信息必刷卷03-2023年高考物理考前信息必刷卷（全国乙卷）（解析版）

这是一份信息必刷卷03-2023年高考物理考前信息必刷卷（全国乙卷）（解析版），共7页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
绝密★启用前2023年高考物理考前信息必刷卷03（全国乙卷） 一、选择题：  14．【答案】D【解析】设原子动量大小为，激光的光子动量大小为 ，因为原子动量需要减小为，则根据动量守恒定律，可知，为了使原子动量减小，激光的照射方向应与原子的运动方向相反。根据多普勒效应，原子迎着光束的方向运动时，其接收到的光的频率会升高。当原子接收到的光的频率等于该原子的固有频率时，原子吸收光子的概率最大。则所用激光的频率应小于原子的固有频率。故ABC错误，D正确。故选D。 15．【答案】C【解析】当轿厢速度为时，电动机的牵引力为，以轿厢A为对象，根据牛顿第二定律可得，以对重B为对象，根据牛顿第二定律可得，联立解得A、B之间轻质缆绳的拉力大小为，故选C。  16．【答案】B【解析】第1张纸在滚轮作用下向右运动，对第2张纸的摩擦力向右，第2张纸相对于第3张纸有向右运动的趋势，对第3张纸的摩擦力方向向右，同理第10张纸对第11张纸的摩擦力方向向右，工作时滚轮对第1张纸的压力大小为F，第1张纸对第2张纸的摩擦力大小为f=N=，第1张以下的纸两两之间的摩擦力均为静摩擦力，大小均为，故B正确，ACD错误。 17．【答案】C【解析】设b卫星运行的椭圆轨道半长轴为，根据开普勒第三定律有，即，设近地点M距离地面高度为，有，解得，故b卫星远地点N距离地面高度为，A错误；对卫星a有，在地球表面有，联立解得，故b卫星从N点运动到M点时间为，B错误；根据开普勒第二定律可知，卫星b由N点运动到P点时速度在增大，分析可知若在P点点火加速可进入圆形a轨道，可得；同理，卫星b在近地点M减速可进入以M点高度所在处的圆轨道，根据万有引力公式可知当卫星围绕地球做圆周运动时轨道越高，速度越小，所以可知卫星a的速度小于M点高度所在处的圆轨道的速度，即卫星b在近地点M的速度大于卫星a的速度，所以有，C正确；根据万有引力公式，a、b两卫星在P点时到地球的距离相等，由于两卫星的质量关系未知，所以无法判断受到地球引力大小关系，D错误。故选C。 18．【答案】B【解析】该过程动能先增大后减小，根据能量守恒，电势能先减小后增大，根据，由于粒子带负电，则电势的变化与电势能相反，电势先增大后减小，根据题意加速度先减小后增大，根据可知电场强度先减小后增大，则图像斜率先减小后增大，故A错误，B正确；粒子动能先增大后减小，可知电场力先做正功后做负功，由图知，电场力先向右后向左，由于粒子带负电，可知电场强度方向先向左后向右，所以电场强度先为正后为负，故CD错误。故选B。 19． 【答案】BD【解析】根据图乙可知，流过霍尔元件的电流是由电子，即由负电荷定向运动形成的，A错误；由于轮子每转一圈，这块磁铁就靠近传感器一次，传感器会输出一个脉冲电压，自行车的车速越大，单位时间轮子转过的圈数越多，即自行车的车速越大，传感器单位时间内输出脉冲电压的数目越大，B正确；根据，，其中的v是电子定向移动的速率，解得，可知，霍尔电压的大小与自行车的车速无关，与电流大小有关，流过霍尔元件的电流越大，霍尔电压越大，C错误，D正确。故选BD。   20．【答案】BD【解析】冰块掉落时做自由落体运动，故冰块接触头部之前的速度约为，故A错误；设头部对冰块的作用力为，因为冰块落在头上未反弹，速度减为0，以竖直向上为正方向，由动量定理得，解得，根据力的作用是相互的，则冰块对头部的作用力也是2N，作用时间是0.3s，故冰块对头部的冲量大小为，故B正确，C错误；冰块的动量变化量大小为，选项D正确。故选BD。 21．【答案】BD【解析】由洛伦兹力提供向心力，可得，解得，A错误；粒子刚好不出磁场区域的运动轨迹如图所示，恰好与AC相切，根据几何关系可得，此时入射点到A的距离为，即入射点到A点距离大于的粒子都不能出磁场，运动轨迹为半圆，则时间为，B正确，C错误；从D点处入射的粒子在磁场中的运动轨迹为一个半圆，在磁场中运动的时间为，在E点入射的粒子运动轨迹的圆心角为，在磁场中运动的时间为，D正确。故选BD。 二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第22~25题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33~34题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题22．（5分）【答案】     B          可以【详解】（1）根据，，，联立得，故选B。（2）钢球运动过程空气阻力不计，则图像的斜率k=（3）根据表达式，可以求解h1。  23．（10分）【答案】  （1）   3.91（3.90~3.92  ）  （2）      3.46     0.29【详解】（1）直流电压5V挡测量时，分度值为0.1V，由图甲示数可知电源电动势为3.91V。（2）电流表A2若与串联，其串联后的总电压最大为比电源电动势小太多；电流表A2若与串联，其串联后的总电压最大为比电源电动势稍大，所以电流表A2应与串联；由闭合电路欧姆定律可知整理可得利用图像斜率和截距可知，解得，  24．（12分）【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）线框与斜面间的动摩擦因数μ=tanα则有因为导线框匀速进入磁场，根据平衡条件得解得（2）线框进入磁场Ⅱ过程中，根据平衡条件得线框中电流可知当cd边刚要出磁场I时拉力最大，此时ab边处磁场B=B0+kL解得（3）撤去拉力后，根据动量定理有其中，联立解得 25．（20分）【答案】（1）3N；（2）2m/s；（3）2次；【解析】（1）物块a沿圆弧从最高点由静止下滑到圆弧轨道最低点，根据机械能守恒定律有解得：物块a运动到轨道最低点时，由牛顿第二定律有联立以上两式代入数据解得由牛顿第三定律知物块a滑到圆弧轨道最低点时对轨道的压力大小为3N（2）物块a在传送带上运动时，由牛顿第二定律有设物块a第一次滑到传送带左端时的速度大小为，由a、b运动学公式可得解得则物块a第一次滑到传送带左端时的速度大小为4m/s，物块a、b碰撞过程动量守恒，机械能守恒，设碰撞后物块a的速度为，b的速度为，则有联立解得即第一次碰撞后瞬间物块b的速度大小为2m/s。（3）碰撞后物块b沿地面向左做匀减速运动，设加速度为，到静止时所用时间为，位移为，由牛顿第二定律有由运动学公式有联立解得，对于物块a，先沿传送带向右做匀减速运动，设速度减为0所用的时间为，位移为，由运动学公式有，解得，由可知，故物块a第二次与b碰撞前b已经停止运动，设物块a第二次与b碰撞前瞬间的速度大小为，则有解得物块a、b第二次碰撞过程动量守恒、机械能守恒，设第二次碰撞后速度分别为、，则有解得，物块b第二次碰撞后向左滑行的距离物块a第二次碰撞后向右滑行的距离则两物块最多碰撞2次，最终两者的距离为  （二）选考题：共15分。请考生从2道物理题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。33．【物理—选修3-3】（15分）（1）（5分）【答案】BDE【解析】A→B过程中，体积增大，气体对外界做功，故A错误；C→D为等温过程，气体内能不变，体积减小则外界对气体做功，由热力学第一定律可知C→D过程中，气体始终放热，故B正确；D→A为绝热过程，又体积变小则外界对气体做功，故气体的内能增加，故C错误；A→C过程中气体压强不断减小，气体分子在单位时间内与器壁单位面积上碰撞的次数减少，故D正确；在整个过程中气体内能的内能不变，图像与横轴所围面积表示气体对外做功，由热力学第一定律可知整个过程中气体吸热，故气体吸热大于放热，故E正确。故选BDE。  （2）（10分）【答案】（1）；（2）【详解】（1）根据题意可知，初始整个装置静止在水平地面上，总重力大小等于支持力大小，当气球体积增大到刚好使增加的空气浮力等于装置的总重力时，气瓶离开地面，增加的浮力为得由于解得（2）对于质量为的氢气，经历等温变化，由玻意耳定律有解得对气瓶内封闭的气体，由玻意耳定律有联立解得 34．【物理—选修3-4】（15分）（1）（5分）【答案】BCE【解析】有图可看出，理想状态下降噪声波与环境声波波长相等，波速相等，则频率相同，叠加时产生干涉，由于两列声波等幅反相，所以振动减弱，起到降噪作用，A错误，BC正确；P点并不随波移动，D错误；从图像可以看出环境噪声波使P点向下振动，而降噪声波使P点向上振动，所以P点振动减弱点，E正确。故选BCE。  （2）（10分）【答案】（1）；（2）【解析】（1）由图以及几何知识可知，发生全反射的临界角为，由全反射条件有解得（2）单色光从D点射入后其路线如图所示光线E点射出，到达光屏的G点，设光线射出后与法线夹角为，射出前与法线夹角为，则有由几何关系得解得又因为解得设此单色光射出介质后到光屏的传播路程为s，则由几何关系得解得