于固态；由图象知，萘在第10min到第25min时，不断吸收热量，温度保持不变，所以这段时间是萘的熔化过程，
因此在第20min末萘处于固液共存态，则萘熔化经过了25min−10min＝15min。
故答案为：（1）慢；（2）液化；（3）80；吸热，温度保持不变；（4）固态；15。
20．【解答】解：（1）由图甲可知滑动变阻器已接入上接线柱，需要将下接线柱接入电路，要求向右滑动电阻增大，故应接入左下端，如图所示：
（2）电流表选择量程0～0.6A量程，故应读表盘下面的数字，指针指在0.4位置，故读数为0.4A；
（3）探究电流与电阻关系实验中，控制电阻两端电压不变，故自变量为电阻，当更换阻值大的电阻时，滑动变阻器的阻值也要增大，才能保持电阻两端的电压不变，故当滑片向右移动，调节滑动变阻器的滑片使电压表示数始终为2V；
（4）研究电流与电阻的关系，故电阻是自变量，电流是因变量，实验要多实验，才能找到普遍规律；得出结论：当电压一定时，电流与电阻成反比；
（5）②闭合S断开S1，记录电流表的示数为I2；
③闭合S和S1，电流表测量R0和Rx并联的总电流的示数为I1；闭合S断开S1，电流表测量通过Rx的电流为I2；根据U＝IR求出并联电路各支路两端的电压：U＝（I1﹣I2）R0；电阻Rx的阻值：Rx＝；
故答案为：（1）；（2）0.4；（3）右；2；（4）成反比；（5）闭合S断开S1，记录电流表的示数为I2；③。
21．【解答】解：已知AE⊥CG，则AE和CG有可能是界面。根据∠4＝∠5可知，AE下方发生了光的反射，可确定CG是法线，AE是界面，因为反射光线、折射光线都位于法线的同一侧，则BH为入射光线，HD为反射光线，HF为折射光线，所以∠1是折射角，∠4是反射角，∠5是入射角；
由折射角小于入射角，即∠1＜∠5，所以AE的下方是空气，上方是某种透明介质。
（1）因为反射角等于入射角，当入射角增大时，反射角随之增大，由表中数据可知：入射角增大折射角也增大，反射光线和折射光线的夹角＝180度﹣反射角﹣折射角，所以当入射角增大时，反射光线和折射光线的夹角变小；
（2）发生全反射时，没有折射光线，当入射角i＝42°时，发生全反射，光线不能从玻璃中传播出来；
（3）由表格数据可知：入射角增大折射角也增大，当入射角等于41.8°时，反射能量达到100%，就发生了全反射现象；
折射角随着入射角的增大而增大，但折射角总大于入射角，而图b中，当入射角等于45°时，折射角也等于45°，a图象中的折射角始终大于入射角且折射角能达到90°，因此图a反映了折射角与入射角的关系；
（4）由表中数据分析可得出结论，要发生全反射，入射角要小于折射角，若光从空气斜射向玻璃，则入射角大于折射角，不能发生全反射。
故答案为：HF；下；（1）减小；（2）不能；（3）41.8；a；（4）不能。
22．【解答】解：（1）在验证电流产生磁场的实验中，小东连接了如图所示的实验电路．他把小磁针（图 中没有画出）放在直导线AB的正下方，闭合开关后，发现小磁针指向不发生变化．经检查，各元件完好，电路连接无故障：说明电流一定时，磁场的强弱应该与距离有关，故猜想小磁针指向不发生变化的原因是小磁针与直导线距离远；
（2）写出检验你的猜想是否正确的方法：使小磁针尽量靠近直导线，静止时，给直导线通电，观察小磁针指向是否变化，若小磁针指向变化，说明猜想正确；若小磁针指向不变化，说明猜想错误
故答案为：（1）小磁针与直导线距离远；（2）使小磁针尽量靠近直导线，静止时，给直导线通电，观察小磁针指向是否变化，若小磁针指向变化，说明猜想正确；若小磁针指向不变化，说明猜想错误．
五、综合计算题（本大题共2小题，共18分）要求：（1）语言表述要简练、准确；（2）写出必要的运算和推理过程；（3）带单位计算；（4）计算结果若有近似，均保留两位小数。
23．【解答】解：（1）由P＝UI可知，处于保温挡时通过电热器的电流：I保＝＝＝1A；
（2）开关S1、S2闭合时，R1、R2并联，通过电热丝R2的电流为5A，根据并联电路的特点可知，R2两端的电压U2＝U＝220V，
电热丝R2在5min内产生的热量：Q＝W＝U2I2t＝220V×5A×5×60s＝3.3×105J；
（3）当开关S1、S2闭合时，R1、R2并联，根据并联电路的特点可知，此时电路中的电阻最小，根据P＝可知，电功率最大，电热器处于加热挡；
R2的电功率：P2＝U2I2＝220V×5A＝1100W，
加热挡的功率：P加＝P保+P2＝220W+1100W＝1320W，
由P＝可知，电热器处于加热挡时正常工作0.5h消耗的电能：W＝P加t′＝1320W×0.5×3600s＝2.376×106J。
答：（1）处于保温挡时通过电热器的电流为1A；
（2）开关S1、S2，闭合时，电热丝R2在5min内产生的热量为3.3×105J；
（3）电热器处于加热挡时正常工作0.5h消耗的电能为2.376×106J。
24．【解答】解：（1）由图乙可知，当h0＝0cm时，力传感器的示数为F0＝6N，
由细杆的质量不考虑可知，正方体A对力传感器的压力等于自身的重力，即正方体A的重力G＝F0＝6N；
（2）由图乙可知，当h2＝3cm时，物体A的下表面恰好与水面接触，说明木杆长为3cm；当容器内水的深度h1＝13cm时，已经超过了F＝0的深度，因而此时木杆的作用力向下，因而此时F浮＝G+F＝6N+4N＝10N，若正方体的边长为a，此时的V排＝a2×10cm；
根据阿基米德原理有F浮＝ρ液gV排，代入数据得
10N＝1.0×103kg/m3×10N/kg×a2×0.1m，解得a＝0.1m；
说明水深13cm时正方体恰好浸没，水深15cm时，仍是浸没，排开液体的体积没有改变，则浮力没有改变，仍为10N。
（3）当容器内水的深度h3＝7cm时，正方体A浸入水的深度h浸2＝h3﹣h2＝7cm﹣3cm＝4cm＝0.04m，
排开水的体积V排′＝L2h浸2＝（0.1m）2×0.04m＝4×10﹣4m3，
正方体A受到的浮力F浮′＝ρ水gV排′＝1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10﹣4m3＝4N，
力传感器的示数F＝G﹣F浮′＝6N﹣4N＝2N，
继续向容器中加水，分力传感器受到的拉力或压力两种情况讨论力传感器的示数大小变为0.5F：
由图乙可知，第一种情况：当力传感器受到的拉力F′＝0.5F＝0.5×2N＝1N且水的深度较大时，此时正方体A受到竖直向上的浮力和竖直向下重力、细杆的拉力作用处于平衡状态，
所以，由正方体受到的合力为零可得，受到的浮力F浮″＝G+F′＝6N+1N＝7N，
由F浮＝ρ液gV排＝ρ液gSAh浸可得，
此时正方体浸入水中的深度h浸3＝＝＝0.07m＝7cm，
则此时容器内水的深度h4＝h2+h浸3＝3cm+7cm＝10cm＝0.1m，
则此时水对容器底的压强为：p＝ρ液gh4＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1000Pa；
第二种情况：当力传感器受到的压力F′＝0.5F＝0.5×2N＝1N且水的深度较小时，此时正方体A受到竖直向上的浮力和竖直向下重力、细杆的向上的作用力处于平衡状态，
所以，由正方体受到的合力为零可得，受到的浮力F浮'''＝G﹣F′＝6N﹣1N＝5N，
由F浮＝ρ液gV排＝ρ液gSAh浸可得，
此时正方体浸入水中的深度h浸4＝＝＝0.05m＝5cm，
则此时容器内水的深度h5＝h2+h浸4＝3cm+5cm＝8cm＝0.08m，
则此时水对容器底的压强为：p'＝ρ液gh5＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m＝800Pa。
答：（1）物体A所受到的重力为6N；
（2）当容器内水的深度为13cm时，正方体A受到的浮力为10N；
（3）当容器内水的深度为7cm时，力传感器的示数大小为F，继续向容器中加水，当力传感器的示数大小变为0.5F时，水对容器底的压强为800Pa或1000Pa。
入射角i
0°
10°
20°
30°
40°
41.8°
50°
折射角r
0°
15.2°
30.9°
48.6°
81°
90°
反射能量
5%
7%
26%
43%
84%
100%
100%