2023年四川省成都市彭州市都江堰市等地中考物理一模试卷（含答案）

这是一份2023年四川省成都市彭州市都江堰市等地中考物理一模试卷（含答案），共30页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图与计算题，实验与探究题等内容，欢迎下载使用。
2023年四川省成都市彭州市都江堰市等地中考物理一模试卷一、单项选择题（每小题2分，共26分）1．（2分）下列家用电器的参数与实际相符的是（　　）A．家用洗衣机是动力设备，所以工作电压为380V B．利用快充充电头给手机充电，快充充电头的工作电流约为100A C．电视机工作时的功率约为2000W D．家用护眼台灯的工作电压为220V2．（2分）2021年5月，中国“祝融号”火星车成功着陆火星，中国成为世界上第二个成功着陆火星的国家。下列说法正确的是（　　）A．“祝融号”火星车的太阳能电池把光能转化为电能 B．超声波在真空中的传播速度为340 m/s C．“祝融号”火星车利用超声波向地球传递信息 D．为减少电能损失，“祝融号”火星车的智能控制芯片采用超导材料制成3．（2分）“遥知不是雪，为有暗香来。”这是北宋时期杰出的政治家、改革家以及文学家王安石写的《梅花》中的诗句。漫步在校园内，闻着浓郁的花香（　　）A．闻到梅花的香味是分子做无规则运动的结果 B．分子运动的快慢与温度无关 C．雪的凝华过程中分子大小发生了变化 D．散步过程中通过热传递增大了人的内能4．（2分）站在西岭雪山阴阳界山脊放眼望去，薄雾从山间升腾而起，随风飘散（如图）。下列现象与雾的形成原理不相同的是（　　）A．寒冬，人们口中呼出“白汽” B．从冰箱拿出的冰糕冒“白汽” C．木柴燃烧冒“白烟” D．烧开水，壶嘴冒“白汽”5．（2分）2022年11月，第十四届中国航展在珠海国际航展中心举行，我国四代机“歼20”在阳光的映衬下，在国产大推力发动机的带动下，一会儿大角度上升，最后平稳地降落在珠海机场。下列说法正确的是（　　）A．“歼20”飞机滑降的过程中，重力势能始终不变 B．“歼20”飞机的飞行员与飞机相对静止，所以飞行员没有动能 C．减速滑降的过程中，“歼20”飞机的动能减小 D．大角度匀速上升的过程中，“歼20”飞机的动能转化为重力势能6．（2分）如图所示的实验中，用不同的力敲击音叉，放入水中，下列说法不正确的是（　　）A．该实验说明发声的物体在振动 B．溅起的水花越高，说明音叉发出的声音响度越大 C．溅起的水花越低，说明音叉发出的声音音调越低 D．声波与水波相似，用到了类比法7．（2分）为了防止考生作弊，监考人员往往会利用手持式金属探测器对考生进行检查（如图），当探测器靠近金属物体时，使探测器发出警报。下列实验能反映出金属探测器工作原理的是（　　）A． B． C． D．8．（2分）无风的天气，为测量篮球从与篮筐等高处由静止开始下落到地面的平均速度，小奕用机械停表记录篮球下落的时间，由此计算出篮球下落的平均速度。关于该实验的操作和分析，下列说法正确的是（　　）A．记录的时间应该是篮球由静止开始下落到完全停止的这段时间 B．做多次实验，目的是寻找普遍规律 C．有空气阻力比没有空气阻力测出的平均速度大 D．计算篮球下落的平均速度用到的方法是间接测量法9．（2分）寒假，小玉随爸爸、妈妈驾车来到“窗含西岭千秋雪”的西岭雪山，迫不及待地拿出滑雪板，一家人，其乐融融（　　）A．小玉在水平雪地上单脚站立和双脚站立时，对雪地的压力相等 B．西岭雪山的大气压强比成都城区高 C．帽子上的片片雪花与帽子之间具有分子引力 D．滑雪板比较宽大，主要是为了增大压强10．（2分）如图所示，春节期间，小妍去大邑西岭雪山乘坐热气球，当热气球缓缓升起时，白雪、森林等壮阔的景色一览眼底。下列说法正确的是（　　）A．弹性绳绷直前，小妍加速上升，受到平衡力作用 B．弹性绳伸长的过程中，弹性绳对吊篮的拉力大于吊篮对弹性绳的拉力 C．弹性绳伸长的过程中，弹性绳既是受力物体也是施力物体 D．气球上升到最高点静止时，弹性绳对吊篮的拉力一定大于吊篮的总重力11．（2分）关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（　　）A．家庭装修为了节省材料，所用电线越细越好 B．为了节约成本，测电笔应该去掉高阻值电阻 C．应该定期对漏电保护器进行例行检验 D．发现有人触电时直接用手去拉触电者12．（2分）如图所示，质量相等的甲、乙两球分别悬浮、漂浮在水中。如果再向水中加入少量的食盐，待两球静止后（　　）A．甲球受到的浮力变大 B．乙球浸在水中的体积减小 C．甲球受到的浮力大于重力 D．乙球受到的浮力大于重力13．（2分）某款感应式垃圾桶（如图）的工作原理如下：启动开关S1闭合后，垃圾桶才能正常使用，此时指示灯亮起，感应开关S2自动闭合，动力装置工作，垃圾桶盖缓缓打开，然后感应开关S2自动断开。下列电路符合要求的是（　　）A． B． C． D．二、填空题（每空2分，共28分）14．（4分）据统计，我国2022年初中生近视率达到74.36%，大部分是过度使用电子产品导致晶状体变厚或眼球前后径变长造成的　   　方，他需要用 　      　（选填“凸透镜”或“凹透镜”）来矫正。15．（4分）小张同学用如图甲所示的装置探究“冰熔化规律”，图乙是他绘制的温度和时间的关系图像。他观察发现，冰熔化成水的过程中　   　。分析图像可知，冰熔化时继续加热，温度 　     　。16．（4分）智能手机触摸屏操控方便、快捷，深受大家喜爱。小亮在浏览网页时，轻轻向左水平滑动屏幕页面　   　的。用手水平托住手机静止时（如图），手对手机竖直向上的作用力与手机受到的 　     　是一对平衡力。17．（4分）近年来，无人机在战场上发挥了越来越重要的作用，因此各国纷纷加大对无人机的研制，该型号无人机在减速上升的过程中所受合力的方向是竖直向 　   　的。发射出的导弹如果不受任何力的作用，由于 　     　，它将永远做匀速直线运动。18．（4分）模拟电磁轨道炮是把带有强磁性的炮弹放入通电螺线管中，利用电流的磁效应推动炮弹前行，从而获得极高的弹射速度，从而改变炮弹的射程（如图），该装置通电后　   　（选填“N”或“S”）极。若要增大炮弹的射程，可以将滑动变阻器的滑片向 　   　（选填“左”或“右”）移动。19．（4分）小乔同学用如图甲所示的电路探究“电流与电阻的关系”，根据测得的实验数据绘制出电流I随电阻R的变化图像如图乙所示。在实验过程中，小乔同学用10Ω的电阻替换5Ω的电阻，他应该将滑动变阻器的滑片向 　   　（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为 　      　V。20．（4分）某一天晚上睡觉前，小文同学用有预约功能的电饭煲为家人第二天早餐煲粥。小文将大米等食材放入电饭煲内，接通220V家庭电路，早餐前断开电源，电饭煲消耗的电功率随时间变化的图象如图甲所示　       　kW•h．已知小文家电饭煲加热和保温部分基本电路原理如图乙所示，S是接通家庭电路的开关，S1是自动开关，R1和R2为电阻不变的电热丝，则R2＝　      　Ω。三、作图与计算题（共17分。计算题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）21．（2分）《墨经》有小孔成像的记录，物体的投影之所以会出现倒像，是因为光线沿直线传播，不同方向射来的光束互相交叉而形成倒影。图甲是小王同学做小孔成像实验的情景，在图乙中大致画出烛焰AB（烛焰可以抽象为带箭头的线段），并标明两条光线的传播方向。22．（2分）如图是始建于1173年的意大利比萨斜塔，塔顶高55米，总重约14453吨，1174年人们首次发现比萨斜塔倾斜，倾斜角度为3.99度。为了挽救即将倒塌的斜塔，我们可以把斜塔视为杠杆，O点为支点；②钢绳拉力F拉的力臂L。23．（6分）小杨同学品学兼优，热爱劳动，乐于助人，他帮助老师将物理书从一楼搬运到五楼，教学楼一层楼的高度大约为3m。（1）若小杨同学和他搬运的物理书的总重力为750N，从一楼到五楼的过程中，求他克服总重力做的功。（2）若物理书的总质量为25kg，一只手掌的受力面积为50cm2，g取10N/kg，当他双手托起物理书静止在水平地面上时，求物理书对他的手掌的压强。24．（7分）图甲是成都市体育中考“坐位体前屈”测试仪，图乙是其简化电路图，电源电压为U＝6V保持不变。向前推动挡板相当于将电路中的滑片P向左移动，滑片P向左移动的距离越大，电路中电压表的示数越大。滑动变阻器铭牌标有“50Ω 3A”字样，电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A。测试时（1）当滑片P移到电阻丝最左端时，电压表满偏，求此时电路的总功率。（2）求测试中滑动变阻器接入电路的阻值的变化范围。四、实验与探究题（共14分）25．（6分）图甲是小郑探究“并联电路特点”的电路图，用电流表A1、A2测得通过灯泡L1、L2的电流分别为0.2A和0.3A。（1）用另一只电流表A3（图中未画出）测干路电流时，量程应该选用 　         　（选填“0～0.6A”或“0～3A”）。（2）闭合开关S后，测干路电流时，发现电流表A3的指针偏转到最大值。对于该现象，下列分析不合理的是 　   　。A．电流表A1与灯泡L1并联B．电流表A3与开关S并联C．某盏灯泡突然短路（3）探究过程中，小郑发现，若电流表的正、负接线柱接反了，受力反向；他结合电流表的内部结构示意图（如图乙）　     　方向有关。26．（8分）某同学为验证“物体在液体中漂浮时，物体的质量等于排开液体的质量”，做了如图所示的实验。（1）实验器材已有：溢水杯、小烧杯、托盘天平及砝码、水，下列最适合做漂浮实验的物体是 　   　。A.小块海绵B.小冰块C.小铁块D.不吸水的小木块（2）如图甲所示，先测出空小烧杯的质量m1。（3）如图乙所示，再测出物体的质量m2。（4）如图丙所示，向溢水杯中加水，直到水面与溢口 　     　，然后把小烧杯放于溢水杯溢口下方，最后把物体放入溢水杯中，部分水从溢口溢入小烧杯3，如图丁所示，则溢出水的质量为 　        　（用字母表示）。（5）如果将（3）、（4）步骤顺序交换，则测得的物体的质量 　     　（选填“大于”、“小于”或“等于”）排开水的质量。一、选择题（每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全得1分，有选错的得0分)（多选）27．（2分）我国新能源纯电动汽车保有量达1045万辆，深受国人喜爱。它的优点是：出行成本低、绿色低碳、噪声低、驾驶感受好、驱动效率高、没有限行忧虑、维护成本低。关于新能源，下列说法不正确的是（　　）A．利用新能源汽车的电池野外烧烤的过程中化学能转化为电能，电能再转化为内能              B．可燃冰、地热能、潮汐能等新能源对环境没有污染 C．新能源汽车驱动效率高，是指电动汽车的机械效率高于燃油汽车 D．氢燃料属于新能源，可为汽车提供动力28．（2分）2022年5月，首场400架无人机灯光秀编队表演在大邑斜江河上空上演（如图），此次表演为大邑经济的发展注入青春活力（　　）A．无人机LED灯发出的五颜六色的光，是由红、绿、蓝三种基本色光混合而成 B．无人机在水中的像的大小与水面面积有关 C．为了拍摄无人机飞行时的局部细节，我们应把照相机镜头往后移 D．小明看见无人机在水中的倒影，是光从水中斜射入空气中的结果29．（2分）现有甲、乙、丙三种初温度相同的液体，其中甲、乙为质量相等的不同液体，乙、丙为质量不等的同种液体。若对这三种液体分别加热，在温度﹣热量图像上分别画出对应的甲、乙、丙三点，如图所示，正确的是（　　）A．m甲＞m丙 c甲＞c丙 B．m甲＞m丙 c甲＜c丙 C．m甲＜m丙 c甲＞c丙 D．m甲＜m丙 c甲＜c丙（多选）30．（2分）用如图甲所示的装置来探究滑轮组的机械效率η与物重G物的关系，改变G物，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，计算并绘出η与G物的关系如图乙所示，不计绳重和摩擦。下列说法正确的是（　　）A．同一滑轮组的机械效率η随G物的增大而增大，最终将超过100% B．G物不变，改变图甲中的绕绳方式，此滑轮组的机械效率不变 C．此滑轮组动滑轮的重力为4N D．当G物＝6N时，此滑轮组的机械效率约为η＝66.67%（多选）31．（2分）如图甲所示电路，电源电压U保持不变，R0、R1均为定值电阻，R2为滑动变阻器，其最大阻值为R2max。闭合开关S，改变R2接入电路的阻值，两电压表示数与电流表示数的变化关系如图乙所示，当滑片P在b端时2的中点时，R2消耗的电功率为0.8W。滑片P从a端移到b端，R2消耗的电功率的最大值为P2max。下列说法正确的是（　　）A．R2max＝10Ω B．U＝9V C．R0＝12Ω D．P2max＝0.9W二、综合题（共10分。第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分）32．（4分）已知电流通过导体产生的热量与电流、电阻和通电时间有关。如图所示，在探究“电流通过导体产生的热量与电流的关系”时，可供选择的器材有：8V稳压电源一个；停表和开关各一个；透明容器与U形管相连的实验装置一个，容器内电阻丝的阻值为20Ω；导线若干。（1）该实验选用 　     　Ω的滑动变阻器更好。（2）实验中可以通过观察U形管液面高度差来比较透明容器中电阻丝产生的热量多少，这种物理方法是 　      　。（3）实验中除了控制电阻丝的阻值相同外，还需要控制 　       　相同。（4）在某次实验时发现，通电一段时间U形管液面高度差不变，则出现该现象的原因可能是 　       　（写出一条即可）。33．（6分）如图1所示，甲是底面积为2×10⁻2m2高为0.25m的薄壁圆柱形容器，置于水平桌面上，容器甲内盛有0.2m深的水，其中乙是底面积为0.25×10⁻2m2高为0.2m的均匀柱状体，丙是边长为0.1m、密度为2×103kg/m3的均匀正方体。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）（1）求水对容器甲底部的压强。（2）当沿水平方向截取物体乙上段，并平稳地放在物体丙上时，乙、丙对桌面的压强随截取的物体乙上段长度x的变化关系如图2所示1、x2对应的物体丙对桌面的压力分别是多少？（3）现将体积为3×10⁻3m3的物体丁（图中未画出）分别置于物体丙上和浸没在容器甲内的水中，物体丙对桌面压强的增加量Δp丙恰好为水对容器甲底部压强的增加量Δp水的30倍，求物体丁的密度ρ丁。
2023年四川省成都市彭州市都江堰市等地中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题2分，共26分）1．【分析】掌握生活中常见用电器的额定电流、额定电压和额定电功率即可判断选项。【解答】解：A、家用洗衣机的工作电压为220V；B、手机有线快充的最大充电电流为4A；C、电视机工作时的功率约为100W；D、家用护眼台灯的工作电压为220V。故选：D。2．【分析】（1）太阳能电池板将光能转化为电能；（2）真空不能传声；（3）电磁波能传递信息，且电磁波的传播不需要介质；（4）半导体是指导电性能介于导体与绝缘体之间的材料，常用来制造芯片、二极管、三极管、传感器元件等。【解答】解：A、太阳能电池板是将光能转化为电能的设备；B、真空不能传声，故B错误；C、“祝融号”火星车利用电磁波向地球传递信息；D、为减少电能损失，故D错误。故选：A。3．【分析】（1）不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动，扩散现象与温度有关，温度越高，分子无规则运动越明显，扩散越快；（2）雪的凝华过程中分子大小没有变化，只是分子间隙变化了；（3）改变物体内能的方法是做功和热传递。【解答】解：AB、闻到梅花的香味，飘入到作者鼻孔中的原因，且温度越高，扩散越快，B错误；C、雪的凝华过程中分子大小没有变化，故C错误；D、散步过程中通过做功增大了人的内能。故选：A。4．【分析】物质由气态变为液态的过程叫液化，物质由液态变为气态的过程叫汽化；物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；物质由固态变为液态的过程叫熔化，物质由液态变为固态的过程叫凝固。【解答】解：雾是空气中的水蒸气遇冷形成的小水滴，属于液化现象；ABD、人们口中呼出“白汽”，都属于液化现象；C、木柴燃烧冒“白烟”是木柴在燃烧过程中产生的小颗粒悬浮在空中形成的，故C符合题意。故选：C。5．【分析】影响动能的因素有物体质量和速度；影响重力势能的因素有质量和高度；机械能是动能和势能的总和。【解答】解：A、“歼20”飞机滑降的过程中，高度降低，故A错误；B、“歼20”飞机的飞行员与飞机保持相同的速度运动，故B错误；C、减速滑降的过程中，动能减小；D、大角度匀速上升的过程中，动能不变，重力势能增大，故D错误。故选：C。6．【分析】（1）声音是由物体的振动产生的。（2）声音的大小叫响度，响度与发声体的振幅和距离声源的远近有关。（3）溅起的水花的高低，说明音叉发出的声音响度的大小。（4）声波与水波相似，用到了类比法。【解答】解：A、该实验说明发声的物体在振动；B、溅起的水花越高，发出的声音响度越大；C、溅起的水花越低，发出的声音响度越小；D、声波与水波相似，故D正确。故选：C。7．【分析】由题意可知，金属探测器是将线圈靠近金属物体时，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，从而产生了电流，则分析各实验现象可知能产生电流的选项。【解答】解：由题意可知，金属探测器是将线圈靠近金属物体时，从而产生了电流。A、该图是电流的磁效应实验；B、图中没有电源，是利用线圈在磁场中做切割磁感线运动，故B正确；C、该图是通电螺线管，故C错误；D、图中有电源，电动机是利用通电导体在磁场中受力的作用而制成的。故选：B。8．【分析】（1）记录的时间应该是从篮球刚开始下落始，下落到地面一瞬间止；（2）测量物体运动的平均速度实验中，多次测量的目的是求平均值以减小误差；（3）篮球在有空气阻力时比没有空气阻力时下落相同的高度，所用时间偏长，据此分析；（4）根据v＝计算出篮球下落的平均速度。【解答】解：A、记录的时间应该是篮球由静止开始下落到篮球下落到地面一瞬间这段时间；B、做多次实验，减小误差；C、篮球在有空气阻力时比没有空气阻力时下落相同的高度所用时间偏长可知，所用时间越长，因此有空气阻力比没有空气阻力测出的平均速度小；D、实验中用机械停表记录篮球下落的时间，根据v＝，用到的方法是间接测量法。故选：D。9．【分析】（1）水平雪地上，压力等于重力，比较重力大小即可判断压力关系；（2）大气压随高度的增加而减小；（3）分子间存在相互作用的引力和斥力；（4）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力等。【解答】解：A、小玉在水平雪地上单脚站立和双脚站立时，重力不变，故A正确；B、大气压随高度的增加而减小，故B错误；C、帽子上的片片雪花与帽子之间距离较大，故C错误；D、滑雪板比较宽大，故D错误。故选：A。10．【分析】（1）物体受到平衡力的作用时，保持静止状态或者做匀速直线运动；（2）根据相互作用力的条件分析；（3）物体间力的作用是相互的，一个物体是施力物体，同时又是受力物体；（4）当气球上升到最高点静止时，F拉+G总重力＝F浮，据此求缆绳拉气球的拉力。【解答】解：A、加速上升过程中，受到非平衡力作用；B、弹性绳发生形变时，同时弹性绳对人有向上的拉力，故B错误；C、物体间力的作用是相互的，也是施力物体；D、当充满氦气的气球升至最高点静止时，F拉+G总重力＝F浮，缆绳拉气球的拉力：F拉＝F浮﹣G总重力，故D错误。故选：C。11．【分析】（1）家庭装修电路时，根据用电器的总容量（总电功率）合理规划线路，选择合适线径的导线。（2）测电笔中的高阻值电阻是起分压作用的，不能去掉。（3）应该定期对漏电保护器进行例行检验。（4）发现有人触电时首先应该迅速切断电源。【解答】解：A、家庭装修电路时，选择合适线径的导线；B、测电笔中的高阻值电阻是起分压作用的，故B错误；C、应该定期对漏电保护器进行例行检验，故C正确；D、发现有人触电时应该迅速切断电源，不能直接用手去拉触电者。故选：C。12．【分析】（1）根据浮沉条件判断出甲、乙物体密度与液体密度的关系和浮力与重力的关系，如果再向水中加入少量的食盐，根据液体密度的变化判断出甲、乙物体与液体密度的关系，进而判断出甲乙的浮沉情况和浮力与重力的关系；（2）根据浮力的变化和F浮＝G排＝ρ水gV排判断出甲、乙排开液体体积的变化。【解答】解：ACD、甲、乙两球分别悬浮，根据漂浮和悬浮条件可知：ρ甲＝ρ水，ρ乙＜ρ水，F浮甲＝G甲，F浮乙＝G乙，如果再向水中加入少量的食盐，水的密度变大盐水＞ρ甲，ρ盐水＞ρ乙，所以甲会上浮，最终漂浮在盐水面上；乙仍然漂浮，故ACD错误；B、由于两球受到的浮力不变，由F浮＝G排＝ρ水gV排可知甲、乙排开液体的体积都减小，B正确。故选：B。13．【分析】启动开关闭合后，垃圾桶才能正常使用，此时指示灯亮起；当感应开关闭合后，垃圾桶打开，这表明该电路为并联电路，据此分析。【解答】解：启动开关S1闭合后，垃圾桶才能正常使用；扔垃圾时只需将手伸到感应区上方一定距离内2自动闭合，动力装置工作，这表明灯泡和动力装置能各自独立工作，启动开关S7接在干路中，控制整个电路2控制动力装置，串联在动力装置的支路上。故选：B。二、填空题（每空2分，共28分）14．【分析】近视眼是晶状体会聚能力增强，像成在视网膜的前方，应配戴凹透镜矫正。【解答】解：近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，像成在视网膜的前方，使光线推迟会聚。故答案为：前；凹透镜。15．【分析】（1）质量是物体本身的一种属性，不随位置、状态、温度、形状的改变而改变，根据密度公式的变形式V＝判断体积的变化；（2）晶体熔化的特点：不断吸热，温度保持不变。【解答】解：（1）冰熔化成水，状态变化，冰的密度小于水的密度可知冰的体积大于水的体积，质量不变；（2）分析图像可知，冰熔化时，温度保持不变。故答案为：小；不变。16．【分析】滑动摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反；处于静止状态的物体受到的力是平衡力。【解答】解：小亮在浏览网页时，轻轻向左水平滑动屏幕页面，手指受到的摩擦力方向是水平向右；用手水平托住手机静止时（如图），手对手机竖直向上的作用力与手机受到的重力是一对平衡力。故答案为：右；重力。17．【分析】（1）无人机在减速上升，对无人机进行受力分析，判断受到的合力的方向；（2）惯性是物体保持原有运动状态不变的性质。【解答】解：无人机在减速上升，说明受到合力的方向是竖直向下的。发射出的导弹处于运动状态，如果不受任何力的作用，它将永远做匀速直线运动。故答案为：下；惯性。18．【分析】（1）利用安培定则判断通电螺线管的磁极；（2）通电螺线管的磁性强弱与电流的大小有关，电流越大，磁性越强。【解答】解：（1）由图可知，电流从螺线管左端流入，由安培定则可知，左端是S极；（2）若要增大炮弹的射程，可以将滑动变阻器的滑片向左移动，使电路中电流增强。故答案为：S；左。19．【分析】（1）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；（2）根据图乙电流与电阻的乘积确定电压表示数。【解答】解：实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，电阻两端的电压变大，根据串联电路电压的规律，由分压原理，故应把滑动变阻器滑片向左滑动；由图乙可知，U＝IR＝0.4A×5Ω＝……＝0.25A×10Ω＝3.5V。故答案为：A；2.3。20．【分析】（1）①从图甲中获取信息：看0﹣5h这段时间是待机状态，待机功率P待＝44W；5﹣6h为加热状态，加热功率P加＝880W；6﹣7h为保温状态，保温功率P保＝220W。②电能的计算公式：P＝Wt；（2）①当开关S、S1闭合时，R1与R2并联，电路总电阻较小；S闭合S1断开时，电路只有R2工作，总电阻较大。电路的总电压不变，根据公式可知，R越小功率越大，所以R1与R2并联时为加热状态，有R2工作时为保温状态。②利用公式：可以求对应的电阻。【解答】解：（1）由图甲可知，0﹣5h这段时间是待机状态待＝44W；4﹣6h为加热状态加＝880W；6﹣3h为保温状态保＝220W。加热过程的时间t加＝1h，P加＝880W＝0.88kW，则加热过程消耗的电能：W加＝P加t加＝2.88kW×1h＝0.88kW•h；（2）由图乙可知，当开关S、S8闭合时，R1与R2并联，电路总电阻较小，总功率为P加＝880W。当开关S闭合、S4断开时，电路只有R2工作，总电阻较大，其功率为P2＝220W。则R4的阻值：。故答案为：0.88；220。三、作图与计算题（共17分。计算题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）21．【分析】光在同种均匀介质中是沿直线传播的。小孔成像就是由于光的直线传播形成的。【解答】解：根据光的直线传播规律，作图如下：。22．【分析】重力的方向竖直向下，作重力的示意图时应从物体的重心沿竖直向下的方向画一带箭头的线段；先确定支点，再画出力的作用线，最后从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离为力臂。【解答】解：重力的方向竖直向下，从斜塔的重心A沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，可得斜塔受重力的示意图；从支点O向拉力F拉的作用线作垂线，支点到垂足的距离即为拉力的力臂L23．【分析】（1）一层楼的高度为3m，进而得出一楼到五楼高度，根据W＝Gh得出克服重力做功；（2）根据G＝mg得到物理书的重力，物理书对他的手掌的压力等于重力，由p＝得到物理书对他的手掌的压强。【解答】解：（1）一楼到四楼高度约为3m×（5﹣3）＝12m，他克服总重力做的功为W＝Gh＝750N×12m＝9000J；（2）物理书的总重力G＝mg＝25kg×10N/kg＝250N，物理书对他的手掌的压强p＝＝＝25000Pa。答：（1）他克服总重力做的功是9000J；（2）物理书对他的手掌的压强是25000Pa。24．【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测量滑片右边的电阻丝两端的电压，电流表测量电路中的电流；（1）当滑片P移到电阻丝最左端时，电压表满偏，根据电压表的最大示数和电阻丝的电阻求出此时电路中的电流，利用P＝UI求出电路的总功率；（2）根据串联电路电阻的分压特点可知电阻丝两端的电压最大为3V，电路中的电流最大，根据电流表的最大示数和定值电阻允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，利用欧姆定律求出电路的最小电阻，利用串联电路的电阻特点求出滑动变阻器接入电路的最小值；当滑动变阻器接入电路的电阻最大时电压表和电流表示数都最小，即可得出滑动变阻器接入电路的阻值范围。【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测量滑片右边的电阻丝两端的电压；（1）当滑片P移到电阻丝最左端时，电压表满偏，所以，电路中的电流为：I＝＝，则电路的总功率P＝UI＝6V×0.7A＝1.8W；（2）根据串联电路电阻的分压特点可知电阻丝两端的电压最大为5V，电路中的电流最大，因定值电阻允许的最大电流为0.5A，所以，电路中的最大电流为I最大＝5.3A，此时电路中的总电阻：R总＝＝＝20Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小值：Rmin＝R总﹣R1＝20Ω﹣10Ω＝10Ω，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时电压表和电流表示数都最小，不会超过电表的量程，滑动变阻器接入电路的最大阻值为50Ω，则滑动变阻器接入电路的电阻范围为10Ω～50Ω。故答案为：（1）此时电路的总功率为8.8W。（2）测试中滑动变阻器接入电路的阻值的变化范围为10Ω～50Ω。四、实验与探究题（共14分）25．【分析】（1）并联电路中干路电流等于各支路电流之和；（2）电流表A3的指针偏转到最大值，说明电流比较大，结合（1）分析，电路中应该是有短路；（3）通电导体在磁场中受力运动，通电导体在磁场中受力的方向与电流的方向、磁场的方向有关。【解答】解：（1）已知用电流表A1、A2测得通过灯泡L7、L2的电流分别为0.7A和0.3A，所以干路电流应该为I＝I5+I2＝0.4A+0.3A＝2.5A＜0.8A，所以用另一只电流表A3测干路电流时，量程应该选用0～5.6A；（2）电流表A3的指针偏转到最大值，说明电流比较大，正常情况下干路电流应该小于2.6A，A．电流表A1与灯泡L3并联，电路短路；B．电流表A3与开关S并联，电流表A3测量干路电流，A2被短路，A3没有示数，故B不符合题意；C．某盏灯泡突然短路，所以电路短路。故选：B。（3）若电流表的正、负接线柱接反了，会造成电流表的指针反转，猜想表头内部磁场中通电线圈的受力方向与电流方向有关。故答案为：（1）0～8.6A；（2）B。26．【分析】（1）做漂浮实验时，物体的密度要小于水的密度，且物体不能吸水；（4）在使用用溢水杯时，向杯中加水，应使用水面与溢水杯口相平；用小烧杯和溢出水的总质量减去空小烧杯的质量，可得出溢出水的质量；（5）实验中，应采用合理的顺序，如果物块沾了水，则所测的质量会偏大。【解答】解：（1）做漂浮实验时，适合做漂浮实验的物体应该密度比水小，海绵会吸水、铁块会下沉，故选D；（4）向溢水杯中加水时，应使水面与溢口相平，则溢出水的质量等于小烧杯和溢出水的总质量减去空小烧杯的质量3﹣m1；（5）如果将（3）、（4）步骤顺序交换，造成所测木块的质量偏大。故答案为：（1）D；（4）相平；m5﹣m1；（5）大于。一、选择题（每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全得1分，有选错的得0分)27．【分析】（1）判断能量转化时，要看消耗和获得的能量各是什么，据此判断；（2）根据对几种新能源的了解可做出判断；（3）驱动效率是指驱动轮输出功率与输入功率之比；机械效率是指机械稳定运转时，做有用功的能量占总功的百分比，二者是不同的概念；（4）根据对氢燃料的了解可做出判断。【解答】解：A、利用新能源汽车的电池野外烧烤的过程中，电能再转化为内能来进行烧烤；B、地热能，几乎对环境没有污染，燃烧时会产生二氧化碳等温室气体，故B错误；C、新能源汽车驱动效率高；而机械效率是指机械稳定运转时，二者是不同的概念，故C错误；D、氢燃料属于新能源，故D正确。故选：BC。28．【分析】（1）光的三原色：红、绿、蓝；（2）平面镜成像特点之一：物像等大；（3）凸透镜成实像时，物距变小，成的像变大，像距也变大；（4）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。【解答】解：A、无人机LED灯发出的五颜六色的光，这三种基本色光是红、绿、蓝；B、由于平静的水面相当于一面平面镜，像的大小与物体本身大小有关，故B错误；C、要拍摄无人机飞行时的局部细节，根据凸透镜成像的变化规律，成的像变大，照相机应该靠近无人机，故C错误；D、由于平静的水面相当于一面平面镜，小明看见无人机在水中成一等大的虚像，是光的反射现象，故D错误。故选：A。29．【分析】通过画出的3点分别做出甲，乙，丙三种液体的升高温度随吸收热量的变化图像；①已知乙、丙是同种液体，其比热容相同，由图可知当乙、丙升高相同的温度时，丙吸收的热量高于乙吸收的热量，利用Q吸＝cmΔt可得出乙、丙的质量的大小关系；②已知甲、乙是质量相同的不同液体，由图可知当甲、乙吸收的热量相同时，甲升高的温度较少，利用Q吸＝cmΔt可得出甲、乙的比热容的大小关系；最后由上述分析可知甲、丙的质量和比热容的大小关系。【解答】解：通过画出的3点分别做出甲，乙，丙三种液体的升高温度随吸收热量的变化图像；①已知乙、丙是同种液体，即c乙＝c丙，由下图可知当乙、丙升高相同的温度时，由Q吸＝cmΔt可知，丙的质量大于乙的质量丙＞m乙；②已知甲、乙是质量相同的不同液体甲＝m乙，由下图可知当甲、乙吸收的热量相同时，由Q吸＝cmΔt可知，甲的比热容较大甲＞c乙，由上述分析可知：m甲＝m乙＜m丙，c甲＞c乙＝c丙，即m甲＜m丙，c甲＞c丙，故C正确。故选：C。30．【分析】（1）根据图像分析得出滑轮组机械效率与物重的关系，有用功与额外功之和叫总功，有用功与总功的比值叫机械效率，据此分析解答；（2）G物不变，改变图甲中的绕绳方式，改为2段绳子承担，分别将同一物体匀速提高到相同高度，做的有用功相同；由题知，忽略绳重及摩擦，所做的额外功为提升动滑轮做的功，由W额＝Gh可知额外功相同，又因为总功等于有用功加上额外功，所以总功相同，所以可以得出两图的机械效率相同；（3）结合图中信息，根据η＝＝＝求得动滑轮的重力；（4）当G物＝6N时，根据η＝＝＝求得机械效率。【解答】解：A、由图像可知 随 G物的增大而增大，由题意可知，不计绳重和摩擦，克服物重的同时，所以总功一定大于有用功可知，即同一滑轮组机械效率η随G物的增大而增大，但最终不能超过100%；B、G物不变，改变图甲中的绕绳方式，因为此图与题中甲图将同一物体匀速提高相同的高度，所以所做的有用功相同，忽略绳重及摩擦时，额外功：W额＝G动h，则额外功W额相同，又因为W总＝W有+W额，所以总功相同，由η＝知，两装置的机械效率相同1＝η2，所以，G物不变，改变图甲中的绕绳方式，故B正确；C、由图像可知，η＝80%，不计绳重和摩擦，则η＝＝＝，即80%＝，解得G动＝7N，故C错误；D、当G物＝6N时，此时的机械效率：η′＝＝＝＝×100%≈66.67%。故选：BD。31．【分析】由图甲可知：R1、R2与R0串联，电流表测量电路中电流，电压表V2测R2两端的电压，电压表V1测R1与R2两端的总电压，根据串联电路电压的规律，确定两电压表所对应的图象：（1）当滑片P在b端时，变阻器连入电路的电阻最大，电路的电流最小，由图乙可知最小电流、V1和V2的示数，由欧姆定律得出R1、R2的最大阻值；（2）当滑片P置于滑动变阻器R2的中点时，求出变阻器连入电路的电阻，根据P＝I2R求出电路中的电流，根据串联电路的特点和欧姆定律得出当滑片P在b端和滑片P置于滑动变阻器R2的中点时电源电压的表达式，联立即可求出电源电压和R0的阻值；（3）根据P＝I2R得出R2消耗的电功率的表达式，然后分析得出最大值。【解答】解：由图甲可知：R1、R2与R4串联，电流表测量电路中电流2测R2两端的电压，电压表V7测R1与R2两端的总电压，根据串联电路电压的规律，故V4的示数大于V2的示数，故I图象为电流随V1的示数变化，Ⅱ图象为电流随V7的示数变化。A、当滑片P在b端时，电路的电流最小，可知V1的示数为5.8V，V2的示数为3V，由欧姆定律可得R7的最大阻值为：R2＝＝＝10Ω；BC、当滑片P在b端时7的阻值：R1＝＝＝4Ω；根据串联电路电压的规律及欧姆定律可得电源电压为：U＝U+IR0＝5.3V+0.3A×R6﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①：当滑片P置于滑动变阻器R2的中点时，则变阻器连入电路的电阻为R2′＝R2＝×10Ω＝5Ω，已知R4消耗的电功率为0.8W，根据P＝I3R可得，电路的电流：I′＝＝＝4.4A，根据串联电路的规律及欧姆定律可得电源电压为：U＝I′（R1+R2′+R0）＝0.8A×（8Ω+5Ω+R5）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②；由以上两式可解得：U＝6V，R0＝7Ω；故BC错误；D、由串联电阻的规律及欧姆定律可得电路的电流为：I″＝＝＝＝，则R2消耗的电功率：P＝I″2R变＝（）2R变＝＝，所以，滑片P从a端移到b端变＝10Ω，R2消耗的电功率的最大值为：P2max＝当R变＝＝3.9W。故选：AD。二、综合题（共10分。第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分）32．【分析】（1）探究电流通过导体产生的热量跟电流的关系，因尽可能大的改变电路中的电流；（2）电阻丝产生的热量不易直接观察，可给等质量的空气加热，空气吸热越多，气体膨胀程度越大，U形管内的液面高度差越大，采用了转换法；（3）电流产生热量的多少与电流大小、通电时间和电阻大小有关，根据题意用控制变量法进行分析；（4）若装置漏气，则U形管液面高度差不发生变化。【解答】解：（1）探究电流通过导体产生的热量跟电流的关系时，应选择50Ω的变阻器较好；（2）电阻丝产生热量，气体体积膨胀，实验中可以通过观察U形管中左右液面高度差来判断产生热量的多少；（3）电流通过导体产生的热量与电流、电阻和通电时间有关，还需要控制通电时间相同；（4）通电一段时间U形管液面高度不变，则可能是容器漏气。故答案为：（1）50；（2）转换法；（4）容器漏气。33．【分析】（1）已知甲中水的深度，根据p甲＝ρ水gh水求出水对容器甲底部的压强；（2）由题意和p﹣x图像可知，未截取时，即x＝0时乙对桌面的压强为丙对桌面的压强的4倍，据此求出乙的密度；由p﹣x图像可知，截取长度为x时，乙剩余部分对桌面的压强等于截取的部分加上丙（整体）对桌面的压强，据此求出x1的值，进而求出对应的压强和压力；由p﹣x图像可知，截取长度为x2时，乙对桌面的压强为0，丙对桌面的压强最大，由题意可知 x＝x2＝0.2m时，乙全部放在丙上，据此求出图像中x2对应的物体丙对桌面的压力；（3）根据Δp丙恰好为水对容器甲底部压强的增加量Δp水的30倍求出物体丁的密度ρ丁。【解答】解：（1）由液体内部压强公式有p甲＝ρ水gh水＝1×103kg/m7×10N/kg×0.2m＝3×103Pa；（2）由题意和p﹣x图像可知，未截取时4p4＝ρ乙gh乙，p0＝ρ丙gh丙，由以上两式得：ρ乙×0.5m＝4×2×107kg/m3×0.5m解得：ρ乙＝4×103kg/m2，由p﹣x图像可知，截取长度为x时，p1＝ρ乙g（h乙﹣x1）＝7×103kg/m3×10N/kg×（2.2m﹣x1），p4＝＝＝由以上两式解得x1＝0.12m，把x7＝0.12m代入上式，解得p1＝5.2×103Pa，故截取长度为x5时，丙对桌面的压力F丙＝p1S丙＝3.8×103Pa×（0.4m）2＝32N，由p﹣x图像可知，截取长度为x2时，乙对桌面的压强为3，由题意可知 x＝x2＝0.4m时，乙全部放在丙上，F丙＝G乙+G丙＝ρ乙V乙g+ρ丙V丙g＝4×103kg/m8×0.25×10﹣2m6×0.2m×10N/kg+5×103kg/m3×（7.1m）3×10N/kg＝40N；（3）当丁放在丙上，丙对桌面压强的增加量：Δp丙＝＝＝＝3ρ丁当丁放入容器甲内的水中浸没，水面上升的高度为：Δh水＝＝＝0.15m，因0.4m+0.15m＝0.35m高于容器甲的高度5.25m，水要溢出一部分Δp水＝ρ水gΔh水＝1×103kg/m5×10N/kg×0.05m＝0.5×103Pa，＝30，＝30，解得：ρ丁＝2×103kg/m3。答：（1）水对容器甲底部的压强为2×103Pa；（2）p﹣x图像中x1、x4对应的物体丙对桌面的压力分别是32N、40N；（3）物体丁的密度ρ丁为5×103kg/m2。