还剩15页未读，
继续阅读
成套系列资料，整套一键下载
2023年吉林省长春市宽城区中考物理一模试卷（含答案解析）
展开
这是一份2023年吉林省长春市宽城区中考物理一模试卷（含答案解析），共18页。试卷主要包含了 吉剧是我省特有的戏曲剧种， 青年科学家曹原研究发现等内容，欢迎下载使用。
2023年吉林省长春市宽城区中考物理一模试卷
1. 吉剧是我省特有的戏曲剧种。观看演出时，人们能分辨出锣、鼓的声音是依据声音的( )
A. 音调 B. 频率 C. 响度 D. 音色
2. 在众多的科学巨匠中，最早提出“力不是维持物体运动的原因”，被后人誉为实验物理学先驱的科学家是( )
A. 伽利略 B. 牛顿 C. 帕斯卡 D. 阿基米德
3. 青年科学家曹原研究发现：当两个石墨烯平面以约1.1∘的角叠加在一起时，再加入一定数量的电子，石墨烯的电阻突然变为0。此现象中石墨烯是( )
A. 绝缘体 B. 导体 C. 半导体 D. 超导体
4. 如图所示，磁性黑板贴吸在竖直悬挂的黑板上，黑板由铁质材料制成。不计黑板贴之间的相互作用力，则下列说法正确的是( )
A. 黑板贴受到的重力与黑板贴受到的摩擦力大小相等
B. 用垂直于黑板的力压黑板帖时，黑板贴受到的摩擦力增大
C. 黑板贴对黑板的吸引力与黑板对黑板贴的吸引力是一对平衡力
D. 黑板贴受到的重力与黑板对黑板贴的吸引力是一对平衡力
5. 在日常生活生产中，根据需要常常要考虑受力面上的压强大小。下列事例中能增大压强的是( )
A. 坦克通过履带与地面接触
B. 单钢轮压路机有较重的前轮
C. 滑雪板与雪地接触面积较大
D. 背包用较宽的背带
6. 下图是生活中几种常见的杠杆，其中属于省力杠杆的是( )
A. 钓鱼竿 B. 道钉撬
C. 筷子 D. 理发剪刀
7. 现代生活离不开电，下列符合安全用电规范的是( )
A. 用正在充电的手机接听电话 B. 家庭电路中装有空气开关和漏电保护器
C. 发现有人触电立即用手将其拉开 D. 用湿布擦拭正在工作的用电器
8. 汽油机是热机的一种，下列关于汽油机的说法正确的是( )
A. 汽油机的做功冲程将机械能转化为内能
B. 汽油用去一半时，它的热值将减小一半
C. 汽油机的效率可达到100%
D. 燃烧等质量同规格的汽油，做的有用功越多，汽油机的效率越高
9. “我劳动，我快乐！”，如图所示，小明同学在家洗碗，将沉在洗碗池的碗洗干净后放在水面漂浮，洗碗池里的水量不发生变化。若碗沉底时，碗受到的浮力为F1，水对池底的压强为p1，碗漂浮时，碗受到的浮力为F2，水对池底的压强为p2，则如下关系正确的选项是( )
A. F1>F2；p1>p2 B. F1=F2；p1>p2
C. F1F2；p1=p2
10. 如图所示，利用滑轮组将重为80N的物体在30s内匀速提升3m，已知拉力F为50N，若不计绳重和摩擦。下列说法正确的是( )
A. 绳端移动的速度为0.3m/s
B. 动滑轮重力为50N
C. 拉力做功的功率为40W
D. 滑轮组的机械效率为80%
11. “西塞山前白鹭飞，桃花流水鳜鱼肥”([唐]张志和《渔歌子》)。如图是白鹭在如镜的水面上飞行的情形。水中的“白鹭”是由光的______ 形成的______ (选填“实”或“虚”)像。若水深3m，当白鹭距离水面5m时，它的像距离白鹭______ m。
12. 如图所示，西汉时期的《淮南万毕术》中记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则火生。”将冰块削成冰透镜生火是利用了凸透镜对光线具有______作用，请判断：若要快速“火生”应把“艾”放在冰透镜的______位置。
13. 2021年8月5日，中国14岁的全红婵以创奥运纪录的高分夺得东京奥运会10米跳台冠军，如图所示，在下落过程中忽略空气阻力，她的重力势能转化为______ 能，下落时她相对于水面是______ (填“静止”或“运动”)的。
14. 如图是一款无人驾驶的太阳能汽车，它可以实现自动驾驶和远程操控，利用车顶的太阳能电池板提供能源。太阳能是______(填“一次”或“二次”)能源，远程操控太阳能汽车的指令是通过______传递给汽车的，该汽车在干燥的天气里高速行驶一段时间后，发现车身上灰尘很多，这是由于汽车车身与空气摩擦导致车身______而吸引灰尘。
15. 如图甲所示是在“探究水的沸腾时温度变化的特点”活动中使用的实验装置。小丽同学负责的实验小组测量了水在加热过程中温度随时间变化情况，并记录有关数据如表所示：
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
温度/℃
90
92
94
96
97
98
98
98
98
(1)图乙是水在加热过程中的示数，此时水的温度是______ ℃；
(2)通过分析表格数据可得到：水的沸点为______ ℃；通过实验可得：水在沸腾过程中，要不断______ (填“吸收”或“放出”)热量，温度______ ；
(3)实验结束后，若往烧杯里加入一些冷水，杯内的水停止沸腾。原因是水______ (填“温度低于沸点”或“不能继续吸热”)。
16. “在探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中：
(1)如图所示，物体放在水平桌面上，为测出滑动摩擦力大小，三次实验中均用弹簧测力计沿水平方向______ 拉动木块A，弹簧测力计的示数；F1
(3)丙图中，若增大弹簧测力计的拉力，拉动木块A和砝码一起做直线运动，此时木块A所受滑动摩擦力______ (选填“变大”“变小”或“不变”)，木块A上面的砝码______ (选填“受”或“不受”)摩擦力。
17. 在探究影响液体压强因素的实验中，用几根一端封有相同橡皮薄膜的玻璃管进行实验，在5号管中装入盐水，其它管中装入水，如图所示。
(1)通过观察玻璃管下方薄膜鼓起的程度反映液体压强的大小，用到的研究方法是______ (选填“控制变量法”、“类比法”、“转换法”)。
(2)根据图甲中三支相同玻璃管薄膜鼓起的程度，猜想：液体的压强可能与液体的______ (选填“长度”、“深度”、“长度或深度”)、质量、重力、体积、管的粗细有关。
(3)选用丙图中2号管和6号管进行实验，6号管水柱比2号管水柱长，实验时需控制两管水柱的______ 相等，发现玻璃管薄膜鼓起程度相同，可得液体压强与液体长度无关，与液体深度有关。
(4)图乙中，4号管上段更粗，下段与2号管粗细相同，两管中水的总深度相同，发现两管薄膜鼓起的程度相同，可得：液体压强的大小与液体的质量、重力、体积、管的粗细都______ 。
(5)图丙中，5号管和2号管的液柱深度相等，利用5号管和2号管可探究液体压强与液体的______ 是否有关。
18. 在“探究电流与电阻的关系”实验中，部分器材选用如下：电压为6V的电源，滑动变阻器1只，10Ω、20Ω、30Ω、50Ω的定值电阻各一个，其他器材如图，回答下列问题。
(1)用笔画线代替导线将甲图中的电路连接完整。要求滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大；
(2)闭合开关后，发现电流表无示数，电压表指针超过量程，则电路的故障可能是______ ；
(3)排除故障后，先将10Ω定值电阻接入电路，在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察______ (电流表/电压表/滑动变阻器)；
(4)接下来断开开关，取下10Ω的定值电阻，换成20Ω的定值电阻，再闭合开关，应向______ (A/B)端移动滑片，直至电压表示数为______ V时，读出电流表的示数。记录实验数据，并绘制成图乙所示。
(5)为了顺利完成本实验，滑动变阻器的最大值至少______ Ω。
19. 物理探究小组设计了如图所示的实验装置进行了很多探究：
(1)利用本装置可以探究电流产生的热量与导体电阻的关系。
①将两个电阻丝串联接入电路，闭合电路后通过两个电阻丝的______ 一定相等，并且通电时间也一定相同。
②已知Ra>Rb，两个烧瓶内装有等质量的同种液体，经测量发现甲烧瓶中液体温度升高的比乙烧瓶中的液体更快，则可得结论：当通电时间和电流相同时，______ 越大，产生的热量越多。
(2)利用本装置还可以探究不同物质的吸热本领：
①分别在两个烧瓶内装入______ (选填“等质量”或“等体积”)的水和煤油，并要求两电阻的阻值Ra______ Rb(选填“<”、“=”或“>”)，实际测量过程中的数据记录在如表中：
加热时间/min
0
1
2
3
4
5
6
水的温度/℃
50
60
70
80
90
98
98
煤油温度/℃
50
70
90
110
130
150
170
②本实验中通过______ 来反映水和煤油吸收热量，并根据表格中的数据可计算出煤油的比热容为______ J/(kg⋅℃)。
20. 小艾同学按如图所示步骤，进行探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验。
(1)在图A中画出物体所受重力示意图。
(2)通过比较步骤 A、B、C、D，可以得出结论；同种液体中，物体受到的浮力大小与______ 有关。
(3)通过比较步骤 A、B、E，______ (选填“可以”或“不可以”)得出浮力大小与液体密度有关。
(4)仔细分析实验数据知物体体积为______ cm3；图E中弹簧测力计示数是______ N。(ρ酒精=0.8g/cm3)
(5)若完成实验后，小艾发现整个实验中弹簧测力计都忘记了校零，测得物体浸没在水中受到的浮力与真实值相比______ 。(选填“偏大”、“不变”或“偏小”)
21. 中考体检时，我们都要测量体重，常用的测量工具是人体秤.测量时如图甲所示。秤中的力敏传感器由弹性体和金属电阻丝R组成，电阻丝粘贴在弹性体上，但两者之间隔有绝缘材料。当秤台上有重物时，弹性体被压缩，电阻丝R随之变短，阻值发生变化。据此原理，小明利用力敏传感器设计了一种既能称量物重，又能实现报警的人体秤的模拟电路，如图乙所示。电源电压为3V，电流表量程为0∼0.6A。闭合开关后，秤台上不放重物时，电流表示数为0.2A，随着秤台重物的增加，电流表示数会发生变化，当电流达到0.4A，电磁铁会吸引衔铁，动、静触点接触，电路报警。(电磁铁线圈电阻不计，g取10N/kg)
(1)若图甲中人体质量为50kg，双脚和秤台的接触面积为400cm2，则秤台表面承受的压强为______ Pa。
(2)当称台上重物重力增加时，电阻丝R的阻值会变______ ，从而使电磁铁的磁性变强。
(3)若报警灯L的额定电压为3V，其电流随电压变化规律如图丙所示。
①闭合开关，秤台不放重物到电路开始报警时，报警灯L的功率变化了______ W。
②电阻丝R阻值的变化量与所测物体质量的增加量成正比，当秤台上物体的质量为10kg，力敏电阻的变化量为1Ω；当电流表示数为0.4A时，秤台上物体的质量为多少？(写出必要的文字说明，表达式和最终结果。)
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：锣和鼓即使它们发声的音调和响度相同，但它们的音色是不同的，我们根据音色的不同就能分辨出来。
故选：D。
不同的物体发出的声音，即使音调和响度相同，我们还是能分辨出它们的不同，依靠的就是它们的音色。
音调、响度、音色是声音的三个特征，知道它们分别与哪些因素有关，能正确理解音调和响度的不同。
2.【答案】A
【解析】解：A、伽利略，通过实验改进了力学研究方法，是最早提出“力不是维持物体运动的原因”的物理学家。故A正确；
B、牛顿，在伽利略的基础上总结出力学牛顿三大定律。故B错误；
C、帕斯卡，发现气压变化规律，他的名字被命名作为压强的单位。故C错误；
D、阿基米德，在浮力知识方面以阿基米德原理著称，另外他总结并证明了杠杆定律。故D错误；
故选：A。
本题要求学生对初中物理中几位重大贡献的科学家有一定的认识，然后即可写出答案。
本题意图是为了让同学了解物理学家对物理学的贡献。
3.【答案】D
【解析】解：由题意知，当两层石墨烯以约1.1∘的角叠加在一起时，再加入一定数量的电子，石墨烯的电阻突然变为0，这种现象叫做超导现象，所以石墨烯是超导体。
故选：D。
超导现象是指电阻为零的现象。
本题以石墨烯材料为例，考查了超导体的特点，体现了物理与高科技领域的联系，值得我们关注。
4.【答案】A
【解析】解：AB、黑板贴受到的重力与黑板贴受到的摩擦力是一对平衡力，大小相等，当用垂直于黑板的力压黑板贴时，由于重力不变，所以黑板贴受到的摩擦力大小不变，故A正确，B错误；
C、黑板贴对黑板的吸引力与黑板对黑板贴的吸引力，这两个力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故C错误；
D、黑板贴受到的重力方向竖直向下，黑板对黑板贴的吸引力在水平方向上，不符合二力平衡条件，不是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上。
本题主要考查学生对平衡力的辨别，学习中特别要注意平衡力和相互作用力的区别：是否作用于同一物体。
5.【答案】B
【解析】解：A、坦克通过履带与地面接触，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A不合题意；
B、单钢轮压路机有较重的前轮，是在受力面积一定时，通过增大压力增大压强，故B符合题意；
C、滑雪板与雪地接触面积较大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C不合题意；
D、背包用较宽的背带，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D不合题意。
故选：B。
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力。
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。
6.【答案】B
【解析】解：道钉撬在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；筷子、钓鱼竿、理发剪刀在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故B正确。
故选：B。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查了杠杆的类型，属于基础题。
7.【答案】B
【解析】解：
A、手机充电时接听电话，若充电器或电池不合格，有发生爆炸的可能，所以充电时不要接打电话，故A不符合安全用电常识；
B、家庭电路安装漏电保护器是防止漏电而采取的安全措施，空气开关是为了防止电路中的电流过大而采取的安全措施，故B符合安全用电常识；
C、因为水是导体，并且具有流动性，一旦与火线相连，人就会发生触电事故，不能用湿抹布擦正在发光的台灯灯泡，故C不符合安全用电常识；
D、发现有人触电后首先切断电源，把触电者拉离电源，因人体是导体，可避免救助者间接触电事故，故D不符合安全用电常识。
故选：B。
(1)手机在进行充电时上网或通话，若充电器或电池不合格，有发生爆炸的可能，会对人体造成损伤；
(2)漏电保护器跳闸是因为火线与零线电流不同；空气开关“跳闸”的原因：一是短路，二是用电器总功率过大，三是用电器漏电，家庭电路中电流过大时，空气开关会切断电路；
(3)当有人触电时，应先切断电源；
(4)湿物体是导体，接触带电体容易发生触电。
此题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，不能违反。
8.【答案】D
【解析】解：A、图中的做功冲程中高温高压燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能，故A错误；
B、热值是燃料的一种特性，与它是否完全燃烧没有关系，汽油用去一半时，其热值不变，故B错误；
C、热机工作过程中，能量的损失是不可避免的，所以随着技术的进步，汽油机的效率也达不到100%，故C错误；
D、燃烧等质量同规格的汽油，做的有用功越多，内能转化成的机械能与内能的比值越大，热机的效率越高，故D正确。
故选：D。
(1)根据气门和活塞的状态判断是哪个冲程；汽油机的做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程将机械能转化为内能；
(2)热值是燃料的一种特性，与它是否完全燃烧没有关系；
(3)由于存在能量的损失，任何热机的效率都永远小于100%；
(4)热机的效率是指热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比，根据热机效率的定义分析。
本题是一道与热机有关的综合题，考查了热机的原理、效率及能量损失的途径。难度不大，熟悉基础知识即可正确解答。
9.【答案】C
【解析】解：若碗沉底时，碗受到的浮力为F1
若碗沉底时，碗受到的浮力为F1
本题考查浮力、压强的有关问题，关键在于浮沉条件和阿基米德原理的灵活运用。
10.【答案】D
【解析】解：A、由图可知n=2，绳子自由端移动的距离：s=2h=2×3m=6m，绳子自由端移动的速度：v=st=6m30s=0.2m/s，故A错误；
B、因为不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)，所以动滑轮的重力：G动=nF−G=2×50N−80N=20N，故B错误；
C、拉力做的总功：W总=Fs=50N×6m=300J，拉力做功的功率：P=W总t=300J30s=10W，故C错误；
D、不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率：η=W有W总=GhFs=GhF×nh=GnF=80N2×50N×100%=80%，故D正确。
故选：D。
(1)由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh，利用v=st求绳子自由端移动的速度；
(2)利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求动滑轮的重力；
(3)利用W总=Fs求拉力做的总功，利用P=W总t求拉力做功的功率；
(4)利用不计绳重和摩擦时η=W有W总=GhFs=GhF×nh=GnF求出滑轮组的机械效率。
本题考查了使用滑轮组时绳子的拉力、有用功、总功、功率和机械效率的计算，明确有用功和总功是关键。
11.【答案】反射 虚 10
【解析】解：水中的“白鹭”属于倒影，是由光的反射形成的；
物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等，当白鹭距离水面5m时，它的像距离水面5m，像距离白鹭10m。
故答案为：反射；虚；10。
水中倒影属于镜面反射，所成像为虚像，物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等。
本题考查了平面镜的成像特点，属于基础题。
12.【答案】会聚 焦点
【解析】解：要取火需要将光线会聚，所以应该将冰块制成凸透镜，透镜会把光线会聚在焦点上时，所以当把艾放在焦点上时，会随着温度的升高达到燃点时即可燃烧。
故答案为：会聚；焦点。
凸透镜对光线有会聚作用，平行于主光轴的光线，经凸透镜折射后会聚成一点，这点是凸透镜的焦点，焦点的温度很高。
此题考查了凸透镜会聚光线的特点及灵活利用凸透镜解决生活实际问题的能力，是中考考查的热点。
13.【答案】动 运动
【解析】解：全红婵在下落过程中忽略空气阻力，她的重力势能转化为动能，下落时她相对于水面的位置在不断变化，她是运动的。
故答案为：动；运动。
(1)物体由于运动所具有的能量叫动能。
(2)物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的，物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。
知道动能和势能在一定的条件下可以相互转化；知道运动和静止的相对性。
14.【答案】一次 电磁波 带电(带电荷)
【解析】解：太阳能可以从自然界直接获取，所以太阳能是一次能源；
远程操控太阳能汽车的指令是通过电磁波远程操控太阳能汽车的；
车身与空气摩擦带上电荷，而带电体具有吸引轻小物体的性质，使得车身吸引灰尘。
故答案为：一次；电磁波；带电(带电荷)。
(1)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；
(2)远程操控是靠发射电磁波来传递信息的；
(3)带电体具有吸引轻小物体的性质。
本题考查了能源的分类、电磁波的利用、带电体的性质，考查我们对物理知识的综合理解能力。
15.【答案】97 98 吸收 保持不变 温度低于沸点
【解析】解：(1)该温度计的分度值是1℃，此时水的温度是97℃；
(2)通过表格可得到：水的沸点为98℃；水在沸腾过程中，要不断吸收热量，温度保持不变；
(3)沸腾的条件是：达到沸点、继续吸热。实验结束后，若往烧杯里加入一些冷水，杯内的水停止沸腾。原因是水温度低于沸点，杯内的水停止沸腾。
故答案为：(1)97；(2)吸收；保持不变；(3)温度低于沸点。
(1)温度计在读数前，要弄清楚它的零刻度、量程和分度值；
(2)水沸腾时温度不变，水沸腾时的温度为沸点；水在沸腾时，吸收热量，温度不变；
(3)沸腾的条件：达到沸点，继续吸热。
本题是观察水的沸腾实验，本实验难度不大，但常考，所以要掌握好。
16.【答案】匀速 2.4甲乙 压力 不变 受
【解析】解：(1)根据二力平衡的知识，用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿长木板做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，弹簧测力计对木块的拉力等于木块受到的滑动摩擦力的大小；由图丙可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2.4N；
(2)比较甲、乙两图，压力一定，接触面粗糙不同，故可以得出结论：压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
比较乙、丙两幅图，接触面粗糙程度相同，压力不同，故可得结论：接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
(3)若增大弹簧测力计的拉力，但压力和接触面的粗糙程度不变，此时木块A所受滑动摩擦力不变，此时拉力大于摩擦力，木块A上面的砝码与木块之间有相对运动的趋势，受到木块对A向右的摩擦力的作用。
故答案为：(1)匀速；2.4；(2)甲、乙；压力；(3)不变；受。
(1)根据二力平衡的条件分析；根据影响滑动摩擦力大小的因素分析摩擦力的变化；
(2)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟接触面积大小无关。当接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大。当压力大小一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
(3)滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关；根据A的运动状态判定是否受到摩擦力。
此题探究摩擦力的大小与什么因素有关，掌握两个影响因素，并注意控制变量法的应用。
17.【答案】转换法 长度或深度 深度 无关 密度
【解析】解：(1)通过观察玻璃管下方薄膜鼓起的程度反映液体压强的大小，用到的研究方法是转换法。
(2)根据图甲中三支相同玻璃管都竖直放置，此时液体的深度等于液体的长度，薄膜鼓起的程度不同，猜想：液体的压强可能与液体的长度或深度、质量、重力、体积、管的粗细有关。
(3)选用丙图中2号管和6号管进行实验，6号管水柱比2号管水柱长，实验时需控制两管水柱的深度相等，发现玻璃管薄膜鼓起程度相同，可得液体压强与液体长度无关，与液体深度有关。
(4)图乙中，4号管上段更粗，下段与2号管粗细相同，两管中水的总深度相同，4号管中液体的体积大，质量和重力较大，发现两管薄膜鼓起的程度相同，可得：液体压强的大小与液体的质量、重力、体积、管的粗细都无关。
(5)图丙中，5号管和2号管的液柱深度相等，因盐水密度大于水的密度，5号管薄膜鼓起的程度较大，故利用5号管和2号管可探究液体压强与液体的密度是否有关。
故答案为：(1)转换法；(2)长度或深度；(3)深度；(4)无关；(5)密度。
(1)根据转换法，通过观察玻璃管下方薄膜鼓起的程度反映液体压强的大小。
(2)图甲中三支相同玻璃管都竖直放置，此时液体的深度等于液体的长度，薄膜鼓起的程度不同，据此回答；
(3)液体的深度是某处到液体自由面的高度，丙图中6号管水柱比2号管水柱长，但深度相同。
(4)根据已知条件，4号管中液体的体积大，质量和重力较大，发现两管薄膜鼓起的程度相同，据此回答；
(5)比较图丙中5号管和2号管的液柱深度关系，因盐水密度大于水的密度，结合转换法分析回答。
本题探究影响液体压强因素的实验，考查转换法的运用及对深度概念的理解。
18.【答案】R断路了 电压表 B 2 100
【解析】解：(1)要求滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大，变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：
(2)闭合开关后，发现电流表无示数，电路可能断路，电压表指针超过量程，则电压表与电源连通，则电路的故障可能是R断路了；
(3)“探究电流与电阻的关系”实验中，要控制电阻的电压不变，排除故障后，先将10Ω定值电阻接入电路，在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察电压表；
(4)10Ω定值电阻接入电路，根据图乙可知，对应的电流为0.2A，根据欧姆定律可知电阻的电压为：
UV=IR=0.2A×10Ω=2V；
根据串联分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成20Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向B端移动，使电压表的示数为2V；
(5)根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压
U滑=U−UV=6V−2V=4V；
变阻器分得的电压为电压表示数的2倍，根据分压原理，当接入50Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑=2×50Ω=100Ω；
为了顺利完成本实验，滑动变阻器的最大值至少100Ω。
故答案为：(1)见解析中的图；(2)R断路了；(3)电压表；(4)B；2；(5)100。
(1)根据滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大确定变阻器左下接线柱连入电路中；
(2)若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
(3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压不变；
(4)10Ω定值电阻接入电路，根据图2可知对应的电流，根据欧姆定律得出电阻的电压；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(5)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入50Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。
本题探究电流与电阻的关系，考查电路的连接、故障分析、操作过程和对器材的要求。
19.【答案】电流 电阻 等质量 =加热时间 2.1×103
【解析】解：(1)①将两个电阻丝串联接入电路，根据串联电路电流的规律，闭合电路后通过两个电阻丝的电流一定相等，并且通电时间也一定相同；
②已知Ra>Rb，两个烧瓶内装有等质量的同种液体，经测量发现甲烧瓶中液体温度升高的比乙烧瓶中的液体更快，由转换法可知，Ra产生的热量多，则可得结论：在电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多；
(2)①根据比较吸热能力的方法，分别在两个烧瓶内装入等质量的水和煤油，因通过两个电阻丝的电流相等，通电时间也一定相同，为控制相同时间不同物质吸热相同，根据Q=I2Rt，要求两电阻的阻值Ra=Rb；
②因两电阻大小和通过两电阻的电流相同，根据Q=I2Rt，本实验中通过加热时间来反映水和煤油吸收热量；
根据表中数据可知，加热4分钟(吸热相同)，水升高的温度为：
90℃−50℃=40℃；
煤油升高的温度为：
130℃−50℃=80℃；
根据Q=cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，则煤油的比热容为：
c=40℃80℃×4.2×103J/(kg⋅℃)=2.1×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：(1)①电流；②电阻；(2)①等质量；=；②加热时间；2.1×103。
(1)①电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析；
②电阻丝产生的热量不易直接观察，由转换法，可使等质量初温相同的液体吸收热量，根据Δt=Qcm，由温度变化确定产生的热量多少；结合①回答；
(2)①使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；结合Q=I2Rt分析；
②因电阻大小和通过两电阻的电流相同，根据Q=I2Rt分析；
根据表中数据可知得出加热4分钟(吸热相同)，水和煤油升高的温度，根据Q=cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，据此得出煤油的比热容。
本题研究“导体产生的热量与什么因素有关“及”比较不同物质的吸热能力“，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及Q=cmΔt与Q=I2Rt的运用。
20.【答案】排开液体的体积 不可以 1003.2不变
【解析】解：(1)弹簧测力计的分度值为0.2N，则其示数为4N，即物体的重力G=4N，重力的作用点在物体的中心处，方向竖直向下，如下图所示：
；
(2)分析实验步骤A、B、C、D随着物体排开液体的体积增大，所受浮力也增大，可以得出结论：液体密度一定，物体排开液体的体积越大，浮力越大；
(3)为了探究浮力大小与液体密度的关系，应该控制排开液体的体积相同，而液体的密度不同，而A、B、E排开液体的体积和液体的密度都不同，所以不可以得出浮力大小与液体密度有关；
(4)根据称量法知，物体浸没在水中时受到的浮力：
F浮=G−FD=4N−3N=1N；
由阿基米德原理F浮=ρ液gV排知物体的体积为：
V=V排=F浮ρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10−4m3=100cm3；
物体浸没在酒精中的浮力为：F浮′=ρ酒精gV排=0.8×103kg/m3×10N/kg×1×10−4m3=0.8N，
根据称量法知，物体浸没在酒精中时弹簧测力计的示数为：FE=G−F浮′=4N−0.8N=3.2N；
(5)若弹簧测力计都没有校零，那么两次测量结果都应加上或减去测量前弹簧测力计示数，那么所得浮力大小应不变。
故答案为：(1)见解析；(2)排开液体的体积；(3)不可以；(4)100；3.2；(5)不变。
(1)认清弹簧测力计的分度值，根据指针对应的刻度读数，即为物体的重力，确定出重力的作用点和方向，画出重力的示意图；
(2)(3)根据控制变量法，找出不变的量和变化的量，确定浮力大小与变化量之间的关系；
(4)根据弹簧测力计的分度值读出物体的重力，由称重法算出物体完全浸没时的浮力，由阿基米德原理算出物体的体积；
根据阿基米德原理求出物体浸没在酒精中的浮力，根据称重法求出弹簧测力计的示数；
(5)若弹簧测力计都没有校零，那么两次测量结果都应加上或减去测量前弹簧测力计示数。
本题主要考查力的示意图的作法、浮力大小的影响因素的探究，熟练应用控制变量法、分析清楚图示情景是正确解题的关键。
21.【答案】1.25×104 小 0.68
【解析】解：(1)人的重力为：
G=mg=50kg×10N/kg=500N，
人对台称的压强为：
p=FS=GS=500N400×10−4m2=1.25×104 Pa；
(2)当称台上重物重力增加时，弹性体被压缩，电阻丝R随之变短，由影响电阻大小的因素可知，电阻丝R的阻值会变小，电路中电流变大，从而使电磁铁的磁性变强；
(3)①台称不放重物时，电路的电流为I1=0.2A，由图丙可知，此时灯泡的电压是U1=0.6V；所以灯泡的功率为：
P1=U1I1=0.6V×0.2A=0.12W，
电路的电流为I2=0.4A，由图丙可知，此时灯泡的电压是U2=2V；所以灯泡的功率为：
P2=U2I2=2V×0.4A=0.8W，
所以，灯泡的功率变化为：
ΔP=P2−P1=0.8W−0.12W=0.68W；
②当I1=0.2A时，此时灯泡的电压是U1=0.6V，电阻丝R的阻值为：
R1=U1′I1=U−U1I1=3V−0.6V0.2A=12Ω，
当I2=0.4A时，此时灯泡的电压是U2=2V，电阻丝R的阻值为：
R2=U2′I2=U−U2I2=3V−2V0.4A=2.5Ω，
电阻丝R的变化量为：
ΔR=12Ω−2.5Ω=9.5Ω，
电阻丝R阻值的减少量与所测物体质量的增加量成正比，当秤台上物体的质量为10kg，力敏电阻的变化量为1Ω，可以得到1Ω9.5Ω=10kgm−0kg，
解得：m=95kg。
故答案为：(1)1.25×104；(2)小；(3)①0.68；②秤台上物体的质量为95kg。
(1)先求出重力，再利用公式p=FS可以求出压强；
(2)根据影响电阻大小的因素分析回答；
(3)①根据图丙，可以找出灯泡在两种状态下的电压值，利用公式P=UI分别求出电功率，两次功率之差就是灯泡功率的变化量；
②根据此时的电流算出此时R的电阻，然后根据电阻丝R阻值的减少量与所测物体质量的增加量成正比的关系求出物体的质量。
该题考查了欧姆定律及电功率的计算，解本题的关键是得出力敏电阻上物体质量与电阻R的关系。
2023年吉林省长春市宽城区中考物理一模试卷
1. 吉剧是我省特有的戏曲剧种。观看演出时，人们能分辨出锣、鼓的声音是依据声音的( )
A. 音调 B. 频率 C. 响度 D. 音色
2. 在众多的科学巨匠中，最早提出“力不是维持物体运动的原因”，被后人誉为实验物理学先驱的科学家是( )
A. 伽利略 B. 牛顿 C. 帕斯卡 D. 阿基米德
3. 青年科学家曹原研究发现：当两个石墨烯平面以约1.1∘的角叠加在一起时，再加入一定数量的电子，石墨烯的电阻突然变为0。此现象中石墨烯是( )
A. 绝缘体 B. 导体 C. 半导体 D. 超导体
4. 如图所示，磁性黑板贴吸在竖直悬挂的黑板上，黑板由铁质材料制成。不计黑板贴之间的相互作用力，则下列说法正确的是( )
A. 黑板贴受到的重力与黑板贴受到的摩擦力大小相等
B. 用垂直于黑板的力压黑板帖时，黑板贴受到的摩擦力增大
C. 黑板贴对黑板的吸引力与黑板对黑板贴的吸引力是一对平衡力
D. 黑板贴受到的重力与黑板对黑板贴的吸引力是一对平衡力
5. 在日常生活生产中，根据需要常常要考虑受力面上的压强大小。下列事例中能增大压强的是( )
A. 坦克通过履带与地面接触
B. 单钢轮压路机有较重的前轮
C. 滑雪板与雪地接触面积较大
D. 背包用较宽的背带
6. 下图是生活中几种常见的杠杆，其中属于省力杠杆的是( )
A. 钓鱼竿 B. 道钉撬
C. 筷子 D. 理发剪刀
7. 现代生活离不开电，下列符合安全用电规范的是( )
A. 用正在充电的手机接听电话 B. 家庭电路中装有空气开关和漏电保护器
C. 发现有人触电立即用手将其拉开 D. 用湿布擦拭正在工作的用电器
8. 汽油机是热机的一种，下列关于汽油机的说法正确的是( )
A. 汽油机的做功冲程将机械能转化为内能
B. 汽油用去一半时，它的热值将减小一半
C. 汽油机的效率可达到100%
D. 燃烧等质量同规格的汽油，做的有用功越多，汽油机的效率越高
9. “我劳动，我快乐！”，如图所示，小明同学在家洗碗，将沉在洗碗池的碗洗干净后放在水面漂浮，洗碗池里的水量不发生变化。若碗沉底时，碗受到的浮力为F1，水对池底的压强为p1，碗漂浮时，碗受到的浮力为F2，水对池底的压强为p2，则如下关系正确的选项是( )
A. F1>F2；p1>p2 B. F1=F2；p1>p2
C. F1
10. 如图所示，利用滑轮组将重为80N的物体在30s内匀速提升3m，已知拉力F为50N，若不计绳重和摩擦。下列说法正确的是( )
A. 绳端移动的速度为0.3m/s
B. 动滑轮重力为50N
C. 拉力做功的功率为40W
D. 滑轮组的机械效率为80%
11. “西塞山前白鹭飞，桃花流水鳜鱼肥”([唐]张志和《渔歌子》)。如图是白鹭在如镜的水面上飞行的情形。水中的“白鹭”是由光的______ 形成的______ (选填“实”或“虚”)像。若水深3m，当白鹭距离水面5m时，它的像距离白鹭______ m。
12. 如图所示，西汉时期的《淮南万毕术》中记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则火生。”将冰块削成冰透镜生火是利用了凸透镜对光线具有______作用，请判断：若要快速“火生”应把“艾”放在冰透镜的______位置。
13. 2021年8月5日，中国14岁的全红婵以创奥运纪录的高分夺得东京奥运会10米跳台冠军，如图所示，在下落过程中忽略空气阻力，她的重力势能转化为______ 能，下落时她相对于水面是______ (填“静止”或“运动”)的。
14. 如图是一款无人驾驶的太阳能汽车，它可以实现自动驾驶和远程操控，利用车顶的太阳能电池板提供能源。太阳能是______(填“一次”或“二次”)能源，远程操控太阳能汽车的指令是通过______传递给汽车的，该汽车在干燥的天气里高速行驶一段时间后，发现车身上灰尘很多，这是由于汽车车身与空气摩擦导致车身______而吸引灰尘。
15. 如图甲所示是在“探究水的沸腾时温度变化的特点”活动中使用的实验装置。小丽同学负责的实验小组测量了水在加热过程中温度随时间变化情况，并记录有关数据如表所示：
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
温度/℃
90
92
94
96
97
98
98
98
98
(1)图乙是水在加热过程中的示数，此时水的温度是______ ℃；
(2)通过分析表格数据可得到：水的沸点为______ ℃；通过实验可得：水在沸腾过程中，要不断______ (填“吸收”或“放出”)热量，温度______ ；
(3)实验结束后，若往烧杯里加入一些冷水，杯内的水停止沸腾。原因是水______ (填“温度低于沸点”或“不能继续吸热”)。
16. “在探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中：
(1)如图所示，物体放在水平桌面上，为测出滑动摩擦力大小，三次实验中均用弹簧测力计沿水平方向______ 拉动木块A，弹簧测力计的示数；F1
(3)丙图中，若增大弹簧测力计的拉力，拉动木块A和砝码一起做直线运动，此时木块A所受滑动摩擦力______ (选填“变大”“变小”或“不变”)，木块A上面的砝码______ (选填“受”或“不受”)摩擦力。
17. 在探究影响液体压强因素的实验中，用几根一端封有相同橡皮薄膜的玻璃管进行实验，在5号管中装入盐水，其它管中装入水，如图所示。
(1)通过观察玻璃管下方薄膜鼓起的程度反映液体压强的大小，用到的研究方法是______ (选填“控制变量法”、“类比法”、“转换法”)。
(2)根据图甲中三支相同玻璃管薄膜鼓起的程度，猜想：液体的压强可能与液体的______ (选填“长度”、“深度”、“长度或深度”)、质量、重力、体积、管的粗细有关。
(3)选用丙图中2号管和6号管进行实验，6号管水柱比2号管水柱长，实验时需控制两管水柱的______ 相等，发现玻璃管薄膜鼓起程度相同，可得液体压强与液体长度无关，与液体深度有关。
(4)图乙中，4号管上段更粗，下段与2号管粗细相同，两管中水的总深度相同，发现两管薄膜鼓起的程度相同，可得：液体压强的大小与液体的质量、重力、体积、管的粗细都______ 。
(5)图丙中，5号管和2号管的液柱深度相等，利用5号管和2号管可探究液体压强与液体的______ 是否有关。
18. 在“探究电流与电阻的关系”实验中，部分器材选用如下：电压为6V的电源，滑动变阻器1只，10Ω、20Ω、30Ω、50Ω的定值电阻各一个，其他器材如图，回答下列问题。
(1)用笔画线代替导线将甲图中的电路连接完整。要求滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大；
(2)闭合开关后，发现电流表无示数，电压表指针超过量程，则电路的故障可能是______ ；
(3)排除故障后，先将10Ω定值电阻接入电路，在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察______ (电流表/电压表/滑动变阻器)；
(4)接下来断开开关，取下10Ω的定值电阻，换成20Ω的定值电阻，再闭合开关，应向______ (A/B)端移动滑片，直至电压表示数为______ V时，读出电流表的示数。记录实验数据，并绘制成图乙所示。
(5)为了顺利完成本实验，滑动变阻器的最大值至少______ Ω。
19. 物理探究小组设计了如图所示的实验装置进行了很多探究：
(1)利用本装置可以探究电流产生的热量与导体电阻的关系。
①将两个电阻丝串联接入电路，闭合电路后通过两个电阻丝的______ 一定相等，并且通电时间也一定相同。
②已知Ra>Rb，两个烧瓶内装有等质量的同种液体，经测量发现甲烧瓶中液体温度升高的比乙烧瓶中的液体更快，则可得结论：当通电时间和电流相同时，______ 越大，产生的热量越多。
(2)利用本装置还可以探究不同物质的吸热本领：
①分别在两个烧瓶内装入______ (选填“等质量”或“等体积”)的水和煤油，并要求两电阻的阻值Ra______ Rb(选填“<”、“=”或“>”)，实际测量过程中的数据记录在如表中：
加热时间/min
0
1
2
3
4
5
6
水的温度/℃
50
60
70
80
90
98
98
煤油温度/℃
50
70
90
110
130
150
170
②本实验中通过______ 来反映水和煤油吸收热量，并根据表格中的数据可计算出煤油的比热容为______ J/(kg⋅℃)。
20. 小艾同学按如图所示步骤，进行探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验。
(1)在图A中画出物体所受重力示意图。
(2)通过比较步骤 A、B、C、D，可以得出结论；同种液体中，物体受到的浮力大小与______ 有关。
(3)通过比较步骤 A、B、E，______ (选填“可以”或“不可以”)得出浮力大小与液体密度有关。
(4)仔细分析实验数据知物体体积为______ cm3；图E中弹簧测力计示数是______ N。(ρ酒精=0.8g/cm3)
(5)若完成实验后，小艾发现整个实验中弹簧测力计都忘记了校零，测得物体浸没在水中受到的浮力与真实值相比______ 。(选填“偏大”、“不变”或“偏小”)
21. 中考体检时，我们都要测量体重，常用的测量工具是人体秤.测量时如图甲所示。秤中的力敏传感器由弹性体和金属电阻丝R组成，电阻丝粘贴在弹性体上，但两者之间隔有绝缘材料。当秤台上有重物时，弹性体被压缩，电阻丝R随之变短，阻值发生变化。据此原理，小明利用力敏传感器设计了一种既能称量物重，又能实现报警的人体秤的模拟电路，如图乙所示。电源电压为3V，电流表量程为0∼0.6A。闭合开关后，秤台上不放重物时，电流表示数为0.2A，随着秤台重物的增加，电流表示数会发生变化，当电流达到0.4A，电磁铁会吸引衔铁，动、静触点接触，电路报警。(电磁铁线圈电阻不计，g取10N/kg)
(1)若图甲中人体质量为50kg，双脚和秤台的接触面积为400cm2，则秤台表面承受的压强为______ Pa。
(2)当称台上重物重力增加时，电阻丝R的阻值会变______ ，从而使电磁铁的磁性变强。
(3)若报警灯L的额定电压为3V，其电流随电压变化规律如图丙所示。
①闭合开关，秤台不放重物到电路开始报警时，报警灯L的功率变化了______ W。
②电阻丝R阻值的变化量与所测物体质量的增加量成正比，当秤台上物体的质量为10kg，力敏电阻的变化量为1Ω；当电流表示数为0.4A时，秤台上物体的质量为多少？(写出必要的文字说明，表达式和最终结果。)
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：锣和鼓即使它们发声的音调和响度相同，但它们的音色是不同的，我们根据音色的不同就能分辨出来。
故选：D。
不同的物体发出的声音，即使音调和响度相同，我们还是能分辨出它们的不同，依靠的就是它们的音色。
音调、响度、音色是声音的三个特征，知道它们分别与哪些因素有关，能正确理解音调和响度的不同。
2.【答案】A
【解析】解：A、伽利略，通过实验改进了力学研究方法，是最早提出“力不是维持物体运动的原因”的物理学家。故A正确；
B、牛顿，在伽利略的基础上总结出力学牛顿三大定律。故B错误；
C、帕斯卡，发现气压变化规律，他的名字被命名作为压强的单位。故C错误；
D、阿基米德，在浮力知识方面以阿基米德原理著称，另外他总结并证明了杠杆定律。故D错误；
故选：A。
本题要求学生对初中物理中几位重大贡献的科学家有一定的认识，然后即可写出答案。
本题意图是为了让同学了解物理学家对物理学的贡献。
3.【答案】D
【解析】解：由题意知，当两层石墨烯以约1.1∘的角叠加在一起时，再加入一定数量的电子，石墨烯的电阻突然变为0，这种现象叫做超导现象，所以石墨烯是超导体。
故选：D。
超导现象是指电阻为零的现象。
本题以石墨烯材料为例，考查了超导体的特点，体现了物理与高科技领域的联系，值得我们关注。
4.【答案】A
【解析】解：AB、黑板贴受到的重力与黑板贴受到的摩擦力是一对平衡力，大小相等，当用垂直于黑板的力压黑板贴时，由于重力不变，所以黑板贴受到的摩擦力大小不变，故A正确，B错误；
C、黑板贴对黑板的吸引力与黑板对黑板贴的吸引力，这两个力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故C错误；
D、黑板贴受到的重力方向竖直向下，黑板对黑板贴的吸引力在水平方向上，不符合二力平衡条件，不是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上。
本题主要考查学生对平衡力的辨别，学习中特别要注意平衡力和相互作用力的区别：是否作用于同一物体。
5.【答案】B
【解析】解：A、坦克通过履带与地面接触，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A不合题意；
B、单钢轮压路机有较重的前轮，是在受力面积一定时，通过增大压力增大压强，故B符合题意；
C、滑雪板与雪地接触面积较大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C不合题意；
D、背包用较宽的背带，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D不合题意。
故选：B。
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力。
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。
6.【答案】B
【解析】解：道钉撬在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；筷子、钓鱼竿、理发剪刀在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故B正确。
故选：B。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查了杠杆的类型，属于基础题。
7.【答案】B
【解析】解：
A、手机充电时接听电话，若充电器或电池不合格，有发生爆炸的可能，所以充电时不要接打电话，故A不符合安全用电常识；
B、家庭电路安装漏电保护器是防止漏电而采取的安全措施，空气开关是为了防止电路中的电流过大而采取的安全措施，故B符合安全用电常识；
C、因为水是导体，并且具有流动性，一旦与火线相连，人就会发生触电事故，不能用湿抹布擦正在发光的台灯灯泡，故C不符合安全用电常识；
D、发现有人触电后首先切断电源，把触电者拉离电源，因人体是导体，可避免救助者间接触电事故，故D不符合安全用电常识。
故选：B。
(1)手机在进行充电时上网或通话，若充电器或电池不合格，有发生爆炸的可能，会对人体造成损伤；
(2)漏电保护器跳闸是因为火线与零线电流不同；空气开关“跳闸”的原因：一是短路，二是用电器总功率过大，三是用电器漏电，家庭电路中电流过大时，空气开关会切断电路；
(3)当有人触电时，应先切断电源；
(4)湿物体是导体，接触带电体容易发生触电。
此题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，不能违反。
8.【答案】D
【解析】解：A、图中的做功冲程中高温高压燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能，故A错误；
B、热值是燃料的一种特性，与它是否完全燃烧没有关系，汽油用去一半时，其热值不变，故B错误；
C、热机工作过程中，能量的损失是不可避免的，所以随着技术的进步，汽油机的效率也达不到100%，故C错误；
D、燃烧等质量同规格的汽油，做的有用功越多，内能转化成的机械能与内能的比值越大，热机的效率越高，故D正确。
故选：D。
(1)根据气门和活塞的状态判断是哪个冲程；汽油机的做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程将机械能转化为内能；
(2)热值是燃料的一种特性，与它是否完全燃烧没有关系；
(3)由于存在能量的损失，任何热机的效率都永远小于100%；
(4)热机的效率是指热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比，根据热机效率的定义分析。
本题是一道与热机有关的综合题，考查了热机的原理、效率及能量损失的途径。难度不大，熟悉基础知识即可正确解答。
9.【答案】C
【解析】解：若碗沉底时，碗受到的浮力为F1
若碗沉底时，碗受到的浮力为F1
本题考查浮力、压强的有关问题，关键在于浮沉条件和阿基米德原理的灵活运用。
10.【答案】D
【解析】解：A、由图可知n=2，绳子自由端移动的距离：s=2h=2×3m=6m，绳子自由端移动的速度：v=st=6m30s=0.2m/s，故A错误；
B、因为不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)，所以动滑轮的重力：G动=nF−G=2×50N−80N=20N，故B错误；
C、拉力做的总功：W总=Fs=50N×6m=300J，拉力做功的功率：P=W总t=300J30s=10W，故C错误；
D、不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率：η=W有W总=GhFs=GhF×nh=GnF=80N2×50N×100%=80%，故D正确。
故选：D。
(1)由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh，利用v=st求绳子自由端移动的速度；
(2)利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求动滑轮的重力；
(3)利用W总=Fs求拉力做的总功，利用P=W总t求拉力做功的功率；
(4)利用不计绳重和摩擦时η=W有W总=GhFs=GhF×nh=GnF求出滑轮组的机械效率。
本题考查了使用滑轮组时绳子的拉力、有用功、总功、功率和机械效率的计算，明确有用功和总功是关键。
11.【答案】反射 虚 10
【解析】解：水中的“白鹭”属于倒影，是由光的反射形成的；
物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等，当白鹭距离水面5m时，它的像距离水面5m，像距离白鹭10m。
故答案为：反射；虚；10。
水中倒影属于镜面反射，所成像为虚像，物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等。
本题考查了平面镜的成像特点，属于基础题。
12.【答案】会聚 焦点
【解析】解：要取火需要将光线会聚，所以应该将冰块制成凸透镜，透镜会把光线会聚在焦点上时，所以当把艾放在焦点上时，会随着温度的升高达到燃点时即可燃烧。
故答案为：会聚；焦点。
凸透镜对光线有会聚作用，平行于主光轴的光线，经凸透镜折射后会聚成一点，这点是凸透镜的焦点，焦点的温度很高。
此题考查了凸透镜会聚光线的特点及灵活利用凸透镜解决生活实际问题的能力，是中考考查的热点。
13.【答案】动 运动
【解析】解：全红婵在下落过程中忽略空气阻力，她的重力势能转化为动能，下落时她相对于水面的位置在不断变化，她是运动的。
故答案为：动；运动。
(1)物体由于运动所具有的能量叫动能。
(2)物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的，物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。
知道动能和势能在一定的条件下可以相互转化；知道运动和静止的相对性。
14.【答案】一次 电磁波 带电(带电荷)
【解析】解：太阳能可以从自然界直接获取，所以太阳能是一次能源；
远程操控太阳能汽车的指令是通过电磁波远程操控太阳能汽车的；
车身与空气摩擦带上电荷，而带电体具有吸引轻小物体的性质，使得车身吸引灰尘。
故答案为：一次；电磁波；带电(带电荷)。
(1)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；
(2)远程操控是靠发射电磁波来传递信息的；
(3)带电体具有吸引轻小物体的性质。
本题考查了能源的分类、电磁波的利用、带电体的性质，考查我们对物理知识的综合理解能力。
15.【答案】97 98 吸收 保持不变 温度低于沸点
【解析】解：(1)该温度计的分度值是1℃，此时水的温度是97℃；
(2)通过表格可得到：水的沸点为98℃；水在沸腾过程中，要不断吸收热量，温度保持不变；
(3)沸腾的条件是：达到沸点、继续吸热。实验结束后，若往烧杯里加入一些冷水，杯内的水停止沸腾。原因是水温度低于沸点，杯内的水停止沸腾。
故答案为：(1)97；(2)吸收；保持不变；(3)温度低于沸点。
(1)温度计在读数前，要弄清楚它的零刻度、量程和分度值；
(2)水沸腾时温度不变，水沸腾时的温度为沸点；水在沸腾时，吸收热量，温度不变；
(3)沸腾的条件：达到沸点，继续吸热。
本题是观察水的沸腾实验，本实验难度不大，但常考，所以要掌握好。
16.【答案】匀速 2.4甲乙 压力 不变 受
【解析】解：(1)根据二力平衡的知识，用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿长木板做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，弹簧测力计对木块的拉力等于木块受到的滑动摩擦力的大小；由图丙可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2.4N；
(2)比较甲、乙两图，压力一定，接触面粗糙不同，故可以得出结论：压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
比较乙、丙两幅图，接触面粗糙程度相同，压力不同，故可得结论：接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
(3)若增大弹簧测力计的拉力，但压力和接触面的粗糙程度不变，此时木块A所受滑动摩擦力不变，此时拉力大于摩擦力，木块A上面的砝码与木块之间有相对运动的趋势，受到木块对A向右的摩擦力的作用。
故答案为：(1)匀速；2.4；(2)甲、乙；压力；(3)不变；受。
(1)根据二力平衡的条件分析；根据影响滑动摩擦力大小的因素分析摩擦力的变化；
(2)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟接触面积大小无关。当接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大。当压力大小一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
(3)滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关；根据A的运动状态判定是否受到摩擦力。
此题探究摩擦力的大小与什么因素有关，掌握两个影响因素，并注意控制变量法的应用。
17.【答案】转换法 长度或深度 深度 无关 密度
【解析】解：(1)通过观察玻璃管下方薄膜鼓起的程度反映液体压强的大小，用到的研究方法是转换法。
(2)根据图甲中三支相同玻璃管都竖直放置，此时液体的深度等于液体的长度，薄膜鼓起的程度不同，猜想：液体的压强可能与液体的长度或深度、质量、重力、体积、管的粗细有关。
(3)选用丙图中2号管和6号管进行实验，6号管水柱比2号管水柱长，实验时需控制两管水柱的深度相等，发现玻璃管薄膜鼓起程度相同，可得液体压强与液体长度无关，与液体深度有关。
(4)图乙中，4号管上段更粗，下段与2号管粗细相同，两管中水的总深度相同，4号管中液体的体积大，质量和重力较大，发现两管薄膜鼓起的程度相同，可得：液体压强的大小与液体的质量、重力、体积、管的粗细都无关。
(5)图丙中，5号管和2号管的液柱深度相等，因盐水密度大于水的密度，5号管薄膜鼓起的程度较大，故利用5号管和2号管可探究液体压强与液体的密度是否有关。
故答案为：(1)转换法；(2)长度或深度；(3)深度；(4)无关；(5)密度。
(1)根据转换法，通过观察玻璃管下方薄膜鼓起的程度反映液体压强的大小。
(2)图甲中三支相同玻璃管都竖直放置，此时液体的深度等于液体的长度，薄膜鼓起的程度不同，据此回答；
(3)液体的深度是某处到液体自由面的高度，丙图中6号管水柱比2号管水柱长，但深度相同。
(4)根据已知条件，4号管中液体的体积大，质量和重力较大，发现两管薄膜鼓起的程度相同，据此回答；
(5)比较图丙中5号管和2号管的液柱深度关系，因盐水密度大于水的密度，结合转换法分析回答。
本题探究影响液体压强因素的实验，考查转换法的运用及对深度概念的理解。
18.【答案】R断路了 电压表 B 2 100
【解析】解：(1)要求滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大，变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：
(2)闭合开关后，发现电流表无示数，电路可能断路，电压表指针超过量程，则电压表与电源连通，则电路的故障可能是R断路了；
(3)“探究电流与电阻的关系”实验中，要控制电阻的电压不变，排除故障后，先将10Ω定值电阻接入电路，在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察电压表；
(4)10Ω定值电阻接入电路，根据图乙可知，对应的电流为0.2A，根据欧姆定律可知电阻的电压为：
UV=IR=0.2A×10Ω=2V；
根据串联分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成20Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向B端移动，使电压表的示数为2V；
(5)根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压
U滑=U−UV=6V−2V=4V；
变阻器分得的电压为电压表示数的2倍，根据分压原理，当接入50Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑=2×50Ω=100Ω；
为了顺利完成本实验，滑动变阻器的最大值至少100Ω。
故答案为：(1)见解析中的图；(2)R断路了；(3)电压表；(4)B；2；(5)100。
(1)根据滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大确定变阻器左下接线柱连入电路中；
(2)若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
(3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压不变；
(4)10Ω定值电阻接入电路，根据图2可知对应的电流，根据欧姆定律得出电阻的电压；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(5)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入50Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。
本题探究电流与电阻的关系，考查电路的连接、故障分析、操作过程和对器材的要求。
19.【答案】电流 电阻 等质量 =加热时间 2.1×103
【解析】解：(1)①将两个电阻丝串联接入电路，根据串联电路电流的规律，闭合电路后通过两个电阻丝的电流一定相等，并且通电时间也一定相同；
②已知Ra>Rb，两个烧瓶内装有等质量的同种液体，经测量发现甲烧瓶中液体温度升高的比乙烧瓶中的液体更快，由转换法可知，Ra产生的热量多，则可得结论：在电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多；
(2)①根据比较吸热能力的方法，分别在两个烧瓶内装入等质量的水和煤油，因通过两个电阻丝的电流相等，通电时间也一定相同，为控制相同时间不同物质吸热相同，根据Q=I2Rt，要求两电阻的阻值Ra=Rb；
②因两电阻大小和通过两电阻的电流相同，根据Q=I2Rt，本实验中通过加热时间来反映水和煤油吸收热量；
根据表中数据可知，加热4分钟(吸热相同)，水升高的温度为：
90℃−50℃=40℃；
煤油升高的温度为：
130℃−50℃=80℃；
根据Q=cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，则煤油的比热容为：
c=40℃80℃×4.2×103J/(kg⋅℃)=2.1×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：(1)①电流；②电阻；(2)①等质量；=；②加热时间；2.1×103。
(1)①电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析；
②电阻丝产生的热量不易直接观察，由转换法，可使等质量初温相同的液体吸收热量，根据Δt=Qcm，由温度变化确定产生的热量多少；结合①回答；
(2)①使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；结合Q=I2Rt分析；
②因电阻大小和通过两电阻的电流相同，根据Q=I2Rt分析；
根据表中数据可知得出加热4分钟(吸热相同)，水和煤油升高的温度，根据Q=cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，据此得出煤油的比热容。
本题研究“导体产生的热量与什么因素有关“及”比较不同物质的吸热能力“，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及Q=cmΔt与Q=I2Rt的运用。
20.【答案】排开液体的体积 不可以 1003.2不变
【解析】解：(1)弹簧测力计的分度值为0.2N，则其示数为4N，即物体的重力G=4N，重力的作用点在物体的中心处，方向竖直向下，如下图所示：
；
(2)分析实验步骤A、B、C、D随着物体排开液体的体积增大，所受浮力也增大，可以得出结论：液体密度一定，物体排开液体的体积越大，浮力越大；
(3)为了探究浮力大小与液体密度的关系，应该控制排开液体的体积相同，而液体的密度不同，而A、B、E排开液体的体积和液体的密度都不同，所以不可以得出浮力大小与液体密度有关；
(4)根据称量法知，物体浸没在水中时受到的浮力：
F浮=G−FD=4N−3N=1N；
由阿基米德原理F浮=ρ液gV排知物体的体积为：
V=V排=F浮ρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10−4m3=100cm3；
物体浸没在酒精中的浮力为：F浮′=ρ酒精gV排=0.8×103kg/m3×10N/kg×1×10−4m3=0.8N，
根据称量法知，物体浸没在酒精中时弹簧测力计的示数为：FE=G−F浮′=4N−0.8N=3.2N；
(5)若弹簧测力计都没有校零，那么两次测量结果都应加上或减去测量前弹簧测力计示数，那么所得浮力大小应不变。
故答案为：(1)见解析；(2)排开液体的体积；(3)不可以；(4)100；3.2；(5)不变。
(1)认清弹簧测力计的分度值，根据指针对应的刻度读数，即为物体的重力，确定出重力的作用点和方向，画出重力的示意图；
(2)(3)根据控制变量法，找出不变的量和变化的量，确定浮力大小与变化量之间的关系；
(4)根据弹簧测力计的分度值读出物体的重力，由称重法算出物体完全浸没时的浮力，由阿基米德原理算出物体的体积；
根据阿基米德原理求出物体浸没在酒精中的浮力，根据称重法求出弹簧测力计的示数；
(5)若弹簧测力计都没有校零，那么两次测量结果都应加上或减去测量前弹簧测力计示数。
本题主要考查力的示意图的作法、浮力大小的影响因素的探究，熟练应用控制变量法、分析清楚图示情景是正确解题的关键。
21.【答案】1.25×104 小 0.68
【解析】解：(1)人的重力为：
G=mg=50kg×10N/kg=500N，
人对台称的压强为：
p=FS=GS=500N400×10−4m2=1.25×104 Pa；
(2)当称台上重物重力增加时，弹性体被压缩，电阻丝R随之变短，由影响电阻大小的因素可知，电阻丝R的阻值会变小，电路中电流变大，从而使电磁铁的磁性变强；
(3)①台称不放重物时，电路的电流为I1=0.2A，由图丙可知，此时灯泡的电压是U1=0.6V；所以灯泡的功率为：
P1=U1I1=0.6V×0.2A=0.12W，
电路的电流为I2=0.4A，由图丙可知，此时灯泡的电压是U2=2V；所以灯泡的功率为：
P2=U2I2=2V×0.4A=0.8W，
所以，灯泡的功率变化为：
ΔP=P2−P1=0.8W−0.12W=0.68W；
②当I1=0.2A时，此时灯泡的电压是U1=0.6V，电阻丝R的阻值为：
R1=U1′I1=U−U1I1=3V−0.6V0.2A=12Ω，
当I2=0.4A时，此时灯泡的电压是U2=2V，电阻丝R的阻值为：
R2=U2′I2=U−U2I2=3V−2V0.4A=2.5Ω，
电阻丝R的变化量为：
ΔR=12Ω−2.5Ω=9.5Ω，
电阻丝R阻值的减少量与所测物体质量的增加量成正比，当秤台上物体的质量为10kg，力敏电阻的变化量为1Ω，可以得到1Ω9.5Ω=10kgm−0kg，
解得：m=95kg。
故答案为：(1)1.25×104；(2)小；(3)①0.68；②秤台上物体的质量为95kg。
(1)先求出重力，再利用公式p=FS可以求出压强；
(2)根据影响电阻大小的因素分析回答；
(3)①根据图丙，可以找出灯泡在两种状态下的电压值，利用公式P=UI分别求出电功率，两次功率之差就是灯泡功率的变化量；
②根据此时的电流算出此时R的电阻，然后根据电阻丝R阻值的减少量与所测物体质量的增加量成正比的关系求出物体的质量。
该题考查了欧姆定律及电功率的计算，解本题的关键是得出力敏电阻上物体质量与电阻R的关系。
相关试卷
2023年吉林省长春市绿园区中考物理一模试卷（含解析）： 这是一份2023年吉林省长春市绿园区中考物理一模试卷（含解析），共21页。试卷主要包含了0分）， 利用大气压强工作的是， 符合安全用电原则的是等内容，欢迎下载使用。
2023年吉林省长春市宽城区中考一模物理试题（含解析）： 这是一份2023年吉林省长春市宽城区中考一模物理试题（含解析），共19页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2023年吉林省长春市德惠市中考物理一模试卷（含答案解析）： 这是一份2023年吉林省长春市德惠市中考物理一模试卷（含答案解析），共16页。试卷主要包含了 下列粒子中带正电的是等内容，欢迎下载使用。
