2023年广西北海市中考物理适应性试卷（含解析）

这是一份2023年广西北海市中考物理适应性试卷（含解析），共30页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，综合题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2023年广西北海市中考物理适应性试卷
一、单选题（本题共13小题，共26分）
1. 在国际单位制中，力的单位是(    )
A. 千克 B. 米 C. 牛顿 D. 秒
2. 如图所示的光学现象中，属于光的折射形成的是(    )
A. 墙上的手影 B. 铅笔的弯折
C. 日食的形成 D. 水中的月亮
3. 我们欣赏音乐时能分辨出不同乐器发出的声音，主要是因为不同乐器发出声音的(    )
A. 响度不同 B. 音调不同 C. 音色不同 D. 传播速度不同
4. 下列关于物态变化的说法中，正确的是(    )
A. 春天，河里冰雪消融，是升华现象
B. 夏天，冰棍儿周围冒“白气”，是汽化现象
C. 秋天，早晨花草上出现的小露珠是熔化现象
D. 冬天，温暖的车内窗玻璃会变模糊，是因为车内水蒸气液化的缘故
5. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是(    )
A. 电能表是测量消耗电功率的仪表
B. 家庭电路中的电冰箱和空调是串联的
C. 用电器电线的绝缘皮破损了仍能继续使用
D. 导致家庭电路中电流过大的原因可能是短路
6. 2020年12月3日23时10分，嫦娥五号上升器点火起飞，携带月壤进入预定环月轨道，实现我国首次地外天体起飞。下列说法正确的是(    )
A. 燃料燃烧时将化学能转化为内能
B. 燃料燃烧时将机械能转化为内能
C. 起飞过程加速上升时，将动能转化为重力势能
D. 起飞过程加速上升时，上升器机械能守恒
7. 为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统。当乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S1闭合，若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯熄灭。下列设计最合理的电路图是(    )
A. B.
C. D.
8. 下列关于压强的说法中，正确的是
A. 人在站立时抬起一只脚后，对地面的压强变小
B. 潜水艇在海水中下潜过程中，受到海水的压强不变
C. 用吸管将杯中饮料吸进嘴里，利用了大气压强
D. 轿车高速行驶时，上表面空气流速大，压强大
9. 某导体中的电流与它两端电压的关系如图所示，下列分析正确的是(    )
A. 当导体两端的电压为0时，电阻为0
B. 该导体的电阻随电压的增大而减小
C. 当导体两端的电压为0时，电流为0
D. 当导体两端的电压为2V时，电流为0.2A



10. 下图是生活中几种常见的杠杆，其中属于省力杠杆的是(    )
A. 钓鱼竿 B. 道钉撬
C. 筷子 D. 理发剪刀
11. 2022年4月16日，神舟十三号载人飞船返回舱进入大气层后，降落伞相继打开，临近地面时，反推发动机启动，向下推动空气，迫使返回舱减速“刹车”，于9时56分，在东风着陆场成功着陆(如图)，标志着本次神舟载人飞行任务圆满成功，下列关于返回舱返回过程的说法正确的是(    )

A. 着陆前相对于地面是静止的 B. 利用电磁波向指挥中心传递信息
C. 反推发动机对它施加向下的力 D. 与空气摩擦，它的内能逐渐减少
12. 超市的服装贴有磁性标签，未消磁的标签通过超市安检门时，安检门上的线圈会产生电流，触发报警器达到防盗目的。下图中能反映出安检门工作原理的是(    )
A. B.
C. D.
13. 如图是探究影响电流产生热量的因素实验，下列说法不正确的是(    )
A. 图甲为探究电流产生的热量与电阻的关系
B. 图乙为探究电流产生的热量与电流的关系
C. U形管两侧液面的高度差越大，说明电流产生的热量越多
D. 图乙将R3放入空气盒内，连接方式不变，不能探究电流产生的热量与电阻的关系
二、多选题（本题共3小题，共9分）
14. 如图所示，以下关于物理实验现象及说明的问题，说法正确的是(    )

A. 图甲：试管口的“白气”是空气中的水蒸气液化形成的小水滴
B. 图乙：厚玻璃筒内的空气被压缩时，其温度升高，内能增加
C. 图丙：梳子与头发摩擦后能吸引轻小的纸屑，说明它带了电荷
D. 图丁：磁铁周围铁屑规则分布，表明磁体周围空间存在磁感线
15. 疫情期间，手持式电子测温仪最为常见，如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原理图，其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻R0为保护电阻：在测人的体温时，当被测温者体温较高时，显示仪的示数也会变大。下列关于此测温仪的分析正确的是(    )

A. 显示仪是由电流表改装成的
B. 被测温者温度越高，电路电流越小
C. 热敏电阻R随着温度的升高阻值减小
D. 将R0更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变大
16. (多选题)图甲所示为工人师傅乘坐吊篮在高空粉刷楼体外墙的情景，吊篮可在电动机的作用下实现升降，其简化结构原理如图乙所示。吊篮的质量为40 kg两名工人及工具的总质量200 kg，某次吊升过程中，吊篮在30 s内匀速上升了6 m。不计滑轮重、绳重及绳和轮之间的摩擦，关于该过程的分析正确的是
A. 吊篮的动能不变 B. 吊篮的机械能守恒
C. 电动机对绳子的拉力为800 N D. 电动机拉动绳子的功率为480 W
三、填空题（本题共6小题，共16分）
17. 中国标准动车组“复兴号”的车厢内已实现wifi近网络全覆盖，网络信号是通过        波作为载体来传递的，动车上都配有可以提供充电的插座，插座各孔分别接在        线、零线和地线上。
18. 2022年3月，春暖花开，油菜花节相继在岳阳市各地举行，游客们远远地就能闻到阵阵花香，这是______现象；到达现场，许多游客纷纷拿出手机拍摄“金色花海”，手机的镜头相当于______(填“凸”或“凹”)透镜。
19. 在家庭电路中，电热水器正常工作的电压为______伏，它与家中的空调器是______连接的(选填“串联”或“并联”)。
20. 如图，悬挂在一起的两个气球，用毛织品摩擦过后彼此排斥分开，这主要是因为两个气球因摩擦过后带______ (选填“同种”或“异种”)电荷而互相排斥，电风扇工作一段时间后的风扇叶片粘有不少灰尘，这是由于带电体具有______ (选填“吸引”或“排斥)轻小物体的性质。


21. 如图所示电路中，电源电压12V。开关S闭合后，L1、L2、L3        (选填“串”或“并”)联。电压表V1和V2的示数分别为7V和8V，灯泡L2两端的电压为        V。


22. 一质量为600g，密度为0.6g/cm3的正方体木块用细线系于底面积为40cm2容器的水中，如图所示，则木块所受的浮力大小为        N。将细线剪断后，木块静止时，容器底部受到水的压强变化了        Pa。(已知ρ水=1×103kg/m3)

四、作图题（本题共2小题，共4分）

23. 用与地面成30°角的100N的力向右上方拉小车，画出该力的示意图。


24. 在图中完成透镜的光路图。

五、实验探究题（本题共3小题，共19分）
25. 为了研究不同物质的吸热能力，某小组利用规格相同的电加热器给水和煤油加热，如图甲、乙所示，他们利用实验得到的数据绘制出两种液体温度随加热时间的变化图像。

(1)在烧杯中加入两种液体时，要控制他们的初温和        相同。
(2)实验中通过比较        (选填“加热时间”或“温度计示数变化”)来反映液体吸收热量的多少；若让水和煤油加热时间相同，水的温度上升少，说明水的吸热能力        (选填“弱”或“强”)。
(3)如图丙所示，根据实验数据，小明做出了水和煤油的温度随加热时间变化的图像，由图像可知煤油的比热容是        J/(kg⋅℃)。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
(4)若在这两种液体中选择一种作为汽车发动机的冷却剂，        冷却效果更好。
26. 如图所示，根据你所学习的知识完成下列仪器的相关填空。

(1)甲图：使用刻度尺之前，要观察零刻度线、量程和        ，此时测量物体长度为        cm。
(2)乙图：该温度计是根据        原理制成的，此时的示数为        。
(3)丙图：小区里的噪声监测仪显示，当前噪声值为57.6        。市区内禁鸣喇叭，这是在        处减弱噪声。
27. 在实验室做实验时，爱动脑筋的菲菲找来了天平和量筒要测量三个小橘子的密度：

(1)如图甲所示，菲菲将天平放在水平桌面上发现指针指向分度盘中央，是想要测量小橘子的质量，请你指出菲菲的错误之处：        ；改正过后想要将天平调平需要向        (选填“左”或“右”)调节平衡螺母；
(2)将天平调平后，测量三个小橘子的质量，天平平衡时，砝码及游码位置如图乙所示，则三个小橘子的质量为        g，然后将小橘子放入量筒中测小橘子的体积如图丙所示，则三个小橘子的体积为        cm3；
(3)计算出小橘子的密度为        kg/m3；
(4)菲菲发现在天平调平之前右盘有一个缺口，会导致测量结果        (选填“偏大”、“偏小”或“仍然准确”)；
(5)菲菲在实验过后不小心在量筒中的水中混入少量食盐，于是菲菲想要利用密度为ρ的小橘子测量量筒中盐水的密度(如图丁)：
①将少量盐水装在烧杯中，用天平测出盐水和烧杯的总质量m1；
②用细线拴住三个小橘子放入烧杯中(不要碰到烧杯底和烧杯壁)，此时天平的示数为m2；
③松开细线使小橘子落入烧杯中，天平示数稳定后读出此时天平示数为m3；
④盐水密度的表达式为        (用题中所给的物理量表示)。
六、综合题（本题共1小题，共10分）
28. 有一天，经经在如图1所示的台灯下做作业时，发现书本在不同情况下被台灯照亮的程度有所不同：
【提出问题】书本被照亮的程度与哪些因素有关？
【猜想与假设】猜想一：可能与灯泡的功率有关；
猜想二：可能与灯的种类有关；
请你补充一个猜想：书本被照亮的程度可能还与        有关。
【设计实验】若经经想探究书本被照亮的程度与灯的种类的关系，计划选用如图2所示的节能灯和白炽灯进行验。在其他因素相同的情况下，应选择下面的        (填序号)两盏灯来进行实验。
A.“220V 15W”白炽灯
B.“220V 75W”白炽灯
C.“220V 5W”节能灯
D.“220V 15W”节能灯
【进行实验】
(1)断电后，经经取下灯罩，先在灯座上安装白炽灯，检查无误后进行实验，让灯持续发光十分钟，用手靠近灯并观察灯下书本被照亮的程度。
(2)        后，再重复上述实验，并观察同种情况下书本被照亮的程度。
(3)通过观察比较，他发现在灯持续通电十分钟后，用手立即快速触摸或靠近灯，会感到白炽灯的表面明显更热一些：在同一位置的书本在        (选填“白炽灯”或*节能灯”)照射下更亮。由此可得出结论：书本被照亮的程度与灯的种类        (选填“有关”与“无关”)。
【交流】在与同学交流中，经经同学又发现，在其他条件相同的情况下，同一盏灯晚上打开时比白天打开时更亮，这表明：        。
由此现象可知，同学们在家里做作业时，为了更好的保护视力和节约能源，应选择亮度        (选填“可调”或“固定”)的台灯。
七、计算题（本题共3小题，共16分）
29. 上海白主研发了一种氧燃料汽车质量是2t，它使用氢气代替汽油。在一次测试中，5min内在水平路面上匀速直线行驶了9000m。已知汽车在运动过程中受到的阻力恰为车重的0.2倍。求：
(1)汽车的速度。
(2)汽车牵引力。
(3)汽车牵力功率。

30. 某科技小组利用热敏电阻为电暖箱设计了一个温度可自动控制的装置，如图甲所示，控制电路中电源电压U1恒定为12V，热敏电阻R1的阻值随温度变化的曲线如图乙所示，电磁铁线圈可看成阻值为30Ω的纯电阻，“电暖箱”共安装有2个标有“220V，440W”的发热电阻R，当电磁铁线圈中电流大于或等于60mA时，继电器的衔铁被吸下，使“电暖箱”工作电路断开；当线圈中的电流小于或等于50mA时，继电器的衔铁被释放，使“电暖箱”工作电路闭合。求：

(1)发热电阻R的阻值。
(2)电暖箱中的最高温度为48℃时，滑动变阻器两端电压。
(3)调节滑动变阻器阻值为R2=10Ω时，电暖箱温度变化的范围。
31. 如图所示，均匀实心柱体甲和柱形容器乙置于水平桌面上。容器乙高为0.2m，重为0.4N，内盛有深度为0.15m的液体；已知S甲=3×10-3m2，S乙=4×10-3m2。现沿竖直方向在甲中切去底面积为S的部分，并将切去部分置于容器乙的液体中，切去部分会自然沉底，并静止在容器底部。截取甲的部分放入乙中静止后，容器乙对桌面的压强随截取面积S的变化关系如图丙所示。容器乙的壁厚忽略不计，g取10N/kg，求：

(1)截取甲之前，容器乙对桌面的压力为多少N？
(2)乙中液体的密度为多少kg/m3？
(3)甲的密度为多少kg/m3？
(4)若将甲全部放入乙容器中时，求容器乙对桌面的压强p1为多少Pa？
答案和解析

1.【答案】C 
【解析】解：在国际单位制中，力的单位是牛顿，简称牛，符号为N；
A中的千克(kg)是质量的单位；故A错误；
B中的米(m)是长度的单位；故B错误；
C中的牛顿(N)是力的单位；故C正确；
D中的秒(s)是时间的单位；故D错误；
故选：C。
物理学中，各个物理量都有自己专用的单位，力的单位是牛顿，简称牛，符号为N；
物理学中各个物理量都有自己的单位，不要将单位相互混淆。

2.【答案】B 
【解析】解：A、墙上的手影，影子的形成利用了光沿直线传播的原理，故A错误；
B、杯中“折断”的铅笔，这是光的折射现象，故B正确；
C、日食是由光的直线传播形成的，故C错误；
D、水中的“倒影”属于平面镜成像，平面镜成像是利用光的反射原理，故D错误；
故选：B。
光在同种均匀介质中沿直线传播，如：小孔成像和影子的形成等；
当光照射到两种物质分界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，如：平面镜成像、水中倒影等；
当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会改变，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
学习光的直线传播、光的反射、光的折射时，要多留心生活中的实例，影子、日月食、小孔成像是光的直线传播；镜子、倒影、潜望镜是光的反射；看水中的物体，隔着玻璃、杯子或透镜看物体是光的折射。

3.【答案】C 
【解析】解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。我们能区分不同乐器发出的声音，这是因为不同乐器发出声音的音色不同。
故选：C。
音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。
本题考查了音色的特点，不同乐器发出声音的音色不同。

4.【答案】D 
【解析】解：A、春天，河里冰雪消融，冰由固态变成了液态，是熔化现象，不是升华现象。故A错误。
B、夏天，冰棍儿周围冒“白气”，是空气中的水蒸气遇冷液化成小水珠形成的，不是汽化现象，是液化现象，故B错误。
C、秋天，早晨花草上出现的小露珠，是空气中的水蒸气液化形成的小水珠，是液化现象，不是熔化现象，故C错误。
D、冬天，温暖的车内窗玻璃会变模糊，是因为车内水蒸气遇冷液化形成的小水珠附着在玻璃上的缘故，故D正确。
故选：D。
判断物态变化现象，我们首先要清楚各种物态变化的定义；
然后看物态变化中是什么状态变为什么状态，从而确定是什么物态变化。
该题通过日常生活中的实例考查学生对物态变化的理解，难度不大，关键是搞清楚物质物态变化前后的状态。

5.【答案】D 
【解析】解：A、电能表是测量电功或用电器消耗电能的仪表，故A错误；
B、家庭电路中电冰箱和空调工作时互不影响，为并联连接，故B错误；
C、电线的绝缘皮破损时应及时更换，否则容易发生触电事故，故C错误；
D、导致家庭电路中电流过大的原因可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故D正确。
故选：D。
(1)电能表是用来测量某用户在一段时间内所消耗的电能多少的仪表；
(2)家庭电路中，各用电器都是并联连接；
(3)电线的绝缘皮破损时容易造成触电事故；
(4)家庭电路电流过大的原因有两个：短路或用电器的总功率过大。
本题综合性较强，重点考查了家庭电路的相关知识，与学生生活联系密切，体现了物理知识和生活的联系。

6.【答案】A 
【解析】解：
AB、燃料具有化学能，燃料燃烧时将化学能转化为内能，故A正确，B错误；
CD、嫦娥五号上升器加速上升时，其质量不变，速度和高度都变大，则动能和重力势能都增大，所以机械能也增大(即机械能不守恒)，此过程中没有将动能转化为重力势能，故CD错误。
故选：A。
(1)分析能量的转化时，主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，因为总是消耗的能量转化为得到的能量；(2)影响动能大小的因素是物体的质量和速度，影响重力势能大小的因素是物体的质量和高度，动能和势能统称为机械能；在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析判断。
本题考查了能量的转化和机械能的概念，比较简单。

7.【答案】B 
【解析】解：
由题知，S1闭合、开关S2断开指示灯亮，S2闭合，指示灯熄灭。
A、指示灯与S1串联，与S2并联，乘客坐下时S1闭合指示灯亮，系上安全带时S2闭合，指示灯被短路熄灭，但出现电源短路，故A不符合题意；
B、指示灯与S1串联，与S2并联，乘客坐下时S1闭合指示灯亮，系上安全带时S2闭合，指示灯被短路熄灭，并且不会出现电源短路，故B符合题意；
C、两开关串联，只有乘客坐下，系上安全带S2闭合时指示灯才会发光，故C不符合题意；
D、两开关并联后与指示灯串联，无论是乘客坐下时S1闭合还是系上安全带时S2闭合，指示灯都会发光，故D不符合题意。
故选：B。
由题意知，只有坐在座位上时，指示灯才亮，故S1可控制灯，当开关S2闭合时，灯又不亮了，说明指示灯被S2短路了。
本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻起保护电路的作用。

8.【答案】C 
【解析】解：A、水平地面受到的压力等于人的重力，人在站立时抬起一只脚后，压力不变，受力面积变小，由p=FS可知，人对地面的压强变大，故A错误；
B、潜水艇在海水中下潜过程中，海水密度不变，深度增加，由p=ρgh可知，受到海水的压强变大，故B错误；
C、用吸管将杯中的饮料吸入口中，是吸走了管中的空气，使气压减小，在外界大气压的作用下将饮料压入口中；故C正确；
D、行驶在高速公路上的轿车，轿车上方的空气流速大于下方的空气流速；轿车上表面空气流速大、压强小，故D错误。
故选：C。
(1)水平地面受到的压力等于人的重力，根据受力面积的变化和p=FS判断人对地面压强的变化；
(2)根据p=ρgh可知液体压强与液体的密度、液体深度有关，据此判断液体产生压强的大小；
(3)根据大气压的作用分析解答；
(4)流体压强与流速的关系：流速越快的位置压强反而越小。
本题考查流体压强与流速的关系、大气压的应用、固体压强和液体压强计算公式的应用，关键明确液体压强与液体的密度、液体深度有关；而物体对水平面的压力等于物体的重力。

9.【答案】C 
【解析】解：AB.电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流大小无关，当导体两端的电压为0时，电阻不为0，故AB错误；
C.由图像上看出，当导体两端的电压为0时，电流为0，故C正确；
D.由图像可知，当导体两端的电压为2V时，通过导体的电流0.4A，故D错误。
故选：C。
(1)图象中横坐标表示电压，纵坐标表示电流，这是一个正比例函数图象，电流随电压的增大而增大；
(2)电阻是导体本身的一种性质，与导体的材料、长度、横截面积，另外还有温度有关，与导体两端的电压和通过的电流大小无关；
(3)根据图象读出导体两端的电压为2V时通过的电流。
本题需要注意两点：
(1)电阻是导体本身的性质，其大小与材料、长度、横截面积、温度有关，与电压的大小和电流的大小无关；
(2)读懂图象，能根据电压找到对应的电流，或者根据电流找到对应的电压。

10.【答案】B 
【解析】解：道钉撬在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；筷子、钓鱼竿、理发剪刀在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故B正确。
故选：B。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查了杠杆的类型，属于基础题。

11.【答案】B 
【解析】解：
A、返回舱着陆前，相对于地面发生了位置的变化，是运动的，故A错误；
B、电磁波可以传递信息，利用电磁波向指挥中心传递信息的，故B正确；
C、反推发动机向下喷气，给气体一个向下的力，由于物体间力的作用是相互的，气体给返回舱一个向上的力，故C错误；
D、返回舱与空气摩擦，返回舱的一部分机械能转化为内能，使的它的内能逐渐增大，故D错误。
故选：B。
(1)研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化；
(2)电磁波可以传递信息；
(3)物体间力的作用是相互的；
(4)克服摩擦做功，机械能转化为内能。
本题考查了电磁波的应用、运动和静止的相对性、改变内能的方法、物体间力的作用是相互的，难度不大。

12.【答案】C 
【解析】解：当未消磁的标签经过超市出口处的安检门时，安检门上的线圈会产生感应电流，相当于闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动而产生感应电流，所以安检门的工作原理是电磁感应现象；
A、该实验是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，故A错误，
B、通电能运动，故是电动机原理，将电能转化为机械能，故B错误；
C、该实验是电磁感应实验，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动而产生感应电流，将机械能转化为电能，故C正确；
D、通电后，电磁铁能吸引大头针，这是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，故D错误。
故选：C。
电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中就有感应电流。
本题的关键是能根据题中信息得出产生这一现象的原理。

13.【答案】D 
【解析】解：A、甲图中两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，密闭容器中两电阻丝的阻值不相等，所以探究的电流产生的热量与电阻的关系，故A正确，不符合题意；
B.由乙图可知，右侧盒内5Ω的电阻丝与盒外5Ω的电阻丝并联，再与左侧盒内5Ω的电阻丝串联，故左右盒中电阻丝的阻值和通电时间相同，但通过电阻的电流不同，即电阻的阻值、通电时间一定时，探究电流产生热量与电流的关系，故B正确，不符合题意；
C.空气盒相同，盒内的空气质量相等，电流产生的热量越多，容器内空气吸收的热量越多，气体压强越大，则U形管两侧液面的高度差越大，故C正确，不符合题意；
D.图乙将R3放入空气盒内，连接方式不变，则右侧容器内的总电阻变小通过的总电流不变，故左右密闭容器中通过电阻丝的电流和通电时间相同，密闭容器中两电阻丝的阻值不相等，可以探究电流产生热量与电阻的关系，故D不正确，符合题意。
故选D。
电流产生的热量与电流、电阻和通电时间有关，探究电流产生的热量与其中一个因素的关系时，注意控制的变量。
本题主要考查影响电流产生的热量的因素的问题，要知道电流产生的热量的影响因素是电流、电阻和通电时间，注意控制变量法的运用。

14.【答案】BC 
【解析】解：A、试管口的“白气”是试管内热的水蒸气遇到冷的空气液化成的小水滴，就是我们看到的“白气”，故A错误；
B、厚玻璃内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气温度升高，空气的内能增加，故B正确；
C、用塑料梳子梳头发时，塑料梳子与头发相互摩擦，发生了电荷的转移，塑料梳子得到电子而带负电，能够吸引轻小的物体，故C正确；
D、图中条形磁体周围的铁屑的分布，说明磁场是真实存在的，磁感线是为了方便形象的描述磁场而假象的线，故D错误。
故选：BC。
(1)物质由气态变成液态的过程叫液化，液化放热；
(2)改变内能的方式：做功和热传递；
(3)摩擦起电的实质是电子发生了转移，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电；
(4)磁铁周围存在着磁场，磁感线不是真实存在的。
本题考查了学生对液化现象、改变内能的方式、摩擦起电现象、摩擦起电的实质和磁感线等知识点的理解，属于基础性题目。

15.【答案】CD 
【解析】解：根据电路图可知，R与R0串联，显示仪与R0并联。
A、因为显示仪与R0并联，所以显示仪是电压表，测量R0两端的电压，故A错误；
B、被测温者温度越高，说明电压表示数越大，由欧姆定律可知，电路电流越大，故B错误；
C、被测温者温度越高，说明电压表示数越大，由欧姆定律可知，电路电流变大，由串联电路电压特点可知，R两端电压越小，由R=UI可知，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，故C正确；
D、温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知，R0两端分得的电压变大，因此显示仪示数会变大，故D正确。
故选：CD。
根据电路图可知，R与R0串联，显示仪与R0并联；
(1)根据电流表和电压表的正确使用确定显示仪是电流表还是电压表；
(2)根据电压表示数和欧姆定律可知电路电流的变化；
(3)根据串联电路分压的特点和欧姆定律可知热敏电阻随温度的变化；
(4)当温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，若将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知显示仪示数的变化。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是题干中获取有效的信息，难度不大。

16.【答案】AD 
【解析】解：
A、吊篮匀速上升，质量不变，速度不变，动能不变，故A正确；
B、吊篮匀速上升，质量不变，高度变大，重力势能变大；动能不变，机械能为动能与势能的和，所以机械能增大，机械能不守恒，故B错误；
C、由图可知，有4段绳子拉着动滑轮，不计滑轮重、绳重和摩擦，电动机对绳子的拉力为：F=14G=14mg=14×(40kg+200kg)×10N/kg=600N，故C错误；
D、绳子自由端移动的距离为：s=4h=4×6m=24m；
绳子自由端移动的速度为：v=st=24m30s=0.8m/s；
根据P=Wt=Fst=Fv可知，电动机拉动绳子的功率为：P=Fv=600N×0.8m/s=480W，故D正确。
故选：AD。
(1)动能的大小与质量、速度有关；
(2)重力势能的大小与质量、高度有关；机械能为动能与势能的和；
(3)不计滑轮重、绳重和摩擦，根据F=1nG求出电动机对绳子的拉力；
(4)根据时间和上升的高度求出吊篮上升的速度，根据连接动滑轮绳子的段数求出绳子自由端移动的距离，根据速度公式求出绳子自由端移动的速度，根据P=Wt=Fst=Fv求出拉力的功率。
本题考查了动能和机械能的变化、功率的计算、速度公式的应用等，难度不大。

17.【答案】电磁  火 
【解析】解：中国标准动车组“复兴号”的车厢内已实现wifi近网络全覆盖，网络信号是通过电磁波作为载体来传递的，动车上都配有可以提供充电的插座，插座各孔分别接在火线、零线和地线上。
故答案为：电磁波；火。
(1)电磁波可以传递信息。
(2)三孔插座的正确连接方式是左零右火上接地。
知道电磁波可以传递信息；知道插座的正确连接方式。

18.【答案】扩散  凸 
【解析】解：(1)一切物质的分子都在不停地做无规则运动，形成了扩散现象，闻到阵阵花香就是扩散现象引起的；
(2)照相机的镜头相当于一个凸透镜，u>2f，成倒立、缩小的实像。
故答案为：扩散；凸。
(1)不同物质的分子在彼此接触时，互相进入对方的现象叫扩散，扩散表明分子在不停地做无规则的运动；
(2)照相机的镜头相当于一个凸透镜，当u>2f，成倒立、缩小的实像。
本题考查了扩散现象和凸透镜成像规律的应用，是一道联系实际的应用题，难度不大。

19.【答案】220  并联 
【解析】解：家庭电路电压是220V，各家用电器并联在电路中，各家用电器电压都为220V，都能正常工作，并且互不影响。
故答案为：220；并联。
家庭电路中各种家用电器之间的并联的，各家用电器的额定电压都是220V。
掌握家庭电路中各家用电器之间的连接方法，开关和改变控制的用电器之间的连接方法。

20.【答案】同种  吸引 
【解析】解：
被毛织品擦过后的两只气球带有电荷，两气球彼此排斥分开，说明两只气球带上了同种电荷；
电风扇工作时，扇叶和空气摩擦，使扇叶带上电荷，扇叶带电后吸引轻小的灰尘，说明带电体具有吸引轻小物体的性质。
故答案为：同种；吸引。
(1)电荷间相互作用的规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
(2)带电体具有吸引轻小物体的性质。
本题考查了摩擦起电的现象、电荷间的相互作用规律和带电体的性质，属于基础性题目。

21.【答案】串  3 
【解析】解：
(1)在识别电路时，电压表相当于开路，由电路图可知，闭合开关，三个灯泡依次连接，所以它们是串联的；
(2)串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以U1+U2+U3=12V…①
由图知，电压表Ⅴ 1测得L1、L2两端电压为7V，即：U1+U2=7V…②
电压表Ⅴ 2测得L2、L3两端电压为8V，即：U2+U3=8V…③，
由①②可得：U3=5V，
由①③可得：U1=4V，
将U3代入③可得：U2=3V。
故答案为：串；3。
(1)用电器逐个顺次连接的电路叫串联电路；用电器并列连接的电路叫并联电路；
(2)由图知电压表所测电压，根据串联电路的电压关系分析计算即可。
本题考查了电路连接方式的判断和串联电路中电压特点的应用，正确分析电压表的作用是关键。

22.【答案】10  1000 
【解析】解：(1)由ρ=mV可得，正方体木块的体积：V木=m木ρ木=600g0.6g/cm3=1000cm3=1×10-3m3，
木块浸没在水中时受到的浮力：F浮=ρ水gV排=ρ水gV木=1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10-3m3=10N；
(2)由G=mg可得，木块的重力：G=mg=0.6kg×10N/kg=6N，
将细线剪断后，木块静止时，木块漂浮，此时木块受到的浮力F浮'=G=6N；
由F浮'=ρ液gV排得，木块漂浮时排开水的体积：V排'=F浮'ρ水g=6N1.0×103kg/m3×10N/kg=6×10-4m3；
所以液面下降的深度为：Δh=ΔVS=V排-V排'S=1×10-3m3-6×10-4m340×10-4m2=0.1m，
则容器底部受到水的压强变化量：Δp=ρ水gΔh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa。
故答案为：10；1000。
(1)知道正方体木块的质量和密度，根据密度公式求出木块的体积，木块浸没时排开水的体积和自身的体积相等，根据浮力计算公式F浮=ρ液gV排求出受到的浮力；
(2)根据重力公式G=mg计算木块的重力，根据漂浮时浮力与重力的关系得出木块受到的浮力；根据F浮=ρ液gV排得出此时木块排开水的体积，根据V排的变化得出水深度的变化，根据液体压强公式p=ρgh可得压强的变化。
本题考查了浮力计算公式和密度公式、重力公式、液体压强公式的应用，会根据物体漂浮时物体受到的浮力和自身的重力相等分析剪断细线前后木块排开水的体积变化是关键。

23.【答案】解：拉力的作用点在小车右边缘的中点，方向与水平方向成30°角的斜向右上方，F=100N，拉力的示意图如图所示：
 
【解析】用一条带箭头的线段表示力，线段的起点或终点表示力的作用点，箭头表示力的方向，线段的长短表示力的大小。
本类题的关键是会找出力的作用点，确定力的方向，表示出力的大小；根据力示意图的画法表示出力的三要素。

24.【答案】解：
通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，如图所示：
 
【解析】在作凸透镜或凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
凸透镜三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。

25.【答案】质量  加热时间  强  2.1×103  水 
【解析】解：(1)根据比较吸热能力的两种方法，在该实验中要控制不同物质的质量相同，故在两个完全相同的烧杯中分别装入质量、初温都相同的水和煤油；
(2)实验中选择相同规格的电加热器，根据转换法可知，在相同时间内水和煤油吸收的热量相同，所以实验中通过比较加热时间来反映液体吸收热量的多少；
若让水和煤油加热时间相同，水和煤油吸收的热量相同，通过比较它们升高温度的多少，来比较它们的吸热能力，若让水和煤油加热时间相同，水的温度上升少，说明水的吸热能力强；
(3)由图可知，加热相同的时间，煤油升高的温度是水升高温度的2倍，根据c=QmΔt可知，煤油的比热容是水的比热容的二分之一，即煤油的比热容为：
c煤油=12c水=12×4.2×103J/(kg⋅℃)=2.1×103J/(kg⋅℃)；
(4)根据Q=cmΔt，吸收相同的热量，吸热能力强的，温度升高的就小，就更适合做冷却液，故水做冷却液更好。
故答案为：(1)质量；(2)加热时间；强；(3)2.1×103；(4)水。
我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
根据c=QmΔt，在质量和吸热相同的情况下，物质升高的温度与比热容成反比分析。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。

26.【答案】分度值  1.45  液体的热胀冷缩  -4℃  分贝  声源处 
【解析】解：(1)甲图中刻度值的分度值为1mm，物体一端对应在零刻度线处，另一端对应在1.45cm处，故物体的长度为1.45cm。
(2)乙图中温度计的测温物质为液体，该类温度计是根据液体温度计热胀冷缩的原理制成的。该温度计的分度值为1℃，此时液柱的上表面在0℃之下第4小格处，故此时温度计的示数为-4℃。
(3)丙图中的噪声监测仪可以显示噪声的响度，响度的单位为“分贝”。市区内禁鸣喇叭，是为了防止噪声的产生，是在声源处进行防止。
故答案为：(1)分度值；1.45。(2)液体的热胀冷缩；-4℃。(3)分贝(dB)；声源。
(1)使用刻度尺前，要先观察刻度尺的量程、分度值和刻度尺是否完整，读数时要估读到分度值的下一位。
(2)液体温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的；我们在读取温度计的示数时，要观察液柱上表面对应在0℃之上还是之下。
(3)声音响度的单位是“分贝”；减弱噪声可以从声源处、传播过程中、人耳处着手。
本题是对一些基本仪器的综合性考查，难度较低。

27.【答案】游码没有在零刻度线处  右  14.4  12  1.2×103  仍然准确 m2-m1m3-m1ρ 
【解析】解：(1)天平放在水平桌面上，游码没有移到标尺左端的零刻度处，就测量小桔子的质量的错误的，当游码归零时，天平的右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动。
(2)图乙天平的分度值为0.2g，三个小桔子的质量：m=10g+4.4g=14.4g，
图丙量筒的分度值是2mL，量筒读数时，视线应与量筒内凹液面的底部相平，三个小桔子的体积：V=52mL-40mL=12mL=12cm3，
(3)小桔子的密度：ρ=mV=14.4g12cm3=1.2g/cm3=1.2×103kg/m3。
(4)天平放在水平桌面上，游码归零，调节平衡螺母使天平的横梁平衡，左右盘是否有缺口对测量质量不受影响，测量结果仍然准确。
(5)小桔子浸没在盐水中，小桔子受到盐水竖直向上的浮力作用，同时小桔子给盐水一个竖直向下的压力作用在电子秤上，这两个力是相互作用力，大小相等，所以小桔子受到的浮力：
F浮=(m2-m1)g，
小桔子浸没在盐水中排开盐水的体积：V排=V，
小桔子浸没在盐水中受到的浮力：F浮=G排=ρ盐水gV，
根据浮力相等，所以，(m2-m1)g=ρ盐水gV，
小桔子的质量：m=m3-m1，
小桔子的密度是ρ，所以小桔子的体积为：V=mρ=m3-m1ρ，
所以，(m2-m1)g=ρ盐水gm3-m1ρ，
解得，盐水的密度：ρ盐水=m2-m1m3-m1ρ。
故答案为：(1)游码没有在零刻度线处；右；(2)14.4；12；(3)1.2×103；(4)仍然准确；(5)m2-m1m3-m1ρ。
(1)天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度处，平衡螺母向上翘的一端移动。
(2)物体的质量等于砝码的质量和游码指示刻度之和；量筒读数视线应与凹液面的底部相平，注意分度值，物体的体积等于物体浸没水前后，水面对应刻度的差；
(3)知道物体的体积和质量，根据密度公式求出物体的密度。
(4)天平放在水平桌面上，游码归零，调节平衡螺母使天平的横梁平衡，左右盘是否有缺口对测量质量不受影响。
(5)物体的质量等于物体放入烧杯前后的质量差；物体的体积等于物体排开水的体积，物体排开水的体积可以利用阿基米德原理求得，知道物体的体积和质量，根据密度公式求出物体的密度。
本题考查了天平和量筒的组合测量方法和利用浮力测量密度的方法，这两种方法都是很常用的方法，一定要熟练掌握。

28.【答案】灯到书本的距离(或书本纸张的颜色)  AD  将白炽灯换成节能灯  节能灯  有关  书本被照亮的程度与周围环境的亮度有关  可调 
【解析】解：【猜想与假设】
书本被照亮的程度可能还与灯到书本的距离或书本纸张的颜色有关；
【设计实验】
根据控制变量法可知探究书本被照亮的程度与灯的种类的关系，需控制灯泡的功率相同，灯到书本的距离相同，书本纸张的颜色相同，改变灯泡的种类，所以选择相同规格的灯泡进行实验，故选AD；
【进行实验】
实验时需将白炽灯换成节能灯进行对比实验，重复操作即可；
白炽灯的光电转化率低于节能灯，所以在同一位置的书本在节能灯照射下更亮，由此可得出结论：书本被照亮的程度与灯的种类有关；
【交流】
同一盏灯晚上打开时比白天打开时更亮，这表明书本被照亮的程度还与周围环境的亮度有关，所以为了更好的保护视力和节约能源，应选择亮度可调的台灯。
故答案为：灯到书本的距离(或书本纸张的颜色)；AD；将白炽灯换成节能灯；节能灯；有关；书本被照亮的程度还与周围环境的亮度有关；可调。
【猜想与假设】
书本被照亮的程度可能还与灯到书本的距离或书本纸张的颜色有关；
【设计实验】
根据控制变量法可知探究书本被照亮的程度与灯的种类的关系，需控制灯泡的功率相同，灯到书本的距离相同，书本纸张的颜色相同，改变灯泡的种类，所以选择相同规格的灯泡进行实验；
【进行实验】
实验时需将白炽灯换成节能灯进行对比实验；
白炽灯的光电转化率低于节能灯，据此分析实验现象得出结论；
【交流】
书本被照亮的程度还与周围环境的亮度有关，为了更好的保护视力和节约能源，应选择亮度可调的台灯。
本题考查控制变量法的运用以及分析实验现象得出结论的能力。

29.【答案】解：(1)汽车的速度：v=st=9000m5×60s=30m/s；
(2)汽车受到的重力为：G=mg=2×103kg×10N/kg=2×104N；
因为汽车做匀速直线运动，汽车受到的阻力与牵引力是一对平衡力，大小相等，
所以汽车受到的牵引力：F=f=0.2G=0.2×2×104N=4000N；
(3)汽车牵引力所做的功：W=Fs=4000N×9000m=3.6×107J；
牵引力做功功率：P=Wt=3.6×107J5×60s=1.2×105W。
答：(1)汽车的速度是30m/s；
(2)汽车牵引力是4000N；
(3)汽车牵引力的功率是1.2×105W。 
【解析】(1)知道汽车行驶的路程、所有时间，利用速度公式求汽车的速度；
(2)已知汽车的质量，利用重力公式G=mg可求汽车受到的重力；在水平路面上匀速直线行驶时受到阻力是车重的0.2倍，而受到的牵引力、阻力是一对平衡力，大小相等，据此求牵引力大小；
(3)利用W=Fs求汽车牵引力所做的功，再利用P=Wt求做功功率。
本题考查速度公式、功和功率公式、二力平衡条件的应用，注意时间单位的换算，基础性题目。

30.【答案】解：(1)由P=UI=U2R可得，发热电阻R的阻值：R=U2P=(220V)2440W=110Ω；
(2)当开关S闭合时，控制电路R0、R1和R2串联，
由图乙可知t=48℃时，R1=140Ω，
电暖箱中的最高温度为48℃，此时控制电路的电流为I=60mA=0.06A，
由I=UR得，电路的总电阻：R总=U1I=12V0.06A=200Ω；
根据串联电路的总电阻等于各用电器的阻值之和可得，
变阻器接入电路的阻值：R2'=R总-R0-R1=200Ω-30Ω-140Ω=30Ω；
由I=UR得，滑动变阻器R2两端电压：U2=IR2=0.06A×30Ω=1.8V；
(3)当控制电路的电流Imin=50mA=0.05A时，电暖箱温度最低，
由I=UR得，电路的总电阻：R'总=U1Imin=12V0.05A=240Ω，
根据串联电路的总电阻等于各用电器的阻值之和可得，
热敏电阻的阻值：R1'=R'总-R0-R2=240Ω-30Ω-10Ω=200Ω，
由图乙可知此时t=30℃；
当控制电路的电流为Imax=60mA=0.06A，电暖箱温度为最高，
由I=UR得，电路的总电阻：R总″=U1Imax=12V0.06A=200Ω，
根据串联电路的总电阻等于各用电器的阻值之和可得，
热敏电阻的阻值：R1″=R总-R0-R2=200Ω-30Ω-10Ω=160Ω，
由图乙可知此时t'=40℃，
综上可知，电暖箱温度变化的范围为30℃～40℃。
答：(1)发热电阻R的阻值为110Ω。
(2)电暖箱中的最高温度为48℃时，滑动变阻器两端电压为1.8V。
(3)调节滑动变阻器阻值为R2=10Ω时，电暖箱温度变化的范围为30℃～40℃。 
【解析】(1)已知发热电阻R的额定电压和额定功率，由P=UI=U2R求出发热电阻R的阻值；
(2)当开关S闭合时，控制电路R0、R1和R2串联，由图乙可知t=48℃时，R1=140Ω，根据串联电路的特点和欧姆定律即可求出滑动变阻器两端电压；
(3)若电源U1电压恒定为12V，当线圈中的电流等于50mA时电暖箱的温度最低，根据欧姆定律求出此时电路中的总电阻，根据电阻的串联求出此时热敏电阻的阻值，然后读出电暖箱的最低温度；
当电磁铁线圈中电流等于60mA时，电暖箱的温度最高，根据欧姆定律求出此时电路中的总电阻，利用电阻的串联求出热敏电阻的阻值，根据图乙读出电暖箱的最大温度；从而得出电暖箱温度可控制范围内。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电热公式的综合应用，从图像中获取有用的信息是关键。

31.【答案】解：(1)因为圆柱形容器乙置于水平桌面上，由图丙知道，截取甲之前，容器乙对桌面的压强p1=l000Pa，
由p=FS可知，截取甲之前，容器乙对桌面的压力：
F压=p1S乙=1000Pa×4×10-3m2=4N；
(2)截取甲之前乙中液体的重力：
G液=F压-G容=4N-0.4N=3.6N，
由G=mg可知，乙中液体的质量：
m液=G液g=3.6N10N/kg=0.36kg，
乙中液体的体积：
V液=S乙h1=4×10-3m2×0.15m=6×10-4m3，
则乙中液体的密度：
ρ液=m液V液=0.36kg6×10-4m3=0.6×103kg/m3；
(3)由图丙知道，在S=20cm2时，图像出现偏折，可以判断，当S=20cm2时，乙容器恰好装满，
因为切去部分会自然沉底，且当S=20cm2时，液体对容器底部的压强p2=1800Pa，此时乙容器恰好装满，则切去的甲物体的体积为：
V切=V排=S乙(h2-h1)=4×10-3m2×(0.2m-0.15m)=2×10-4m3，
因为容器乙为柱形容器，所以切去的甲物体的重力为：
G切=ΔF=(p2-p1)S乙=(1800Pa-1000Pa)×4×10-3m2=3.2N，
由G=mg可知，切去的甲物体的质量为：
m切=G切g=3.2N10N/kg=0.32kg，
甲物体的密度为：
ρ甲=m切V切=0.32kg2×10-4m3=1.6×103kg/m3；
(4)因为沿竖直方向在甲中切去底面积为S的部分，所以有，
V甲V切=S甲hS切h=S甲S ，
因为S=20cm2时，切去的甲物体的体积为V切=2×10-4m3，所以甲的体积：
V甲=S甲S ⋅V切=3×10-3m220×10-4m2×2×10-4m3=3×10-4m3，
由ρ=mV可知，则甲的质量：
m甲=ρ甲V甲=1.6×103kg/m3×3×10-4m3=0.48kg，
甲的重力：
G甲=m甲g=0.48kg×10N/kg=4.8N，
由图丙知道，在S=20cm2时，图像出现偏折，可以判断，当S=20cm2时，乙容器恰好装满，再增大S，乙中的液体会溢出，
所以将甲全部放入乙中，乙中液体会溢出，此时液体的深度为h2=0.2m，剩余液体的重力：
G剩余=m剩余g=ρ液(V乙-V甲)g=0.6×103kg/m3×(4×10-3m2×0.2m-3×10-4m3)×10N/kg=3N，
容器乙对水平桌面的压力为：
F=G甲+G剩余+G容=4.8N+3N+0.4N=8.2N，
将甲全部放入乙容器中时，容器乙对桌面的压强：
p1=FS乙=8.2N4×10-3m2=2050Pa
答：(1)截取甲之前，容器乙对桌面的压力为4N；
(2)乙中液体的密度为0.6×103kg/m3；
(3)甲的密度为1.6×103kg/m3；
(4)若将甲全部放入乙容器中时，容器乙对桌面的压强2050Pa。 
【解析】(1)根据图丙可知，截取甲之前，容器乙对桌面的压强，根据p=FS求截取甲之前，容器乙对桌面的压力；
(2)根据容器乙对水平桌面的压力等于乙中液体和乙容器的重力求出液体的重力，根据G=mg求出液体的质量，根据ρ=mV求出液体的密度；
(3)由图丙可知，S=20cm2时，液体对容器底部的压强p2=1800Pa，此时乙容器恰好装满，据此求出切去的甲物体的体积，根据p=FS求出放入切去的部分前后容器对桌面压力差，结合乙容器为柱形容器求出切去的甲物体的重力，根据G=mg求出切去的甲物体的质量，根据ρ=mV求出甲物体的密度；
(4)根据切去部分与整体的体积关系求出甲的体积，根据ρ=mV求出甲物体的质量，根据G=mg求出甲的重力；由图丙知道，在S=20cm2时，图像出现偏折，可以判断，当S=20cm2时，乙容器恰好装满，再增大S，乙中的液体会溢出，
所以将甲全部放入乙中，乙中液体会溢出，此时液体的深度为容器的高度，根据体积公式求出放入甲后剩余的液体的体积，根据ρ=mV和G=mg求出剩余部分液体的重力，甲全部放入乙容器中时容器乙对桌面的压力等于甲、剩余液体和容器的总重力，根据p=FS容器乙对桌面的压强p1。
本题考查了学生对密度公式、液体压强公式、压强定义式的掌握和运用，正确的判断出液体有溢出是关键。