2023年江苏省苏州市姑苏区振华中学中考物理模拟试卷（含答案解析）

这是一份2023年江苏省苏州市姑苏区振华中学中考物理模拟试卷（含答案解析），共25页。
2023年江苏省苏州市姑苏区振华中学中考物理模拟试卷
1. 关于材料、信息和能源，下列说法错误的是(    )
A. 通常用来制作光纤的材料属于绝缘体
B. 核电站是利用核聚变释放出的能量来发电的
C. 光纤具有抗干扰、信号衰减小的特点，适用于远距离、大容量信息传输
D. 太阳能、核能、地热能和氢能都属于新能源
2. 我国独立自主建立的北斗卫星定位系统，可提供全天候的及时定位服务。该系统利用电磁波传递信息。下列关于电磁波说法正确的是(    )
A. 所有电磁波的波长相等
B. 电磁波不能在玻璃中传播
C. 在真空中，无线电波的传播速度小于光的传播速度
D. 作为载体，电磁波频率越高，相同时间可以传输的信息越多
3. 如图所示，超声波清洁器在清洗眼镜，使用时先向水槽中加水使眼镜完全浸没水中，通电清洁器开始工作。此清洁器工作时人站在旁边能听到“嗞嗞”的声音。下列说法正确的是(    )
A. 超声波的音调比人能听到的声音音调低
B. 超声波只能在水中传播
C. 人听到“嗞嗞”声是超声波
D. 超声波能用来清洗物体说明超声波能传递能量

4. 关于生活中常见的“像”和“影”字有关的物理现象，下列说法中正确的是(    )
A. 路灯下人影相随，“人影”是由于光的折射现象
B. 岸上的树在水中的“倒影”是实像
C. “摄影”用的照相机成像的原理和人眼成像原理相同
D. 放电影时，屏幕上的“影像”能被所有观众看到，屏幕越光滑越好
5. 为抑制扬尘、改善空气质量，城市道路上经常用如图所示的雾炮车向空中喷出水雾，其工作过程是喷雾筒口周围有一圈出水孔喷出细小水流，在筒内吹出的高速气流作用下成为更小的雾状水滴，将其抛向空中。下列有关说法正确的是(    )
A. 雾炮车喷出的水雾是液化形成的 B. 雾炮车喷出的水雾是汽化形成的
C. 部分水雾在空中消失是由于发生了汽化 D. 部分水雾在空中消失是由于发生了升华
6. 研究声音时，引入水波，以下研究方法与此相同的是(    )
A. 研究光的直线传播时，引入光线
B. 研究电流时，引入水流
C. 将一只点燃的蜡烛放在正在发声的扬声器前方，通过烛焰的晃动来说明声音具有能量
D. 将正在发声的手机悬挂在广口瓶内，抽出瓶内的空气，听到声音逐渐变小，推理真空不能传声
7. 将一只玩具鹦鹉(如图甲所示)紧靠凸透镜，然后渐渐远离透镜的过程中，通过凸透镜观察到三个不同的像(如图乙所示)，以下说法正确的是(    )
A. 三个像中 a、c 是实像 B. 三个像中 a、c 是虚像
C. 三个像出现的先后顺序是 c、a、b D. 三个像出现的先后顺序是 c、b、a
8. 如图所示，在“探究平面镜成像的特点”实验中。下列说法正确的是(    )
①用玻璃板代替平面镜，是为了观察到的蜡烛的像更清晰
②只要把光屏放在恰当的位置，就能承接到蜡烛的像
③蜡烛远离玻璃板，蜡烛的像的大小不会改变
④只把玻璃板向左平移，蜡烛的像的位置不变


A. 只有①和② B. 只有②和③ C. 只有①和③ D. 只有③和④
9. 小华同学在教室里擦黑板时，发现当板擦靠近黑板时，会被吸附在黑板上。为了探究是黑板具有磁性还是板擦具有磁性，他设计了下列实验，能得出正确结论的是(    )
A. 用小磁针分别靠近板擦和黑板，小磁针都发生了偏转，说明黑板擦和黑板都具有磁性
B. 将板擦的正面和反面靠近黑板，板擦都能吸附在黑板上，说明板擦一定具有磁性
C. 将板擦用细线悬挂起来使其自由旋转，发现板擦静止时某侧边始终的指向东方，说明板按擦一定具有磁性
D. 将板擦用细线悬挂起来，发现板擦靠近黑板时细线偏离了竖直方向，说明黑板具有磁性
10. 法国科学家阿尔贝⋅费尔由于发现了巨磁电阻(GMR)效应，荣获了诺贝尔物理学奖。如图是研究巨磁电阻特性的原理示意图。实验发现，当闭合S1，S2后使滑片P向右滑动的过程中，指示灯明显变暗，则下列说法正确的是(    )

A. 电磁铁右端为N极 B. 滑片P向右滑动过程中电磁铁的磁性增强
C. 巨磁电阻的阻值随磁场的减弱而明显增大 D. 巨磁电阻的阻值随磁场的减弱而明显减小
11. 如图1，⊗表示导线中的电流方向垂直于纸面向里，F是磁场对通电导线的作用力。用Fab、Fcd、Fa′b′、Fc′d′分别表示图2、3中闭合开关时磁场对导体ab、cd、a′b′、c′d′的作用力，则(    )

A. Fab竖直向上，Fcd竖直向下 B. Fab竖直向下，Fcd竖直向上
C. Fa′b′竖直向上，Fc′d′竖直向下 D. Fa′b′竖直向下，Fc′d′竖直向下
12. 如图为我国新型反潜巡逻机。机尾的“棍子”叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，从而发现潜艇的存在。图中能解释磁异探测器工作原理的是(    )
A. B.
C. D.
13. 某课外兴趣小组做了几个与声音有关的实验，如图所示：
(1)如图甲，用硬纸片在梳子梳齿上划动，划动速度越小，发出声音的音调越______ ，说明音调是由声源的______ 决定的；
(2)如图乙，保持钢尺伸出桌面的长度不变，用不同大小的力拨动时，听到声音的大小不同，说明响度与发声体的______ 有关；若钢尺伸出桌面的长度变长，用等大的力拨动时，听到声音的音调______ (升高/降低)。
14. 在刚刚结束的卡塔尔足球世界杯中主裁判使用固体泡沫喷雾剂来辅助任意球的判罚，这种特制的速褪固体泡沫喷雾剂喷出一条白色直线，防守队员不可以越界(如图)，几分钟后白色直线会“神奇”地自动消失，不会在草地上留下任何液体污渍。这条白色直线消失的过程中发生了______ (填写物态变化名称)，该过程中______ 热量。
15. 如图所示为商场中经常看到的广告投影灯及其内部结构示意图，各个方向都能看到地上的广告图标，这是发生了______ 反射，已知镜头焦距为20cm，则广告片到镜头的距离应在______ 的范围内调节，为了在地面上得到更大的、清晰的广告图标像，可将凸透镜适当______ (填“靠近”或“远离”)广告片。

16. 观测日食不能用肉眼直接对着太阳，如果没有专用的太阳滤镜，可采用如图所示的简便方法：一是准备一盆有黑墨水的水盆置于阳光下，在水盆中观察太阳的像，这是利用______ 成像原理；二是将手指展开互相垂直叠放，只留有小缝隙，对着阳光，在白纸上观累太阳的像，这是利用了______ 成像的原理、形成日食时太阳、地球、月球正好在同一直线上，处在中间位置的是______ (太阳/地球/月球)。

17. 图中的倒车雷达是利用______ (选填“超声波”或“次声波”)来传递信息的，它在真空中传播______ (选填“能”或“不能”)。


18. 《论衡》中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南”。如图所示，“柢”即握柄，是磁体的______ (选填“N“或“S”)极。静止时指向地磁场的______ (选填“南”或“北”)极。这就是最古老的指南针。指南针所指的南北方向通常偏离地理南北极方向，世界上最早记述这一现象的是中国宋代的______ 。
19. 如图所示，是描绘某一磁体周围磁场的部分磁感线，a点的磁场比b点______ (强/弱)，若在b点放置一个可自由转动的小磁针，则小磁针静止时，其N极指向______ (P/Q)。


20. 小明同学在学了第四章《光的折射透镜》以后，找来了如下实验器材，进一步研究光的折射的问题，如图所示，将透明的薄壁(厚度可忽略不计)方形水槽水平放置，固定在水槽底部的激光笔沿图示方向发出一细光束，小明通过缓慢改变水槽中的水量来探究光的传播现象。为使A处的光点移至B处，使水槽中的水量应______ (增加/减少)，此时折射角大小______ (变大/变小/不变)；若水面高度的变化量Δh=2cm，则AB间距离______ 2cm(>/=/u>f时，凸透镜成倒立放大的实像，应用是幻灯机或投影仪；
(2)物体位于凸透镜1倍焦距之内时，成正立、放大的虚像，此时像距大于物距；
当光屏上又出现了清晰的像，这表明像是实像，此时物像异侧，由此可知像距的变化；
凸透镜会聚光的能力越强，焦距越短；
远视眼成因：眼球晶状体的曲度过小，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方造成的。远视矫正方法，需配戴凸透镜。
(3)根据凸透镜成实像的条件及物距和像距的关系分析。
(4)根据凸透镜成像规律中像距和物距的关系可确定像的性质；凸透镜成像时，物距增大，像距减小；
凸透镜成像时，当物距等于2f，此时像距也为2f，物像之距最小。当物体大于2倍焦距时，物体移动的距离大于像移动的距离；若物体介于1倍焦距和2倍焦距之间时，物体移动的速度小于像移动的速度。
关于凸透镜成像的规律中，共涉及四个方面的内容：①物距与焦距的关系；②成像的性质；③像距与焦距的关系；④具体的应用。一般情况下，只要告诉其中的一条，就可以确定另外三方面的内容。

27.【答案】铁屑在磁场力的作用下有序分布  条形  方向  小磁针静止时N极所指方向跟该点的磁场方向一致  电流方向  在电路中再串联一个滑动变阻器  相反 
【解析】解：(1)本实验通过铁屑在磁场力的作用下有序分布来证明磁场的存在；
(2)由图可看出，通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似；
因为小磁针放在螺线管周围不同位置，小磁针静止时N极指向和该点磁场方向相同，所以实验中使用小磁针是为了判断该点的磁场方向；
(3)闭合开关前，如果螺线管中间部位两侧的小磁针N极指向地理北极，假如闭合开关后，螺线管的N极与地理北极方向一致，那么螺线管中间部位两侧的小磁针就不会发生偏转；
(4)将电源的正负极对调，则通过螺线管的电流方向相反，小磁针的指向与之前相反，说明螺线管的磁极与之前相反，所以通电螺线管外部磁场的方向与电流方向有关；
(5)要探究螺线管的磁场强弱与电流大小的关系，就要改变螺线管中的电流大小，而在原电路中，电流的大小是无法改变的，因此要在电路中再串联入一个滑动变阻器即可，因为滑动变阻器可以通过改变其接入电路的电阻的大小来改变电路中的电流大小；
(6)由于地磁北极在地理南极附近，根据安培定则，拇指指向N极，四指的方向为电流的方向，所以电流自东向西，与地球自转的方向相反。
故答案为：(1)铁屑在磁场力的作用下有序分布；(2)条形；判断磁场方向；(3)小磁针静止时N极所指方向跟该点的磁场方向一致；(4)电流方向；(5)在电路中再串联一个滑动变阻器；(6)相反。
(1)铁屑在磁场力的作用下动起来表明通电螺线管周围有磁场；
(2)通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似；
小磁针放入磁场，小磁针静止时N极指向和该点磁场方向相同；
(3)小磁针静止时N极所指方向跟该点的磁场方向一致；
(4)通电螺线管的磁极极性与电流的方向有关，当电流方向改变时，其周围的磁场方向也改变，所以小磁针的偏转方向也改变；
(5)要探究螺线管的磁场强弱与电流大小的关系，就要控制线圈匝数和螺线管中是否插入铁芯的情况相同，改变螺线管中电流的大小，结合滑动变阻器的作用分析解答；
(6)地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近。
本题是探究通电螺线管周围磁场的实验，考查了有关磁场的一些基础知识，比较简单。

28.【答案】电源  铝棒  竖直向上  不是  两个力不在同一直线上  垂直  BC 
【解析】解：(1)利用如图甲所示的装置研究“磁场对电流的作用”时，即必须有电源，所以在M、N之间应接电源；探究磁场对电流的作用时，因为磁体能够吸引磁性材料，所以通电导体不能为磁性材料，则不能选择铁棒进行实验，而应选用轻质的铝棒；
(2)在乙图中，磁体间磁场的磁感线方向都是从磁体N极水平指向S极，且线圈所处的空间磁场强弱是恒定不变的，通电后cd段导线受磁场力的方向为竖直向下，因ab段导线中电流方向与cd段导线中电流方向相反，因此ab段导线所受磁场力的方向是竖直向上，这两个力不是一对平衡力，这是因为这两个力不作用在一条直线上；
(3)当通电线圈所在平面与磁感线垂直时，此时线圈处于平衡位置；
为了使线圈能持续转动，正确的刮漆方法应该是将线圈两端的漆皮，一端全部刮掉，另一端只刮半周，或两侧均刮上半周；
按这两种方法刮漆，线圈转到平衡位置时，线圈中没有电流，线圈由于惯性能够按原方向持续转动。故选：BC。
故答案为：(1)电源；铝棒；
(2)竖直向上；不是；两个力不在同一直线上；
(3)BC。
(1)通电导线在磁场中受力运动；磁体能够吸引磁性材料，说明验证通电导体在磁场中受力运动时，导体棒不能为磁性材料；
(2)二力平衡的条件是同一物体、大小相等、方向相反、同一直线，据此判断；
(3)平衡位置，它是线圈平面与磁感线垂直的位置；为了使线圈能持续转动，将线圈两端的漆皮，一端全部刮掉，另一端只刮半周，或两侧均刮上半周。
此题属于电磁学中比较复杂的题目，考查的内容较多，主要考查了电动机的原理，考查较全面，应重点掌握。

29.【答案】减小 
【解析】解：
(1)20盏节能灯的总功率：P=20P1=20×10W=200W=0.2kW；
由P=Wt可得，这些节能灯同时正常工作4小时消耗的电能：W=Pt=0.2kW×4h=0.8kW⋅h；
(2)当外界光照强度达到1cd时，由表格可知，R1=120Ω，
当电动卷帘开始工作时，电磁铁能吸合衔铁的电流I=60mA=0.06A，
由欧姆定律可得，控制电路的总电阻：R总=U1I=12V0.06A=200Ω，
根据串联电路电阻规律可知，R2的阻值：R2=R总−R1−RP=200Ω−120Ω−10Ω=70Ω；
(3)当电阻R2消耗的电功率为0.7W时，根据P=I2R可得控制电路中的电流：I′= P2R2= 0.7W70Ω=0.1A，
由欧姆定律可得，此时控制电路的总电阻：R总′=U1I′=12V0.1A=120Ω，
根据串联电路电阻规律可知，R1的阻值：R1′=R总′−R2−RP=120Ω−70Ω−10Ω=40Ω；
由表格数据可知，当R1′=40Ω时，外界光照强度是3.5cd；
②需要在光照强度更弱时才能启动节能灯照明，则外界光照较弱时，电磁铁也能吸合衔铁，
吸合电流I、电源电压U1不变，根据R=UI可知，电磁铁吸合衔铁时控制电路的总电阻R总不变，由表格数据可知，光照强度E减小时，R1的阻值变大，因为R总=R1+R2+RP，所以若使R总不变，应减小R2的阻值。
答：(1)耗电0.8kW⋅h；
(2)当外界光照强度达到1.0cd时，电动卷帘便开始工作，R2的阻值是70Ω；
(3)当电阻R2消耗的电功率为0.7W时，外界光照强度是3.5cd；
(4)减小。
(1)先求出20盏节能灯的总功率，又知道正常工作时间，根据W=Pt求出这些节能灯共消耗电能；
(2)当外界光照强度达到1.0cd时，根据表格数据可知此时R1的阻值，根据欧姆定律的变形公式求出控制电路的总电阻，再利用串联电路的电阻特点求出R2的阻值；
(3)当电阻R2消耗的电功率为0.7W时，根据P=I2R求出控制电路中的电流，根据欧姆定律和串联电路电阻特点求出R1的阻值，根据表格得出外界光照强度；
需要在光照强度更弱时才能启动节能灯照明，则外界光照较弱时，电磁铁也能吸合衔铁；由表格数据可知光照强度减小时光敏电阻的阻值变化，且电磁铁吸合衔铁时的电流不变，利用欧姆定律判断即可。
本题主要考查了光敏电阻的特点、电功的计算、串联电路的特点及欧姆定律的灵活运用等知识，关键能从图像上找出有用的信息，并弄清楚电磁继电器的工作原理，有一定的综合性。

30.【答案】④  可再生  化学能  方向性  电磁感应  8037.5 P0(1−η2)4πP1 
【解析】解：(1)石油、天然气、煤是化石能源，是利用太阳能而形成的，水能和风能也是间接来源于太阳能；而地热能是来自地球内部的熔岩，与太阳能无关，故选④；
(2)太阳能可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它属于可再生能源；
地球上绿色植物可以通过光合作用将太阳能转化为化学能；
在人类使用能源的过程中，必然有部分能量由于种种原因浪费掉且不能再重新加以利用，因此说明能量的转移或转化具有方向性。
(3)发电机是根据电磁感应原理工作的。
该太阳能板发电5h获得的电能为：
W电=1000W/m2×2m2×5×3600s×20%=7.2×106J；
由P=Wt得，这些电能可供额定功率为25W的电灯正常工作的时间为：
t=WP=7.2×106J25W=2.88×105s=80h；
(4)由题知，风力发电机的输出功率P与风速v的平方成正比，即P=kv2，
因为发电机的最大输出功率为400W、最大风速为12m/s，
则400W=k×(12m/s)2，
所以k=400W(12m/s)2，
由P=kv2得，风力发电机的输出功率为25W时的风速为：
v= Pk= 25W400W(12m/s)2=3m/s；
(5)1年内接收的太阳能通过太阳能电池转化的电能为：
W总=η1P1St，
则太阳能电池板的面积为：
S=W总η1P1t=1500×3.6×106J20%×1000W/m2×200×5×3600s=7.5m2；
由题意可知，太阳光照射到地面时单位面积上的辐射功率为：
P1=P0(1−η2)S=P0(1−η2)4πD2，
则太阳到地球的距离为：D= P0(1−η2)4πP1。
故答案为：(1)④；(2)可再生；化学；方向性；(3)电磁感应；80；(4)3；(5)7.5； P0(1−η2)4πP1。
(1)地热能是来自地球深处的可再生性热能，它起于地球的熔岩和放射性物质的衰变；
(2)可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源；
绿色植物可以通过光合作用将太阳能转化为化学能；
自然界中的各种能量可以相互转化，且总量不变，但在转化和转移的过程中，却有一定的方向性，也就是有些能量的消耗是不可再生的；
(3)发电机的工作原理：电磁感应现象；
知道太阳能电池板的面积、太阳光照射到太阳能电池板时的辐射功率、太阳能电池光电转换效率，可求太阳能板发电5h获得的电能，利用P=Wt的变形公式求出可供额定功率为25W的电灯正常工作的时间；
(4)知道发电机的最大输出功率和最大风速，风力发电机的输出功率P与风速v的平方成正比，可求功率与风速的具体关系，再求风力发电机的输出功率为25W时的风速；
(5)已知太阳光照射到地面时单位面积上的辐射功率为P1，根据W=Pt求出1年内太阳能电池板可以提供的电能的表达式，据此求出太阳能电池板面积；根据太阳能辐射到地球的功率P1=P0(1−η)S=P0(1−η2)4πD2即可求出太阳到地球的距离D。
本题考查了太阳能的基本概念、能量转化或转移具有方向性、发电机的原理、电功与热量的综合计算，关键是通过太阳能电池板主要技术参数获取有用的信息，能通过对材料的深入分析得出有用的信息是解答此类题的关键。