2023年湖南省永州市道县敦颐学校中考物理一模试卷（含答案）

这是一份2023年湖南省永州市道县敦颐学校中考物理一模试卷（含答案），共17页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2023年湖南省永州市道县敦颐学校中考物理一模试卷
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分）
1．（2分）翟志刚、王亚平、叶光富在中国空间站进行太空授课。关于他们的声音，下列说法正确的是（　　）
A．宇航员讲课的声音是由振动产生的
B．太空授课的声音以声波的形式传回地球
C．女宇航员的音调高是由于振幅大
D．分辨翟志刚和叶光富声音的主要依据是音调
2．（2分）如图所示，为保障市民安全出行，志愿者们正在清理道路冰雪，他们采用增大压力的方法来增大摩擦的是（　　）

A．戴防滑手套
B．铲雪时握紧铲子，防止铲子滑落
C．穿鞋底粗糙的橡胶鞋
D．在路面上铺防滑垫
3．（2分）下列用电器与电蚊香加热器工作原理相同的是（　　）
A．电风扇 B．电视机 C．电饭煲 D．电冰箱
4．（2分）下列行为符合安全用电原则的是（　　）
A．用湿手按开关
B．检修电路前断开总开关
C．雷雨天在大树下躲雨
D．同一插线板上同时插多个大功率用电器
5．（2分）“露从今夜白，月是故乡明”，露的形成是属于下列哪种物态变化（　　）
A．熔化 B．凝固 C．汽化 D．液化

6．（2分）诗词中常蕴含着物理知识，根据下列哪句诗能估算出物体运动的速度（　　）
A．天台四万八千丈 B．坐地日行八万里
C．春风十里扬州路 D．桃花潭水深千尺
7．（2分）“愚溪眺雪”是永州八景之一，愚溪桥在水中的倒影清晰美丽。关于愚溪桥在水中倒影形成的原理是（　　）
A．光的色散 B．光的反射
C．光的折射 D．光的直线传播
8．（2分）关于热现象，下列说法正确的是（　　）
A．八月蘋岛，丹桂飘香，说明了分子之间存在引力
B．“钻木取火”是通过热传递改变物体的内能
C．暑假同学们在家学做菜，厨房里菜香四溢，说明了分子在不停地做无规则运动
D．冬天用热水袋暖手，是通过做功改变物体的内能
9．（2分）我国的白鹤滩水电站拥有全球单机容量最大的水轮发电机组。下列四个装置能反映发电机基本原理的是（　　）
A． B．
C． D．
10．（2分）“踢毽子”是深受大家喜爱的传统运动。关于踢毽子的过程，以下说法正确的是（　　）
A．毽子离开脚后继续上升是由于惯性
B．毽子上升过程中质量变小
C．键子在最高点不受力的作用
D．毽子下落过程中运动状态不变
11．（2分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向左滑动的过程中，下列判断正确的是（　　）

A．电压表示数变小
B．灯泡变亮
C．电流表示数变小
D．电压表的示数与电流表的示数的比值变小
12．（2分）如图甲所示，小丽在透明塑料板下放了一张爱心的图案，用丝绸裹住手指，照着图案用力摩擦塑料板后，均匀撒上木屑，竖起塑料板轻敲，板上就留下了一颗由木屑组成的爱心，如图乙所示，这个过程模拟了静电复印。下列说法正确的是（　　）

A．塑料板是导体
B．摩擦过程中创造了电荷
C．摩擦后的塑料板和丝绸带上了同种电荷
D．木屑留在塑料板上是由于带电体吸引轻小物体
二、填空题（本大题共4小题，每空1分，共10分）
13．（2分）北京冬奥会使用的氢能源电动汽车、无人驾驶技术诠释了“绿色奥运”、“科技奥运”的理念。该电动汽车的氢能源电池能够将化学能转化为 　 　能；无人驾驶时，车辆利用北斗高精度定位系统，以 　 　波的形式向卫星发射信号。
14．（2分）小丽和同学们一起坐在游船上赏花，他们闻到了花香，从物理学角度来看，这属于 　 　现象；以游船为参照物，小丽是 　 　的。
15．（2分）我国“奋斗者”号载人潜水器在马里亚纳海沟万米深处多次成功坐底，标志着我国在载人深潜领域达到了世界领先水平。“奋斗者”号在深水下潜过程中所受水的压强 　 　，浮力 　 　。（两空均选填“变大”、“变小”或“不变”，潜水器的体积不变）
16．（4分）李老师在某百货店买了一个金灿灿的实心饰品，同学们特别想知道这个饰品是否是纯金的（ρ金＝19.3×103k/m3），他们选用托盘天平、量筒、细线、烧杯和水等，进行了如下的实验操作：
A.把托盘天平放在水平桌面上；
B.把游码放在标尺的零刻度线处，调节横梁上的平衡螺母，使横梁在水平位置平衡；
C.将饰品放在左盘中，在右盘中增减砝码并移动游码直至横梁在水平位置平衡；
D.在量筒中倒入适量的水，并记下水的体积；
E.将饰品用细线系好后慢慢地放入量筒中，并记下水和饰品的总体积。
请你帮同学们回答下面几个问题：
（1）在调节平衡螺母时，发现指针偏向分度盘的左侧，如图甲所示。此时应将平衡螺母向 　 　（选填“左”或“右”）端调节，直到指针指向分度盘的中央；

（2）用调好的天平称量饰品的质量，当天平再次平衡时，右盘中砝码的质量和游码的位置如图乙所示，饰品的质量是 　 　g；用细线拴好饰品放入装有适量水的量筒中，如图丙所示通过计算可知饰品的密度为 　 　kg/m3；
（3）若在饰品放入量筒时，不小心有水溅出量筒的外面，这样测出的密度比真实密度值 　 　（选填“偏大”或“偏小”）。
三、作图题（每小题2分，共2分）
17．（2分）一束光斜射向水面，请画出这束光进入水后的光线。


四、实验题（本大题共2小题，第18题10分，第19题10分，共20分）
18．（10分）在“探究影响液体内部压强的因素”的实验中：

（1）压强计是通过U形管的 　 　来显示橡皮膜所受压强大小。
（2）小华实验时的情形如图所示，四幅图中烧杯内的液面相平。（不考虑实验结论的偶然性）
①比较图甲和图 　 　，可以得出结论：在同种液体中，液体内部压强随深度的增加而增大。
②比较图乙和图丙，能初步得出液体内部压强与液体密度有关的结论吗？　 　，理由是：　 　。
（3）某小组成员用塑料瓶进行实验，将塑料瓶装满水，在瓶侧面扎两个小孔，水从小孔流出，如图丁所示，该实验说明液体压强与 　 　有关。
19．（10分）某实验小组用如图所示的电路探究电流与电阻的关系。

（1）连接电路时应 　 　开关。闭合开关之前，滑片P就滑到 　 　端（选填“A”或“B”）。
（2）小庆将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片至恰当位置，并将数据记录在表中。换用10Ω电阻后，应该使定值电阻两端的电压保持U0＝　 　V不变。
实验序号
电阻R/Ω
电流I/A
1
5
0.6
2
10

3
20

…


（3）将5Ω的定值电阻换为10Ω后，小庆和小丽对接下来的操作有不同看法：
小庆认为应先闭合开关，再将滑片向左移动，使电压表示数为U0。
小丽认为应先将滑片移到最左端，再闭合开关，然后将滑片向右移动，使电压表示数为U0。
请问你赞成谁的观点？　 　简要说明理由：　 　。
五、计算题（本大题共2小题，第20题6分，第21题8分，共14分）
20．（6分）某油电混合动力小汽车，在一段平直的公路上匀速行驶了50km，用了半小时，受到的阻力为2×103N，求：
（1）若在这一过程中消耗燃油5×10﹣3m3，求这一过程中燃油燃烧放出的热量（已知燃油密度为0.8×103kg/m3，热值为4.6×107J/kg）
（2）小汽车行驶100km发动机做的功为多少？
（3）若该车改用电动力行驶，若每行驶100km消耗电能100kW•h，求此过程的效率。










21．（8分）如图甲多功能养生壶具有精细烹饪、营养量化等功能，深受市场认可和欢迎。图乙是某品牌养生壶简化电路图。其中R1、R2为电热丝，电阻不变。下表为其铭牌，其中高温挡的额定功率已模糊不清。
项目
参数
电源电压（V）
220
低温挡功率（W）
220
中温挡功率（W）
440
高温挡功率（W）

容积（L）
2
（1）养生壶处于低温挡工作时，1min消耗的电能；
（2）求R1的阻值；
（3）在标准大气压下，使用高温挡将初温是45℃的一壶水烧开，若养生壶高温挡加热效率为75%，烧开一壶水需要的时间。

参考答案与试题解析
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分）
1．【分析】（1）声音是由于物体的振动产生的；
（2）声音的传播需要介质，真空不能传声；
（3）音调：声音的高低，由发声体的振动频率决定，物理学中，振动快慢用每秒振动的次数来表示，称为频率。频率越高，音调越高。频率越低，音调越低；
（4）音色：发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。
【解答】解：A、宇航员说话发出声音是由于声带振动产生的，故A正确；
B、声波不能在真空传播，太空授课的声音是靠电磁波传回地球的，故B错误；
C、女宇航员的音调高是由于女宇航员声带振动的频率大，故C错误；
D、每个发声体发出声音的音色是不同的，分辨翟志刚和叶光富声音的主要依据是音色，故D错误。
故选：A。
2．【分析】增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
【解答】解：A、戴防滑手套，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A不合题意；
B、铲雪时握紧铲子，防止铲子滑落，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故B符合题意；
C、穿鞋底粗糙的橡胶鞋，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不合题意；
D、在路面上铺防滑垫，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D不合题意。
故选：B。
3．【分析】电流的热效应：电流通过导体要发热，这叫做电流的热效应，如电饭煲、电蚊香加热器、电烙铁、电焊等都是电流的热效应的例子。
【解答】解：电蚊香加热器是利用电流的热效应工作的；
A、电风扇主要把电能转化为机械能，不是利用电流热效应工作的，故A不符合题意；
B、电视机主要把电能转化为光能，不是利用电流热效应工作的，故B不符合题意；
C、电饭煲工作时把电能转化为内能，利用电流的热效应工作，故C符合题意；
D、电冰箱的电动机主要把电能转化为机械能带电压缩机工作，不是利用电流热效应工作的，故D不符合题意。
故选：C。
4．【分析】（1）生活用水、湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；
（2）在检修电路时，要先切断电源；
（3）雷电容易通过地面上尖端的突起物放电；
（4）多孔插座各用电器也是并联的，若电路中的总功率过大，会使电路中的电流过大。
【解答】解：A、生活用水是电的导体，湿手按开关，易发生触电事故，故A错误；
B、检修电路前时，断开总开关，可以避免触电事故的发生，故B正确；
C、大树是尖端物体，雷电容易通过大树的尖端放电，因此雷雨天在树下躲雨很危险，故C错误；
D、多个大功率用电器同时使用一个插座，会使干路中的电流过大，会出现危险，故D错误。
故选：B。
5．【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：露是地面附近的水蒸气液化成的小水珠。
故选：D。
6．【分析】物体单位时间里通过的路程为速度，据此分析。
【解答】解：物体单位时间里通过的路程为速度，故“坐地日行八万里”表示每日运动八万里，能估算出物体运动的速度，故B正确。
故选B。
7．【分析】（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
【解答】解：桥在水中的倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的。
故选：B。
8．【分析】（1）不同的物质在相互接触时，分子彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动。
（2）改变物体的内能有两种方式：做功和热传递。
【解答】解：A、八月蘋岛，丹桂飘香，属于扩散现象，说明分子不停地做无规则运动，故A错误；
B、“钻木取火”是将机械能转化为内能，因此是通过做功的方式改变物体的内能，故B错误；
C、厨房里菜香四溢，是饭菜分子不停地做无规则运动的结果，属于扩散现象，故C正确；
D、冬天用热水袋暖手，手吸收热量，是通过热传递的方式改变物体的内能，故D错误。
故选：C。
9．【分析】发电机是利用电磁感应现象制成的，正确分析四个选项各是研究什么问题的，再做回答。
【解答】解：发电机的工作原理是电磁感应现象。
A．该图探究通电导体周围是否有磁场，因此是奥斯特实验，故A错误；
B、电磁铁通电后具有磁性，利用的是电流的磁效应的原理，故B错误；
C、该图验证的是通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的工作原理，故C错误；
D、该图验证的是在闭合回路中，导体切割磁感线运动时，电路中产生感应电流，是发电机的工作原理，故D正确。
故选：D。
10．【分析】（1）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
（2）质量是物体所含物质的多少，其大小与物体的形状、状态、位置及温度等无关；
（3）对键子在最高点时进行受力分析，可做出判断；
（4）运动状态的改变包括速度大小和方向的改变。
【解答】解：A、毽子离开脚后继续上升是由于毽子具有惯性，故A正确；
B、毽子上升过程中位置改变，但质量不变，故B错误；
C、键子在最高点时受到重力的作用，故C错误；
D、毽子下落过程中速度越来越大，所以运动状态改变，故D错误。
故选：A。
11．【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表V测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据变阻器两端的电压变化分析灯泡两端电压的变化，根据P＝可知，灯泡实际功率的变化，进一步可知其亮暗的变化，进一步可知电压表V与电流表A示数比值变化。
【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表V测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
A、在滑动变阻器滑片P向左滑动过程中，接入电路中的电阻变大，根据串联电路的分压关系可知，电压表的示数变大，故A错误；
B、因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，根据串联电路的分压关系可知，灯泡两端的电压变大，由P＝可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，故B错误；
C、电路中的总电阻变大，由I＝可知，电路中的电流变小，电流表的示数变小，故C正确；
D、由电压表示数变大、电流表的示数变小可知，电压表V与电流表示数比值变大，故D错误。
故选：C。
12．【分析】（1）不容易导电的物体是绝缘体。
（2）摩擦起电的实质是电子的转移。
（3）相互摩擦的两个物体会带等量的异种电荷。
（4）带电体能够吸引轻小物体。
【解答】解：A．塑料板不容易导电，是绝缘体，故A错误；
B．摩擦过程中不会创造电荷，只是电荷发生了转移，故B错误；
C．摩擦后的塑料板和丝绸带上了异种电荷，故C错误；
D．由于带电体能吸引轻小物体，所以在平放的塑料板上面均匀地撒上一层干木屑时，塑料板上带电区域把木屑吸住，故D正确。
故选：D。
二、填空题（本大题共4小题，每空1分，共10分）
13．【分析】（1）蓄电池是把化学能转化为电能的装置。
（2）电磁波可以传递信息。
【解答】解：该电动汽车的氢能源电池能够将化学能转化为电能；无人驾驶时，车辆利用北斗高精度定位系统，以电磁波的形式向卫星发射信号。
故答案为：电；电磁。
14．【分析】（1）分子在不停地做无规则运动；
（2）在研究机械运动时要先选择参照物，如果物体相对于参照物位置不变，则物体静止；如果物体相对于参照物位置发生变化，则物体是运动的。
【解答】解：人闻到花香是花香分子在空气中的扩散现象，是由分子的无规则运动引起的；
小丽和同学们一起坐在游船上赏花，以游船为参照物，小丽相对于游船的位置没有发生变化，所以小丽是静止的。
故答案为：扩散；静止。
15．【分析】（1）液体压强随深度的增加而增大。
（2）根据阿基米德原理可知，浮力的大小与液体的密度和排开液体的体积有关。
【解答】解：因为液体压强随深度的增加而增大，所以当潜水器完全入水后，随着潜水深度的增大，潜水器底部受到海水的压强将变大。
当潜水器完全入水后，随着潜水深度的增大，排开液体的体积不变，根据F浮＝ρ水gV排可知，潜水器受到的浮力不变。
故答案为：变大；不变。
16．【分析】（1）在调节天平平衡时要将平衡螺母向指针偏转的相反方向调节；
（2）物体质量等于砝码质量加游码读数；用丙图两次读数之差得出物体体积，再用ρ＝计算物体密度；
（3）若在饰品放入量筒时，不小心有水溅出量筒的外面，会导致所测物体体积偏小，再根据ρ＝分析密度大小。
【解答】解：（1）调节天平在水平面上平衡时要将平衡螺母向指针偏转的相反方向调节，图甲中指针偏向分度盘的左侧，所以应向右调节平衡螺母。
（2）物体质量：m＝180g+2.6g＝182.6g，物体体积：V＝70mL﹣60mL＝10mL＝10cm3，物体密度为：ρ＝＝＝18.26g/cm3＝18.26×103kg/m3.。
（3）若在饰品放入量筒时，不小心有水溅出量筒的外面，会导致所测物体体积偏小，根据ρ＝可知，物体密度偏大。
故答案为：（1）右；（2）182.6；18.26×103；（3）偏大。
三、作图题（每小题2分，共2分）
17．【分析】根据光由空气斜射进入水中，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，画出折射光线。
【解答】解：在水中法线的另一侧画出折射光线，使折射角小于入射角；如下图所示：
。
四、实验题（本大题共2小题，第18题10分，第19题10分，共20分）
18．【分析】（1）当橡皮膜受到压强时，橡皮膜发生形变，通过空气对U形管中的液体产生压强，压强计U形管两边液柱就会出现高度差；
（2）①比较图甲和图乙，乙中金属盒所处的深度较深，U形管液面的高度差较大，橡皮膜所受的液体压强较大，据此可以初步得出结论；
②液体内部的压强与液体的深度和密度都有关系，在实验中，应控制其中的一个量保持不变，才能观察压强与另一个量的关系，从控制变量法的角度解答此小题；
（3）越往下的孔流出的水喷得越急，说明深度越大，液体产生的压强越大。
【解答】解：（1）压强计是通过观察U形管两边高度差来显示橡皮膜所受的压强的大小；
（2）①比较图甲和图乙，乙中金属盒所处的深度较深，U形管液面的高度差较大，橡皮膜所受的液体压强较大，故可以初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随深度的增加而增大；
②液体内部压强与液体密度的关系，应控制探头所处的深度相同，液体的密度不同，而图乙、丙两图可知，没有控制探头所处液体的深度相同，所以不能得出液体内部压强与液体密度有关的结论；
（3）图丁的实验中，观察到水从小孔射出，小孔的位置越低，射出的水越急，液体压强越大。该现象说明液体压强与深度有关。
故答案为：（1）液面高度差；（2）①乙；②不能；没有控制金属盒所处液体的深度相同；（3）深度。
19．【分析】（1）连接电路时应断开开关；为保护电路，闭合开关之前，滑动变阻器滑片要位于最大阻值处；
（2）探究电流与电阻的关系应保持定值电阻两端电压不变；
（3）在操作过程中，要保护电路的安全，确保所有用电器和电表在安全范围内，从而判断两人的观点。
【解答】解：（1）连接电路时应断开开关；由图知：滑动变阻器已经连接了右下方的接线柱，要使接入电路的电阻最大，滑片要位于A端，目的是保护电路；
（2）探究电流与电阻的关系应保持定值电阻两端电压不变，对于实验1，U＝5Ω×0.6A＝3V，故更换电阻时，要保持定值电阻两端的电压是3V不变；
（3）若先闭合开关，由于定值电阻阻值变大，则两端电压变大，会超过3V，超过电压表的量程，会损坏电压表，而小丽先将滑片移到最左端，再闭合开关，保护了电路的安全；所以小庆的方法不妥当，小丽的方法妥当。
故答案为：（1）断开；A；（2）3；（3）小丽；若先闭合开关，由于定值电阻阻值变大，则两端电压变大，会超过3V，超过电压表的量程，会损坏电压表。
五、计算题（本大题共2小题，第20题6分，第21题8分，共14分）
20．【分析】（1）知道燃油的密度和体积，利用m＝ρV求燃油的质量，再利用Q放＝mq求燃油完全燃烧放出的热量，即热机消耗的总能量；
（2）由于车匀速行驶，车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，可求牵引力大小，又知道行驶的路程，利用W＝Fs求牵引力做功；
（3）根据W有用＝Fs计算出有用功，根据1kW•h＝3.6×106J计算出100kW•h的电能，再利用效率公式η＝求该电动车的效率。
【解答】解：（1）由ρ＝得消耗燃油的质量：
m＝ρV＝0.8×103kg/m3×5×10﹣3m3＝4kg，
燃油完全燃烧放出的热量：
Q放＝mq＝4kg×4.6×107J/kg＝1.84×108J，
（2）因为车匀速行驶，
所以牵引力F＝f＝2×103N，
小汽车行驶100km发动机做的功：
W＝Fs＝2×103N×100×103m＝2×108J，
（3）若该车改用电动力，提供的牵引力仍然为2×103N，
电动车每行驶100km做的功为：W有用＝Fs＝2×103N×100×103m＝2×108J；
消耗电能W＝100kW•h＝100×3.6×106J＝3.6×108J，
此过程的效率η＝×100%＝×100%≈55.6%。
答：（1）燃油燃烧放出的热量为1.84×108J；
（2）该车行驶的速度为100km/h，该车牵引力所做的功为2×108J；
（3）该车的效率为55.6%。
21．【分析】（1）由表格数据可知低温挡时的功率，然后应用P＝的变形公式求出1min消耗的电能。
（2）分析清楚电路结构，应用电功率公式判断养生壶的工作状态；应用电功率公式和欧姆定律求出R1的阻值。
（3）首先求得并联电路的总电阻，然后由P＝可求得高温挡时的功率，由热量公式求出水吸收的热量，由效率公式求出壶消耗的电能，然后求出烧开一壶水需要的时间。
【解答】解：
（1）由P＝得，养生壶处于低温挡工作时，1min消耗的电能：W＝P低t＝220W×60s＝13200J；
（2）由图知，当开关S1闭合，S2接B时，电阻R1、R2并联，电路中的总电阻最小，由P＝可知，总功率最大，所以此时养生壶处于高温挡；
由图知，当开关S1断开，S2接A时，电阻R1、R2串联，电路中的总电阻最大，由P＝可知，总功率最小，此时养生壶处于低温挡；
当S2接A，S1闭合时，R2被短路，只有电阻R1接入电路，养生壶处于中温挡。
由P＝UI得，正常工作时通过R1的电流为：I1＝＝＝2A，
由I＝得，R1的阻值：R1＝＝＝110Ω，
（3）由P＝可得，电阻R1、R2串联时总电阻：R串＝＝＝220Ω，
则R2的阻值：R2＝R串﹣R1＝220Ω﹣110Ω＝110Ω
当电阻R1、R2并联时，总电阻：R并＝＝＝55Ω，
高温挡功率：P高＝＝＝880W；
由ρ＝可得，水的质量：
m＝ρ水V＝1×103kg/m3×2×10﹣3m3＝2kg，
在标准大气压下水的沸点为100℃，则水吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣45℃）＝4.62×105J，
由η＝和W＝Pt得，烧开一壶水需要的时间为：
t＝＝＝＝700s。
答：（1）养生壶处于低温挡工作时，1min消耗的电能为13200J；
（2）R1的阻值为110Ω；
（3）烧开一壶水需要的时间为700s。