2023年江苏省扬州市广陵区树人中学中考物理一模试卷（含答案）

2023年江苏省扬州市广陵区树人中学中考物理一模试卷

一、选择题（每题2分，共24分）

1．（2分）下列现象所对应的物态变化中，需要吸收热量的是（　　）

A．露珠形成 B．密封碘锤中碘颗粒消失 

C．深秋降霜 D．湖面结冰

2．（2分）课堂中，王老师和小张同学共同为同学们朗读了《红星照耀中国》选段，下列有关声现象的说法正确的是（　　）

A．朗读时，两者的声带振动产生声音 

B．同学们依据音调可以区分王老师和小张同学的声音 

C．声音在教室内空气中的传播速度约为3×108m/s 

D．小张同学的声音更响亮是因为他的发声频率较高

3．（2分）关于磁现象，以下说法正确的是（　　）

A．所有金属都能够被磁体所磁化 

B．指南针指南北是因为受到地磁场的作用 

C．磁场中某点的磁场方向是由放在该点小磁针N极决定的 

D．磁场中的磁感线是实际存在的曲线

4．（2分）如图所示的工具中，正常使用时属于省距离杠杆的是（　　）

A．瓶盖起子 B．镊子 

C．钳子 D．核桃夹子

5．（2分）下列估测的数据中，符合生活实际的是（　　）

A．某家用电饭锅的额定功率为70W 

B．家用台灯工作时的电流约为0.15A 

C．对人体来说，安全电压为36V 

D．建筑工地大型塔吊的机械效率约为98%

6．（2分）人类的发展离不开能源，“碳达峰、碳中和”是我国对世界做出的庄严承诺。对于能量和能源，下列说法中正确的是（　　）

A．风能、水能、太阳能都是不可再生能源 

B．提高能量转化效率是“节能减排”的重要措施之一 

C．目前核电站核反应堆里的核反应方式是核聚变 

D．能量既不能创造，也不会消灭，所以不用节约能源

7．（2分）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　）

A．只要物体放出热量，温度就一定降低 

B．0℃的物体一定具有内能 

C．温度高的物体比温度低的物体内能多 

D．热量只能从内能大的物体传递给内能小的物体

8．（2分）关于家庭电路，下列说法正确的是（　　）

A．用电器的金属外壳一定要接地 

B．空气开关自动断开，一定是某处出现了短路 

C．电能表测量的是家用电器的总功率 

D．使用测电笔时，手不能接触笔尾的金属电极

9．（2分）如图所示，用某款带指示灯的开关来控制LED灯，开关同时控制指示灯和LED灯的通断，若指示灯损坏，LED灯仍能在开关闭合时正常工作。选项中哪个电路符合要求（　　）

A． 

B． 

C． 

D．

10．（2分）某单位的门禁系统利用电动机实现开关门，员工可利用人脸识别（相当于开关S1）或门禁卡（相当于开关S2）自动开门进入，外来人员经过核查登记后，由保安人员手动控制开关S3，开门进入；在疫情防控期间，增加了智能测温仪（相当于开关S），体温异常者无法开门进入。下列符合设计要求的电路图是（　　）

A． B． 

C． D．

11．（2分）为了让植物叶片保持一定的含水量，小敏小组想设计一个检测报警电路，当叶片含水量过低时会提醒主人浇水。查阅资料后发现有一种由石墨烯制成的湿敏电阻，其阻值会随含水量的升高而增大。于是设计了如图所示电路，电源电压不变，将湿敏电阻R附着在叶片上，当叶片含水量降到过低时（　　）

A．电压表示数增大 B．指示灯亮了 

C．控制电路总电阻增大 D．控制电路总功率减小

12．（2分）如图所示电路中，电源电压恒为5V，电压表V1、V2的量程均为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”，灯泡标有“2.5V 1.25W”字样。闭合开关后，若要求三只电表的示数均不能超过所选量程，且灯泡两端电压不能超过其额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法正确的是（　　）

A．整个电路的最大功率是3W 

B．灯泡的最小功率为0.8W 

C．电流表示数的变化范围是0.2A～0.5A 

D．滑动变阻器的电阻允许调节的范围是5Ω～6Ω

二、填空题（每空1分，共27分）

13．（5分）最近巴西设计师将3D打印技术与医用B超相结合，给准妈妈腹中胎儿打印了1：1的3D模型（如图1），作为孩子成长的记录。请问B超利用的是 　   　（填“声波”或“光波”），这种特殊的波 　   　（填“能”或“不能”）在真空中传播；浓度为75%的酒精有较好的消毒杀菌效果，当使用酒精湿巾擦手时，会感到手的皮肤变凉 　   　（填物态变化名称）过程中 　   　热量，有致冷作用。如图2所示，钢罐内的液化石油气是在常温下采取 　   　的办法把石油气体液化后装在钢罐里的。

14．（2分）如图所示，用竖直向上的力匀速拉动杠杆，使重为18N的物体缓慢升高0.1m，拉力F为8N，拉力移动的距离为0.25m。拉力所做的功为 　   　J，杠杆的机械效率为 　   　%。

15．（3分）用水壶烧水，这是通过 　   　方式改变水的内能；水沸腾顶起壶盖的过程中能量转化情况与四冲程汽油机的 　   　冲程相似；一台某型号单缸四冲程汽油机的飞轮转速是2400r/min，则汽油机每秒钟完成 　   　个冲程。

16．（2分）“自嗨锅”成为当下一种时尚快餐，很受年轻人喜爱。它里面的发热包在将0.5kg水从20℃加热至沸腾（标准气压下）的过程中，提供给水的热量至少为 　   　。如果用酒精灯给0.5kg水加热升高同样温度，需要 　   　kg酒精。[假设酒精完全燃烧有50%的热量被水吸收c水＝4.2×103J/（kg•℃），q酒精＝3×107J/kg]

17．（2分）某同学按图甲电路做测量电压的实验，闭合开关，两只电压表指针均指在图乙所示的位置，则电压表V1的示数为 　   　V，L1两端的电压是为 　   　V。

18．（2分）眼保健操时，各班有线扬声器是同时开播，也是同时停播的，它们的连接方式是 　   　联，如果有一个教室的扬声器坏了，其他教室的扬声器 　   　（选填“能”或“不能”）独立工作。

19．（3分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。滑动变阻器的原理：通过改变接入电路中导体的 　   　来改变电阻；闭合电键S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表A1的示数将 　   　，电压表V与电流表A示数的乘积将 　   　（填”变大”、“不变”或“变小”）。

20．（2分）小明家的电能表如图所示，关闭其他用电器，只留下电热水器正常工作。他观察到在5min的时间内，电能表转了100圈，则这段时间内，电热水器消耗的电能为 　   　J，该电热水器的功率为 　   　kW。

21．（3分）在图书馆里，智能机器人可以辅助或替代图书馆管理员的工作，提供整理图书、读者咨询等服务。读者与智能机器人图书管理员“小i”对话，咨询某图书所在位置，“小i”需将读者的声音信号转化为电流信号，这与 　   　（选填“发电机”或“电动机”）的原理相同；在阳光充足的时候，“小i”可以通过将 　   　能转化为电能，实现无线充电；“小i”也提供无线上网服务，它与互联网之间通过 　   　来传递信息。

22．（3分）如图为某种灯泡的I﹣R关系图像，若将4只这种灯泡串联接在8V的电源上，通过灯泡的电流为　   　A，若把一只这种灯泡与一定值电阻并联在电压为7.5V的电源上，此时电路总电流为0.8A，则灯泡的电阻为　   　Ω，定值电阻的电功率为　   　W。

三、解答题（每空1分，每图2分，共49分）

23．（2分）画出提升重物时最省力的绕绳方法。

24．（2分）如图所示，闭合开关S后小磁针沿顺时针方向偏转90°后静止，请在图中括号内标出电源的“+”“﹣”极，并标出通过通电螺线管外A点的磁感线的方向。

25．（8分）如图，塔式起重机上的滑轮组匀速吊起1.2×104N的重物升高2m时，拉力做的总功为3×104J。求：

（1）绳端所用拉力；

（2）滑轮组的机械效率；

（3）若克服摩擦和钢绳重所做的功5000J，求动滑轮重。

26．（9分）如图所示，电源电压不变，小灯泡标有“6V 3W”字样，滑动变阻器的最大阻值为24Ω，求：

（1）小灯泡正常发光时的电阻和电流？

（2）小灯泡正常发光10min消耗的电能是多少？

（3）若滑片P在中点时小灯泡恰好正常发光，则电源电压是多少？

27．（5分）冬天给道路撒盐，可以有效地防止事故发生，为了解其原因，小明用如图1所示实验装置，探究盐冰（浓盐水冻成的冰块）熔化时温度的变化规律。

（1）将盐冰打碎后放入烧杯，温度计插入碎冰中，图2中温度计示数为 　   　℃；

（2）观察现象，记录实验数据，温度随时间变化图像如图3所示，由图可知盐冰的熔点为 　   　℃；熔化过程中，盐冰水混合物的内能 　   　（选填“增加”、“减少”或“不变”）；

（3）由实验可知，盐冰属于 　   　（选填“晶体”或“非晶体”）；

（4）通过探究，冬天给道路撒盐可有效地防止事故发生的原因是，撒盐可以 　   　。

28．（6分）如图是探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验示意图。小明同学让同一钢球分别从斜面由静止开始滚下，撞击木块。

（1）该实验是通过观察木块移动的距离来判断 　   　（选填“钢球”或“木块”）动能的大小；

（2）利用如图所示的实验情景，可以得到的结论是：　   　；

（3）在探究动能的大小与质量关系时，当换用另一个钢球实验时，发现它将木块撞出了木板，要继续完成此实验，下列措施中可行的是：　   　（选填序号）。

①换质量更大的木块：

②降低第二次钢球的高度；

③换质量更大的钢球；

④换质量更小的钢球；

（4）小明由此实验还联想到探究牛顿第一﹣定律的实验，让同一个小车沿同一斜面的同一个高度由静止开始向下运动，到达毛巾、棉布、玻璃三种不同水平面上继续向前运动直到停止，在水平面运动的整个过程中，克服摩擦力做的功 　   　（选填“相等”或“不相等”）。小车在玻璃、毛巾表面克服阻力做功的功率分别是P1、P2，则P1　   　P2。（选填“＞”或“＝”或“＜”）

（5）小明同学尝试改用如图丙所示装置探究物体动能大小与哪些因素有关”，经过思考设计了以下两个实.验方案：

实验方案一：探究动能大小与速度的关系：用同一钢球将同一弹簧压缩至不同程度后由静止释放，撞击同一木块，比较木块被撞击的距离；

实验方案二：探究动能大小与质量的关系：用质量不同的钢球将同一弹簧压缩相同程度后由静止释放，撞击同一木块，比较木块被撞击的距离。

关于小明的实验方案，　   　。（填序号）

A.只有实验方案一可行

B.只有实验方案二可行

C.两个实验方案均可行

D.两个实验方案均不可行

29．（5分）实验小组设计了如图甲所示电路来探究“导体电阻与哪些因素有关”。电路中RA、RB、RC为材料相同规格不同的导体。（RA与RB长度相同，RA与RC横截面积相同）

（1）实验时通过比较电流表的示数来判断电阻大小，这种研究方法是 　   　。

（2）比较A1与A2两电流表示数，可以来探究导体的电阻大小与 　   　的关系；

（3）实验中RA、RB、RC三个电阻大小关系为：　   　。

（4）如果把RB、RC换成与RA长度和横截面积相同，彼此材料不同的导体，实验时电表的示数不同，这说明导体的电阻与 　   　有关。

（5）在探究导体的电阻与材料的关系时，发现选用的某一导体电阻很小（阻值忽略不计），电路会发生短路情况。请大家重新设计一个电路，完成实验探究，并在乙图虚框中画出设计的电路图。（要求：选用的电阻其符号为R1、R2、R3，其它所有器材种类、数量不限）

30．（4分）小明用如图甲所示实验装置比较a、b两种液体的比热容，在两个相同的烧瓶内分别接入电阻丝，装入质量均为150g的a、b两种液体，并分别插入温度计。

（1）实验中选用的两根电阻丝R1、R2的阻值应 　   　（选填“相同”或“不同”）。

（2）实验中，通过 　   　来反映液体吸收热量的多少。

A.温度计示数的变化量

B.通电时间的长短

（3）如图乙所示，加热10min时a液体的温度为 　   　℃，结合表格内的其它数据分析可知 　   　（选填“a”或“b”）液体的比热容较大。

（4）若质量为m的a液体中电阻丝的阻值为R，测出其电流为I，通电一段时间t后，温度计的示数变化量为Δt，若不计热量损失，则a液体的比热容为 　   　（用所给出的物理量写出比热容的表达式）。

31．（8分）在“测量小灯泡电功率的实验中”，已知电源电压为6V，小灯泡标有“2.5V”的字样，正常发光时灯泡的电阻约为8Ω。

（1）请你用笔画线代替导线，将实物图连接完整，要求导线不交叉，且滑动变阻器滑片P向左滑动时灯泡变亮；

（2）为保护电路元件安全，连接电路时开关应 　   　；闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应调至最 　   　（选填“左”或“右”）端；

（3）小明闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电压表示数为0，电流表有示数，电表完好，则故障可能是 　   　；

（4）解决以上故障后，开关闭合，小灯泡不亮，电流表电压表均有示数。接下来他首先进行的操作是 　   　（填字母序号）；

A.检查电路是否断路

B.更换小灯泡

C.移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光

（5）在移动滑动变阻器的滑片P的过程中，眼睛应先注视 　   　表的示数，然后读出另一电表示数，测量数据如下表所示；

分析实验数据可知：

①小灯泡的额定功率为 　   　W；

②7、8两次实验中，小灯泡不亮的原因是 　   　。

③小灯泡在断电一段时间后的电阻可能是 　   　。（选填“0Ω”“1Ω”“2Ω”或“8.9Ω”）

参考答案与试题解析

一、选择题（每题2分，共24分）

1．【分析】（1）物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；

（2）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。

【解答】解：A．露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，液化放热，故A不符合题意；

B．碘颗粒消失是碘颗粒由固态直接变为气态，属于升华现象，升华吸热，故B符合题意；

C．霜是空气中水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，凝华放热，故C不符合题意；

D．湖面结冰是水由液态变为固态，属于凝固现象，凝固放热，故D不符合题意。

故选：B。

2．【分析】（1）声音是由物体振动产生的；

（2）声音的基本特征有：音调：声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高；

响度：人耳感觉到的声音的大小，它跟发声体的振幅有关．振幅越大，响度越大；振幅越小，响度越小；

音色：发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定．是区别声音的重要标志；

（3）声音在15℃空气中的传播速度为340m/s。

【解答】解：A、诵读声是由朗读者的声带振动产生的，故A正确；

B、同学们依据音色可以区分王老师和小张同学的声音，故B错误；

C、声音在15℃空气中的传播速度为340m/s，故C错误；

D、小张同学的声音更响亮是因为他的发声的响度很大，故D错误。

故选：A。

3．【分析】（1）铁、钴、镍等物质和它们的氧化物容易被磁化，其它的金属不能被磁化。

（2）地球本身是一个巨大的磁体，指南针指南北是因为受到地磁场的作用。

（3）磁场中某点的磁场方向与放在该点的小磁针N极指向一致，并不是由该点小磁针N极决定的。

（4）磁感线是为了研究磁场而假想出来的曲线，实际上并不存在，但是磁场是客观存在的。

【解答】解：A、并不是所有的金属能够被磁体所磁化，铁、钴、镍等物质和它们的氧化物容易被磁化，故A错误；

B、地球本身是一个巨大的磁体，指南针指南北是因为受到地磁场的作用，故B正确；

C、磁场中某点的磁场方向与放在该点的小磁针N极指向一致，并不是由该点小磁针N极决定的，故C错误；

D、磁场中的磁感线不是实际存在的曲线，故D错误。

故选B。

4．【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

【解答】解：瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。故A错误；

镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，省距离。故B正确；

钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。故C错误；

核桃夹子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。故D错误。

故选：B。

5．【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

【解答】解：

A、家用电饭锅的额定功率在800W左右，故A不符合实际；

B、家用台灯的电功率在20W左右，工作时的电流I＝＝≈0.1A，与0.15A相差不大，故B符合实际；

C、对人体来说，不高于36V的电压为安全电压，故C不符合实际；

D、起重机虽然能够提起很重的货物，但由于机械结构复杂，需要提升机械（动滑轮、杠杆等）的重力、摩擦都较大，所以机械效率不高，一般在45%左右，不会达到98%，故D不符合实际。

故选：B。

6．【分析】（1）能够从自然界源源不断获得或可重复利用的能源是可再生能源；不能够从自然界源源不断获得或不可重复利用的能源是不可再生能源；

（2）“节能减排”可提高能量转化效率；

（3）核电站是利用核裂变来释放核能的；

（4）能量的转移和转化是有方向性的。

【解答】解：A、风能、水能、太阳能都是可再生能源，故A错误；

B、“节能减排”可提高能量转化效率，故B正确；

C、当前核反应堆利用核裂变原理来工作的，故C错误；

D、有些能量使用以后不可能再被利用，所以要节约资源，故D错误。

故选：B。

7．【分析】（1）（3）内能的大小与温度、质量和状态有关；

（2）一切物体都有内能；

（4）发生热传递的条件是存在温度差。

【解答】解：A、物体放出热量，温度可能降低，可能不变，如晶体凝固时放出热量，内能减少，温度不变，故A错误；

B、一切物体都有内能，0℃的物体也具有内能，故B正确；

C、内能的大小与温度、质量和状态有关，只根据温度无法比较物体内能的大小，故C错误；

D、发生热传递时，热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体，或者从物体的高温部分传到低温部分，内能大的物体温度不一定高于内能小的物体，故D错误。

故选：B。

8．【分析】（1）有金属外壳的用电器，其外壳一定要接地，以防止漏电造成触电事故；

（2）空气开关跳闸是因为电路中电流过大，电流过大的原因是短路或用电器的总功率过大；

（3）电能表是测量电路消耗电能的仪表；

（4）使用测电笔时，手必须要接触笔尾的金属体，才能分辨出火线、零线。

【解答】解：A、用带有金属外壳的用电器时，外壳必须接地，是为了防止触电，符合安全用电要求，故A正确；

B、空气开关“跳闸”，可能是电路出现了短路，也可能是用电器的总功率过大，故B错误；

C、电能表是测量电路消耗电能（或测量电功）的仪表，故C错误。

D、使用测电笔辨别火线和零线时，手必须接触笔尾金属电极，故D错误。

故选：A。

9．【分析】据题目的信息可知，若LED指示灯损坏，节能灯仍能在开关闭合时正常工作，说明LED指示灯与节能灯并联，据此分析。

【解答】解：由题意“若LED指示灯损坏，节能灯仍能在开关闭合时正常工作”可知，LED指示灯与节能灯并联；开关同时控制指示灯和LED灯的通断，这说明在干路中有一个开关，根据四个选项可知，C正确。

故选：C。

10．【分析】几个开关串联时，需要所有开关都闭合，用电器才能工作；几个开关并联时，只要一个开关闭合，用电器就能工作。

【解答】解：由题知，员工可利用人脸识别（相当于开关S1）或门禁卡（相当于开关S2）自动开门进入外来人员经过核查登记后，由保安人员手动控制开关S3，这说明S1、S2、S3是并联的，然后再与电动机串联；

在疫情防控期间，增加了智能测温仪（相当于开关S），体温异常者无法开门进入，则S应该在干路中，根据选项可知，C正确。

故选：C。

11．【分析】由电路图可知，定值电阻R0与湿敏电阻R串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。

根据“湿敏电阻的阻值会随含水量的升高而增大”可知当叶片含水量降低时R的阻值变化，进一步得出电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化；

电路中的电流增大，电磁铁的磁性增强，将衔铁吸引下来，蜂鸣器报警；

根据P＝UI判定总功率的变化。

【解答】解：由电路图可知，定值电阻R0与湿敏电阻R串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。

因湿敏电阻的阻值会随含水量的升高而增大，

所以，当叶片含水量降低时，R的阻值减小，控制电路总电阻减小，故C错误；

由I＝可知，电路中的电流增大，由U＝IR可知，R0两端的电压增大，即电压表的示数增大，故A正确；

电路的电流增大，电磁铁的磁性增强，将衔铁吸引下来，蜂鸣器报警，指示灯不发光，故B错误；

电源电压不变，电流增大，根据P＝UI可知，总功率变大，故D错误。

故选：A。

12．【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。

（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，功率和额定功率相等，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，从而判断出电路安全，根据P＝UI求出灯泡正常发光时的电流，然后根据串联电路的电流特点结合电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，此时整个电路的总功率最大，变阻器接入电路中的电阻最小，根据P＝UI求出电路中的最大电功率，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；

（2）根据欧姆定律求出灯泡的电阻，根据串联电路的分压特点可知：当电压表V2的示数最大为3V时，电路中的电流最小，灯泡的电功率最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，利用串联电路的电压特点求出此时灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出电路中电流变化的范围，利用P＝UI求出灯泡的最小功率，再利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，即可得出滑动变阻器阻值变化的范围。

【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。

（1）灯泡正常发光时的电压UL＝2.5V，功率PL＝1.25W，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，灯泡正常发光时变阻器两端的电压：

U滑＝U﹣UL＝5V﹣2.5V＝2.5V，

此时两电压表安全，

由P＝UI可得，灯泡正常发光时的电流：IL＝＝＝0.5A，

因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，变阻器允许通过的最大电流为1A，

所以，电路中的最大电流为I大＝IL＝0.5A，此时整个电路的总功率最大，变阻器接入电路中的电阻最小，

该电路的最大功率：

P大＝UI大＝5V×0.5A＝2.5W，故A错误；

由I＝可得，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：

R滑小＝＝＝5Ω；

（2）灯泡的电阻：

RL＝＝＝5Ω，

当电压表V2的示数最大为3V时，电路中的电流最小，灯泡的电功率最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，

此时灯泡两端的电压：

UL′＝U﹣U滑′＝5V﹣3V＝2V，

电路中的最小电流：

I小＝＝＝0.4A，

所以，电路中电流变化的范围是0.4A～0.5A，故C错误；

灯泡的最小功率：

PL′＝UL′I小＝2V×0.4A＝0.8W，故B正确；

滑动变阻器接入电路中的最大阻值：

R滑大＝＝＝7.5Ω，

所以，滑动变阻器的电阻允许调节的范围是5Ω～7.5Ω，故D错误。

故选：B。

二、填空题（每空1分，共27分）

13．【分析】（1）B超利用了超声波来传递信息，声波不能在真空中传播；

（2）物质从液态变为气态的过程叫汽化，汽化吸热；物体从气态变为液态的过程叫液化，液化的方法有降低温度和压缩体积两种。

【解答】解：（1）B超利用的是超声波来传递信息，超声波不能在真空中传播；

（2）当使用酒精湿巾擦手时，会感到手的皮肤变凉，这是因为酒精汽化过程中吸收热量，有致冷作用；

钢罐内的液化石油气是在常温下采取压缩体积的办法把石油气体液化后装在钢罐里的。

故答案为：声波；不能；汽化；吸收；压缩体积。

14．【分析】已知拉力的大小和拉力移动的距离，根据公式W＝FS可求拉力所做的功；还知道物体的重力和物体升高的高度，根据公式W＝Gh可求有用功；有用功和总功的比值就是机械效率。

【解答】解：有用功为W有＝Gh＝18N×0.1m＝1.8J；

拉力所做的功为W总＝Fs＝8N×0.25m＝2J，

杠杆的机械效率为η＝×100%＝×100%＝90%。

故答案为：2；90。

15．【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能；

（2）四冲程汽油机的压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能；水沸腾顶起壶盖的过程中将水蒸气的内能转化为壶盖的机械能；

（3）根据四冲程汽油机的飞轮转速求出汽油机每秒的转数，四冲程汽油机的1个工作循环，要完成4个冲程，活塞往复运动2次，飞轮和曲轴转2周，据此可知汽油机每秒完成的冲程数。

【解答】解：（1）用水壶烧水，水吸收热量，内能增加，温度升高，这是通过热传递的方式改变水的内能；

（2）水沸腾顶起壶盖的过程中将水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，这个过程中与汽油机的做功冲程的能量转化情况相似；

（3）一台某型号单缸四冲程汽油机的飞轮转速是2400r/min＝40r/s，

由于四冲程汽油机的1个工作循环，要完成4个冲程，活塞往复运动2次，飞轮和曲轴转2周，

所以，该汽油机每秒钟完成80个冲程。

故答案为：热传递；做功；80。

16．【分析】标准大气压下水沸腾时的温度为100℃，根据Q吸＝c水m水（t﹣t0）可求出水吸收的热量；

先利用η＝求出需要酒精完全燃烧放出的热量，再根据Q放＝q酒精m酒精求出需要酒精的质量。

【解答】解：标准大气压下水沸腾时的温度为100℃，

则水吸收的热量为：Q吸＝c水m水（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×（100℃﹣20℃）＝1.68×105J；

由η＝可知需要酒精完全燃烧放出的热量为：Q放＝＝＝3.36×105J，

由Q放＝q酒精m酒精可知需要酒精的质量为：m酒精＝＝＝0.0112kg。

故答案为：1.68×105J；0.0112。

17．【分析】由图甲分析电路的连接方式和电压表的作用，根据电路的电压特点确定电压表的量程并读数从而得到各电压表示数大小。

【解答】解：由图甲可知：灯泡L1、L2串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测L2两端的电压。

因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电压表V1的示数应大于V2的示数；

而两个电压表指针偏转相同，所以电压表V1的量程是0～15V，分度值为0.5V，由图乙知，其示数为7.5V，即电源电压U＝7.5V；

电压表V2的量程是0～3V，分度值为0.1V，示数1.5V，即L2两端的电压U2＝1.5V，

又因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以灯L1两端电压为7.5V﹣1.5V＝6V。

故答案为：7.5；6。

18．【分析】串联电路的特点：各用电器之间相互影响，有一处有断路则整个电路都处于断路状态；

并联电路的特点：并联电路中的各用电器可以单独工作、互不影响。

【解答】解：各班有线扬声器虽然是同时开播，也是同时停播的，但它们之间互不影响，能够独立工作，因此它们之间的连接方式是并联。

故答案为：并；能。

19．【分析】（1）影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积和温度，据此分析；

（2）电阻R2与滑动变阻器并联，电压表测量电源电压，电流表A测量干路的总电流，电流表A1测量通过滑动变阻器的电流，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器电流的变化和电路总电流的变化；

电压表与电流表A的乘积等于电路消耗的总功率，电源电压不变，电路总电流减小，可知电压表与电流表A的乘积的变化。

【解答】解：（1）滑动变阻器是通过改变接入电路导体的长度来改变接入电路的电阻，从而改变电路中的电流；

（2）由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器并联，电压表测量电源电压。

由于电压表测量电源电压，所以滑片移动时，电压表的示数不变；

并联电路各支路两端的电压相等，等于电源电压。当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据I＝可知通过滑动变阻器电流变小，即电流表A1的示数将变小；

由于并联电路各个支路互不影响，所以通过定值电阻R2的电流不变，由并联电路电流的规律知电路总电流变小，所以电流表A的示数变小；

电压表示数不变，电压表V与电流表A的乘积变小。

故答案为：长度；变小；变小。

20．【分析】600r/kW•h表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转600r，或者表示电能表每转1r，电路中消耗kW•h的电能，求出转盘转100r电路中消耗的电能，然后求出用电器的功率。

【解答】解：电能表每转1r，电路中消耗kW•h的电能，电能表每转100r，电路中消耗电能为：W＝100×kW•h＝kW•h＝6×105J；

t＝5min＝h，

所以用电器的功率为：P＝＝2kW。

故答案为：6×105；2。

21．【分析】（1）电磁感应：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生电流，发电机就是根据这一原理制成的；

（2）太阳能电池板将太阳能转化为电能；

（3）电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播。

【解答】解：（1）读者与“小i”对话，声音使膜片振动，使线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，即将读者的声音信号转化为电流信号，这是电磁感应现象，与发电机的原理相同。

（2）在阳光充足的时候，“小i”的太阳能电池板可以将太阳能转化为电能的方式实现无线充电。

（3）“小i”提供无线上网服务，则它与互联网之间通过电磁波来传递信息。

故答案为：发电机；太阳；电磁波。

22．【分析】（1）将4只相同规格灯泡串联接在8V的电源上时，根据串联电路的分压规律求出每个灯泡两端电压，然后根据欧姆定律的变形公式U＝IR，并结合图像得出电路中的电流；

（2）将一只这种灯泡与一定值电阻并联在电压为7.5V电源上时，根据并联电路的电压规律、欧姆定律的变形公式U＝IR，结合图像得出此时通过灯泡的电流和灯泡的阻值，再根据并联电路的电流规律和P＝UI求出定值电阻的功率。

【解答】解：

（1）将4只相同规格灯泡串联接在8V的电源上时，由串联分压的规律可知，每个灯泡两端电压为×8V＝2V，

由I＝的变形公式U＝IR和图像可知，当通过灯泡的电流为0.2A时，灯丝的阻值为10Ω，每个灯泡两端电压：U1＝I1R1＝0.2A×10Ω＝2V，所以可知此时通过灯泡的电流为0.2A；

（2）将一只这种灯泡与一定值电阻并联在电压为7.5V电源上时，因并联电路两端电压相等，则灯泡两端的电压为7.5V，

由U＝IR和图像可知，当通过灯泡的电流为0.5A时，灯丝的阻值为15Ω，灯泡两端电压：U2＝I2R2＝0.5A×15Ω＝7.5V，所以可知此时灯泡的电阻为15Ω；

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过定值电阻的电流：IR＝I﹣I2＝0.8A﹣0.5A＝0.3A，

则定值电阻的电功率：P＝U2IR＝7.5V×0.3A＝2.25W。

故答案为：0.2；15；2.25。

三、解答题（每空1分，每图2分，共49分）

23．【分析】滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的下挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的上挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮，通过比较承担物重的绳子股数的多少确定最省力的绕法。

【解答】解：对由两个动滑轮和一个定滑轮组成的滑轮组，有两种绕法：

一是绳子先系在定滑轮的下挂钩上，用这种绕法时滑轮组上的滑轮都使用，有四股绳子承担物重；不计绳重、摩擦以及动滑轮重时，拉力是滑轮组提升物重的四分之一；

二是绳子先系在动滑轮的上挂钩上，最后滑轮组只能使用一个动滑轮和一个定滑轮，有一个动滑轮没有使用，这种绕法只能有三股绳子承担物重，不计绳重、摩擦以及动滑轮重时，拉力是滑轮组提升物重的三分之一；

由此可知，滑轮组最省力的绕法是承担物重绳子股数最多的第一种，如图所示：

24．【分析】（1）知道闭合开关S后小磁针沿顺时针方向偏转90°后静止，根据磁极间的相互作用判断出通电螺线管的磁极；

（2）根据通电螺线管的磁极判断出磁感线的方向。在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极；

（3）根据安培定则判断出电流的方向，确定电源的正负极。

【解答】解：（1）由题意可知，闭合开关S后小磁针沿顺时针方向偏转90°后静止，则小磁针N极指向右端，S极指向左端，根据异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的右端为N极、左端为S极；

（2）因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以图中磁感线的方向是指向左的；

（3）根据安培定则，伸出右手使大拇指指向螺线管的N极（即右端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的左端流入，则电源的左端为正极，右端为负极，如图所示。

25．【分析】（1）由图可知n＝3，绳子自由端移动的距离s＝nh，利用W总＝Fs求绳端所用拉力；

（2）利用W有＝Gh求有用功，利用η＝×100%求滑轮组的机械效率；

（3）利用W总＝W有+W额求出总的额外功，克服动滑轮重力做的额外功等于总的额外功减去克服摩擦和钢绳重所做的功，利用W动＝G动h求出动滑轮的重力。

【解答】解：（1）由图可知n＝3，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝3×2m＝6m，

由W总＝Fs可知，绳端所用拉力：F＝＝＝5000N；

（2）拉力做的有用功：W有＝Gh＝1.2×104N×2m＝2.4×104J，

滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%＝80%；

（3）总的额外功：W额＝W总﹣W有＝3×104J﹣2.4×104J＝6×103J，

则克服动滑轮所做的功：W动＝W额﹣W'＝6×103J﹣5000J＝1000J，

动滑轮的重力为：G动＝＝＝500N。

答：（1）绳端所用拉力为5000N；

（2）滑轮组的机械效率为80%；

（3）若克服摩擦和钢绳重所做的功5000J，动滑轮重为500N。

26．【分析】（1）小灯泡标的“6V 3W”表示：小灯泡正常发光时的电压为6V，正常发光时的功率为3W，根据P＝计算电阻、根据P＝UI计算电流；

（2）根据W＝Pt计算消耗的电能；

（3）由图知，灯泡和滑动变阻器串联，知道滑动变阻器的最大阻值，除以2即为滑片P在中点时变阻器连入电路的电阻，根据（1）中灯泡的电阻和电流，结合串联电路的特点和欧姆定律，计算电源电压。

【解答】解：（1）灯泡正常发光时的电阻R＝＝＝12Ω；

灯泡正常发光时的电流I＝＝＝0.5A；

（2）小灯泡正常发光10min消耗的电能W＝Pt＝3W×10×60s＝1800J；

（3）由图知，灯泡和滑动变阻器串联，滑片P在中点时变阻器连入电路的电阻R′＝＝12Ω，

因灯泡恰好正常发光，则电源电压U源＝I（R+R′）＝0.5A×（12Ω+12Ω）＝12V。

答：（1）小灯泡正常发光时的电阻是12Ω；电流是0.5A；

（2）小灯泡正常发光10min消耗的电能是1800J；

（3）若滑片P在中点时小灯泡恰好正常发光，则电源电压是12V。

27．【分析】（1）使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱上表面相平，并注意区分温度是零上还是零下；

（2）晶体熔化的特点：吸热但温度保持不变。晶体熔化时的温度叫做熔点；晶体熔化过程中吸热、温度不变，内能增大；

（3）根据固体在熔化过程中，温度是否变化即可判断是晶体还是非晶体，若温度不变的是晶体，反之，则是非晶体；

（4）撒盐后会降低水的凝固点。

【解答】解：（1）由图2可知，温度计的最小刻度值是1℃，且液柱在零刻度线下方，因此该温度计的示数是﹣4℃；

（2）从图3中可知，盐冰在熔化过程中温度保持﹣2℃不变，所以熔点是﹣2℃；盐冰熔化过程吸收热量，内能增大；

（3）根据曲线图可知：盐冰在熔化过程中温度保持﹣2℃不变，所以盐冰是晶体；

（4）冬天给道路撒盐可有效地防止事故发生的原因是，撒盐可以撒盐后会降低水的凝固点。

故答案为：（1）﹣4；（2）﹣2；增加；（3）晶体；（4）撒盐后会降低水的凝固点。

28．【分析】（1）此实验把动能的大小转换为木块被撞击后滑行的距离，距离越远表明钢球的动能越大；

（2）动能的大小与质量和速度有关，实验时用控制变量法分别探究；

（3）根据减小动能的方法分析；

（4）直接比较小车在三个表面上克服摩擦力做功是否相等不好确定，可根据重力势能大小关系及能量的转化分析。根据功率计算公式判定功率的大小；

（5）结合控制变量法的要求，看是否合理的控制了相关变量，并改变了要研究的变量，这样才能知道是否符合实验要求。

【解答】解：（1）实验中通过观察木块被撞击后滑行的距离的大小来间接判断钢球动能的大小，该方法是转换法；

（2）根据图示可知，小球的质量不变，滚下的高度不同，到达水平面时的速度不同，所以探究的是动能大小与速度的关系，钢球的速度越大，撞击木块移动的距离越大，动能越大；结论为：在质量一定时，物体的速度越大，动能越大；

（3）在探究动能的大小与质量关系时，需要控制速度大小不变，改变质量，当换用另一个钢球实验时，发现它将木块撞出了木板，这说明该球的质量太大了；

①换质量更大的木块，改变了摩擦力的大小，故①错误；

②实验中需要控制速度相同，不能降低第二次钢球的高度，故②错误；

③换质量更大的钢球，则更容易使木块滑出木板，故③错误；

④换质量更小的钢球，能减小木块移动的距离，故④正确；

故选④；

（4）物体克服摩擦力做功的能量来自物体的动能，而动能一开始是相等的，最终物体停下来，动能为零，因此说明，小球无论在什么样的水平面上，克服摩擦力做的功是相等的；

小车在玻璃、毛巾表面克服阻力做功的功率分别是P1、P2，接触面越光滑，小车的运动距离越远，运动时间越长，由于克服摩擦所做的功相同，根据P＝可知，则P1＜P2；

（5）方案一：质量相同的钢球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较。可以研究钢球的动能大小与速度的关系；

方案二：若用质量不同的钢球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧势能相同，转化出的动能相同，因此，木块最终移动的距离相同，这样是不能完成实验的；

故选A。

故答案为：（1）钢球；（2）质量一定时，物体的速度越大，动能越大；（3）④；（4）相等；＜；（5）A。

29．【分析】（1）实验时通过比较电流表的示数来判断电阻大小，这种研究方法是转换法。

（2）导体的电阻是导体本身的一种性质，与导体的材料、长度、横截面积和温度有关。

（3）滑动变阻器可以保护电路和电流表。

（4）本实验利用了控制变量法。

【解答】解：（1）实验时通过比较电流表的示数来判断电阻大小，这种研究方法是转换法。

（2）导体A和导体B长度和材料相同，横截面积不同；比较A1与A2两电流表示数，可以来探究导体的电阻大小与横截面积的关系。

（3）导体A和C材料和横截面积相同，长度不同，长度越长，电阻越大，所以RC＞RA；导体A和导体B长度和材料相同，横截面积不同，横截面积越小，电阻越小，所以RA＞RB；所以这三个电阻的大小关系是：RC＞RA＞RB。

（4）如果把RB、RC换成与RA长度和横截面积相同，彼此材料不同的导体，实验时电表的示数不同，这说明导体的电阻与材料的关系。

（5）在原来电路的干路上加装一个滑动变阻器即可，如图所示：

。

故答案为：（1）转换法；（2）横截面积；（3）RC＞RA＞RB；（4）材料；

（5）。

30．【分析】（1）（2）（3）我们使用相同加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；

使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；

（4）根据焦耳定律求出电阻丝产生的热量得出液体吸收的热量，根据c＝求出液体的比热容。

【解答】解：（1）图中两电阻丝串联，通过的电流和通电时间相同，由焦耳定律Q＝I2Rt可知，要控制相同时间两电热丝放出的热量相同（两液体吸热才能相同），实验中选用的两根电阻丝的阻值应相同；

（2）根据转换法可知，实验中用通电时间间接反映液体吸收热量的多少，选B；

（3）温度计的分度值为1℃，示数为46℃；由表中数据可知，加热相同时间，b升温小，故b液体的吸热能力较强，b的比热容大；

（4）设质量为m的a液体中电阻丝的阻值为R，测出其电流为I，通电一段时间t后，若不计热量损失，液体吸热为：Q＝I2Rt，则a液体的比热容为：c＝＝。

故答案为：（1）相同；（2）B；（3）46；b；（4）。

31．【分析】（1）根据灯的额定电压确定电压表的量程，正常发光时灯泡的电阻约为8Ω，根据欧姆定律算出灯泡正常时电流的大约值确定电流表量程，根据变阻器滑片向左滑动时灯泡变亮，判断滑动变阻器接入电路的接线柱；

（2）为保护电路元件安全，连接电路时开关应断开；闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应调至阻值最大处；

（3）小灯泡不亮，电流表有示数，说明电路是通路；电压表示数为0，说明电压表并联的支路短路或电压表开路；

（4）电流表电压表均有示数，说明电路是通路，发现小灯泡不亮，说明电路的电流过小，据此分析；

（5）测量小灯泡电功率的实验中需要得到不同电压下的电流值；

①根据P＝UI算出小灯泡的额定功率；

②闭合电路，灯泡不发光，电路可能是断路，也可能是电路中电流太小；

③灯泡电阻受温度影响，随温度降低而减小，根据表中实验数据求出灯泡电阻阻值。

【解答】解：（1）灯泡的额定电压为2.5V，电压表选用小量程；正常发光时灯泡的电阻约为8Ω，灯泡正常时电流大约为：I＝＝＝0.3125A，故电流表选用小量程；由变阻器滑片向左滑动时灯泡变亮可知，灯的电压变大，变阻器的电压变小，由分压原理知，滑动变阻连入电路中的阻值应变小，所以，应将滑动变阻滑片左边的电阻与电流表串联连入电路，如图所示：

；

（2）为保护电路元件安全，连接电路时开关应断开；闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应调至阻值最大处，即最右端；

（3）小灯泡不亮，电流表有示数，说明电路是通路；电压表示数为0，说明电压表并联的小灯泡短路或电压表开路，由于电表完好，故故障可能是小灯泡短路；

（4）解决以上故障后，开关闭合，小灯泡不亮，电流表电压表均有示数，电路为通路，发现小灯泡不亮，说明电路的电流过小，故接下来首先进行的操作是移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光，故选C；

（5）在移动滑动变阻器的滑片P的过程中，眼睛应先注视电压表的示数然后读出电流表的示数；

①由表可知，当灯泡电压为2.5V时，对应的电流为0.28A，小灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.28A＝0.7W；

②第7、8次实验中，电路在有电流，说明电路是通路，但是小灯泡不发光，灯泡不发光的原因是电路中电流太小，灯的实际功率太小；

③由表中第8组实验数据可知，此时灯泡电阻R8＝＝＝2Ω；

灯泡电阻受温度影响，随温度降低而减小，小灯泡在断电一段时间后，灯丝温度降低，灯泡的电阻减小，但不会为0，则灯泡电阻可能是1Ω。

故答案为：（1）如上图所示；（2）断开；右；（3）小灯泡短路；（4）C；（5）电压；①0.7；②电路中电流太小，灯的实际功率太小；③1Ω。