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    2023届湖北省十堰市高三下学期四月调研考试数学试题含解析

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    这是一份2023届湖北省十堰市高三下学期四月调研考试数学试题含解析,共16页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,双空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
    2023届湖北省十堰市高三下学期四月调研考试数学试题 一、单选题1.复数的虚部为(    A B2 C D【答案】A【分析】利用复数得乘除法运算求出复数z,再根据虚部得定义即可得解.【详解】解:所以复数的虚部为-2.故选:A.2.若集合,则(    ).A B C D【答案】C【分析】根据二次根式的意义求出集合A,根据指数函数的性质求出集合B,结合集合间的关系即可求解.【详解】因为所以故选:C.3的展开式中的系数是(    ).A B C.-30 D30【答案】A【分析】根据二项展开式的通项公式分析运算.【详解】因为的展开式的通项公式,可得的系数是故选:A.4.已知函数时,取得最小值,则m的取值范围为(    ).A B C D【答案】B【分析】通过分段函数进行求导,取得最小值,从而可得,当时,取得最小值,继而可求出结论.【详解】由题可知解得故选:B.5.已知抛物线C的焦点为F,抛物线C的准线与坐标轴相交于点P,点,且的面积为2,若Q是抛物线C上一点,则周长的最小值为(    ).A B C D【答案】B【分析】的面积求出为定值,的周长最小,需最小,即最小,此时MQ垂直于抛物线C的准线,求值即可.【详解】由题可知,的面积为,则则有,准线方程为Q点到准线距离为的周长最小,需最小,即最小,所以当MQ垂直于抛物线C的准线时,的周长最小,且最小值为故选:B6.已知ABCD是球O的球面上的四个点,圆的外接圆.若圆的面积为π,则四面体ABCD体积的最大值为(    ).A B C D【答案】B【分析】由圆的面积为π,得圆的半径为1从而求得球O的半径从而可得出四面体ABCD体积的最大值.【详解】因为圆的面积为π,所以圆的半径为1则球O的半径则四面体ABCD体积的最大值为故选:B.7.意大利著名数学家斐波那契在研究兔子繁殖问题时,发现有这样一列数:.该数列的特点为前两个数都是1,从第三个数起,每一个数都等于它的前面两个数的和,即,人们把这样的一列数组成的数列称为斐波那契数列,则    ).A-2024 B2024 C-1 D1【答案】C【分析】根据,证得数列是首项为1,公比为-1的等比数列,通过运算从而可以求出结果.【详解】因为时,所以,所以是首项为1,公比为-1的等比数列,故选:C.8.若,则(    ).A B C D【答案】A【分析】由题意得,构造函数,利用求导,讨论得知当时,单调递减;当时,单调递增.故,计算可比较大小,从而可得出结论.【详解】,则时,单调递减;时,单调递增.可得,当且仅当时,等号成立,从而因为,所以,故故选:A. 二、多选题9.《九章算术》中,将上、下底面为直角三角形的直三棱柱叫做堑堵,在如图所示的堑堵中,,则(    ).ABC.向量在向量上的投影向量为D.向量在向量上的投影向量为【答案】BD【分析】利用空间向量的线性运算可判定AB选项;利用投影向量的定义可判定CD选项.【详解】因为,故A不正确,B正确.如图所示,故DDU垂直BC,过UVU垂直ABUW垂直AC故向量在向量上的投影向量为,向量在向量上的投影向量为由题意易得C不正确. D正确.故选:BD10.已知函数图象的一个对称中心是,点的图象上,则(    ).A B.直线图象的一条对称轴C上单调递减 D是奇函数【答案】ACD【分析】可得,对称中心,即可求得,从而知函数的解析式,再根据余弦函数的图像与性质,逐一分析选项即可.【详解】因为点的图象上,所以.又,所以因为图象的一个对称中心是,所以,则,所以,则A正确.,则直线不是图象的一条对称轴,B不正确.时,,单调递减,C正确.,是奇函数,D正确.故选:ACD.11.已知函数,则下列结论正确的有(    ).A为奇函数B为偶函数C,当时,D【答案】ABD【分析】对于AB:根据奇偶性的定义分析判断;对于C:构建,利用导数判断单调性,分析判断;对于D:构建,利用导数求原函数的最值,分析判断.【详解】对于AB:因为的定义域为R所以为奇函数,为偶函数,AB正确;对于B:构建,则构建,则,解得;令,解得上单调递增,在上单调递减,故上恒成立,则上单调递增,不妨令,则,即整理得,且C不正确;对于D:构建,则当且仅当,即时等号成立,上单调递增,则D正确.故选:ABD.12.椭圆曲线是代数几何中一类重要的研究对象.关于椭圆曲线W,下列结论正确的有(    ).A.曲线W关于直线对称B.曲线W关于直线对称C.曲线W上的点的横坐标的取值范围为D.曲线W上的点的横坐标的取值范围为【答案】BD【分析】由特殊值结合对称性判断A;设点在曲线W上,证明点在曲线W上,从而判断B,解不等式判断CD.【详解】,得对于A:因为,所以曲线W不关于直线对称,A不正确.对于B:设点在曲线W上,则所以点在曲线W上,所以曲线W关于直线对称,B正确.对于CD:由,得,解得C不正确,D正确.故选:BD. 三、填空题13.已知向量,若,则________【答案】13【分析】解出的值,利用模的坐标公式求.【详解】已知向量因为,所以,解得故答案为:1314.若直线l与圆C有两个公共点,则k的取值范围为________【答案】【分析】联立方程,结合判别式分析运算.【详解】联立方程,消去y由题意可得:k的取值范围为故答案为:. 四、双空题15.已知是双曲线上一点,分别是双曲线的左、右焦点,的周长为,则________的面积为________【答案】          【分析】设设点在双曲线的右支上,利用双曲线的定义以及的周长可求得,利用余弦定理可求得的值,利用同角三角函数的基本关系以及三角形的面积公式可求得的面积.【详解】在双曲线中,,则根据对称性,不妨设点在双曲线的右支上,则因为的周长为,所以所以中,所以,的面积为故答案为:. 五、填空题16.甲、乙两位同学玩游戏:给定实数,按下列方法操作一次产生一个新的实数,由甲掷一枚骸子,若朝上的点数为123,则,若朝上的点数为4,则,若朝上的点数为56,则.对实数重复上述操作,得到新的实数,若,则甲获胜,否则乙获胜,那么甲获胜的概率为________【答案】【分析】列出如下树形图,结合独立事件的概率乘法公式运算求解.【详解】列出如下树形图,可知甲获胜的概率为故答案为:. 六、解答题17.已知数列的前n项之积为,且(1)的通项公式;(2)求数列的前n项和【答案】(1)(2) 【分析】1)根据题意可得,有,由等差数列的定义和通项公式可得2)由(1)可得,利用裂项相消法求和即可求解.【详解】1)由题意得所以,故是以2为首项,1为公差的等差数列,时,由,得,则,对也成立,2)由(1)可知,所以数列的前n项和为.18的内角ABC的对边分别为abc,已知(1)面积的最大值;(2),求的周长.【答案】(1)(2) 【分析】1)根据题意,由同角的三角函数关系可得,利用余弦定理可得,结合三角形的面积公式计算即可求解;2)根据题意,由余弦定理可得,解得,即可求解.【详解】1)因为,所以,当且仅当时,等号成立,则,即面积的最大值为2)由余弦定理,即,得整理得分解得解得的周长为19.现有4个红球和4个黄球,将其分配到甲、乙两个盒子中,每个盒子中4个球.(1)求甲盒子中有2个红球和2个黄球的概率.(2)已知甲盒子中有3个红球和1个黄球,若同时从甲、乙两个盒子中取出个球进行交换,记交换后甲盒子中的红球个数为XX的数学期望为.证明:【答案】(1)(2)证明见解析 【分析】1)根据超几何分布,即可求解;2)当时,X的取值可能是234;当时,X的取值可能是012,利用超几何分布分布求出对应的概率,结合数学期望的公式分布计算即可求解.【详解】1)由题可知,甲盒子中有2个红球和2个黄球的概率2)当时,X的取值可能是234时,X的取值可能是01220.中国古代数学著作《九章算术》中记载了一种被称为曲池的几何体.该几何体是上、下底面均为扇环形的柱体(扇环是指圆环被扇形截得的部分).在如图所示的曲池中,平面,记弧AB、弧DC的长度分别为,已知E为弧的中点.(1)证明:(2),求直线CE与平面所成角的正弦值.【答案】(1)证明见解析;(2). 【分析】1)延长并相交于点,证明,再利用线面垂直的性质、判定推理作答.2)以为坐标原点,建立空间直角坐标系,利用空间向量求解线面角的正弦值作答.【详解】1)延长并相交于点,因为,则连接,因为E为弧的中点,则为正三角形,于是因为平面,则有平面平面,于是,而平面,因此平面,又平面所以2)以为坐标原点,x轴,y轴,建立如图所示的空间直角坐标系设平面的法向量为,则,令,得令直线CE与平面所成角为,则直线CE与平面所成角的正弦值为21.已知是椭圆C的右顶点,过点且斜率为的直线l与椭圆C相交于AB两点(A点在x轴的上方),直线PAPB分别与直线相交于MN两点.当A为椭圆C的上顶点时,(1)求椭圆C的方程;(2),且,求k的取值范围.【答案】(1)(2) 【分析】1)由题意可得,利用两点求斜率公式求得,即可求解;2)根据题意设l的方程为(),联立方程组,利用韦达定理表示,进而可得直线AP的方程,求出,同理可得,对化简计算,结合即可求解.【详解】1)由题可知,A为椭圆C的上顶点时,,解得故椭圆C的方程为2)依题意可设直线l的方程为联立方程组消去x整理得直线AP的方程为,令,得同理可得.因为,且所以,又22.已知函数(1)R上单调递减,求a的取值范围;(2)时,求证上只有一个零点,且【答案】(1)(2)证明见解析 【分析】1)根据题意和函数的单调性可得R上恒成立,利用导数研究函数的性质求出即可求解;2)由函数零点的存在性定理可得,使得,进而得出函数的单调性,结合即可证明函数上只有一个零点;由,将不等式变形为,则证明即可,构造函数,结合分析法,利用导数研究函数的性质即可证明.【详解】1)因为,所以R上单调递减,得,即R上恒成立.,则时,单调递增;时,单调递减.,解得a的取值范围为2)由(1)可知,上单调递减,且,使得时,,函数单调递增;时,,函数单调递减.因为,所以上只有一个零点故函数上只有一个零点因为,所以要证,即证,即证因为,得所以,故需证即可.,则时,单调递增;当时,单调递减..即原不等式即证.【点睛】方法点睛:利用导数研究函数零点问题,不论哪种方法,其核心步骤都是构造函数.利用已知的函数或已知条件将问题转化,重新构造函数模型,通过导数研究函数模型的单调性、极值或最值等达到解决问题的目的. 

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