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2022-2023学年四川省内江市威远中学校高二下学期期中考试数学(文)试题含解析
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这是一份2022-2023学年四川省内江市威远中学校高二下学期期中考试数学(文)试题含解析,共13页。试卷主要包含了单选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
2022-2023学年四川省内江市威远中学校高二下学期期中考试数学(文)试题 一、单选题1.命题“”的否定为( )A. B.C. D.【答案】C【分析】利用含有一个量词的命题的否定的定义求解.【详解】因为是全称量词命题,所以其否定为存在量词命题,即,故选:C2.双曲线的渐近线方程是( )A. B.C. D.【答案】C【分析】根据焦点在x轴上双曲线的渐近线方程直接求解即可.【详解】根据双曲线的渐近线方程:,知:的渐近线方程为.故选:C.3.抛物线的准线方程是,则实数a的值( )A. B. C.8 D.-8【答案】A【分析】根据准线方程列出方程,求出实数a的值.【详解】由题意得:,解得:.故选:A4.若f′(x0)=,则 等于( )A.-1 B.-2 C.1 D.2【答案】D【分析】利用导数的定义求解,【详解】解:因为f′(x0)=,所以 ,故选:D5.焦点在x轴上,右焦点到短轴端点的距离为2,到左顶点的距离为3的椭圆的标准方程是( )A.+=1 B.+y2=1C.+=1 D.x2+=1【答案】A【分析】设出椭圆的标准方程,由题意可得,解得a,c,利用b2=a2﹣c2得到b2,从而得到标准方程.【详解】设椭圆的方程为(a>b>0),由右焦点到短轴端点的距离为2知a=2, 右焦点到左顶点的距离为3知a+c=3,解得a=2,c=1,∴b2=a2﹣c2=3,因此椭圆的方程为+=1.故选:A.【点睛】本题考查椭圆的标准方程,属基础题.6.设k为正实数,则“”是“方程表示椭圆”的( )A.充分不必要条件 B.必要不充分条件C.充要条件 D.既不充分也不必要条件【答案】B【分析】根据方程表示椭圆得出k的范围,再由充分必要条件的定义判断即可.【详解】方程表示椭圆,则,解得.即“”是“方程表示椭圆”的必要不充分条件.故选:B7.若双曲线C1:-=1与C2:-=1(a>0,b>0)的渐近线相同,且双曲线C2的焦距为4,则b=( )A.2 B.4C.6 D.8【答案】B【解析】根据的方程求得渐近线的斜率,进而得到中的a,b的关系,结合已知焦距,可求得b的值.【详解】由的方程可知其渐近线斜率为,的渐近线斜率为,由于它们有相同的渐近线,∴,C2的焦距,又,,故选B.【点睛】根据两双曲线有相同的渐近线,利用渐近线的斜率相等得到的关系是关键,双曲线的的平方关系为,椭圆的a,b,c的关系为,一定要准确掌握.8.已知双曲线的左、右焦点分别为、,离心率为,点在双曲线的右支上,且,则的面积为( )A. B. C. D.【答案】D【分析】利用离心率公式可求得的值,利用双曲线的定义以及勾股定理求出的值,再利用三角形的面积公式可求得结果.【详解】因为双曲线的离心率为,所以,,因为点在双曲线的右支上,由双曲线的定义可得,因为,由勾股定理可得,所以,,所以,,因此,.故选:D.9.“米”是象形字.数学探究课上,某同学用拋物线和构造了一个类似“米”字型的图案,如图所示,若抛物线,的焦点分别为,,点在拋物线上,过点作轴的平行线交抛物线于点,若,则( )A.2 B.3 C.4 D.6【答案】D【分析】根据抛物线的对称性求出P点横坐标,再由抛物线定义求出即可.【详解】因为,即,由抛物线的对称性知,由抛物线定义可知,,即,解得,故选:D10.已知,是椭圆的两个焦点,若存在点为椭圆上一点,使得,则椭圆离心率的取值范围是( ).A. B. C. D.【答案】C【分析】根据题意分析,当且仅当点位于短轴端点处时,张角达到最大值,此时在中,,转化为,消去b,求出椭圆离心率的取值范围.【详解】如图,当动点在椭圆长轴端点处沿椭圆弧向短轴端点运动时,对两个焦点的张角渐渐增大,当且仅当点位于短轴端点处时,张角达到最大值.由此可得:存在点为椭圆上一点,使得,中,,可得中,,所以,即,其中,可得,即椭圆离心率,且故选:C11.已知F是双曲线C:的右焦点,P是C的左支上一点,,则的最小值为( )A.5 B.6 C.7 D.8【答案】B【分析】根据双曲线的定义得,利用平面几何的知识,两点间线段最短,即可求出最值.【详解】由双曲线方程可知,,,故右焦点,左焦点,当点在双曲线左支上运动时,由双曲线定义知,所以,从而,又为定值,所以,此时点在线段与双曲线的交点处(三点共线距离最短),故选:B.12.法国数学家加斯帕尔·蒙日发现:与椭圆相切的两条垂直切线的交点的轨迹是以椭圆中心为圆心的圆.我们通常把这个圆称为该椭圆的蒙日圆.已知椭圆的蒙日圆方程为,现有椭圆的蒙日圆上一个动点M,过点M作椭圆C的两条切线,与该蒙日圆分别交于P,Q两点,若面积的最大值为41,则椭圆C的长轴长为( )A.5 B.10 C.6 D.12【答案】B【分析】由题意可知为圆的一条直径,利用勾股定理得出,再利用基本不等式即可求解.【详解】椭圆的蒙日圆的半径为.因为,所以为蒙日圆的直径,所以,所以.因为,当时,等号成立,所以面积的最大值为:.由面积的最大值为41,得,得,故椭圆的长轴长为.故选:B 二、填空题13.“”是“”的充分不必要条件,若,则取值可以是___________(满足条件即可).【答案】0(答案不唯一,满足且均可).【分析】利用充分不必要条件的定义求解.【详解】解:因为“”是“”的充分不必要条件,且,所以且,故可取0,故答案为:0(答案不唯一,满足且均可)14.已知直线与椭圆交于两点,是椭圆的左焦点,则的周长是___________.【答案】20【分析】根据题意可知直线经过椭圆的右焦点,结合椭圆的定义即可求解.【详解】椭圆,所以,得,则椭圆的右焦点为,所以直线经过椭圆的右焦点,由椭圆的定义可知,的周长为.故答案为:20.15.已知是抛物线的焦点,为坐标原点,点A是抛物线上的点,且,则的面积为_____________.【答案】【分析】设,由抛物线的方程求得,再由抛物线定义列方程求得,从而求得,利用三角形面积公式求解即可.【详解】设,由抛物线方程得:,所以,由抛物线的定义得:,解得:,又解得:,所以的面积为:.故答案为:.16.已知椭圆:,过点的直线与椭圆相交于A,B两点,且弦AB被点P平分,则直线AB的方程为______.【答案】【分析】已知相交弦的中点,用点差法求出斜率,即可求解.【详解】在椭圆内,过点的直线与椭圆必相交于A,B两点,设,且弦AB被点P平分,故直线AB的斜率存在,两式相减得,,直线AB的方程为.故答案为:【点睛】本题考查相交弦的中点问题,利用点差法得到中点坐标与相交弦的斜率关系,属于基础题. 三、解答题17.分别求适合下列条件的方程:(1)长轴长为10,焦距为4的椭圆标准方程;(2)经过点的抛物线的标准方程.【答案】(1)或(2)或 【分析】(1)根据长轴和焦距的定义求出a、c,进而求出b,即可求解;(2)设抛物线方程为或,将点P坐标代入,即可求解.【详解】(1)设椭圆的长轴长为,焦距为由条件可得.所以.所以,当椭圆的焦点在轴上时,标准方程为;当椭圆的焦点在轴上时,标准方程为.(2)当抛物线的焦点在轴上时,可设所求抛物线的标准方程为,将点的坐标代入抛物线的标准方程得,此时,所求抛物线的标准方程为;当抛物线的焦点在轴上时,可设所求抛物线的标准方程为,将点的坐标代入抛物线的标准方程得,解得,此时,所求抛物线的标准方程为.综上所述,所求抛物线的标准方程为或.18.设集合,命题,命题(1)若是的充要条件,求正实数的取值范围;(2)若是的充分不必要条件,求正实数的取值范围.【答案】(1)(2). 【分析】(1)根据是的充要条件转化为求解即可;(2)根据是的充分不必要条件,得真包含于,列出不等式求解即可.【详解】(1)由条件, 是的充要条件,得,即,解得,所以实数的取值范围是.(2)由是的充分不必要条件,得真包含于,所以,或,解得,综上实数的取值范围是.19.已知,命题,;命题,(1)若p是真命题,求a的最大值;(2)若为真命题,为假命题,求a的取值范围.【答案】(1)1(2) 【分析】(1)由p是真命题,列不等式,即可求得;(2)先求出p、q为真命题时a的范围,再由复合命题的真假分类讨论,即可求解.【详解】(1)若p是真命题,只需.因为在上单增,所以,所以.即a的最大值为1.(2)若q是真命题,即为关于x的方程有实根,只需,解得:或.若p是真命题,解得:.因为为真命题,为假命题,所以p、q一真一假.当p真q假,则有:,所以.当p假q真,则有:,所以.综上所述:或.即a的取值范围.20.已知曲线C上的每一个点到的距离减去它到y轴的距离的差都是2.(1)求曲线C的方程;(2)过F作倾斜角为的直线交曲线C于A、B两点,点,求ABD的面积.【答案】(1)(2) 【分析】(1)利用求轨迹的直接法求解;(2)先设,与抛物线方程联立,求得弦长,再求得点D到直线的距离,利用三角形的面积公式求解.【详解】(1)解:设曲线上动点坐标为,由题设得,整理得.(2)设,由,得,所以,因为直线经过抛物线的焦点,故,又点D到的距离,所以21.已知对称轴都在坐标轴上的椭圆C过点与点,过点的直线l与椭圆C交于P,Q两点,直线,分别交直线于E,F两点.(1)求椭圆C的标准方程;(2)是否存在最小值?若存在,求出最小值;若不存在,请说明理由.【答案】(1)(2)见解析 【分析】(1)设椭圆C的方程为,由两点得出椭圆C的标准方程;(2)联立直线l与椭圆方程,由直线的方程得出坐标,再由韦达定理以及数量积公式,得出的范围,进而得出的最值.【详解】(1)设椭圆C的方程为且,因为椭圆C过点与点,所以,解得.所以椭圆C的标准方程为.(2)设直线,由,得,即,则.直线的方程分别为.令,则.则,,所以.因为,所以.即的取值范围为.所以存在最小值,且最小值为.【点睛】关键点睛:解决问题(2)时,关键在于利用韦达定理将双变量变为单变量问题,从而由的范围,得出的取值范围.22.以椭圆的中心为圆心,为半径的圆称为该椭圆的“准圆”.设椭圆的左顶点为,左焦点为,上顶点为,且满足,.(1)求椭圆及其“准圆”的方程;(2)若椭圆的“准圆”的一条弦(不与坐标轴垂直)与椭圆交于两点,当时,试问弦的长是否为定值,若是,求出该定值;若不是,请说明理由.【答案】(1);(2)弦的长为定值【分析】(1)设椭圆的左焦点,,由得,又,即且,所以,由“准圆”得定义即可求出结果;(2)设直线的方程为,且与椭圆的交点,联列方程组代入消元得:,由韦达定理和,以及点到直线的距离的公式即可求出结果.【详解】(1)设椭圆的左焦点,,由得,又,即且,所以,则椭圆的方程为;椭圆的“准圆”方程为.(2)设直线的方程为,且与椭圆的交点,联列方程组代入消元得:,由.可得,由得,即,所以,此时成立,则原点到弦的距离,得原点到弦的距离为,则,故弦的长为定值.【点睛】关键点睛:本题的关键是采取设线法,设直线的方程为,,联立椭圆方程,得到韦达定理式,根据,得,利用,再代入整理成韦达定理可直接代入得式子,化简得到,再利用几何法即可计算弦长为定值.
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