物理（湖南长沙卷）-2023年中考物理第一次模拟考试卷

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2023年中考物理第一次模拟考试卷
物理·全解全析
第Ⅰ卷
一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分。第1～10题为单选题，每小题只有一个选项符合题意。第11、12题为多选题，每小题有两个选项符合题意，选对但少选得2分，错选得0分。）
1．某校“五四”青年节举行合唱比赛，在乐队的伴奏下，同学们满怀深情地放声高歌，下列有关声现象的说法，正确的是（　　）
A．同学们的歌声是由声带的振动产生的
B．现场观众听到的歌声是由空气传播而来，是因为声音只能在空气中传播
C．观众能辨别不同乐器的声音，是因为响度不同
D．“放声高歌”中的“高”，是指声音的音调较高
【答案】：A。
【解析】：A、声音由物体的振动产生，同学们的歌声是由声带的振动产生的，故A正确；
B、声音的传播靠介质，现场观众听到的歌声是由空气传播而来，固体和液体也能传播声音，故B错误；
C、观众能辨别不同乐器的声音，是因为音色不同，故C错误；
D、“放声高歌”中的“高”，是指声音的响度较大，故D错误。
2．2022年10月25日16时58分，我国西藏和新疆部分地势较高的地区见证了一场“超级日食”。下列现象成因与之相同的是（　　）
A．地面上的影子 B．“弯折”的铅笔
C．水中的倒影 D． 放大的“熊猫”
【答案】：A。
【解析】：日环食是由光的直线传播形成的。
A、地面上的影子，是由光的直线传播形成的，故A符合题意；
B、“弯折”的铅笔，是由光的折射形成的，故B不符合题意；
C、水中的倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故C不符合题意；
D、放大的“熊猫”，属于凸透镜成像，是由光的折射形成的，故D不符合题意。
3．综合实践活动中同学们正在研究静电复印技术。小明在玻璃板下放了一张五星的图案，如图甲用丝绸照着图案用力摩擦玻璃板后，再均匀撒上木屑，竖起玻璃板轻敲，板上就留下了一个由木屑组成的如图乙所示图案。下列说法正确的是（　　）

A．玻璃板能够导电
B．摩擦过程中玻璃板创造了正电荷
C．摩擦后的玻璃板和丝绸带上了异种电荷
D．木屑留在玻璃板上是由于同种电荷相互吸引
【答案】：C。
【解析】：A．玻璃板不容易导电，是绝缘体，故A错误；
B．摩擦过程中不会创造电荷，只是电荷发生了转移，故B错误；
C．摩擦后的玻璃板和丝绸带上了异种电荷，故C正确；
D．由于带电体能吸引轻小物体，所以在平放的玻璃板上面均匀地撒上一层干木屑时，玻璃板上带电区域把木屑吸住，故D错误。
4．2022年北京冬奥会是一届简约、安全、精彩的盛会。下列关于冬奥会涉及的物理知识描述正确的是（　　）
A．工作人员从户外刚进入餐厅时眼镜变模糊了，这是由水蒸气液化导致的
B．场馆内用到的冰块是由水蒸气凝固形成的
C．滑雪场气温比较低是因为雪在形成时吸收热量
D．清洗完的运动服，结冰后变干的过程中放出热量
【答案】：A。
【解析】：A、工作人员从户外刚进入餐厅时，室内的水蒸气遇到冷的镜片时会发生液化形成大量的小水珠，所以眼镜变模糊了，故A正确；
B、场馆内用到的冰块是由水凝固形成的，故B错误；
C、雪都是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，是凝华现象，凝华放热，故C错误；
D、清洗完的运动服，结冰后变干的过程，是固态冰直接变为了气态水蒸气，是升华现象，升华过程需要吸热，故D错误。
5．某款社区直饮水机可通过刷卡（闭合“感应”开关S1）或投币（闭合“投币”开关S2）接通供水电机取水；光线较暗时“光控”开关S3自动闭合，提供照明。下列简化电路图，符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】：C。
【解析】：
由题知，直饮水机既可以通过刷卡闭合“感应开关”，也可以通过投币闭合“投币开关”，来接通供水电机取水，这说明刷卡和投币互不影响，故感应开关和投币开关应是并联的，然后与电动机串联；
光线较暗时“光控开关”自动闭合，接通灯泡提供照明，这说明灯泡能独立工作，故灯泡与电动机是并联的；结合图示可知，只有C符合题意。
6．2022年12月4日，神舟14号航天员乘组已完成全部既定任务返回东风着陆场。神舟14号返回舱在空中高速下降到适当位置时打开降落伞，返回舱和伞开始做减速运动，空气阻力随速度的减小而减小，下降一段高度后，开始匀速下降直到地面附近。以返回舱和伞为研究对象，下列说法不正确的是（　　）
A．减速下降过程中受力不平衡
B．减速下降过程中减少的机械能等于克服空气阻力做功消耗的能量
C．匀速下降过程中机械能减小
D．减速下降过程中重力做功的功率小于匀速下降时重力做功的功率
【答案】：D。
【解析】：A、减速下降过程中，返回舱和伞处于非平衡状态，所以它受力不平衡，故A项说法正确；
B、减速下降的过程中，要克服空气阻力做功，则减少的机械能等于克服空气阻力做功消耗的能量，故B项说法正确；
C、返回舱和伞匀速下降的过程中，质量不变、速度不变，但高度减小，则动能不变，重力势能减少，则机械能总量减少，故C项说法正确；
D、返回舱和伞的重力大小不变，由题意可知返回舱和伞减速下降时的速度大于匀速下降时的速度，根据公式P＝＝＝Gv可知，减速下降中重力做功的功率大于匀速下降中重力做功的功率，故D项说法错误。
7．进入21世纪，电气化发展迅速，“安全用电”成为每一位公民的必备素养。下列说法中，符合安全用电原则的是（　　）
A．在功率较小的电插座上，插入多个大功率用电器
B．更换电灯时未关闭电灯开关
C．电灯开关应接在零线和灯泡之间
D．电脑、电视长时间不使用的情况下应切断电源
【答案】：D。
【解析】：
A、家庭电路中各用电器是并联的，一个插座上同时使用多个大功率用电器，会造成干路电流过大，容易引起火灾，故A不符合安全用电原则；
B、为防止触电，更换灯泡前应断开电源开关，故B不符合安全用电原则；
C、控制电灯的开关应该接在电灯和火线之间，故C不符合安全用电原则；
D、电脑、电视机等用电器在待机时会消耗电能，为了节约电能，用电器长时间待机时要切断电源，故D符合安全用电原则；
8．如图所示，小明妈妈用手机拍视频。下列关于手机镜头成像的说法正确的是（　　）
A．手机摄像镜头相当于一个凹透镜
B．妈妈通过手机镜头成正立的虚像
C．要拍面部特写，可以把手机靠近面部一些
D．手机镜头的成像规律与投影仪的成像规律相同
【答案】：C。
【解析】：手机的摄像头相当于凸透镜，利用其成倒立、缩小的实像，与照相机的工作原理相同；
要拍面部特写，此时的像会变大，像距变大，物距变小，可以把手机靠近面部一些；
综上所述，C正确，ABD错误。
9．为了增强体质，每天锻炼一小时，同学们积极到户外参加体育活动。下列活动所涉及力学知识的说法，正确的是（　　）
A．发排球时手对排球的力大于排球对手的力
B．投掷出去在空中飞行的实心球仍受推力作用
C．篮球撞到篮板反弹回来说明力可以改变物体的运动状态
D．静止在水平地面上的足球受到的重力和足球对地面的压力是一对平衡力
【答案】：C。
【解析】：A、当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即力的作用是相互的，相互作用力大小相等，手对排球的力等于排球对手的力，A错误；
B、实心球由于具有惯性，投掷后虽然不受推力的作用，仍然能在空中飞行，B错误；
C、篮球反弹回来，说明其运动状态发生改变，而改变的原因是因为受到篮板对它的力的作用，C正确；
D、静止在地面上的足球受到的重力和地面对它的支持力是一对平衡力，足球对地面的压力和足球受到的重力大小相等，但是分别作用在地面和足球上，且方向相同都竖直向下，所以这两个力不是相互作用力也不是平衡力，D错误；
10．我国高铁采用了能量回收制动方式：列车到站前停止动力供电，继续向前运行，内部线圈随车轮转动，切割磁感线产生感应电流，把机械能转化为电能进行回收。以下与其工作原理相同的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】：C。
【解析】：电机线圈随车轮转动并在磁场中切割磁感线产生感应电流，将机械能转化为电能，这是电磁感应现象；
A．图中装置是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，故A错误；
B．图中的装置是探究通电导体在磁场中受力运动的实验，是将电能转化为机械能，为电动机的原理，故B错误；
C．图中导体在磁场中切割磁感线就能在电路中产生感应电流，是电磁感应现象，故C正确；
D．图中的实验为奥斯特实验，是探究电流的磁效应，故D错误。
（多选）11．某科技小组为快递公司设计的分拣计数装置简化电路如图所示。R2为定值电阻，R1为光敏电阻，当有光照射光敏电阻时其阻值变小。激光被遮挡一次，计数器会自动计数一次（计数器可视为电压表）。闭合开关，激光被遮挡瞬间，下列说法正确的是（　　）

A．电阻R1的阻值变小 B．通过R2的电流变大
C．电阻R1两端的电压变大 D．电阻R2两端的电压变大
【答案】：AC。
【解析】：A、两电阻串联，计数器（电压表）测R1的电压，已知当有光照射时电阻变小，故激光被遮挡瞬间电阻R1变大，故A正确；
B、由串联电阻的规律，电路的总电阻变大，由欧姆定律可知，电路的电流变小，故B错误；
CD、根据U＝IR可知，电流变小时，R2两端的电压变小，由于电源电压不变，由串联电路的电压规律可知，则R1两端的电压变大，故C正确、D错误。
（多选）12．在劳动实践中，小孙在水平地面与车厢间用木板搭一斜面，并用平行于斜面的推力将重G＝600N的货物匀速地从斜面底端推到顶端的车厢，如图所示。已知斜面长L＝6m，斜面高h＝1.5m，斜面的机械效率η＝60%。下列叙述中正确的是（　　）

A．小孙推动货物所用推力大小为150N
B．货物受到斜面的摩擦力大小为100N
C．若增大推行速度，则货物受到的摩擦力将变大
D．若h不变、减小L，则斜面的机械效率将升高
【答案】：BD。
【解析】：A、有用功W有用＝Gh＝600N×1.5m＝900J，
总功W总＝＝＝1500J，
小孙推动货物所用推力F推＝＝＝250N，故A错误；
B、额外功W额外＝W总﹣W有用＝1500J﹣900J＝600J，
货物受到斜面的摩擦力f＝＝＝100N，故B正确；
C、滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，若增大推行速度，货物对斜面的压力大小和接触面的粗糙程度均不变，则货物受到的摩擦力将不变，故C错误；
D、若h不变、减小L，物体对斜面的压力减小，斜面对物体的摩擦力减小，额外功减小，有用功不变，根据W总＝W有用+W额外可知，总功减小，根据η＝可知斜面的机械效率将升高，故D正确。
第Ⅱ卷
二、（本大题共5小题，11空，每空2分，共22分）
13．智能太阳能百叶窗的叶片表面搭载了含有晶体硅的柔性太阳能电池板，太阳能电池板工作时将太阳能转化为 　电能　；我国年仅22岁的优秀青年科学家曹原研究发现：当两层平行石墨烯堆成约1.1°的“魔角”时，石墨烯的电阻突然变为0，此现象中的石墨烯是 　超导体　。
【答案】：电能；超导体。
【解析】：太阳能电池板工作时将太阳能转化为电能；
石墨烯的电阻突然变为0，此现象中的石墨烯是超导体。
14．某款擦窗机器人如图所示，它的“腹部”有吸盘，当真空泵将吸盘内的空气向外抽出时，由于 　大气压　的作用，它能牢牢地吸附在竖直玻璃上；若擦窗机器人的总质量为1.1kg，当它吸附在竖直玻璃上处于静止时，受到的摩擦力为 　11　N。（g＝10N/kg）

【答案】：大气压；11。
【解析】：
（1）真空泵将吸盘内的空气向外抽出时，所以吸盘内的气压小于外界大气压，从而使吸盘吸附在玻璃上，因此是大气压的作用；
（2）擦窗机器人在竖直玻璃板上静止时，处于平衡状态，竖直方向受到的重力和摩擦力是一对平衡力，平衡力大小相等，即f＝G＝mg＝1.1kg×10N/kg＝11N。
15．某燃气热水器使用天然气作为燃料，若使用中消耗掉0.02m3的天然气，则这些天然气完全燃烧放出的热量为 　6.4×105　J（q天然气＝3.2×107J/m3）。如果这些热量完全被水吸收，则水的内能 　增大　（选填“增大”、“不变”或“减小”）。
【答案】：6.4×105；增大。
【解析】：0.02m3天然气完全燃烧释放的热量是：Q＝Vq天然气＝0.02m3×3.2×107J/m3＝6.4×105J；在此过程中，水吸收热量，内能增大。
16．某小区因暴雨引起车库积水，部分车辆被淹，小明看到新闻后，设计了如图所示的车库积水自动报警器，如图是该报警器原理图，金属块A和B分别固定在车库地面附近适当高处，若车库积水水面到达 　B　处（选填“A”或“B”）时，　红　（选填“绿”或“红”）灯发光报警。

【答案】：B；红；
【解析】：当水位没有达到B时，电磁铁没有磁性，只有绿灯亮；当水位到达B时电路接通，电磁铁有磁性，衔铁就会在电磁力吸引的作用下与红灯接通，红灯亮。因此，红灯亮就表示水位过高报警。
17．某物理兴趣小组设计了探测湖底未知属性的矿石密度的装置，其部分结构如图甲所示。电源电压为6V，R0为定值电阻，滑动变阻器R的阻值随弹簧的拉力F变化关系如图乙，T为容器的阀门。某次探测时，水下机器人潜入100m深的湖底取出矿石样品M．返回实验室后，将矿石样品M悬挂于P点放入容器中，保持静止状态。打开阀门T，随着水缓慢注入容器，电压表示数U随容器中水的深度h变化关系如图丙中的实线所示。在电压表示数从2V变为4V的过程中，电流表示数变化值为0.2A（弹簧电阻忽略不计，矿石M不吸水，湖水密度与水相同，g＝10N/kg）。当水下机器人在100m深的湖底取样时受到水的压强为 Pa；电路中定值电阻R0的阻值为 Ω；矿石M的密度为 kg/m3。


【答案】：1×106Pa；10Ω；3×103kg/m3。
【解析】：（1）水下机器人在100m深的湖底取样时受到水的压强：
p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×100m＝1×106Pa；
（2）由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，
由图丙可知，当容器内水的深度在0～h1时，电压表的示数U1＝2V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R0两端的电压：U0＝U﹣U1＝6V﹣2V＝4V，
电路中的电流：I1＝＝，
由图丙可知，当容器内水的深度大于h2时，电压表的示数U2＝4V，
R0两端的电压：U0′＝U﹣U2＝6V﹣4V＝2V，
电路中的电流：I2＝＝，
因电流表示数变化值为0.2A，
所以，I1﹣I2＝﹣＝0.2A，
解得：R0＝10Ω；
（3）当容器内水的深度在0～h1时，电路中的电流：
I1＝＝＝0.4A，
滑动变阻器接入电路中的电阻：
R1＝＝＝5Ω，
由图乙可知，此时拉力F1＝22.5N，
当容器内水的深度大于h2时，电路中的电流：
I2＝＝＝0.2A，
滑动变阻器接入电路中的电阻：
R2＝＝＝20Ω，
由图乙可知，此时拉力F2＝15N，
由于是往容器中缓慢注水，结合图丙可知：
①当容器内水的深度在0～h1时，矿石没有浸在水中，不受浮力，此时弹簧的拉力与重力平衡，拉力最大；②当容器内水的深度在h1～h2时，矿石浸在水中受浮力的作用，水的深度增加，浮力增大，拉力减小；③当容器内水的深度大于h2时，矿石浸没在水中，浮力最大且不变，此时拉力最小。
由于F1＝22.5N＞F2＝15N，
结合上述分析可知：矿石的重G＝F1＝22.5N，矿石浸没在水中时拉力为F2＝15N；
根据称量法测浮力可知，矿石浸没在水中时受到的浮力：
F浮＝G﹣F2＝22.5N﹣15N＝7.5N；
根据F浮＝ρ水gV排可得矿石的体积：
V＝V排＝＝＝7.5×10﹣4m3；
矿石M的密度：ρ＝＝＝＝＝3×103kg/m3。
三、作图题（本大题共2小题，第18题3分，第19题1分，共4分）
18．踢出的足球在水平草地上继续滚动一段距离才停止下来，请作出向右滚动的足球所受各力的示意图。

【答案】：如图

【解析】：
足球离开脚后，足球不再受脚的作用力；足球在草地上滚动的速度越来越慢，是由于在水平方向受到摩擦力f的作用，摩擦力的方向和足球运动方向相反；
在竖直方向上，足球受到重力G和支持力N，二力是一对平衡力，大小相等；
三力的作用点都画在足球的重心上。

19．标出图中小磁针的N极。

【答案】：如图

【解析】：由图可知电流由左侧流入，则由右手螺旋定则可得螺线管右侧为N极；由磁极间的相互作用，可知小磁针右端为S极，左端为N极，如图所示：
四、实验题（本大题共4小题，第20题6分，第21题6分，第22题4分，第23题8分，共24分）
20．小丽利用如图所示的实验装置来探究一枚红色跳棋在平面镜中所成像的特点。
（1）在桌面上铺一张白纸，纸上竖立一块玻璃板，在玻璃板前放一枚红色跳棋。小丽从这枚红色跳棋的 　同一侧　（选填“同一侧”或“另一侧”）向玻璃板看去可以看到这枚红色跳棋在玻璃板后面的像。
（2）在玻璃板后面像的位置放一个光屏，小丽 　不透过　（选填“透过”或“不透过”）玻璃板直接观察光屏上有没有像，来判断平面镜所成的像是实像还是虚像。
（3）小丽把另一枚同样大小的跳棋放在像的位置，是为了 　比较像和物的大小　。

【答案】：（1）同一侧；（2）不透过；（3）比较像和物的大小。
【解析】：（1）实验中用玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃板透明的特点，便于观察像并确定像的位置，拿另一支外形相同红色跳棋，竖立着在玻璃板后面移动，从这枚红色跳棋的同一侧向玻璃板看去可以看到这枚红色跳棋在玻璃板后面的像；
（2）平面镜所成的像是虚像，移去玻璃板后面的跳棋，在其位置上放置一块光屏，不透过玻璃板直接观察，光屏上不能现红色跳棋的像；
（3）把另一枚同样大小的跳棋放在像的位置，采用的是等效替代法，是为了比较像和物的大小。
21．为预防新冠肺炎，小红用密度为0.8g/cm3的纯酒精配制了浓度为75%的酒精。她查阅资料得知浓度为75%的医用酒精的密度为0.87g/cm3。为检验自己配制的酒精是否合格，她进行了如下实验：

（1）将天平放在水平台上，并将游码移至标尺左端的零刻度线处，横梁静止时分度盘上的指针如图（甲）所示，此时应将横梁右端的平衡螺母向 　右　调节，使横梁在水平位置平衡。
（2）测出烧杯和酒精的总质量为98g后，将烧杯中的一部分酒精倒入量筒，如图（乙）所示，则量筒中酒精的体积为 　40　cm3。
（3）测量烧杯和剩余酒精的总质量，天平横梁平衡时如图（丙）所示，则小红配制的酒精密度为 　0.9　g/cm3。
【答案】：（1）右；（2）40；（3）0.9。
【解析】：（1）由图甲知横梁指针偏向分度盘的左侧，应该向右调节平衡螺母使天平平衡；
（2）由图可知，量筒的分度值为2mL，示数为40mL＝40cm3；
（3）如图丙所示，游码标尺的分度值是0.2g，烧杯和剩余酒精的总质量为：m＝50g+10g+2g＝62g；倒入量筒中酒精的质量为：m＝98g﹣62g＝36g，
酒精的密度为：
ρ＝＝＝0.9g/cm3。
22．为了探究动能大小的影响因素，利用斜面、钢球、木块等器材在同一水平面上开展了如图所示的探究活动。
（1）该实验中所探究物体的动能是指 　钢球　的动能。（选填“钢球”或“木块”）
（2）由甲、丙两图可得出结论：　当物体速度相同时，质量越大，动能越大　。

【答案】：（1）钢球；（2）当物体速度相同时，质量越大，动能越大；
【解析】：（1）该实验研究的主体是钢球，研究的是钢球动能的大小与速度和质量的关系；
（2）换用质量不同的钢球从斜面的同一高度由静止开始滚下，由于高度相同，则到达水平面的速度是相同的，由于质量是不同的，所以探究钢球的动能大小与物体质量的关系为：当物体速度相同时，质量越大，动能越大；
23．小明在“探究电流与电阻的关系”实验中，实验器材：两节新干电池、电压表、电流表、滑动变阻器、开关、定值电阻R（阻值分别5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω）及导线若干。
（1）小明设计并连接的电路如图1所示，在连接电路的过程中，开关应处于 　断开　状态。
（2）小明闭合开关，发现移动滑动变阻器的滑片P，电流表、电压表均有示数且不变，则电路故障可能是 　C　（选填序号）。
A.定值电阻R短路
B.定值电阻R断路
C.滑动变阻器短路
（3）排除故障后继续实验，先后将五个定值电阻分别接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，直至电压表示数为某一固定值，记录相应电流表示数，小明根据实验数据在如图2所示的坐标上描点，请用光滑的曲线画出电流随电阻变化的关系图像。分析图像可得出结论：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成 　反比　。
【答案】：（1）断开；（2）C；（3）如图所示；反比。
【解析】：（1）为了保护电路，连接电路时开关应断开；
（2）闭合开关后，电流表、电压表均有示数，说明电路中没有断路，移动滑动变阻器的滑片P，电表示数不变，滑动变阻器不能改变接入电路电阻，因此故障为滑动变阻器短路，故选C；
（3）图像如图所示：
；
由图可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得结论：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
五、计算题（本大题共2小题，第24题6分，第25题8分，共14分）
24．如图所示为某载人潜水器的示意图，该潜水器的质量为12t，若它在5min内从水面下潜到1800m深处作业。（g＝10N/kg，ρ海水＝1.0×103kg/m3）求：
（1）潜水器的重力；
（2）潜水器下潜时的平均速度；
（3）潜水器在1800m深处受到海水的压强。

【答案】：（1）潜水器的重力为1.2×105N（2分）；
（2）潜水器下潜时的平均速度为6m/s（2分）；
（3）潜水器在1800m深处受到海水的压强为1.8×107Pa（2分）。
【解析】：（1）潜水器的重力：G＝mg＝12×103kg×10N/kg＝1.2×105N（2分）；
（2）潜水器下潜时的平均速度：v＝＝＝6m/s（2分）；
（3）潜水器在1800m深处受到海水的压强：p＝ρ海水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1800m＝1.8×107Pa（2分）。
25．在如图甲所示的电路中，电源电压为12V且保持不变，电阻R1的阻值为30Ω，滑动变阻器R2上标有“20Ω 2A”字样。闭合开关S后，电压表的示数为9V。求：
（1）通过电阻R1的电流I1；
（2）此时变阻器R2消耗的电功率P2；
（3）肖老师为立信中学物理小组布置实验任务，在前面电路图甲中增加一只电流表（有两个量程“0～0.6A”和“0～3A”）变成如图乙所示，并在实验室的器材里选择器材连接实物电路，除开关导线外其他器材如下：
①各种电源（电压）：8V，12V，24V。
②定值电阻：RA＝2Ω，RB＝4Ω，RC＝8Ω。
③滑动变阻器：R甲“10Ω 2A”，R乙“20Ω 2A”，R丙“50Ω 1A”，R丁“100Ω 1A”。
要求：在保证安全用电的前提下，移动变阻器滑片P，使电压表示数的变化范围为3～6V，并且电流表选择合适的量程后，使电路中的最大电流超过此时量程满偏刻度值的三分之一，请通过计算选择器材组合。

【答案】：（1）通过电阻R1的电流为0.3A（2分）；
（2）此时变阻器R2消耗的电功率为0.9W（2分）；
（3）选12V、4Ω、R乙组合接入电路（4分）。
【解析】：（1）图甲中，闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，
根据欧姆定律可得通过电阻R1的电流：I＝＝＝0.3A（2分）；
（2）串联电路总电压等于各部分电压之和，则滑动变阻器两端的电压：U2＝U﹣U1＝12V﹣9V＝3V（1分），
串联电路各处电流相等，此时变阻器R2消耗的电功率：P2＝U2I＝3V×0.3A＝0.9W（1分）；
（3）图甲中，闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测通过电路的电流，
根据U＝IR可知通过电路的电流最大时，定值电阻两端的电压最大，即电压表示数最大，电压表示数最大为6V，
根据欧姆定律可得通过三个电阻的电流：IA＝＝＝3A，IB＝＝＝1.5A，IC＝＝＝0.75A，
电压表示数最小为3V时，根据欧姆定律可得通过三个电阻的电流：IA1＝＝＝1.5A，IB1＝＝＝0.75A，IC1＝＝＝0.375A，
比较可知电流表选择大量程，电压表示数的变化范围为3～6V时电路中的最大电流超过×3A＝1A，故A、B符合（1分）；
滑动变阻器接入电路的电阻为0时，若通过电路的电流最大为3A，根据U＝IR可知此时A两端的电压最大为3A×2Ω＝6V，B两端的电压最大为3A×4Ω＝12V，
比较可知选择12V的电压和B组合接入电路（1分）；
根据串联电路电流特点可知需选择滑动变阻器：R甲“10Ω 2A”，R乙“20Ω 2A”；
根据串联分压原理可知滑动变阻器接入电路最大阻值时，滑动变阻器两端的电压最大，
电源电压为12V，滑动变阻器两端的最大电压：U2′＝U′﹣U小＝12V﹣3V＝9V（1分），
根据欧姆定律可得此时滑动变阻器接入电路的阻值：RB滑＝＝＝12Ω，故选12V、4Ω、R乙组合接入电路（1分）。
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