2023年北京市陈经纶中学分校中考物理一模试卷（含答案解析）

这是一份2023年北京市陈经纶中学分校中考物理一模试卷（含答案解析），共24页。
2023年北京市陈经纶中学分校中考物理一模试卷
1. 以下各种形式的能源中，不属于一次能源的是(    )
A. 化石能源 B. 电能 C. 核能 D. 太阳能
2. 古诗《春夜洛阳城闻笛》中有“谁家玉笛暗飞声，散入春风满洛城”，诗人辨别出是玉笛的声音，是依据声音的(    )
A. 响度 B. 音调 C. 音色 D. 速度
3. 如图所示的四种现象中，由于光的反射形成的是(    )
A.    地上的树影
B.     桥在水中的倒影
C.        铅笔好像折断了
D.         幕布上的皮影
4. 如图所示的四个物态变化的实例中，属于液化的是(    )
A. 初春，湖面上冰化成“水”
B. 盛夏，草叶上形成“露珠”
C. 深秋，枫叶上形成“霜”
D. 严冬，树枝上形成“雾凇”
5. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确是(    )
A. 电能表是测量消耗电能的仪表
B. 家庭电路中的电冰箱和空调是串联的
C. 用电器电线的绝缘皮破损了仍能继续使用
D. 导致家庭电路中电流过大的原因一定是短路
6. 下列实例中，用做功的方式来改变物体内能的是(    )
A. 夏天吃雪糕，身体感觉凉爽
B. 太阳能热水器中的水被晒热
C. 瓶内高压气体使瓶塞跳起，瓶内气体的温度降低
D. 放入冰块后的饮料变凉
7. 有甲、乙两台电暖气，甲的额定功率为1200W，乙的额定功率为800W。下列说法正确的是(    )
A. 甲消耗的电能一定比乙多 B. 电流通过甲和乙做功一样快
C. 电流通过甲做的功一定比乙多 D. 正常工作时，甲消耗电能比乙快
8. 家用厨房抽油烟机主要是由排气扇和照明灯泡组成，它们既能同时工作，又能分别独立工作。同学们根据这个工作要求设计了如图所示的抽油烟机的简化电路图，图中的M表示排气扇的电动机。其中符合工作要求的是(    )
A. B.
C. D.
9. 如图所示，关于电和磁的下列说法中正确的是(    )
A. 甲图所示实验表明了发电机的原理
B. 乙图所示实验表明电能可以转化为机械能
C. 丙图所示表明磁体周围存在着磁感线
D. 丁图所示实验表明通电导体周围存在着磁场
10. 如图所示的电路中，电源两端电压保持不变。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右滑动，下列判断正确的是(    )
A. 滑动变阻器接入电路程中的电阻变小
B. 电路中的总电阻变小
C. 电流表的示数变小
D. 电压表的示数变小
11. 小慧为了测量未知电阻Rx，利用学生电源(两端电压不变且未知)、已调零的电流表、阻值已知的定值电阻R0、开关、导线等实验器材，连接了如图所示实验电路。当开关S1、S2都闭合时，电流表的示数为I1；当只闭合开关S2时，电流表的示数为I2。则下列四个选项中，Rx的表达式正确的是(    )

A. Rx=I2−I1I2R0 B. Rx=I1−I2I1R0 C. Rx=I2R0I1−I2 D. Rx=I1R0I2−I1
12. 如图甲所示，实心正方体物块放入柱形容器底部。逐渐向容器内倒入液体A(液体始终未溢出)，物块受到的浮力F浮与容器内液体深度h的图像如图乙实线所示。更换另一种液体B重复上述过程，F浮与h的图像如图乙虚线所示。下列说法中正确的是(    )

A. 物块受到的重力等于8N
B. 液体A的密度小于液体B的密度
C. h=10cm时，物块在液体A中处于悬浮状态
D. 倒入液体B的深度为 10cm时，液体对容器底部的压强为 800Pa
13. 下列说法中正确的是(    )
A. 水的沸点随外界大气压的改变而改变
B. 在水中滴入红墨水，水变红，这属于扩散现象
C. 用手捏海绵，海绵的体积变小了，说明分子间有间隙
D. 塑料吸盘能牢牢地吸附在玻璃上，是因为分子间存在着引力
14. 小明想探究电流通过电阻时产生的热量Q与电流I、电阻R的定性关系。实验桌上有如下器材：两个完全相同的烧瓶，瓶内装有质量和初温相同的煤油、相同的温度计A和B、阻值为R1和R2的电阻丝(R1>R2)，还有满足实验要求的电源、滑动变阻器、开关、导线。他连接了如图所示的电路进行实验，下列说法正确的是(    )

A. 此实验探究的是Q与R的关系
B. 温度计示数变化的大小反映电阻丝中电流的大小
C. 闭合开关一段时间，温度计A比B的示数变化大
D. 闭合开关一段时间，电流通过两个电阻丝产生的热量相等
15. 如图所示，物体的长度为______ cm。

16. 如图所示，物体重5N的球受到的重力的示意图。

17. 小亚用天平和量筒测量某种矿石的密度。

(1)他将天平放在水平台面上，游码归零后，发现指针指示的位置如图甲所示，小亚应将平衡螺母向______ 调节(选填“左”或“右”)，才能使天平水平平衡。
(2)天平调好后，小亚将矿石放在天平的左盘，当右盘中砝码的质量和游码在标尺上的位置如图乙所示时，用量筒测量矿石的体积，如图丙所示，得出矿石的密度ρ=______ g/cm3。
18. 如图所示，在蹄形磁体的磁场中放置一根导线，导线两端通过开关与灵敏电流表连接。

(1)开关闭合后，当电流表指针发生偏转时，导线可能是______。
A.沿水平方向左右运动
B.沿竖直方向上下运动
(2)通过大量实验，总结得出：当闭合电路的一部分导体在磁场中做______运动时，导体中就会产生电流。
19. 小亮认为：物体离平面镜越近，成的像越大。为了证实自己的想法，他选取了薄透明平板玻璃、相同的短蜡烛A和 B、相同的长蜡烛C和D等器材，进行了如下实验：
①如图甲所示，将蜡烛A放在玻璃前面20cm处，将蜡烛B放在玻璃后面适当位置，观察到其与蜡烛A的像完全重合。
②如图乙所示，将蜡烛C放在玻璃前面10cm处，将蜡烛D放在玻璃后面适当位置，观察到其与蜡烛C的像完全重合。
③由蜡烛D比B长，得出蜡烛C的像比A的像也长，进而证明了“物体离平面镜越近，成的像越大”的结论。

请根据以上叙述回答下列问题：
(1)小亮计划探究的问题中的自变量是______ 。
(2)由蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，可以判断蜡烛A的像与蜡烛A的大小相等，理由是______ 。
(3)小亮通过实验证明了他自己的错误想法，请指出实验中出现的问题：______ 。
20. 某同学在做光学实验时，他先将焦距为10cm的凸透镜A固定在光具座上50cm刻度线处，光屏和点燃的蜡烛分别位于凸透镜A两侧，蜡烛放置在20cm刻度线处，如图所示，左右移动光屏，直至光屏上呈现烛焰清晰的像。

(1)上述光屏上所成的像是______ (选填“放大”“等大”或“缩小”)的实像。
(2)保持透镜在50cm刻度线处不动，如果想在光屏上得到更大的清晰的像，应进行的操作是______ 。
(3)将透镜B放在凸透镜A与光屏之间某处(图中未画出)，光屏上原来清晰的像变模糊了，将光屏向远离凸透镜A的方向移动，光屏上又呈现烛焰清晰的像，这说明透镜B对光线有______ (选填“会聚”或“发散”)作用，透镜B能用来矫正______ (选填“近视眼”或“远视眼”)。
(4)若像在光屏上的位置如图乙所示，使像呈现在光屏中央，方法是______ 。
21. 为了比较不同物质的吸热情况，小阳选取了质量相等的水和食用油进行实验，由于物质吸收的热量无法直接测量，他选用两个规格相同的电加热器作为热源，实验装置如图甲、乙所示。电加热器每秒放出的热量是一定的，当它浸没在液体中时，可认为液体每秒吸收的热量是一定的。

(1)文中“规格相同的电加热器”中的“规格”所代表的物理量是______ ，因此可用______ 反映物质吸收热量的多少，依据的理由是______ 。
(2)图丙所示是小阳根据实验数据绘制的图像。分析水或油的图像，归纳出的结论是：______ 。
(3)进一步分析食用油和水的加热时间随温度变化的图像，将质量的因素也考虑进去，将______ 定义为物质的比热容。
22. 如图所示，有一个中空的平行玻璃砖，中空部分的形状犹如一个凸透镜。有一束平行光从左侧垂直入射玻璃砖，从右侧出射之后，是______ (选填“会聚”或“发散”)光束。请说明你判断的理由(可画图辅助说明)。


23. 实验桌上有如下实验器材：满足实验要求的电源、小灯泡、滑动变阻器、开关各一个，已调零的电流表、电压表各一块，导线若干。请利用上述实验器材设计一个实验，探究“通过小灯泡的电流与其两端的电压是否成正比”。
(1)某同学进行正确操作和记录后，利用所测数据，绘制出通过小灯泡的电流随其两端电压变化的图像，由图像可看出通过小灯泡的电流与其两端的电压并不成正比，这是由于______ 。

(2)小阳指出了他的问题并改正以后，进行实验得出的正确的结论。请在方框内画出正确的实验电路图。
①写出实验步骤。
②画出实验数据记录表格。
24. 请阅读《万物尽其用——所用皆属性》并回答下列问题。
万物尽其用——所用皆属性“物尽其用”这个成语，意思是各种东西凡有可用之处，都要尽量利用。《道德经》有人尽其才，物尽其用的描述。在生活中，有时候要用物质的性质来考虑问题。
物质的颜色、气味、状态、是否易熔化、凝固、升华、蒸发，熔点、沸点、硬度、密度、导电性、导热性、延展性这些都是物质的物理性质。厨房中的炒菜锅用不锈钢或铁材料制作，主要是因为其导热性好。而煎药、炖汤用的砂锅采用不易传热的陶土、砂石经过烧制而成，则利用了通气性，吸附性，传热均匀，传热慢的特点。炒菜锅的把手采用橡胶、塑料、木头等材料而不采用金属制作，是因为它们的导热性不好。如图甲、乙所示，家用暖气内装的是水，而电暖器内装的是油。家用暖气主要利用了水放热时，温度降低不至于过多的特点，而电暖器主要利用了油吸热时，温度变化特别明显的特点。冰箱或者空调的冷凝器如图丙所示，内部装有容易汽化、液化的物质。产品包装盒选择密度较小的泡沫塑料制成，勘探队员通过采集样品的密度等信息确定矿藏种类及经济价值。楼房一般都有保温层，填充了保温材料，工程师要根据保温的效果、保温层的厚度，来选取不同保温性能的材料。在新材料领域，石墨烯具有优异的光学、电学、力学特性，在材料学、微纳加工、能源、生物医学和药物传递等方面具有重要的应用前景。石墨烯在电学方面的特性之一是导电性很强，仅次于银和铜。

为了比较两种新型保温材料甲和乙的保温性能，将这两种保温材料分别做成形状、结构、厚度完全相同的保温筒，两保温筒内同时分别放置完全相同、温度均为80℃的恒温源。将两保温筒放在室温为20℃的房间内，每隔10min测量一次两保温筒外表面的温度，根据记录的实验数据绘制的图像如图2所示，图中图像Ⅰ表示保温材料甲做成的保温筒外表面温度随时间变化的图像，图像Ⅱ表示保温材料乙做成的保温筒外表面温度随时间变化的图像。
(1)家用暖气和电暖器中的物质不同，利用了物质的______ 不同的性质。
(2)在比较甲、乙保温材料的实验中，说法正确的是______ 。
A.可用单位时间内保温筒外表面的温度变化表示保温效果
B.甲材料的保温效果比乙材料的保温效果好
C.乙材料的保温效果比甲材料的保温效果好
D.如果把两保温筒内80℃的恒温源换成−18℃的恒温源，其它条件不变，则无法比较甲、乙两种保温材料的保温效果
(3)导电性、导热性也是物质的性质。请从中任选一个，写出比较导电性或者导热性的方法，并加以简要的说明。(可以画图及标注字母辅助说明)
25. 如图甲为一款陶瓷电煎药壶，其简化的工作电路如图乙所示，R1和R2均为电加热丝。它在开始工作时，先武火挡快速加热，当药液的温度达到98℃时，自动跳到文火挡慢熬，药液熬制一段时间后自动跳到保温挡防止药液烧干。电煎药壶正常工作时，武火快速加热功率为500W，文火慢熬功率为100W，某次煎药时药液的温度与电煎药壶工作时间的关系图像如图丙所示。
(1)分析图像可知，电煎药壶武火加热前半段时间的加热效率______ 后半段时间的加热效率；(选填“大于”、“等于”或“小于”)
(2)画出电煎药壶处于文火挡的等效电路图；
(3)求电煎药壶处于保温挡时的功率。

26. 如图所示，一个柱形薄壁容器放在水平桌面上，容器的底面积为1×10−2m2，盛有0.1m深的水。把一个质量为0.16kg、体积为2×10−4m3的正方体物体A轻轻放入水中，水没有溢出，松手后物体A最终处于静止状态。已知水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg。当物体A在水中静止时，求：
(1)通过计算分析说明物体A处于漂浮、悬浮还是沉底状态；
(2)物体A所受浮力的大小；
(3)水对容器底部的压强。
答案和解析

1.【答案】B 
【解析】解：
化石能源、核能、太阳能是直接从自然界得到的，是一次能源；
电能是由一次能源转化来的，是二次能源；
故选：B。
直接从自然界得到的能源叫一次能源；
通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源。
此题考查的是一次能源和二次能源的辨别，是基础题。

2.【答案】C 
【解析】解：诗人辨别出是玉笛的声音，是依据声音的音色不同。故ABD错误、C正确。
故选：C。
声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
区分声音的三个特征(音调、响度、音色)，是解答此题的关键。

3.【答案】B 
【解析】解：A、地上的树影是由于光的直线传播形成的，故A错误；
B、桥在水中的倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B正确；
C、水中的铅笔好像“断了”是光的折射形成了虚像，造成的错觉，故C错误；
D、皮影是由光的直线传播形成的，故D错误；
故选：B。
(1)光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等。
(2)光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，光的折射形成的现象：放在有水的碗中的筷子看起来好像变折了、放大镜、池水看起来变浅等。
(3)光射到介质界面上会发生反射，光反射形成的现象：平面镜成像、水中的倒影、凹面镜成像。
区分三种光现象：光的直线传播现象：影子、日月食、小孔成像；光的反射：镜子、倒影、潜望镜；光的折射：看水中的物体、隔着玻璃或透镜看物体。

4.【答案】B 
【解析】
【分析】
本题考查的是生活中物态变化现象的判断，物态变化知识是中考必考的知识点，解题的关键是把握住物质前后的状态变化。
物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华。
【解答】
A、冰化成水是由固态变为液态的熔化现象，故A不符合题意。
B、草叶上的露珠是空气中的水蒸气液化形成的，故B符合题意。
C、霜是空气中的水蒸气凝华形成的固态小冰晶，故C不符合题意。
D、“雾凇”是固态小冰晶，是水蒸气凝华形成的，故D不符合题意。  
5.【答案】A 
【解析】A、电能表是测量电功或用电器消耗电能的仪表，故A正确；
B、家庭电路中电冰箱和空调工作时互不影响，为并联连接，故B错误；
C、电线的绝缘皮破损时应及时更换，否则容易发生触电事故，故C错误；
D、导致家庭电路中电流过大的原因可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故D错误。
故选：A。
(1)电能表是用来测量某用户在一段时间内所消耗的电能多少的仪表；
(2)家庭电路中，各用电器都是并联连接；
(3)电线的绝缘皮破损时容易造成触电事故；
(4)家庭电路电流过大的原因有两个：短路或用电器的总功率过大。

6.【答案】C 
【解析】解：A、夏天吃一雪糕时，身体感觉凉爽，是雪糕从人体吸收热量，使人体的温度降低，是热传递的方法改变内能的，故A错误；
B、太阳能热水器中的水被晒热，水吸收热量，内能增加，温度升高，通过热传递的方式改变内能，故B错误；
C、瓶内高压气体使瓶塞跳起，高压气体对瓶塞做功，内能转化为机械能，使瓶内气体的内能减小，温度降低，通过做功的方式改变内能，故C正确；
D、放入冰块后的饮料变凉，冰块吸收热量，内能增大，通过热传递的方式改变内能，故D错误。
故选：C。
改变内能的方式有两种：做功和热传递，做功是能量的转化，热传递是能量的转移。
本题主要考查学生对做功与热传递改变物体的内能的了解，是一道基础题。

7.【答案】D 
【解析】解：
AC、仅知道甲乙的额定功率大小关系，不知道两台电暖器的工作时间，无法比较它们消耗电能或电流做功的多少，故AC错误；
BD、正常工作时，电暖器的实际功率等于额定功率，则甲的实际功率大，甲消耗电能比乙快；若不正常工作，则无法比较做功的快慢，故B错误，D正确。
故选：D。
电功率是表示电流做功快慢的物理量，用电器的电功率大表示电流做功快，但不一定做功(消耗电能)多；
由W=Pt可知，电流做功(消耗电能)多少与电功率和工作时间有关。
本题考查了了电功率的物理意义、影响消耗电能(电流做功)多少的因素，注意理解：用电器的电功率大表示电流做功快，但不一定做功(消耗电能)多。

8.【答案】D 
【解析】解：由题意知，排气扇和照明灯既能同时工作，又能分别独立工作，所以排气扇(电动机)和灯泡是并联关系，且各自的支路有一个开关控制，干路上没有开关；由各选项可知，ABC错误，D正确。
故选：D。
根据排气扇和照明灯既能同时工作，又能分别独立工作，分析排气扇(电动机)和灯泡的连接方式及开关情况，从而选择正确答案。
本题利用了并联电路的特点：用电器并联后，可以相互不影响。

9.【答案】D 
【解析】解：A、据图可知，通电后，磁场中的导体会受力运动，说明通电导线在磁场中受力的作用，即电动机的工作原理，故A错误；
B、乙图所示实验为电磁感应现象的实验，表明机械能可以转化为电能，故B错误；
C、丙图是条形磁体周围磁感线的分布情况，磁场是真实存在的，但磁感线是不存在的，故C错误；
D、奥斯特实验说明了通电导线周围有磁场，导体不通电，则导体周围无磁场，故D正确。
故选：D。
(1)电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的；
(2)发电机的工作原理是电磁感应现象，是机械能转化为电能的过程；
(3)对于磁体来说，磁场虽然看不见，但是存在的；为了形象描述磁场的性质而引入了磁感线，磁感线不是真实存在的；
(4)奥斯特实验说明了通电导线周围有磁场。
此题考查了电动机的工作原理、发电机的工作原理及其能量的转化、磁感线、电流的磁效应，这几个实验在电和磁中很重要，同时很容易混淆，所以要注意区分。

10.【答案】C 
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，
将滑动变阻器的滑片P向右滑动，连入电路中电阻丝的长度边长，接入电路中的电阻变大，故A错误；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻变大，故B错误；
由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故C正确；
由U=IR可知，R2两端的电压变小，根据串联电路的电压规律可知，电源电压不变，则R1两端的电压即电压表的示数变大，故D错误。
故选：C。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据串联电路的电压规律可知R1两端的电压变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。

11.【答案】C 
【解析】解：由电路图可知，当只闭合开关S2时，电路为R0的简单电路，电流表测电路中的电流，此时的电源电压为：U=I2R0；
当闭合开关S1和S2时，R0与Rx并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R0的电流不变，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过Rx的电流：Ix=I1−I2，
因并联电路两端电压相等，所以由I=UR可得，Rx=UIx=I2R0I1−I2。
故选：C。
由电路图可知，当只闭合开关S2时，电路为R0的简单电路，电流表测电路中的电流；当闭合开关S1和S2时，R0与Rx并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过Rx的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过R0的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律得出等式可求Rx的阻值。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电流表所测的电路元件是关键。

12.【答案】D 
【解析】解：
A.由图乙可知，当容器内液体A的深度h≥8cm时，正方体物块受到的浮力9N不再发生变化，
而正方体物块的边长为10cm，所以可判断此时物块处于漂浮状态，则物块受到的重力G=F浮A=9N，故A错误；
B.由图乙可知，当容器内液体B的深度h≥10cm时，正方体物块受到的浮力8N不再发生变化，
由F浮BρB，故B错误；
C.因容器内液体A的深度h≥8cm时处于漂浮状态，
所以，当h=10cm时，物块在液体A中仍处于漂浮状态，故C错误；
D.由图乙可知，物块在液体B中浸没时受到的浮力F浮B=8N，
由F浮=ρ液gV排可得，液体B的密度ρB=F浮BgV物=8N10N/kg×(0.1m)3=0.8×103kg/m3，
倒入液体B的深度为10cm时，液体对容器底部的压强pB=ρBgh=0.8×103kg/m3×10N/kg×0.1m=800Pa，故D正确。
故选：D。
(1)根据由图乙可知，当容器内液体A的深度h≥8cm时正方体物块受到的浮力9N不再发生变化，然后与正方体物块的边长相比较判断出物块处于漂浮状态，根据漂浮条件得出物块受到的重力；
(2)根据图乙可知，当容器内液体B的深度h≥10cm时正方体物块受到的浮力8N不再发生变化，比较物体受到的浮力和重力关系判断出物块在液体B中的状态，根据物体浮沉条件得出物块和液体的密度关系，然后得出两液体的密度关系；
(3)容器内液体A的深度h≥8cm时处于漂浮状态，据此得出当h=10cm时物块在液体A中的状态；
(4)根据图乙读出物块在液体B中浸没时受到的浮力，根据F浮=ρ液gV排求出液体B的密度，倒入液体B的深度为10cm时，根据p=ρ液gh求出液体对容器底部的压强。
本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理、液体压强公式的应用，正确判断出物块在两液体中的状态是关键，有一定的难度。

13.【答案】AB 
【解析】解：A、水的沸点随外界大气压的改变而改变，故A正确；
B、在水中滴入红墨水，水变红，这属于扩散现象，故B正确；
C、用手捏海绵，海绵的体积变小了，说明力可以改变物体的形状，不能说明分子间有间隙，故C错误；
D、塑料吸盘能牢牢地吸附在玻璃上，是因为大气压的作用，故D错误。
故选：AB。
(1)液体沸点受大气压影响，气压越低沸点越低。
(2)构成物质的分子总在不停地做无规则运动，从而产生扩散现象。
(3)力可以改变物体的形状。
(4)塑料吸盘利用大气压工作。
知道沸点与气压的关系、扩散现象，理解力的作用效果和大气压的利用，可解答此题。

14.【答案】AC 
【解析】解：A、由题意可知，电流相同，通电时间也相同，电阻不同，所以探究的是Q与R的关系，故A正确；
B、通电后电流通过电阻丝做功，产生热量被煤油吸收，使煤油的温度升高，通过观察温度计的示数变化来判断电流产生的热量的多少，故B错误；
CD、在时间相同时、电流相同时，电阻越大，产生的热量越多，温度计A比B的示数变化大，故C正确、D错误；
故选：AC。
电流通过电阻丝做功，消耗电能转化为内能，产生的热量被煤油吸收，煤油吸收热量温度升高，本实验是通过温度计的示数变化反应电流产生的热量多少；由焦耳定律可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，为了研究电流通过导体产生热量与导体电阻的关系，要控制通过的电流和通电时间不变，改变电阻丝的电阻。
本题考查了学生对焦耳定律、串联电路的电流关系的了解和掌握，利用好控制变量法是本题的关键。

15.【答案】3.60 
【解析】解：由图可知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与0刻度线对齐，所以物体的长度为L=3.60cm。
故答案为：3.60。
使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
本题考查的是刻度尺的读数方法，在读数前一定要观察刻度尺的量程和分度值；需要注意的是长度的测量需要进行估读。

16.【答案】解：小球的重力作用点在球心，从球心沿竖直向下的方向画一条线段，在线段的末端标上箭头表示重力的方向，并标出G=5N，如图所示：
 
【解析】重力的示意图就是用带箭头的线段表示力的三要素，线段的起点在重心为力的作用点，方向竖直向下。
无论物体放在斜面上还是其它地方，重力的方向始终是竖直向下的，在作图时学生容易把重力的方向画成与斜面垂直。

17.【答案】右  2.6 
【解析】解：(1)如图甲所示，调节横梁平衡时，指针左偏说明左盘质量偏大，则平衡螺母应向右调节；
(2)如图乙所示，游码标尺的分度值是0.2g，
矿石的质量：m=20g+20g+10g+2.0g=52.0g；
图丙中水的体积：
V水=20mL=20cm3，
水和矿石的总体积：
V总=40mL=40cm3，
则矿石的体积：
V=V总−V水=40cm3−20cm3=20cm3，
矿石的密度：
ρ=mV=52.0g20cm3=2.6g/cm3。
故答案为：(1)右；
(2)2.6。
(1)天平在调节时，平衡螺母向横梁上翘的一端移动；
(2)在称质量读数时，天平上所有砝码的质量加上游码(读数时以游码左侧对应的刻度为准)所对的数值即待测物体的质量；弄清楚量筒的量程和分度值，再根据液面对应刻度来读数，矿石的体积等于矿石和水的总体积减去水的体积；根据公式ρ=mV求出矿石的密度。
测固体的密度是初中物理比较基本的实验，本题考查用天平和量筒的读数以及密度的计算，考查了学生的实验能力。

18.【答案】A 切割磁感线 
【解析】解：
(1)图中磁感线沿竖直方向，让导线ab在磁场中斜向上运动或左右运动会切割磁感线，导线ab沿竖直方向上下运动不会切割磁感线，故A符合题意；
(2)根据实验可以得出结论：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生电流。
故答案为：(1)A；(2)切割磁感线。
产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流；是否有感应电流产生，关键是看导体是否切割磁感线。
本题是探究电磁感应现象的实验，考查对产生感应电流条件的掌握，常见题目。

19.【答案】蜡烛到镜面的距离  蜡烛A和蜡烛B完全相同  没有控制蜡烛的长度相同 
【解析】解：(1)小亮认为：物体离平面镜越近，成的像越大，则需保持物体长度不变，改变蜡烛到镜面的距离，所以自变量为蜡烛到镜面的距离；
(2)蜡烛A和蜡烛B完全相同，蜡烛B跟蜡烛A的像重合时，像和物体大小相等；
(3)小亮在实验中，将蜡烛C放在玻璃前面10cm处，改变了蜡烛到镜面的距离，但由于没有控制蜡烛的长度不变，所以导致他得出“物体离平面镜越近，成的像越大”的错误结论。
故答案为：(1)蜡烛到镜面的距离；(2)蜡烛A和蜡烛B完全相同；(3)没有控制蜡烛的长度相同。
(1)自变量是最初变动的量，因变量是由于自变量变动而引起变动的量；
(2)蜡烛A和蜡烛B完全相同，蜡烛B跟蜡烛A的像重合时，像和物体大小相等；
(3)物理学中对于多因素(多变量)的问题，常常采用控制因素(变量)的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题；每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法。
本题考查学生动手操作实验的能力并会根据对实验现象的分析得出正确的结论。此类题目在近几年中考中频繁出现，备受出题人青睐。

20.【答案】缩小  蜡烛和光屏都向右移  发散  近视眼  向上移动透镜 
【解析】解：(1)凸透镜A焦距10cm，固定在光具座上50cm刻度线处，蜡烛放置在20cm刻度线处，所以物距u=30cm>2f，物距大于二倍焦距成倒立缩小实像；
(2)保持透镜在50cm刻度线处不动，如果想在光屏上得到更大的清晰的像，应使物距缩小，则像距变大，所以应将蜡烛右移，同时光屏也向右移；
(3)将透镜B放在凸透镜A与光屏之间某处，光屏上原来清晰的像变模糊了，将光屏向远离凸透镜A的方向移动，光屏上又呈现烛焰清晰的像，这说明凸透镜B对光线具有发散作用，是凹透镜，透镜B能用来矫正近视眼；
(4)凸透镜成像时，经过凸透镜光心的光线传播方向不变，为了使像仍能成在光屏中央，这时需要向上移动透镜。
故答案为：(1)缩小；(2)蜡烛和光屏都向右移；(3)发散；近视眼；(4)向上移动透镜。
(1)要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律：物距小于焦距成正立放大虚像。应用是放大镜。
物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大实像，像距大于二倍焦距。
物距等于二倍焦距成倒立等大实像，像距等于二倍焦距。
物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距。
(2)凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小；
(3)凸透镜对光线有会聚作用，远视镜就是凸透镜，凹透镜对光线有发散作用，近视镜就是凹透镜；
(4)凸透镜成像时，经过凸透镜光心的光线传播方向不变。
本题考查凸透镜成像规律实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。

21.【答案】电功率  加热时间  两个规格相同的电加热器作为热源，根据Q=W=Pt，相同时间电加热器放出的热量是一定的  质量相同的水和食用油升高相同的温度，水吸收的热量多  一定质量的某种物质，在温度升高时吸收的热量与它的质量和升高的温度乘积之比 
【解析】解：(1)根据Q=W=Pt，文中“规格相同的电加热器”中的“规格”所代表的物理量是电功率，因此可用加热时间反映物质吸收热量的多少，依据的理由是：两个规格相同的电加热器作为热源，根据Q=W=Pt，相同时间电加热器放出的热量是一定的；
(2)图丙所示是小阳根据实验数据绘制的图像。分析水或油的图像，归纳出的结论是：质量相同的水和食用油升高相同的温度，水加热时间长，水吸收的热量多；
(3)进一步分析食用油和水的加热时间随温度变化的图像，将质量的因素也考虑进去，将一定质量的某种物质，在温度升高时吸收的热量与它的质量和升高的温度乘积之比定义为物质的比热容。
故答案为：(1)电功率；加热时间；(2)两个规格相同的电加热器作为热源，根据Q=W=Pt，相同时间电加热器放出的热量是一定的；(3)一定质量的某种物质，在温度升高时吸收的热量与它的质量和升高的温度乘积之比。
(1)根据Q=W=Pt分析；
(2)分析图丙得出结论；
(3)一定质量的某种物质，在温度升高时吸收的热量与它的质量和升高的温度乘积之比，叫做这种物质的比热容。
本题比较不同物质的吸热情况，考查W=Pt的运用和数据分析归纳结论的能力及比热容的定义。

22.【答案】发散 
【解析】解：由图和题知，中空部分的形状犹如一个凸透镜，不是玻璃元件，故玻璃元件不是凸透镜。这是一块玻璃砖被气泡分成两部分，这两部分都是中间薄、边缘厚，都是凹透镜。因此对照过去的平行光有发散作用。
故答案为：发散。
要判断光线通过玻璃砖后会怎样，关键是要看玻璃砖属于什么透镜。图中玻璃砖是被气泡分成了两部分，这两部分都属于凹透镜，凹透镜对光有发散作用。
本题中的一个干扰因素就是那个凸形的气泡，学生往往只注意到了气泡的形状，而忽视了对光线起主要作用的其实是玻璃砖。

23.【答案】灯丝的电阻随着温度的升高而增大 
【解析】解：(1)在电阻一定时，通过电阻的电流与其两端的电压成正比，在实验过程中，由于灯泡两端的电压增大，灯泡的实际功率变大，灯泡的温度升高，灯丝的电阻随温度的升高而增大，这样会导致通过小灯泡的电流与其两端电压并不成正比。
(2)根据实验目的，需要保持小灯泡的电阻不变，仅改变其两端的电压，看通过小灯泡的电流与其两端的电压是否成正比。改正方法是让小灯泡放于恒温箱中进行实验，正确的实验电路如下图所示：
；
①实验主要步骤如下：
1、把小灯泡放于恒温箱中，按电路图连接实物图；
2、闭合开关，移动滑片在某一位置，记录电压表和电流表示数；
3、多次改变滑片位置，记录相应的电压表和电流表示数；
4、分析数据，得出结论。
②实验数据记录表格如下：
。
故答案为：(1)灯丝的电阻随着温度的升高而增大；(2)电路图见解答栏；①1、把小灯泡放于恒温箱中，按电路图连接实物图；2、闭合开关，移动滑片在某一位置，记录电压表和电流表示数；3、多次改变滑片位置，记录相应的电压表和电流表示数；4、分析数据，得出结论。②见解答栏表格。
(1)灯丝的电阻随着温度的升高而增大；
(2)探究电流与电阻关系的实验电路图是初中物理必须掌握的电路图，在标准图的基础上，把定值电阻换成灯泡即可；
①根据实验操作的先后顺序写出主要操作步骤；
②根据需要记录的数据设计出实验数据记录表格。
本题是探究电流与电压关系的实验，要了解实验控制条件，知道灯丝电阻大小的决定因素、会设计电路图、能够描述实验的主要步骤、能够设计实验记录表格，能够锻炼学生的实验分析和设计能力，有一定难度。

24.【答案】比热容  AC 
【解析】解：(1)由Q=cmΔt知，水的比热容大，与其它物质相比，质量和放出热量相同时，温度下降较小；油的比热容较小，与其它物质相比，在质量和吸收热量相同时，升高的温度较高。
(2)ABC、由图知在相等时间内，乙的温度升高的少，乙材料的保温性能好，故可用单位时间内保温筒外表面的温度变化表示保温效果，故AC正确，B错误；
D、如果把两保温筒内80℃的恒温源换成−18℃的恒温源，其它条件不变，可以通过相同时间，降低的温度多少来比较甲、乙两种保温材料的保温效果，故D错误。
故选：AC。
(3)比较不同物质的导电性
比较两卷粗细相同的不同金属的导电性，根据电阻的影响因素：导体的材料、横截面积和长度，所以需要截取长度相同的不同金属线；比较不同金属线的导电性时，我们需要给导线通电，测出电路中的电流来比较电阻的大小，所以需要的实验器材有：电源、若干导线、开关和电流表。
①所需要的器材：电源、若干导线、电流表、粗细和长度相等的不同金属线A和B；
②实验步骤：
Ⅰ、按如图所示的电路图先将金属线A接入电路中；
Ⅱ、闭合开关，读出电流表的示数I1；
Ⅲ、断开开关，用金属线B替换金属线A，再闭合开关，读出电流表的示数I2；
Ⅳ、分析实验数据，电流大的导电性能好。
故答案为：(1)比热容；(2)AC；(3)①所需要的器材：电源、若干导线、电流表、粗细和长度相等的不同金属线A和B；②实验步骤：Ⅰ、按如图所示的电路图先将金属线A接入电路中；Ⅱ、闭合开关，读出电流表的示数I1；Ⅲ、断开开关，用金属线B替换金属线A，再闭合开关，读出电流表的示数I2；Ⅳ、分析实验数据，电流大的导电性能好。
(1)家用暖气内装的是水，而电暖器内装的是油，是利用了水的比热容大，油的比热容小的性质。
(2)在相等时间内，两保温筒外表面的温度升高的越少，材料的保温性能越好，用单位时间内保温筒外表面的温度变化表示保温效果，这是转换法。
(3)比较导电性是需要比较两种材料的电阻大小，那么就需要知道通电时的电流大小来比较它们的电阻，据此选择器材并进行实验。
本题考查了比热容的应用、实验数据的分析，最后的设计实验为开放题，需要学生对各种物理实验非常熟悉，进而找到适合的方案。

25.【答案】解：(1)由图丙可知，电煎药壶武火加热前半段时间药液温度变化量△t1=48℃−18℃=30℃，后半段时间药液温度变化量△t2=98℃−48℃=40℃，
由Q吸=cm△t可知，电煎药壶武火加热时药液后半段时间吸收的热量多，
由P=Wt的变形式W=Pt可知，电煎药壶武火加热时前后半段时间内消耗的电能相等，
由η=Q吸W×100%可知，电煎药壶武火加热前半段时间的加热效率小于后半段时间的加热效率；
(2)由电路图可知，当开关S1接1、S2断开时R1与R2串联，
如图所示：
当开关S1接2、S2断开时电路为R2的简单电路，
如图所示：

当开关S1接2、S2闭合时R1与R2并联，
如图所示：
因串联电路中总电阻大于任何一个分电阻、并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，
所以，当开关S1接2、S2闭合时电路的总电阻最小，当开关S1接1、S2断开时电路的总电阻最大，
电源的电压一定时，由P=UI=U2R可知，当开关S1接2、S2闭合时，电路的总功率最大，电煎药壶处于武火挡；
同理可知，当开关S1接1、S2断开时，电煎药壶处于保温挡，
则当开关S1接2、S2断开时，电煎药壶处于文火挡，等效电路图如下图所示：

(3)当开关S1接2、S2断开时，电路为R2的简单电路，电煎药壶处于文火挡，
则电加热丝R2的阻值：R2=U2P文火=(220V)2100W=484Ω，
当开关S1接2、S2闭合时，R1与R2并联，电煎药壶处于武火挡，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，且电路的总功率等于各用电器功率之和，
所以，电加热丝R1的电功率：P1=P武火−P文火=500W−100W=400W，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，电加热丝R1的阻值：R1=U2P1=(220V)2400W=121Ω，
当开关S1接1、S2断开时，R1与R2串联，电煎药壶处于保温挡，
电煎药壶处于保温挡时的功率：P保温=U2R总=U2R1+R2=(220V)2121Ω+484Ω=80W。
答：(1)小于；
(2)电煎药壶处于文火挡的等效电路图；
(3)电煎药壶处于保温挡时的功率为80W。 
【解析】本题考查了吸热公式和电功公式、效率公式、串并联电路的特点以及电功率公式的综合应用等，正确得出电煎药壶处于不同加热状态时电路的连接方式是关键。
(1)根据图丙读出电煎药壶武火加热前半段时间和后半段时间药液温度的变化量，根据Q吸=cm△t比较两种情况下吸收的热量关系，根据W=Pt比较两种情况下消耗的电能关系，利用η=Q吸W×100%比较两种情况下加热效率的关系；
(2)由电路图可知，当开关S1接1、S2断开时R1与R2串联，当开关S1接2、S2断开时电路为R2的简单电路，当开关S1接2、S2闭合时R1与R2并联，根据电阻的串联特点和电阻的并联特点比较总电阻关系，电源的电压一定时，根据P=UI=U2R可知，电路的总电阻最小时，总功率最大，电煎药壶处于武火挡，反之处于保温挡，从而得出文火挡，进一步画出文火挡的等效电路图；
(3)当开关S1接2、S2断开时，电路为R2的简单电路，电煎药壶处于文火挡，根据P=UI=U2R求出电加热丝R2的阻值；当开关S1接2、S2闭合时，R1与R2并联，电煎药壶处于武火挡，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响和电路的总功率等于各用电器功率之和可知，电加热丝R1的电功率等于武火挡减去文火挡，根据并联电路的电压特点和P=UI=U2R求出电加热丝R1的阻值；当开关S1接1、S2断开时，R1与R2串联，电煎药壶处于保温挡，根据电阻的串联和P=UI=U2R求出电煎药壶处于保温挡时的功率。

26.【答案】解：(1)正方体的密度为：
ρ=mV=0.16kg2×10−4m3=0.8×103kg/m3