2022-2023学年河南省洛阳市高二上学期期末考试数学（理）试题（解析版）

这是一份2022-2023学年河南省洛阳市高二上学期期末考试数学（理）试题（解析版），共17页。试卷主要包含了单选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年河南省洛阳市高二上学期期末考试数学（理）试题 一、单选题1．若直线经过点和，则直线l的倾斜角为（    ）A． B． C． D．【答案】D【分析】由斜率公式求出直线的斜率，利用倾斜角与斜率的关系求解.【详解】设直线的斜率为，且倾斜角为，则，则，而，故，故选：D.2．已知数列，则6是这个数列的（    ）A．第6项 B．第12项 C．第18项 D．第36项【答案】C【分析】利用数列的通项公式求解.【详解】数列的通项公式为，令解得，故选:C.3．若双曲线的渐近线方程是，虚轴长为4，且焦点在x轴上，则双曲线的标准方程为（    ）A．或 B． C． D．【答案】C【分析】根据双曲线的性质求解.【详解】由题可得解得，所以双曲线的标准方程为.故选:C.4．如图，线段AB，BD在平面内，，，且，则C，D两点间的距离为（    ）A．19 B．17 C．15 D．13【答案】D【分析】根据线面垂直的性质定理结合勾股定理求解.【详解】连接，因为，所以,又因为，,所以，所以,故选:D.5．“”是“曲线表示椭圆”的（    ）A．充分而不必要条件 B．必要而不充分条件C．充要条件 D．既不充分也不必要条件【答案】B【分析】根据曲线表示椭圆，可求得t的范围，根据充分、必要条件的定义，即可得答案.【详解】因为曲线为椭圆，所以，解得且，所以“”是“且”的必要而不充分条件.故选：B6．设，向量，且，则（    ）A． B． C．3 D．9【答案】A【分析】由向量的关系列方程求解的值，结合向量的模的公式计算得出结果.【详解】向量，且，∴，解得，∴∴，∴.故选：A．7．如果实数x，y满足，则的取值范围是（    ）A． B． C． D．【答案】A【分析】表示上的点与点连线的斜率,画出图形即可求解.【详解】表示圆心为，半径为的圆，表示上的点与点连线的斜率.易知直线平行轴，且当直线为圆的切线时，，,故，此时直线的斜率为1，由对称性及图形可得.故选:A.8．设抛物线，点为上一点，过点作轴于点，若点，则的最小值为（    ）A． B． C．4 D．5【答案】B【分析】首先得到抛物线的焦点坐标与准线方程，由抛物线的定义可知，则，即可得解.【详解】抛物线的焦点为，准线方程为，由抛物线的定义可知，所以，当且仅当、、三点共线（在之间）时取等号.故选：B9．某牧场今年年初牛的存栏数为1200，预计以后每年存栏数的增长率为，且在每年年底卖出100头牛，牧场从今年起每年年初的计划存栏数构成数列，即，则大约为（    ）（参考数据：）A．1429 B．1472 C．1519 D．1571【答案】B【分析】由题意得数列递推公式，再用构造法求出通项，代入计算即可.【详解】由题可知，设，解得.即，故数列是首项为，公比为1.1的等比数列.所以，则，所以.故选：B.10．过定点M的直线与过定点N的直线交于点A（A与M，N不重合），则面积的最大值为（    ）A． B． C．8 D．16【答案】C【分析】根据题意分析可得点A在以为直径的圆上，结合圆的性质求面积的最大值.【详解】对于直线，即，可得直线过定点，对于直线，即，可得直线过定点，∵，则直线与直线垂直，即，∴点A在以为直径的圆上，且，由圆的性质可知：面积的最大值为.故选：C.11．已知数列满足，且，则数列的前18项和为（    ）A． B． C． D．【答案】D【分析】利用数列的递推公式，结合累乘法，求得其通项公式，根据三角函数的计算，求得数列的周期，整理数列的通项公式，利用分组求和，可得答案.【详解】由，则，即，显然，满足公式，即，当时，；当时，；当时，；当时，，当时，；当时，；则数列是以为周期的数列，由，则，设数列的前项和为，.故选：D.12．已知是双曲线的左、右焦点，O为坐标原点，以为直径的圆与双曲线C的一个交点为A，以为直径的圆与双曲线C的一个交点为B，若，A，B恰好共线，则双曲线C的离心率为（    ）A． B． C． D．3【答案】B【分析】设，在中，根据余弦定理可得，根据三角形面积公式可得，设,,则，从而可得，，代入，结合及离心率公式即可求解.【详解】设，因为在双曲线上，故.由余弦定理可得，所以.所以.由题意可得与为直角三角形，所以.因为是的中点，所以是的中点.设,,则.所以.故.所以,解得，.所以,可得，故.故选：B. 二、填空题13．直线与直线之间的距离为_____________．【答案】【分析】确定两直线是平行直线，故可根据平行线间的距离公式求得答案.【详解】直线可化为，则直线与直线平行,故直线与直线之间的距离为，故答案为：.14．设、分别在正方体的棱、上，且，，则直线与所成角的余弦值为_____________．【答案】【分析】以为坐标原点，建立空间直角坐标系，利用向量法能求出直线与所成角的余弦值．【详解】、分别在正方体的棱、上，且，，如图以为坐标原点，建立空间直角坐标系，设，则，，，，，，设直线与所成角为，则直线与所成角的余弦值．故答案为：．15．已知，是椭圆：（）的左，右焦点，A是椭圆的左顶点，点在过A且斜率为的直线上，为等腰三角形，，则椭圆的离心率为______.【答案】##0.5【分析】结合图像，得到，再在中，求得，，从而得到，代入直线可得到，由此可求得椭圆的离心率.【详解】由题意知，直线的方程为：，由为等腰三角形，，得，过作垂直于轴，如图，则在中，，故，，所以，即，代入直线，得，即，所以所求的椭圆离心率为.故答案为：..16．首项为正数，公差不为0的等差数列，其前n项和为，现有下列4个命题：①也是等差数列；②数列也是等差数列；③若，则时，最大；④若的项数为奇数，其中所有奇数项的和为290，所有偶数项的和为261，则此数列的项数是19．其中所有真命题的序号是_____________．【答案】②③④【分析】对①，由等差中项性质判断；对②，求出数列的通项公式即可判断；对③，由结合解析式化简得，由定义即可判断；对④，设项数为，根据求和公式列方程组解得参数，即可判断.【详解】设数列的公差为d，，首项为，则，，对①， ，∴不是等差数列，①错；对②，，则数列为首项，公差为的等差数列，②对；对③，∵，，∴，，，∴由定义可知，时，最大，③对；对④，由题意可设的项数为，则所有奇数项组成的数列为首项，公差，项数为的等差数列，故所有奇数项的和为，所有偶数项组成的数列为首项，公差，项数为的等差数列，故所有偶数项的和为. 两式相除得，∴数列的项数是19，④对.故答案为：②③④. 三、解答题17．已知是数列的前项和，且，，设．(1)若是等比数列，求；(2)若是等差数列，求的前项和，【答案】(1)(2) 【分析】（1）由等比数列的通项公式的求法求解即可；（2）由等差数列的通项公式的求法，结合公式法求数列的前项和即可．【详解】（1）解：已知是数列的前项和，且，，，则，又是等比数列，设公比为,则，即；（2）解：已知是等差数列，设公差为,又，，则，则，即，则，则，则，即的前项和．18．在平面直角坐标系中，已知圆M的圆心在直线上，且圆M与直线相切于点．(1)求圆M的方程；(2)过的直线l被圆M截得的弦长为，求直线l的方程．【答案】(1)(2)或 【分析】（1）根据已知得出点与直线垂直的直线方程，根据圆切线的性质得出该直线过圆心，与已知过圆心方程联立即可得出圆心坐标，根据圆心到切线的距离得出圆的半径，即可得出圆的方程；（2）根据弦长得出点到直线l的距离，分类讨论直线l的斜率，设出方程，利用点到直线的距离列式，即可得出答案.【详解】（1）过点与直线垂直的直线方程为：，即 则直线过圆心，解得，即圆心为，则半径为，则圆M的方程为：；（2）过的直线l被圆M截得的弦长为，则点到直线l的距离，若直线l的斜率不存在，则方程为，此时圆心到直线l的距离为1，不符合题意；若直线l的斜率存在，设直线l的方程为：，则，解得，则直线l的方程为：或.19．如图， 和所在平面垂直，且．(1)求证：；(2)若，求平面和平面的夹角的余弦值．【答案】(1)见解析；(2). 【分析】（1）取的中点，可得，根据可得，由线面垂直的判定定理及性质定理可证明；（2）作于点,以点为原点，所在直线分别为轴建立空间坐标系，求出两个平面的法向量即可求解.【详解】（1）取的中点，连接，因为，所以.因为为公共边，所以，所以,所以.因为平面，所以平面，因为平面,所以.（2）当,可设,作于点,连接，易证两两垂直，以点为原点，所在直线分别为轴建立空间坐标系，则,设平面的法向量为，,所以，令,可得，则.易知平面，所以平面的法向量为，设平面和平面的夹角为，则,故平面和平面的夹角的余弦值为.20．已知直线与抛物线交于A，B两点．(1)若，直线的斜率为1，且过抛物线C的焦点，求线段AB的长；(2)若交AB于，求p的值．【答案】(1)8；(2). 【分析】（1）焦点为，直线的方程为，联立直线与抛物线的方程，根据弦长公式即可求解；（2）设直线的方程为，根据题意可得，且在直线上，从而可得直线的方程为，联立直线与抛物线的方程，根据韦达定理可得，代入即可求解.【详解】（1）若，则抛物线，焦点为，故直线的方程为.设，联立，消去，可得，，故.故.（2）设直线的方程为，，因为交AB于，所以，且，所以，直线的方程为.又在直线上，所以,解得.所以直线的方程为.由，消去，可得，则.因为，所以，即，解得.21．已知等比数列的前n项和为，且．(1)求数列的通项公式；(2)若，求数列的前n项和．【答案】(1)；(2). 【分析】（1）根据与的关系可得公比，由可求，再根据等比数列的通项公式即可求解；（2），由错位相减法即可求解.【详解】（1）因为，所以当时，，两式相减得，即.故等比数列的公比为3.故，解得.所以.（2），故①，②，①-②，得，所以.22．已知椭圆，离心率为，点在椭圆C上．(1)求椭圆C的标准方程；(2)记A是椭圆的左顶点，若直线l过点且与椭圆C交于M，N两点（M，N与A均不重合），设直线AM，AN的斜率分别是．试问是否为定值？若是，求出定值；若不是，请说明理由．【答案】(1)(2)是，定值为，理由见解析 【分析】（1）由待定系数法列方程组求解；（2）直线l的斜率不为0，设为，结合韦达定理表示即可化简判断.【详解】（1）由题意得，，∴椭圆C的标准方程为；（2）由题意得，直线l的斜率不为0，设为，，，联立直线与椭圆消x得，，则，∴.故是定值，为.