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2023年江苏省徐州市邳州市中考物理一模试卷（含答案解析）
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这是一份2023年江苏省徐州市邳州市中考物理一模试卷（含答案解析），共20页。试卷主要包含了3A∼0等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省徐州市邳州市中考物理一模试卷
1. 开发和利用可再生能源是解决能源危机的有效途径，下列属于可再生能源的是( )
A. 石油 B. 天然气 C. 煤炭 D. 太阳能
2. 我国出土的文物“水晶饼”为中部鼓起的透明圆饼，古籍记载“正午向日，以艾承之，即火燃”。关于“水晶饼”利用太阳光生火，下列说法正确的是( )
A. 这是光的反射现象 B. 这是光的色散现象
C. “水晶饼”对光有会聚作用 D. “水晶饼”对光有发散作用
3. 下列过程中，属于物体的重力势能转化为动能的是哪个？( )
A. 拉弯的弓把箭射出去 B. 钟表里发条带动齿轮转动
C. 火箭发射升天 D. 小孩荡秋千从高处向低处落下
4. 首先完成大气压值测定的科学家是( )
A. 欧姆 B. 牛顿 C. 阿基米德 D. 托里拆利
5. 在我市出现了“大炮”，如图所示，它是专门用来与雾霾打硬仗的雾炮车。其喷雾功能能有效降低空气中的PM2.5的含量。和雾炮车有关的现象，下列说法不正确的是( )
A. PM2.5在空气中的运动属于分子热运动
B. 洒在地上的水在蒸发时吸热，能在抑尘的同时起到调节气温的作用
C. 雾炮车在匀速前进过程中，动能逐渐减小
D. 汽车后的拖地铁链是为了将摩擦起的静电及时导走
6. 如图是太阳能汽车在平直公路上匀速行驶的情形。若不计空气阻力对汽车的影响，则下列说法正确的是( )
A. 汽车受到两对平衡力的作用
B. 汽车的重力和地面对汽车的支持力是相互作用力
C. 汽车急刹车时不能立即停止，是由于速度大惯性大
D. 太阳能汽车上凸的形状，在行驶时增大了对地面的压力
7. 利用如图所示的滑轮组提起一个重为210N的物体，绳子自由端的拉力F=100N，5s内物体被匀速提升2m。若不计绳重和摩擦，则下列说法中正确的是( )
A. 绳子自由端移动的距离是4m
B. 动滑轮的重力为70N
C. 滑轮组的机械效率为70%
D. 提升物体的过程中，拉力F功率为40W
8. 小明在做“调节灯泡亮度”的电学实验时，电路如图所示。电源电压恒为4.5V，电压表量程“0∼3V”，滑动变阻器规格“50Ω1A”，灯泡L标有“2.5V1.25W”字样(忽略灯丝电阻变化)。在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是( )
A. 灯泡两端的最大电压是1.5V
B. 电路中电流变化的范围是0.3A∼0.5A
C. 该电路中电流的最大功率是1.25W
D. 滑动变阻器阻值变化的范围是2.5Ω∼10Ω
9. 根据下列图片提供的信息，以下的说法不正确的是( )
A. 此图可以辨认未知电池的正负极
B. 此图模拟的是电动机工作原理
C. 此图可用来演示磁场对电流的作用
D. 电风扇发电的原理是电磁感应
10. a、b、c是三个实心小球，a与b质量相等且大于c，b与c体积相等且大于a.水平桌面上，完全相同的甲、乙、丙容器中装有三种不同液体，将小球分别轻轻放入容器，最后静止处于图所示状态，容器中的液面高度相同，则下列判断正确的是( )
A. 小球所受浮力Faρb>ρa
C. 液体的密度ρ甲<ρ乙<ρ丙 D. 容器对桌面的压力F甲>F乙>F丙
11. 如图是一款能发电的魔方充电器，转动魔方即可产生电能。产生的电能储存于魔方内并通过USB端口给移动设备充电。
(1)此魔方根据______的原理发电，这个过程______能转化为电能。
(2)给移动设备充电时，魔方相当于电路中的______(选填“电源”或“用电器”)。
(3)将此魔方放置在水平桌面上，魔方对桌面的压力是由______发生形变而产生的。
12. 严寒的冬天，潮湿的衣服放在室外也会慢慢变干。从分子动理论的角度看，这种现象发生的原因是：在任何温度下，分子都在______。
13. 2020年11月20日，我国某品牌汽车公司发布了高效发动机，热机效率全球领先，高达43%，以惊艳表现开启了中国汽车品牌超高热效率发动机新纪元。如图表示四冲程内燃机的某个冲程示意图，这个冲程是______ 冲程，把内能转化为______ 能，将内燃机的能量流向制成如图2所示的图表，请根据给出的信息，计算该内燃机的效率为______ %。
14. 不懂垃圾分类就不懂什么是新时尚，把垃圾分类回收后，可用于发电，从能源的角度看，电能属于______(填“一次能源”或“二次能源”)；电动自行车在使用过程中，是将电能主要转化为______能。
15. 如图，这是______(选填“发电机、“电动机”)原理图，若将图中的磁体的S极和N极交换位置，其他保持不变，则线圈ab边所受力的方向______(选填“改变”、“不改变”、“可能变也可能不变”)
16. 将分别标有“6V 6W”和“3V 3W”的甲、乙两只灯泡串联接在电路中使用(保证两灯安全的情况下)，电路两端所能加的最大电压为______ V；若并联接在电路中，两灯消耗的实际功率之比P甲：P乙=______。(忽略温度对灯丝电阻的影响)
17. 综合问答--学农中的物理：
小雨到学农基地实践时的几个场景如下，请你从中挑选一个，用所学的物理知识进行解释：
①小雨用电热壶烧水时，发现电热壶很热，而与电热壶相连的导线却不热；②撑一把雨伞行走在雨中，一阵大风吹来，伞面可能被“吸”起，严重变形；③收获的玉米摊开在通风的地方晾晒．
场景：______ 解释：______.
18. 如图所示，是太阳能LED照明路灯，白天太阳能电池板将太阳能转化为电能，并向灯杆下方的蓄电池充电，将电能转化为______ 能储存起来，供夜晚路灯照明。LED灯是一种发光二极管，通过电流可以把电能直接转化成______ 能。
19. 某实验小组在做“观察水的沸腾”实验时，用到的器材有铁架台、烧杯、温度计、秒表、硬纸板、石棉网等。
(1)安装实验器材，应按照______(选填“自上而下”或“自下而上”)的顺序进行；
(2)实验时用温度计测出不同时刻水的温度，并记录在下表中，其中第3min时温度计的示数如图甲所示，示数______℃；
(3)分析图乙中的图线可知，第一次实验和第二次实验所用水的质量之比是______；
(4)小王将碘锤放入热水中，如图丙所示，观察到碘锤中固态碘逐渐消失，紫色的碘蒸气充满碘锤，固态碘发生的物态变化是______。在此实验中，固态碘没有先变成液体，再变成气体，原因是______(已知碘的熔点是113.5℃，碘的沸点是184.4℃)。
20. 如图所示，是同学们在“探究同一物体所受的浮力大小与哪些因素有关”的实验过程图。如图将一石块挂于弹簧测力计上，并将其慢慢浸入烧杯内的液体中。图甲、乙、丙烧杯中装的液体是水，图丁烧杯中装的液体是酒精，F1、F2、F3、F4分别是图甲、乙、丙、丁中弹簧测力计的示数。请回答以下问题：
(1)图甲中，弹簧测力计的示数F1=______N。
(2)石块完全浸没在水中时所受的浮力为______N。
(3)分析图中乙、丙两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与______有关；分析图中______两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与液体密度有关。
(4)图乙中石块浸入水中的体积是______m3。
(5)实验中采用的探究方法在研究物理问题时经常用到，称为______法。
(6)由实验数据可得石块的密度为______kg/m3。
21. 如图是小明家使用的两档电取暖器内部简化电路图，R1、R2为电热丝，且电阻不变，高温档位功率为1100W，低温档位功率为440W，家庭电路电压U=220V，求：
(1)电取暖器处于高温档位时电路中的电流；
(2)电路中R1的阻值；
(3)计算用低温档位取暖R1两端的电压；
(4)若此电取暖器安装在小明家的客厅里，客厅内空气的质量约为80kg，计算此电取暖器将客厅内空气从10℃加热到20℃至少需要多长时间。[空气的比热容取1100J/(kg⋅℃)]
22. 在水平地面上放有一个底面积为5.0×10−3m2的圆柱形容器，内装有一定深度的水，水的质量为0.5kg，将一个质量分布均匀、体积为5.0×10−5m3不吸水的物块放入水中，其状态如图所示，物块浸入水中的体积为4.0×10−5m3.(g取10N/kg，水的密度ρ水=1.0×103kg/m3)
(1)求物块受到的浮力大小；
(2)求物块的密度；
(3)用力F将物块压至图乙所示位置，求水对容器底部的压强增加了多少。
23. 在图中画出光从空气进入水中时的入射光线。
24. 在图中，根据给出的入射光线，画出相应的折射光线。
25. 小华感冒咳嗽，妈妈给她买了“双黄连口服液”。粗心的小华将口服液盒内特制吸管弄丢了，只好拿来一根饮料吸管插入瓶中，结果她费了很大的劲才把药液“吸”上来。为什么两种吸管“吸”药的效果不同呢？善于观察的她发现，这两种吸管的形状有相同之处：都是一端平口，另一端成较尖锐的斜切口(如图1)；也有不同之处：饮料吸管外壁光滑，口服液吸管外壁有棱，两种吸管的截面形状如图2所示。
(1)你认为，应该用______(选填“平口”、“尖口”)端插入瓶内，因为______。
(2)药液吸管的外壁是有棱角的，插入药瓶后，有利于______进入，药液在______的作用下被压入口中。
(3)若用药液吸管吸，当药液逐渐减少时，瓶内气压______。药液对瓶底的压强______，吸管在药液中受到的浮力______。(选填“变大”“变小”“不变”)
26. 如图所示在烧杯中加入盐水，将铜片和锌片放入盐水中，这就制成了一个电池，再将电压表的两个接线柱用导线连接在铜片和锌片上，电压表指针偏转。回答下列问题：
(1)该电池工作时的能量转化情况？
(2)哪个金属片是电池的正极？
(3)在电池的外部自由电子移动的方向是铜片到锌片，还是锌片到铜片？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：石油、天然气、煤炭等不能源源不断地从自然界获得或重复利用，它们属于不可再生能源。
太阳能够源源不断的从自然界获得，属于可再生能源；
故选：D。
像风能、太阳能、生物质能等能够源源不断地从自然界获得或可以重复利用的能源是可再生能源；
像化石能源、核能等不能源源不断地从自然界获得或不可重复利用的能源，叫不可再生能源。
本题主要考查学生对：能源的分类，以及可再生能源特点的了解和掌握，要知道常见的可再生能源。
2.【答案】C
【解析】解：“水晶饼”中间厚、边缘薄，属于凸透镜，凸透镜使太阳光发生折射，对光线有会聚作用，故ABD错误、C正确。
故选C。
中间厚、边缘薄的透镜为凸透镜；凸透镜使太阳光发生折射，对光线有会聚作用。
本题考查凸透镜的特点和作用，属于基础题。难度不大。
3.【答案】D
【解析】解：A、拉弯的弓把箭射出去，弓恢复原状，弓的弹性势能减小，箭的质量不变，速度变大，弓的弹性势能转化为动能，不符合题意；
B、钟表里发条带动齿轮转动，发条的弹性势能转化为齿轮的动能，不符合题意；
C、火箭发射升天，燃料的内能转化为火箭的动能与重力势能，不符合题意；
D、小孩荡秋千从高处向低处落下，小孩的质量不变，高度减小，重力势能减小，速度增加，动能增加，重力只能转化为动能，符合题意；
故选：D。
物体的重力势能由物体的质量与高度决定，物体的动能由物体的质量与速度决定，根据物体高度与速度的变化情况判断重力势能与动能的变化情况。
本题考查了能量转化问题，分析清楚各物理情景，知道转化前后能量存在的形式即可正确解题。
4.【答案】D
【解析】解：
A、最先通过实验总结得出电流与电压、电阻三者之间关系的科学家是欧姆，故A不符合题意；
B、牛顿发现了牛顿第一定律，故B不符合题意；
C、阿基米德是著名的学者、物理学家，发现了杠杆的平衡条件和阿基米德原理，故C不符合题意；
D、1643年6月20日，意大利科学家托里拆利首先测出了大气压的数值，此实验命名为托里拆利实验，故D符合题意。
故选：D。
熟悉每位科学家的主要成就，从而确定符合题意的选项。
熟悉基本的物理学史，掌握主要的物理学家的主要成就。
5.【答案】A
【解析】解：A.PM2.5不属于分子，不属于分子热运动，故A不正确。
B.洒在地上的水会蒸发吸收热量调节气温，属于汽化现象，同时可以抑尘，故B正确；
C.雾炮车在匀速前进过程，速度不变，但会因为洒水质量变小，故动能变小，故C正确；
D.汽车后的拖地铁链是导体，铁链能将摩擦起的静电及时导走，故D正确。
故选：A。
(1)PM2.5的运动是机械运动，不是分子的热运动；
(2)水在蒸发的过程中会吸热；
(3)动能的大小与速度和质量有关；
(4)导体容易导电。
本题考查了分子热运动、蒸发的特点、动能大小变化分析、导体的性质，属于基础知识。
6.【答案】A
【解析】解：A、汽车受到重力和支持力、牵引力和阻力两对平衡力的作用，故A正确；
B、汽车受到的重力和地面对汽车的支持力，二力作用在同一个物体(汽车)上，不是相互作用力，故B错误；
C、汽车急刹车不能立即停下来是因为汽车有惯性，但惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性和物体的运动状态无关，惯性的大小与质量大小有关，和物体的运动速度无关，故C错误；
D、要使太阳能汽车高速行驶时，导流板上方的空气流速小压强大，下方的空气流速大压强小，即上方平直下方凸起，这样会产生一个向下的压强差。从而增加汽车对地面的压力，提高车轮的抓地性能，故D错误。
故选：A。
(1)物体在平衡力的作用下一定处于处于静止或匀速直线运动状态，二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上。
(2)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性和物体的运动状态无关，惯性的大小与质量大小有关。
本题考查了相互作用力、二力平衡的辨别、惯性的理解，是一道综合题。
7.【答案】C
【解析】解：
A.由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，则绳子自由端移动的距离s=nh=3×2m=6m，故A错误；
B.不计绳重和摩擦，由F=1n(G+G动)可知，动滑轮的重力G动=nF−G=3×100N−210N=90N，故B错误；
C.拉力做的总功W总=Fs=100N×6m=600J，拉力做的有用功W有=Gh=210N×2m=420J，滑轮组的机械效率η=W有W总×100%=420J600J×100%=70%，故C正确；
D.提升物体的过程中，拉力F功率P=W总t=600J5s=120W，故D错误。
故选：C。
(1)根据图示滑轮组可知绳子的有效股数，根据s=nh求出绳子自由端移动的距离；
(2)不计绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮的重力；
(3)根据W=Fs求出拉力做的总功，根据W=Gh求出拉力做的有用功，利用η=W有W总×100%求出滑轮组的机械效率；
(4)提升物体的过程中，根据P=Wt求出拉力F功率。
本题考查了滑轮组的特点和滑轮组绳子拉力公式、做功公式、功率公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确滑轮组绳子有效股数是关键。
8.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。
(1)灯泡正常发光时的电压为2.5V，功率为1.25W，
因串联电路总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡正常发光时电压表的示数U滑=U−UL=4.5V−2.5V=2V，
因2V<3V，没有超出电压表的量程，
所以，灯泡可以正常发光，则灯泡两端的最大电压：UL=U额=2.5V，故A错误；
由P=UI可得，灯泡正常发光时的电流：
I额=P额U额=1.25W2.5V=0.5A，
因串联电路中各处的电流相等，且滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，
所以，电路中的最大电流I大=I额=0.5A，此时电路的总功率最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小；
电路的最大电功率：
P大=UI大=4.5V×0.5A=2.25W，故C错误；
滑动变阻器接入电路的最小阻值：
R滑小=U滑I大=2V0.5A=4Ω，故D错误；
(2)灯泡的电阻：
RL=U额I额=2.5V0.5A=5Ω，
当电压表的示数最大为3V时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，
此时灯泡两端的电压：
UL=U−U滑大=4.5V−3V=1.5V，
电路中的最小电流：
I小=ULRL=1.5V5Ω=0.3A，
则电路中电流变化范围是0.3A∼0.5A，故B正确。
故选：B。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。
(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，然后与电压表的量程相比较确定灯泡能正常发光，根据P=UI求出灯泡正常发光时的电流，然后与滑动变阻器允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流，此时电路的总功率最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据P=UI求出电路的最大总功率，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
(2)根据欧姆定律求出灯泡的电阻，当电压表的示数为3V时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的最小电流，然后得出电路中电流的变化范围。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的确定电路中的最大电流和最小电流是关键，要注意选择题中只要判断出一处错误即可。
9.【答案】C
【解析】解：A、根据此时小磁针的NS极，可以确定螺线管的NS极，在结合线圈的绕向，利用安培定则从而可以确定螺线管中的电流方向。进而可以确定电源的正负极。故A正确；
B、图示通电导线在磁场中受到磁场力的作用而运动，揭示了电动机的原理，故B正确；
C、图示是探究电磁感应现象的装置，故C不正确；
D、电风扇发电的原理是电磁感应现象，故D正确。
故选：C。
解答此题从以下知识点入手：
(1)利用安培定则确定电流方向从而可以确定电源的正负极。
(2)电动机的工作原理是：通电线圈在磁场中受到磁场力的作用；
(3)电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动会产生感应电流。
本题考查了通电螺线管的极性和电流方向的判断，电动机原理，电磁感应原理，分析清楚各图示情景、知道各实验揭示的物理情景是正确解题的前提与关键。
10.【答案】D
【解析】解：A、由图可知a处于漂浮状态，所以所受浮力Fa等于于小球重力Ga，b处于悬浮状态，所以所以所受浮力Fb等于小球重力Gb，而a与b质量相等，由G=mg可知，Ga=Gb，则a、b所受的浮力：Fa=Fb，c处于容器底部，所以所受浮力Fc小于小球重力Gc，而b质量大于c，所以GcFc，故A错误；
B、根据a与b质量相等且大于c，b与c体积相等且大于a，即：ma=mb>mc，Vaρb>ρc，故B错误；
C、物体排开的液体的体积关系为：V甲Fc，根据阿基米德原理可知，ρ甲>ρ乙>ρ丙，故C错误；
D、甲、乙、丙三个容器完全相同，三容器液面相平，由图可知三种液体的体积大小关系是V丙=V乙
(1)根据物体的条件，比较浮力与重力的大小关系，得出结论；
(2)已知a与b质量相等且大于c，b与c体积相等且大于a，根据ρ=mV可知三个小球密度关系；
(3)依据三个小球所受浮力的大小，以及浮力公式F=ρgV排分析三种液体的密度；
(4)容器对桌面的压力大小等于容器中液体的重力，小球的重力，容器自重之和，由此可知，只需要比较三个容器中液体重力的大小；由图可知，B、C液体的体积相等，A液体的体积最大，根据m=ρV可求出三个容器中液体的质量大小关系，根据G=mg可知三种液体的重力大小关系，由此可得出结论。
本题主要考查物体漂浮条件，悬浮条件，物体沉底条件，密度的计算，压力的计算，其中根据小球的状态分析小球受到的浮力大小关系，液体密度关系，容器内液体体积关系是本题的难点和解题关键。
11.【答案】电磁感应 机械 电源 魔方
【解析】解：
(1)转动魔方时，闭合电路的导体做切割磁感线运动，会产生感应电流，利用的是电磁感应现象；在发电的过程中，电能转化为机械能；
(2)魔方给移动设备充电时，魔方提供电能，相当于电路中的电源；
(3)将魔方放置在水平桌面上，魔方对桌面有压力的作用，压力是由魔方发生形变而产生的。
故答案为：(1)电磁感应；机械；(2)电源；(3)魔方。
(1)(2)利用电磁感应现象可以产生感应电流；在电磁感应现象中机械能转化为电能；在对外供电的过程中，电源会提供电能；
(3)物体发生弹性形变，能产生弹力。
发电机的原理是利用电磁感应现象，而电动机的原理是通电导体在磁场中受力运动，它们的能量转化分别是：机械能转化电能，电能转化为机械能。
12.【答案】不停地做无规则运动
【解析】解：
在任何温度下，分子都会永不停息地做无规则运动，所以即使在严寒的冬天，潮湿的衣服放在室外也会慢慢变干。
故答案为：不停地做无规则运动。
任何温度下，分子在永不停息地做无规则运动，其运动速度与温度有关，温度越高，运动越剧烈。
本题考查分子热运动，需要注意的是在任何温度下，分子都会永不停息地做无规则运动。
13.【答案】做功 机械 30
【解析】解：由图可知，汽油机的进气门和排气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，所以此冲程为做功冲程，内能转化为机械能；
由图可知，做有用功的能量占：100%−33%−30%−7%=30%，即内燃机的效率为η=30%。
故答案为：做功；机械；30。
内燃机的一个工作循环有四个冲程，即吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；压缩冲程即进气门和排气门都关闭，活塞由下向上运动，压缩空气做功，使气缸内气体内能增加温度升高；对于做功冲程，即气缸内的混合物被引燃，导致气缸内产生高温高压燃气，这些燃气推动活塞做功，使活塞由上向下运动；
由能流图得出转化为有用功的能量占总能量的比值，得出内燃机的效率。
本题以汽车为背景中，考查了内燃机的工作过程，包括能量的转化、效率的公式，难度不大。
14.【答案】二次能源 机械
【解析】解：
(1)电能不能从自然界直接获得，需要消耗其它能源经过加工转换获得，电能是二次能源；
(2)电动车工作时，消耗电能，得到机械能和内能，即将电能主要转化为机械能。
故答案为：二次能源；机械。
(1)直接从自然界获得不需要加工转换的能源是一次能源，不能直接从自然界获得而是通过消耗其它能源经过加工转换而获得的能源是二次能源；
(2)电动车工作时，消耗电能，得到机械能。
本题考查及能源的分类和能量的转化，属于基础题。
15.【答案】电动机 改变
【解析】解：(1)图中有电源，是电动机，是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的；
(2)通电导体在磁场受力而转动，转动方向改变与电流的方向和磁感线的方向有关，故若将图中的磁体的S极和N极交换位置，改变磁场方向，其他保持不变，则线圈ab边所受力的方向改变。
故答案为：电动机； 改变。
(1)图中有电源，是电动机，是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的；
(2)通电导体在磁场受力而转动，转动方向改变与电流的方向和磁感线的方向有关。
此题属于电磁学中比较简单的题目，考查内容较少，主要考查了电动机的原理图和影响导体运动方向的因素，应重点掌握。
16.【答案】9 1：2
【解析】解：由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：
I甲=P甲额U甲额=6W6V=1A，I乙=P乙额U乙额=3W3V=1A，
由I=UR可得，两灯泡的电阻分别为：
R甲=U甲额I甲=6V1A=6Ω，R乙=U乙额I乙=3V1A=3Ω，
两灯泡串联时，通过它们的电流相等，为了使电路安全使用，电路中的最大电流：
I=I甲=I乙=1A，
由串联电路特点和欧姆定律可得，电路两端允许加的最大电压：
U=I(R甲+R乙)=1A×(6Ω+3Ω)=9V；
并联电路中各支路两端的电压相等，把两只小灯泡并联后，两灯消耗的实际功率之比P甲P乙=U2R甲U2R乙=R乙R甲=3Ω6Ω=12。
故答案为：9；1：2。
(1)已知两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出两灯的额定电流，再根据欧姆定律求出两灯泡的电阻；两灯串联后通过它们的电流相等，要保证电路安全且其中一个灯泡正常发光，则正常发光的为额定电流较小的灯泡，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路两端的电压；
(2)根据并联电路电压特点结合P=U2R计算两灯并联时两灯消耗的实际功率之比。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用。
17.【答案】①；电流和通电时间相同时，阻值越大，电流产生热量越多
【解析】解：
①电热水壶在使用时，电热丝和导线串联，I电炉丝=I导线，通电时间t相同，而R电热丝>R导线，由Q=I2Rt可知电流产生的热量：Q电热丝>Q导线，所以电热壶很热，但跟电热丝连接的导线都不怎么热的现象；
②等质量的空气在相同的时间内同时通过伞的上表面和下表面，由于上表面弯曲，下表面平直，所以空气通过上表面的流速大，压强小；通过下表面的流速较小，压强大，所以伞的下表面在较大的压强的作用下向上压去，使得伞变形；
③通风加快了玉米上方空气的流动，也加快了玉米内水分的蒸发．
故答案为：①；电流和通电时间相同时，阻值越大，电流产生热量越多．
①电热丝和连接的导线串联在电路中(通过的电流相等)，通电时间是相同的，而电热丝的电阻比导线的电阻大，据焦耳定律分析原因；
②流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大；
③影响蒸发快慢的因素有：液体的温度；液体的表面积；液体表面的空气流动速度．
准确把握题干中所描述的场景涉及的物理知识或原理，才能做出针对性的解释，这是解答的关键．
18.【答案】化学 光
【解析】解：太阳能电池板将太阳能转化电能；蓄电池充电时将电能转化为化学能储存起来。
在夜晚时蓄电池对路灯供电照明，将化学能转化为电能。
故答案为：化学；光。
太阳能电池板把太阳能转化为电能，蓄电池充电时把电能转化为化学能，放电时把化学能转化为电能。
本题考查了太阳能电池板与蓄电池的能量转化，是一道基础题，知道转化前后能量存在的形式，是正确解题的关键。
19.【答案】自下而上 96 5：3 升华 碘的熔点高于水的沸点
【解析】解：(1)安装实验器材，应按照自下而上的顺序进行；
(2)第3min时温度计的示数如图甲所示，分度值是1℃，液柱在零上，所以温度计示数是96℃；
(3)根据图乙可知，相同时间吸收了相同的热量，即Q1=Q2，cm1△t1=cm2△t2，m1m2=△t2△t1=10℃6℃=53；
(4)小王将碘锤放入热水中，如图丙所示，观察到碘锤中固态碘逐渐消失，紫色的碘蒸气充满碘锤，固态碘发生的物态变化是升华，在此实验中，固态碘没有先变成液体，再变成气体，原因是碘的熔点高于水的沸点；
故答案为：(1)自下而上；(2)96；(3)5：3；(4)升华；碘的熔点高于水的沸点。
(1)组装实验器材时遵循从左到右，自下而上的顺序；
(2)温度计读数时应看清量程和分度值；
(3)比热容是物质特性，相同状态的同种物质吸热能力一般是相同的，根据Q=cm△t计算；
(4)根据物质状态变化解答；
本题考查探究水沸腾实验，关键是将实验操作步骤及结论掌握清楚，仔细分析不难做出。
20.【答案】4.82排开液体的体积 丙、丁 2×10−4 控制变量 2.4×103
【解析】解：(1)图甲中，测力计分度值为0.2N，弹簧测力计的示数F1=4.8N；
(2)由甲丙知，根据称重法，石块完全浸没在水中时所受的浮力为：
F浮=G−F=4.8N−2.8N=2N；
(3)分析图中乙、丙可知，排开液体的体积相同，排开液体的密度不同，测力计示数不同，受到的浮力不同，帮两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与排开液体的体积有关；
研究物体所受的浮力大小与液体密度的关系，要控制排开液体的体积相同，故分析图中丙、丁两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与液体密度有关。
(4)根据阿基米德原理：F浮=ρ水gV排=ρ水gV物，图乙中石块浸入水中的体积是：
V=F浮ρ水g=2N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10−4m3；
(5)实验中采用的探究方法在研究物理问题时经常用到，称为控制变量法。
(6)由实验数据可得石块的密度为：
ρ=GgV=4.8N10N/kg×2×10−4m3=2.4×103kg/m3。
故答案为：(1)4.8；(2)2；(3)排开液体的体积；丙、丁；(4)2×10−4；(5)控制变量；(6)2.4×103。
(1)根据测力计分度值得出弹簧测力计的示数；
(2)由甲丙知，根据称重法求出石块完全浸没在水中时所受的浮力；
(3)(5)浮力大小与排开液体的体积和密度有关，由控制变量法，研究与其中一个因素的关系时，要控制另一个因素不变，分析图中乙、丙实验，找出相同量和不同量，得出浮力与变化量的关系；
研究物体所受的浮力大小与液体密度的关系，要控制排开液体的体积相同；
(4)根据阿基米德原理求出图乙中石块浸入水中的体积；
(6)根据ρ=GgV，由实验数据可得石块的密度。
本题探究同一物体所受的浮力大小与哪些因素有关，考查测力计读数、称重法测浮力、控制变量法、阿基米德原理的运用及密度公式的运用。
21.【答案】解：(1)当S1、S2都闭合时，电路为R1的简单电路，电路中的电阻最小，根据P=U2R可知，此时电路中的电功率最大，即为高温档位；
已知P高温=1100W，根据P=UI可知，此时电路中的电流：I=P高温U=1100W220V=5A；
(2)根据P=U2R可得，电路中R1的阻值：R1=U2P高温=(220V)21100W=44Ω；
(3)当S2闭合S1断开时，R1、R2串联，为低温档，P低温=440W
由P=UI可得，电路中的电流：I低温=P低温U=440W220V=2A；
由I=UR得：R1两端的电压：U1=I低温R1=2A×44Ω=88V；
(4)当电取暖器以高档加热且不考虑热量散失时加热时间最短。
客厅内空气吸收的热量：Q吸=cm(t2−t1)=1100J/(kg⋅℃)×80kg×(20℃−10℃)=8.8×105J；
电流做功：W=Q吸=8.8×105J，
由P=Wt得：需要的时间：t=WP高温=8.8×105J1100W=800s。
答：(1)电取暖器处于高温档位时电路中的电流强度为5A；
(2)电路中R1的阻值是44Ω；
(3)低温档位取暖R1两端的电压为88V；
(4)至少需要加热800s。
【解析】(1)当S1、S2都闭合时，电路为R1的简单电路，电路中的电阻最小，根据P=U2R可知电热丝的电功率最大，据此确定电取暖器为高温档；知道档位的功率和电压，根据P=UI求出此时电路中的电流；
(2)知道高温档的功率和电压，根据P=U2R求出R1的阻值；
(3)当S2闭合S1断开时，R1、R2串联，为低温档，根据P=UI求出电路电流，再根据欧姆定律的应用求出R1两端的电压；
(4)当电取暖器以高档加热且不考虑热量散失时加热时间最短；先根据Q吸=cm(t2−t1)求出空气吸收的热量，然后根据W=Q吸可知消耗的电能，再利用P=Wt求出至少需要的时间。
本题考查了欧姆定律、热量的计算、电功率公式和电功公式的灵活应用，会判断高温档和低温档时电路的结构是关键。
22.【答案】解：(1)物块浸入水中的体积为：V排=4.0×10−5m3，
物块漂浮在水面上受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×4.0×10−5m3=0.4N
(2)因为物块漂浮在水面上，所以，物块的重力：G=F浮=0.4N
物块的质量：m=Gg=0.4N10N/kg=0.04kg
物块的密度：ρ=mV=0.04kg5.0×10−5m3=0.8×103kg/m3
(3)在甲图中，物块漂浮在水面上，水面升高：h1=V排S=4.0×10−5m35.0×10−3m2=0.8×10−2m
在乙图中，物块浸没在水中，水面升高的高度：h2=VS=5.0×10−5×m35.0×10−3m2=1×10−2m
所以从甲图到乙图水面升高的高度：△h=h2−h1=1×10−2m−0.8×10−2m=0.2×10−2m
增加的压强为：△p=ρ水g△h=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2×10−2m=20Pa
答：(1)物块受到的浮力0.4N；
(2)物块的密度S是0.8×103kg/m3；
(3)用力F将物块压至图乙所示位置，水对容器底部的压强增加20Pa。
【解析】(1)知道水的密度和物体排开水的体积，根据阿基米德原理求出浮力。
(2)物体漂浮在水面上，知道浮力求出物体的重力，求出质量，又知道体积，求出密度。
(3)求出物体漂浮和完全浸没时水面高度变化，求出水面升高增加量，求出水对容器底部的压强增加量。
当物体放在水中时，求容器底受到的压强增加量，是比较常见的一种题型，关键是求出水面升高的高度。
23.【答案】解：当光从空气斜射入水中时在水面处会发生折射现象，折射角小于入射角，据此画出入射光线，如图所示：
【解析】在折射现象中，当光从空气斜射入水或玻璃等透明介质中时，折射角小于入射角；当光从水或玻璃等透明介质斜射入空气中时，折射角大于入射角
本题考查了光的折射规律的应用，属于基础题。
24.【答案】解：
①平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，据此作出对应的折射光线，从焦点发出的光线经过凸透镜后平行于主光轴；
②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变，如图所示：
【解析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。
25.【答案】尖口 在压力一定时，受力面积越小，吸管对瓶盖的压强越大，越容易把吸管插入瓶内 大气压 大气压 不变 减小 变小
【解析】解：(1)采用吸管的尖口，在压力一定时，可以减小受力面积来增大吸管对瓶盖的压强，容易把吸管插入瓶内。
(2)吸管外壁是有棱角，当吸管插入药瓶时，大气压能通过棱角处的缝隙进入瓶内。
用吸管吸药液时，吸气时，吸管内的压强减小，药液在大气压作用下被压入嘴里。
(3)①当药液逐渐减少时，瓶内和外界是相通的，瓶内气压和外界气压是相同的，所以瓶内气压保持不变。
②当药液逐渐减少时，药液的深度减小，药液的密度不变，所以药液对瓶底的压强减小。
③当药液逐渐减少时，药液的密度不变，吸管排开药液的体积减小，吸管受到药液的浮力减小。
故答案为：(1)尖口；在压力一定时，受力面积越小，吸管对瓶盖的压强越大，越容易把吸管插入瓶内；(2)大气压；大气压；(3)不变；减小；变小。
(1)从减小受力面积来增大压强考虑。
(2)吸管外壁是有棱角，当吸管插入药瓶时，大气压能通过棱角处的缝隙进入瓶内；用吸管吸药液，药液是在大气压作用下进入嘴里的。
(3)①由于有棱角处的缝隙和大气相连，瓶内压强总是和外界大气压相同的。
②从液体压强公式进行考虑；液体压强跟液体密度和深度有关，液体密度越大，深度越深，液体压强越大。
③从浮力大小的影响因素进行分析：浮力大小跟液体密度和物体排开液体的体积有关，液体的密度越大，物体排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大。
本题通过用饮料吸管代替药液吸管吸药液，考查了增大压强的方法、大气压的作用、液体压强、浮力等，一个小小的生活问题，用到了这么多的物理知识，这样的试题，不但巩固了所学的物理知识，同时也增加了生活常识，可谓一举两得。
26.【答案】解：(1)电池工作时，化学能转化为电能；
(2)由图可知，电压表的指针向右偏转，3接线柱接的是电源的正极，-接线柱解的是电源的负极，故锌片是电池的正极；
(3)在电源的外部，电流从电源的正极流向负极，自由电子定向移动的方向与电流的方向相反，则由电子移动的方向是铜片到锌片。
答：(1)化学能转化为电能；(2)锌片是电池的正极；(3)在电池的外部自由电子移动的方向是铜片到锌片。
【解析】(1)电池具有化学能，在工作的过程中，化学能转化为电能；
(2)电压表测量电压时，电流应该从电压表的正接线柱流入，从负接线柱流出，此时电压表指针会向右偏转，据此分析电池的正极；
(3)正电荷定向移动的方向为电流的方向，负电荷定向移动的方向与电流的方向相反；在电源的外部，电流从电源的正极流向负极。
本题考查了电压表的使用、自由电子定向移动的方向、能量的转化，属于基础题。
2023年江苏省徐州市邳州市中考物理一模试卷
1. 开发和利用可再生能源是解决能源危机的有效途径，下列属于可再生能源的是( )
A. 石油 B. 天然气 C. 煤炭 D. 太阳能
2. 我国出土的文物“水晶饼”为中部鼓起的透明圆饼，古籍记载“正午向日，以艾承之，即火燃”。关于“水晶饼”利用太阳光生火，下列说法正确的是( )
A. 这是光的反射现象 B. 这是光的色散现象
C. “水晶饼”对光有会聚作用 D. “水晶饼”对光有发散作用
3. 下列过程中，属于物体的重力势能转化为动能的是哪个？( )
A. 拉弯的弓把箭射出去 B. 钟表里发条带动齿轮转动
C. 火箭发射升天 D. 小孩荡秋千从高处向低处落下
4. 首先完成大气压值测定的科学家是( )
A. 欧姆 B. 牛顿 C. 阿基米德 D. 托里拆利
5. 在我市出现了“大炮”，如图所示，它是专门用来与雾霾打硬仗的雾炮车。其喷雾功能能有效降低空气中的PM2.5的含量。和雾炮车有关的现象，下列说法不正确的是( )
A. PM2.5在空气中的运动属于分子热运动
B. 洒在地上的水在蒸发时吸热，能在抑尘的同时起到调节气温的作用
C. 雾炮车在匀速前进过程中，动能逐渐减小
D. 汽车后的拖地铁链是为了将摩擦起的静电及时导走
6. 如图是太阳能汽车在平直公路上匀速行驶的情形。若不计空气阻力对汽车的影响，则下列说法正确的是( )
A. 汽车受到两对平衡力的作用
B. 汽车的重力和地面对汽车的支持力是相互作用力
C. 汽车急刹车时不能立即停止，是由于速度大惯性大
D. 太阳能汽车上凸的形状，在行驶时增大了对地面的压力
7. 利用如图所示的滑轮组提起一个重为210N的物体，绳子自由端的拉力F=100N，5s内物体被匀速提升2m。若不计绳重和摩擦，则下列说法中正确的是( )
A. 绳子自由端移动的距离是4m
B. 动滑轮的重力为70N
C. 滑轮组的机械效率为70%
D. 提升物体的过程中，拉力F功率为40W
8. 小明在做“调节灯泡亮度”的电学实验时，电路如图所示。电源电压恒为4.5V，电压表量程“0∼3V”，滑动变阻器规格“50Ω1A”，灯泡L标有“2.5V1.25W”字样(忽略灯丝电阻变化)。在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是( )
A. 灯泡两端的最大电压是1.5V
B. 电路中电流变化的范围是0.3A∼0.5A
C. 该电路中电流的最大功率是1.25W
D. 滑动变阻器阻值变化的范围是2.5Ω∼10Ω
9. 根据下列图片提供的信息，以下的说法不正确的是( )
A. 此图可以辨认未知电池的正负极
B. 此图模拟的是电动机工作原理
C. 此图可用来演示磁场对电流的作用
D. 电风扇发电的原理是电磁感应
10. a、b、c是三个实心小球，a与b质量相等且大于c，b与c体积相等且大于a.水平桌面上，完全相同的甲、乙、丙容器中装有三种不同液体，将小球分别轻轻放入容器，最后静止处于图所示状态，容器中的液面高度相同，则下列判断正确的是( )
A. 小球所受浮力Fa
C. 液体的密度ρ甲<ρ乙<ρ丙 D. 容器对桌面的压力F甲>F乙>F丙
11. 如图是一款能发电的魔方充电器，转动魔方即可产生电能。产生的电能储存于魔方内并通过USB端口给移动设备充电。
(1)此魔方根据______的原理发电，这个过程______能转化为电能。
(2)给移动设备充电时，魔方相当于电路中的______(选填“电源”或“用电器”)。
(3)将此魔方放置在水平桌面上，魔方对桌面的压力是由______发生形变而产生的。
12. 严寒的冬天，潮湿的衣服放在室外也会慢慢变干。从分子动理论的角度看，这种现象发生的原因是：在任何温度下，分子都在______。
13. 2020年11月20日，我国某品牌汽车公司发布了高效发动机，热机效率全球领先，高达43%，以惊艳表现开启了中国汽车品牌超高热效率发动机新纪元。如图表示四冲程内燃机的某个冲程示意图，这个冲程是______ 冲程，把内能转化为______ 能，将内燃机的能量流向制成如图2所示的图表，请根据给出的信息，计算该内燃机的效率为______ %。
14. 不懂垃圾分类就不懂什么是新时尚，把垃圾分类回收后，可用于发电，从能源的角度看，电能属于______(填“一次能源”或“二次能源”)；电动自行车在使用过程中，是将电能主要转化为______能。
15. 如图，这是______(选填“发电机、“电动机”)原理图，若将图中的磁体的S极和N极交换位置，其他保持不变，则线圈ab边所受力的方向______(选填“改变”、“不改变”、“可能变也可能不变”)
16. 将分别标有“6V 6W”和“3V 3W”的甲、乙两只灯泡串联接在电路中使用(保证两灯安全的情况下)，电路两端所能加的最大电压为______ V；若并联接在电路中，两灯消耗的实际功率之比P甲：P乙=______。(忽略温度对灯丝电阻的影响)
17. 综合问答--学农中的物理：
小雨到学农基地实践时的几个场景如下，请你从中挑选一个，用所学的物理知识进行解释：
①小雨用电热壶烧水时，发现电热壶很热，而与电热壶相连的导线却不热；②撑一把雨伞行走在雨中，一阵大风吹来，伞面可能被“吸”起，严重变形；③收获的玉米摊开在通风的地方晾晒．
场景：______ 解释：______.
18. 如图所示，是太阳能LED照明路灯，白天太阳能电池板将太阳能转化为电能，并向灯杆下方的蓄电池充电，将电能转化为______ 能储存起来，供夜晚路灯照明。LED灯是一种发光二极管，通过电流可以把电能直接转化成______ 能。
19. 某实验小组在做“观察水的沸腾”实验时，用到的器材有铁架台、烧杯、温度计、秒表、硬纸板、石棉网等。
(1)安装实验器材，应按照______(选填“自上而下”或“自下而上”)的顺序进行；
(2)实验时用温度计测出不同时刻水的温度，并记录在下表中，其中第3min时温度计的示数如图甲所示，示数______℃；
(3)分析图乙中的图线可知，第一次实验和第二次实验所用水的质量之比是______；
(4)小王将碘锤放入热水中，如图丙所示，观察到碘锤中固态碘逐渐消失，紫色的碘蒸气充满碘锤，固态碘发生的物态变化是______。在此实验中，固态碘没有先变成液体，再变成气体，原因是______(已知碘的熔点是113.5℃，碘的沸点是184.4℃)。
20. 如图所示，是同学们在“探究同一物体所受的浮力大小与哪些因素有关”的实验过程图。如图将一石块挂于弹簧测力计上，并将其慢慢浸入烧杯内的液体中。图甲、乙、丙烧杯中装的液体是水，图丁烧杯中装的液体是酒精，F1、F2、F3、F4分别是图甲、乙、丙、丁中弹簧测力计的示数。请回答以下问题：
(1)图甲中，弹簧测力计的示数F1=______N。
(2)石块完全浸没在水中时所受的浮力为______N。
(3)分析图中乙、丙两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与______有关；分析图中______两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与液体密度有关。
(4)图乙中石块浸入水中的体积是______m3。
(5)实验中采用的探究方法在研究物理问题时经常用到，称为______法。
(6)由实验数据可得石块的密度为______kg/m3。
21. 如图是小明家使用的两档电取暖器内部简化电路图，R1、R2为电热丝，且电阻不变，高温档位功率为1100W，低温档位功率为440W，家庭电路电压U=220V，求：
(1)电取暖器处于高温档位时电路中的电流；
(2)电路中R1的阻值；
(3)计算用低温档位取暖R1两端的电压；
(4)若此电取暖器安装在小明家的客厅里，客厅内空气的质量约为80kg，计算此电取暖器将客厅内空气从10℃加热到20℃至少需要多长时间。[空气的比热容取1100J/(kg⋅℃)]
22. 在水平地面上放有一个底面积为5.0×10−3m2的圆柱形容器，内装有一定深度的水，水的质量为0.5kg，将一个质量分布均匀、体积为5.0×10−5m3不吸水的物块放入水中，其状态如图所示，物块浸入水中的体积为4.0×10−5m3.(g取10N/kg，水的密度ρ水=1.0×103kg/m3)
(1)求物块受到的浮力大小；
(2)求物块的密度；
(3)用力F将物块压至图乙所示位置，求水对容器底部的压强增加了多少。
23. 在图中画出光从空气进入水中时的入射光线。
24. 在图中，根据给出的入射光线，画出相应的折射光线。
25. 小华感冒咳嗽，妈妈给她买了“双黄连口服液”。粗心的小华将口服液盒内特制吸管弄丢了，只好拿来一根饮料吸管插入瓶中，结果她费了很大的劲才把药液“吸”上来。为什么两种吸管“吸”药的效果不同呢？善于观察的她发现，这两种吸管的形状有相同之处：都是一端平口，另一端成较尖锐的斜切口(如图1)；也有不同之处：饮料吸管外壁光滑，口服液吸管外壁有棱，两种吸管的截面形状如图2所示。
(1)你认为，应该用______(选填“平口”、“尖口”)端插入瓶内，因为______。
(2)药液吸管的外壁是有棱角的，插入药瓶后，有利于______进入，药液在______的作用下被压入口中。
(3)若用药液吸管吸，当药液逐渐减少时，瓶内气压______。药液对瓶底的压强______，吸管在药液中受到的浮力______。(选填“变大”“变小”“不变”)
26. 如图所示在烧杯中加入盐水，将铜片和锌片放入盐水中，这就制成了一个电池，再将电压表的两个接线柱用导线连接在铜片和锌片上，电压表指针偏转。回答下列问题：
(1)该电池工作时的能量转化情况？
(2)哪个金属片是电池的正极？
(3)在电池的外部自由电子移动的方向是铜片到锌片，还是锌片到铜片？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：石油、天然气、煤炭等不能源源不断地从自然界获得或重复利用，它们属于不可再生能源。
太阳能够源源不断的从自然界获得，属于可再生能源；
故选：D。
像风能、太阳能、生物质能等能够源源不断地从自然界获得或可以重复利用的能源是可再生能源；
像化石能源、核能等不能源源不断地从自然界获得或不可重复利用的能源，叫不可再生能源。
本题主要考查学生对：能源的分类，以及可再生能源特点的了解和掌握，要知道常见的可再生能源。
2.【答案】C
【解析】解：“水晶饼”中间厚、边缘薄，属于凸透镜，凸透镜使太阳光发生折射，对光线有会聚作用，故ABD错误、C正确。
故选C。
中间厚、边缘薄的透镜为凸透镜；凸透镜使太阳光发生折射，对光线有会聚作用。
本题考查凸透镜的特点和作用，属于基础题。难度不大。
3.【答案】D
【解析】解：A、拉弯的弓把箭射出去，弓恢复原状，弓的弹性势能减小，箭的质量不变，速度变大，弓的弹性势能转化为动能，不符合题意；
B、钟表里发条带动齿轮转动，发条的弹性势能转化为齿轮的动能，不符合题意；
C、火箭发射升天，燃料的内能转化为火箭的动能与重力势能，不符合题意；
D、小孩荡秋千从高处向低处落下，小孩的质量不变，高度减小，重力势能减小，速度增加，动能增加，重力只能转化为动能，符合题意；
故选：D。
物体的重力势能由物体的质量与高度决定，物体的动能由物体的质量与速度决定，根据物体高度与速度的变化情况判断重力势能与动能的变化情况。
本题考查了能量转化问题，分析清楚各物理情景，知道转化前后能量存在的形式即可正确解题。
4.【答案】D
【解析】解：
A、最先通过实验总结得出电流与电压、电阻三者之间关系的科学家是欧姆，故A不符合题意；
B、牛顿发现了牛顿第一定律，故B不符合题意；
C、阿基米德是著名的学者、物理学家，发现了杠杆的平衡条件和阿基米德原理，故C不符合题意；
D、1643年6月20日，意大利科学家托里拆利首先测出了大气压的数值，此实验命名为托里拆利实验，故D符合题意。
故选：D。
熟悉每位科学家的主要成就，从而确定符合题意的选项。
熟悉基本的物理学史，掌握主要的物理学家的主要成就。
5.【答案】A
【解析】解：A.PM2.5不属于分子，不属于分子热运动，故A不正确。
B.洒在地上的水会蒸发吸收热量调节气温，属于汽化现象，同时可以抑尘，故B正确；
C.雾炮车在匀速前进过程，速度不变，但会因为洒水质量变小，故动能变小，故C正确；
D.汽车后的拖地铁链是导体，铁链能将摩擦起的静电及时导走，故D正确。
故选：A。
(1)PM2.5的运动是机械运动，不是分子的热运动；
(2)水在蒸发的过程中会吸热；
(3)动能的大小与速度和质量有关；
(4)导体容易导电。
本题考查了分子热运动、蒸发的特点、动能大小变化分析、导体的性质，属于基础知识。
6.【答案】A
【解析】解：A、汽车受到重力和支持力、牵引力和阻力两对平衡力的作用，故A正确；
B、汽车受到的重力和地面对汽车的支持力，二力作用在同一个物体(汽车)上，不是相互作用力，故B错误；
C、汽车急刹车不能立即停下来是因为汽车有惯性，但惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性和物体的运动状态无关，惯性的大小与质量大小有关，和物体的运动速度无关，故C错误；
D、要使太阳能汽车高速行驶时，导流板上方的空气流速小压强大，下方的空气流速大压强小，即上方平直下方凸起，这样会产生一个向下的压强差。从而增加汽车对地面的压力，提高车轮的抓地性能，故D错误。
故选：A。
(1)物体在平衡力的作用下一定处于处于静止或匀速直线运动状态，二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上。
(2)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性和物体的运动状态无关，惯性的大小与质量大小有关。
本题考查了相互作用力、二力平衡的辨别、惯性的理解，是一道综合题。
7.【答案】C
【解析】解：
A.由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，则绳子自由端移动的距离s=nh=3×2m=6m，故A错误；
B.不计绳重和摩擦，由F=1n(G+G动)可知，动滑轮的重力G动=nF−G=3×100N−210N=90N，故B错误；
C.拉力做的总功W总=Fs=100N×6m=600J，拉力做的有用功W有=Gh=210N×2m=420J，滑轮组的机械效率η=W有W总×100%=420J600J×100%=70%，故C正确；
D.提升物体的过程中，拉力F功率P=W总t=600J5s=120W，故D错误。
故选：C。
(1)根据图示滑轮组可知绳子的有效股数，根据s=nh求出绳子自由端移动的距离；
(2)不计绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮的重力；
(3)根据W=Fs求出拉力做的总功，根据W=Gh求出拉力做的有用功，利用η=W有W总×100%求出滑轮组的机械效率；
(4)提升物体的过程中，根据P=Wt求出拉力F功率。
本题考查了滑轮组的特点和滑轮组绳子拉力公式、做功公式、功率公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确滑轮组绳子有效股数是关键。
8.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。
(1)灯泡正常发光时的电压为2.5V，功率为1.25W，
因串联电路总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡正常发光时电压表的示数U滑=U−UL=4.5V−2.5V=2V，
因2V<3V，没有超出电压表的量程，
所以，灯泡可以正常发光，则灯泡两端的最大电压：UL=U额=2.5V，故A错误；
由P=UI可得，灯泡正常发光时的电流：
I额=P额U额=1.25W2.5V=0.5A，
因串联电路中各处的电流相等，且滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，
所以，电路中的最大电流I大=I额=0.5A，此时电路的总功率最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小；
电路的最大电功率：
P大=UI大=4.5V×0.5A=2.25W，故C错误；
滑动变阻器接入电路的最小阻值：
R滑小=U滑I大=2V0.5A=4Ω，故D错误；
(2)灯泡的电阻：
RL=U额I额=2.5V0.5A=5Ω，
当电压表的示数最大为3V时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，
此时灯泡两端的电压：
UL=U−U滑大=4.5V−3V=1.5V，
电路中的最小电流：
I小=ULRL=1.5V5Ω=0.3A，
则电路中电流变化范围是0.3A∼0.5A，故B正确。
故选：B。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。
(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，然后与电压表的量程相比较确定灯泡能正常发光，根据P=UI求出灯泡正常发光时的电流，然后与滑动变阻器允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流，此时电路的总功率最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据P=UI求出电路的最大总功率，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
(2)根据欧姆定律求出灯泡的电阻，当电压表的示数为3V时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的最小电流，然后得出电路中电流的变化范围。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的确定电路中的最大电流和最小电流是关键，要注意选择题中只要判断出一处错误即可。
9.【答案】C
【解析】解：A、根据此时小磁针的NS极，可以确定螺线管的NS极，在结合线圈的绕向，利用安培定则从而可以确定螺线管中的电流方向。进而可以确定电源的正负极。故A正确；
B、图示通电导线在磁场中受到磁场力的作用而运动，揭示了电动机的原理，故B正确；
C、图示是探究电磁感应现象的装置，故C不正确；
D、电风扇发电的原理是电磁感应现象，故D正确。
故选：C。
解答此题从以下知识点入手：
(1)利用安培定则确定电流方向从而可以确定电源的正负极。
(2)电动机的工作原理是：通电线圈在磁场中受到磁场力的作用；
(3)电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动会产生感应电流。
本题考查了通电螺线管的极性和电流方向的判断，电动机原理，电磁感应原理，分析清楚各图示情景、知道各实验揭示的物理情景是正确解题的前提与关键。
10.【答案】D
【解析】解：A、由图可知a处于漂浮状态，所以所受浮力Fa等于于小球重力Ga，b处于悬浮状态，所以所以所受浮力Fb等于小球重力Gb，而a与b质量相等，由G=mg可知，Ga=Gb，则a、b所受的浮力：Fa=Fb，c处于容器底部，所以所受浮力Fc小于小球重力Gc，而b质量大于c，所以Gc
B、根据a与b质量相等且大于c，b与c体积相等且大于a，即：ma=mb>mc，Va
C、物体排开的液体的体积关系为：V甲
D、甲、乙、丙三个容器完全相同，三容器液面相平，由图可知三种液体的体积大小关系是V丙=V乙
(1)根据物体的条件，比较浮力与重力的大小关系，得出结论；
(2)已知a与b质量相等且大于c，b与c体积相等且大于a，根据ρ=mV可知三个小球密度关系；
(3)依据三个小球所受浮力的大小，以及浮力公式F=ρgV排分析三种液体的密度；
(4)容器对桌面的压力大小等于容器中液体的重力，小球的重力，容器自重之和，由此可知，只需要比较三个容器中液体重力的大小；由图可知，B、C液体的体积相等，A液体的体积最大，根据m=ρV可求出三个容器中液体的质量大小关系，根据G=mg可知三种液体的重力大小关系，由此可得出结论。
本题主要考查物体漂浮条件，悬浮条件，物体沉底条件，密度的计算，压力的计算，其中根据小球的状态分析小球受到的浮力大小关系，液体密度关系，容器内液体体积关系是本题的难点和解题关键。
11.【答案】电磁感应 机械 电源 魔方
【解析】解：
(1)转动魔方时，闭合电路的导体做切割磁感线运动，会产生感应电流，利用的是电磁感应现象；在发电的过程中，电能转化为机械能；
(2)魔方给移动设备充电时，魔方提供电能，相当于电路中的电源；
(3)将魔方放置在水平桌面上，魔方对桌面有压力的作用，压力是由魔方发生形变而产生的。
故答案为：(1)电磁感应；机械；(2)电源；(3)魔方。
(1)(2)利用电磁感应现象可以产生感应电流；在电磁感应现象中机械能转化为电能；在对外供电的过程中，电源会提供电能；
(3)物体发生弹性形变，能产生弹力。
发电机的原理是利用电磁感应现象，而电动机的原理是通电导体在磁场中受力运动，它们的能量转化分别是：机械能转化电能，电能转化为机械能。
12.【答案】不停地做无规则运动
【解析】解：
在任何温度下，分子都会永不停息地做无规则运动，所以即使在严寒的冬天，潮湿的衣服放在室外也会慢慢变干。
故答案为：不停地做无规则运动。
任何温度下，分子在永不停息地做无规则运动，其运动速度与温度有关，温度越高，运动越剧烈。
本题考查分子热运动，需要注意的是在任何温度下，分子都会永不停息地做无规则运动。
13.【答案】做功 机械 30
【解析】解：由图可知，汽油机的进气门和排气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，所以此冲程为做功冲程，内能转化为机械能；
由图可知，做有用功的能量占：100%−33%−30%−7%=30%，即内燃机的效率为η=30%。
故答案为：做功；机械；30。
内燃机的一个工作循环有四个冲程，即吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；压缩冲程即进气门和排气门都关闭，活塞由下向上运动，压缩空气做功，使气缸内气体内能增加温度升高；对于做功冲程，即气缸内的混合物被引燃，导致气缸内产生高温高压燃气，这些燃气推动活塞做功，使活塞由上向下运动；
由能流图得出转化为有用功的能量占总能量的比值，得出内燃机的效率。
本题以汽车为背景中，考查了内燃机的工作过程，包括能量的转化、效率的公式，难度不大。
14.【答案】二次能源 机械
【解析】解：
(1)电能不能从自然界直接获得，需要消耗其它能源经过加工转换获得，电能是二次能源；
(2)电动车工作时，消耗电能，得到机械能和内能，即将电能主要转化为机械能。
故答案为：二次能源；机械。
(1)直接从自然界获得不需要加工转换的能源是一次能源，不能直接从自然界获得而是通过消耗其它能源经过加工转换而获得的能源是二次能源；
(2)电动车工作时，消耗电能，得到机械能。
本题考查及能源的分类和能量的转化，属于基础题。
15.【答案】电动机 改变
【解析】解：(1)图中有电源，是电动机，是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的；
(2)通电导体在磁场受力而转动，转动方向改变与电流的方向和磁感线的方向有关，故若将图中的磁体的S极和N极交换位置，改变磁场方向，其他保持不变，则线圈ab边所受力的方向改变。
故答案为：电动机； 改变。
(1)图中有电源，是电动机，是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的；
(2)通电导体在磁场受力而转动，转动方向改变与电流的方向和磁感线的方向有关。
此题属于电磁学中比较简单的题目，考查内容较少，主要考查了电动机的原理图和影响导体运动方向的因素，应重点掌握。
16.【答案】9 1：2
【解析】解：由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：
I甲=P甲额U甲额=6W6V=1A，I乙=P乙额U乙额=3W3V=1A，
由I=UR可得，两灯泡的电阻分别为：
R甲=U甲额I甲=6V1A=6Ω，R乙=U乙额I乙=3V1A=3Ω，
两灯泡串联时，通过它们的电流相等，为了使电路安全使用，电路中的最大电流：
I=I甲=I乙=1A，
由串联电路特点和欧姆定律可得，电路两端允许加的最大电压：
U=I(R甲+R乙)=1A×(6Ω+3Ω)=9V；
并联电路中各支路两端的电压相等，把两只小灯泡并联后，两灯消耗的实际功率之比P甲P乙=U2R甲U2R乙=R乙R甲=3Ω6Ω=12。
故答案为：9；1：2。
(1)已知两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出两灯的额定电流，再根据欧姆定律求出两灯泡的电阻；两灯串联后通过它们的电流相等，要保证电路安全且其中一个灯泡正常发光，则正常发光的为额定电流较小的灯泡，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路两端的电压；
(2)根据并联电路电压特点结合P=U2R计算两灯并联时两灯消耗的实际功率之比。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用。
17.【答案】①；电流和通电时间相同时，阻值越大，电流产生热量越多
【解析】解：
①电热水壶在使用时，电热丝和导线串联，I电炉丝=I导线，通电时间t相同，而R电热丝>R导线，由Q=I2Rt可知电流产生的热量：Q电热丝>Q导线，所以电热壶很热，但跟电热丝连接的导线都不怎么热的现象；
②等质量的空气在相同的时间内同时通过伞的上表面和下表面，由于上表面弯曲，下表面平直，所以空气通过上表面的流速大，压强小；通过下表面的流速较小，压强大，所以伞的下表面在较大的压强的作用下向上压去，使得伞变形；
③通风加快了玉米上方空气的流动，也加快了玉米内水分的蒸发．
故答案为：①；电流和通电时间相同时，阻值越大，电流产生热量越多．
①电热丝和连接的导线串联在电路中(通过的电流相等)，通电时间是相同的，而电热丝的电阻比导线的电阻大，据焦耳定律分析原因；
②流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大；
③影响蒸发快慢的因素有：液体的温度；液体的表面积；液体表面的空气流动速度．
准确把握题干中所描述的场景涉及的物理知识或原理，才能做出针对性的解释，这是解答的关键．
18.【答案】化学 光
【解析】解：太阳能电池板将太阳能转化电能；蓄电池充电时将电能转化为化学能储存起来。
在夜晚时蓄电池对路灯供电照明，将化学能转化为电能。
故答案为：化学；光。
太阳能电池板把太阳能转化为电能，蓄电池充电时把电能转化为化学能，放电时把化学能转化为电能。
本题考查了太阳能电池板与蓄电池的能量转化，是一道基础题，知道转化前后能量存在的形式，是正确解题的关键。
19.【答案】自下而上 96 5：3 升华 碘的熔点高于水的沸点
【解析】解：(1)安装实验器材，应按照自下而上的顺序进行；
(2)第3min时温度计的示数如图甲所示，分度值是1℃，液柱在零上，所以温度计示数是96℃；
(3)根据图乙可知，相同时间吸收了相同的热量，即Q1=Q2，cm1△t1=cm2△t2，m1m2=△t2△t1=10℃6℃=53；
(4)小王将碘锤放入热水中，如图丙所示，观察到碘锤中固态碘逐渐消失，紫色的碘蒸气充满碘锤，固态碘发生的物态变化是升华，在此实验中，固态碘没有先变成液体，再变成气体，原因是碘的熔点高于水的沸点；
故答案为：(1)自下而上；(2)96；(3)5：3；(4)升华；碘的熔点高于水的沸点。
(1)组装实验器材时遵循从左到右，自下而上的顺序；
(2)温度计读数时应看清量程和分度值；
(3)比热容是物质特性，相同状态的同种物质吸热能力一般是相同的，根据Q=cm△t计算；
(4)根据物质状态变化解答；
本题考查探究水沸腾实验，关键是将实验操作步骤及结论掌握清楚，仔细分析不难做出。
20.【答案】4.82排开液体的体积 丙、丁 2×10−4 控制变量 2.4×103
【解析】解：(1)图甲中，测力计分度值为0.2N，弹簧测力计的示数F1=4.8N；
(2)由甲丙知，根据称重法，石块完全浸没在水中时所受的浮力为：
F浮=G−F=4.8N−2.8N=2N；
(3)分析图中乙、丙可知，排开液体的体积相同，排开液体的密度不同，测力计示数不同，受到的浮力不同，帮两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与排开液体的体积有关；
研究物体所受的浮力大小与液体密度的关系，要控制排开液体的体积相同，故分析图中丙、丁两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与液体密度有关。
(4)根据阿基米德原理：F浮=ρ水gV排=ρ水gV物，图乙中石块浸入水中的体积是：
V=F浮ρ水g=2N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10−4m3；
(5)实验中采用的探究方法在研究物理问题时经常用到，称为控制变量法。
(6)由实验数据可得石块的密度为：
ρ=GgV=4.8N10N/kg×2×10−4m3=2.4×103kg/m3。
故答案为：(1)4.8；(2)2；(3)排开液体的体积；丙、丁；(4)2×10−4；(5)控制变量；(6)2.4×103。
(1)根据测力计分度值得出弹簧测力计的示数；
(2)由甲丙知，根据称重法求出石块完全浸没在水中时所受的浮力；
(3)(5)浮力大小与排开液体的体积和密度有关，由控制变量法，研究与其中一个因素的关系时，要控制另一个因素不变，分析图中乙、丙实验，找出相同量和不同量，得出浮力与变化量的关系；
研究物体所受的浮力大小与液体密度的关系，要控制排开液体的体积相同；
(4)根据阿基米德原理求出图乙中石块浸入水中的体积；
(6)根据ρ=GgV，由实验数据可得石块的密度。
本题探究同一物体所受的浮力大小与哪些因素有关，考查测力计读数、称重法测浮力、控制变量法、阿基米德原理的运用及密度公式的运用。
21.【答案】解：(1)当S1、S2都闭合时，电路为R1的简单电路，电路中的电阻最小，根据P=U2R可知，此时电路中的电功率最大，即为高温档位；
已知P高温=1100W，根据P=UI可知，此时电路中的电流：I=P高温U=1100W220V=5A；
(2)根据P=U2R可得，电路中R1的阻值：R1=U2P高温=(220V)21100W=44Ω；
(3)当S2闭合S1断开时，R1、R2串联，为低温档，P低温=440W
由P=UI可得，电路中的电流：I低温=P低温U=440W220V=2A；
由I=UR得：R1两端的电压：U1=I低温R1=2A×44Ω=88V；
(4)当电取暖器以高档加热且不考虑热量散失时加热时间最短。
客厅内空气吸收的热量：Q吸=cm(t2−t1)=1100J/(kg⋅℃)×80kg×(20℃−10℃)=8.8×105J；
电流做功：W=Q吸=8.8×105J，
由P=Wt得：需要的时间：t=WP高温=8.8×105J1100W=800s。
答：(1)电取暖器处于高温档位时电路中的电流强度为5A；
(2)电路中R1的阻值是44Ω；
(3)低温档位取暖R1两端的电压为88V；
(4)至少需要加热800s。
【解析】(1)当S1、S2都闭合时，电路为R1的简单电路，电路中的电阻最小，根据P=U2R可知电热丝的电功率最大，据此确定电取暖器为高温档；知道档位的功率和电压，根据P=UI求出此时电路中的电流；
(2)知道高温档的功率和电压，根据P=U2R求出R1的阻值；
(3)当S2闭合S1断开时，R1、R2串联，为低温档，根据P=UI求出电路电流，再根据欧姆定律的应用求出R1两端的电压；
(4)当电取暖器以高档加热且不考虑热量散失时加热时间最短；先根据Q吸=cm(t2−t1)求出空气吸收的热量，然后根据W=Q吸可知消耗的电能，再利用P=Wt求出至少需要的时间。
本题考查了欧姆定律、热量的计算、电功率公式和电功公式的灵活应用，会判断高温档和低温档时电路的结构是关键。
22.【答案】解：(1)物块浸入水中的体积为：V排=4.0×10−5m3，
物块漂浮在水面上受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×4.0×10−5m3=0.4N
(2)因为物块漂浮在水面上，所以，物块的重力：G=F浮=0.4N
物块的质量：m=Gg=0.4N10N/kg=0.04kg
物块的密度：ρ=mV=0.04kg5.0×10−5m3=0.8×103kg/m3
(3)在甲图中，物块漂浮在水面上，水面升高：h1=V排S=4.0×10−5m35.0×10−3m2=0.8×10−2m
在乙图中，物块浸没在水中，水面升高的高度：h2=VS=5.0×10−5×m35.0×10−3m2=1×10−2m
所以从甲图到乙图水面升高的高度：△h=h2−h1=1×10−2m−0.8×10−2m=0.2×10−2m
增加的压强为：△p=ρ水g△h=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2×10−2m=20Pa
答：(1)物块受到的浮力0.4N；
(2)物块的密度S是0.8×103kg/m3；
(3)用力F将物块压至图乙所示位置，水对容器底部的压强增加20Pa。
【解析】(1)知道水的密度和物体排开水的体积，根据阿基米德原理求出浮力。
(2)物体漂浮在水面上，知道浮力求出物体的重力，求出质量，又知道体积，求出密度。
(3)求出物体漂浮和完全浸没时水面高度变化，求出水面升高增加量，求出水对容器底部的压强增加量。
当物体放在水中时，求容器底受到的压强增加量，是比较常见的一种题型，关键是求出水面升高的高度。
23.【答案】解：当光从空气斜射入水中时在水面处会发生折射现象，折射角小于入射角，据此画出入射光线，如图所示：
【解析】在折射现象中，当光从空气斜射入水或玻璃等透明介质中时，折射角小于入射角；当光从水或玻璃等透明介质斜射入空气中时，折射角大于入射角
本题考查了光的折射规律的应用，属于基础题。
24.【答案】解：
①平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，据此作出对应的折射光线，从焦点发出的光线经过凸透镜后平行于主光轴；
②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变，如图所示：
【解析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。
25.【答案】尖口 在压力一定时，受力面积越小，吸管对瓶盖的压强越大，越容易把吸管插入瓶内 大气压 大气压 不变 减小 变小
【解析】解：(1)采用吸管的尖口，在压力一定时，可以减小受力面积来增大吸管对瓶盖的压强，容易把吸管插入瓶内。
(2)吸管外壁是有棱角，当吸管插入药瓶时，大气压能通过棱角处的缝隙进入瓶内。
用吸管吸药液时，吸气时，吸管内的压强减小，药液在大气压作用下被压入嘴里。
(3)①当药液逐渐减少时，瓶内和外界是相通的，瓶内气压和外界气压是相同的，所以瓶内气压保持不变。
②当药液逐渐减少时，药液的深度减小，药液的密度不变，所以药液对瓶底的压强减小。
③当药液逐渐减少时，药液的密度不变，吸管排开药液的体积减小，吸管受到药液的浮力减小。
故答案为：(1)尖口；在压力一定时，受力面积越小，吸管对瓶盖的压强越大，越容易把吸管插入瓶内；(2)大气压；大气压；(3)不变；减小；变小。
(1)从减小受力面积来增大压强考虑。
(2)吸管外壁是有棱角，当吸管插入药瓶时，大气压能通过棱角处的缝隙进入瓶内；用吸管吸药液，药液是在大气压作用下进入嘴里的。
(3)①由于有棱角处的缝隙和大气相连，瓶内压强总是和外界大气压相同的。
②从液体压强公式进行考虑；液体压强跟液体密度和深度有关，液体密度越大，深度越深，液体压强越大。
③从浮力大小的影响因素进行分析：浮力大小跟液体密度和物体排开液体的体积有关，液体的密度越大，物体排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大。
本题通过用饮料吸管代替药液吸管吸药液，考查了增大压强的方法、大气压的作用、液体压强、浮力等，一个小小的生活问题，用到了这么多的物理知识，这样的试题，不但巩固了所学的物理知识，同时也增加了生活常识，可谓一举两得。
26.【答案】解：(1)电池工作时，化学能转化为电能；
(2)由图可知，电压表的指针向右偏转，3接线柱接的是电源的正极，-接线柱解的是电源的负极，故锌片是电池的正极；
(3)在电源的外部，电流从电源的正极流向负极，自由电子定向移动的方向与电流的方向相反，则由电子移动的方向是铜片到锌片。
答：(1)化学能转化为电能；(2)锌片是电池的正极；(3)在电池的外部自由电子移动的方向是铜片到锌片。
【解析】(1)电池具有化学能，在工作的过程中，化学能转化为电能；
(2)电压表测量电压时，电流应该从电压表的正接线柱流入，从负接线柱流出，此时电压表指针会向右偏转，据此分析电池的正极；
(3)正电荷定向移动的方向为电流的方向，负电荷定向移动的方向与电流的方向相反；在电源的外部，电流从电源的正极流向负极。
本题考查了电压表的使用、自由电子定向移动的方向、能量的转化，属于基础题。
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