2023年新疆乌鲁木齐市中考物理适应性试卷（含解析）

这是一份2023年新疆乌鲁木齐市中考物理适应性试卷（含解析），共20页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年新疆乌鲁木齐市中考物理适应性试卷
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 收看到宏图一号01组卫星成功运行时，同学们掌声雷鸣。“掌声雷鸣”指声音的(    )
A. 音调高 B. 响度大 C. 音色美 D. 速度快
2. 冰箱中的液态制冷剂R600a经过冷冻室时，使冷冻室内温度降低，制冷剂R600a发生的物态变化是(    )
A. 熔化 B. 凝固 C. 汽化 D. 液化
3. 小明所戴的用于矫正近视的眼镜镜片是(    )
A. 凹面镜 B. 凹透镜 C. 凸面镜 D. 凸透镜
4. 家庭电路中的电流过大时，会自动切断电路起保护作用的电学元件是(    )
A. 电视机 B. 电冰箱 C. 电能表 D. 空气开关
5. 收音机可以播放广播电台的节目，说明收音机的天线可以接收(    )
A. 次声波 B. 超声波 C. 红外线 D. 无线电波
6. 下列能源中，属于可再生能源的是(    )
A. 石油 B. 核能 C. 太阳能 D. 天然气
7. 自行车的下列设计中，为了增大摩擦的是(    )
A. 把手上刻花纹 B. 轮胎内充空气 C. 车轮上装轴承 D. 链条上涂润滑油
8. 用一个重力为G1的动滑轮匀速提升重力为G2的物体时，不计绳重和摩擦，下列四种情况中，机械效率最高的是(    )
A. G1=2N，G2=10N B. G1=3N，G2=12N
C. G1=4N，G2=16N D. G1=5N，G2=24N
9. 一个重为10N的金属块挂在弹簧测力计下，将金属块浸没于甲液体中静止时，弹簧测力计的示数为8N；将金属块浸没于乙液体中静止时，弹簧测力计的示数为8.4N。则甲、乙两种液体的密度之比为(    )
A. 20：21 B. 21：20 C. 4：5 D. 5：4
10. 如图所示为某款恒温杯，可以将水温保持在50℃左右。杯中装满50℃的热水时，不通电状态下5min内温度约降低5℃，已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，则恒温杯通电保温时的电功率最接近(    )


A. 3W B. 30W C. 300W D. 3kW
11. 如图所示，电源电压保持不变，R1、R2均为电阻箱(可以读出电阻值的变阻器)。闭合开关S，电压表的示数为6V。调节电阻箱R2的旋钮，使电阻箱R2接入电路的电阻值增大20Ω，电压表的示数变为4V；再调节电阻箱R1的旋钮，使电阻箱R1接入电路的电阻值增大20Ω，电压表的示数变为5V，此时两电阻箱接入电路电阻值的大小关系为(    )


A. R1>R2，且|R1−R2|=10Ω B. R1R2，且|R1−R2|=20Ω D. R1”“”或“R2；
|R1−R2|=50Ω−30Ω=20Ω。
故ABD错误，C正确。
故选：C。
图中R1和R2串联在电路中，根据欧姆定律及串联电路中的电阻规律，再依据题意，可列出三个等式，联解可得电源电压、电阻箱R1、R2调节前的电阻，再分别计算出电阻箱R1和电阻箱R2调节后的电阻值，可据此判断出两电阻箱接入电路电阻值的大小关系及计算出|R1−R2|的值。
此题考查了欧姆定律的应用、串联电路中的电阻规律，解题关键是能正确分析电路的动态变化，列出计算式。

12.【答案】A 
【解析】解：柱状固体对水平面的压强p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρSghS=ρgh，
长方体合金零件对水平地面的压强为：p=ρgh=3.6×103kg/m3×10N/kg×0.1m=3600Pa，
设合金的底面积为S1，在切割前合金的重力G=F前=p前S1=3600Pa×S1，
设切去后剩余的上表面的面积为S2，切去的上表面面积为S3，
切去后，剩余的部分对水平地面的压强p剩=2700Pa，
剩余的合金的重力为G剩=F剩=p剩S1=2700Pa×S1，
切去部分的重力G切=G−G剩=3600Pa×S1−2700Pa×S1=900Pa×S1，
所以G切G=900Pa×S13600Pa×S1=14，
长方体合金零件质地均匀，所以S2=S3=12S1，

将剩余的部分上下倒置后放在水平地面上时，压力不变，它对水平地面的压强：
p′=G剩S2=G剩12S1=2×G剩S1=2×2700Pa=5400Pa。
故选：A。
某长方体合金零件质地均匀，根据p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρSghS=ρgh计算切前长方体合金对水平地面的压强；
由F=G=pS表示出切前后合金对地面的压力，可得切前后合金的重力比，从而得到切去部分的重力与切前的重力比，再得到切去部分上表面的面积与切前上表面的面积比，再根据p=FS计算出剩余部分上下倒置后对水平地面的压强。
本题考查柱形物体放在水平面时，压力等于物体重力，P=GS和P=ρgh的灵活，关键是求出切后上表面剩余面积与切前面积的关系。

13.【答案】不平衡  变小  不变  反射  100  8：25 
【解析】解：(1)小行星绕太阳运行过程中，做圆周运动，其运动方向不断变化，处于非平衡状态，所以受力不平衡；
从近日点运动到远日点的过程中，小行星的动能转化为势能，动能变小，势能变大，所以小行星的运行速度变小；
从近日点运动到远日点的过程中，小行星的质量不变，所以惯性不变。
(2)小行星能被光学望远镜观测到，是由于小行星将太阳光反射到光学望远镜上，然后通过折射进入人的眼睛；
小行星与地球轨道的最近距离s=3×107km=3×1010m，光的传播速度v=3×108m/s，
根据v=st可得，太阳光从小行星传播到地面的光学望远镜至少需要的时间t=sv=3×1010m3×108m/s=100s；
已知动能的单位为kg⋅m2/s2，可知小行星动能为其质量与速度的平方的乘积，则两颗小行星动能之比为1×422×52=825。
故答案为：(1)不平衡；变小；不变；(2)反射；100；8：25。
(1)处于非平衡状态的物体受到的力是非平衡力；
从近日点运动到远日点的过程中，小行星的动能转化为势能，据此结合动能的影响因素分析解答；
惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。
(2)小行星能被光学望远镜观测到，是由于小行星将太阳光反射到光学望远镜上，然后通过折射进入人的眼睛；
利用速度公式计算太阳光从小行星传播到地面的光学望远镜至少需要的时间；
已知两颗质量之比为1：2、速度之比为4：5的小行星，利用动能的计算公式计算其动能之比。
此题考查力学、光学中的多个知识点，具有较强的综合性，且涉及到动能的计算，根据动能的单位推出动能为其质量与速度的平方的乘积是关键。

14.【答案】二  内燃机  声源处  长  0.25  40 
【解析】解：(1)①电能不能直接从自然界获取，必须经过一次能源的消耗才能得到，是二次能源；
②纯电动汽车由于没有安装内燃机，安装的是发动机；
③电动汽车比燃油汽车噪声小，这是在声源处减弱噪声；
(2)①因为电池的能量密度随环境温度的降低而降低，因此夏季储存的电能更多，故同一辆电动汽车在夏季的续航里程比冬季更长；
②因为汽车匀速行驶，所以F牵=f=720N，在行驶过程中的机械能W机=F牵s=720N×400×1000m=2.88×108J，已知η=80%，根据公式η=W机W电可知消耗的电能W电=W机η=2.88×108J80%=3.6×108J，即电池充入的电能W电′=W电=3.6×108J=100kW⋅h，又已知电池的质量m=400kg，则电池的能量密度为W电′m=100kW⋅h400kg=0.25kW⋅h/kg；
③已知电能转化为机械能W机=2.88×108J，则输出的电能W出=W机=2.88×108J，行驶时间t=sv=400km80km/h=5h=5×3600s=1.8×104s，输出电压U=400V，根据W=UIt，则I=W出Ut=2.88×108J400V×1.8×104s=40A。
故答案为：(1)二；内燃机；声源处；(2)长；0.25；40。
(1)①无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源；
②纯电动汽车安装的是电动机；
③减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱；
(2)①电池的能量密度随环境温度的降低而降低，据此解答；
②根据W=Fs求出汽车运动时的机械能，再由公式η=W机W电可以计算出电能，最后由电池的能量密度定义得到电池的能量密度；
③先计算出行驶的时间，由公式W=UIt可以得到电流值。
本题考查了能源分类、声现象、做功公式、电能以及效率公式等，应熟练掌握灵活运用，属于基础题。

15.【答案】高于  会  紫外线  半导体  0.324  18：9：2 
【解析】解：(1)灯丝工作时没有熔化，温度低于熔点，即灯丝的熔点高于2000℃，电流周围存在磁场，灯丝工作时产生磁场；紫外线能使荧光物质发光，荧光灯是利用低气压的汞蒸气在通电后释放紫外线使荧光粉发光的原理制成的；
(2)教室照明功率密度至少为9W/m2，标准教室地面面积为54m2，
照明功率为P=9W/m2×54m2=486W=0.486kW；
一间标准教室一节课(按40min计算)照明消耗的电能至少W=Pt=0.486kW×4060h=0.324kW⋅h。
若电功率为5W的LED灯、10W的荧光灯、45W的白炽灯亮度相当，说明获得的发光功率相同，
根据η=E光W=P光tP电t可得，LED灯、荧光灯、白炽灯的发光效率之比为：
ηLED：η荧：η白=P光PLED：P光P荧：P光P白=15W：110W：145W=18：9：2。
故答案为：(1)高于；会；紫外线；
(2)半导体；0.324；18：9：2。
(1)灯丝工作时没有熔化，温度低于熔点，电流周围存在磁场；紫外线能使荧光物质发光；
(2)LED灯主要利用半导体材料制成，根据照明功率密度和面积计算功率，根据W=Pt计算消耗的电能；根据亮度相当即获得的光能相同，根据发光效率的定义解题。
本题结合照明工具考查电学综合应用，综合性较强，难度不大。

16.【答案】上凸下平  加剧  正  横向  1.2×105  大  变小  2×105 
【解析】解：(1)在流体中，流速越大的位置压强越小，将AG600飞机的机翼做成上凸下平的形状，主要是为了给飞机提供向上的升力。飞机在空中飞行时与空气产生摩擦，会加剧机身表面材料分子的热运动，使机身表面材料失去电子而带上正电。
(2)AG600飞机的两侧机翼上对称位置各装有一个相同的汲水斗，可以增加汲水时飞机横向的稳定性。飞机打开两个汲水斗汲水12t后重力增加G=mg=12×103kg×10N/kg=1.2×105N。
飞机汲水时发出的声音在水中的传播速度比在空气中的大，可使水中的小动物及时逃离。
(3)AG600飞机执行某次森林灭火任务，飞机水平飞行投水时，质量减小，其重力势能变小。一架飞机一次往返需要的时间为：t=sv=2×80km320km/h=0.5h；
5h内往返的次数为：n=5h0.5h=10；5架AG600飞机5h内可完成救火面积为：S=4000m2×5×10=2×105m2。
故答案为：(1)上凸下平；加剧；正；(2)横向；1.2×105；大；(3)变小；2×105。
(1)机翼上凸下平是为了让飞机产生升力。失去电子的物体摩擦后会带上正电荷。
(2)根据G=mg计算重力；声音在水中的传播速度比空气中大。
(3)重力势能与质量和高度有关；根据v=st计算飞机一次往返的时间，结合题目计算救火面积。
知道摩擦起电的实质；知道流体的压强与流速的关系；知道声音在不同介质中的传播速度；知道影响重力势能大小的因素；会根据速度公式进行简单的计算。

17.【答案】解：先作出端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′，即为物AB在平面镜中所成的像，如图所示：
 
【解析】平面镜成像的特点是：像与物大小相等，连线与镜面垂直，到平面镜的距离相等，即物像关于平面镜对称；先作出端点A、B的像点，连接连接两个像点即为物体AB的像。
平面镜成像时像与物关于平面镜对称，要注意先作出端点或关键点的像点，再用虚线连接得到物体的像。

18.【答案】解：过支点O作垂直于拉力F作用线延长线的垂线段，即力臂l，如图所示：
 
【解析】已知支点和拉力F的方向，过支点作力的作用线的垂线段(即力臂)。
此题的关键是掌握杠杆五要素，然后根据杠杆的五要素作出相应的作用力或力臂，并且作图要求规范。

19.【答案】解：图中电流由螺线管的左端流入、右端流出，由安培定则可知，通电螺线管的左端为S极，右端为N极，由于异名磁极相互吸引，因此小磁针的左端为S，右端为N极，如图所示：
 
【解析】由图中螺线管的电流方向和安培定则可知螺线管的极性，由磁极间的相互作用规律可知小磁针的N极。
本题考查了安培定则以及磁极间的相互作用规律，要求学生熟练应用安培定则判断螺线管的磁极。

20.【答案】A  晶体  > 
【解析】解：(1)由表中的数据可知，第23分钟的温度处于第22分钟和第24分钟之间，即0～8℃之间，有乙图可知，A温度计的示数为4℃，B温度计的示数为−4℃，故第23分钟时，温度计内的液面应为图乙中A所示；
(2)该物质从第2分钟到第22分钟温度保持0℃不变，由晶体的熔化特点，吸热，温度不变可知这种物质是一种晶体；
(3)从表中的数据可知，该物质从温度为−2℃升高到2℃的时间大于从温度为2℃升高到12℃的时间，所以从温度为−2℃升高到2℃的过程中吸收的热量大于从温度为2℃升高到12℃的过程中吸收的热量，因此增加的内能ΔE1>ΔE2。
故答案为：(1)A；(2)晶体；(3)>。
(1)该物质持续吸热，由表中数据可知，第23分钟时的温度应大于或等于0℃而小于8℃；
(2)晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；
(3)加热时间越长，吸收的热量越多，增加的内能越大。
本题考查“探究某种物质熔化时温度随时间的变化规律”的实验，难度不大，属于基础性题目。重点掌握晶体的熔化特点以及吸收热量的多少与加热时间的关系。

21.【答案】左  大