2023年中考第二次模拟考试卷：化学（深圳卷）（全解全析）

2023年中考化学第二次模拟考试卷（深圳卷）

化学·全解全析

第Ⅰ卷

一、选择题（本大题共12小题，1-8题每小题1.5分，9-12题每小题2分，共20分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）

1．【答案】B

【解析】变废为宝，资源循环利用的含义是燃料燃烧变为燃烧产物，经过太阳能或生物能又变为燃料．

（1）燃料的燃烧，是指可燃物与空气中的氧气发生的发光、发热的反应，有新物质生成，属于化学变化．

（2）燃烧产物在太阳能或生物能的作用下重新变为燃料，燃料与燃烧产物不是同一种物质，有新物质生成，属于化学变化。

故（1）、（2）均属于化学变化。

故答案为：B。

2．【答案】B

【解析】A、元素符号前面加上数字，表示几个该原子，2个氮原子应表示为2N，选项不符合题意；

B、化合物中正负化合价的代数和为0，化合价标注在元素的正上方，正负号在前，数值在后，硫酸根为-2价，铜元素是+2价，选项符合题意；

C、离子符号就是在元素符号的右上方标出该离子所带的电荷数及正负，数值在前，正负号在后，在离子符号前面加上数值，表示几个该离子，则3个铝离子应表示为3Al3+，选项不符合题意；

D、根据化学式书写原则，氧化镁由氧元素和镁元素组成，氧元素显-2价，镁元素显+2价，正价在前，负价在后，正负化合价代数和为0，氧化镁的化学式应为MgO，选项不符合题意。

故答案为：B。

3．【答案】D

【解析】A、氢氧化钠具有腐蚀性，易潮解，需要在玻璃器皿中称量，不符合题意。

B、量筒中不能配制溶液，不符合题意。

C、浓硫酸稀释，应将浓硫酸沿烧杯壁缓缓倒入水中，并用玻璃棒不断搅拌，不符合题意。

D、浓硫酸具有吸水性，可做干燥剂干燥氧气，气体干燥长进短出，符合题意。

故答案为：D。

4．【答案】A

【解析】A、钛合金无毒坚硬，且与人体具有很好的“相容性”，可用于制造人造骨，符合题意；

B、甲醛能使蛋白质变质，所以不能用来浸泡海产品来保鲜，不符合题意；

C、电木插座具有热固性，破裂后不可以修补再使用，不符合题意；

D、霉变的食物含有黄曲霉素，绝对不可以食用，不符合题意；

故答案为：A。

5．【答案】A

【解析】A、H2、H2SO4、H2O、H2O2四种物质的分子中都含有氢原子，故A符合题意；

B、只有氢气中含有氢分子，其他物质不含有氢分子，故B不符合题意；

C、元素只讲种类，不讲个数，故C不符合题意；

D、H2、H2SO4、H2O、H2O2四种物质的分子中不含有氢气，而含有氢原子，故D不符合题意。

故答案为：A。

6．【答案】A

【解析】A、单质是只含有一种元素的纯净物，因此同种元素组成的纯净物一定是单质，A符合题意；

B、离子是带电的粒子，电子、质子也是带电的粒子，因此带电的粒子不一定是离子，B不符合题意；

C、在化合物中金属元素通常显正价，在没有金属元素的化合物中，如CO2中C是非金属元素，显+4价，所以显正价的元素不一定都是金属元素，C不符合题意；

D、质子数决定元素种类，但质子数相同的微粒不一定属于同种元素，如氖原子与水分子质子数都是10 ，即质子数相同的微粒不一定属于同种元素，D不符合题意。

故答案为：A。

7．【答案】A

【解析】A、烧碱能中和盐酸，但烧碱具有很强的腐蚀性不可用于治疗胃酸过多，选项符合题意；

B、酚醛塑料有热固性，一经固化后，就不能再用加热的方法使之软化的塑料，常用于制作插座、炒锅手柄等，选项不符合题意；

C、金具有很好的延展性，可拉丝也可压成很薄的片，选项不符合题意；

D、钨熔点很高，通电时不会很容易熔化，故可用于制造灯泡中的灯丝，选项不符合题意；

故答案为：A。

8．【答案】B

【解析】A. 黑火药由木炭、硫粉和硝石（硝酸钾）按一定比例混合而成，因此是混合物，故正确，不符合题意；

B. 由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，由反应的化学方程式，反应前钾、氮、氧、碳、硫原子个数分别为2、2、6、3、1，反应后的生成物中钾、氮、氧、碳、硫原子个数分别为2、0、6、3、1，根据反应前后原子种类、数目不变，则每个X分子由2个氮原子构成，则物质X的化学式为N2，故错误，符合题意。

C. 反应前，碳元素化合价为零，反应后二氧化碳中碳元素化合价为正四价，因此碳元素化合价升高了，故正确，不符合题意；

D. 参加反应的碳、硫质量比为（12×3）：32=9：8，故正确，不符合题意。

故答案为：B。

9．【答案】A

【解析】由于4.4gCO2所含碳元素的质量为，3.6g水中所含氢元素的质量为，根据“反应前后元素的种类和质量不变”可知，该物质中含1.2g碳元素和0.4g氢元素，而1.2g+0.4g=1.6g，说明该物质中只含有碳、氢元素，则A选项判断符合题意，B、C选项判断不符合题意；又由于该物质分子中碳原子和氢原子的个数比为，则D选项判断不符合题意，

故答案为：A。

10．【答案】C

【解析】A、加热两份等质量的氯酸钾制取氧气，有催化剂的比无催化剂的反应速率较快，反应需要的时间较短，催化剂只能影响反应速率，不影响产生氧气的质量，最终生成氧气的质量相等，不符合题意；

B、用红磷燃烧法测定空气中氧气含量时，红磷燃烧消耗氧气生成五氧化二磷固体，放出热量，使瓶内温度升高，压强变大，反应结束后，瓶内温度逐渐降低，压强逐渐变小，当瓶内温度不再变化时，瓶内的压强也不再变化，由于红磷燃烧消耗了瓶内的氧气，最终瓶内压强小于反应前的压强，不符合题意；

C、镁燃烧生成氧化镁，该反应方程式为，参加反应镁和氧气的质量比为48：32=3：2，等质量的镁和氧气充分反应后，镁反应完全，氧气有剩余，符合题意；

D、硫酸加入到金属中，刚开始酸少量，产生氢气的量按照酸来计算，由方程式可知：，。消耗同质量的酸，铁消耗的质量多，因此当酸过量时，铁已经被消耗完但是铝仍然有剩余，会继续和硫酸反应生成氢气，因此最后铝产生的氢气多于铁，不符合题意；

故答案为：C。

11．【答案】C

【解析】A. 未指明温度，物质溶解度的大小无法比较，故不符合题意；

B. c的溶解度随温度升高而降低，c的饱和溶液进行升温后依然是饱和溶液，质量分数会减小，不能变成不饱和溶液，故不符合题意；

C. t2℃时，a、b、c三种物质的溶解度大小为a＞b＞c，等质量的三种物质的饱和溶液中，所含溶质的质量大小为a＞b＞c，则溶剂的质量为c＞b＞a，故符合题意；

D. t1℃时，c的溶解度是20g，将15g的c物质加入到50g水中，最多能溶解10g，则得到50g+10g=60g的饱和溶液，故不符合题意。

故答案为：C。

12．【答案】C

【解析】A、“操作1”和“操作2”能将固液分开，故是过滤操作，故不符合题意；

B、因为金属活动性Zn>Fe>Cu，所以向废液中加入过量的锌，锌能与硫酸铜、硫酸亚铁发生反应置换出铁和铜，由于锌过量，故固体A中的Cu、Fe、Zn，故不符合题意；

C、金属活动性Zn>Fe>Cu，所以向废液中加入过量的锌，锌能与硫酸铜、硫酸亚铁发生反应，由Zn+CuSO4=ZnSO4+Cu和Zn+FeSO4=ZnSO4+Fe可知，每65份质量的锌可置换出64份质量的铜，每65份质量的锌可置换出56份质量的铁，反应后溶液质量增加，故废液的质量小于滤液1的质量，故符合题意；

D、由上述反应滤液1是过量的锌与硫酸铜、硫酸亚铁反应后的滤液，固体B是铜和锌的混合物，加入稀硫酸后，锌能与硫酸反应，故滤液2是锌与硫酸反应的滤液，所以滤液中含有相同的溶质，该溶质是ZnSO4，故不符合题意。

故答案为：C。

第Ⅱ卷

二、综合题（本大题共4小题，共30分）

13．【答案】（1）长颈漏斗

（2）；D

（3）；关闭活塞，压强增加，将稀盐酸压入去底塑料瓶中，固液分离，反应停止；铜丝不与稀盐酸反应，铁丝与稀盐酸反应

（4）b

【解析】（1）据图可知，仪器①是长颈漏斗。

（2）过氧化氢溶液在二氧化锰催化作用下生成水和氧气，化学方程式为。

由于氧气的密度比空气大，可用向上排空气法收集，不可用向下排空气法收集；由于氧气不易溶于水，可用排水法收集。

（3）实验室用石灰石或大理石与稀盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳反应制取CO2，化学方程式为。

F装置的优点是能控制反应的发生和停止，据图可知，关闭活塞，压强增加，将稀盐酸压入去底塑料瓶中，固液分离，反应停止，即是使F装置控制反应停止的原理。

由于铜丝不与稀盐酸反应，铁丝与稀盐酸反应，所以该装置使用铜丝网而不使用铁丝网盛放固体。

（4）由于干燥二氧化碳，所以二氧化碳必须通过浓硫酸，所以气体应从b口进入。

14．【答案】（1）合金；c

（2）固体逐渐消失，有气泡产生，溶液由无色变为浅绿色；滴加KSCN溶液；溶液变为血红色

（3）b；c；C和D装置增重的质量为碳酸亚铁与稀硫酸反应生成二氧化碳的质量。设参加反应FeCO3的质量为x，则： x=1.16g 固体中FeCO3的质量分数；偏小

【解析】（1）①将除锈后的铁钉放入足量的稀硫酸中，反应完成后有黑色固体出现，该黑色固体为碳单质，说明铁钉是由碳和铁熔合而成的具有金属特性的物质，故除锈后的铁钉属于合金；②溶液pH大于8.8时，Fe2+可完全转化为Fe（OH）2沉淀，FeCO3是白色固体，难溶于水，遇氧气、水会发生反应，生成Fe（OH）3，遇酸也会发生反应。故在制取FeCO3时，不能加入酸，且pH不能大于8.8，而Na2CO3溶液的pH=11.9；故正确操作为：先将FeSO4溶液加入烧杯中，再缓慢加入Na2CO3溶液，边加边搅拌。

故答案为：c；

（2）实验I：①固体中含有FeCO3，加入足量的稀硫酸，稀硫酸与FeCO3反应生成浅绿色的硫酸亚铁溶液、水、二氧化碳气体，实验现象为固体逐渐消失，有气泡产生，溶液由无色变为浅绿色；②氢氧化铁与硫酸反应得到硫酸铁，硫酸与FeCO3反应生成硫酸亚铁，只要证明反应后溶液中含有Fe3+，即可说明FeCO3固体中含有Fe（OH）3，故可取少量反应后的溶液于试管中，滴加KSCN溶液，溶液变为血红色，则可说明FeCO3固体中含有Fe（OH）3；

（3）实验Ⅱ：①确定固体中FeCO3的质量分数，可以先利用碳酸盐与酸反应生成二氧化碳，再将二氧化碳用氢氧化钠溶液吸收后，通过氢氧化钠溶液质量变化得到生成二氧化碳的质量，进一步计算即可得到固体中FeCO3的质量分数。由于浓盐酸有挥发性会使制得的二氧化碳不纯，影响实验结果，

故选b稀硫酸；装置C中用c氢氧化钠溶液吸收生成的二氧化碳气体；②C装置可以吸收二氧化碳，但一部分水蒸气会逸出， D装置可以将逸出的水蒸气吸收掉，故C和D装置增重的质量为碳酸亚铁与稀硫酸反应生成二氧化碳的质量，即生成二氧化碳的质量为0.44g；

③反应结束后，通入一段时间N2，可以将装置内生成的二氧化碳全部被吸收掉，若没有继续通入一段时间N2，所得到二氧化碳的质量比实际偏小，最终计算所得FeCO3的质量分数也会偏小。

15．【答案】（1）CD或DC

（2）AC或CA

（3）不合理

（4）620

（5）SiO2或二氧化硅；Al（OH）3或氢氧化铝

（6）降温结晶

（7）

【解析】（1）A．固体酒精的各种分子间有间隔，故A不正确；

B．固体酒精不是酒精的固体物质，故B不正确；

C．固体酒精中各种成分仍保持各自的性质，故C正确；

 D．固体酒精由酒精、氯化钙和氢氧化钠按一定质量比例配制而成，固体酒精是一种混合物，故D正确；

故答案为：CD。

（2）氢氧根离子能和硫酸铜中的铜离子反应生成蓝色沉淀氢氧化铜，能使酚酞试液变红色，因此可以用硫酸铜、酚酞进行鉴别；而氯化钠与氢氧根不反应，盐酸与氢氧根反应没有现象 ，故填：AC；

（3）发现澄清石灰水变浑浊，说明酒精燃烧的产物中含有碳元素，根据质量守恒定律分析，可得出酒精中含有碳元素的结论，无法验证酒精中是否含有氢元素，故结论不合理；

（4）设配制31%的稀盐酸730g，需要36.5%的浓盐酸为x，根据稀释前后溶质质量不变，则，解得；

（5）工业大理石（含有少量Al2O3、Fe2O3、SiO2 等杂质），加入31%的稀盐酸溶液，碳酸钙与盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳，氧化铝与盐酸反应生成氯化铝和水，氧化铁与盐酸反应生成氯化铁和水，SiO2不溶于水，不溶于稀盐酸，不与稀盐酸反应，故滤渣Ⅰ的成分为SiO2，氯化钙、氯化铝、氯化铁中加入稍过量的石灰水，则氯化铝与氢氧化钙反应生成氢氧化铝沉淀和氯化钙，氢氧化钙与氯化铁反应生成氯化钙和氢氧化铁沉淀，则滤渣Ⅱ中含有Fe（OH）3和Al（OH）3。

（6）由于CaCl2•6H2O的溶解度随温度的升高而增大，故操作Ⅰ采用的方法是：蒸发浓缩、降温结晶、过滤。

（7）此时的滤液为氯化钙溶液，故加入试剂a的目的是中和稍过量的石灰水，且不能引入新的杂质，故应该选用盐酸，盐酸与氢氧化钙反应生成氯化钙和水，则该反应的化学方程式为：。

16．【答案】（1）3或三

（2）62.2

（3）解：最终完全反应生成氢气的质量=22.6g+100g-121.8=0.8g，设该铁合金样品铁的质量为

该铁合金样品碳元素的质量分数=

该铁合金样品碳的质量分数约为0.88%

答：该铁合金样品是刚。

【解析】（1）硫酸(H2SO4)由氢、硫和氧三种元素组成；

（2）每次加入稀盐酸后，混合物减少的质量即为生成氢气的质量，由数据可知，第1次加入稀盐酸后，产生氢气的质量为22.6g+20g-42.4g=0.2g；第三次加入稀盐酸后，产生氢气的总质量为22.6g+20g×3-82.0g=0.6g；说明每次加入20g稀盐酸，完全反应能生成0.2g氢气，则第二次产生的氢气质量也为0.2g，则m=22.6+20g×2-0.4g=62.2g；