2023年中考押题预测卷02（福建卷）-物理（参考答案）

2023年中考押题预测卷02【福建卷】

物理·参考答案

第Ⅰ卷

二、填空题（此题共6小题，每空1分，共12分）

15．     50m/s     传递能量

16．     相等     相等

17．     20     20

18．     乙图     丙图

19．     4     不能

20．     36     720

三、作图题：本题共2小题，每小题2分，共4分。

21．

22．

四、简答题：本题共1小题，共4分。

23.（1）运动员从跳台末端冲出跳台，由于具有惯性，所以在空中能继续向前飞行；

（2）滑雪板做的又宽又长，增大了受力面积，在压力一定时减小了对雪面的压强，避免陷入雪中。

五、实验题：本题共5小题，共30分。

24．     87     水蒸气     ①     固态     6     48

【详解】（1）[1]由图甲可知，温度计的分度值为1℃，水银柱在第七个刻度处，因此温度计示数为87℃。

（2）[2]沸腾是液体内部与外部共同进行的剧烈的汽化现象，因此内部出现的气体为水蒸气。

（3）[3]由图乙可知，①装置放上盖子，会导致气压增大，沸点升高，因此对应的为A曲线。

（4）[4]由图丁可知，第十分钟时，温度刚到达熔点，因此海波还处于固态。

[5][6]海波熔化过程从第10分钟开始，持续到第16分钟，因此持续时间为6分钟，熔点为48℃。

25．     垂直     前     ①     相等     可信     A、B、C三点到玻璃板的距离不同，可视为多次改变物体到镜面的距离进行实验

【详解】（1）[1] 实验时，玻璃板要与纸面垂直放置；如果玻璃板与纸面不垂直，根据平面镜所成的像和物体关于平面镜对称可知，蜡烛的像与蜡烛不在同一水平面上，所以有可能找不到像。

（2）[2]平面镜成像的原理是光的反射，观察像时，本质上是看到了玻璃板反射的光线，a放在玻璃板前方，所以应该在玻璃板前观察a的像。

[3]物体b放在玻璃板后方和a的像重合，因为玻璃板成的是正立的像，所以b的方向要与a一致，故选①。

[4]因为b与a大小相同，b能与a的像重合，说明a的像与a大小相同。

（3）[5][6]要探究像和物到平面镜的距离是否相等， 就要多次改变物到平面镜的距离，从而寻找到普遍规律，A、B、C三点到玻璃板的距离不同，可视为多次改变物体到镜面的距离进行实验，故结论可信。

26．     游码未归零     DCB     23.0     小明     20.0    

【详解】（1）[1]调节天平横梁平衡时，先要把游码移到标尺左端的零刻度，再调节平衡螺母，由图甲可知，小明在调节天平横梁平衡过程中的操作错误是游码未归零。

（2）[2]实验准备阶段，将托盘天平放置在水平桌面上，按照如图甲的方式对天平进行调平；为防止容器壁粘液体影响所测结果，要先测烧杯和盐水总质量，再将盐水倒入量筒中，测出倒出的盐水的体积及剩余盐水和烧杯的总质量，则盐水的密度可用倒出的盐水质量和倒出的盐水的体积求出，这样就可以减小误差，所以后面三步实验顺序应是DCB。

（3）[3]如图丁所示，烧杯和盐水的总质量为

如图乙所示，烧杯与剩余盐水的质量为

则量筒中盐水的质量为

（4）[4]量筒读数时，视线要和液柱的凹面底部相平，故小明的读数方法是正确的。

[5]由图知，量筒分度值1mL，盐水的体积为

（5）[6]盐水的密度为

27．          定值电阻断路     右     电阻两端的电压     3V     BC     C

【详解】（1）[1]滑动变阻器接一个上接线柱和一个下接线柱串联在电路中，滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大，所以滑动变阻器要接左下接线柱，如图所示：

（2）[2]若电流表没有示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表、电流表、滑动变阻器、开关与电源相连，所以故障为与电压表并联的定值电阻断路。

（3）[3]根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表示数恢复到原来的值。

（4）[4][5]根据画出I-R图像（如图乙）知，图中阴影面积为长方形，其面积等于IR，由欧姆定律得，U=IR，阴影面积表示的物理量是电阻两端的电压，其数值为

U电=IR=0.6A×5Ω=3V

（5）[6]A．设电源电压为U，定值电阻两端的电压为UV，当接入50Ω的定值电阻时，则

代入数据得

解得电源电压为

U=4.2V

所以降低电源电压可以完成这次实验，故A不符合题意；

BC．为了能完成这次实验，滑动变阻器的最小电阻为

代入数据得

解得滑动变阻器的最大电阻为R滑最大=25Ω，所以更换一个最大阻值为30Ω的滑动变阻器可以完成这次实验，故B符合题意；

再串联一个10Ω的电阻，测滑动变阻器与串联的电阻的总阻值为

故C符合题意；

D．将电压表改接到滑动变阻器两端，不能改变电阻的分压作用，无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，所以不能完成这次实验，故D不符合题意。

故选BC。

（6）[7]A．因电压表示数不变，即电流与R乘积为一定值，故电流随R的变化关系为反比例函数，故A不符合题意；

B．换用不同的电阻时，电压表示数不变，故B不符合题意；

C．定值电阻的电压为2V，变阻器的电压为1V，由分压原理，变阻器与R的比值为1∶2，故变阻器连入电路的电阻与R的关系为一过原点的直线，故C符合题意；

D．根据

定值电阻的功率为

即电阻的电功率与R乘积为一定值，电阻的电功率随R变化关系为反比例函数，故D不符合题意。

故选C。

28．          D     B     1.14

【详解】（1）[1]该实验的电路属于串联电路，小灯泡、电流表、滑动变阻器串联，电压表与小灯泡并联；由题知，待测小灯泡的额定电压为，电阻约为，则小灯泡的额定电流大约为

为了电流测量值更准确，所以电流表应该选择的量程；要求当滑动变阻器的滑片P向C端移动时，接入电路的电阻变小，根据图甲知，滑动变阻器应该选择C处的接线柱，则完整的电路连接图如下：

（2）[2]为了保护电路，在开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应置于其阻值最大处，由电路图知，滑动变阻器的滑片P应该置于D端。

（3）[3] A．若小灯泡发生短路，则电压表也被短路，电压表无示数，故A不符合题意；

B．若小灯泡发生断路，会导致电压表串联在电路中，由于电压表自身电阻很大，所以电路中电流很小，电流表无明显示数，灯泡不发光，故B符合题意；

C．若滑动变阻器发生短路，则电路中电流较大，灯泡会发光，电流表会有明显示数，故C不符合题意；

D．若滑动变阻器发生断路，则整个电路断路，电压表无示数，故D不符合题意。

故选B。

（4）[4]由于电流表选择的是的量程，则图乙中电流表的示数为，则小灯泡的额定功率为

六、计算题：本题共3小题，共22分。

29．（1）3V；（2）4.5W；（3）8Ω~35Ω

【详解】解：（1）由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路电流，电压表V1测R1两端电压，电压表V2测R2两端电压，根据欧姆定律可知，电阻R1两端的电压

U1=IR1=0.3A×10Ω=3V

（2）根据串联电路电压的规律，R2两端电压为

U2=U-U1=18V-3V=15V

根据P=UI可知，电阻R2消耗的电功率

P2=U2I=15V×0.3A=4.5W

（3）根据串联电压的特点，在保证各元件都能正常工作的情况下，使得两电压表的示数之差不超过10V，分析如下：

第一种情况：当滑动变阻器阻值达到最大的值时，R1两端电压为4V，R2两端电压为14V，根据欧姆定律，此时电路电流为

符合要求，此时滑动变阻器的阻值为

第二种情况：当滑动变阻器阻值达到最小的值时，R1两端电压为14V，R2两端电压为4V，根据欧姆定律，此时电路电流为

超过滑动变阻器允许最大电流，不符合要求。因此电路允许最大电流为1A，此时R1两端电压为

U12=ImaxR1=1A×10Ω=10V

根据串联电路电压的特点，滑动变阻器两端电压为

U2min=U-U12=18V-10V=8V

此时滑动变阻器的阻值为

答：（1）电阻R1两端的电压为3V；

（2）此时电阻R2消耗的电功率为4.5W；

（3）滑动变阻器R2连入电路的取值范围为8Ω~35Ω。

30．（1）1.2×105Pa；（2）3h；（3）2.7kg

【详解】解：（1）该车静止在水平地面上时，对地面的压力为

F压=G=mg=1440kg×10N/kg=14400N

对地面的压强是

（2）该车充满电后转化的机械能为

W=W电η=30kW·h×80%=24kW·h=24×3.6×106J=8.64×107J

该车匀速行驶，处于平衡状态，所受的阻力为800N。根据二力平衡可知，牵引力为

F=f=800N

该车能运动的路程为

行驶的时间是

（3）该车充满电后储存的电能为

W电=30kW·h=30×3.6×106J=1.08×108J

相当于完全燃烧燃油的质量是

答：（1）该车静止在水平地面上时，对地面的压强是1.2×105Pa；

（2）该车充满电后在平直路面上匀速行驶时，可以行驶3小时；

（3）该车充满电后储存的电能相当于完全燃烧2.7千克的燃油放出的热量。

31．（1）2A；（2）110Ω，495Ω；（3）3.6×105J

【详解】解：（1）由图乙可知，加热功率为P热=440W，故由P=UI可得，加热状态下通过毛巾架的电流为

（2）由可知，电源电压不变时，电路的电阻越大，功率越小，由电路图可知，开关S闭合，S1闭合时，电路为R0的简单电路，电路电阻较小，故此时电路处于加热状态，由可得，电阻R0的阻值为

当开关S断开时，R1与R0串联，此时电路的电阻较大，处于保温状态，故由可得，此时电路的总电阻为

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，故可得电阻R1的阻值为

R1=R总-R0=605Ω﹣110Ω=495Ω

（3）由W=Pt可得，该电热水器正常工作30分钟消耗的电能为

W总=P热t热+P温t温=440W×10×60s+80W×(30﹣10)×60s=3.6×105J

答：（1）加热状态下，毛巾架正常工作时的电流为2A；

（2）定值电阻R0、R1的阻值分别为110Ω、495Ω；

（3）毛巾架正常工作30分钟总共消耗3.6×105J电能。