适用于2023年高考理数模拟试卷（全国乙卷）含答案

这是一份适用于2023年高考理数模拟试卷（全国乙卷）含答案，共11页。试卷主要包含了单选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
 高考理数模拟试卷（全国乙卷）一、单选题1．已知集合，，则=（　　）A． B．C． D．{1}2．已知复数的实部为1，且，则（　　）A． B．2 C． D．43．已知向量，且，则（　　）A． B．1 C． D．24．新型冠状病毒肺炎（）严重影响了人类正常的经济与社会发展．我国政府对此给予了高度重视，采取了各种防范与控制措施，举国上下团结一心，疫情得到了有效控制．人类与病毒的斗争将是长期的，有必要研究它们的传播规律，做到有效预防与控制，防患于未然．已知某地区爆发某种传染病，当地卫生部门于4月20日起开始监控每日感染人数，若该传染病在当地的传播模型为（表示自4月20日开始（单位：天）时刻累计感染人数，的导数表示时刻的新增病例数，），根据该模型推测该地区新增病例数达到顶峰的日期所在的时间段为（　　）A．4月30日~5月2日 B．5月3日~5月5日C．5月6日~5月8日 D．5月9日~5月11日5．已知抛物线的焦点为F，点P为E上一点，Q为PF的中点，若，则Q点的纵坐标为（　　）A．7 B．5 C．3 D．16．《算法统宗》是由明代数学家程大位所著的一部以用数学著作，该书清初传入朝鲜、东南亚和欧洲，成为东方古代数学的名著．书中卷八有这样一个问题：“今有物一面平堆，底脚阔七个，上阔三个，问共若干？”如图所示的程序框图给出了解决该题的一个算法，执行该程序框图，输出的S即为总个数，则总个数（　　）A．18 B．25 C．33 D．427．已知正方体的棱长为3，E，F分别为棱上的动点.若直线与平面所成角为，则下列说法不正确的是（　　）A．任意点E，F，二面角的大小为B．任意点E，F，点C到面的距离为C．存在点E，F，使得直线与所成角为D．存在点E，F，使得线段长度为8．在等比数列中，，若，，成等差数列，则的公比为（　　）A．2 B．3 C．4 D．59．已知三棱台的六个顶点都在球O的球面上，，和分别是边长为和的正三角形，则球O的体积为（　　）A． B． C．36π D．10．设，随机变量的分布列分别如下，则(　　)012P012PA．若，则B．若，则C．若，则D．若，则11．双曲线C：的左，右焦点分别为，，A是C上一点，满足，且，则C的离心率为（　　）A． B．2 C． D．12．定义在R上的偶函数满足，且当时，，若关于x的方程恰有5个解，则m的取值范围为（　　）A． B．C． D．二、填空题13．自从申办冬奥成功之后，中国大力推广冰雪运动.统计数据显示，现中国从北到南总共有654块标准冰场和803块滑雪场，全国冰雪运动参与人数已达3.46亿人.一对酷爱冰雪运动的年轻夫妇，让刚好十个月大的孩子把“0､2､2､2､北､京”六张卡片排成一行，若依次排成“2022北京”或“北京2022”，就说“很好”，那么“很好”的概率是　     　.14．直线l：被圆C：截得的弦长为，则m的值为　     　.15．若函数在的值域为，则ω的取值范围是　         　16．已知，恒成立，则的取值范围为　           　.三、解答题17．在△ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，且.（1）求角A；（2）若，，求△ABC的面积.18．如图，四棱锥的底面是等腰梯形，，E是棱的中点，F是棱上的点，且A，D，E，F四点共面．（1）求证：F为的中点；（2）若为等边三角形，二面角的大小为，求直线与平面所成角的正弦值．19．新冠疫情期间，口罩的消耗量日益增加，某药店出于口罩进货量的考虑，连续9天统计了第天的口罩的销售量（百件），得到的数据如下：，．参考公式：相关系数；对于一组具有线性相关关系的数据，其回归直线的斜率和截距的最小二乘估计分别为（1）若用线性回归模型拟合y与x之间的关系，求该回归直线的方程；（2）统计学家甲认为用（1）中的线性回归模型（下面简称模型1）进行拟合，不够精确，于是尝试使用非线性模型（下面简称模型2）得到与之间的关系，且模型2的相关系数，试通过计算说明模型1，2中，哪一个模型的拟合效果更好．20．已知椭圆：过点，且点A到椭圆的右顶点的距离为.（1）求椭圆的方程；（2）已知为坐标原点，直线：与交于M，N两点，记线段MN的中点为P，连接OP并延长交于点Q，直线交射线OP于点R，且，求证；直线过定点.21．已知函数．（1）若时，过点作曲线的切线l，求l的方程；（2）若函数在处取极小值，求a的取值范围．22．在平面直角坐标系中，曲线的参数方程为（为参数），以坐标原点为极点，轴的非负半轴为极轴，建立极坐标系，得曲线的极坐标方程为.（1）求曲线的极坐标方程与的直角坐标方程；（2）已知：与曲线交于，两点，与交于O，N两点，求的取值范围.23．设a，b，c均为正数，且．（1）求的最小值；（2）证明：．
 1．C2．C3．B4．A5．B6．B7．C8．B9．B10．A11．B12．B13．14．1或915．16．17．（1）解：因为，所以，所以，因为，所以.因为，所以.（2）解：因为，，，所以由余弦定理，可得，即，解得或（舍去），故△ABC的面积为.18．（1）证明：四棱锥中，平面平面，∴平面．由题意可知E，F在平面内，且A，D，E，F四点共面．∴，∴．∵E是棱的中点，∴F为中点．（2）解：如图：以为x轴，连接中点O与中点G，为y轴，并过O作垂直于平面的z轴，建立如图所示空间直角坐标系．，设，则．∴，．因为为等边三角形，所以，所以为二面角的平面角，又二面角的大小为，所以，因为，，，平面，所以平面，过作垂直于y轴于点H，因为平面，所以，又，平面，所以垂直于平面．且，，，，，∴，∵E，F分别为中点，∴，设平面的法向量为，则，所以，取可得，设与平面所成角为，则，即直线与平面所成角的正弦值为．19．（1）解：由题意得，，，故所求回归直线的方程为；（2）解：模型1的相关系数 故模型2的拟合性更好．20．（1）解：由题意得，，解得或（舍去），则椭圆的方程为将代入：得，，解得，则椭圆的方程为.（2）解：设，，：，联立，得，由得，∴，∴.由斜率公式可知，∴：，∴.联立，得，即.∵，∴，∴，∴，此时满足，则直线为：，则直线过定点.21．（1）解：时，．设切点，则，故切线l的方程为，由于切线l过点，则，即，解得，故切线方程为．（2）解：，，令，则，①当时，可知，在上单调递增，又，则时，即，单调递减，时，即，单调递增故在时取得极小值，故满足条件．②当时，则在上为增函数，又，若，，当 时，即单调递减，当 时，即单调递增，而，于是，即函数在上单调递增，不合题意；若，，而，则存在使得，且时，则即单调递减，又，故时，单调递增，时，单调递减，此时为的极大值点，不合题意．若，则，限定，故，于是当且时，，那么存在，使得.所以时，，在上单调递增，而，于是，时，即，单调递减，时，即，单调递增，此时为的极小值点，符合题意．综上所述：函数在处取极小值时a的取值范围是．22．（1）解：曲线的参数方程为（为参数），可得，即， 将，代入，得，即曲线的极坐标方程为.由得，，将，代入，得，即曲线的直角坐标方程为.（2）解：由题意得，射线：的极坐标方程为， 联立得，联立得，∴.23．（1）解：，，都是正数，且，，当且仅当即时等号，即的最小值为；（2）证明：由柯西不等式得即，故不等式成立，当且仅当时等号成立；