2023年中考物理多选题专项训练

这是一份2023年中考物理多选题专项训练，共20页。试卷主要包含了下列有关速度的说法中正确的是，下列说法中正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023初中物理多选题专项训练
一．多选题（共17小题）
（多选）1．下列对于密度的计算公式ρ＝理解正确的是（　　）
A．不同物质，当质量一定时，物体的体积跟密度成反比
B．不同物质，物体的质量跟密度成正比
C．物质的密度是由它的质量和体积决定的
D．物质的密度与其质量和体积无关
（多选）2．下列关于物理研究方法的说法中，正确的是（　　）
A．二力合成时探究合力大小与分力之间的关系用等效替代法
B．把摩擦力分为滑动摩擦和滚动摩擦这种研究方法叫做类比法
C．控制接触面粗糙程度不变，研究滑动摩擦力大小与压力大小的关系，叫做控制变量法
D．牛顿第一定律的得出运用了科学推理的方法
（多选）3．如图是海波的熔化图象，从图象中获得的信息正确的是（　　）

A．海波在BC段没有吸热
B．海波在CD段是气态
C．海波的熔点是48℃
D．6～12min时，海波是固液共存状态
（多选）4．关于托盘天平的使用方法，下列说法中不正确的是（　　）
A．调节横梁平衡时，指针指在分度盘左边，应向左调节平衡螺母
B．在称物体质量前，应先估测被测物体的质量，以免超过量程
C．称量时，被测物体放在右盘，砝码放在左盘
D．称量时，向砝码盘中加砝码的顺序是由小到大
（多选）5．潜水艇在海面下航行时的排水质量为m1，在海面上航行时的排水质量为m2，设海水的密度为ρ，下列说法中正确的是（　　）
A．当潜水艇在海面上航行时，水中部分的体积为
B．潜水艇在海面下航行时所受海水的向上和向下的压力差为m1g
C．要使潜水艇潜入海面下，需要充入海水的重为（m1﹣m2）g
D．潜水艇在海面下航行时所受海水的浮力等于（m1﹣m2）g
（多选）6．如图所示，水平桌面上有甲、乙两个完全相同的容器，分别装有两种不同的液体，将两个相同的物块A、B分别放入两种液体中，物块静止时两容器中液面相平。则下列说法正确的是（　　）

A．物体所受浮力FA＜FB
B．容器中所装液体密度ρ甲＞ρ乙
C．液体对容器底的压力F甲＞F乙
D．容器对桌面的压强p甲＜p乙
（多选）7．下列有关速度的说法中正确的是（　　）
A．物体速度越大表示物体运动的越快
B．速度是描述物体运动长短的物理量
C．物体做匀速直线运动时，其路程与时间的比值是定值
D．做匀速圆周运动的物体，其运动的方向和速度大小都保持不变
（多选）8．踢足球是广大青少年喜爱的运动，下列关于踢球时的描述正确的是（　　）
A．踢球时，脚对球施加了力，球对脚没有力的作用
B．脚对球施加的力大小相同，其作用效果不一定相同
C．踢出去的球在空中运动的过程中，仍然受到力的作用
D．守门员使球停下来的过程中，力改变了球的运动状态
（多选）9．关于运动和力，下列说法中正确的是（　　）
A．“漂浮”在空间站的宇航员，惯性消失了
B．抛出的实心球在空中继续向前运动，是由于实心球具有惯性
C．扔出去的手榴弹继续向前运动，惯性大于推力
D．将水桶从地面上提起来，手对水桶的作用力等于水桶对手的作用力
（多选）10．下列说法中正确的是（　　）
A．人用水平推力推放置在水平面上的木箱，木箱没动是因为阻力大于推力
B．物体的运动方向可能与它受到的合力方向相反
C．竖直上抛的小球运动到最高点时，它的速度为零，受到的合力不为零
D．小阳乘电梯匀速上升时，他对电梯的压力和电梯对他的支持力二力平衡
（多选）11．疫情期间，手持式电子测温仪最为常见，如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原理图，其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻R0为保护电阻：在测人的体温时，当被测温者体温较高时，显示仪的示数也会变大。下列关于此测温仪的分析正确的是（　　）

A．显示仪是由电流表改装成的
B．被测温者温度越高，电路电流越小
C．热敏电阻R随着温度的升高阻值减小
D．将R0更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变大
（多选）12．如图甲所示，电源电压不变，小灯泡L的额定电流为0.6A，电流表量程为“0～0.6A”，电压表量程为“0～15V”，闭合开关S，在保证电路安全的前提下，最大范围调节滑动变阻器的滑片P，绘制了电流表与电压表示数变化关系图像（如图乙），电流表示数与滑动变阻器R连入电路阻值的变化关系图像（如图丙）。则下列说法中正确的是（　　）

A．小灯泡的额定功率为3.6W
B．若滑动变阻器滑片P向右移动，电流表示数会变小，电压表示数会变大
C．电源电压为9V
D．若将电压表量程换为0～3V，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为24～50Ω
（多选）13．用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体加热（不计热量损失），如图是A和B的温度随加热时间变化的图像，下列说法正确的是（　　）

A．A与B的比热容之比为1：2
B．A与B的比热容之比为2：1
C．都加热t时间，A和B吸收热量之比为1：1
D．A和B升高相同的温度，吸收热量之比为1：1
（多选）14．关于生活用电，下列说法正确的是（　　）
A．用电器的总功率过大，容易发生火灾
B．使用螺丝刀试电笔时要用指尖抵住上端的金属帽
C．人站在干燥的木凳上同时接触火线和零线，不会触电
D．与三孔插座中标有①的插孔相连的导线和室外的大地相连
（多选）15．在如图所示的电路中，电源电压U保持不变，E和F接线柱只能分别连接A、B、C、D四个接线柱中的一个。小灯泡标有“6V 3W”且不考虑灯丝电阻随温度的变化，图乙为定值电阻R0的I﹣U图象，电流表量程为0～3A。滑动变阻器铭牌上标有最大电流2A，最大阻值模糊不清，a、b为电阻丝的端点。将E与A相连、F与D相连，断开开关S，滑动变阻器的滑片P从b端滑到ab中点时，小灯泡恰好正常发光，移动滑片过程中电流表的示数变化了0.1A。以下说法中正确的是（　　）

A．滑片P在b端时，通过小灯泡的电流为0.5A
B．小灯泡的电阻为12Ω
C．电源电压为8V
D．若将E与B相连、F与C相连，闭合开关S，移动滑片P，此电路的总功率最大值为19.2W
（多选）16．如图所示，两个相同透明容器中密封着等量的空气。用该装置探究电流产生的热量与哪些因素有关时，下列说法正确的是（　　）

A．通电后可探究电流产生的热量与通电时间的关系
B．通电后可探究电流产生的热量与电流大小的关系
C．通电一段时间后，右侧U形管中液面高度差较大
D．用U形管中液面高度差反映电流产生热量的多少属于转换法
（多选）17．如图是一个住宅户内的配电系统方框图。下列说法中正确的是（　　）


A．空气开关Q与吊灯灯泡是串联
B．当吊灯正常发光时，用试电笔接触P处的导线氖管不会发光
C．当站在地上的人不小心用手指接触到插孔M内的金属片时，漏电保护器会迅速切断电流，对人身起到保护作用
D．当N处的空气开关跳闸时，一定是空调和吊灯同时使用引起的

2023初中物理多选题专项训练
参考答案与试题解析
一．多选题（共17小题）
（多选）1．下列对于密度的计算公式ρ＝理解正确的是（　　）
A．不同物质，当质量一定时，物体的体积跟密度成反比
B．不同物质，物体的质量跟密度成正比
C．物质的密度是由它的质量和体积决定的
D．物质的密度与其质量和体积无关
【解答】解：
A、由密度公式ρ＝可得：不同物质，当质量一定时，物体的体积跟密度成反比，故A正确；
B、由密度公式ρ＝可得：m＝ρV，不同物质，当体积一定时，物体的质量跟密度成正比，故B错误；
CD、密度是物体的一种特性，跟物体的质量、体积无关，故C错误，D正确。
故选：AD。
（多选）2．下列关于物理研究方法的说法中，正确的是（　　）
A．二力合成时探究合力大小与分力之间的关系用等效替代法
B．把摩擦力分为滑动摩擦和滚动摩擦这种研究方法叫做类比法
C．控制接触面粗糙程度不变，研究滑动摩擦力大小与压力大小的关系，叫做控制变量法
D．牛顿第一定律的得出运用了科学推理的方法
【解答】解：A．在探究合力与分力之间关系时，用作用效果相同的一个力来代替两个分力，运用了等效替代法，故A正确；
B．把摩擦力分为滑动摩擦和滚动摩擦，这是分类法，故B错误；
C．滑动摩擦力与多个因素有关，探究摩擦力力大小与压力关系时，需要保持接触面的粗糙程度不变，是利用了控制变量法，故C正确；
D．牛顿第一定律是在实验的基础上，通过科学推理得出的，运用了科学推理法，故D正确。
故选：ACD。
（多选）3．如图是海波的熔化图象，从图象中获得的信息正确的是（　　）

A．海波在BC段没有吸热
B．海波在CD段是气态
C．海波的熔点是48℃
D．6～12min时，海波是固液共存状态
【解答】解：A、在BC段海波的温度保持48℃不变，物质正在熔化，此时吸热，处于固液共存状态，故A错误；
B、海波在CD段温度高于熔点是液态，故B错误；
C、在BC段海波吸收热量，温度保持48℃不变，说明海波是晶体，熔点和凝固点都是48℃，故C正确。
D、6～12min时，海波是固液共存状态，故D正确。
故选：CD。
（多选）4．关于托盘天平的使用方法，下列说法中不正确的是（　　）
A．调节横梁平衡时，指针指在分度盘左边，应向左调节平衡螺母
B．在称物体质量前，应先估测被测物体的质量，以免超过量程
C．称量时，被测物体放在右盘，砝码放在左盘
D．称量时，向砝码盘中加砝码的顺序是由小到大
【解答】解：A．调节横梁平衡时，若指针指在分度盘左边（即左盘的质量偏大），则应将平衡螺母向右调节，使横梁在水平位置平衡，故A错误；
B．在称物体质量前，首先应先估测被测物体的质量，以免超过其量程，故B正确；
C．称量时，被测物体放在左盘，砝码放在右盘，故C错误；
D．称量时，向砝码盘中加砝码的顺序是由大到小，故D错误。
故选：ACD。
（多选）5．潜水艇在海面下航行时的排水质量为m1，在海面上航行时的排水质量为m2，设海水的密度为ρ，下列说法中正确的是（　　）
A．当潜水艇在海面上航行时，水中部分的体积为
B．潜水艇在海面下航行时所受海水的向上和向下的压力差为m1g
C．要使潜水艇潜入海面下，需要充入海水的重为（m1﹣m2）g
D．潜水艇在海面下航行时所受海水的浮力等于（m1﹣m2）g
【解答】解：（1）潜水艇在海面下航行时受到的海水的向上和向下的压力差即浮力：
F浮＝G排＝m排g＝m1g，故B正确，D错误；
（2）当潜艇在海面上航行时，
V排＝，即水中部分的体积为，故A错误；
（3）在海面上航行时受到的浮力：
F浮′＝G排′＝m排′g＝m2g，
潜水艇漂浮，此时船重：G＝F浮′＝m2g，
要使潜艇潜入海面下，设充入的海水重为G水，
G+G水＝F浮＝m1g，即：m2g+G水＝F浮＝m1g，
故G水＝m1g﹣m2g＝（m1﹣m2）g，故C正确。
故选：BC。
（多选）6．如图所示，水平桌面上有甲、乙两个完全相同的容器，分别装有两种不同的液体，将两个相同的物块A、B分别放入两种液体中，物块静止时两容器中液面相平。则下列说法正确的是（　　）

A．物体所受浮力FA＜FB
B．容器中所装液体密度ρ甲＞ρ乙
C．液体对容器底的压力F甲＞F乙
D．容器对桌面的压强p甲＜p乙
【解答】解：
A、物体A在甲液体中沉底，物体A受到的浮力FA＜GA；物体B在乙液体中漂浮，物体B受到的浮力FB＝GB；由于物块A、B相同，则：GA＝GB；因此物体所受浮力：FA＜FB，故A正确；
B、物体A在甲液体中沉底，甲液体密度ρ甲＜ρA，物体B在乙液体中漂浮，乙液体密度ρ乙＞ρB；由于物块A、B相同，则：ρA＝ρB；因此容器中所装液体密度ρ甲＜ρ乙，故B错误；
C、液面等高，ρ甲＜ρ乙，由p＝ρgh可知液体对容器底的压强：p甲＜p乙，由于甲、乙两个完全相同的容器，则：SA＝SB；根据F＝pS可知液体对容器底的压力：F甲＜F乙，故C错误；
D、由图示知，两个容器液面持平，则甲中液体的体积与物体A的体积之和等于乙中液体体积与物体B排开体积之和，甲、乙中液体的体积：
V甲＝V总﹣VA，V乙＝V总﹣VB排；
而，VA＞VB排，所以，V甲＜V乙；
已知：ρ甲＜ρ乙，据m＝ρV知，m甲＜m乙，所以，G甲＜G乙，
两容器对桌面的压力分别为：F甲＝G容+GA+G甲，F乙＝G容+GB+G乙，
由于物体A、B相同，两个容器也完全相同，所以，F甲＜F乙，
据p＝知，容器对桌面的压强p甲＜p乙，故D正确。
故选：AD。
（多选）7．下列有关速度的说法中正确的是（　　）
A．物体速度越大表示物体运动的越快
B．速度是描述物体运动长短的物理量
C．物体做匀速直线运动时，其路程与时间的比值是定值
D．做匀速圆周运动的物体，其运动的方向和速度大小都保持不变
【解答】解：A、速度是表示物体运动快慢的物理量，所以物体速度越大表示物体运动的越快，故A正确；
B、平均速度是粗略描述做变速运动的物体运动快慢程度的物理量，故B错误；
C、物体做匀速直线运动的物体速度保持不变，路程与时间的比值都是个定值，故C正确；
D、做匀速圆周运动的物体，其运动的速度大小不变，方向变化，故D错误。
故选：AC。
（多选）8．踢足球是广大青少年喜爱的运动，下列关于踢球时的描述正确的是（　　）
A．踢球时，脚对球施加了力，球对脚没有力的作用
B．脚对球施加的力大小相同，其作用效果不一定相同
C．踢出去的球在空中运动的过程中，仍然受到力的作用
D．守门员使球停下来的过程中，力改变了球的运动状态
【解答】解：A、因为力的作用是相互的，所以脚踢球时，脚对球施加力的同时足球对脚也施加了力，故A错误；
B、力的大小、方向和作用点都影响力的作用效果，脚对球施加的力大小相同，其作用效果不一定相同，故B正确；
C、踢出去的球在空中运动的过程中，仍受到重力的作用，故C正确；
D、守门员使球停下来的过程中，力改变了球的运动状态，故D正确。
故选：BCD。
（多选）9．关于运动和力，下列说法中正确的是（　　）
A．“漂浮”在空间站的宇航员，惯性消失了
B．抛出的实心球在空中继续向前运动，是由于实心球具有惯性
C．扔出去的手榴弹继续向前运动，惯性大于推力
D．将水桶从地面上提起来，手对水桶的作用力等于水桶对手的作用力
【解答】解：A．“漂浮”在空间站的宇航员，仍有惯性，故A错误；
B．实心球原来是运动的，抛出的实心球在空中继续向前运动，是由于实心球具有惯性，故B正确；
C．扔出去的手榴弹继续向前运动，是由于手榴弹具有惯性，惯性是物体的一种属性，不是力，所以惯性和推力无法比较。故C错误；
D．将水桶从地面上提起来，手对水桶的作用力等于水桶对手的作用力，是一对作用力和反作用力，大小相等，故D正确。
故选：BD。
（多选）10．下列说法中正确的是（　　）
A．人用水平推力推放置在水平面上的木箱，木箱没动是因为阻力大于推力
B．物体的运动方向可能与它受到的合力方向相反
C．竖直上抛的小球运动到最高点时，它的速度为零，受到的合力不为零
D．小阳乘电梯匀速上升时，他对电梯的压力和电梯对他的支持力二力平衡
【解答】解：A．木箱没动，处于平衡状态，因为木箱所受的水平方向上的推力与阻力是一对平衡力，它们的大小相等，故A错误；
B．物体运动方向与合力方向相同时，做加速运动，运动方向与合力方向相反时，做减速运动，所以物体的运动方向可能与它受到的合力方向相反，故B正确；
C．竖直上抛的小球运动到最高点，速度瞬间为0，但不是处于平衡状态，合力不为0，故C正确；
D．匀速上升的电梯上的小阳对电梯的压力作用在电梯上，电梯对他的支持力作用在小阳身上，力作用在不同的物体上，是相互作用力，不是平衡力，故D错误。
故选：BC。
（多选）11．疫情期间，手持式电子测温仪最为常见，如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原理图，其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻R0为保护电阻：在测人的体温时，当被测温者体温较高时，显示仪的示数也会变大。下列关于此测温仪的分析正确的是（　　）

A．显示仪是由电流表改装成的
B．被测温者温度越高，电路电流越小
C．热敏电阻R随着温度的升高阻值减小
D．将R0更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变大
【解答】解：根据电路图可知，R与R0串联，显示仪与R0并联。
A、因为显示仪与R0并联，所以显示仪是电压表，测量R0两端的电压，故A错误；
B、被测温者温度越高，说明电压表示数越大，由欧姆定律可知，电路电流越大，故B错误；
C、被测温者温度越高，说明电压表示数越大，由欧姆定律可知，电路电流变大，由串联电路电压特点可知，R两端电压越小，由R＝可知，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，故C正确；
D、温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知，R0两端分得的电压变大，因此显示仪示数会变大，故D正确。
故选：CD。
（多选）12．如图甲所示，电源电压不变，小灯泡L的额定电流为0.6A，电流表量程为“0～0.6A”，电压表量程为“0～15V”，闭合开关S，在保证电路安全的前提下，最大范围调节滑动变阻器的滑片P，绘制了电流表与电压表示数变化关系图像（如图乙），电流表示数与滑动变阻器R连入电路阻值的变化关系图像（如图丙）。则下列说法中正确的是（　　）

A．小灯泡的额定功率为3.6W
B．若滑动变阻器滑片P向右移动，电流表示数会变小，电压表示数会变大
C．电源电压为9V
D．若将电压表量程换为0～3V，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为24～50Ω
【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡L两端的电压，电流表测电路中的电流。
A、小灯泡L的额定电流为0.6A，由图乙可知，通过灯泡的电流为0.6A时，其两端的电压为6V，
则小灯泡的额定功率PL＝ULIL＝6V×0.6A＝3.6W，故A正确；
B、当滑动变阻器滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由串联电路的电阻规律可知电路中总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，灯泡两端的电压变小，即电流表和电压表的示数都变小，故B错误；
C、当电路中的电流为0.6A时，灯泡两端的电压为6V，由图丙可知，变阻器接入电路中的电阻R＝15Ω，
由串联电路电压规律和欧姆定律可得，电源的电压U＝UL+ILR＝6V+0.6A×15Ω＝15V，故C错误；
D、若将电压表量程换为0～3V，由图乙可知，电路最小电流为0.28A，电压表的示数为1V，
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端电压U滑大＝U﹣UV小＝15V﹣1V＝14V，
则滑动变阻器接入电路的最大阻值：R滑大＝＝＝50Ω；
当电路中电流最大时，电压表示数也最大，此时滑动变阻器接入电阻最小，
由图乙可知，当电压表示数为3V时，通过灯泡的电流即电路中的最大电流I大＝0.5A，此时滑动变阻器两端的电压U滑＝U﹣UL′＝15V﹣3V＝12V，
则滑动变阻器接入电路中的最小阻值R小＝＝＝24Ω，
所以滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为24～50Ω，故D正确。
故选：AD。
（多选）13．用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体加热（不计热量损失），如图是A和B的温度随加热时间变化的图像，下列说法正确的是（　　）

A．A与B的比热容之比为1：2
B．A与B的比热容之比为2：1
C．都加热t时间，A和B吸收热量之比为1：1
D．A和B升高相同的温度，吸收热量之比为1：1
【解答】解：C、用相同的加热器对A、B液体都加热相同的时间tmin，A、B吸收的热量相同，即A、B吸收的热量之比QA：QB＝1：1，故C正确；
AB、由图像可知A温度升高了ΔtA＝40℃﹣20℃＝20℃，
B温度升高了ΔtB＝60℃﹣20℃＝40℃，
所以A和B升高的温度之比为ΔtA：ΔtB＝20℃：40℃＝1：2，
又因为mA：mB＝1：1，
根据Q吸＝cmΔt可得，A与B的比热容之比为：
cA：cB＝；＝××＝××＝2：1，故A错误，B正确；
D、由于A、B液体质量相等，当A、B升高相同的温度，即Δt′A：Δt′B＝1：1，
则A吸收的热量Q吸A′＝cAmAΔtA′，
B吸收的热量Q吸B′＝cBmBΔtB′，
又cA：cB＝2：1，
则A、B吸收的热量之比为：
Q吸A′：Q吸B′＝（cAmAΔtA′）：（cBmBΔtB′）＝××＝××＝2：1，故D错误。
故选：BC。
（多选）14．关于生活用电，下列说法正确的是（　　）
A．用电器的总功率过大，容易发生火灾
B．使用螺丝刀试电笔时要用指尖抵住上端的金属帽
C．人站在干燥的木凳上同时接触火线和零线，不会触电
D．与三孔插座中标有①的插孔相连的导线和室外的大地相连
【解答】解：
A、家庭电路同时使用的用电器总功率过大，导线会剧烈发热，容易引发火灾，故A正确；
B、使用螺丝刀形状的试电笔时，手指必须触到试电笔上端的金属帽（又叫笔尾金属体），故B正确；
C、虽然站在干燥的木凳上，但双手同时分别接触家庭电路中的火线和零线，火线和零线之间的电压是220V，加在人体的电压是220V，超过人体的安全电压，且有电流通过人体，所以会发生触电事故，故C错误；
D、与三孔插座中标有①的插孔相连的导线和室外的大地相连，当用电器的外壳带电时，电荷会被导入大地，不会发生触电事故，故D正确。
故选：ABD。
（多选）15．在如图所示的电路中，电源电压U保持不变，E和F接线柱只能分别连接A、B、C、D四个接线柱中的一个。小灯泡标有“6V 3W”且不考虑灯丝电阻随温度的变化，图乙为定值电阻R0的I﹣U图象，电流表量程为0～3A。滑动变阻器铭牌上标有最大电流2A，最大阻值模糊不清，a、b为电阻丝的端点。将E与A相连、F与D相连，断开开关S，滑动变阻器的滑片P从b端滑到ab中点时，小灯泡恰好正常发光，移动滑片过程中电流表的示数变化了0.1A。以下说法中正确的是（　　）

A．滑片P在b端时，通过小灯泡的电流为0.5A
B．小灯泡的电阻为12Ω
C．电源电压为8V
D．若将E与B相连、F与C相连，闭合开关S，移动滑片P，此电路的总功率最大值为19.2W
【解答】解：
A、将E与A相连，F与D相连，断开开关S，滑动变阻器和小灯泡串联，R0没有接入电路中，电流表测电路中的电流；
滑片P滑到ab中点时，小灯泡恰好正常发光，由串联电路的电流特点和P＝UI可知电路中的电流I＝IL＝＝＝0.5A，
滑片P从b端滑到ab中点的过程中，变阻器接入电路的电阻变小，由欧姆定律可知电流变大，已知移动滑片过程中电流表的示数变化了0.1A，则可知滑片P滑到b端时，电路中的电流I′＝0.5A﹣0.1A＝0.4A，由串联电路的电流特点可知，此时通过灯泡的电流为0.4A，故A错误；
B、根据P＝UI＝可知小灯泡电阻：RL＝＝＝12Ω，故B正确；
C、当滑片P滑到ab中点时，由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电源电压：
U＝I（R1+RL）＝0.5A×（R1+12Ω）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
同理，当滑片P滑到b端时，电源电压：U＝I′（R1+RL）＝0.4A×（R1+12Ω）﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
电源电压U保持不变，联立①②可得U＝8V，故C正确；
D、由图乙可知，当电阻R0两端的电压为8V时，通过R0的电流为0.4A，则R0＝＝＝20Ω；
若将E与B相连、F与C相连，闭合开关S，滑动变阻器和定值电阻并联，电流表测干路中的电流；
变阻器铭牌上标有最大电流2A，则通过变阻器的最大电流为2A，此时通过定值电阻R0的电流为0.4A，
此时总电流最大，则最大总电流为I总大＝I滑大+I0＝2A+0.4A＝2.4A，
则此电路的最大总功率为P总大＝UI总大＝8V×2.4A＝19.2W，故D正确。
故选：BCD。
（多选）16．如图所示，两个相同透明容器中密封着等量的空气。用该装置探究电流产生的热量与哪些因素有关时，下列说法正确的是（　　）

A．通电后可探究电流产生的热量与通电时间的关系
B．通电后可探究电流产生的热量与电流大小的关系
C．通电一段时间后，右侧U形管中液面高度差较大
D．用U形管中液面高度差反映电流产生热量的多少属于转换法
【解答】解：AB、两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电阻的关系，故A错误，B错误；
C、两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，右侧电阻阻值大，由焦耳定律Q＝I2Rt可知，右侧电阻产生热量多，即右侧U形管中液面高度差较大，故C正确；
D、电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，运用的是转换法，故D正确。
故选：CD。
（多选）17．如图是一个住宅户内的配电系统方框图。下列说法中正确的是（　　）


A．空气开关Q与吊灯灯泡是串联
B．当吊灯正常发光时，用试电笔接触P处的导线氖管不会发光
C．当站在地上的人不小心用手指接触到插孔M内的金属片时，漏电保护器会迅速切断电流，对人身起到保护作用
D．当N处的空气开关跳闸时，一定是空调和吊灯同时使用引起的
【解答】解：A、由图可知，空气开关Q控制吊灯灯泡，因此空气开关Q与吊灯灯泡是串联，故A正确；
B、图中P处为火线，正常状况下，用试电笔接触P点氖管会发光，故B错误；
C、三孔插座的连接方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，因此图中M点为火线；漏电保护器只有在电路发生漏电或有人触电时才会切断电源，当站在地上的人不小心用手指接触到插孔M内火线，电流会从大地导走，此时漏电保护器会迅速切断电流，对人身起到保护作用，故C正确；
D、当N处的空气开关跳闸时，可能是用电器的总功率过大，也可能是电路中发生了短路，故D错误。
故选：AC。
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