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2023年四川省南充市顺庆区中考物理二模试卷
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这是一份2023年四川省南充市顺庆区中考物理二模试卷，共25页。
2023年四川省南充市顺庆区中考物理二模试卷
1. 没有精确测量仪器的情况下，估测能帮我们粗略的认识物体。下列最符合实际的是( )
A. 一名中学生站在水平地面上，对水平地面的压力约为1500N
B. 小汽车在高速公路上最高速度一般不得超过120m/s
C. 家用电视机的额定功率大约为2kW
D. 正常人的心跳频率大约在60-100次/分
2. 我国的古诗词文化有几千年的灿烂历史，很多名句蕴含着丰富的物理知识。下列诗句从物理学的角度解释不正确的是( )
A. “绿树浓阴夏日长，楼台倒影入池塘”句中“倒影”是光的反射形成的
B. “举杯邀明月，对影成三人”，诗人在月光下的“影子”是光的反射形成的虚像
C. “池水映明月，潭清疑水浅”句中“水浅”是由于光的折射造成的
D. “安得五彩虹，驾天作长桥”句中的“彩虹”是由于光的色散形成的
3. 谚语是劳动人民智慧的结晶，下列对谚语中涉及的的物态变化分析正确的是( )
A. “雷打立春节，惊蛰雨不歇”——雨的形成是升华现象，需要吸热
B. “大雪河封住，冬至不行船”——冰的形成是凝固现象，需要吸热
C. “春分前后怕春霜，一见春霜麦苗伤”——霜的形成是凝华现象，需要放热
D. “今冬麦盖三层被，来年枕着馒头睡”——雪的形成是液化现象，需要放热
4. 如图所示，用大小为8N的水平拉力F拉上表面粗糙程度各处相同的物体A，使其在水平地面上以1m/s匀速直线运动，当物体B静止不动时，与水平绳相连的弹簧测力计的示数为3N保持不变，下列说法正确的是(不计绳和弹簧测力计自重)( )
A. A对B的摩擦力为静摩擦力
B. A对B的摩擦力方向水平向右，大小为8N
C. 若A以2m/s匀速直线运动，拉力F将变大
D. 地对A的摩擦力方向水平向左，大小为5N
5. 两个完全相同的圆柱形容器放在水平桌面上，分别装有甲、乙两种不同的液体。将体积相同、密度不同的实心小球A、B分别放入容器中静止，A球沉底，B球漂浮，如图所示，h1F浮B
C. 两种液体的密度：ρ甲<ρ乙 D. 两个容器对桌面的压强：p甲=p乙
6. 如图所示，质量为m的小球从静止下落，落在与A点等高处、竖直放置的轻弹簧上，到达B点时小球重力与弹簧的弹力大小相等，图中C点是小球到达的最低点(不计空气阻力)。下列说法正确的是( )
A. 到达A点时，小球的速度最大
B. 从A到B，小球减少的重力势能等于增加的动能
C. 下落过程中，小球重力势能一直减小、动能先增大后减小
D. 到达C点时，小球的动能为零，小球处在平衡状态
7. 下列关于内能、热量和热机的说法不正确的是( )
A. 热量也可能从内能小的物体传向内能大的物体
B. 物体内能增加，可能是吸热，也可能是外界对物体做功
C. 内能越大的物体含有热量越多，分子热运动越快
D. 汽油机的压缩冲程是将机械能转化为内能
8. 如图所示，电源两端的电压保持不变，R1、R2为定值电阻，电压表V1的示数为U1，电压表V2的示数为U2，电流表A的示数为I。闭合开关S后，当滑片P往右滑动时，下列说法中正确的是( )
A. |ΔU2|与|ΔI|的比值等于R1与R2电阻之和
B. 示数U1与示数U2都增大
C. 示数U1与示数I的比值变小
D. 滑动变阻器接入电路的阻值减小
9. 物理是一门与STS(科学(Science)、技术(Technology)、社会(Society))紧密联系的学科，物理的学习要从生活中来，又要用到生活中去。下列生活中的物理知识正确的是( )
A. 若家庭电路保险丝熔断或空气开关跳闸，一定发生了短路
B. 固定电话和移动电话都是靠电磁波传递信息
C. 飞机升力产生的原因是因为机翼上方比下方空气流速大压强小
D. “华龙一号”核电机组就像太阳内部一样，使氢原子核发生裂变，把核能转化为电能
10. 如图，甲、乙两部分装置均由蹄形磁铁和导体棒组成，通过开关相连。闭合开关，用外力使导体PQ水平向右运动，发现导体棒MN也随之运动起来。则以下判断正确的是( )
A. 甲、乙两部分的原理均跟发电机原理一样
B. 甲、乙两部分的原理均跟电动机原理相似
C. 甲部分与发电机原理一样，乙部分与电动机原理相似
D. 甲部分与电动机原理相似，乙部分与发电机原理一样
11. 如图所示，小型牵引车通过滑轮组匀速打捞起深井中的均质物体，物体上升的速度保持1m/s不变，已知物体重1.2×103N，密度为1.6×103kg/m3。测得物体在出水面前与完全出水后牵引车作用在绳子上的拉力之比为1：2，若不计摩擦、绳重及水的阻力，g取10N/kg，下列结果正确的是( )
A. 物体出水前牵引车拉力的功率为500W B. 物体浸没在水中受到的浮力为750N
C. 物体在出水面前，牵引车的拉力为250N D. 物体在出水面前，滑轮组的效率是80%
12. 如图电路中，电源电压可调，灯泡L1、L2分别标有“6V，6W”和“6V，3W”字样，通过开关闭合，保证至少有一只灯泡正常发光且电路安全的情况下(不考虑温度对灯丝电阻的影响)。下列说法正确的是( )
A. 电路中的最大电流为1.5A
B. 电源电压的调节范围是6V∼12V
C. 电路电功率的变化范围是3W∼9W
D. 灯泡L2的实际电功率始终小于L1的实际电功率
13. 如图，小明利用同一示波器将两种不同发声体的振动的情况显示在屏幕上，根据图像可知甲和乙具有不同的______ (选填“音调”、“响度”、“音色”)，从物理学角度看，乙声音属于______ (选填“乐音”、“噪音”)。
14. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中，当点燃的蜡烛、凸透镜及光屏处于如图所示位置时，在光屏上恰好成一清晰的烛焰像(图中未画出)，则该凸透镜的焦距是______ cm，如果将近视眼镜镜片放在靠近凸透镜左侧的位置，光屏应向______ (选填“左”或“右”)移动才能在屏上接收到清晰的像。
15. 有两个容器甲和乙(容器质量都不计)，甲的容积为500cm3，乙的容积为150cm3，现在在两个容器中装上同种液体，一个装满，另一个未装满，测得甲的质量为300g，乙的质量为120g，则该液体的密度应该是______ g/cm3，如果向另一个没有装满液体的容器中加满水，则它的总质量是______ g。(不计液体混合后体积的变化)
16. 生活垃圾变废为宝，某垃圾处理厂每天完全燃烧800t的生活垃圾，放出热量______ J。若放出热量的42%用来加热水供给附近小区，1标准大气压下，每天可将______ kg的水由20℃恰好加热至沸腾。[q垃圾=3×106J/kg,c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
17. 如图甲所示是两个相同的验电器A、B，开始时验电器A带负电，验电器B不带电。用一根带有电流表的金属棒连接两个验电器的金属球，金属棒中的电流方向是______ (选填“从左至右”或“从右至左”)。在图乙电路中，当开关S闭合后，灯L不亮，电压表V1与V2示数相同，则故障是______ (选填“R短路”“R断路”“L短路”“L断路”)。
18. 如图，利用斜面将一个重500N的物体(大小可忽略)匀速拉到高处，沿斜面向上的拉力F=300N，拉动的距离s=4m，物体提升的高度h=2m。此过程中拉力做的功是______ J，物体受到的摩擦力为______ N。
19. 如图所示，光线a、b是两条由点光源S发出的经平面镜反射后的反射光线，请根据平面镜成像原理和成像特点确定点光源S的位置。
20. 如图所示，请根据图中信息标出电源的正极，用箭头标出A点磁感线的方向。
21. 如图所示是“测量小车的平均速度”的实验装置。实验时让小车从斜面的A点由静止滑下，分别测出小车到达B点和C点的时间，即可求出不同路段的平均速度。
(1)该实验的测量原理是______ ；
(2)小车从A点到C点的路程sAC=______ cm；小车在AC段的平均速度vAC=______ m/s；
(3)如图能够准确反映图中小车从A到C运动情况的是______ 。(填字母)
22. 小明学习了杠杆的平衡条件后，利用如图所示的装置对杠杆做了进一步研究。
(1)未挂钩码时，杠杆位置如图甲所示，为了使杠杆静止时处于水平位置，接下来的操作是将杠杆的平衡螺母向______ 移动。(选填“左”或“右”)
(2)挂上钩码后，也会让杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是______ 。
(3)为了得出杠杆的平衡条件，小明记录了多组动力、动力臂和阻力、阻力臂，测多组数据的目的是______ 。
(4)在杠杆上的B点用如图乙所示的动力F拉杠杆，此时杠杆的类型与______ 相同。
A.天平
B.钓鱼竿
C.钳子
(5)如图丙所示，用弹簧测力计拉杠杆的C点，当弹簧测力计由位置1缓慢转至位置2的过程中，测力计示数变化情况是______ 。(选填序号)
A.不变
B.先变小再变大
C.先变大再变小
D.一直变大
E.一直变小
23. 某学习小组在“探究通电导体中电流与电阻的关系”的实验中，实验器材如下：学生电源(6V)，电流表(0∼0.6A,0∼3A)、电压表(0∼3V,0∼15V)、定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω各一个)、开关、滑动变阻器和导线若干。
(1)连接电路时，开关应处于______ 状态；
(2)图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为______ V；当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，为使R两端的电压不变，滑动变阻器的滑片应向______ (选填“左”或“右”)端滑动；
(3)由图像可以得出结论：电压一定时，导体中的电流与它的电阻成______ ；
(4)为了完成整个实验，应该选取的滑动变阻器规格是______ 。(选填字母)
A.50Ω、1.0A
B.30Ω、1.0A
C.20Ω、1.0A
D.10Ω、1.0A
24. 底面积为200cm2的薄壁圆柱形容器置于水平升降台中央，容器中装有17cm深的水。与容器高度相同的圆柱体A悬挂在轻质细杆下保持静止，A的下表面刚好与水面相平。缓慢向上调节升降台，直到A物体浸没在水中时停止。细杆对A的作用力F与升降台移动的距离h的关系如图乙所示。A始终保持竖直，且不吸水。求：
(1)圆柱体A的质量；
(2)当升降台移动的距离h为0时，水对容器底部的压力；
(3)物体A的底面积。
25. 如图甲所示电路，电源电压恒定，灯泡L标有“6V 6W”的字样，R0为定值电阻。闭合开关，在滑片P由b端滑到a端的过程中，电压表示数与电流表示数关系图像如图乙所示，灯泡由较暗到正常发光，电路中的电流变为原来的2倍。求：
(1)小灯泡L正常工作时的电流，及小灯泡正常工作10s消耗的电能；
(2)R0的电阻；
(3)当滑片P移到某一点c时，R上消耗的功率Pc与滑片移到b点时R上消耗的功率Pb之比为Pc：Pb=33：35，且此时R上消耗的功率Pc等于灯泡L和R0上消耗的总功率。求滑片P滑到c点时灯泡L的实际电压。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、中学生的体重约为50kg，对水平地面的压力F=G=mg=50kg×10N/kg=500N，故A不符合实际；
B、小汽车在高速公路上行驶的速度一般为：v=100km/h≈28m/s，故B不符合实际；
C、电视机的功率约为150W，故C不符合实际；
D、正常人的心跳频率大约在60-100次/分，故D符合实际；
故选：D。
根据生活常识和所学物理知识进行估算。
该题考查生活中常见物体的各项指数进行估测，要多观察，多积累。
2.【答案】B
【解析】解：A、“绿树阴浓夏日长，楼台倒影入池塘”句中“倒影”，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误；
B、“举杯邀明月，对影成三人”中“人”是人在地面上形成的影子，它是沿直线传播的光被不透明的人挡住，在人后面的地面上光照不到的地方形成影，即地面上的“人”，故B错误；
C、“池水映明月，潭清疑水浅”中“水浅”是水底看起来比较浅，这是由于光的折射形成的，看水底是逆着光的传播方向看的，即逆着折射光线看，我们始终认为光是沿直线传播的，所以看到的位置比实际位置浅，故C正确；
D、“安得五彩虹，驾天作长桥”句中的“彩虹”是由于光透过空中的小水滴，折射后发生光的色散形成的，故D正确。
故选：B。
(1)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等，都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
(2)当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射，例如：平面镜成像、水中倒影都是由光的反射形成的；
(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会发生偏折，这就是光的折射，复色光发生折射时，会出现色散现象，如：海市蜃楼、看水里的鱼比实际位置浅、雨后天空中的彩虹等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
3.【答案】C
【解析】解：A、“雷打立春节，惊蛰雨不歇”，雨的形成是由于高空的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故A错误；
B、物体由液态变成固态的过程叫凝固，冰是水凝固形成的，凝固过程需要放热，故B错误；
C、“春分前后怕春霜，一见春霜麦苗伤”，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故C正确；
D、“今冬麦盖三层被，来年枕着馒头睡”，雪是由空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故D错误。
故选：C。
(1)物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】D
【解析】解：A、因为AB之间发生相对滑动，因此B对A的摩擦力为滑动摩擦力，根据力的作用是相互的(力的性质相同)，A对B的摩擦力为滑动摩擦力，故A错误；
B、滑动摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反，B相对于A向左运动，故B受到的摩擦力方向水平向右；由于B处于静止状态，因此B受到弹簧测力计的拉力等于A对B的摩擦力，并且二力是一对平衡力，大小相等，即弹簧测力计的拉力等于A对B的摩擦力，大小为3N.故B错误；
C、若A以2m/s匀速直线运动，期所受摩擦力与拉力是一对平衡力，摩擦力大小不变，故拉力F不变。故C错误；
D、如果弹簧测力计的示数为3N，则AB间的摩擦力为3N，A匀速运动，受平衡力，所以F=fB+f地，则f地=F-fB=8N-3N=5N，方向水平向左，故D正确。
故选：D。
(1)当两物体发生相对运动时，受到的摩擦力为滑动摩擦力；
(2)一般情况下，滑动摩擦力的方向与物体运动的方向相反；
(3)物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力作用；
(4)根据摩擦力的概念可判断其所受摩擦力的方向。对A进行受力分析，再进一步确定地面对A的摩擦力大小。
此题主要考查了二力平衡条件的应用，解决此题的关键是找出题目中暗含的条件，对于初中摩擦力的大小不需要利用公式计算，摩擦力大小只要求求出静摩擦力和滑动摩擦力，这两种摩擦力一般与平衡力相结合出题。
5.【答案】B
【解析】解：ABC、两种液体对容器底的压强相等，且h1ρ乙；
A小球完全浸没在甲液体中，排开甲液体的体积等于A小球的体积，B小球漂浮在乙液体中，排开乙液体的体积小于B小球的体积，因为两小球体积相等，所以两小球排开液体的体积关系为V排甲>V排乙，甲液体的密度大于乙液体的密度，由F浮=ρ液gV排可知，两个小球的浮力关系为：F浮A>F浮B；
因为A小球在甲液体中沉底，受到的重力GA大于浮力F浮A，B小球漂浮在乙液体中，受到的重力GB等于浮力F浮B，所以两个小球的重力关系为GA>GB，故B正确，AC错误；
D.两种液体对容器底的压强相等，受力面积相等，根据F=pS可知，甲和乙两种液体对容器底的压力相等，都为F，又因为容器为柱形容器且力的作用是相互的，所以液体对容器底的压力等于液体的重力和物体受到浮力之和，即F=G液+F浮，
所以甲液体的重力为：G甲=F-F浮A，
乙液体的重力为G乙=F-F浮B，
甲容器对桌面的压力为：F甲=G容+G甲+GA=G容+F-F浮A+GA，
乙容器对桌面的压力为：F乙=G容+G乙+GB=G容+F-F浮B+GB，
由于F浮B=GB，所以F乙=G容+F；
因为GA>F浮A，所以G容+F-F浮A+GA>G容+F，即两个容器对桌面的压力关系为F甲>F乙，由于两个容器底面积相等，由p=FS可知，两个容器对桌面的压强关系为p甲>p乙，故D错误。
故选：B。
(1)由图可知，甲、乙两容器内液体的深度关系为h甲液
(2)固态对水平桌面的压力等于自身的重力；根据p=FS分析两个容器对桌面的压强的大小关系。
此题主要考查的是学生对液体压强计算公式、物体浮沉条件、阿基米德原理的理解和掌握，有一定的难度。
6.【答案】C
【解析】解：
ABC、下落过程中，高度减小，小球重力势能减小；
在A点之前，小球的重力势能转化为动能，动能先增大；
在AB段，向下的重力大于向上的弹力，合力向下，小球做加速运动，动能逐渐增大，同时弹簧的弹性势能增加；从A到B，小球减少的重力势能大于增加的动能；
在BC段，向上的弹力大于向下的重力，合力向上，小球做减速运动，动能逐渐减小，同时弹簧的弹性势能增加；
综上所述，下落过程中小球的动能先增大后减小；不计空气阻力，整个过程中无能量损耗，则小球与弹簧机械能守恒，故AB错误、故C正确；
D、到达C点时，小球的动能为零；由于在B点时重力等于弹力，C点的弹性形变程度大于B点的弹性程度，所以C点的弹力大于B点的弹力，即C点的弹力大于小球的重力，小球受到的重力与弹簧的弹力不是一对平衡力，小球受力不平衡，不是处于平衡状态，故D错误。
故选：C。
(1)从动能、重力势能、弹性势能的影响因素进行分析：
动能的大小跟质量和速度有关，在质量一定时，速度越大，动能越大；在速度一定时，质量越大，动能越大。
重力势能大小跟质量和高度有关，质量一定时，高度越高，重力势能越大；在高度一定时，质量越大，重力势能越大。
弹性势能的大小跟弹性形变有关，弹性形变越大，弹性势能越大。
(2)物体处于静止或匀速直线运动状态时为平衡状态。
本题考查了动能、重力势能、弹性势能的变化和平衡状态的判定，难度适中。
7.【答案】C
【解析】解：A、热传递的条件是存在温度差，热量总是从温度高的物体传给温度低的物体或从高温部分传给低温部分，内能小的物体温度可能高，所以热量也能从内能小的物体传向内能大的物体，故A正确；
B、物体内能增加，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做功，故B正确；
C、热量是一个过程量，不能说物质含有多少热量，故C错误；
D、汽油机的压缩冲程是将机械能转化为内能，故D正确。
故选：C。
(1)热传递的条件是存在温度差；
(2)改变内能的方式：做功和热传递；
(3)热量是一个过程量；
(4)热机的压缩冲程中将机械能转化为内能。
本题考查了热传递的条件、内能改变的方法、热量的概念、汽油机压缩冲程的能量转化，属于基础题。
8.【答案】A
【解析】解：根据电路图可知，R1、R2和滑动变阻器串联接入电路中，电压表V1测量的是R1两端的电压，电压表V2测量的是R0两端的电压，电流表测量电路中的电流；
闭合开关S后，当滑片P往右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电流表示数变小；
根据U=IR可知，R1、R2两端电压都变小，所以U1变小；根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端电压变大，U2示数变大；
根据R=UI可知，示数U1与示数I的比值为R1的阻值，保持不变；
根据串联电路的电压规律可知，R1、R2两端电压变化量的绝对值与滑动变阻器两端电压变化量的绝对值是相同的，则有：|ΔU12|=|ΔU2|，
又因为R1、R2是定值电阻，则由串联电路的电压特点和欧姆定律可得前后两次U2示数分别为：
U2=U-I(R1+R2)，U2'=U-I'(R1+R2)，
则|ΔU2|=|U2'-U2|=|I(R1+R2)-I'(R1+R2)|，即|ΔU2|=|ΔI|(R1+R2)，
所以|ΔU2|与|ΔI|的比值等于R1与R2电阻之和；
综上所述，A正确，BCD错误。
故选：A。
根据电路图可知，R1、R2和滑动变阻器串联接入电路中，电压表V1测量的是R1两端的电压，电压表V2测量的是R0两端的电压，电流表测量电路中的电流；
闭合开关S后，当滑片P往右滑动时，根据滑片的移动方向分析滑动变阻器接入电路中电阻的变化和总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化；根据U=IR分析R1、R2两端电压的变化；根据串联电路的电压规律分析滑动变阻器两端电压的变化；根据R=UI分析U1与I的比值的变化和|ΔU2|与|ΔI|的比值大小。
本题为电路变化综合题，考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路结构的分析。
9.【答案】C
【解析】解：A、若家庭电路保险丝熔断或空气开关跳闸，可能发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故A错误；
B、固定电话是依靠电话线传递信息的，移动电话是依靠电磁波来传递信息的，故B错误；
C、机翼上凸下平，上方空气流速大，压强小，会产生向上的升力，故C正确；
D、“华龙一号”核电机组是利用核裂变释放的巨大能量，故D错误。
故选：C。
(1)家庭电路中电流过大的原因是用电器的总功率过大和发生了短路。
(2)固定电话是依靠电话线传递信息的，移动电话是依靠电磁波来传递信息的。
(3)在流体中，流速越大的位置压强越小。
(4)目前核电站是利用核裂变释放的巨大能量。
知道家庭电路电流过大的原因；知道电磁波的特性及应用；知道流体的压强与流速的关系；知道核电站的基本原理。
10.【答案】C
【解析】解：闭合开关，导体PQ和MN组成一个闭合电路，闭合电路的一部分导体PQ在磁场中进行切割磁感线运动，闭合电路中有了感应电流，这种现象是电磁感应现象，这是发电机的原理；电路中有了感应电流之后，感应电流经过导体MN，导体MN在磁场中受力而运动，这是电动机的工作原理。
故选：C。
(1)闭合电路的一部分导体在磁场做切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象。
(2)电动机的根据通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的。
电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，发电机是利用电磁感应原理工作的。
11.【答案】BC
【解析】解：根据G=mg=ρVg可得，物体的体积为：
V=G物ρ物g=1.2×103N1.6×103kg/m3×10N/kg=0.075m3，
物体浸没在水中时，V排=V=0.075m3，则此时物体受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.075m3=750N，故B正确；
由图可知，绳子的有效股数n=3，
不计摩擦、绳重及水的阻力，物体在出水面前，牵引车作用在绳子上的拉力：
F1=1n(G物+G动-F浮)=13×(1.2×103N+G动-750N)----------①
物体出水面后，牵引车作用在绳子上的拉力：
F2=1n(G物+G动)=13×(1.2×103N+G动)----------②
由题知F1：F2=1：2----------③，
联立①②③解得：G动=300N，F1=250N，F2=500N，故C正确；
绳端移动的速度为：v'=3v=3×1m/s=3m/s，
则物体出水面前拉力的功率：P=F1v'=250N×3m/s=750W，故A错误；
物体在出水面前，滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=(G物-F浮)hF1s=(G物-F浮)hF1nh=(G物-F浮)nF1=1.2×103N-750N3×250N=60%，故D错误。
故选：BC。
(1)知道物体重、物体的密度，利用密度公式和重力公式求出物体的体积(浸没在水中排开水的体积)，利用阿基米德原理求出浸没时受到水的浮力；
不计摩擦、绳重及水的阻力，根据F=13(G物+G动-F浮)表示出物体出水面前牵引车作用在绳端的拉力F1，根据F=13(G物+G动)表示出物体出水面后牵引车作用在绳端的拉力F2，利用拉力之比为1：2求出动滑轮重、作用在绳端的拉力F1和F2，
(2)利用v'=nv求出物体出水面前绳端移动的速度，利用P=Wt=Fst=Fv'求出拉力的功率；
(3)根据效率公式η=W有用W总=(G物-F浮)hF1s=(G物-F浮)hF1nh=(G物-F浮)nF1求出物体出水面前的机械效率。
本题主要考查了有关滑轮组的计算问题，解答本题的关键是知道物体出水面前、后对滑轮组的拉力不同以及对有用功和总功含义的理解。
12.【答案】AC
【解析】解：由P=UI可知，两灯泡的额定电流分别为：I1额=P1额U1额=6W6V=1A，I2额=P2额U2额=3W6V=0.5A，
由欧姆定律可知，两灯泡的电阻分别为：R1=U1额I1额=6V1A=6Ω，R2=U2额I2额=6V0.5A=12Ω；
A、由并联电路的电流特点可知，当两灯泡并联时电路中的电流最大，
因为两灯泡的额定电压相等，所以由并联电路的电压特点可知，将电源电压调为6V，此时两灯泡均能正常发光，
由并联电路的电流特点可知，此时电路中的电流：I并=I1额+I2额=1A+0.5A=1.5A，故A正确；
B、由串联电路的电流特点可知，为了电路安全，两灯泡串联时电路中的电流：I串=I2额=0.5A，此时灯泡L2正常发光，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电源电压：U串=I串(R1+R2)=0.5A×(6Ω+12Ω)=9V，
结合A中电源电压可知，电源电压的调节范围是6V∼9V，故B错误；
C、当两灯泡并联时，电路中的电功率：P并=U并I并=6V×1.5A=9W，
当电源电压调为6V，开关S、S2闭合，S1、S3断开时，电路为L2的简单电路，此时灯泡L2两端的实际电压等于额定电压，灯泡L2正常发光，因此电路中的电功率：P2=P2额=3W，
当两灯泡串联时，电路中的电功率：P串=U串I串=9V×0.5A=4.5W，
因此电路电功率的变化范围是3W∼9W，故C正确；
D、当两灯泡串联时，由串联电路的电流特点可知，通过两灯泡的电流相等，由P=UI=I2R可知，电阻大的灯泡的电功率大，而灯泡L2的电阻大于灯泡L1的电阻，
因此当两灯泡串联时，灯泡L2的电功率大于L1的电功率，故D错误。
故选：AC。
根据P=UI分别求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律分别求出两灯泡的电阻；
(1)根据并联电路的电流特点可知当两灯泡并联时电路中的电流最大，进而求出电路中的最大电流；
(2)根据串联电路的电流特点确定两灯泡串联时电路中的电流，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电源电压，进而求出电源电压的调节范围；
(3)根据P=UI求出电路电功率的变化范围；
(4)根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R分析。
本题考查串并联电路的特点、电功率公式和欧姆定律的应用，综合性强，有一定难度。
13.【答案】音色 乐音
【解析】解：(1)甲和乙振动的振幅相同，振动的频率相同，振幅相同，音调相同，响度相同，但波形不同，故甲、乙具有不同的音色；
(2)根据图示可知：声波都是有规则振动的波形，是乐音波形；
故答案为：音色；乐音。
(1)乐音是发声体有规则振动发出的声音；噪音是发声体无规则振动发出的声音；
(2)音调跟物体的振动频率有关，振动频率越大，音调越高；响度跟物体的振幅有关，振幅越大，响度越大；相同时间内，振动的次数越多，频率越大；偏离原位置越远，振幅越大。
通过图表示振幅和频率的题目不多，这是一种读图能力的考查，这是考查的另一种新动向，一定要掌握。
14.【答案】15.0右
【解析】解：由题知，如图烛焰在光屏上恰好成一清晰的烛焰像，根据图示和凸透镜成像规律可知，v=u=30.0cm=2f，所以焦距f=15.0cm；
将近视眼镜镜片放在靠近凸透镜左侧的位置，近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，能使光线的会聚点推迟会聚，因此光屏应向右移动才能在屏上接收到清晰的像。
故答案为：15.0；右。
凸透镜成像的规律及其应用之一：当u=2f时，成倒立、等大的实像，用于粗测焦距；
成实像时的动态变化规律是：物近像远像变大，物远像近像变小；
近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，能使光线的会聚点推迟会聚。
此题的关键是掌握凸透镜成像的规律，搞清像距、像的大小与物距之间的关系。
15.【答案】0.8425
【解析】解：容器的质量不计，则液体的平均密度分别为：
ρ甲=m甲V甲=300g500cm3=0.6g/cm3，
ρ乙=m乙V乙=120g150cm30.8g/cm3，
则ρ乙>ρ甲，
因为容器甲和乙装有同种液体，且容器装满液体时平均密度较大，
所以，乙容器装满液体，甲容器未装满液体，且液体的密度为ρ=ρ乙=0.8g/cm3；
甲容器中液体的体积为：
V甲'=m甲ρ=300g0.8g/cm3=375cm3，
加入水的体积为：
V水=V甲-V甲'=500cm3-375cm3=125cm3，
加水的质量为：
m水=ρ水V水=1.0g/cm3×125cm3=125g，
此时甲容器的总质量为：
m总=m甲+m水=300g+125g=425g。
故答案为：0.8；425。
轻质容器的质量不计，知道液体的质量和容器的容积，假设轻质容器甲和乙装满液体，根据ρ=mV求出液体的平均密度，再比较液体平均密度的大小，平均密度大的容器装满液体，平均密度小的容器未装满液体，再判断出液体的密度；
由密度公式算出未装满液体的容器中液体的体积，用该容器的容积减去容器中液体的体积算出加入水的体积，由密度公式算出加水的质量，进而算出总质量。
本题考查了密度公式的应用，要注意容器装满液体时平均密度大于未装满液体时的平均密度。
16.【答案】2.4×1012 3×106
【解析】解(1)完全燃烧800t生活垃圾放出热量：Q放=mq垃圾=800×103kg×3×106J/kg=2.4×1012J；
(2)根据题意可知，水吸收的热量：Q吸=42%Q放=42%×2.4×1012J=1.008×1012J；
1个标准大气压下，水的沸点是100℃，
由Q吸=c水m(t-t0)可知，水的质量：m水=Q吸c水(t-t0)=1.008×1012J4.2×103J/(kg⋅℃)×(100℃-20℃)=3×106kg。
故答案为：2.4×1012；3×106。
(1)知道生活垃圾的热值和质量，利用Q放=mq计算出完全燃烧800t生活垃圾放出热量；
(2)根据题意求出加热水需要的热量，利用Q吸=cm(t-t0)计算出水的质量。
本题考查燃料完全燃烧放热的计算、吸热公式的灵活运用，是一道热学综合题，有一定的难度。
17.【答案】从右至左 L断路
【解析】解：验电器A带负电，验电器B不带电，用一根带有电流表的金属棒连接两个验电器的金属球时，验电器A有部分电子转移到验电器B上，因为负电荷定向移动的方向与电流方向相反，故电流方向为从右至左；
从图中可知，这是串联电路，当开关S闭合后，灯L不亮，说明电路断路，V1测灯泡，V2测电源电压，它们示数相同，所以电路故障是L断路。
故答案为：从右至左；L断路。
(1)电流的方向与正电荷定向移动的方向相同。
(2)从图示可知，电路是串联电路，V1测灯泡，V2测电源电压，根据现象判断电路故障。
本题考查了电流的方向和电路故障，属于基础题。
18.【答案】1200 50
【解析】解：(1)拉力所做的总功：
W总=Fs=300N×4m=1200J，
(2)所做的有用功：
W有用=Gh=500N×2m=1000J；
克服摩擦力做的额外功：
W额=W总-W有=1200J-1000J=200J，
由W额=fs得，物体所受斜面的摩擦力：
f=W额s=200J4m=50N。
故答案为：1200；50。
(1)知道拉力的大小和斜面的长度，根据公式W=Fs可求拉力所做的总功；
(2)已知物体的重力和提升的高度，根据公式W=Gh可求所做的有用功；用总功减去有用功得出克服摩擦力做的额外功，根据W额=fs求出物体所受斜面的摩擦力。
本题考查了使用斜面时有用功、总功、额外功的计算，关键是公式及其变形的灵活运用。
19.【答案】解：平面镜成像的原理是光的反射，平面镜成的虚像是反射光线的反向延长线相交而成，
先将两条反射光线反向延长交于一点S'，即点光源的像点S'；平面镜成像时，像与物关于平面镜对称，据此作出S'的对称点S，即为点光源S的位置，并连接S与两个反射点画出入射光线，如图所示：
【解析】平面镜成的虚像是反射光线的反向延长线相交而成，根据反射光线的反向延长线过像点，作出点光源的像点S'，再根据平面镜成像的特点“像与物关于平面镜对称”确定点光源S的位置，并画出入射光线。
本题考查了平面镜成像特点的应用，属于基础题目。
20.【答案】解：根据磁感线的形状可知，两者相互排斥，是同名磁极，则通电螺线管的右端为N极，由安培定则可知电流从左端流出，右端流入，故电源左端为正极，右端为负极，如图所示：
【解析】根据磁感线的形状可知，两者相互排斥，是同名磁极，可知通电螺线管的N极，然后利用安培定则可确定电源的正极。
本题考查了磁极间的相互作用规律和安培定则。利用安培定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法。
21.【答案】v=st 80.00.16C
【解析】解：(1)测量平均速度的实验原理是速度公式：v=st；
(2)由图可知，小车从A点到C点的路程sAC=80.0cm，所用的时间tAC=09：25：20-09：25：15=5s，
因此小车在AC段的平均速度vAC=sACtAC=80.0cm5s=16.0cm/s=0.16m/s；
(3)由于小车在AB段和BC段通过的路程相同，但是所用的时间不同，所以小车做的是变速运动；
A、通过的距离不变，故A不符合题意；
B、通过的距离与时间成正比，做匀速直线运动，故B不符合题意；
C、小车从斜面顶端由静止滑下后做加速运动，速度变大，图C中，相同时间通过的距离变大，如下所示；
故C符合题意；
D、速度不变，故D不符合题意。
故选：C。
故答案为：(1)v=st；(2)80.0；0.16；(3)C。
(1)本题测量平均速度实验，既要测物理运动的路程，又要测量时间，故实验原理是速度公式v=st；
(2)根据图示得出小车从A点运动到C点所用时间，读出从A点到C点的路程，利用速度公式计算小车在AC段的平均速度；
(3)根据相同路程比较时间判断小车的速度是否不变，逐一分析每个选项，找出符合意的答案。
本题考查速度公式及其应用、s-t图像和v-t图像、平均速度的计算的知识，已知前半程的速度和后半程的速度，求全程的平均速度是解答本题的难点。
22.【答案】左 便于从杆上直接读出力臂 实验结论具有普遍性，避免偶然性 A B
【解析】解：(1)杠杆的左端上翘，左端的平衡螺母或右端的平衡螺母都向上翘的左端移动，才能使杠杆在水平位置平衡；
(2)使杠杆在水平位置平衡目的是消除杠杆自身重力对实验的影响，此时力臂恰好沿杆的方向，便于从杆上直接读出力臂；
(3)探究杠杆平衡条件时，进行多次实验，利用多组实验数据总结实验结论，使实验结论具有普遍性，避免偶然性；
(4)当动力在B点斜向下拉(与水平方向成30∘角)动力臂是：L1=12OB=12×4L=2L，此时L1=L2=2L，故杠杆为等臂杠杆，与天平同类型，故选A；
(5)如图丙所示，用弹簧测力计拉杠杆的C点，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，动力臂先变大后变小，因为阻力、阻力臂不变，故测力计的拉力先变小后变大，故选：B。
故答案为：(1)左；(2)便于从杆上直接读出力臂；(3)实验结论具有普遍性，避免偶然性；(4)A；(5)B。
(1)杠杆倾斜时，杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左、右两端的螺母(或一端的螺母)要向杠杆上翘的一端调节；
(2)实验中调节杠杆在水平位置平衡是为消除杠杆自重对实验的影响，并便于测量力臂；
(3)初中物理用实验探究物理问题时要进行多次实验，有的是为了多次测量求平均值来减小误差；有的是多次测量发现变化规律；有的是为了使实验结论具有普遍性
(4)当动力在B点斜向下拉(与水平方向成30∘角)动力臂是12OB，根据杠杆的平衡条件求出动力大小；
(5)根据操作中引起力臂的变化，根据杠杆平衡条件分析测力计示数的变化；
本题考查了探究杠杆平衡条件的实验过程，从调节到实际操作、数据分析、原理运用等，考查较为全面，是我们应该掌握的重点实验。
23.【答案】断开 2 左 反比 A
【解析】解：
(1)为防止电路短路，连接电路时开关应处于断开状态；
(2)由图像乙可知，电阻两端的电压：UV=IR=0.1A×20Ω=…=0.4A×5Ω=2V；
根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数不变；
(3)由图像乙可知，在定值电阻两端电压一定时，电阻变为原来的几倍，通过电阻的电流就变为原来的几分之一，由此可得出结论为：电压一定时，导体中的电流与它的电阻成反比；
(4)实验中使用的定值电阻阻值最大为20Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U-UV=6V-2V=4V，变阻器分得的电压为电压表示数的4V2V=2倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×20Ω=40Ω，故选A。
故答案为：(1)断开；(2)2；左；(3)反比；(4)A。
(1)为防止电路短路，连接电路时开关应处于断开状态；
(2)根据图像乙结合欧姆定律求出R两端的电压；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(3)由图像乙可知，在定值电阻两端电压一定时，电阻变为原来的几倍，通过电阻的电流就变为原来的几分之一，据此可得出结论；
(4)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入20Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，进而确定滑动变阻器的规格。
本题探究通电导体中电流与电阻的关系，考查电路连接的注意事项、电路故障分析、图像的分析和结论的归纳、串联分压原理的运用和器材的选择，难度一般。
24.【答案】解：(1)升降台上升，圆柱体浸入水中后，容器中水面上升，圆柱体浸入水中的体积逐渐增大，所以浮力逐渐增大，上升到一定高度水溢出容器，圆柱体浸入水中的体积继续增加，浮力继续增大直到等于重力，在此之前，杆对圆柱体的作用力是拉力，方向竖直向上，圆柱体浸入水中的体积继续增大，此时杆对圆柱体的作用力是压力，方向竖直向下。由以上分析可知，当升降台没有上升时，杆对圆柱体的拉力等于A的重力，由图乙可知，圆柱体的重力是12N，即GA=12N，所以A的质量为：
m=Gg=12N10N/kg=1.2kg；
(2)当升降台移动的距离h为0时水对容器底部的压强为：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×17×10-2m=1.7×103Pa；
水对容器底部的压力为：
F=pS=1.7×103Pa×200×10-4m2=34N；
(3)当拉力是6N时，水开始溢出容器，圆柱体受到的浮力：
F浮1=G-F拉=12N-6N=6N，
此时圆柱体浸入水中的体积：
V1=F浮1ρ水g=6N1.0×103kg/m3×10N/kg=6×10-4m3；
则容器内水面上升的高度：
h=V1S=6×10-4m3200×10-4m2=0.03m=3cm，
刚开始时水深是17cm，容器内水面上升3cm后，水刚好溢出，圆柱体A的高度与容器高度相同，则容器的高度：
h容=h圆=h水+h=17cm+3cm=20cm，
则容器的体积：
V容=Sh容=200cm2×20cm=4000cm3=4×10-3m3，
由图可知，当升降台上升17cm时，圆柱体浸没在水中，此时杆对圆柱体的压力是8N，方向竖直向下，对圆柱体受力分析，圆柱体受重力、浮力，杆对A的压力，则：
F浮3=G+F压=12N+8N=20N，
则圆柱体浸入水中的体积：
V=F浮3ρ水g=20N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10-3m3，
此时圆柱体浸入液体中的体积等于A的体积，即圆柱体的体积是2×10-3m3，则圆柱体的底面积：
S圆=Vh圆=2×10-3m320×10-2m2=0.01m2。
答：(1)圆柱体A的质量为1.2kg；
(2)当升降台移动的距离h为0时，水对容器底部的压力为34N；
(3)物体A的底面积为0.01m2。
【解析】(1)升降台上升，圆柱体浸入水中后，容器中水面上升，圆柱体浸入水中的体积逐渐增大，所以浮力逐渐增大，上升到一定高度水溢出容器，圆柱体浸入水中的体积继续增加，浮力继续增大直到等于重力，在此之前，杆对圆柱体的作用力是拉力，方向竖直向上，圆柱体浸入水中的体积继续增大，此时杆对圆柱体的作用力是压力，方向竖直向下。由以上分析可知，当升降台没有上升时，杆对圆柱体的拉力等于A的重力，进而求出其质量；
(2)根据p=ρgh算出当升降台移动的距离h为0时水对容器底部的压强，由F=pS算出水对容器底部的压力；
(3)当拉力是6N时，水开始溢出容器，根据力的平衡条件求出圆柱体受到的浮力，根据阿基米德原理求出此时圆柱体浸入水中的体积，根据体积公式求出容器内水面上升的高度，进而求出容器的高度，根据体积公式求出容器的容积；当升降台上升17cm时，圆柱体浸没在水中，此时杆对圆柱体的压力是8N，方向竖直向下，对圆柱体受力分析，根据力的平衡条件求出圆柱体受到的浮力，根据阿基米德原理求出此时圆柱体浸入水中的体积，根据体积公式求出圆柱体的底面积。
本题考查力的平衡条件、阿基米德原理、重力公式、压强公式和液体压强公式等的综合运用，题目难度大，综合性强。
25.【答案】解：由电路图可知，闭合开关，灯泡L与定值电阻R0、滑动变阻器R串联，电压表测灯泡L和定值电阻R0两端的电压之和，电流表测电路中的电流。
(1)小灯泡L正常工作时其两端的电压UL=6V，功率PL=6W，
由P=UI可得，小灯泡L正常工作时的电流：IL=PLUL=6W6V=1A，
由P=Wt可得，小灯泡正常工作10s消耗的电能：WL=PLt=6W×10s=60J；
(2)由题意可知，滑片位于a端时，变阻器R接入电路中的电阻为零，此时灯泡正常发光，
由图乙可知，此时电压表的示数为12V，则电源的电压U=12V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，定值电阻R0两端的电压：U0=U-UL=12V-6V=6V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由I=UR可得，R0的电阻：R0=U0Ia=U0IL=6V1A=6Ω；
(3)因灯泡由较暗到正常发光，电路中的电流变为原来的2倍，
所以，滑片位于b端时，电路中的电流：Ib=12Ia=12×1A=0.5A，
由图乙可知，电压表的示数UV=5V，
此时滑动变阻器两端的电压：Ub=U-UV=12V-5V=7V，
此时滑动变阻器的电功率：Pb=IbUb=0.5A×7V=3.5W，
因滑片P移到某一点c时R上消耗的功率Pc与滑片移到b点时R上消耗的功率Pb之比为Pc：Pb=33：35，
所以，滑片P移到某一点c时R上消耗的功率：Pc=3335Pb=3335×3.5W=3.3W，
因滑片P移到某一点c时，R上消耗的功率Pc等于灯泡L和R0上消耗的总功率，
所以，电路的总功率：P总=2Pc=2×3.3W=6.6W，
此时电路中的电流：Ic=P总U=6.6W12V=0.55A，
此时定值电阻R0消耗的电功率：P0=Ic2R0=(0.55A)2×6Ω=1.815W，
此时灯泡L的实际功率：PL'=P总-P0-Pc=6.6W-1.815W-3.3W=1.485W；
由P=UI可知，此时灯泡的实际电压UL=PL'Ic=1.485W0.55A=2.7V。
答：(1)小灯泡L正常工作时的电流为1A，小灯泡正常工作10s消耗的电能为60J；
(2)R0的电阻为6Ω；
(3)滑片P滑到c点时灯泡L的实际功电压为2.7V。
【解析】由电路图可知，闭合开关，灯泡L与定值电阻R0、滑动变阻器R串联，电压表测灯泡L和定值电阻R0两端的电压之和，电流表测电路中的电流。
(1)小灯泡L正常工作时的两端和额定电压相等，功率和额定功率相等，利用P=UI求出小灯泡L正常工作时的电流，利用W=Pt求出小灯泡正常工作10s消耗的电能；
(2)由题意可知，滑片位于a端时，变阻器R接入电路中的电阻为零，此时灯泡正常发光，根据图乙读出此时电压表的示数即为电源的电压，利用串联电路的电压特点求出定值电阻R0两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出R0的电阻；
(3)灯泡由较暗到正常发光，电路中的电流变为原来的2倍，据此求出滑片位于b端时电路中的电流，根据图乙读出电压表的示数，利用串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压，再利用P=UI求出此时滑动变阻器的电功率，滑片P移到某一点c时R上消耗的功率Pc与滑片移到b点时R上消耗的功率Pb之比为Pc：Pb=33：35，据此求出滑片P移到某一点c时R上消耗的功率；滑片P移到某一点c时，R上消耗的功率Pc等于灯泡L和R0上消耗的总功率，据此求出电路的总功率，利用P=UI求出此时电路中的电流，利用P=UI=I2R求出此时定值电阻R0消耗的电功率，然后求出此时灯泡L的实际功率，再利用P=UI求出此时灯泡L的实际电压。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用等，从图像中获取有用的信息和正确得出滑动变阻器的滑片位于不同位置时消耗的电功率是关键。
2023年四川省南充市顺庆区中考物理二模试卷
1. 没有精确测量仪器的情况下，估测能帮我们粗略的认识物体。下列最符合实际的是( )
A. 一名中学生站在水平地面上，对水平地面的压力约为1500N
B. 小汽车在高速公路上最高速度一般不得超过120m/s
C. 家用电视机的额定功率大约为2kW
D. 正常人的心跳频率大约在60-100次/分
2. 我国的古诗词文化有几千年的灿烂历史，很多名句蕴含着丰富的物理知识。下列诗句从物理学的角度解释不正确的是( )
A. “绿树浓阴夏日长，楼台倒影入池塘”句中“倒影”是光的反射形成的
B. “举杯邀明月，对影成三人”，诗人在月光下的“影子”是光的反射形成的虚像
C. “池水映明月，潭清疑水浅”句中“水浅”是由于光的折射造成的
D. “安得五彩虹，驾天作长桥”句中的“彩虹”是由于光的色散形成的
3. 谚语是劳动人民智慧的结晶，下列对谚语中涉及的的物态变化分析正确的是( )
A. “雷打立春节，惊蛰雨不歇”——雨的形成是升华现象，需要吸热
B. “大雪河封住，冬至不行船”——冰的形成是凝固现象，需要吸热
C. “春分前后怕春霜，一见春霜麦苗伤”——霜的形成是凝华现象，需要放热
D. “今冬麦盖三层被，来年枕着馒头睡”——雪的形成是液化现象，需要放热
4. 如图所示，用大小为8N的水平拉力F拉上表面粗糙程度各处相同的物体A，使其在水平地面上以1m/s匀速直线运动，当物体B静止不动时，与水平绳相连的弹簧测力计的示数为3N保持不变，下列说法正确的是(不计绳和弹簧测力计自重)( )
A. A对B的摩擦力为静摩擦力
B. A对B的摩擦力方向水平向右，大小为8N
C. 若A以2m/s匀速直线运动，拉力F将变大
D. 地对A的摩擦力方向水平向左，大小为5N
5. 两个完全相同的圆柱形容器放在水平桌面上，分别装有甲、乙两种不同的液体。将体积相同、密度不同的实心小球A、B分别放入容器中静止，A球沉底，B球漂浮，如图所示，h1
C. 两种液体的密度：ρ甲<ρ乙 D. 两个容器对桌面的压强：p甲=p乙
6. 如图所示，质量为m的小球从静止下落，落在与A点等高处、竖直放置的轻弹簧上，到达B点时小球重力与弹簧的弹力大小相等，图中C点是小球到达的最低点(不计空气阻力)。下列说法正确的是( )
A. 到达A点时，小球的速度最大
B. 从A到B，小球减少的重力势能等于增加的动能
C. 下落过程中，小球重力势能一直减小、动能先增大后减小
D. 到达C点时，小球的动能为零，小球处在平衡状态
7. 下列关于内能、热量和热机的说法不正确的是( )
A. 热量也可能从内能小的物体传向内能大的物体
B. 物体内能增加，可能是吸热，也可能是外界对物体做功
C. 内能越大的物体含有热量越多，分子热运动越快
D. 汽油机的压缩冲程是将机械能转化为内能
8. 如图所示，电源两端的电压保持不变，R1、R2为定值电阻，电压表V1的示数为U1，电压表V2的示数为U2，电流表A的示数为I。闭合开关S后，当滑片P往右滑动时，下列说法中正确的是( )
A. |ΔU2|与|ΔI|的比值等于R1与R2电阻之和
B. 示数U1与示数U2都增大
C. 示数U1与示数I的比值变小
D. 滑动变阻器接入电路的阻值减小
9. 物理是一门与STS(科学(Science)、技术(Technology)、社会(Society))紧密联系的学科，物理的学习要从生活中来，又要用到生活中去。下列生活中的物理知识正确的是( )
A. 若家庭电路保险丝熔断或空气开关跳闸，一定发生了短路
B. 固定电话和移动电话都是靠电磁波传递信息
C. 飞机升力产生的原因是因为机翼上方比下方空气流速大压强小
D. “华龙一号”核电机组就像太阳内部一样，使氢原子核发生裂变，把核能转化为电能
10. 如图，甲、乙两部分装置均由蹄形磁铁和导体棒组成，通过开关相连。闭合开关，用外力使导体PQ水平向右运动，发现导体棒MN也随之运动起来。则以下判断正确的是( )
A. 甲、乙两部分的原理均跟发电机原理一样
B. 甲、乙两部分的原理均跟电动机原理相似
C. 甲部分与发电机原理一样，乙部分与电动机原理相似
D. 甲部分与电动机原理相似，乙部分与发电机原理一样
11. 如图所示，小型牵引车通过滑轮组匀速打捞起深井中的均质物体，物体上升的速度保持1m/s不变，已知物体重1.2×103N，密度为1.6×103kg/m3。测得物体在出水面前与完全出水后牵引车作用在绳子上的拉力之比为1：2，若不计摩擦、绳重及水的阻力，g取10N/kg，下列结果正确的是( )
A. 物体出水前牵引车拉力的功率为500W B. 物体浸没在水中受到的浮力为750N
C. 物体在出水面前，牵引车的拉力为250N D. 物体在出水面前，滑轮组的效率是80%
12. 如图电路中，电源电压可调，灯泡L1、L2分别标有“6V，6W”和“6V，3W”字样，通过开关闭合，保证至少有一只灯泡正常发光且电路安全的情况下(不考虑温度对灯丝电阻的影响)。下列说法正确的是( )
A. 电路中的最大电流为1.5A
B. 电源电压的调节范围是6V∼12V
C. 电路电功率的变化范围是3W∼9W
D. 灯泡L2的实际电功率始终小于L1的实际电功率
13. 如图，小明利用同一示波器将两种不同发声体的振动的情况显示在屏幕上，根据图像可知甲和乙具有不同的______ (选填“音调”、“响度”、“音色”)，从物理学角度看，乙声音属于______ (选填“乐音”、“噪音”)。
14. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中，当点燃的蜡烛、凸透镜及光屏处于如图所示位置时，在光屏上恰好成一清晰的烛焰像(图中未画出)，则该凸透镜的焦距是______ cm，如果将近视眼镜镜片放在靠近凸透镜左侧的位置，光屏应向______ (选填“左”或“右”)移动才能在屏上接收到清晰的像。
15. 有两个容器甲和乙(容器质量都不计)，甲的容积为500cm3，乙的容积为150cm3，现在在两个容器中装上同种液体，一个装满，另一个未装满，测得甲的质量为300g，乙的质量为120g，则该液体的密度应该是______ g/cm3，如果向另一个没有装满液体的容器中加满水，则它的总质量是______ g。(不计液体混合后体积的变化)
16. 生活垃圾变废为宝，某垃圾处理厂每天完全燃烧800t的生活垃圾，放出热量______ J。若放出热量的42%用来加热水供给附近小区，1标准大气压下，每天可将______ kg的水由20℃恰好加热至沸腾。[q垃圾=3×106J/kg,c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
17. 如图甲所示是两个相同的验电器A、B，开始时验电器A带负电，验电器B不带电。用一根带有电流表的金属棒连接两个验电器的金属球，金属棒中的电流方向是______ (选填“从左至右”或“从右至左”)。在图乙电路中，当开关S闭合后，灯L不亮，电压表V1与V2示数相同，则故障是______ (选填“R短路”“R断路”“L短路”“L断路”)。
18. 如图，利用斜面将一个重500N的物体(大小可忽略)匀速拉到高处，沿斜面向上的拉力F=300N，拉动的距离s=4m，物体提升的高度h=2m。此过程中拉力做的功是______ J，物体受到的摩擦力为______ N。
19. 如图所示，光线a、b是两条由点光源S发出的经平面镜反射后的反射光线，请根据平面镜成像原理和成像特点确定点光源S的位置。
20. 如图所示，请根据图中信息标出电源的正极，用箭头标出A点磁感线的方向。
21. 如图所示是“测量小车的平均速度”的实验装置。实验时让小车从斜面的A点由静止滑下，分别测出小车到达B点和C点的时间，即可求出不同路段的平均速度。
(1)该实验的测量原理是______ ；
(2)小车从A点到C点的路程sAC=______ cm；小车在AC段的平均速度vAC=______ m/s；
(3)如图能够准确反映图中小车从A到C运动情况的是______ 。(填字母)
22. 小明学习了杠杆的平衡条件后，利用如图所示的装置对杠杆做了进一步研究。
(1)未挂钩码时，杠杆位置如图甲所示，为了使杠杆静止时处于水平位置，接下来的操作是将杠杆的平衡螺母向______ 移动。(选填“左”或“右”)
(2)挂上钩码后，也会让杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是______ 。
(3)为了得出杠杆的平衡条件，小明记录了多组动力、动力臂和阻力、阻力臂，测多组数据的目的是______ 。
(4)在杠杆上的B点用如图乙所示的动力F拉杠杆，此时杠杆的类型与______ 相同。
A.天平
B.钓鱼竿
C.钳子
(5)如图丙所示，用弹簧测力计拉杠杆的C点，当弹簧测力计由位置1缓慢转至位置2的过程中，测力计示数变化情况是______ 。(选填序号)
A.不变
B.先变小再变大
C.先变大再变小
D.一直变大
E.一直变小
23. 某学习小组在“探究通电导体中电流与电阻的关系”的实验中，实验器材如下：学生电源(6V)，电流表(0∼0.6A,0∼3A)、电压表(0∼3V,0∼15V)、定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω各一个)、开关、滑动变阻器和导线若干。
(1)连接电路时，开关应处于______ 状态；
(2)图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为______ V；当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，为使R两端的电压不变，滑动变阻器的滑片应向______ (选填“左”或“右”)端滑动；
(3)由图像可以得出结论：电压一定时，导体中的电流与它的电阻成______ ；
(4)为了完成整个实验，应该选取的滑动变阻器规格是______ 。(选填字母)
A.50Ω、1.0A
B.30Ω、1.0A
C.20Ω、1.0A
D.10Ω、1.0A
24. 底面积为200cm2的薄壁圆柱形容器置于水平升降台中央，容器中装有17cm深的水。与容器高度相同的圆柱体A悬挂在轻质细杆下保持静止，A的下表面刚好与水面相平。缓慢向上调节升降台，直到A物体浸没在水中时停止。细杆对A的作用力F与升降台移动的距离h的关系如图乙所示。A始终保持竖直，且不吸水。求：
(1)圆柱体A的质量；
(2)当升降台移动的距离h为0时，水对容器底部的压力；
(3)物体A的底面积。
25. 如图甲所示电路，电源电压恒定，灯泡L标有“6V 6W”的字样，R0为定值电阻。闭合开关，在滑片P由b端滑到a端的过程中，电压表示数与电流表示数关系图像如图乙所示，灯泡由较暗到正常发光，电路中的电流变为原来的2倍。求：
(1)小灯泡L正常工作时的电流，及小灯泡正常工作10s消耗的电能；
(2)R0的电阻；
(3)当滑片P移到某一点c时，R上消耗的功率Pc与滑片移到b点时R上消耗的功率Pb之比为Pc：Pb=33：35，且此时R上消耗的功率Pc等于灯泡L和R0上消耗的总功率。求滑片P滑到c点时灯泡L的实际电压。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、中学生的体重约为50kg，对水平地面的压力F=G=mg=50kg×10N/kg=500N，故A不符合实际；
B、小汽车在高速公路上行驶的速度一般为：v=100km/h≈28m/s，故B不符合实际；
C、电视机的功率约为150W，故C不符合实际；
D、正常人的心跳频率大约在60-100次/分，故D符合实际；
故选：D。
根据生活常识和所学物理知识进行估算。
该题考查生活中常见物体的各项指数进行估测，要多观察，多积累。
2.【答案】B
【解析】解：A、“绿树阴浓夏日长，楼台倒影入池塘”句中“倒影”，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误；
B、“举杯邀明月，对影成三人”中“人”是人在地面上形成的影子，它是沿直线传播的光被不透明的人挡住，在人后面的地面上光照不到的地方形成影，即地面上的“人”，故B错误；
C、“池水映明月，潭清疑水浅”中“水浅”是水底看起来比较浅，这是由于光的折射形成的，看水底是逆着光的传播方向看的，即逆着折射光线看，我们始终认为光是沿直线传播的，所以看到的位置比实际位置浅，故C正确；
D、“安得五彩虹，驾天作长桥”句中的“彩虹”是由于光透过空中的小水滴，折射后发生光的色散形成的，故D正确。
故选：B。
(1)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等，都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
(2)当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射，例如：平面镜成像、水中倒影都是由光的反射形成的；
(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会发生偏折，这就是光的折射，复色光发生折射时，会出现色散现象，如：海市蜃楼、看水里的鱼比实际位置浅、雨后天空中的彩虹等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
3.【答案】C
【解析】解：A、“雷打立春节，惊蛰雨不歇”，雨的形成是由于高空的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故A错误；
B、物体由液态变成固态的过程叫凝固，冰是水凝固形成的，凝固过程需要放热，故B错误；
C、“春分前后怕春霜，一见春霜麦苗伤”，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故C正确；
D、“今冬麦盖三层被，来年枕着馒头睡”，雪是由空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故D错误。
故选：C。
(1)物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】D
【解析】解：A、因为AB之间发生相对滑动，因此B对A的摩擦力为滑动摩擦力，根据力的作用是相互的(力的性质相同)，A对B的摩擦力为滑动摩擦力，故A错误；
B、滑动摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反，B相对于A向左运动，故B受到的摩擦力方向水平向右；由于B处于静止状态，因此B受到弹簧测力计的拉力等于A对B的摩擦力，并且二力是一对平衡力，大小相等，即弹簧测力计的拉力等于A对B的摩擦力，大小为3N.故B错误；
C、若A以2m/s匀速直线运动，期所受摩擦力与拉力是一对平衡力，摩擦力大小不变，故拉力F不变。故C错误；
D、如果弹簧测力计的示数为3N，则AB间的摩擦力为3N，A匀速运动，受平衡力，所以F=fB+f地，则f地=F-fB=8N-3N=5N，方向水平向左，故D正确。
故选：D。
(1)当两物体发生相对运动时，受到的摩擦力为滑动摩擦力；
(2)一般情况下，滑动摩擦力的方向与物体运动的方向相反；
(3)物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力作用；
(4)根据摩擦力的概念可判断其所受摩擦力的方向。对A进行受力分析，再进一步确定地面对A的摩擦力大小。
此题主要考查了二力平衡条件的应用，解决此题的关键是找出题目中暗含的条件，对于初中摩擦力的大小不需要利用公式计算，摩擦力大小只要求求出静摩擦力和滑动摩擦力，这两种摩擦力一般与平衡力相结合出题。
5.【答案】B
【解析】解：ABC、两种液体对容器底的压强相等，且h1
A小球完全浸没在甲液体中，排开甲液体的体积等于A小球的体积，B小球漂浮在乙液体中，排开乙液体的体积小于B小球的体积，因为两小球体积相等，所以两小球排开液体的体积关系为V排甲>V排乙，甲液体的密度大于乙液体的密度，由F浮=ρ液gV排可知，两个小球的浮力关系为：F浮A>F浮B；
因为A小球在甲液体中沉底，受到的重力GA大于浮力F浮A，B小球漂浮在乙液体中，受到的重力GB等于浮力F浮B，所以两个小球的重力关系为GA>GB，故B正确，AC错误；
D.两种液体对容器底的压强相等，受力面积相等，根据F=pS可知，甲和乙两种液体对容器底的压力相等，都为F，又因为容器为柱形容器且力的作用是相互的，所以液体对容器底的压力等于液体的重力和物体受到浮力之和，即F=G液+F浮，
所以甲液体的重力为：G甲=F-F浮A，
乙液体的重力为G乙=F-F浮B，
甲容器对桌面的压力为：F甲=G容+G甲+GA=G容+F-F浮A+GA，
乙容器对桌面的压力为：F乙=G容+G乙+GB=G容+F-F浮B+GB，
由于F浮B=GB，所以F乙=G容+F；
因为GA>F浮A，所以G容+F-F浮A+GA>G容+F，即两个容器对桌面的压力关系为F甲>F乙，由于两个容器底面积相等，由p=FS可知，两个容器对桌面的压强关系为p甲>p乙，故D错误。
故选：B。
(1)由图可知，甲、乙两容器内液体的深度关系为h甲液
(2)固态对水平桌面的压力等于自身的重力；根据p=FS分析两个容器对桌面的压强的大小关系。
此题主要考查的是学生对液体压强计算公式、物体浮沉条件、阿基米德原理的理解和掌握，有一定的难度。
6.【答案】C
【解析】解：
ABC、下落过程中，高度减小，小球重力势能减小；
在A点之前，小球的重力势能转化为动能，动能先增大；
在AB段，向下的重力大于向上的弹力，合力向下，小球做加速运动，动能逐渐增大，同时弹簧的弹性势能增加；从A到B，小球减少的重力势能大于增加的动能；
在BC段，向上的弹力大于向下的重力，合力向上，小球做减速运动，动能逐渐减小，同时弹簧的弹性势能增加；
综上所述，下落过程中小球的动能先增大后减小；不计空气阻力，整个过程中无能量损耗，则小球与弹簧机械能守恒，故AB错误、故C正确；
D、到达C点时，小球的动能为零；由于在B点时重力等于弹力，C点的弹性形变程度大于B点的弹性程度，所以C点的弹力大于B点的弹力，即C点的弹力大于小球的重力，小球受到的重力与弹簧的弹力不是一对平衡力，小球受力不平衡，不是处于平衡状态，故D错误。
故选：C。
(1)从动能、重力势能、弹性势能的影响因素进行分析：
动能的大小跟质量和速度有关，在质量一定时，速度越大，动能越大；在速度一定时，质量越大，动能越大。
重力势能大小跟质量和高度有关，质量一定时，高度越高，重力势能越大；在高度一定时，质量越大，重力势能越大。
弹性势能的大小跟弹性形变有关，弹性形变越大，弹性势能越大。
(2)物体处于静止或匀速直线运动状态时为平衡状态。
本题考查了动能、重力势能、弹性势能的变化和平衡状态的判定，难度适中。
7.【答案】C
【解析】解：A、热传递的条件是存在温度差，热量总是从温度高的物体传给温度低的物体或从高温部分传给低温部分，内能小的物体温度可能高，所以热量也能从内能小的物体传向内能大的物体，故A正确；
B、物体内能增加，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做功，故B正确；
C、热量是一个过程量，不能说物质含有多少热量，故C错误；
D、汽油机的压缩冲程是将机械能转化为内能，故D正确。
故选：C。
(1)热传递的条件是存在温度差；
(2)改变内能的方式：做功和热传递；
(3)热量是一个过程量；
(4)热机的压缩冲程中将机械能转化为内能。
本题考查了热传递的条件、内能改变的方法、热量的概念、汽油机压缩冲程的能量转化，属于基础题。
8.【答案】A
【解析】解：根据电路图可知，R1、R2和滑动变阻器串联接入电路中，电压表V1测量的是R1两端的电压，电压表V2测量的是R0两端的电压，电流表测量电路中的电流；
闭合开关S后，当滑片P往右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电流表示数变小；
根据U=IR可知，R1、R2两端电压都变小，所以U1变小；根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端电压变大，U2示数变大；
根据R=UI可知，示数U1与示数I的比值为R1的阻值，保持不变；
根据串联电路的电压规律可知，R1、R2两端电压变化量的绝对值与滑动变阻器两端电压变化量的绝对值是相同的，则有：|ΔU12|=|ΔU2|，
又因为R1、R2是定值电阻，则由串联电路的电压特点和欧姆定律可得前后两次U2示数分别为：
U2=U-I(R1+R2)，U2'=U-I'(R1+R2)，
则|ΔU2|=|U2'-U2|=|I(R1+R2)-I'(R1+R2)|，即|ΔU2|=|ΔI|(R1+R2)，
所以|ΔU2|与|ΔI|的比值等于R1与R2电阻之和；
综上所述，A正确，BCD错误。
故选：A。
根据电路图可知，R1、R2和滑动变阻器串联接入电路中，电压表V1测量的是R1两端的电压，电压表V2测量的是R0两端的电压，电流表测量电路中的电流；
闭合开关S后，当滑片P往右滑动时，根据滑片的移动方向分析滑动变阻器接入电路中电阻的变化和总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化；根据U=IR分析R1、R2两端电压的变化；根据串联电路的电压规律分析滑动变阻器两端电压的变化；根据R=UI分析U1与I的比值的变化和|ΔU2|与|ΔI|的比值大小。
本题为电路变化综合题，考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路结构的分析。
9.【答案】C
【解析】解：A、若家庭电路保险丝熔断或空气开关跳闸，可能发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故A错误；
B、固定电话是依靠电话线传递信息的，移动电话是依靠电磁波来传递信息的，故B错误；
C、机翼上凸下平，上方空气流速大，压强小，会产生向上的升力，故C正确；
D、“华龙一号”核电机组是利用核裂变释放的巨大能量，故D错误。
故选：C。
(1)家庭电路中电流过大的原因是用电器的总功率过大和发生了短路。
(2)固定电话是依靠电话线传递信息的，移动电话是依靠电磁波来传递信息的。
(3)在流体中，流速越大的位置压强越小。
(4)目前核电站是利用核裂变释放的巨大能量。
知道家庭电路电流过大的原因；知道电磁波的特性及应用；知道流体的压强与流速的关系；知道核电站的基本原理。
10.【答案】C
【解析】解：闭合开关，导体PQ和MN组成一个闭合电路，闭合电路的一部分导体PQ在磁场中进行切割磁感线运动，闭合电路中有了感应电流，这种现象是电磁感应现象，这是发电机的原理；电路中有了感应电流之后，感应电流经过导体MN，导体MN在磁场中受力而运动，这是电动机的工作原理。
故选：C。
(1)闭合电路的一部分导体在磁场做切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象。
(2)电动机的根据通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的。
电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，发电机是利用电磁感应原理工作的。
11.【答案】BC
【解析】解：根据G=mg=ρVg可得，物体的体积为：
V=G物ρ物g=1.2×103N1.6×103kg/m3×10N/kg=0.075m3，
物体浸没在水中时，V排=V=0.075m3，则此时物体受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.075m3=750N，故B正确；
由图可知，绳子的有效股数n=3，
不计摩擦、绳重及水的阻力，物体在出水面前，牵引车作用在绳子上的拉力：
F1=1n(G物+G动-F浮)=13×(1.2×103N+G动-750N)----------①
物体出水面后，牵引车作用在绳子上的拉力：
F2=1n(G物+G动)=13×(1.2×103N+G动)----------②
由题知F1：F2=1：2----------③，
联立①②③解得：G动=300N，F1=250N，F2=500N，故C正确；
绳端移动的速度为：v'=3v=3×1m/s=3m/s，
则物体出水面前拉力的功率：P=F1v'=250N×3m/s=750W，故A错误；
物体在出水面前，滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=(G物-F浮)hF1s=(G物-F浮)hF1nh=(G物-F浮)nF1=1.2×103N-750N3×250N=60%，故D错误。
故选：BC。
(1)知道物体重、物体的密度，利用密度公式和重力公式求出物体的体积(浸没在水中排开水的体积)，利用阿基米德原理求出浸没时受到水的浮力；
不计摩擦、绳重及水的阻力，根据F=13(G物+G动-F浮)表示出物体出水面前牵引车作用在绳端的拉力F1，根据F=13(G物+G动)表示出物体出水面后牵引车作用在绳端的拉力F2，利用拉力之比为1：2求出动滑轮重、作用在绳端的拉力F1和F2，
(2)利用v'=nv求出物体出水面前绳端移动的速度，利用P=Wt=Fst=Fv'求出拉力的功率；
(3)根据效率公式η=W有用W总=(G物-F浮)hF1s=(G物-F浮)hF1nh=(G物-F浮)nF1求出物体出水面前的机械效率。
本题主要考查了有关滑轮组的计算问题，解答本题的关键是知道物体出水面前、后对滑轮组的拉力不同以及对有用功和总功含义的理解。
12.【答案】AC
【解析】解：由P=UI可知，两灯泡的额定电流分别为：I1额=P1额U1额=6W6V=1A，I2额=P2额U2额=3W6V=0.5A，
由欧姆定律可知，两灯泡的电阻分别为：R1=U1额I1额=6V1A=6Ω，R2=U2额I2额=6V0.5A=12Ω；
A、由并联电路的电流特点可知，当两灯泡并联时电路中的电流最大，
因为两灯泡的额定电压相等，所以由并联电路的电压特点可知，将电源电压调为6V，此时两灯泡均能正常发光，
由并联电路的电流特点可知，此时电路中的电流：I并=I1额+I2额=1A+0.5A=1.5A，故A正确；
B、由串联电路的电流特点可知，为了电路安全，两灯泡串联时电路中的电流：I串=I2额=0.5A，此时灯泡L2正常发光，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电源电压：U串=I串(R1+R2)=0.5A×(6Ω+12Ω)=9V，
结合A中电源电压可知，电源电压的调节范围是6V∼9V，故B错误；
C、当两灯泡并联时，电路中的电功率：P并=U并I并=6V×1.5A=9W，
当电源电压调为6V，开关S、S2闭合，S1、S3断开时，电路为L2的简单电路，此时灯泡L2两端的实际电压等于额定电压，灯泡L2正常发光，因此电路中的电功率：P2=P2额=3W，
当两灯泡串联时，电路中的电功率：P串=U串I串=9V×0.5A=4.5W，
因此电路电功率的变化范围是3W∼9W，故C正确；
D、当两灯泡串联时，由串联电路的电流特点可知，通过两灯泡的电流相等，由P=UI=I2R可知，电阻大的灯泡的电功率大，而灯泡L2的电阻大于灯泡L1的电阻，
因此当两灯泡串联时，灯泡L2的电功率大于L1的电功率，故D错误。
故选：AC。
根据P=UI分别求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律分别求出两灯泡的电阻；
(1)根据并联电路的电流特点可知当两灯泡并联时电路中的电流最大，进而求出电路中的最大电流；
(2)根据串联电路的电流特点确定两灯泡串联时电路中的电流，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电源电压，进而求出电源电压的调节范围；
(3)根据P=UI求出电路电功率的变化范围；
(4)根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R分析。
本题考查串并联电路的特点、电功率公式和欧姆定律的应用，综合性强，有一定难度。
13.【答案】音色 乐音
【解析】解：(1)甲和乙振动的振幅相同，振动的频率相同，振幅相同，音调相同，响度相同，但波形不同，故甲、乙具有不同的音色；
(2)根据图示可知：声波都是有规则振动的波形，是乐音波形；
故答案为：音色；乐音。
(1)乐音是发声体有规则振动发出的声音；噪音是发声体无规则振动发出的声音；
(2)音调跟物体的振动频率有关，振动频率越大，音调越高；响度跟物体的振幅有关，振幅越大，响度越大；相同时间内，振动的次数越多，频率越大；偏离原位置越远，振幅越大。
通过图表示振幅和频率的题目不多，这是一种读图能力的考查，这是考查的另一种新动向，一定要掌握。
14.【答案】15.0右
【解析】解：由题知，如图烛焰在光屏上恰好成一清晰的烛焰像，根据图示和凸透镜成像规律可知，v=u=30.0cm=2f，所以焦距f=15.0cm；
将近视眼镜镜片放在靠近凸透镜左侧的位置，近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，能使光线的会聚点推迟会聚，因此光屏应向右移动才能在屏上接收到清晰的像。
故答案为：15.0；右。
凸透镜成像的规律及其应用之一：当u=2f时，成倒立、等大的实像，用于粗测焦距；
成实像时的动态变化规律是：物近像远像变大，物远像近像变小；
近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，能使光线的会聚点推迟会聚。
此题的关键是掌握凸透镜成像的规律，搞清像距、像的大小与物距之间的关系。
15.【答案】0.8425
【解析】解：容器的质量不计，则液体的平均密度分别为：
ρ甲=m甲V甲=300g500cm3=0.6g/cm3，
ρ乙=m乙V乙=120g150cm30.8g/cm3，
则ρ乙>ρ甲，
因为容器甲和乙装有同种液体，且容器装满液体时平均密度较大，
所以，乙容器装满液体，甲容器未装满液体，且液体的密度为ρ=ρ乙=0.8g/cm3；
甲容器中液体的体积为：
V甲'=m甲ρ=300g0.8g/cm3=375cm3，
加入水的体积为：
V水=V甲-V甲'=500cm3-375cm3=125cm3，
加水的质量为：
m水=ρ水V水=1.0g/cm3×125cm3=125g，
此时甲容器的总质量为：
m总=m甲+m水=300g+125g=425g。
故答案为：0.8；425。
轻质容器的质量不计，知道液体的质量和容器的容积，假设轻质容器甲和乙装满液体，根据ρ=mV求出液体的平均密度，再比较液体平均密度的大小，平均密度大的容器装满液体，平均密度小的容器未装满液体，再判断出液体的密度；
由密度公式算出未装满液体的容器中液体的体积，用该容器的容积减去容器中液体的体积算出加入水的体积，由密度公式算出加水的质量，进而算出总质量。
本题考查了密度公式的应用，要注意容器装满液体时平均密度大于未装满液体时的平均密度。
16.【答案】2.4×1012 3×106
【解析】解(1)完全燃烧800t生活垃圾放出热量：Q放=mq垃圾=800×103kg×3×106J/kg=2.4×1012J；
(2)根据题意可知，水吸收的热量：Q吸=42%Q放=42%×2.4×1012J=1.008×1012J；
1个标准大气压下，水的沸点是100℃，
由Q吸=c水m(t-t0)可知，水的质量：m水=Q吸c水(t-t0)=1.008×1012J4.2×103J/(kg⋅℃)×(100℃-20℃)=3×106kg。
故答案为：2.4×1012；3×106。
(1)知道生活垃圾的热值和质量，利用Q放=mq计算出完全燃烧800t生活垃圾放出热量；
(2)根据题意求出加热水需要的热量，利用Q吸=cm(t-t0)计算出水的质量。
本题考查燃料完全燃烧放热的计算、吸热公式的灵活运用，是一道热学综合题，有一定的难度。
17.【答案】从右至左 L断路
【解析】解：验电器A带负电，验电器B不带电，用一根带有电流表的金属棒连接两个验电器的金属球时，验电器A有部分电子转移到验电器B上，因为负电荷定向移动的方向与电流方向相反，故电流方向为从右至左；
从图中可知，这是串联电路，当开关S闭合后，灯L不亮，说明电路断路，V1测灯泡，V2测电源电压，它们示数相同，所以电路故障是L断路。
故答案为：从右至左；L断路。
(1)电流的方向与正电荷定向移动的方向相同。
(2)从图示可知，电路是串联电路，V1测灯泡，V2测电源电压，根据现象判断电路故障。
本题考查了电流的方向和电路故障，属于基础题。
18.【答案】1200 50
【解析】解：(1)拉力所做的总功：
W总=Fs=300N×4m=1200J，
(2)所做的有用功：
W有用=Gh=500N×2m=1000J；
克服摩擦力做的额外功：
W额=W总-W有=1200J-1000J=200J，
由W额=fs得，物体所受斜面的摩擦力：
f=W额s=200J4m=50N。
故答案为：1200；50。
(1)知道拉力的大小和斜面的长度，根据公式W=Fs可求拉力所做的总功；
(2)已知物体的重力和提升的高度，根据公式W=Gh可求所做的有用功；用总功减去有用功得出克服摩擦力做的额外功，根据W额=fs求出物体所受斜面的摩擦力。
本题考查了使用斜面时有用功、总功、额外功的计算，关键是公式及其变形的灵活运用。
19.【答案】解：平面镜成像的原理是光的反射，平面镜成的虚像是反射光线的反向延长线相交而成，
先将两条反射光线反向延长交于一点S'，即点光源的像点S'；平面镜成像时，像与物关于平面镜对称，据此作出S'的对称点S，即为点光源S的位置，并连接S与两个反射点画出入射光线，如图所示：
【解析】平面镜成的虚像是反射光线的反向延长线相交而成，根据反射光线的反向延长线过像点，作出点光源的像点S'，再根据平面镜成像的特点“像与物关于平面镜对称”确定点光源S的位置，并画出入射光线。
本题考查了平面镜成像特点的应用，属于基础题目。
20.【答案】解：根据磁感线的形状可知，两者相互排斥，是同名磁极，则通电螺线管的右端为N极，由安培定则可知电流从左端流出，右端流入，故电源左端为正极，右端为负极，如图所示：
【解析】根据磁感线的形状可知，两者相互排斥，是同名磁极，可知通电螺线管的N极，然后利用安培定则可确定电源的正极。
本题考查了磁极间的相互作用规律和安培定则。利用安培定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法。
21.【答案】v=st 80.00.16C
【解析】解：(1)测量平均速度的实验原理是速度公式：v=st；
(2)由图可知，小车从A点到C点的路程sAC=80.0cm，所用的时间tAC=09：25：20-09：25：15=5s，
因此小车在AC段的平均速度vAC=sACtAC=80.0cm5s=16.0cm/s=0.16m/s；
(3)由于小车在AB段和BC段通过的路程相同，但是所用的时间不同，所以小车做的是变速运动；
A、通过的距离不变，故A不符合题意；
B、通过的距离与时间成正比，做匀速直线运动，故B不符合题意；
C、小车从斜面顶端由静止滑下后做加速运动，速度变大，图C中，相同时间通过的距离变大，如下所示；
故C符合题意；
D、速度不变，故D不符合题意。
故选：C。
故答案为：(1)v=st；(2)80.0；0.16；(3)C。
(1)本题测量平均速度实验，既要测物理运动的路程，又要测量时间，故实验原理是速度公式v=st；
(2)根据图示得出小车从A点运动到C点所用时间，读出从A点到C点的路程，利用速度公式计算小车在AC段的平均速度；
(3)根据相同路程比较时间判断小车的速度是否不变，逐一分析每个选项，找出符合意的答案。
本题考查速度公式及其应用、s-t图像和v-t图像、平均速度的计算的知识，已知前半程的速度和后半程的速度，求全程的平均速度是解答本题的难点。
22.【答案】左 便于从杆上直接读出力臂 实验结论具有普遍性，避免偶然性 A B
【解析】解：(1)杠杆的左端上翘，左端的平衡螺母或右端的平衡螺母都向上翘的左端移动，才能使杠杆在水平位置平衡；
(2)使杠杆在水平位置平衡目的是消除杠杆自身重力对实验的影响，此时力臂恰好沿杆的方向，便于从杆上直接读出力臂；
(3)探究杠杆平衡条件时，进行多次实验，利用多组实验数据总结实验结论，使实验结论具有普遍性，避免偶然性；
(4)当动力在B点斜向下拉(与水平方向成30∘角)动力臂是：L1=12OB=12×4L=2L，此时L1=L2=2L，故杠杆为等臂杠杆，与天平同类型，故选A；
(5)如图丙所示，用弹簧测力计拉杠杆的C点，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，动力臂先变大后变小，因为阻力、阻力臂不变，故测力计的拉力先变小后变大，故选：B。
故答案为：(1)左；(2)便于从杆上直接读出力臂；(3)实验结论具有普遍性，避免偶然性；(4)A；(5)B。
(1)杠杆倾斜时，杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左、右两端的螺母(或一端的螺母)要向杠杆上翘的一端调节；
(2)实验中调节杠杆在水平位置平衡是为消除杠杆自重对实验的影响，并便于测量力臂；
(3)初中物理用实验探究物理问题时要进行多次实验，有的是为了多次测量求平均值来减小误差；有的是多次测量发现变化规律；有的是为了使实验结论具有普遍性
(4)当动力在B点斜向下拉(与水平方向成30∘角)动力臂是12OB，根据杠杆的平衡条件求出动力大小；
(5)根据操作中引起力臂的变化，根据杠杆平衡条件分析测力计示数的变化；
本题考查了探究杠杆平衡条件的实验过程，从调节到实际操作、数据分析、原理运用等，考查较为全面，是我们应该掌握的重点实验。
23.【答案】断开 2 左 反比 A
【解析】解：
(1)为防止电路短路，连接电路时开关应处于断开状态；
(2)由图像乙可知，电阻两端的电压：UV=IR=0.1A×20Ω=…=0.4A×5Ω=2V；
根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数不变；
(3)由图像乙可知，在定值电阻两端电压一定时，电阻变为原来的几倍，通过电阻的电流就变为原来的几分之一，由此可得出结论为：电压一定时，导体中的电流与它的电阻成反比；
(4)实验中使用的定值电阻阻值最大为20Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U-UV=6V-2V=4V，变阻器分得的电压为电压表示数的4V2V=2倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×20Ω=40Ω，故选A。
故答案为：(1)断开；(2)2；左；(3)反比；(4)A。
(1)为防止电路短路，连接电路时开关应处于断开状态；
(2)根据图像乙结合欧姆定律求出R两端的电压；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(3)由图像乙可知，在定值电阻两端电压一定时，电阻变为原来的几倍，通过电阻的电流就变为原来的几分之一，据此可得出结论；
(4)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入20Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，进而确定滑动变阻器的规格。
本题探究通电导体中电流与电阻的关系，考查电路连接的注意事项、电路故障分析、图像的分析和结论的归纳、串联分压原理的运用和器材的选择，难度一般。
24.【答案】解：(1)升降台上升，圆柱体浸入水中后，容器中水面上升，圆柱体浸入水中的体积逐渐增大，所以浮力逐渐增大，上升到一定高度水溢出容器，圆柱体浸入水中的体积继续增加，浮力继续增大直到等于重力，在此之前，杆对圆柱体的作用力是拉力，方向竖直向上，圆柱体浸入水中的体积继续增大，此时杆对圆柱体的作用力是压力，方向竖直向下。由以上分析可知，当升降台没有上升时，杆对圆柱体的拉力等于A的重力，由图乙可知，圆柱体的重力是12N，即GA=12N，所以A的质量为：
m=Gg=12N10N/kg=1.2kg；
(2)当升降台移动的距离h为0时水对容器底部的压强为：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×17×10-2m=1.7×103Pa；
水对容器底部的压力为：
F=pS=1.7×103Pa×200×10-4m2=34N；
(3)当拉力是6N时，水开始溢出容器，圆柱体受到的浮力：
F浮1=G-F拉=12N-6N=6N，
此时圆柱体浸入水中的体积：
V1=F浮1ρ水g=6N1.0×103kg/m3×10N/kg=6×10-4m3；
则容器内水面上升的高度：
h=V1S=6×10-4m3200×10-4m2=0.03m=3cm，
刚开始时水深是17cm，容器内水面上升3cm后，水刚好溢出，圆柱体A的高度与容器高度相同，则容器的高度：
h容=h圆=h水+h=17cm+3cm=20cm，
则容器的体积：
V容=Sh容=200cm2×20cm=4000cm3=4×10-3m3，
由图可知，当升降台上升17cm时，圆柱体浸没在水中，此时杆对圆柱体的压力是8N，方向竖直向下，对圆柱体受力分析，圆柱体受重力、浮力，杆对A的压力，则：
F浮3=G+F压=12N+8N=20N，
则圆柱体浸入水中的体积：
V=F浮3ρ水g=20N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10-3m3，
此时圆柱体浸入液体中的体积等于A的体积，即圆柱体的体积是2×10-3m3，则圆柱体的底面积：
S圆=Vh圆=2×10-3m320×10-2m2=0.01m2。
答：(1)圆柱体A的质量为1.2kg；
(2)当升降台移动的距离h为0时，水对容器底部的压力为34N；
(3)物体A的底面积为0.01m2。
【解析】(1)升降台上升，圆柱体浸入水中后，容器中水面上升，圆柱体浸入水中的体积逐渐增大，所以浮力逐渐增大，上升到一定高度水溢出容器，圆柱体浸入水中的体积继续增加，浮力继续增大直到等于重力，在此之前，杆对圆柱体的作用力是拉力，方向竖直向上，圆柱体浸入水中的体积继续增大，此时杆对圆柱体的作用力是压力，方向竖直向下。由以上分析可知，当升降台没有上升时，杆对圆柱体的拉力等于A的重力，进而求出其质量；
(2)根据p=ρgh算出当升降台移动的距离h为0时水对容器底部的压强，由F=pS算出水对容器底部的压力；
(3)当拉力是6N时，水开始溢出容器，根据力的平衡条件求出圆柱体受到的浮力，根据阿基米德原理求出此时圆柱体浸入水中的体积，根据体积公式求出容器内水面上升的高度，进而求出容器的高度，根据体积公式求出容器的容积；当升降台上升17cm时，圆柱体浸没在水中，此时杆对圆柱体的压力是8N，方向竖直向下，对圆柱体受力分析，根据力的平衡条件求出圆柱体受到的浮力，根据阿基米德原理求出此时圆柱体浸入水中的体积，根据体积公式求出圆柱体的底面积。
本题考查力的平衡条件、阿基米德原理、重力公式、压强公式和液体压强公式等的综合运用，题目难度大，综合性强。
25.【答案】解：由电路图可知，闭合开关，灯泡L与定值电阻R0、滑动变阻器R串联，电压表测灯泡L和定值电阻R0两端的电压之和，电流表测电路中的电流。
(1)小灯泡L正常工作时其两端的电压UL=6V，功率PL=6W，
由P=UI可得，小灯泡L正常工作时的电流：IL=PLUL=6W6V=1A，
由P=Wt可得，小灯泡正常工作10s消耗的电能：WL=PLt=6W×10s=60J；
(2)由题意可知，滑片位于a端时，变阻器R接入电路中的电阻为零，此时灯泡正常发光，
由图乙可知，此时电压表的示数为12V，则电源的电压U=12V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，定值电阻R0两端的电压：U0=U-UL=12V-6V=6V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由I=UR可得，R0的电阻：R0=U0Ia=U0IL=6V1A=6Ω；
(3)因灯泡由较暗到正常发光，电路中的电流变为原来的2倍，
所以，滑片位于b端时，电路中的电流：Ib=12Ia=12×1A=0.5A，
由图乙可知，电压表的示数UV=5V，
此时滑动变阻器两端的电压：Ub=U-UV=12V-5V=7V，
此时滑动变阻器的电功率：Pb=IbUb=0.5A×7V=3.5W，
因滑片P移到某一点c时R上消耗的功率Pc与滑片移到b点时R上消耗的功率Pb之比为Pc：Pb=33：35，
所以，滑片P移到某一点c时R上消耗的功率：Pc=3335Pb=3335×3.5W=3.3W，
因滑片P移到某一点c时，R上消耗的功率Pc等于灯泡L和R0上消耗的总功率，
所以，电路的总功率：P总=2Pc=2×3.3W=6.6W，
此时电路中的电流：Ic=P总U=6.6W12V=0.55A，
此时定值电阻R0消耗的电功率：P0=Ic2R0=(0.55A)2×6Ω=1.815W，
此时灯泡L的实际功率：PL'=P总-P0-Pc=6.6W-1.815W-3.3W=1.485W；
由P=UI可知，此时灯泡的实际电压UL=PL'Ic=1.485W0.55A=2.7V。
答：(1)小灯泡L正常工作时的电流为1A，小灯泡正常工作10s消耗的电能为60J；
(2)R0的电阻为6Ω；
(3)滑片P滑到c点时灯泡L的实际功电压为2.7V。
【解析】由电路图可知，闭合开关，灯泡L与定值电阻R0、滑动变阻器R串联，电压表测灯泡L和定值电阻R0两端的电压之和，电流表测电路中的电流。
(1)小灯泡L正常工作时的两端和额定电压相等，功率和额定功率相等，利用P=UI求出小灯泡L正常工作时的电流，利用W=Pt求出小灯泡正常工作10s消耗的电能；
(2)由题意可知，滑片位于a端时，变阻器R接入电路中的电阻为零，此时灯泡正常发光，根据图乙读出此时电压表的示数即为电源的电压，利用串联电路的电压特点求出定值电阻R0两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出R0的电阻；
(3)灯泡由较暗到正常发光，电路中的电流变为原来的2倍，据此求出滑片位于b端时电路中的电流，根据图乙读出电压表的示数，利用串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压，再利用P=UI求出此时滑动变阻器的电功率，滑片P移到某一点c时R上消耗的功率Pc与滑片移到b点时R上消耗的功率Pb之比为Pc：Pb=33：35，据此求出滑片P移到某一点c时R上消耗的功率；滑片P移到某一点c时，R上消耗的功率Pc等于灯泡L和R0上消耗的总功率，据此求出电路的总功率，利用P=UI求出此时电路中的电流，利用P=UI=I2R求出此时定值电阻R0消耗的电功率，然后求出此时灯泡L的实际功率，再利用P=UI求出此时灯泡L的实际电压。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用等，从图像中获取有用的信息和正确得出滑动变阻器的滑片位于不同位置时消耗的电功率是关键。
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