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2023年天津市和平区中考物理一模试卷（含答案解析）
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这是一份2023年天津市和平区中考物理一模试卷（含答案解析），共26页。试卷主要包含了 下列单位换算中正确的是，45h，58cm2=6，8km/h=7等内容，欢迎下载使用。
2023年天津市和平区中考物理一模试卷
1. 下列四幅图中，关于声现象的描述正确的是( )
A. 乒乓球被发声的音叉弹开表明音叉在振动
B. 敲击大小不同的编钟发出声音的音调相同
C. 倒车雷达利用电磁波进行回声定位
D. 防噪声耳罩通过防止噪声产生的方式控制噪声
2. 如图是我国劳动人民在生产、生活中创造性运用物理知识的场景，其中解释不正确的是( )
A. 自制简易冰箱利用蒸发吸热来保存食物
B. 把鱼埋在冰粒中利用了冰温度较低且熔化吸热来保鲜鱼
C. 新疆坎儿井利用地下水管引水，减少水在输送过程中的蒸发
D. 北方冬天在菜窖里放几桶水是利用水凝固吸热来保存蔬菜
3. 下列单位换算中正确的是( )
A. 45min=45×1100h=0.45h
B. 6.58cm2=6.58×104m2
C. 7.8km/h=7.8×103m/s
D. 208mm3=208×10−9m3=2.08×10−7m3
4. 如图所示的测量工具读数正确的是( )
A. 2.35dm
B. 63.2g
C. 217.5s
D. 2.2N
5. 物理知识是从实际中来，又要应用到实际中去，下面是小芳同学利用所学物理知识对身边的一些物理现象进行的分析和计算，已知ρ冰=0.9×103kg/m3，ρ酒精=0.8×103kg/m3，则正确的是( )
A. 体积为100cm3的冰块，全部熔化成水后，体积仍为100cm3
B. 已知空气的密度为1.29kg/m3，教室内空气的质量约为300kg
C. 人体的密度跟水的密度差不多，那么初中生身体的体积约为0.5m3
D. 一个塑料瓶，用它装水最多能够装2.5kg，用它也能装下2.5kg的酒精
6. 2022年2月，北京冬奥会成功举办，下列关于冬奥会的运动场景，解释正确的是( )
A. 图甲：滑雪板面积较大，是为了增大压强
B. 图乙：冰壶表面打磨得很光滑，是为了增大摩擦力
C. 图丙：滑冰运动员转弯滑行时，处于平衡状态
D. 图丁：冰球离杆后继续运动，是因为冰球具有惯性
7. 如图所示，是2022年冬奥会闭幕式上控制舞台灯光与五环旗升降的电路原理图。闭合开关S1，舞台灯亮起，按下开关S2时，电动机才能启动控制五环旗升降，若舞台灯不亮，电动机也不启动。下列电路符合要求的是( )
A. B.
C. D.
8. 科技是强国的支撑，以下所列我国取得的科技成就中，说法不正确的是( )
A. 东汉时期《论衡》一书中所记载的“司南”，其在水平面自由静止时长柄指向北方
B. 航天员王亚平在太空授课中用实验表明，太空舱中水里的乒乓球不会受到浮力作用
C. “两弹一星”元勋邓稼先毕生致力于核能开发，为我国国防事业做出了巨大贡献，其中的核技术原理也应用于当代的核能发电
D. 医学专家钟南山对新冠病毒流行病学进行科学调查，发现飞沫、气溶胶流动会传播病毒；强调“戴好口罩”，口罩中的熔喷布具有静电吸附作用
9. 我国的白鹤滩水电站拥有全球单机容量最大的水轮发电机组，下列四个装置能反映发电机基本原理的是( )
A. B.
C. D.
10. 校园生活同学们并不陌生，下列说法最合理的是( )
A. 普通乒乓球拍的质量约为2kg
B. 微机室内台式计算机的功率约为300W
C. 机动车经过校门前的安全车速约为20m/s
D. 操场篮球架上的篮圈距地面的高度约为5m
11. 关于生活用电，下列说法正确的是( )
A. 用电器的总功率过大，容易发生火灾
B. 使用螺丝刀试电笔时要用指尖抵住上端的金属帽
C. 人站在干燥的木凳上同时接触火线和零线，不会触电
D. 与三孔插座中标有①的插孔相连的导线和室外的大地相连
12. 潜水艇在海面下航行时的排水质量为m1，在海面上航行时的排水质量为m2，设海水的密度为ρ，下列说法中正确的是( )
A. 当潜水艇在海面上航行时，水中部分的体积为m1−m2ρ
B. 潜水艇在海面下航行时所受海水的向上和向下的压力差为m1g
C. 要使潜水艇潜入海面下，需要充入海水的重为(m1−m2)g
D. 潜水艇在海面下航行时所受海水的浮力等于(m1−m2)g
13. 在如图所示的电路中，电源电压U保持不变，E和F接线柱只能分别连接A、B、C、D四个接线柱中的一个。小灯泡标有“6V 3W”且不考虑灯丝电阻随温度的变化，图乙为定值电阻R0的I−U图象，电流表量程为0∼3A。滑动变阻器铭牌上标有最大电流2A，最大阻值模糊不清，a、b为电阻丝的端点。将E与A相连、F与D相连，断开开关S，滑动变阻器的滑片P从b端滑到ab中点时，小灯泡恰好正常发光，移动滑片过程中电流表的示数变化了0.1A。以下说法中正确的是( )
A. 滑片P在b端时，通过小灯泡的电流为0.5A
B. 小灯泡的电阻为12Ω
C. 电源电压为8V
D. 若将E与B相连、F与C相连，闭合开关S，移动滑片P，此电路的总功率最大值为19.2W
14. 如图所示，在配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速压下去，看到硝化棉燃烧。这是因为活塞压缩空气，使空气的______ ，这一过程与内燃机工作的______ 冲程原理相同。
15. 如图是抗击新冠疫情使用的负压救护车，车内空间为负压舱，它能有效防护病毒再传播，负压装置的主要部分是一个抽气机，将经消毒杀菌处理后的被污染空气从车内抽出，使车内气压______ (选填“高于”、“低于”或“等于”)车外气压，在______ 作用下，清洁的空气只能由车外流向车内。
16. 物体沿着斜面匀速下滑，图中______ (选填“G1、G2或G3“)为物体B所受重力的示意图；图中通电螺线管的C端是______ 极。
17. 小明想自制一个密度计，通过实验和测算得到了一组刻度线和数据并贴到密度计上，他应该选择______ 标签，且此标签的不妥之处为______ 。
18. 如图所示，电源电压保持不变，R1和R2为定值电阻。若只闭合S1，滑片P向右移动，电压表示数______ 。若先闭合S1、S2，再闭合S3，电压表与电流表示数的比值______ 。(两空均选填“变大”、“变小”或“不变”)
19. 小明利用伏安法测量小灯泡的电阻，实验过程中发现电压表损坏，先增加一个已知阻值R0的定值电阻和一个开关，设计如图所示的电路，测出小灯泡正常发光时的电阻，其实验步骤为：
①闭合开关S、断开开关S1，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为I额，并记录；
②保持滑动变阻器的滑片P位置不动，闭合开关S和S1，记下此时电流表的示数为I1；
③保持开关S和S1闭合，移动滑动变阻器的滑片至最右端，记下此时电流表的示数为I2；
④则小灯泡正常发光时电阻的表达式为RL=______ 。
小明还得到实验步骤①中滑动变阻器连入电路的电阻的表达式为R1=______ 。
20. 如图是某新型多挡榨汁机电路结构简化图，它具有榨汁加热保温功能，部分参数如表，果汁密度近似水的密度，果汁比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，求：
(1)当开关S1、S2闭合，S3断开时，榨汁机是______ (选填“加热”或“保温”)挡。
(2)将榨汁机中300mL的果汁从10℃加热到30℃，吸收的热量。
(3)若加热这些果汁的时间为2min，榨汁机的加热效率？
榨汁机部分参数
额定电压
220V
榨汁功率
66W
加热功率
220W
保温功率
88W
容积
300mL
21. 某同学用如图甲所示的电路测量小灯泡的电功率。实验中电源电压保持不变，小灯泡的额定电压是3.8V。
(1)图甲中有一根导线接错了，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线。
(2)正确连接电路后，小灯泡正常发光时电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电流是______ ，小灯泡的额定功率是______ 。
(3)测出小灯泡的额定功率后，该同学接着向B端移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的亮度______ (选填“变亮”、“不变”或“变暗”)。
(4)小明连接实验电路后，闭合开关，灯泡不亮，电流表和电压表都有较小的示数，无论怎样移动滑片，灯泡都不发光，两表示数均无变化，其原因可能是______ 。
22. 某小组同学通过实验探究导体的电阻与哪些因素有关。如图所示，他们在常温下将横截面积、长度不同的铁丝接入电路的M、N两点间，利用电流表和电压表测量后计算出阻值，将数据记录在表一、表二中。
表一铁丝
实验
序号
长度l(米)
横截面积S
(毫米 2)
电阻R
(欧)
l
1.0
0.2
0.5
2
2.0
0.2
1.0
3
4.0
0.2
2.0
表二铁丝
实验
序号
长度l(米)
横截面积S
(毫米 2)
电阻R
(欧)
4
2.0
0.1
2.0
5
2.0
0.2
1.0
6
2.0
0.4
0.5
(1)分析比较实验序号1、2、3，可得出的初步结论是：常温下，______ 。
(2)分析比较实验序号4、5、6，可得出的初步结论是：常温下，______ 。
(3)分析比较1与6、2与5或3与4的数据及相关条件，可得出的初步结论是：常温下，______ 。
表三
实验
序号
材料
长度l
(米)
横截面积S
(毫米 2)
电阻R
(欧)
7
______
______
______
8
______
______
______
(4)他们继续分析表一和表二的数据及相关条件，发现无法得到导体的电阻与材料的关系。请你在表三中为他们再添加两组符合要求的材料(填表三)，并将所得实验数据与上述两表中实验序号______ 的数据进行比较，进一步探究导体的电阻与材料的关系。
23. 如图所示电路，R2=3Ω，R3=6Ω.当S1、S2都闭合时，电流表的示数为2A；当S1、S2都断开时，电流表的示数为0.5A。
(1)求电源电压；
(2)请用两种方法求出电阻R1的阻值。(设电源电压恒定不变)
24. 在复习课《密度的测量专题》中，各学习小组交流了多种测量密度的方法，下面是交流的一部分实验。
(1)第一组介绍“测量金属块的密度”。
如图所示，量筒中原有水的体积是22mL，则金属块的密度为______ kg/m3。
(2)第二组介绍“测量花生油的密度”。
实验室提供了下列器材：烧杯一个、弹簧测力计一个、实心铁块一个、细线、足量的水和花生油。请你写出测量花生油密度的实验步骤和需要测量的物理量，以及ρ油的数学表达式(用已知量和测量量表示)。______ 。
(3)在实际测量中，第二组同学发现铁块重力超出弹簧测力计的量程，尝试将铁块浸没水中时则发现测力计示数F在量程范围内，已知铁块的密度为ρ铁，请你写出铁块重力G的表达式。______ 。
25. 如图所示，将边长为h的正方体木块A放入水中时，有h0浸入水中；将金属块B放在木块中央静止后，用刻度尺测出此时木块露出水面的高度h1，如图所示，再用轻质细线将金属块绑在木块中央，放入水中静止后测出此时木块露出水面高度h2，如图所示，求：
(1)木块A的质量；
(2)金属块B的体积；
(3)木块A与金属块B的密度之比ρA：ρB。
(温馨提示：推导计算过程中需要的物理量，请提前设定！)
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：
A、发声的音叉将乒乓球弹开，该现象说明发声的物体在振动，故A正确。
B、敲击大小不同的编钟，编钟发出声音的频率不同，音调不同，故B错误；
C、倒车雷达是利用超声波的反射来传递信息，不是利用电磁波，故C错误；
D、戴上防噪声耳罩，是在人耳处减弱噪声，故D错误。
故选：A。
(1)声音是由物体振动产生的；
(2)音调的高低与发声体的振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高，物体振动越慢，音调就越低；
(3)声音可以传递信息，也可以传递能量；
(4)减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；在传播过程中减弱噪声；在人耳处减弱噪声。
本题考查了声音的产生、减弱噪声的途径、声音特性的辨别，具有一定的综合性，但难度不大。
2.【答案】D
【解析】解：
A、自制简易冰箱是通过水的蒸发吸热来保持食物处于低温环境，故A不符合题意；
B、把鱼埋在冰粒中，一是利用了冰温度较低的特点，二是冰熔化会吸热，从而保持鱼新鲜，故B不符合题意；
C、坎儿井是新疆吐鲁番地区庞大的地下灌溉工程，坎儿井在地下，井内的水温比外界低，可以降低液体的温度、减少水暴露在空气中的面积、减慢水面空气的流速，从而减少水的蒸发，故C不符合题意；
D、北方冬天在菜窖里放几桶水是利用水凝固时放出热量来保存蔬菜的，故D符合题意。
故选：D。
(1)水蒸发时会吸收热量；
(2)冰熔化时会吸收热量；
(3)影响蒸发快慢的因素是有液体的温度、液体表面积的大小、液体上方空气流动的速度；
(4)凝固放热。
本题考查了物态变化及其吸放热情况、减慢蒸发的方法，属于基础知识，要熟记。
3.【答案】D
【解析】解：A、45min=45×160h=0.75h；故A错误；
B、6.58cm2=6.58×10−4m2；故B错误；
C、7.8km/h=7.8×1000m3600s≈2.17m/s；故C错误；
D、208mm3=208×10−9m3=2.08×10−7m3；故D正确。
故选：D。
物理量不同单位的换算正确与否包括两方面：进率和过程，据此作出判断。
进行单位间的换算时，运用不同单位间的具体关系，利用数学上的运算即可；同时对某些物理量的单位的由来也要有明确的认识，可借助于物理公式去理解。
4.【答案】B
【解析】解：A.刻度尺上1cm之间有10个小格，分度值为0.1cm=1mm，物体左侧与0刻度线对齐，右侧与2.35cm对齐，所以物体的长度为L=2.35cm=0.235dm，故A错误；
B.称量标尺的每一个大格为1g，分为5个小格，每一个小格为0.2g，游码左边缘在3g右边第一个格，所对刻度值为3.2g，被测物体的质量m=50g+10g+3.2g=63.2g，故B正确；
C.在停表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“3”和“4”之间，偏向“3”一侧，所以分针指示的时间为3min，且大表盘读0∼30s；在停表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在7.6s处，所以秒针指示的时间为7.6s，即停表的读数为：t=3min7.6s=187.6s，故C错误；
D.弹簧测力计每一个大格为1N，分为5个小格，每一个小格为0.2N，指针在2N下第二个格，示数为2.4N，故D错误。
故选：B。
(1)使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；读数时要估读到分度值的下一位；
(2)被测物体的质量等于砝码质量与游码显示质量之和，注意游码的分度值；
(3)停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，停表读数是两个表盘的示数之和；
(4)弹簧测力计读数时，先明确其量程、分度值，再根据指针位置读数。
物理测量中有很多的测量工具，刻度尺、秒表、电流表、电压表、天平、量筒、弹簧测力计、温度计等，任何一种工具，一定要注意每一个大格和每一个小格各代表多少。刻度尺需要估读，其它的测量工具不需要估读。
5.【答案】B
【解析】解：A、由ρ=mV可得冰的质量：m冰=ρ冰V冰=0.9g/cm3×100cm3=90g；
质量是物体的一种属性，冰熔化成水后，质量不变，
所以m水=m冰=90g，
则水的体积：V水=m水ρ水=90g1g/cm3=90cm3，故A错误；
B、教室的长约为10m，宽约为6m，高约为4m，则教室的容积：V=长×宽×高=10m×6m×4m=240m3；
教室里空气的质量：m=ρV=1.29kg/m3×240m3=309.6kg，与300kg相差不大，故B正确；
C、中学生的质量约m=50kg，密度ρ=1.0×103kg/m3，
由ρ=mV可得，中学生的体积：
V=mρ=50kg1.0×103kg/m3=0.05m3，故C错误；
D、由ρ=mV可得2.5kg水的体积：
V水=m水ρ水=2.5kg1.0×103kg/m3=0.0025m3，
能装酒精的体积：
V酒精=V水=0.0025m3，
能装酒精的质量：
m酒精=ρ酒精V=0.8×103kg/m3×0.0025m3=2kg，故D错误。
故选：B。
(1)已知冰的体积和密度，根据密度公式的推导公式m=ρV可求冰的质量；根据质量是物质的属性知，质量不随物质状态的改变而改变，所以冰熔化成水后，质量不变；再根据密度公式的变形公式可求水的体积；
(2)先估测出教室的长、宽、高，然后算出教室的容积，最后根据公式m=ρV算出教室内空气的质量；
(3)首先估计出中学生的质量约为50kg，密度与水的密度差不多，再用公式ρ=mV计算出中学生的体积；
(4)一个瓶子能装多少体积的水，也就能装多少体积的酒精。故本题需先求出2.5kg水的体积，即瓶子的容积(能装酒精的体积)，再利用m=ρV求能装酒精的质量。
本题考查了学生对密度公式的掌握和运用，解题过程中要注意单位的换算。
6.【答案】D
【解析】解：A、滑雪板的面积比较大，是在压力一定时，通过增大接触面积来减小压强，故A错误；
B、冰壶表面打磨得很光滑，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦的，故B错误；
C、滑冰运动员转弯滑行时，方向不断变化，所以滑冰运动员处于非平衡状态，故C错误；
D、冰球离杆后继续运动，是由于冰球具有惯性要保持原来的运动状态，故D正确。
故选：D。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力等；
(2)减小摩擦的方法有：①在接触面的粗糙程度相同时，减小压力，②在压力相同时，减小接触面的粗糙程度，③变滑动为滚动，④使接触面脱离接触；
(3)平衡状态是指物体处于静止或匀速直线运动状态；
(4)任何物体都具有惯性，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质。
此题考查了减小摩擦的方法、减小压强的方法、惯性以及平衡状态的判断等，是一道综合题；生活处处有物理，我们要认真观察、思考我们生活中的物理现象。
7.【答案】C
【解析】解：当开关S1闭合时舞台灯亮起，此时电动机不工作；当开关S2闭合，电动机才能启动，说明指示灯与电动机互不影响，即两者是并联的，开关S1在干路上，S2在电动机支路上，故C符合要求，ABD不符合要求。
故选：C。
根据开关闭合后指示灯和电动机的工作情况分析电路的连接情况，再选择合适的电路图。
本题考查电路的设计，根据题意正确分析指示灯和电动机的连接方式以及开关的位置是关键。
8.【答案】A
【解析】解：A.“司南”最早出现于我国战国时期，它是我国古代劳动人民智慧的结晶，将勺放在水平光滑的“地盘”上，让其自由转动，在地磁场作用下静止时，因勺柄为S极，则勺柄指向南方，勺头指向北方，故A错误；
B.在太空这个失重的环境中，液体对放入其中的物体不会产生压强和压力，不存在压力差，所以物体不受浮力，故B正确；
C.“两弹一星”元勋邓稼先毕生致力于核能开发，为我国国防事业作出了巨大贡献，研究的核裂变技术也应用于当代的核能发电，故C正确；
D.熔喷层通过静电吸附病毒原理是带电体能够吸引轻小物体，故D正确。
故选：A。
(1)“司南”静止时，长柄是指向南方的；
(2)浮力产生的原因：物体受到向上的压力大于向下的压力，存在压力差产生了浮力；
(3)原子弹和核电站核能都是利用重核裂变的原理获取的；
(4)带电体有吸引轻小物体的性质。
本题考查了磁现象、核能、静电、浮力产生的原因，知识点多，综合性强。
9.【答案】C
【解析】解：发电机的工作原理是电磁感应现象。
A.该图探究通电导体周围是否有磁场，因此是奥斯特实验，故A错误；
B、该图验证的是通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的工作原理，故B错误；
C、该图验证的是在闭合回路中，导体切割磁感线运动时，电路中产生感应电流，是发电机的工作原理，故C正确；
D、电磁铁通电后具有磁性，利用的是电流的磁效应的原理，故D错误。
故选：C。
发电机是利用电磁感应现象制成的，正确分析四个选项各是研究什么问题的，再做回答。
本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置是不同的，前者外部没有电源，后者外部有电源。
10.【答案】B
【解析】解：A、普通乒乓球拍的质量较小，约为200g，故A不合理。
B、微机室内台式计算机的功率约为300W，故B合理。
C、机动车经过校门前的安全车速约为5km/h，大约1.4m/s，故C不合理；
D、篮球架上的篮圈距地面的高度约3.05m，故D不合理。
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
11.【答案】ABD
【解析】解：
A、家庭电路同时使用的用电器总功率过大，导线会剧烈发热，容易引发火灾，故A正确；
B、使用螺丝刀形状的试电笔时，手指必须触到试电笔上端的金属帽(又叫笔尾金属体)，故B正确；
C、虽然站在干燥的木凳上，但双手同时分别接触家庭电路中的火线和零线，火线和零线之间的电压是220V，加在人体的电压是220V，超过人体的安全电压，且有电流通过人体，所以会发生触电事故，故C错误；
D、与三孔插座中标有①的插孔相连的导线和室外的大地相连，当用电器的外壳带电时，电荷会被导入大地，不会发生触电事故，故D正确。
故选：ABD。
(1)家庭电路电流过大的原因有二：用电器总功率过大，发生了短路；
(2)正确使用试电笔的方法：站在地上，手接触试电笔的笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线；
(3)家庭电路触电事故有单线触电和双线触电两种，都是人体直接或间接跟火线接触造成的；
(4)三孔插座接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线。
生活中常见的安全用电规则和现象，要有适当的应对方法，这样才能做到安全用电。
12.【答案】BC
【解析】解：(1)潜水艇在海面下航行时受到的海水的向上和向下的压力差即浮力：
F浮=G排=m排g=m1g，故B正确，D错误；
(2)当潜艇在海面上航行时，
V排=m2ρ，即水中部分的体积为m2ρ，故A错误；
(3)在海面上航行时受到的浮力：
F浮′=G排′=m排′g=m2g，
潜水艇漂浮，此时船重：G=F浮′=m2g，
要使潜艇潜入海面下，设充入的海水重为G水，
G+G水=F浮=m1g，即：m2g+G水=F浮=m1g，
故G水=m1g−m2g=(m1−m2)g，故C正确。
故选：BC。
(1)知道在海面下航行时排开水的质量，利用重力公式求排开水重，再利用阿基米德原理求受到的浮力大小；
(2)知道在海面上航行(漂浮)时排开水的质量，利用密度公式求排开水的体积，即水中部分的体积；
(3)在海面上航行时排水的质量，利用重力公式求排开水重，再利用漂浮条件求受到的浮力和此时船重，要使潜艇潜入海面下，船重加上水舱里的水重要等于潜水艇在海面下航行时所受浮力，据此求要充入的海水重。
本题为力学综合题，知识点多，比较复杂，要求灵活运用所学公式，特别是阿基米德原理和漂浮条件的综合应用。
13.【答案】BCD
【解析】解：
A、将E与A相连，F与D相连，断开开关S，滑动变阻器和小灯泡串联，R0没有接入电路中，电流表测电路中的电流；
滑片P滑到ab中点时，小灯泡恰好正常发光，由串联电路的电流特点和P=UI可知电路中的电流I=IL=PLUL=3W6V=0.5A，
滑片P从b端滑到ab中点的过程中，变阻器接入电路的电阻变小，由欧姆定律可知电流变大，已知移动滑片过程中电流表的示数变化了0.1A，则可知滑片P滑到b端时，电路中的电流I′=0.5A−0.1A=0.4A，由串联电路的电流特点可知，此时通过灯泡的电流为0.4A，故A错误；
B、根据P=UI=U2R可知小灯泡电阻：RL=UL2PL=(6V)23W=12Ω，故B正确；
C、当滑片P滑到ab中点时，由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电源电压：
U=I(12R1+RL)=0.5A×(12R1+12Ω)-------①
同理，当滑片P滑到b端时，电源电压：U=I′(R1+RL)=0.4A×(R1+12Ω)------②
电源电压U保持不变，联立①②可得U=8V，故C正确；
D、由图乙可知，当电阻R0两端的电压为8V时，通过R0的电流为0.4A，则R0=U0I0=8V0.4A=20Ω；
若将E与B相连、F与C相连，闭合开关S，滑动变阻器和定值电阻并联，电流表测干路中的电流；
变阻器铭牌上标有最大电流2A，则通过变阻器的最大电流为2A，此时通过定值电阻R0的电流为0.4A，
此时总电流最大，则最大总电流为I总大=I滑大+I0=2A+0.4A=2.4A，
则此电路的最大总功率为P总大=UI总大=8V×2.4A=19.2W，故D正确。
故选：BCD。
(1)将E与A相连，F与D相连，断开开关S，滑动变阻器和小灯泡串联，R0没有接入电路中，电流表测电路中的电流；滑片P滑到ab中点时，小灯泡恰好正常发光，根据P=UI得出通过小灯泡的电流；滑片P从b端滑到ab中点的过程中，变阻器接入电路的电阻变小，由欧姆定律可知电流的变化，并由题意判断此时电流的大小即可求出此时小灯泡的电流；
(2)根据P=UI=U2R可知小灯泡电阻；
(3)根据串联电路的电阻特点和欧姆定律分别表示出滑片在ab中点和b点时电源电压，列方程求出电源电压；
(3)将E与B相连、F与C相连，闭合开关S，滑动变阻器和定值电阻并联，电流表测干路中的电流；
根据滑动变阻器允许通过的最大电流确定通过滑动变阻器的电流，根据图乙可知此时通过R0的电流，根据并联电路的电流特点求出干路的最大电流，根据P=UI求出此时电路的最大总功率。
本题考查了电路分析，关键要分析不同的接入方法会导致不同的电路，结合欧姆定律和电路特点进行电功率计算。
14.【答案】内能增加，温度升高 压缩
【解析】解：当把活塞迅速压下去时，活塞对筒内的空气做功，筒内空气的内能就会增加，温度就会升高，达到硝化棉的燃点，硝化棉就燃烧起来；汽油机的压缩冲程中，机械能转化为内能。
故答案为：内能增加，温度升高；压缩。
对物体做功，物体的内能增加，机械能转化为内能；物体对外做功，物体的内能减少，内能转化为机械能；在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是压缩冲程，内能转化为机械能的是做功冲程。
此题考查了做功改变内能，同时还考查了汽油机工作过程中的能量转化。
15.【答案】低于 大气压
【解析】解：负压救护车的原理：车内空间为负压舱，小于外界大气压，因此必须用抽气机将被污染的空气经过消毒、杀菌处理后从车内抽出，使车内气压低于车外大气压，在大气压作用下，清洁的空气只能由车外流向车内。
故答案为：低于；大气压。
负压救护车是利用负压技术是使救护车内的大气压强小于外界的大气压强。据此分析即可解答。
此题考查大气压的综合应用，理解负压救护车的工作原理是关键。
16.【答案】G3 S
【解析】解：(1)不管物体怎样运动，其所受重力的方向总是竖直向下的，所以，图中G3为物体B所受重力的示意图；
(2)由电源正负极可知电流从螺线管的下端流入，结合图中导线的绕法，根据安培定则可知，C端为S极。
故答案为：G3；S。
(1)根据重力的方向是竖直向下的进行判断；
(2)根据安培定则可判断通电螺线管的N、S极。
本题考查了重力的方向和安培定则的应用，属于基础题。
17.【答案】甲 刻度线应该是不均匀的
【解析】解：密度计的工作原理是利用了物体的沉浮条件，密度计是漂浮在液体中，所受浮力等于本身的重力，如果液体的密度越大，则密度计浸入液体中的体积越小，即越往上浮，所以密度计的刻度是越往下值越大；根据阿基米德原理可知，液体的密度ρ液=F浮ρ液g，设密度计的横截面积为S，密度的变化量与密度计浸入液体深度h之间的关系：Δρ=F浮V排′g−F浮V排g=Gg(1V′排−1V排)=m(1Sh′−1Sh)=mS(1h′−1h)=mS×h−h′hh′，由上式可知，Δρ与Δh=h−h′不成正比，因此密度计的刻度线不均匀；当密度计浸入的越深，即h越大时，同样的Δh=h−h′，Δρ会更小，故密度计的刻度上疏下密。
故答案为：甲；刻度线应该是不均匀的。
密度计上的刻度代表了液体密度的大小，根据ρ液=F浮ρ液g可知密度计排开液体的体积越大，则表示液体的密度越小；为了使测量结果更准确，使密度计上两条刻度线之间的距离大一些，因为ΔV=Sh，可知减小S，即可使h变大。
本题主要考查物体沉浮条件及阿基米德原理的应用，难度不大。
18.【答案】变小 变小
【解析】解：只闭合S1时，R1、R2与滑动变阻器串联，电压表测R2两端的电压，当滑片P向右滑动时，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，由U=IR可知，定值电阻R2两端的电压变小，即电压表的示数变小；
先闭合S1和S2，电路中只有R2，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流；
再闭合S3时，R1、R2与滑动变阻器并联，电压表测电源电压，电流表测R1、R2并联后的总电流，所以，比较可知，电压表示数不变，电流表示数增大，故电压表与电流表示数的比值变小。
故答案为：变小；变小。
(1)只闭合S1时，R1、R2与滑动变阻器串联，电压表测R2两端的电压，根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电压表示数的变化；
(2)先闭合S1和S2，再闭合S3时，R1、R2与滑动变阻器并联，电压表测电源的电压，电流表测R1和R2支路的电流之和，根据欧姆定律和电阻的并联即可得出答案。
本题考查了电路的动态分析，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和电表所测电路元件的判断，同时要注意串联电路和并联电路特点和欧姆定律的灵活应用，难度较大。
19.【答案】I2R0(I1−I额)I1I额 I2−I1I1⋅R0
【解析】解：实验步骤：
①闭合开关S，断开开关S1，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为I额，并记录下来；
②保持滑动变阻器滑片P的位置不动，闭合开关S和S1，记下此时电流表的示数为I1；
③保持开关S和S1闭合，移动滑动变阻器的滑片至最右端，记下此时电流表的示数为I2；
④在步骤①中，R、R0和L串联在电路中，电流表测串联电路电流，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为I额，此时灯泡正常发光；根据R=UI可知，电路的总电阻为：
R总=U源I额；
在步骤②中，R和R0串联在电路中，电流表测串联电路电流，保持滑动变阻器滑片P的位置不动，此时电流表的示数为I1，根据R=UI可知，电路的总电阻为：
R总1=U源I1；
在步骤③中，电路为只有R0的简单电路，此时电流表的示数为I2，根据U=IR可知，电源电压为U源=I2R0；
由电阻的串联可知，小灯泡正常发光时电阻的表达式为：
RL=R总−R总1=U源I额−U源I1=I2R0(1I额−1I1)=I2R0(I1−I额)I1I额；
由于实验步骤①中滑动变阻器连入电路的电阻与实验步骤②中滑动变阻器连入电路的电阻相等，根据电阻的串联，滑动变阻器接入电路的阻值为：
R1=R总1−R0=U源I1−R0=I2R0I1−R0=I2−I1I1⋅R0。
故答案为：I2R0(I1−I额)I1I额；I2−I1I1⋅R0。
根据R=UI分别求出步骤①②中电路的总电阻，根据步骤③求出电源电压，利用电阻的串联写出小灯泡正常发光时电阻的表达式；根据步骤②利用电阻的串联写出实验步骤①中滑动变阻器连入电路的电阻的表达式。
本题用伏安法测量小灯泡的电阻实验，考查了设计实验方案测电阻的能力。
20.【答案】保温
【解析】解：(1)根据电路图可知，关S1、S2闭合、S3断开时，R1与R2串联，再与电动机并联，开关S1、S2、S3闭合时，R1与电动机并联，
根据串联电路的电阻特点可知，开关S1、S2闭合、S3断开时，R1与R2串联，加热部分电路的总电阻最大，根据P=UI=U2R可知，加热功率最小，榨汁机处于保温挡；
(2)果汁的体积：V=300mL=300cm3=3×10⁻4m3，
由ρ=mV可知，果汁的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×3×10⁻4m3=0.3kg，
果汁吸收的热量：Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.3kg×(30℃−10℃)=2.52×104J；
(3)根据P=Wt可得，榨汁机消耗的电能：W=P加热t′=220W×2×60s=2.64×104J，
榨汁机的加热效率：η=Q吸W=2.52×104J2.64×104J≈95.5%。
答：(1)保温；
(2)果汁吸收的热量为2.52×104J；
(3)榨汁机的加热效率为95.5%。
(1)根据电路图可知，开关S1、S2闭合、S3断开时，R1与R2串联，再与电动机并联，开关S1、S2、S3闭合时，R1与电动机并联，根据电阻的串联特点和P=UI=U2R可知榨汁机加热挡和保温挡的电路连接；
(2)利用密度公式求出果汁的质量，根据Q吸=cm(t−t0)求出果汁吸收的热量；
(3)利用W=Pt求出榨汁机消耗的电能，利用效率公式求出榨汁机的加热效率。
本题考查了电功率公式和吸热公式、效率公式、电功公式的综合应用等，分清榨汁机处于不同挡位时电路的连接方式是关键。
21.【答案】0.3A1.14W变暗 滑动变阻器接的是两个下端接线柱
【解析】解：(1)由图甲知，灯泡并联在滑动变阻器和电流表两端，电压表串联入电路了，为使电路连接正确，应将灯泡与滑动变阻器连接的导线改接电压表的“15”接线柱即可，如图所示：
(2)由图乙知，电流表使用小量程，分度值0.02A，灯泡正常发光时的电流为0.3A，
灯泡的额定功率P=UI=3.8V×0.3A=1.14W；
(3)滑动变阻器下面接的是A，所以滑片向B端移动时，电阻变大，滑动变阻器两端的电压变大，灯泡两端的电压变小，小灯泡的功率变小，灯泡亮度会变暗；
(4)连接电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表、电压表都有示数，电路为通路，电路的电流较小，电路的电阻较大，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，灯泡都不发光，两电表示数均无变化，则变阻器不能起到变阻的作用，产生这一现象的原因是将变阻器下面两个接线柱连入了电路中。
故答案为：(1)见解答图；(2)0.3A；1.14W；(3)变暗；(4)滑动变阻器接的是两个下端接线柱。
(1)本实验中，滑动变阻器、电流有、灯泡应串联，电压表并联在灯泡两端，据此分析并正确连接电路；
(2)由图乙读出灯泡正常发光的电流，由P=UI计算小灯泡的额定功率；
(3)根据滑动变阻器的连接方式，判断滑片P向B端移动时电阻的变化，则知灯泡两端实际电压的变化，进一步知道其功率、亮度的变化；
(4)连接电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表、电压表都有示数，电路为通路，电路的电流较小，电路的电阻较大，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，灯泡都不发光，两电表示数均无变化，说明变阻器不能起到变阻的作用，据此分析。
本题是测量小灯泡电功率的实验，考查了实物电路的连接、电表读数、电功率的计算等，难度不大。
22.【答案】导体的材料和横截面积相同时，导体的电阻与长度成正比 导体的材料、长度相同，导体的横截面积越大，电阻越小 同种材料的导体，长度与横截面积的比值相同，电阻相同 镍铬合金丝 1 1 锰铜丝 1 1 2或5
【解析】解：(1)根据控制变量法可知，表一中的材料相同、横截面积相同，长度不同，可以探究电阻大小与长度的关系；从表一数据可知，长度越长，电阻越大，且长度增大为原来的几倍，电阻也增大为原来的几倍，得出的初步结论是：常温下，导体的材料和横截面积相同时，导体的电阻与长度成正比；
(2)从表中数据可知，4、5、6的材料相同，长度相同，横截面积不同，电阻不同，可得出的初步结论是：常温下，导体的材料、长度相同，导体的横截面积越大，电阻越小；
(3)从表中数据可知，1与6、2与4或3与5的电阻相同，比较发现它们的长度与横截面积的比值相同，故得到的结论为：常温下，同种材料的导体，长度与横截面积的比值相同，电阻相同；
(4)要探究导体的电阻与材料的关系，需要控制长度和横截面积相同，而材料不同；则长度为2.0米、横截面积为0.2毫米 2的镍铬合金丝和锰铜丝，
如下表所示：
实验序号
材料
长度/(米)
横截面积S(毫米)
电阻R(欧)
7
镍铬合金丝
2.0
0.2
大/
8
锰铜丝
2.0
0.2
小/
分析所给器材可知，导体的横截面积、长度与上述两表中实验序号2或5的铁丝横截面积、长度均相同，材料不同，故可用来探究导体的电阻与材料的关系；
故答案为：
(1)导体的材料和横截面积相同时，导体的电阻与长度成正比；
(2)导体的材料、长度相同，导体的横截面积越大，电阻越小；
(3)同种材料的导体，长度与横截面积的比值相同，电阻相同；
(4)见上表；2或5。
(1)(2)影响电阻大小的因素是材料、长度、横截面积，根据控制变量法，要研究其中一个因素与电阻的关系，就必控制其他两个相同，分析表一和表二的数据结合控制变量法得到答案；
(3)分析比较1与6、2与4或3与5的数据及相关条件与数据，可得出相关结论；
(4)要探究导体的电阻与材料的关系，需要控制长度和横截面积相同，选择材料不同的导体进行实验，根据数据选择合适的器材。
本题是一道实验题，解题时注意控制变量法的应用，分析实验数据，根据导体条件的不同及对应的实验数据的不同得出结论，是正确解题的前提与关键。
23.【答案】解：(1)当S1、S2都闭合时，R1被短路，R2和R3并联：
则1R23=1R2+1R3⇒1R23=R2+R3R2R3，所以R23=R2R3R2+R3，
电源电压：U=IR23=IR2R3R2+R3=2A×3Ω×6Ω3Ω+6Ω=4V。
(2)当S1、S2都断开时，R1和R3串联：
解法一：串联的总电阻：R13=UI′=4V0.5A=8Ω，
则R1=R13−R3=8Ω−6Ω=2Ω。
解法二：R3两端的电压：U3=I′R3=0.5A×6Ω=3V，
R1两端的电压：U1=U−U3=4V−3V=1V，
R1的阻值：R1=U1I′=1V0.5A=2Ω。
答：(1)电源电压是4V.(2)R1的阻值是2Ω。
【解析】(1)当S1、S2都闭合时，电阻R1短路，电阻R2和R3并联。由于R2和R3的阻值已知，我们可以根据并联电阻的规律：总电阻的倒数等于各电阻倒数之和，求出总电阻。题中已经告诉我们总电流是2A，这样就可以求出电源电压。
(2)当S1、S2都断开时，电阻R1与R3串联。一种解法是用电源电压除以电流求出总电阻，然后用总电阻减去R3的电阻值；另一种解法是先求出R3两端电压，然后用电源电压减去R3两端的电压得出R1两端的电压，最后用R1的电压除以电流得出R1的阻值。
本题考查了电阻的并联规律，串联电路的电压规律、电阻规律以及欧姆定律的应用。难点在于两个电阻并联时如何求总电阻，要记住两个电阻并联后的总电阻等于两个电阻的积除以两个电阻的和，这个关系是我们推导出来的。
24.【答案】8×103 ①用细线将铁块系好，挂在弹簧测力计下，读出测力计的示数G铁；
②在烧杯内倒入适量的水，然后将铁块浸没在水中，读出测力计的示数F1；算出铁块在水中受到的浮力F浮1；
③在烧杯内倒入适量的花生油，将铁块浸没在花生油中，读出测力计示数F2；算出铁块在花生油中受到的浮力F浮2；
④花生油密度的表达式：ρ油=G铁−F2G铁−F1⋅ρ水。 ρ铁⋅Fρ铁−ρ水。
【解析】解：(1)天平标尺的分度值为0.2g，物体的质量m=20g+10g+2g=32g；
金属块的体积V=V总−V水=26mL−22mL=4mL=4cm3；
金属块的密度ρ=mV=32g4cm3=8g/cm3=8×103kg/m3；
(2)利用浮力知识测量液体的密度：
用细线将铁块系好，挂在弹簧测力计下，读出测力计的示数G铁；
将铁块浸没在水中，读出测力计的示数F1；
将铁块浸没在花生油中，读出测力计的示数F2，
算出石块在水中和花生油中受到的浮力F浮1=G铁−F1、F浮2=G铁−F2。
由阿基米德原理F浮=G排=ρ液gV排可知，
G铁−F1=ρ水gV排水，V排水=G铁−F1ρ水g，V排水=V排油，G铁−F2=ρ油gV排油，
则ρ油=G铁−F2G铁−F1⋅ρ水；
(3)将铁块浸没在待测液体中时弹簧测力计的读数为F，
则F+F浮=G，
由F浮=ρ水gV排，G=mg=ρ铁Vg
则F+F浮=F+ρ水gV排=ρ铁Vg，
铁块浸没在水中，则V排=V，
ρ水gGρ铁g+F=G，即ρ水G+Fρ铁=Gρ铁，
所以G=ρ铁⋅Fρ铁−ρ水。
故答案为：
(1)8×103；
(2)实验步骤：
①用细线将铁块系好，挂在弹簧测力计下，读出测力计的示数G铁；
②在烧杯内倒入适量的水，然后将铁块浸没在水中，读出测力计的示数F1；算出铁块在水中受到的浮力F浮1；
③在烧杯内倒入适量的花生油，将铁块浸没在花生油中，读出测力计示数F2；算出铁块在花生油中受到的浮力F浮2；
④花生油密度的表达式：ρ油=G铁−F2G铁−F1⋅ρ水。
(3)ρ铁⋅Fρ铁−ρ水。
(1)首先观察天平把标尺的分度值以及量筒的量程和分度值再去读数。物体的质量m=砝码+游码，金属块的体积V=V总−V水.根据公式ρ=mV求出金属块的密度。
(2)利用浮力知识测量液体的密度：不用天平测量液体质量，利用弹簧测力计以及浮力知识间接测量液体的密度。
(3)将铁块浸没在水中时弹簧测力计的读数为F，物体静止，物体受到的重力等于弹簧测力计的拉力和浮力之和，再利用阿基米德原理公式变形即可推导出铁块重力的表达式。
本题即是一道实验设计题，又是一道开放题。学生要认真思考，寻找便捷、合理的解题方法，培养综合解答问题的能力。
25.【答案】解：(1)由图甲，木块A漂浮，受力为重力和浮力，二力平衡，所以GA=F浮=ρ水gV排=ρ水gh2h0；
所以木块A的质量为：
mA=GAg=ρ水gh2h0g=ρ水h2h0；
(2)乙图中，木块浸入水中的体积为：
V排′=SA(h−h1)，
则乙图中正方体木块A和合金柱B受到的浮力为：
F浮′=ρ水gV排′=ρ水gh2(h−h1)；
正方体木块A和合金柱B漂浮，则GA+GB=F浮′=ρ水gh2(h−h1)，
B的重力为：
GB=F浮′−GA=ρ水gh2(h−h1)−ρ水gh2h0=ρ水gh2(h−h1−h0)，
图丙中木块浸入水中的体积为：
V浸=SA(h−h2)，
由图乙和图丙可知，A和B整体漂浮在水中，它们排开水的体积相等，则柱体B的体积为：
VB=V排′−V浸=SA(h−h1)−SA(h−h2)=SA(h2−h1)=h2(h2−h1)；
(3)由于GA=F浮=ρ水gV排=ρ水gh2h0=ρAgh3，
则A的密度为：ρA=h2h0h3⋅ρ水=h0h⋅ρ水；
B的密度为：
ρB=mBVB=GBgVB=ρ水gh2(h−h1−h0)gh2(h2−h1)=h−h1−h0h2−h1⋅ρ水，
木块A与金属块B的密度之比为：
ρA：ρB=h0h⋅ρ水：h−h1−h0h2−h1⋅ρ水=h0(h2−h1)：h(h−h1−h0)。
答：(1)木块A的质量为ρ水h2h0；
(2)金属块B的体积为h2(h2−h1)；
(3)木块A与金属块B的密度之比为h0(h2−h1)：h(h−h1−h0)。
【解析】(1)求出甲图中木块排开水的体积，利用F浮=ρ水gV排可求木块受到的浮力，从而可根据物体漂浮条件得出木块的重力；
(2)求出乙图中木块排开水的体积，利用F浮=ρ水gV排可求木块和合金柱B受到的浮力，从而可根据物体漂浮条件得出木块和合金柱B的总重力，进而可得出合金柱B的重力；根据V浸=SA(h−h2)算出图丙中木块浸入水中的体积，进而算出柱体B的体积，
(3)由于GA=F浮=ρ水gV排=ρ水gh2h0=ρAgh3算出A的密度；由G=mg表示出柱体B的质量，由密度公式算出柱体B的密度，进而算出木块A与金属块B的密度之比。
此题考查压强的大小计算、物体浮沉条件及其应用、密度公式的应用，阿基米德原理等知识点，是一道综合性很强的题目，关键是公式的灵活运用，难度较大。
2023年天津市和平区中考物理一模试卷
1. 下列四幅图中，关于声现象的描述正确的是( )
A. 乒乓球被发声的音叉弹开表明音叉在振动
B. 敲击大小不同的编钟发出声音的音调相同
C. 倒车雷达利用电磁波进行回声定位
D. 防噪声耳罩通过防止噪声产生的方式控制噪声
2. 如图是我国劳动人民在生产、生活中创造性运用物理知识的场景，其中解释不正确的是( )
A. 自制简易冰箱利用蒸发吸热来保存食物
B. 把鱼埋在冰粒中利用了冰温度较低且熔化吸热来保鲜鱼
C. 新疆坎儿井利用地下水管引水，减少水在输送过程中的蒸发
D. 北方冬天在菜窖里放几桶水是利用水凝固吸热来保存蔬菜
3. 下列单位换算中正确的是( )
A. 45min=45×1100h=0.45h
B. 6.58cm2=6.58×104m2
C. 7.8km/h=7.8×103m/s
D. 208mm3=208×10−9m3=2.08×10−7m3
4. 如图所示的测量工具读数正确的是( )
A. 2.35dm
B. 63.2g
C. 217.5s
D. 2.2N
5. 物理知识是从实际中来，又要应用到实际中去，下面是小芳同学利用所学物理知识对身边的一些物理现象进行的分析和计算，已知ρ冰=0.9×103kg/m3，ρ酒精=0.8×103kg/m3，则正确的是( )
A. 体积为100cm3的冰块，全部熔化成水后，体积仍为100cm3
B. 已知空气的密度为1.29kg/m3，教室内空气的质量约为300kg
C. 人体的密度跟水的密度差不多，那么初中生身体的体积约为0.5m3
D. 一个塑料瓶，用它装水最多能够装2.5kg，用它也能装下2.5kg的酒精
6. 2022年2月，北京冬奥会成功举办，下列关于冬奥会的运动场景，解释正确的是( )
A. 图甲：滑雪板面积较大，是为了增大压强
B. 图乙：冰壶表面打磨得很光滑，是为了增大摩擦力
C. 图丙：滑冰运动员转弯滑行时，处于平衡状态
D. 图丁：冰球离杆后继续运动，是因为冰球具有惯性
7. 如图所示，是2022年冬奥会闭幕式上控制舞台灯光与五环旗升降的电路原理图。闭合开关S1，舞台灯亮起，按下开关S2时，电动机才能启动控制五环旗升降，若舞台灯不亮，电动机也不启动。下列电路符合要求的是( )
A. B.
C. D.
8. 科技是强国的支撑，以下所列我国取得的科技成就中，说法不正确的是( )
A. 东汉时期《论衡》一书中所记载的“司南”，其在水平面自由静止时长柄指向北方
B. 航天员王亚平在太空授课中用实验表明，太空舱中水里的乒乓球不会受到浮力作用
C. “两弹一星”元勋邓稼先毕生致力于核能开发，为我国国防事业做出了巨大贡献，其中的核技术原理也应用于当代的核能发电
D. 医学专家钟南山对新冠病毒流行病学进行科学调查，发现飞沫、气溶胶流动会传播病毒；强调“戴好口罩”，口罩中的熔喷布具有静电吸附作用
9. 我国的白鹤滩水电站拥有全球单机容量最大的水轮发电机组，下列四个装置能反映发电机基本原理的是( )
A. B.
C. D.
10. 校园生活同学们并不陌生，下列说法最合理的是( )
A. 普通乒乓球拍的质量约为2kg
B. 微机室内台式计算机的功率约为300W
C. 机动车经过校门前的安全车速约为20m/s
D. 操场篮球架上的篮圈距地面的高度约为5m
11. 关于生活用电，下列说法正确的是( )
A. 用电器的总功率过大，容易发生火灾
B. 使用螺丝刀试电笔时要用指尖抵住上端的金属帽
C. 人站在干燥的木凳上同时接触火线和零线，不会触电
D. 与三孔插座中标有①的插孔相连的导线和室外的大地相连
12. 潜水艇在海面下航行时的排水质量为m1，在海面上航行时的排水质量为m2，设海水的密度为ρ，下列说法中正确的是( )
A. 当潜水艇在海面上航行时，水中部分的体积为m1−m2ρ
B. 潜水艇在海面下航行时所受海水的向上和向下的压力差为m1g
C. 要使潜水艇潜入海面下，需要充入海水的重为(m1−m2)g
D. 潜水艇在海面下航行时所受海水的浮力等于(m1−m2)g
13. 在如图所示的电路中，电源电压U保持不变，E和F接线柱只能分别连接A、B、C、D四个接线柱中的一个。小灯泡标有“6V 3W”且不考虑灯丝电阻随温度的变化，图乙为定值电阻R0的I−U图象，电流表量程为0∼3A。滑动变阻器铭牌上标有最大电流2A，最大阻值模糊不清，a、b为电阻丝的端点。将E与A相连、F与D相连，断开开关S，滑动变阻器的滑片P从b端滑到ab中点时，小灯泡恰好正常发光，移动滑片过程中电流表的示数变化了0.1A。以下说法中正确的是( )
A. 滑片P在b端时，通过小灯泡的电流为0.5A
B. 小灯泡的电阻为12Ω
C. 电源电压为8V
D. 若将E与B相连、F与C相连，闭合开关S，移动滑片P，此电路的总功率最大值为19.2W
14. 如图所示，在配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速压下去，看到硝化棉燃烧。这是因为活塞压缩空气，使空气的______ ，这一过程与内燃机工作的______ 冲程原理相同。
15. 如图是抗击新冠疫情使用的负压救护车，车内空间为负压舱，它能有效防护病毒再传播，负压装置的主要部分是一个抽气机，将经消毒杀菌处理后的被污染空气从车内抽出，使车内气压______ (选填“高于”、“低于”或“等于”)车外气压，在______ 作用下，清洁的空气只能由车外流向车内。
16. 物体沿着斜面匀速下滑，图中______ (选填“G1、G2或G3“)为物体B所受重力的示意图；图中通电螺线管的C端是______ 极。
17. 小明想自制一个密度计，通过实验和测算得到了一组刻度线和数据并贴到密度计上，他应该选择______ 标签，且此标签的不妥之处为______ 。
18. 如图所示，电源电压保持不变，R1和R2为定值电阻。若只闭合S1，滑片P向右移动，电压表示数______ 。若先闭合S1、S2，再闭合S3，电压表与电流表示数的比值______ 。(两空均选填“变大”、“变小”或“不变”)
19. 小明利用伏安法测量小灯泡的电阻，实验过程中发现电压表损坏，先增加一个已知阻值R0的定值电阻和一个开关，设计如图所示的电路，测出小灯泡正常发光时的电阻，其实验步骤为：
①闭合开关S、断开开关S1，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为I额，并记录；
②保持滑动变阻器的滑片P位置不动，闭合开关S和S1，记下此时电流表的示数为I1；
③保持开关S和S1闭合，移动滑动变阻器的滑片至最右端，记下此时电流表的示数为I2；
④则小灯泡正常发光时电阻的表达式为RL=______ 。
小明还得到实验步骤①中滑动变阻器连入电路的电阻的表达式为R1=______ 。
20. 如图是某新型多挡榨汁机电路结构简化图，它具有榨汁加热保温功能，部分参数如表，果汁密度近似水的密度，果汁比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，求：
(1)当开关S1、S2闭合，S3断开时，榨汁机是______ (选填“加热”或“保温”)挡。
(2)将榨汁机中300mL的果汁从10℃加热到30℃，吸收的热量。
(3)若加热这些果汁的时间为2min，榨汁机的加热效率？
榨汁机部分参数
额定电压
220V
榨汁功率
66W
加热功率
220W
保温功率
88W
容积
300mL
21. 某同学用如图甲所示的电路测量小灯泡的电功率。实验中电源电压保持不变，小灯泡的额定电压是3.8V。
(1)图甲中有一根导线接错了，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线。
(2)正确连接电路后，小灯泡正常发光时电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电流是______ ，小灯泡的额定功率是______ 。
(3)测出小灯泡的额定功率后，该同学接着向B端移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的亮度______ (选填“变亮”、“不变”或“变暗”)。
(4)小明连接实验电路后，闭合开关，灯泡不亮，电流表和电压表都有较小的示数，无论怎样移动滑片，灯泡都不发光，两表示数均无变化，其原因可能是______ 。
22. 某小组同学通过实验探究导体的电阻与哪些因素有关。如图所示，他们在常温下将横截面积、长度不同的铁丝接入电路的M、N两点间，利用电流表和电压表测量后计算出阻值，将数据记录在表一、表二中。
表一铁丝
实验
序号
长度l(米)
横截面积S
(毫米 2)
电阻R
(欧)
l
1.0
0.2
0.5
2
2.0
0.2
1.0
3
4.0
0.2
2.0
表二铁丝
实验
序号
长度l(米)
横截面积S
(毫米 2)
电阻R
(欧)
4
2.0
0.1
2.0
5
2.0
0.2
1.0
6
2.0
0.4
0.5
(1)分析比较实验序号1、2、3，可得出的初步结论是：常温下，______ 。
(2)分析比较实验序号4、5、6，可得出的初步结论是：常温下，______ 。
(3)分析比较1与6、2与5或3与4的数据及相关条件，可得出的初步结论是：常温下，______ 。
表三
实验
序号
材料
长度l
(米)
横截面积S
(毫米 2)
电阻R
(欧)
7
______
______
______
8
______
______
______
(4)他们继续分析表一和表二的数据及相关条件，发现无法得到导体的电阻与材料的关系。请你在表三中为他们再添加两组符合要求的材料(填表三)，并将所得实验数据与上述两表中实验序号______ 的数据进行比较，进一步探究导体的电阻与材料的关系。
23. 如图所示电路，R2=3Ω，R3=6Ω.当S1、S2都闭合时，电流表的示数为2A；当S1、S2都断开时，电流表的示数为0.5A。
(1)求电源电压；
(2)请用两种方法求出电阻R1的阻值。(设电源电压恒定不变)
24. 在复习课《密度的测量专题》中，各学习小组交流了多种测量密度的方法，下面是交流的一部分实验。
(1)第一组介绍“测量金属块的密度”。
如图所示，量筒中原有水的体积是22mL，则金属块的密度为______ kg/m3。
(2)第二组介绍“测量花生油的密度”。
实验室提供了下列器材：烧杯一个、弹簧测力计一个、实心铁块一个、细线、足量的水和花生油。请你写出测量花生油密度的实验步骤和需要测量的物理量，以及ρ油的数学表达式(用已知量和测量量表示)。______ 。
(3)在实际测量中，第二组同学发现铁块重力超出弹簧测力计的量程，尝试将铁块浸没水中时则发现测力计示数F在量程范围内，已知铁块的密度为ρ铁，请你写出铁块重力G的表达式。______ 。
25. 如图所示，将边长为h的正方体木块A放入水中时，有h0浸入水中；将金属块B放在木块中央静止后，用刻度尺测出此时木块露出水面的高度h1，如图所示，再用轻质细线将金属块绑在木块中央，放入水中静止后测出此时木块露出水面高度h2，如图所示，求：
(1)木块A的质量；
(2)金属块B的体积；
(3)木块A与金属块B的密度之比ρA：ρB。
(温馨提示：推导计算过程中需要的物理量，请提前设定！)
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：
A、发声的音叉将乒乓球弹开，该现象说明发声的物体在振动，故A正确。
B、敲击大小不同的编钟，编钟发出声音的频率不同，音调不同，故B错误；
C、倒车雷达是利用超声波的反射来传递信息，不是利用电磁波，故C错误；
D、戴上防噪声耳罩，是在人耳处减弱噪声，故D错误。
故选：A。
(1)声音是由物体振动产生的；
(2)音调的高低与发声体的振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高，物体振动越慢，音调就越低；
(3)声音可以传递信息，也可以传递能量；
(4)减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；在传播过程中减弱噪声；在人耳处减弱噪声。
本题考查了声音的产生、减弱噪声的途径、声音特性的辨别，具有一定的综合性，但难度不大。
2.【答案】D
【解析】解：
A、自制简易冰箱是通过水的蒸发吸热来保持食物处于低温环境，故A不符合题意；
B、把鱼埋在冰粒中，一是利用了冰温度较低的特点，二是冰熔化会吸热，从而保持鱼新鲜，故B不符合题意；
C、坎儿井是新疆吐鲁番地区庞大的地下灌溉工程，坎儿井在地下，井内的水温比外界低，可以降低液体的温度、减少水暴露在空气中的面积、减慢水面空气的流速，从而减少水的蒸发，故C不符合题意；
D、北方冬天在菜窖里放几桶水是利用水凝固时放出热量来保存蔬菜的，故D符合题意。
故选：D。
(1)水蒸发时会吸收热量；
(2)冰熔化时会吸收热量；
(3)影响蒸发快慢的因素是有液体的温度、液体表面积的大小、液体上方空气流动的速度；
(4)凝固放热。
本题考查了物态变化及其吸放热情况、减慢蒸发的方法，属于基础知识，要熟记。
3.【答案】D
【解析】解：A、45min=45×160h=0.75h；故A错误；
B、6.58cm2=6.58×10−4m2；故B错误；
C、7.8km/h=7.8×1000m3600s≈2.17m/s；故C错误；
D、208mm3=208×10−9m3=2.08×10−7m3；故D正确。
故选：D。
物理量不同单位的换算正确与否包括两方面：进率和过程，据此作出判断。
进行单位间的换算时，运用不同单位间的具体关系，利用数学上的运算即可；同时对某些物理量的单位的由来也要有明确的认识，可借助于物理公式去理解。
4.【答案】B
【解析】解：A.刻度尺上1cm之间有10个小格，分度值为0.1cm=1mm，物体左侧与0刻度线对齐，右侧与2.35cm对齐，所以物体的长度为L=2.35cm=0.235dm，故A错误；
B.称量标尺的每一个大格为1g，分为5个小格，每一个小格为0.2g，游码左边缘在3g右边第一个格，所对刻度值为3.2g，被测物体的质量m=50g+10g+3.2g=63.2g，故B正确；
C.在停表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“3”和“4”之间，偏向“3”一侧，所以分针指示的时间为3min，且大表盘读0∼30s；在停表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在7.6s处，所以秒针指示的时间为7.6s，即停表的读数为：t=3min7.6s=187.6s，故C错误；
D.弹簧测力计每一个大格为1N，分为5个小格，每一个小格为0.2N，指针在2N下第二个格，示数为2.4N，故D错误。
故选：B。
(1)使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；读数时要估读到分度值的下一位；
(2)被测物体的质量等于砝码质量与游码显示质量之和，注意游码的分度值；
(3)停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，停表读数是两个表盘的示数之和；
(4)弹簧测力计读数时，先明确其量程、分度值，再根据指针位置读数。
物理测量中有很多的测量工具，刻度尺、秒表、电流表、电压表、天平、量筒、弹簧测力计、温度计等，任何一种工具，一定要注意每一个大格和每一个小格各代表多少。刻度尺需要估读，其它的测量工具不需要估读。
5.【答案】B
【解析】解：A、由ρ=mV可得冰的质量：m冰=ρ冰V冰=0.9g/cm3×100cm3=90g；
质量是物体的一种属性，冰熔化成水后，质量不变，
所以m水=m冰=90g，
则水的体积：V水=m水ρ水=90g1g/cm3=90cm3，故A错误；
B、教室的长约为10m，宽约为6m，高约为4m，则教室的容积：V=长×宽×高=10m×6m×4m=240m3；
教室里空气的质量：m=ρV=1.29kg/m3×240m3=309.6kg，与300kg相差不大，故B正确；
C、中学生的质量约m=50kg，密度ρ=1.0×103kg/m3，
由ρ=mV可得，中学生的体积：
V=mρ=50kg1.0×103kg/m3=0.05m3，故C错误；
D、由ρ=mV可得2.5kg水的体积：
V水=m水ρ水=2.5kg1.0×103kg/m3=0.0025m3，
能装酒精的体积：
V酒精=V水=0.0025m3，
能装酒精的质量：
m酒精=ρ酒精V=0.8×103kg/m3×0.0025m3=2kg，故D错误。
故选：B。
(1)已知冰的体积和密度，根据密度公式的推导公式m=ρV可求冰的质量；根据质量是物质的属性知，质量不随物质状态的改变而改变，所以冰熔化成水后，质量不变；再根据密度公式的变形公式可求水的体积；
(2)先估测出教室的长、宽、高，然后算出教室的容积，最后根据公式m=ρV算出教室内空气的质量；
(3)首先估计出中学生的质量约为50kg，密度与水的密度差不多，再用公式ρ=mV计算出中学生的体积；
(4)一个瓶子能装多少体积的水，也就能装多少体积的酒精。故本题需先求出2.5kg水的体积，即瓶子的容积(能装酒精的体积)，再利用m=ρV求能装酒精的质量。
本题考查了学生对密度公式的掌握和运用，解题过程中要注意单位的换算。
6.【答案】D
【解析】解：A、滑雪板的面积比较大，是在压力一定时，通过增大接触面积来减小压强，故A错误；
B、冰壶表面打磨得很光滑，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦的，故B错误；
C、滑冰运动员转弯滑行时，方向不断变化，所以滑冰运动员处于非平衡状态，故C错误；
D、冰球离杆后继续运动，是由于冰球具有惯性要保持原来的运动状态，故D正确。
故选：D。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力等；
(2)减小摩擦的方法有：①在接触面的粗糙程度相同时，减小压力，②在压力相同时，减小接触面的粗糙程度，③变滑动为滚动，④使接触面脱离接触；
(3)平衡状态是指物体处于静止或匀速直线运动状态；
(4)任何物体都具有惯性，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质。
此题考查了减小摩擦的方法、减小压强的方法、惯性以及平衡状态的判断等，是一道综合题；生活处处有物理，我们要认真观察、思考我们生活中的物理现象。
7.【答案】C
【解析】解：当开关S1闭合时舞台灯亮起，此时电动机不工作；当开关S2闭合，电动机才能启动，说明指示灯与电动机互不影响，即两者是并联的，开关S1在干路上，S2在电动机支路上，故C符合要求，ABD不符合要求。
故选：C。
根据开关闭合后指示灯和电动机的工作情况分析电路的连接情况，再选择合适的电路图。
本题考查电路的设计，根据题意正确分析指示灯和电动机的连接方式以及开关的位置是关键。
8.【答案】A
【解析】解：A.“司南”最早出现于我国战国时期，它是我国古代劳动人民智慧的结晶，将勺放在水平光滑的“地盘”上，让其自由转动，在地磁场作用下静止时，因勺柄为S极，则勺柄指向南方，勺头指向北方，故A错误；
B.在太空这个失重的环境中，液体对放入其中的物体不会产生压强和压力，不存在压力差，所以物体不受浮力，故B正确；
C.“两弹一星”元勋邓稼先毕生致力于核能开发，为我国国防事业作出了巨大贡献，研究的核裂变技术也应用于当代的核能发电，故C正确；
D.熔喷层通过静电吸附病毒原理是带电体能够吸引轻小物体，故D正确。
故选：A。
(1)“司南”静止时，长柄是指向南方的；
(2)浮力产生的原因：物体受到向上的压力大于向下的压力，存在压力差产生了浮力；
(3)原子弹和核电站核能都是利用重核裂变的原理获取的；
(4)带电体有吸引轻小物体的性质。
本题考查了磁现象、核能、静电、浮力产生的原因，知识点多，综合性强。
9.【答案】C
【解析】解：发电机的工作原理是电磁感应现象。
A.该图探究通电导体周围是否有磁场，因此是奥斯特实验，故A错误；
B、该图验证的是通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的工作原理，故B错误；
C、该图验证的是在闭合回路中，导体切割磁感线运动时，电路中产生感应电流，是发电机的工作原理，故C正确；
D、电磁铁通电后具有磁性，利用的是电流的磁效应的原理，故D错误。
故选：C。
发电机是利用电磁感应现象制成的，正确分析四个选项各是研究什么问题的，再做回答。
本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置是不同的，前者外部没有电源，后者外部有电源。
10.【答案】B
【解析】解：A、普通乒乓球拍的质量较小，约为200g，故A不合理。
B、微机室内台式计算机的功率约为300W，故B合理。
C、机动车经过校门前的安全车速约为5km/h，大约1.4m/s，故C不合理；
D、篮球架上的篮圈距地面的高度约3.05m，故D不合理。
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
11.【答案】ABD
【解析】解：
A、家庭电路同时使用的用电器总功率过大，导线会剧烈发热，容易引发火灾，故A正确；
B、使用螺丝刀形状的试电笔时，手指必须触到试电笔上端的金属帽(又叫笔尾金属体)，故B正确；
C、虽然站在干燥的木凳上，但双手同时分别接触家庭电路中的火线和零线，火线和零线之间的电压是220V，加在人体的电压是220V，超过人体的安全电压，且有电流通过人体，所以会发生触电事故，故C错误；
D、与三孔插座中标有①的插孔相连的导线和室外的大地相连，当用电器的外壳带电时，电荷会被导入大地，不会发生触电事故，故D正确。
故选：ABD。
(1)家庭电路电流过大的原因有二：用电器总功率过大，发生了短路；
(2)正确使用试电笔的方法：站在地上，手接触试电笔的笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线；
(3)家庭电路触电事故有单线触电和双线触电两种，都是人体直接或间接跟火线接触造成的；
(4)三孔插座接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线。
生活中常见的安全用电规则和现象，要有适当的应对方法，这样才能做到安全用电。
12.【答案】BC
【解析】解：(1)潜水艇在海面下航行时受到的海水的向上和向下的压力差即浮力：
F浮=G排=m排g=m1g，故B正确，D错误；
(2)当潜艇在海面上航行时，
V排=m2ρ，即水中部分的体积为m2ρ，故A错误；
(3)在海面上航行时受到的浮力：
F浮′=G排′=m排′g=m2g，
潜水艇漂浮，此时船重：G=F浮′=m2g，
要使潜艇潜入海面下，设充入的海水重为G水，
G+G水=F浮=m1g，即：m2g+G水=F浮=m1g，
故G水=m1g−m2g=(m1−m2)g，故C正确。
故选：BC。
(1)知道在海面下航行时排开水的质量，利用重力公式求排开水重，再利用阿基米德原理求受到的浮力大小；
(2)知道在海面上航行(漂浮)时排开水的质量，利用密度公式求排开水的体积，即水中部分的体积；
(3)在海面上航行时排水的质量，利用重力公式求排开水重，再利用漂浮条件求受到的浮力和此时船重，要使潜艇潜入海面下，船重加上水舱里的水重要等于潜水艇在海面下航行时所受浮力，据此求要充入的海水重。
本题为力学综合题，知识点多，比较复杂，要求灵活运用所学公式，特别是阿基米德原理和漂浮条件的综合应用。
13.【答案】BCD
【解析】解：
A、将E与A相连，F与D相连，断开开关S，滑动变阻器和小灯泡串联，R0没有接入电路中，电流表测电路中的电流；
滑片P滑到ab中点时，小灯泡恰好正常发光，由串联电路的电流特点和P=UI可知电路中的电流I=IL=PLUL=3W6V=0.5A，
滑片P从b端滑到ab中点的过程中，变阻器接入电路的电阻变小，由欧姆定律可知电流变大，已知移动滑片过程中电流表的示数变化了0.1A，则可知滑片P滑到b端时，电路中的电流I′=0.5A−0.1A=0.4A，由串联电路的电流特点可知，此时通过灯泡的电流为0.4A，故A错误；
B、根据P=UI=U2R可知小灯泡电阻：RL=UL2PL=(6V)23W=12Ω，故B正确；
C、当滑片P滑到ab中点时，由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电源电压：
U=I(12R1+RL)=0.5A×(12R1+12Ω)-------①
同理，当滑片P滑到b端时，电源电压：U=I′(R1+RL)=0.4A×(R1+12Ω)------②
电源电压U保持不变，联立①②可得U=8V，故C正确；
D、由图乙可知，当电阻R0两端的电压为8V时，通过R0的电流为0.4A，则R0=U0I0=8V0.4A=20Ω；
若将E与B相连、F与C相连，闭合开关S，滑动变阻器和定值电阻并联，电流表测干路中的电流；
变阻器铭牌上标有最大电流2A，则通过变阻器的最大电流为2A，此时通过定值电阻R0的电流为0.4A，
此时总电流最大，则最大总电流为I总大=I滑大+I0=2A+0.4A=2.4A，
则此电路的最大总功率为P总大=UI总大=8V×2.4A=19.2W，故D正确。
故选：BCD。
(1)将E与A相连，F与D相连，断开开关S，滑动变阻器和小灯泡串联，R0没有接入电路中，电流表测电路中的电流；滑片P滑到ab中点时，小灯泡恰好正常发光，根据P=UI得出通过小灯泡的电流；滑片P从b端滑到ab中点的过程中，变阻器接入电路的电阻变小，由欧姆定律可知电流的变化，并由题意判断此时电流的大小即可求出此时小灯泡的电流；
(2)根据P=UI=U2R可知小灯泡电阻；
(3)根据串联电路的电阻特点和欧姆定律分别表示出滑片在ab中点和b点时电源电压，列方程求出电源电压；
(3)将E与B相连、F与C相连，闭合开关S，滑动变阻器和定值电阻并联，电流表测干路中的电流；
根据滑动变阻器允许通过的最大电流确定通过滑动变阻器的电流，根据图乙可知此时通过R0的电流，根据并联电路的电流特点求出干路的最大电流，根据P=UI求出此时电路的最大总功率。
本题考查了电路分析，关键要分析不同的接入方法会导致不同的电路，结合欧姆定律和电路特点进行电功率计算。
14.【答案】内能增加，温度升高 压缩
【解析】解：当把活塞迅速压下去时，活塞对筒内的空气做功，筒内空气的内能就会增加，温度就会升高，达到硝化棉的燃点，硝化棉就燃烧起来；汽油机的压缩冲程中，机械能转化为内能。
故答案为：内能增加，温度升高；压缩。
对物体做功，物体的内能增加，机械能转化为内能；物体对外做功，物体的内能减少，内能转化为机械能；在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是压缩冲程，内能转化为机械能的是做功冲程。
此题考查了做功改变内能，同时还考查了汽油机工作过程中的能量转化。
15.【答案】低于 大气压
【解析】解：负压救护车的原理：车内空间为负压舱，小于外界大气压，因此必须用抽气机将被污染的空气经过消毒、杀菌处理后从车内抽出，使车内气压低于车外大气压，在大气压作用下，清洁的空气只能由车外流向车内。
故答案为：低于；大气压。
负压救护车是利用负压技术是使救护车内的大气压强小于外界的大气压强。据此分析即可解答。
此题考查大气压的综合应用，理解负压救护车的工作原理是关键。
16.【答案】G3 S
【解析】解：(1)不管物体怎样运动，其所受重力的方向总是竖直向下的，所以，图中G3为物体B所受重力的示意图；
(2)由电源正负极可知电流从螺线管的下端流入，结合图中导线的绕法，根据安培定则可知，C端为S极。
故答案为：G3；S。
(1)根据重力的方向是竖直向下的进行判断；
(2)根据安培定则可判断通电螺线管的N、S极。
本题考查了重力的方向和安培定则的应用，属于基础题。
17.【答案】甲 刻度线应该是不均匀的
【解析】解：密度计的工作原理是利用了物体的沉浮条件，密度计是漂浮在液体中，所受浮力等于本身的重力，如果液体的密度越大，则密度计浸入液体中的体积越小，即越往上浮，所以密度计的刻度是越往下值越大；根据阿基米德原理可知，液体的密度ρ液=F浮ρ液g，设密度计的横截面积为S，密度的变化量与密度计浸入液体深度h之间的关系：Δρ=F浮V排′g−F浮V排g=Gg(1V′排−1V排)=m(1Sh′−1Sh)=mS(1h′−1h)=mS×h−h′hh′，由上式可知，Δρ与Δh=h−h′不成正比，因此密度计的刻度线不均匀；当密度计浸入的越深，即h越大时，同样的Δh=h−h′，Δρ会更小，故密度计的刻度上疏下密。
故答案为：甲；刻度线应该是不均匀的。
密度计上的刻度代表了液体密度的大小，根据ρ液=F浮ρ液g可知密度计排开液体的体积越大，则表示液体的密度越小；为了使测量结果更准确，使密度计上两条刻度线之间的距离大一些，因为ΔV=Sh，可知减小S，即可使h变大。
本题主要考查物体沉浮条件及阿基米德原理的应用，难度不大。
18.【答案】变小 变小
【解析】解：只闭合S1时，R1、R2与滑动变阻器串联，电压表测R2两端的电压，当滑片P向右滑动时，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，由U=IR可知，定值电阻R2两端的电压变小，即电压表的示数变小；
先闭合S1和S2，电路中只有R2，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流；
再闭合S3时，R1、R2与滑动变阻器并联，电压表测电源电压，电流表测R1、R2并联后的总电流，所以，比较可知，电压表示数不变，电流表示数增大，故电压表与电流表示数的比值变小。
故答案为：变小；变小。
(1)只闭合S1时，R1、R2与滑动变阻器串联，电压表测R2两端的电压，根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电压表示数的变化；
(2)先闭合S1和S2，再闭合S3时，R1、R2与滑动变阻器并联，电压表测电源的电压，电流表测R1和R2支路的电流之和，根据欧姆定律和电阻的并联即可得出答案。
本题考查了电路的动态分析，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和电表所测电路元件的判断，同时要注意串联电路和并联电路特点和欧姆定律的灵活应用，难度较大。
19.【答案】I2R0(I1−I额)I1I额 I2−I1I1⋅R0
【解析】解：实验步骤：
①闭合开关S，断开开关S1，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为I额，并记录下来；
②保持滑动变阻器滑片P的位置不动，闭合开关S和S1，记下此时电流表的示数为I1；
③保持开关S和S1闭合，移动滑动变阻器的滑片至最右端，记下此时电流表的示数为I2；
④在步骤①中，R、R0和L串联在电路中，电流表测串联电路电流，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为I额，此时灯泡正常发光；根据R=UI可知，电路的总电阻为：
R总=U源I额；
在步骤②中，R和R0串联在电路中，电流表测串联电路电流，保持滑动变阻器滑片P的位置不动，此时电流表的示数为I1，根据R=UI可知，电路的总电阻为：
R总1=U源I1；
在步骤③中，电路为只有R0的简单电路，此时电流表的示数为I2，根据U=IR可知，电源电压为U源=I2R0；
由电阻的串联可知，小灯泡正常发光时电阻的表达式为：
RL=R总−R总1=U源I额−U源I1=I2R0(1I额−1I1)=I2R0(I1−I额)I1I额；
由于实验步骤①中滑动变阻器连入电路的电阻与实验步骤②中滑动变阻器连入电路的电阻相等，根据电阻的串联，滑动变阻器接入电路的阻值为：
R1=R总1−R0=U源I1−R0=I2R0I1−R0=I2−I1I1⋅R0。
故答案为：I2R0(I1−I额)I1I额；I2−I1I1⋅R0。
根据R=UI分别求出步骤①②中电路的总电阻，根据步骤③求出电源电压，利用电阻的串联写出小灯泡正常发光时电阻的表达式；根据步骤②利用电阻的串联写出实验步骤①中滑动变阻器连入电路的电阻的表达式。
本题用伏安法测量小灯泡的电阻实验，考查了设计实验方案测电阻的能力。
20.【答案】保温
【解析】解：(1)根据电路图可知，关S1、S2闭合、S3断开时，R1与R2串联，再与电动机并联，开关S1、S2、S3闭合时，R1与电动机并联，
根据串联电路的电阻特点可知，开关S1、S2闭合、S3断开时，R1与R2串联，加热部分电路的总电阻最大，根据P=UI=U2R可知，加热功率最小，榨汁机处于保温挡；
(2)果汁的体积：V=300mL=300cm3=3×10⁻4m3，
由ρ=mV可知，果汁的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×3×10⁻4m3=0.3kg，
果汁吸收的热量：Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.3kg×(30℃−10℃)=2.52×104J；
(3)根据P=Wt可得，榨汁机消耗的电能：W=P加热t′=220W×2×60s=2.64×104J，
榨汁机的加热效率：η=Q吸W=2.52×104J2.64×104J≈95.5%。
答：(1)保温；
(2)果汁吸收的热量为2.52×104J；
(3)榨汁机的加热效率为95.5%。
(1)根据电路图可知，开关S1、S2闭合、S3断开时，R1与R2串联，再与电动机并联，开关S1、S2、S3闭合时，R1与电动机并联，根据电阻的串联特点和P=UI=U2R可知榨汁机加热挡和保温挡的电路连接；
(2)利用密度公式求出果汁的质量，根据Q吸=cm(t−t0)求出果汁吸收的热量；
(3)利用W=Pt求出榨汁机消耗的电能，利用效率公式求出榨汁机的加热效率。
本题考查了电功率公式和吸热公式、效率公式、电功公式的综合应用等，分清榨汁机处于不同挡位时电路的连接方式是关键。
21.【答案】0.3A1.14W变暗 滑动变阻器接的是两个下端接线柱
【解析】解：(1)由图甲知，灯泡并联在滑动变阻器和电流表两端，电压表串联入电路了，为使电路连接正确，应将灯泡与滑动变阻器连接的导线改接电压表的“15”接线柱即可，如图所示：
(2)由图乙知，电流表使用小量程，分度值0.02A，灯泡正常发光时的电流为0.3A，
灯泡的额定功率P=UI=3.8V×0.3A=1.14W；
(3)滑动变阻器下面接的是A，所以滑片向B端移动时，电阻变大，滑动变阻器两端的电压变大，灯泡两端的电压变小，小灯泡的功率变小，灯泡亮度会变暗；
(4)连接电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表、电压表都有示数，电路为通路，电路的电流较小，电路的电阻较大，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，灯泡都不发光，两电表示数均无变化，则变阻器不能起到变阻的作用，产生这一现象的原因是将变阻器下面两个接线柱连入了电路中。
故答案为：(1)见解答图；(2)0.3A；1.14W；(3)变暗；(4)滑动变阻器接的是两个下端接线柱。
(1)本实验中，滑动变阻器、电流有、灯泡应串联，电压表并联在灯泡两端，据此分析并正确连接电路；
(2)由图乙读出灯泡正常发光的电流，由P=UI计算小灯泡的额定功率；
(3)根据滑动变阻器的连接方式，判断滑片P向B端移动时电阻的变化，则知灯泡两端实际电压的变化，进一步知道其功率、亮度的变化；
(4)连接电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表、电压表都有示数，电路为通路，电路的电流较小，电路的电阻较大，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，灯泡都不发光，两电表示数均无变化，说明变阻器不能起到变阻的作用，据此分析。
本题是测量小灯泡电功率的实验，考查了实物电路的连接、电表读数、电功率的计算等，难度不大。
22.【答案】导体的材料和横截面积相同时，导体的电阻与长度成正比 导体的材料、长度相同，导体的横截面积越大，电阻越小 同种材料的导体，长度与横截面积的比值相同，电阻相同 镍铬合金丝 1 1 锰铜丝 1 1 2或5
【解析】解：(1)根据控制变量法可知，表一中的材料相同、横截面积相同，长度不同，可以探究电阻大小与长度的关系；从表一数据可知，长度越长，电阻越大，且长度增大为原来的几倍，电阻也增大为原来的几倍，得出的初步结论是：常温下，导体的材料和横截面积相同时，导体的电阻与长度成正比；
(2)从表中数据可知，4、5、6的材料相同，长度相同，横截面积不同，电阻不同，可得出的初步结论是：常温下，导体的材料、长度相同，导体的横截面积越大，电阻越小；
(3)从表中数据可知，1与6、2与4或3与5的电阻相同，比较发现它们的长度与横截面积的比值相同，故得到的结论为：常温下，同种材料的导体，长度与横截面积的比值相同，电阻相同；
(4)要探究导体的电阻与材料的关系，需要控制长度和横截面积相同，而材料不同；则长度为2.0米、横截面积为0.2毫米 2的镍铬合金丝和锰铜丝，
如下表所示：
实验序号
材料
长度/(米)
横截面积S(毫米)
电阻R(欧)
7
镍铬合金丝
2.0
0.2
大/
8
锰铜丝
2.0
0.2
小/
分析所给器材可知，导体的横截面积、长度与上述两表中实验序号2或5的铁丝横截面积、长度均相同，材料不同，故可用来探究导体的电阻与材料的关系；
故答案为：
(1)导体的材料和横截面积相同时，导体的电阻与长度成正比；
(2)导体的材料、长度相同，导体的横截面积越大，电阻越小；
(3)同种材料的导体，长度与横截面积的比值相同，电阻相同；
(4)见上表；2或5。
(1)(2)影响电阻大小的因素是材料、长度、横截面积，根据控制变量法，要研究其中一个因素与电阻的关系，就必控制其他两个相同，分析表一和表二的数据结合控制变量法得到答案；
(3)分析比较1与6、2与4或3与5的数据及相关条件与数据，可得出相关结论；
(4)要探究导体的电阻与材料的关系，需要控制长度和横截面积相同，选择材料不同的导体进行实验，根据数据选择合适的器材。
本题是一道实验题，解题时注意控制变量法的应用，分析实验数据，根据导体条件的不同及对应的实验数据的不同得出结论，是正确解题的前提与关键。
23.【答案】解：(1)当S1、S2都闭合时，R1被短路，R2和R3并联：
则1R23=1R2+1R3⇒1R23=R2+R3R2R3，所以R23=R2R3R2+R3，
电源电压：U=IR23=IR2R3R2+R3=2A×3Ω×6Ω3Ω+6Ω=4V。
(2)当S1、S2都断开时，R1和R3串联：
解法一：串联的总电阻：R13=UI′=4V0.5A=8Ω，
则R1=R13−R3=8Ω−6Ω=2Ω。
解法二：R3两端的电压：U3=I′R3=0.5A×6Ω=3V，
R1两端的电压：U1=U−U3=4V−3V=1V，
R1的阻值：R1=U1I′=1V0.5A=2Ω。
答：(1)电源电压是4V.(2)R1的阻值是2Ω。
【解析】(1)当S1、S2都闭合时，电阻R1短路，电阻R2和R3并联。由于R2和R3的阻值已知，我们可以根据并联电阻的规律：总电阻的倒数等于各电阻倒数之和，求出总电阻。题中已经告诉我们总电流是2A，这样就可以求出电源电压。
(2)当S1、S2都断开时，电阻R1与R3串联。一种解法是用电源电压除以电流求出总电阻，然后用总电阻减去R3的电阻值；另一种解法是先求出R3两端电压，然后用电源电压减去R3两端的电压得出R1两端的电压，最后用R1的电压除以电流得出R1的阻值。
本题考查了电阻的并联规律，串联电路的电压规律、电阻规律以及欧姆定律的应用。难点在于两个电阻并联时如何求总电阻，要记住两个电阻并联后的总电阻等于两个电阻的积除以两个电阻的和，这个关系是我们推导出来的。
24.【答案】8×103 ①用细线将铁块系好，挂在弹簧测力计下，读出测力计的示数G铁；
②在烧杯内倒入适量的水，然后将铁块浸没在水中，读出测力计的示数F1；算出铁块在水中受到的浮力F浮1；
③在烧杯内倒入适量的花生油，将铁块浸没在花生油中，读出测力计示数F2；算出铁块在花生油中受到的浮力F浮2；
④花生油密度的表达式：ρ油=G铁−F2G铁−F1⋅ρ水。 ρ铁⋅Fρ铁−ρ水。
【解析】解：(1)天平标尺的分度值为0.2g，物体的质量m=20g+10g+2g=32g；
金属块的体积V=V总−V水=26mL−22mL=4mL=4cm3；
金属块的密度ρ=mV=32g4cm3=8g/cm3=8×103kg/m3；
(2)利用浮力知识测量液体的密度：
用细线将铁块系好，挂在弹簧测力计下，读出测力计的示数G铁；
将铁块浸没在水中，读出测力计的示数F1；
将铁块浸没在花生油中，读出测力计的示数F2，
算出石块在水中和花生油中受到的浮力F浮1=G铁−F1、F浮2=G铁−F2。
由阿基米德原理F浮=G排=ρ液gV排可知，
G铁−F1=ρ水gV排水，V排水=G铁−F1ρ水g，V排水=V排油，G铁−F2=ρ油gV排油，
则ρ油=G铁−F2G铁−F1⋅ρ水；
(3)将铁块浸没在待测液体中时弹簧测力计的读数为F，
则F+F浮=G，
由F浮=ρ水gV排，G=mg=ρ铁Vg
则F+F浮=F+ρ水gV排=ρ铁Vg，
铁块浸没在水中，则V排=V，
ρ水gGρ铁g+F=G，即ρ水G+Fρ铁=Gρ铁，
所以G=ρ铁⋅Fρ铁−ρ水。
故答案为：
(1)8×103；
(2)实验步骤：
①用细线将铁块系好，挂在弹簧测力计下，读出测力计的示数G铁；
②在烧杯内倒入适量的水，然后将铁块浸没在水中，读出测力计的示数F1；算出铁块在水中受到的浮力F浮1；
③在烧杯内倒入适量的花生油，将铁块浸没在花生油中，读出测力计示数F2；算出铁块在花生油中受到的浮力F浮2；
④花生油密度的表达式：ρ油=G铁−F2G铁−F1⋅ρ水。
(3)ρ铁⋅Fρ铁−ρ水。
(1)首先观察天平把标尺的分度值以及量筒的量程和分度值再去读数。物体的质量m=砝码+游码，金属块的体积V=V总−V水.根据公式ρ=mV求出金属块的密度。
(2)利用浮力知识测量液体的密度：不用天平测量液体质量，利用弹簧测力计以及浮力知识间接测量液体的密度。
(3)将铁块浸没在水中时弹簧测力计的读数为F，物体静止，物体受到的重力等于弹簧测力计的拉力和浮力之和，再利用阿基米德原理公式变形即可推导出铁块重力的表达式。
本题即是一道实验设计题，又是一道开放题。学生要认真思考，寻找便捷、合理的解题方法，培养综合解答问题的能力。
25.【答案】解：(1)由图甲，木块A漂浮，受力为重力和浮力，二力平衡，所以GA=F浮=ρ水gV排=ρ水gh2h0；
所以木块A的质量为：
mA=GAg=ρ水gh2h0g=ρ水h2h0；
(2)乙图中，木块浸入水中的体积为：
V排′=SA(h−h1)，
则乙图中正方体木块A和合金柱B受到的浮力为：
F浮′=ρ水gV排′=ρ水gh2(h−h1)；
正方体木块A和合金柱B漂浮，则GA+GB=F浮′=ρ水gh2(h−h1)，
B的重力为：
GB=F浮′−GA=ρ水gh2(h−h1)−ρ水gh2h0=ρ水gh2(h−h1−h0)，
图丙中木块浸入水中的体积为：
V浸=SA(h−h2)，
由图乙和图丙可知，A和B整体漂浮在水中，它们排开水的体积相等，则柱体B的体积为：
VB=V排′−V浸=SA(h−h1)−SA(h−h2)=SA(h2−h1)=h2(h2−h1)；
(3)由于GA=F浮=ρ水gV排=ρ水gh2h0=ρAgh3，
则A的密度为：ρA=h2h0h3⋅ρ水=h0h⋅ρ水；
B的密度为：
ρB=mBVB=GBgVB=ρ水gh2(h−h1−h0)gh2(h2−h1)=h−h1−h0h2−h1⋅ρ水，
木块A与金属块B的密度之比为：
ρA：ρB=h0h⋅ρ水：h−h1−h0h2−h1⋅ρ水=h0(h2−h1)：h(h−h1−h0)。
答：(1)木块A的质量为ρ水h2h0；
(2)金属块B的体积为h2(h2−h1)；
(3)木块A与金属块B的密度之比为h0(h2−h1)：h(h−h1−h0)。
【解析】(1)求出甲图中木块排开水的体积，利用F浮=ρ水gV排可求木块受到的浮力，从而可根据物体漂浮条件得出木块的重力；
(2)求出乙图中木块排开水的体积，利用F浮=ρ水gV排可求木块和合金柱B受到的浮力，从而可根据物体漂浮条件得出木块和合金柱B的总重力，进而可得出合金柱B的重力；根据V浸=SA(h−h2)算出图丙中木块浸入水中的体积，进而算出柱体B的体积，
(3)由于GA=F浮=ρ水gV排=ρ水gh2h0=ρAgh3算出A的密度；由G=mg表示出柱体B的质量，由密度公式算出柱体B的密度，进而算出木块A与金属块B的密度之比。
此题考查压强的大小计算、物体浮沉条件及其应用、密度公式的应用，阿基米德原理等知识点，是一道综合性很强的题目，关键是公式的灵活运用，难度较大。
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