2023年黑龙江省绥化市肇东市南片中考物理模拟试题（五四学制）（含答案）

这是一份2023年黑龙江省绥化市肇东市南片中考物理模拟试题（五四学制）（含答案），共21页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图与实验探究题，综合应用题；提示等内容，欢迎下载使用。
2023年黑龙江省绥化市肇东市南片中考物理模拟试卷（五四学制）
一、选择题（本题共10个小题，每小题2分，共20分。1～8小题每题只有一个正确选项：9、10小题每题有两个或两个以上正确选项，正确选项不全得1分，有错误选项不得分）
1．（2分）下列有关声音的说法正确的是（　　）
A．商店门口播放的音乐一定不属于噪声
B．“闻其声辨其人”，是根据声音的音调来判断的
C．速度超过340m/s的声音称为超声波
D．声是由物体振动产生的，振幅越大响度越大
2．（2分）下列关于某名初二学生的相关数据不符合实际的是（　　）
A．质量约50kg
B．身高约1.58m
C．百米赛跑成绩约14s
D．双脚静止站立时对水平地面的压强约50Pa
3．（2分）以下描述中“变多”、“变少”的过程，吸热的是（　　）

①金属盘下水滴变多
②烧杯中冰变少
③推动活塞液态乙醚变多
④碘锤中碘颗粒变少
A．①③ B．①④ C．②③ D．②④
4．（2分）王亚平太空授课时，如果她的脸距水球球心30cm时，可以看到图示倒立缩小的实像，则该水球的焦距可能是（　　）

A．30cm B．15cm C．7cm D．45cm
5．（2分）如图所示是火车站的自动检票闸机，乘客只需刷一下身份证，然后面对摄像头进行人脸识别，两种信息都确认后系统就会提示检票通过，闸机门自动打开。若身份证和人脸识别系统各相当于一个开关，信息符合为开关闭合状态，则下列模拟电路中，符合上述要求的是（　　）

A．
B．
C．
D．
6．（2分）2020年3月9日19时55分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射北斗系统第五十四颗导航卫星。卫星顺利进入预定轨道，后续将进行变轨、在轨测试、试验评估，适时入网提供服务。下列说法正确的是（　　）
A．火箭使用液氢为燃料，主要是利用了它的比热容大
B．火箭加速升空过程中，其惯性增加
C．北斗导航卫星在变轨过程中，其运动状态不变
D．火箭加速升空过程中，其动能和重力势能均增加
7．（2分）如图所示，下列与电现象有关的实验说法正确的是（　　）
A．甲图的验电器是用于辨别火线和零线的设备
B．乙图的实验说明了通电直导线周围存在磁场
C．丙图的实验说明发电机原理是电磁感应现象
D．丁图的测电笔主要作用是检验物体是否带电
8．（2分）如图所示的电路，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，下列说法正确的是（　　）

A．电压表V示数变大，电流表A2示数变小
B．电流表A1示数变小，灯泡L亮度变暗
C．电压表V示数与电流表A2示数的比值变小
D．电流表A1示数与电流表A2示数的差值不变
（多选）9．（2分）小雨练习发高远球，羽毛球离拍后的飞行轨迹如图中曲线所示，其中BC段羽毛球加速下落，CD段羽毛球匀速下落。下列有关说法正确的是（　　）

A．羽毛球离拍后继续上升过程中球拍在对球做功
B．羽毛球上升过程中，有部分动能转化成了重力势能
C．飞行过程中，羽毛球经过最高点B处时，动能最小
D．羽毛球飞行的整个过程中，机械能总量保持不变
（多选）10．（2分）如图甲所示的电路中，R1是定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压恒定。闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端的过程中，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示，则下列判断正确的是（　　）

A．电源电压为6V
B．滑动变阻器的最大阻值为10Ω
C．电路最小电流是0.2A
D．R2在中点时，电路的总功率是0.9W
二、填空题（本题共9个小题，每空1分，共21分）
11．（2分）小宇打开家中的冰箱门，看到冰箱内的指示灯亮着，而压缩机并没有工作，从而他判断出冰箱内的指示灯和压缩机是 　 　（填“串联”或“并联”）的：小宇家空调器的工作状态可通过遥控器发出的 　 　指令控制（选填“声波”或“电磁波”）。
12．（2分）同学从家乘公交车上学，公交车以54km/h的速度匀速行驶，以公交车为参照物，座位上的小明是 　 　的（选填“静止”或“运动”）。经过了10min，到达了目的地，汽车行驶了 　 　m。
13．（4分）在如图甲的电路中，电源电压保持不变，R为滑动变阻器，其规格为“20Ω 1.5A”，闭合开关S，当滑片P从一端滑到另一端的过程中测到R的电功率与通过它的电流关系图象如图乙所示，则电源电压为　 　V，定值电阻R0的阻值为　 　Ω，图乙中的P1＝　 　W，在滑片P滑动过程中定值电阻R0消耗的最小电功率为　 　W。

14．（3分）如图所示，水平地面上AB段和BC段粗糙程度不同。在AB段用弹簧测力计沿水平向右拉着物体做匀速直线运动，此时弹簧测力计示数为2N，则物体在AB段受到的摩擦力大小为 　 　N，方向为 　 　。保持拉力不变，物体继续在BC段运动，发现物体在相同时间内通过的路程比AB段大，则 　 　（AB/BC）段更粗糙。

15．（2分）我省永州市有着丰富的风力资源。煤炭、核能、天然气、太阳能中与风能同属于可再生能源的是 　 　。我国成功发射北斗导航卫星，具有定位、导航和通信功能，它传递信息利用 　 　。（选填“超声波”或“次声波”或“电磁波”或“激光”）
16．（2分）如图甲是小明家电能表8月30日显示的数字，图乙是9月30日显示的数字。小明家9月份消耗了 　 　kW•h的电能，如果其中200度电是峰时用电，其余为谷时用电，根据峰谷电价收费表计算，小明家这个月的电费是 　 　元。

峰谷电价
峰期
1.1元
谷期
0.4元
17．（2分）如图所示是某电热水器的铭牌，它是利用电流的 　 　工作的。正常工作2分钟，产生的热量是 　 　J。
电热水壶铭牌
额定电压
220V
额定功率
1000W
容积
1.5L
超温保护器
熔断温度110℃
18．（1分）杆秤是人们生活中常用的测量工具，如图是用杆秤测量物体质量时的示意图，已知秤砣质量为0.3kg，提纽到秤钩的距离OB为5cm，当秤砣在A处时距提纽15cm，杆秤恰好平衡，不计秤杆及秤钩质量，则物体质量为 　 　kg。

19．（3分）图1是小灯泡L和电阻R的电流随电压变化图像，将它们按图2所示接入电路中，只闭合开关S时，小灯泡的实际功率为1W，再闭合开关S1，电流表示数变化了 　 　A，电源电压为 　 　V，电路消耗的总功率为 　 　W。

三、作图与实验探究题（作图题每题2分，实验题每空1分，共24分）
20．（2分）图中，物块A沿斜面下滑，请画出物块受到重力、支持力的示意图。

21．（2分）如图所示，是AB两地间的输电示意图，双横线为输电线，每千米输电线的电阻约为0.2Ω．输电线在B地某处发生了短路，为确定短路的位置距A处的距离，检修员在A地利用电压表、电流表、开关、导线和电源接成电路进行测量计算，便可知道短路处到A地的距离。请在虚线框内帮检修员设计并画出电路图。

22．（6分）为探究平面镜成像特点，小芳同学选择的实验装置如图甲所示，实验器材有：两块薄厚不同的单面镀膜薄玻璃、支架、两支相同的蜡烛、火柴、白纸、刻度尺、铅笔。实验中小芳同学将镀膜的玻璃板垂直放在水平放置的白纸上，并将玻璃板镀膜的一面面向自己，然后把点燃的蜡烛A放在玻璃板前，并选择了一只与A蜡烛外形完全相同的B蜡烛，放在玻璃板后并移动，直到它与A蜡烛的像位置完全重合。

（1）小芳应尽量选择较 　 　（选填“厚”或“薄”）的玻璃板作为平面镜进行实验。
（2）当把蜡烛A靠近玻璃板时，它通过玻璃板所成的像将 　 　玻璃板（选填“靠近”或“远离”），像的大小将 　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（3）小芳在图乙所示的白纸上记录了多次实验中蜡烛和像的位置。下列实验中与小芳多次实验目的不同的是 　 　。
A.探究光的反射定律
B.用刻度尺测橡皮的长度
C.探究光的折射规律
（4）为探究平面镜所成的像是实像还是虚像，小芳需要拿走蜡烛B，将一个光屏放到蜡烛A成像的位置，然后
　 　（选填“透过”或“不透过”）玻璃板观察。
（5）另一组同学在实验过程中，发现无论怎样移动蜡烛B，都无法与蜡烛A的像完全重合，你认为原因可能是 　 　。
23．（5分）在“探究电流和电阻的关系”实验中，提供器材有电源（恒为4.5V），定值电阻R1＝5Ω、R2＝10Ω、R3＝15Ω、R4＝20Ω、R5＝25Ω，滑动变阻器R′标有“50Ω 1A”字样、电压表（0～3V、0～15V）、电流表（0～0.6A）、开关、导线若干。小明设计了如图甲所示的电路进行实验。

（1）根据图甲中的电路图，连接实物图，使滑动变阻器的滑片P位于右端时接入电路中阻值最大。
（2）电路连接完毕，闭合开关S，移动滑片，发现电流表有示数、电压表无示数，若电路故障只出现在R1和R′上，则电路故障是 　 　。
（3）排除电路故障后，分别用定值电阻依次替换重复实验，并绘制出I﹣R图象如图乙所示，由图象可知：实验中电压表的示数保持 　 　V不变。
（4）在步骤（3）依次替换定值电阻重复实验过程中，若保持滑片P位置不变，用R2替换R1，闭合开关，应向 　 　（选填“左”或“右”）移动滑片才能达到实验要求。
（5）为完成该实验探究，滑动变阻器连入电路的最小阻值为 　 　Ω。
24．（6分）如图甲所示，是“探究物质的熔化规律”的实验装置。实验时先将固体物质和温度计分别放入试管内，再放入大烧杯的水中，观察固体的熔化过程。

（1）试管内物质在熔化过程中，某时刻温度如图乙所示，读数方法正确的是　 　（选填“A”、“B”或“C”），示数为　 　℃，某同学根据实验记录的数据描绘出该物质的温度随时间变化的图象（如图丙ABCDE），则可知该物质是　 　（选填“晶体”或“非晶体”）。
（2）在该物质熔化过程中，如果将试管从烧杯中拿出来，该物质将停止熔化。将试管放回烧杯后，该物质又继续熔化。说明固体熔化时需要　 　（选填“吸收”或“放出”）热量。
（3）根据描绘的图线，该物质在第5min时处于　 　态，该物质的熔点为　 　℃。
25．（3分）小丽想要探究压力作用效果与压力大小、受力面积大小的关系，她利用小桌、砝码、泡沫在水平桌面上进行实验，过程如图所示。

（1）该实验是通过 　 　来显示压力的作用效果；
（2）由图甲、乙可知：受力面积一定时，压力作用效果与 　 　有关；
（3）由图乙、丙所示的过程可知实验探究的问题是 　 　。
四、综合应用题；提示：题中要必要的文字说明26分，27题7分，共15分
26．（8分）我国某知名企业生产的一款智能滚筒洗衣机，具有洗净度高、不伤衣服、可设定洗涤温度等优点，其简化等效电路如图所示，通过旋转手柄可使扇形开关同时接触两个相邻触点，使洗衣机处于空挡、加热、保温洗涤不同状态。定值电阻R1和R2均为电热丝，R1＝22Ω。该款洗衣机主要参数如表。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
额定电压
220V
加热功率
2400W
电动机功率
240W
（1）图中洗衣机处于空挡状态，当开关同时接触2、3触点时，洗衣机处于 　 　状态，当开关同时接触3、4触点时，洗衣机处于 　 　状态。
（2）洗衣机内注入10kg的水，在额定电压下连续加热875s，水温由20℃上升到45℃，此过程中的加热效率是多少？
（3）洗衣机处于保温洗涤状态时，干路电流是多少？

27．（7分）如图所示，小凯用数显推拉力计把物体A压入纯净水中，这时数显推拉力计示数为3.2N，物体A的质量为0.6kg，纯净水的密度是1×103kg/m3，g＝10N/kg。
（1）求物体A的重力；
（2）求图中物体A受到的浮力；
（3）取走数显推拉力计，当物体A静止时，求物体A排开水的质量，并画出物体A的受力示意图；（用点A表示物体A）
（4）求物体A的体积。


2023年黑龙江省绥化市肇东市南片中考物理模拟试卷（五四学制）
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共10个小题，每小题2分，共20分。1～8小题每题只有一个正确选项：9、10小题每题有两个或两个以上正确选项，正确选项不全得1分，有错误选项不得分）
1．【解答】解：A、在商店门口播放的音乐若影响别人的正常休息或学习时属于噪声；故A错误；
B、不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色就不同。不同的人音色不同，所以能“闻其声而知其人”；故B错误；
C、人耳能听到声音的频率范围是20～20000Hz，其频率高于20000Hz的声波称为超声波；故C错误；
D、物体振动发出声音，说明声音是由振动产生的，且振幅越大响度越大；故D正确。
故选：D。
2．【解答】解：A、一个初中生的质量约为50kg，故A符合实际；
B、成年人的身高约为1.7m，初中生的身高略小一些，约为1.58m，故B符合实际；
C、初中生跑一百米的时间约为14s，故C符合实际；
D、初中生的重力约为：G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N，双脚与地面接触的总面积约为500cm2＝0.05m2，
双脚站立时对水平地面的压强约为p＝＝＝＝1×104Pa，故D不符合实际。
故选：D。
3．【解答】解：①金属盘下的水是水蒸气的液化现象，液化放热；
②烧杯内的冰变小，是冰的熔化现象，熔化过程吸热；
③推动活塞乙醚变多，是气体乙醚的液化现象，液化放热；
④碘粒变少是碘的升华现象，升华吸热。
吸热的是②④，故ABC错误，D正确。
故选：D。
4．【解答】解：王亚平所成像所成的像为倒立、缩小的实像，水球具有中间厚，边缘薄的特点，因此水球相当于一个凸透镜，此时王亚平到水球的距离与水球焦距的关系是大于2倍焦距，即30cm＞2f，则f＜15cm。
故选：C。
5．【解答】解：根据题意可知，只有两个开关都闭合的情况下，闸机自动打开，这说明两个开关相互影响，是串联的，然后与电动机串联，故C正确。
故选：C。
6．【解答】解：A、火箭使用液氢燃料，主要是利用了液氢的热值大，故A错误。
B、火箭加速升空是受到燃气的推动力作用，故B错误。
C、北斗卫星在绕地球飞行的过程中，运动方向不断发生变化，所以运动状态发生变化，故C错误；
D、火箭加速升空过程中，质量不变、速度增大，动能增大；质量不变、高度增大，重力势能增大，故D正确。
故选：D。
7．【解答】解：A．验电器的作用是检验物体是否带电，不能用于辨别火线和零线，故A错误；
B．图中是奥斯特实验，说明通电导体周围存在着磁场，故B正确；
C．图中有电源，实验说明电动机的原理是通电导体在磁场中受力运动，故C错误；
D．测电笔可以辨别火线和零线，火线可以使氖管发光，零线不能使氖管发光，故D错误。
故选：B。
8．【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R支路的电流，电压表测电源的电压。
因电源的电压不变，
所以，滑片移动时电压表的示数不变，故A不正确；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过灯泡的电流不变，实际功率不变，灯泡的亮暗不变，故B不正确；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，电流表A1示数与电流表A2示数的差值即为通过灯泡L的电流不变，故D正确；
当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变大，
由I＝可知，R支路的电流变小，即电流表A2的示数变小，
所以，电压表V示数与电流表A2示数的比值变大，故C不正确。
故选：D。
9．【解答】解：
A、羽毛球离拍后继续上升过程中，球拍没有对球施加力，所以球拍在对球不做功，故A错误；
B、羽毛球上升过程中，羽毛球的质量不变，速度变小，动能变小，高度变大，重力势能变大，有部分动能转化成了重力势能，故B正确；
C、飞行过程中，羽毛球经过最高点B处时的速度最小，动能最小，故C正确；
D、羽毛球飞行的整个过程中，会克服空气的阻力做功，羽毛球的机械能会减小，故D错误。
故选：BC。
10．【解答】解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，由图乙可知I1＝0.6A，
由I＝可得，电源的电压：
U＝I1R1＝0.6A×R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，
由图乙可知，I2＝0.2A，U2＝2V，故C正确；
则由I＝可得，滑动变阻器的最大阻值：R2＝＝＝10Ω，故B正确；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：
U＝I2R1+U2＝0.2A×R1+2V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
因为电源的电压不变，所以，解①②可得：R1＝5Ω，U＝3V，故A错误；
（2）当滑片位于中点时，变阻器接入阻值为：R2中＝R2＝×10Ω＝5Ω，
此时电路中总电阻R＝R1+R2中＝5Ω+5Ω＝10Ω，
则电路的总功率：P＝＝＝0.9W，故D正确。
故选：BCD。
二、填空题（本题共9个小题，每空1分，共21分）
11．【解答】解：（1）由题意可知，冰箱内的指示灯和压缩机可以独立工作，互不影响，因此，它们是并联的；
（2）空调器的工作状态可通过遥控器发出的红外线进行控制，红外线属于电磁波。
故答案为：并联；电磁波。
12．【解答】解：以公交车为参照物，公交车和小明的位置没有发生改变，所以以公交车为参照物，座位上的小明是静止的；
由1km/h＝m/s可得，汽车的速度：
v＝54km/h＝54×m/s＝15m/s，
由v＝可得，10min汽车行驶的距离：
s＝vt＝15m/s×10×60s＝9×103m。
故答案为：静止；9×103。
13．【解答】解：（1）由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，
由图象可知，电路中的电流I小＝0.4A，
由I＝可得，电源的电压：
U＝I小（R0+R）＝0.4A×（20Ω+R0）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，电路中的电流最大，
由图象可知，电路中的电流I大＝1.2A，
电源电压：U＝I大R0＝1.2A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
解得：R0＝10Ω，
电源电压：U＝I大R0＝1.2A×10Ω＝12V。
（2）滑动变阻器的最小功率：
P1＝R最大＝（0.4A）2×20Ω＝3.2W。
在滑片P滑动过程中电流最小时，定值电阻R0消耗的电功率最小，
最小电功率为：P0小＝R0＝（0.4A）2×10Ω＝1.6W。
故答案为：12；10；3.2；1.6。
14．【解答】解：（1）弹簧测力计在AB段水平向右拉着物体做匀速直线运动，处于平衡状态，受拉力和摩擦力一对平衡力的作用，平衡力大小相等，此时弹簧测力计示数为2N，即拉力为2N，则物体在AB段受到的摩擦力为2N，摩擦力的方向与拉力的方向相反而向左；
（2）若保持拉力不变，拉着物体继续在BC段运动，发现物体在相同时间内通过的路程变大，这表明物体做加速运动，拉力大于滑动摩擦力，由于压力相同，则在AB和BC面上压力相同，AB段的摩擦力大，则接触面粗糙，则可得出AB段更粗糙。
故答案为：2；水平向左；AB。
15．【解答】解：煤炭、核能、天然气消耗以后，短期内不能从自然界得到补充，属于不可再生能源；
太阳能是能够源源不断的从自然界得到的能源，和风能同属于可再生能源；
北斗卫星导航系统具有定位、导航和通信等功能，它是利用电磁波传递信息的。
故答案为：太阳能；电磁波。
16．【解答】解：9月份消耗的电能W＝3754.8kW•h﹣3542.3kW•h＝212.5kW•h；
200度电是峰时用电，则此时间段的电费为：200kW•h×1.1元/kW•h＝220元；
谷期的电费为：（212.5kW•h﹣200kW•h）×0.4元/kW•h＝5元；
这个月应交电费220元+5元＝225元。
故答案为：212.5；225。
17．【解答】解：电热水器工作时，将电能转化为内能，所以它是利用电流的热效应工作；
由电热水壶铭牌知，其额定功率为1000W，正常工作2分钟，产生的热量：
Q＝W＝Pt＝1000W×2×60s＝1.2×105J。
故答案为：热效应；1.2×105。
18．【解答】解：根据题意可知，OB＝5cm，OA＝15cm，根据杠杆的平衡条件可知：G物×OB＝G砣×OA，即：m物g×OB＝m砣g×OA，则物体的质量为：m物＝m砣×＝0.3kg×＝0.9kg。
故答案为：0.9。
19．【解答】解：（1）当闭合开关S、断开开关S1时，电路为L的简单电路，
由甲图像可知，当小灯泡的实际功率为1W时，灯泡两端的电压为2V即电源的电压U＝2V，通过灯泡的电流IL＝0.5A，
根据I＝知此时小灯泡的电阻为：
RL＝＝＝4Ω；
（2）当再闭合开关S1时，灯泡与定值电阻R并联，电流表测干路电流，
因为并联电路中各支路两端的电压相等，
所以此时R两端的电压为2V，由图像可知IR＝0.2A，
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以干路电流表示数变化了0.2A，示数I＝IL+IR＝0.5A+0.2A＝0.7A，
电路消耗的总功率：
P＝UI＝2V×0.7A＝1.4W。
故答案为：0.2；2；1.4。
三、作图与实验探究题（作图题每题2分，实验题每空1分，共24分）
20．【解答】解：物体在斜面上受到的重力方向竖直向下，作用点（重心）在其几何中心上；斜面对物体的支持力方向垂直斜面向上，作用点也在物体的几何中心上，与重力画成共点力。如下图所示：

21．【解答】解：已知输电线每千米的电阻为0.2Ω，要想求短路位置，需要用电流表测量电流，电压表测量电压，根据欧姆定律算出输电线的电阻，所以虚线框内需要有电流表、电压表和电源及开关，电流表串联在电路中，电压表并联在电源的两端，如图所示：

22．【解答】解：（1）因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果，所以应选用薄玻璃板；
（2）平面镜成像所成的像与物到平面镜的距离相等，并且大小相同，将蜡烛A逐渐靠近玻璃板，它的像也靠近玻璃，且它的像大小将不变；
（3）小芳在图乙所示的白纸上记录了多次实验中蜡烛和像的位置是为了获得普遍的规律；
AC、在探究光的反射定律和光的折射规律的实验中，多次实验是为了获得普遍的规律；
B、在用刻度尺测橡皮的长度的实验中，多次实验是为了求平均值来减小误差；
综上所述，与小芳多次实验目的不同的是B；
（4）拿走蜡烛B，将一块纸板放到蜡烛A像的位置，不透过玻璃板观察，发现纸板上没有像，这说明平面镜成的是虚像；
（5）玻璃板竖直放在水平桌面上，像在水平桌面上，玻璃板没有竖直放置时，像会偏上或偏下，所以如果无论怎样移动蜡烛都无法与像重合，则原因玻璃板没有竖直放置。
故答案为：（1）薄；（2）靠近；不变；（3）B；（4）不透过；（5）玻璃板没有竖直放置。
23．【解答】解：（1）滑动变阻器的滑片P应位于右端时接入电路中阻值最大，故滑动变阻器应选左下接线柱与定值电阻串联接入电路，如下图所示：
；
（2）闭合开关S，发现电流表有示数，说明电路是通路，电路路障是某元件短路；电压表无示数，若电路故障只出现在R1和R'上，则电路故障可能是与电压表并联的定值电阻R1短路了；
（3）根据实验所得的五组数据绘制出I﹣R图象知，电流与电阻之积为：
UV＝IR＝0.5A×5Ω＝……＝0.1A×25Ω＝2.5V；
（4）根据串联分压原理可知，将定值电阻用R2替换R1，电阻增大，其分得的电压增大，探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右移动；
（5）电阻的电压控制为2.5V不变，由串联电路电压的规律，变阻器的电压为：UR＝U﹣UV＝4.5V﹣2.5V＝2V，变阻器的电压为定值电阻电压的0.8倍，当定值电阻最小为5Ω时，对应的滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为R滑＝0.8R1＝0.8×5Ω＝4Ω；
故答案为：（1）如上图所示；（2）定值电阻R1短路；（3）2.5；（4）右；（5）4。
24．【解答】解：（1）温度计读数时要看清量程和分度值，如图乙所示，温度计分度值是1℃，温度计示数为38℃，视线与温度计液柱的液面相平，故B正确；通过图丙图象，该物质熔化时有固定的熔化温度，所以该物质是晶体；
（2）在该物质熔化过程中，如果将试管从烧杯中拿出来，该物质将停止熔化。将试管放回烧杯后，该物质又继续熔化。说明固体熔化时需要吸收热量；
（3）根据描绘的图线，该物质在第5min时是熔化过程，此时物质处于固液共存态，该物质的熔点为50℃。
故答案为：（1）B；38；晶体；（2）吸收；（3）固液共存；50。
25．【解答】解：（1）通过观察泡沫的凹陷程度可以显示压力的作用效果，这是转换法的运用；
（2）由甲、乙两图所示实验可知，受力面积相同而压力不同，压力越大，海绵凹陷程度越大，力的作用效果越明显，由此可知：受力面积一定时，压力作用效果与压力大小有关；
（3）由乙、丙两图所示实验可知，物体间的压力相同而受力面积不同，受力面积越小，海绵的凹陷程度越大，力的作用效果越明显，可知实验探究的问题是：压力的作用效果与受力面积有关。
故答案为：（1）泡沫的凹陷程度；（2）压力；（3）压力的作用效果与受力面积有关。
四、综合应用题；提示：题中要必要的文字说明26分，27题7分，共15分
26．【解答】解：（1）由图可知，当开关同时接触2、3触点时，R1、R2并联；当开关同时接触3、4触点时，R2与电动机并联；
根据并联的电阻特点可知，并联电路的总电阻小于任一分电阻，
所以当开关同时接触2、3触点时，R1、R2并联，电路中的电阻最小，根据P＝可知，总功率最大，洗衣机处于加热状态；
当开关同时接触3、4触点时，R2与电动机并联，洗衣机处于保温洗涤状态；
（2）水吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×10kg×（45℃﹣20℃）＝1.05×106J，
由表格数据可知，洗衣机的加热功率P加热＝2400W，
由P＝可知，洗衣机加热消耗的电能：W＝P加热t′＝2400W×875s＝2.1×106J，
此过程中的加热效率：η＝×100%＝×100%＝50%；
（3）R1的电功率：P1＝＝＝2200W，
根据并联电路的特点可知，R2的电功率：P2＝P加热﹣P1＝2400W﹣2200W＝200W
则保温洗涤时的总功率：P＝P1+PM＝200W+240W＝440W，
根据P＝UI可知，洗衣机处于保温洗涤状态时，干路电流：I＝＝＝2A。
故答案为：（1）加热；保温洗涤；
（2）洗衣机内注入10kg的水，在额定电压下连续加热875s，水温由20℃上升到45℃，此过程中的加热效率是50%；
（3）洗衣机处于保温洗涤状态时，干路电流是2A。
27．【解答】解：（1）由G＝mg可得：物体A的重力GA＝mAg＝0.6kg×10N/kg＝6N；
（2）依据题意可知，物体A被压入水中时的压力F压＝3.2N，当A静止时，受竖直向下的重力GA、竖直向下的压力F压、竖直向上的浮力F浮，
依据平衡条件有：F浮＝GA+F压＝6N+3.2N＝9.2N；
（3）取走数显推拉力计，物体A受到的压力失去，受到的浮力大于重力，A将上浮，当A再次静止时处于漂浮状态，此时F′浮＝GA＝6N；
又由阿基米德原理可知，F′浮＝G排＝m排g，所以m排＝＝0.6kg；
其受力示意图为：
（4）当物体A浸没时，V物＝V排……①；
由阿基米德原理可知：F浮＝ρ水V排g……②；
由①②两式得：V物＝V排＝＝9.2×10﹣4m3。
答：（1）物体A的重力为6N；
（2）图中物体A受到的浮力为9.2N；
（3）物体A排开水的质量是0.6kg；；
（4）物体A的体积是9.2×10﹣4m3。