2023年江苏省徐州市中考物理一检试卷

这是一份2023年江苏省徐州市中考物理一检试卷，共17页。试卷主要包含了选择题，填空题，物理解答题等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省徐州市中考物理一检试卷
一、选择题（每小题只有一个选项符合题意；每小题2分，共20分）
1．（2分）下列估测结果符合实际的是（　　）
A．人步行的速度约为10m/s
B．一枚1元人民币硬币的质量大约6g
C．中学生课桌的高度约为80mm
D．六月份徐州的平均气温约为40℃
2．（2分）通常，女生说话的声音优美动听，是因为（　　）
A．音色好 B．音调高 C．响度大 D．声速快
3．（2分）下列自然现象中，要吸收热量的是（　　）
A．早春河面上冰的消融 B．初夏广场上雾的形成
C．深秋草木上露的出现 D．寒冬屋瓦上霜的形成
4．（2分）“以铜为镜，可以正衣冠”的光学原理是（　　）
A．光的直线传播 B．光的反射
C．光的折射 D．光的色散
5．（2分）下列说法中，错误的是（　　）
A．竖直抛向空中的石块，运动得越来越慢，是由于石块的惯性越来越小
B．汽车突然开动时，站在汽车上的人会向后仰，是由于人具有惯性
C．人沿水平方向推静止在水平地面上的车，车未动，车受到的推力与摩擦力是一对平衡力
D．打乒乓球时，球拍对球施加力的同时，球拍也受到了球的作用力
6．（2分）下列过程中，通过做功使物体的内能增加的是（　　）
A．水沸腾时水蒸气顶起水壶盖
B．电烙铁通电发热
C．汽油机的做功冲程
D．用热水泡脚，脚感觉暖和
7．（2分）对下列四幅图的表述正确的是（　　）
A．图中，闭合开关，小磁针静止时N极指向右侧
B．图中，闭合开关，滑动变阻器滑片P向右侧滑动时，弹簧测力计的示数变小
C．如图是发电机的工作原理图
D．如图是电动机的工作原理图
8．（2分）关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（　　）
A．物体的温度越高，所含的热量越多
B．温度高的物体，内能不一定大
C．0℃的冰块，内能一定为零
D．任何两物体间都会发生热传递
9．（2分）小明在医院看到一种输液警报器，当管内药液流完时，电铃发声，报警器内部电路如图所示，其中R是一个随药液量减少而变小的电阻。当闭合开关，输液报警器工作时，下列分析正确的是（　　）

A．开始输液时，电流表示数最大
B．输完药液时，电压表示数最小
C．输完药液时，电铃响的原因是其两端电压最大
D．开始输液时，电铃不响的原因是电铃没有电流通过
10．（2分）甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，下列说法中正确的是（　　）

A．两灯均正常发光时，甲灯的电阻小于乙灯的电阻
B．两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多
C．两灯串联在220V的电路中，甲灯比乙灯亮
D．将乙灯接入110V的电路中，它的实际功率为50W
二、填空题（17题2分，其余每空1分，共20分）
11．（3分）如图，用铁丝围成一个内径约4mm的圆环，在清水中浸一下后取出，布满圆环的水膜犹如透镜，用这个水膜透镜贴近课本上的字，看到的是正立放大的像，此像为　 　（实像/虚像）；透过水膜透镜看远处的楼房，楼房倒立缩小了，这种成像情况与　 　（照相机/幻灯机）成像原理相同；轻轻甩去一些水（保持水膜完好），透过水膜透镜看远处的楼房成正立缩小的像，此时水膜透镜相当于　 　（凸透镜/凹透镜）。

12．（3分）新冠肺炎疫情自2020年春节期间爆发至今，新冠病毒可通过飞沫传播，飞沫传播的方式与花香飘散的方式　 　（选填“相同”或“不同”）。抗击“新冠肺炎”疫情期间，同学们走进教学楼就会闻到消毒液的气味，这是　 　现象；消毒液是液体，不容易被压缩，说明分子之间存在着　 　力。
13．（3分）小明要用盐水泡菠萝，将烧杯中质量为63g的盐水全部倒入量筒中，如图所示，盐水的体积是 　 　cm3，则盐水的密度是 　 　g/cm3，采用这种方法测量的盐水密度将 　 　（选填“偏大”或“偏小”）。

14．（3分）运动员用力拉开弓，弓被拉弯，说明力能使物体发生 　 　。拉弯的弓能将箭射出是因为它具有 　 　能，箭最终会落向地面是因为受到 　 　的作用。
15．（3分）如图所示，物体重210N，动滑轮重25N，工人用125N的拉力将物体匀速提升3m，用了10s，此过程中有用功是 　 　J，拉力的功率是 　 　W。滑轮的机械效率是 　 　.

16．（3分）如图所示，这是我国自主生产的“大疆”无人机，地面的人可用遥控器发射　 　来控制飞机飞行与拍摄，遥控器上彩色屏幕是由红、　 　、蓝三种色条组成，飞机上的航拍器上有一个LED电源指示灯，LED灯是一种发光二极管，它是由　 　（选填“半导体”或“超导”）材料制成的。

17．（2分）公园是人们休闲时常喜欢去的地方。有的公园花园间的行人甬道，是由凸起明显的鹅卵石铺设成的，人走在上面，会明显感觉到比在平路上硌脚，请解释产生该现象的原因。

三、物理解答题（18题4分，19、20题各6分，21～23题各8分，共40分。解答19、20题时应有解题过程）
18．（2分）如图所示，是一束光从水底射到水面上的折射光线，请作出入射光线的大概位置．

19．（2分）如图所示，请画出小球所受重力G的示意图．

20．（6分）如图所示，为净化空气，徐州的街头经常会看到喷洒水雾的除尘车。除尘车通过960m长的街道，需耗时8min，它在此过程中行驶的平均速度多大？若装满除尘液的除尘车静止在水平地面上时，轮胎与地面的总接触面积为1200cm2，对地面的压强为1.25×106Pa，则除尘车的总重力为多少？

21．（6分）如图所示电路，电源电压保持不变。灯泡额定电压为6V，额定电流为0.8A，电阻R2阻值为R1的2倍，当开关接a时，R1消耗的功率为3W；当开关接b时，R1消耗的功率为0.75W．求：
（1）灯泡的额定功率。
（2）当开关接b时，灯泡的实际功率。

22．（8分）小华用弹簧测力计、烧杯、水、薄塑料袋测量酱油的密度。
（1）测量前，应检查弹簧测力计指针是否指在　 　刻度线上。
（2）把适量的酱油装入塑料袋，排出空气后扎紧口，用弹簧测力计测出重力为3.6N；然后用弹簧测力计提着塑料袋浸没在水中，如图所示，弹簧测力计示数为　 　N。
（3）水的密度为1×103kg/m3，则可算出酱油的密度为　 　kg/m3。
（4）小华想用上述器材继续测量白酒的密度，但白酒的密度比水小。
请帮她想出一个可行的办法并简要说明：　 　。

23．（8分）小明用符合实验条件的电压表、电流表、滑动变阻器、导线、开关及干电池等实验器材，测量额定电压为2.5V小灯泡L的额定功率。

（1）为了测出小灯泡的额定功率，请添加一根导线完成图甲所示实验电路的连接。
（2）闭合开关前滑片P应该置于滑动变阻器的 　 　端（选填“左”或“右”）。
（3）小明移动滑动变阻器的滑片P，当电压表示数为2.5V时，发现电流表示数如图乙所示。由此可知，小灯泡L的额定功率为 　 　W。
（4）小明查阅有关资料后得知，电压表工作时，其实内部有微弱电流通过，据此分析他所测得的额定功率偏 　 　（选填“大”或“小”）。
24．（8分）阅读短文，回答文后的题目。
直流充电桩
直流充电桩是一种为电动汽车补给能量的装置，如图甲所示，它能够将电网中的交流电转化为直流电，再将电能充入汽车动力电池（以下简称电池）。通常，直流充电桩比交流充电桩的充电电压更高、电流更大，因而可实现快速充电。

设电池当前储能占充满状态储能的百分比为D。充电时，充电桩的充电功率P会随着电池的D的变化而变化，同时用户还可以通过充电桩显示屏了解充电过程中的其他相关信息。
现实际测试一个直流充电桩对某辆电动汽车的充电性能。假定测试中充电桩输出的电能全部转化为电池的储能。充电前，D为30%，充电桩显示屏中充电时长、充电度数、充电费用示数均为0。开始充电后，P与D的关系如图乙所示（为方便计算，图像已作近似处理）。充满后，立即停止充电。当D达到70%时充电桩显示屏的部分即时信息如表。
充电电压（V）
充电电流（A）
充电时长（min）
充电度数（kW•h）
充电费用（元）
400

45
24.0
28.80
（1）通常，直流充电桩比交流充电桩的充电电压更高、电流更大，故充电功率更 　 　。
（2）在D从30%增至70%的过程中，充电功率大致的变化规律是 　 　。当D为70%时，充电电流为 　 　A。
（3）设D从70%增至80%所需时间为t1，从80%增至90%所需时间为t2，且t1：t2＝2：3，则测试全过程的充电总时长为 　 　min。
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题只有一个选项符合题意；每小题2分，共20分）
1．【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、成年人正常步行的速度为1.1m/s，故A不符合实际；
B、一枚1元人民币硬币的质量大约6g，故B符合实际；
C、中学生课桌的高度大约80cm，故C不符合实际；
D、六月份徐州的平均气温约为30℃，故D不符合实际。
故选：B。
2．【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，音色反映了声音的品质与特色。
【解答】解：通常，女生说话的声音优美动听，是因为她的音色好，故A正确，BCD错误。
故选：A。
3．【分析】（1）物质由固态变为液态是熔化过程，需要吸热；由液态变为气态是汽化过程，需要吸热；由固态直接变为气态的过程为升华，需要吸热；
（2）物质由液态变为固态是凝固过程，需要放热；由气态变为液态是液化过程，需要放热；由气态直接变为固态的过程为凝华，需要放热。
【解答】解：A、冰的消融是由固态变成液态，属于熔化过程，吸热，故A符合题意；
B、雾的形成是水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化过程，放热，故B不符合题意；
C、露的形成是水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化过程，放热，故C不符合题意。
D、霜的形成是水蒸气遇冷变成固态，属于凝华过程，放热，故D不符合题意；
故选：A。
4．【分析】平面镜成像现象，平面镜成像成的是虚像，其原理是光的反射。
【解答】解：“以铜为镜，可以正衣冠”的意思：一个人用铜当镜子，可以照见衣帽是不是穿戴得端正，
铜当镜子属于平面镜成像，平面镜成像是光的反射原理。
故选：B。
5．【分析】（1）（2）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关；
（3）一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
（4）物体间力的作用是相互的，一对相互作用力的大小始终相等。
【解答】解：A、竖直抛向空中的石块，运动的越来越慢，是由于石块受到重力的作用（重力改变了石块的运动状态），而不是惯性越来越小，惯性的大小只与物体的质量有关，与运动状态无关，故A错误；
B、汽车突然开动时，站在汽车上的人由于惯性仍保持原来的静止状态，所以会向后仰，故B正确；
C、人沿水平方向推静止在水平地面上的车，车未动，车受到的推力与摩擦力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故C正确；
D、由于物体间力的作用是相互的，所以打乒乓球时，球拍对球施加力的同时球拍也受到球的作用力，故D正确。
故选：A。
6．【分析】做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化过程，而热传递是能量的转移过程。
【解答】解：
A、水沸腾时水蒸气顶起水壶盖，是水蒸气膨胀对壶盖做功，水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，所以水蒸气的内能减小，故A不符合题意；
B、电烙铁通电时，电流做功，将电能转化为内能，使电烙铁的内能增加、温度升高而发热，故B符合题意；
C、汽油机的做功冲程，是高温高压的燃气膨胀对外做功，燃气的内能减小、温度降低，故C不符合题意；
D、用热水泡脚，脚从热水吸收热量，使脚的内能增加、温度升高，这是通过热传递使物体的内能增加，故D不符合题意。
故选：B。
7．【分析】（1）根据安培定则判定螺线管的N、S极；根据磁感线的方向判定小磁针的N极；
（2）影响电磁铁磁性大小的因素有电流大小和匝数的多少；根据电流的变化判定磁性的变化；
（3）（4）发电机是利用电磁感应现象的原理制成的；电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的。
【解答】解：
A、由安培定则可知，螺线管的左端为N极，右端为S极，磁感线是从N极出来回到S极的，故小磁针的左端为N极，故A错误；
B、图中，闭合开关，滑动变阻器滑片P向右侧滑动时，滑动变阻器电阻减小，电流变大，电磁铁磁性变强，电流从右侧流入根据右手定则，通电螺线管上端为N极，同极相斥故弹簧测力计示数变小，故B正确；
C、图中有电源，若闭合开关，磁场中的金属棒会受力运动，即说明通电导线在磁场中受力的作用，即电动机的原理图，故C错误；
D、图中没有电源，闭合开关后，当金属棒ab做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，故是发电机的原理图，故D错误。
故选：B。
8．【分析】（1）描述热量的物理术语；
（2）内能与物体的质量、温度以及状态有关；
（3）一切物体都具有内能；
（4）发生热传递的条件：有温度差。
【解答】解：A、用来描述热量的术语是：吸收和放出。故A不正确。
B、内能的大小和温度、质量、状态等因素有关，故温度高的物体，内能不一定大。故B正确。
C、因为一切物体都具有内能，0℃的冰块，也具有内能。故C不正确。
D、发生热传递的条件是有温度差。故D不正确。
故选：B。
9．【分析】由电路图可知，可变电阻与电铃串联，电压表并联在电铃两端，电流表测电路中的电流，由R的阻值随药液量减少而变小，开始输液时R的阻值最大，输完药液时R的阻值最小，然后结合串联电路的特点和欧姆定律进行解答。
【解答】解：由电路图可知，可变电阻与电铃串联，电压表并联在电铃两端，电流表测电路中的电流，
A．由R的阻值随药液量减少而变小可知，开始输液时，R的阻值最大，电路中的总电阻最大，由I＝可知，电路中的电流最小，故A错误；
B．由R的阻值随药液量减少而变小可知，输完药液时，R的阻值最小，由串联电路中电阻越大分得的电压越大可知，R两端的电压最小，电铃两端的电压最大，即电压表示数最大，故B错误；
C．当输完药液时，R的阻值最小，电铃两端的电压最大，所以电铃响的原因是其两端电压最大，故C正确；
D．开始输液时，电路中的电流最小，电铃两端的电压最小，电铃不响，并不是因为没有电流，而是因为电流较小造成，故D错误。
故选：C。
10．【分析】（1）两灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据P＝UI＝求出两灯泡的电阻，然后比较两者的大小关系，根据W＝Pt比较两者消耗的电能关系；
（2）两灯泡串联时通过它们的电流相等，根据P＝I2R比较两者实际功率的大小关系，实际功率大的灯泡较亮；
（3）根据P＝UI＝求出将乙灯接入110V的电路中时的实际功率。
【解答】解：（1）两灯泡正常发光时，由P＝UI＝可得，两灯泡的电阻：
R甲＝＝＝1936Ω，R乙＝＝＝484Ω，
则R甲＞R乙，故A错误；
由P＝的变形式W＝Pt可知，两灯泡正常发光时的时间不知，无法比较二者消耗电能的多少，故B错误；
（2）两灯串联在220 V的电路中，
因串联电路中各处的电流相等，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以，由P＝I2R可得，甲灯泡的电阻较大，实际功率较大，灯泡较亮，故C正确；
（3）将乙灯接入110V的电路中时的实际功率：
P乙′＝＝＝25W，故D错误。
故选：C。
二、填空题（17题2分，其余每空1分，共20分）
11．【分析】凸透镜成像规律及其应用：u＜f；正立放大的虚像，其应用是放大镜。
u＞2f；f＜v＜2f成倒立缩小的实像，其应用是照相机。
凹透镜能使光线发散，用凹透镜看远处物体能成正立缩小的像。
【解答】解：这个水膜透镜贴近课本上的字，字在这个水膜透镜的一倍焦距以内，成正立放大的虚像；
透过水膜透镜看远处的楼房，此时u＞2f，成倒立缩小的实像，其应用是照相机；
用凹透镜看远处物体能成正立缩小的像，因此透过水膜透镜看远处的楼房成正立缩小的像，说明此时水膜透镜相当于凹透镜。
故答案为：虚像；照相机；凹透镜。
12．【分析】构成物质的分子总在不停地做无规则运动，这就是扩散现象；物体位置的变化叫机械运动；分子间存在相互作用的引力和斥力。
【解答】解：飞沫传播的方式是宏观物体的机械运动，花香飘散是花香分子不停地做无规则运动的结果，故两种传播方式不同。
同学们走进教学楼就会闻到消毒液的气味，这是扩散现象，是由于分子不停地做无规则运动。
消毒液是液体，不容易被压缩，说明分子之间存在着相互作用的斥力。
故答案为：不同；扩散；斥。
13．【分析】由图读出量筒的示数，由ρ＝计算盐水的密度；测量结果的大小受质量与体积测量结果的影响，从步骤的顺序中分析是否对这两个量的测量产生了影响。
【解答】解：由图可知，量筒分度值2mL，盐水的体积：V＝60mL＝60cm3，
所以盐水的密度：ρ＝＝＝1.05g/cm3；
分析实验的步骤可以看出，将烧杯中的盐水全部倒入量筒中，烧杯壁不可避免地会有残留的盐水，使得测量的盐水的体积变小，所以采用这种测量方法得到的结果将偏大。
故答案为：60；1.05；偏大。
14．【分析】（1）力的作用效果：一、使物体发生形变；二、改变物体运动状态；
（2）弹性势能：物体由于发生弹性形变而具有的能。
（3）重力：地球对物体的吸引力。
【解答】解：运动员用力拉开弓，弓被拉弯，说明力能使物体发生形变；拉弯的弓能将箭射出是因为它具有弹性势能；箭最终会落向地面是因为受到重力的作用。
故答案为：形变；弹性势；重力。
15．【分析】由W有＝Gh计算提升重物做的有用功，由W总＝Fs＝Fnh计算总功，由η＝计算滑轮的机械效率；由P＝计算拉力的功率。
【解答】解：由图知，工人使用动滑轮提升重物，所以n＝2，
有用功：W有＝Gh＝210N×3m＝630J，
总功：W总＝Fs＝Fnh＝125N×2×3m＝750J，
滑轮的机械效率：η＝＝＝84%；
拉力的功率：P＝＝＝75W。
故答案为：630；75；84%。
16．【分析】（1）电磁波可以传递信息。
（2）光的三原色：红、绿、蓝。
（2）LED是一种发光二极管工作的，它实际上是一种半导体材料。
【解答】（1）电磁波可以传递信息；地面的人可用遥控器发射电磁波来控制飞机飞行与拍摄。
（2）光的三原色：红、绿、蓝；故遥控器上彩色屏幕是由红、绿、蓝三种色条组成，
（3）LED灯是一种发光二极管，它是由半导体材料制成的；
故答案为：电磁波、绿、半导体。
17．【分析】增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力。
【解答】答：脚踩在鹅卵石铺设成的甬道上，脚对甬道路面的压力不变，凸起明显的鹅卵石减小了脚和路面的受力面积，（由p＝可知，）增大了路面对脚的压强，增大脚的感觉．会明显感觉到比在平路上走硌脚。
三、物理解答题（18题4分，19、20题各6分，21～23题各8分，共40分。解答19、20题时应有解题过程）
18．【分析】根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角大于入射角，确定折射光线的方向。
【解答】解：从入射点作垂直于水面的法线，根据折射角大于入射角在法线左侧的水中画出入射光线。如图所示：

19．【分析】根据重力的方向是竖直向下的，从物体的重心做竖直向下的力，并标上字母G。
【解答】解：重力的方向是竖直向下的，从小球的重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：

20．【分析】（1）根据v＝计算除尘车此过程中行驶的平均速度；
（2）根据压强公式的变形公式F＝pS计算除尘车对水平地面的压力，水平地面上的除尘车的总重力等于它对地面的压力。
【解答】解：（1）除尘车此过程中行驶的平均速度v＝＝＝2m/s；
（2）除尘车对地面的压力F＝pS＝1.25×106Pa×1200×10﹣4m2＝1.5×105N，
除尘车的总重力G＝F＝1.5×105N。
答：除尘车此过程中行驶的平均速度为2m/s；
除尘车的总重力为1.5×105N。
21．【分析】（1）知道灯泡的额定电压和额定电流，根据P＝UI求出灯泡的额定功率；
（2）当开关接a时，R1与R2串联，根据串联电路的电流特点和P＝I2R求出两电阻的功率之比，进一步求出R2消耗的电功率，两电阻消耗的功率之和即为电路的总功率；当开关接b时，R1与L串联，根据P＝I2R求出两种情况下电路中的电流之比，根据P＝UI求出电路的总功率之比，进一步求出当开关接b时电路的总功率，然后减去R1消耗的功率即为灯泡的实际功率。
【解答】解：（1）灯泡的额定功率：
PL＝ULIL＝6V×0.8A＝4.8W；
（2）当开关接a时，R1与R2串联，
因串联电路电流处处相等，且电阻R2阻值为R1的2倍，
所以，R1与R2的电功率之比：
＝＝＝，
则R2消耗的功率：P2＝2P1＝2×3W＝6W，
电路的总功率：
Pa＝P1+P2＝3W+6W＝9W；
当开关接b时，R1与L串联，
由P＝I2R可得，前后两种情况下R1的电功率之比：
＝＝（）2＝＝，
解得：＝，
前后两种情况下电路的总功率之比：
＝＝＝，
则开关接b时电路的总功率：Pb＝Pa＝×9W＝4.5W，
因总功率等于各电阻消耗功率之和，
所以，开关接b时灯泡的实际功率：
PL实＝Pb﹣P1′＝4.5W﹣0.75W＝3.75W。
答：（1）灯泡的额定功率为4.8W；
（2）当开关接b时，灯泡的实际功率为3.75W。
22．【分析】（1）使用弹簧测力计时候，首先要“调零”，即检查指针是否在零刻度线；
（2）由图可知，该测力计的最小分度值为0.2N，指针在0刻度线下方3格，则弹簧测力计的示数是3×0.2＝0.6N；
（3）把装有酱油的塑料袋浸没在水中的时候，忽略塑料袋的体积，酱油的体积等于水的体积；可以算出酱油受到的浮力以及重力，进行比较可以求出酱油的密度；
（4）酒精的密度小于水的密度，所以装酒精的塑料袋无法像装酱油的塑料袋一样浸没在水中。反过来，如果烧杯装酒精，塑料袋装水，则装水的塑料袋可以浸没在酒精中，从而测出酒精的密度。
【解答】解：（1）使用弹簧测力计时候，首先要“调零”，即检查指针是否在零刻度线；
（2）由图可知，该测力计的最小分度值为0.2N，指针在0刻度线下方3格，则弹簧测力计的示数是3×0.2＝0.6N；
（3）把装有酱油的塑料袋浸没在水中的时候，忽略塑料袋的体积，酱油的体积等于排开水的体积，即V酱油＝V排；
酱油的重力G＝mg＝ρ酱油gV酱油＝3.6N ①
酱油浸没在水中受到的浮力F浮＝G﹣F拉＝3.6N﹣0.6N＝ρ水gV排②
；所以：ρ酱油＝1.2ρ水＝1.2×103kg/m3。
（4）酒精的密度小于水的密度，所以装酒精的塑料袋无法像装酱油的塑料袋一样浸没在水中。反过来，如果烧杯装酒精，塑料袋装水，则装水的塑料袋可以浸没在酒精中，从而测出酒精的密度。
故答案是：（1）零；（2）0.6；（3）1.2×103；（4）将适量的水装入塑料袋用弹簧测力计浸没在装白酒的烧杯中。
23．【分析】（1）滑动变阻器接一个上接线柱和一个下接线柱串联在电路中；
（2）为了保护电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片应该放在阻值最大处；
（3）电压表测灯泡电压，灯泡正常工作时，电压表示数为灯泡的额定电压，读出电流值，根据P＝UI计算功率；
（4）图中电压表测量准确，根据并联电路电流的规律，确定电流表示数与实际通过灯的电流大小关系，根据P＝UI分析；
灯泡与电流表串联，将电压表并联在灯泡和电流表两端时，因为电流表也有内阻，电流表也会分得不部分电压，会导致测量误差。
【解答】解：（1）滑动变阻器应“一上一下”的接入电路，如图所示：
；
（2）为了保护电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片应该放在阻值最大处，即左端；
（3）电压表测灯泡的电压，灯泡正常工作时，电压表示数为2.5V，
由图乙可知，电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，此时的电流为0.2A，
小灯泡L的额定功率：P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W；
（4）图中电压表测量准确，电压表工作时，其实内部有微弱电流通过，根据并联电路电流的规律，电流表示数大于实际通过灯的电流，根据P＝UI，所测量的额定功率偏大。
故答案为：（1）见上图；（2）左；（3）0.5（4）大。
24．【分析】（1）由P＝UI可知，充电电压更高、电流更大，充电功率的大小情况；
（2）由图乙知，D从30%增至70%的过程中，充电功率大致的变化规律；由表中数据知，D达到70%的充电电压，由图乙知此时的充电功率，由P＝UI计算此时的充电电流；
（3）当D达到70%时，根据题意计算出电池充满电时储存的电能；由图乙知，D从80%到90%，即D增加10%，此过程中充电功率为15kW保持不变，由W＝Pt计算充电的时间t2，从而计算出D从70%增至80%所需时间为t1，再计算测试全过程的充电总时长。
【解答】解：（1）通常，直流充电桩比交流充电桩的充电电压更高、电流更大，由P＝UI可知，充电功率更大；
（2）由图乙知，D从30%增至70%的过程中，充电功率大致的变化规律是先变大，后不变；
当D达到70%时，充电功率为40kW＝40000W，
由表中数据知，D达到70%时，充电电压为400V，
由P＝UI可知，此时的充电电流：
I＝＝＝100A；
（3）由表中数据知，D达到70%时，即充入充满状态储能的70%﹣30%＝40%时，充电度数为24.0kW•h，
由题意可知，充满电时储存的电能为：
W＝＝60kW•h，
由乙知D从80%增至90%时，即D增加10%，消耗电能W2＝10%×W＝10%×60kW•h＝6kW•h，
此过程中充电功率P2＝15kW保持不变，
由W＝Pt可得，此时充电的时间为：
t2＝＝＝0.4h＝24min，
由题知，t1：t2＝2：3，
所以D从70%增至80%所需时间：t1＝t2＝×24min＝16min，
由表中数据知，D从30%增至70%的过程中充电时长45min，
所以测试全过程的充电总时长t＝45min+16min+24min＝85min。
故答案为：（1）大；（2）先变大，后不变；100；（3）85。