江苏省徐州市2023届中考物理专项突破模拟题库（一模）含解析

这是一份江苏省徐州市2023届中考物理专项突破模拟题库（一模）含解析，共127页。

江苏省徐州市2023届中考物理专项突破模拟题库（一模）
【原卷 1 题】 知识点 常见的长度及估测,物体沉浮状态与浮力、重力和体积的关系,常见物体的温度,时间的估测

【正确答案】
B
【试题解析】


1-1（基础） 下列说法符合实际情况的是（　　）
A.人体正常的体温约为 39℃
B.人正常步行的速度约为 1.1m/s
C.大拇指与中指之间的最大距离约为 8dm
D.一只日光灯正常工作的电功率约为 1W
【正确答案】 B

1-2（基础） 物理是一门以观察和实验为基础的学科。作为初三学生的你，对与自身相关的一些物理量的估测最切合实际的是（　　）
A.质量约50kg B.正常体温约42℃
C.身高约16.5cm D.1min脉搏跳动约50次
【正确答案】 A

1-3（巩固） 小华对身边的物理量的大小进行了估测，下列估测中接近实际的是（　　）
A.教室的高度是1.8m B.人步行速度为5m/s
C.橡皮从课桌表面掉到地上的时间约为4s D.小华的脉搏1min跳动75次
【正确答案】 D

1-4（巩固） 下列对常见物理量的估计正确的是（　　）
A.我县（吉林永吉县）冬季最低气温约为5℃
B.托起两个鸡蛋的力约为1N
C.教室里学生课桌的高度约为1.5m
D.心脏正常跳动一次的时间约为1min
【正确答案】 B

1-5（巩固） 某同学对一些物理量进行了估测，其中最接近实际的是（　　）
A.全新的2B铅笔长约18cm
B.人体感觉最舒适的温度约为37℃
C.一张试卷的厚度大约1mm
D.人正常步行速度约为5m/s
【正确答案】 A

1-6（提升） 下列估测比较接近实际的是
A.一个中学生重月50kg B.一个电子的直径大学是1mm
C.教室内的大气压约为1×106Pa D.一个中学生在地上所受空气浮力月1N
【正确答案】 D

1-7（提升） 考场中处处有物理，下列估测中最接近事实的是（　　）
A.考场内空气的压强大约为1.0×105Pa
B.考生站立时对水平地面的压力约为5500N
C.考生在教室内受到的空气浮力约为500N
D.考场温度约为44℃
【正确答案】 A

【原卷 2 题】 知识点 辨析音调与频率的关系,辨析响度与振幅的关系

【正确答案】
D
【试题解析】


2-1（基础） 2022年3月23日，翟志刚、王亚平和叶光富进行了第二次“天宫授课”，听众能够区分出他们的声音，是根据声音的（　　）
A.响度 B.音色 C.音调 D.振幅
【正确答案】 B

2-2（基础） 长途行驶的汽车轮胎容易出现漏气现象。有经验的驾驶员常常会停下车用铁棒敲击轮胎，如果空气充足，发出的声音会（　　）
A.音调较高 B.音调较低 C.响度较大 D.响度较小
【正确答案】 A

2-3（巩固） 吉他上的弦紧时发声的音调比它不紧时高，则绷紧的弦发声比它不紧时（　　）
A.振幅一定更大 B.振幅一定更小
C.振动频率一定更低 D.振动频率一定更高
【正确答案】 D

2-4（巩固） 如图所示，用筷子敲击大小不同的瓷碗可以演奏优美的乐曲。下列分析正确的是（ ）

A.乐曲声是由瓷碗振动产生的
B.快速敲，声音传播速度越快
C.用更大的力敲碗可改变音调
D.优美的乐曲声一定不是噪声
【正确答案】 A

2-5（巩固） 如图所示的实验中，用不同的力敲击音叉，放入水中，溅起了水花。关于该实验，下列说法不正确的是（　　）

A.该实验说明发声的物体在振动
B.溅起的水花越高，说明音叉发出的声音响度越大
C.溅起的水花越低，说明音叉发出的声音音调越低
D.声波与水波相似，用到了类比法
【正确答案】 C
2-6（提升） 如图所示，扬声器是把电信号转化为声信号的装置，工作时线圈中通入携带声音信息、时刻变化的电流．下列说法中错误的是（ ）

A.线圈中通入的是方向变化的电流，所以锥形纸盆来回振动，产生声音
B.锥形纸盆振动越快，产生的声音音调越高
C.锥形纸盆振幅越大，产生的声音响度越大
D.扬声器工作过程利用的是电磁感应原理
【正确答案】 D

2-7（提升） 如图声波的波形图，下列说法正确的是（　　）

A.甲、乙的音调相同 B.乙、丙的音调相同
C.乙、丙的音色相同 D.甲、丁的响度相同
【正确答案】 A

【原卷 3 题】 知识点 凸透镜成缩小实像时的物距与像距,凸透镜成实像时像距随物距的变化规律,根据凸透镜的物像关系求凸透镜的焦距

【正确答案】
C
【试题解析】


3-1（基础） 小红想探究“凸透镜成像的规律”，在第一次实验时将蜡烛和透镜放在如图所示位置（光屏未画出），移动光屏，在光屏上得到一个清晰的像；然后再移动蜡烛、光屏继续进行实验，当蜡烛在30cm刻度处时，光屏上得到一个相同大小、清晰的像。下列说法错误的是（　　）


A.该凸透镜的焦距是10cm
B.第一次实验得到的像是倒立、缩小的实像
C.第一次实验的成像规律可应用于照相机
D.将蜡烛从图中位置向25cm刻度处移动的过程中，光屏上的像在逐渐变小
【正确答案】 D

3-2（基础） 在“探究凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜、光屏位置如图所示，此时光屏上成清晰的像（像未画出），保持透镜位置不变，则下列说法正确的是（　　）

A.将蜡烛靠近透镜，并适当移动光屏，总可以在光屏上得到清晰的像
B.将蜡烛远离透镜，并向左适当移动光屏，光屏上接收到的像变小
C.由于燃烧蜡烛越来越短时，光屏上的像越来越低
D.将光屏与蜡烛的位置对调，不可能在光屏上成清晰的像
【正确答案】 B

3-3（巩固） 在探究凸透镜成像规律时，某次实验光屏上接受到清晰的像时各实验装置的位置如图所示，则下列判断正确的是（　　）

A.投影仪利用了此成像规律
B.将蜡烛向左移动，要得到清晰的像光屏也要向左移动，且移动的距离大于蜡烛移动的距离
C.此凸透镜的焦距是15cm
D.凸透镜的位置不动，将光屏和蜡烛位置对调，光屏上成清晰的倒立放大的实像
【正确答案】 D

3-4（巩固） 做凸透镜成像实验时，将光具座上的蜡烛、凸透镜、光屏如图放置，光屏上呈现清晰的像。下列说法正确的是（　　）

A.该凸透镜的焦距大于10cm
B.光屏上的像是倒立放大的
C.将蜡烛远离凸透镜时，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏远离凸透镜
D.只将凸透镜向左移到适当位置，就可以在光屏上得到清晰放大的像
【正确答案】 D

3-5（巩固） 如图所示，一位同学正在探究凸透镜成像规律，在光屏上得到了清晰的像（像未画出）。下列分析正确的是（　　）

A.此时光屏上成的是倒立、放大的实像
B.蜡烛烧短后，光屏上的像将上移
C.若只将蜡烛向左移，光屏向右移才能再次成清晰的像
D.若在凸透镜前加一个近视眼镜，光屏向左移动才能再次成清晰的像
【正确答案】 B

3-6（提升） 用如图装置探究凸透镜成像规律，凸透镜焦距为10cm，此时在光屏上恰好成清晰的像，下列说法正确的是（ ）

A.保持凸透镜位置不变，只将蜡烛和光屏的位置互换，在光屏上看不到像
B.保持凸透镜位置不变，将蜡烛移动到45.0cm刻度线处，在右侧通过透镜看不到像
C.保持蜡烛和光屏的位置不变，只将透镜适当向右移动，在光屏上不能再次看到像
D.保持蜡烛位置不变，将光屏移动到70.0cm刻度线处，再将透镜适当向左移动，在光屏上不能再次看到像
【正确答案】 D
3-7（提升） 小敏在家中做凸透镜成像实验，墙上出现一个倒立缩小清晰的像。下列说法正确的是（　　）

A.凸透镜成像大小与蜡烛距透镜的距离无关
B.若透镜不动，蜡烛远离透镜，手和透镜的影子大小不变
C.墙上所成的烛焰像是虚像
D.若蜡烛不动，透镜靠近蜡烛，能再次呈现清晰的烛焰像
【正确答案】 D

【原卷 4 题】 知识点 熔化和凝固的概念及现象,生活中的汽、液化现象,生活中的升、凝华现象

【正确答案】
A
【试题解析】


4-1（基础） 《淮南子•天文训》中记载的“二十四节气”是中华民族智慧的结晶。2022年北京冬奥会把“二十四节气”作为开幕式倒计时，其中“霜降”节气中霜的形成是（　　）
A.升华 B.凝华 C.液化 D.凝固
【正确答案】 B

4-2（基础） 下列现象中属于液化的是（　　）
A.洒在地上的水很快干了 B.江面上逐渐形成了大雾
C.冰块慢慢地融化成水 D.卫生球放一段时间变小
【正确答案】 B

4-3（巩固） 关于物态变化，下列说法正确的是（　　）
A.冬天，向积雪的道路撒盐是为了降低雪的熔点
B.冬天口中呼出的“白气”是汽化现象
C.晒在太阳下的湿衣服变干是凝固现象
D.冬天，树上经常有美丽的“雾凇”，这是凝固现象
【正确答案】 A

4-4（巩固） 如图所示是粤北某天天气预报的信息图片，关于图片中信息的解释正确的是（　　）

A.雪的形成过程中放出热量 B.雨的形成是汽化现象
C.雨夹雪时气温一定是0℃以下 D.当天夜里的温度最高可达5℃
【正确答案】 A

4-5（巩固） 戴眼镜的人从室外进入温暖的室内，镜片上会出现“水雾”，下列现象中的物态变化与“水雾”的形成相同的是（　　）
A.饮料中的冰块逐渐变小
B.北方冬天植物上的雾淞
C.蒸锅上方生成的“白气”
D.寒冬，室外冰冻的衣服逐渐变干
【正确答案】 C

4-6（提升） 下列一些关于生活中的物理现象及分析正确的是（　　）
A.撒盐可以促使雪熔化，说明盐可以提高雪的熔点
B.严冬，窗户上的“冰花”结在玻璃的外侧
C.热水瓶口的“白汽”是瓶外的水蒸气液化形成的
D.液化石油气是常温下利用压缩体积的方法液化后储存在钢罐中的
【正确答案】 D

4-7（提升） 生活中关于热现象叙述错误的是
A.用手沾些冷水去拿包子不会太烫，是因为水汽化吸热
B.严冬，玻璃窗外壁结了一层冰花，这些冰花是水蒸气凝华形成的，需要放热
C.打开冰箱门，看见门前冒白气，这是液化现象，需要放热
D.用冰袋给高热病人降温，是因为冰熔化吸热
【正确答案】 B

【原卷 5 题】 知识点 扩散现象及其影响因素,分子之间存在引力和斥力的现象,摩擦起电现象

【正确答案】
C
【试题解析】


5-1（基础） 如图所示，这是“静电章鱼”实验，将用毛皮摩擦过的塑料细丝抛向空中，并将用毛皮摩擦过的橡胶棒放置在塑料细丝下方，塑料细丝像章鱼一样张开了“触手”且在空中悬浮起来。塑料细丝在空中悬浮是因为（　　）

A.创造了电荷 B.同种电荷相互排斥
C.异种电荷相互吸引 D.受到分子间相互作用的斥力的作用
【正确答案】 B

5-2（基础） 对下列现象的解释，正确的是（　　）
A.温度越高的物体，其内能一定越大
B.“破镜难圆”说明分子间存在斥力
C.用手捏海绵，海绵的体积变小了，说明分子间有间隙
D.打开香水瓶盖后，能闻到香味，说明分子在永不停息的运动
【正确答案】 D

5-3（巩固） 下面的现象与微观解释正确的是（　　）
A.一个带正电的物体吸引轻小物体，则轻小物体一定带负电
B.腌制鸭蛋，盐分子能进入蛋中，说明盐分子都在不停地做无规则运动
C.固体很难压缩，说明固体分子没有间隙
D.摩擦起电创造出正、负电荷
【正确答案】 B

5-4（巩固） 下列关于分子动理论和物体内能的变化说法中，正确的是（　　）
A.液体很难被压缩，说明分子间有引力
B.雾霾天气有大量极细小的尘粒悬浮在空中，说明分子在做无规则运动
C.压在一起的铅片和金片几年后剖开，切面互相渗透，属于扩散现象
D.冬天人们有热水袋取暖，感到暖和，是用做功的方法改变物体的内能
【正确答案】 C

5-5（巩固） 下列现象用分子动理论解释正确的是（　　）
A.石灰石能被粉碎成粉末，说明物质是由分子组成的
B.墨水在热水中比在冷水中扩散快，说明温度越高，分子运动越剧烈
C.“破镜不能重圆”，说明分子间有斥力
D.海绵用力一捏会缩成一团，说明分子间有间隙
【正确答案】 B

5-6（提升） 下列说法中正确的是（　　）
A.摩擦起电说明物体能自发产生电荷
B.碳纳米管自身重量极轻，却拥有高出钢铁数百倍的拉伸强度。1nm=10-10m
C.能量是守恒的，因此能源是取之不尽、用之不竭的
D.两块表面干净的铅块压紧后，即使挂较重的物体也不分开。说明分子间具有引力。
【正确答案】 D

5-7（提升） 两只相同的集气瓶中分别装有空气和红棕色的二氧化氮气体，用玻璃板隔开后按图示放量，抽去玻璃板，保持两瓶口紧贴静置较长时间后，两瓶中气体颜色变得相同。已知瓶中二氧化氮气体的密度比空气的密度大，下列说法正确的是（　　）

A.此现象能说明分子间存在相互作用的引力
B.此现象与“扫地时灰尘飞扬”的成因相同
C.颜色变得相同后，瓶中气体分子停止运动
D.颜色变得相同后，上方瓶中气体密度比空气大
【正确答案】 D

【原卷 6 题】 知识点 根据牛顿第一定律判断物体的运动状态,惯性的大小与哪些因素有关,力与运动的关系,辨析物体的机械能是否发生变化

【正确答案】
C
【试题解析】


6-1（基础） 如图所示的几种情景中，下列有关说法错误的是（　　）

A.甲图中，足球运动员踢球使球飞了出去，说明力可以改变物体的运动状态
B.乙图中，跳远运动员加速一段时间后再起跳，是为了增大跳远运动员的惯性
C.丙图中，被击出的排球在上升过程中突然不受一切外力，排球将做匀速直线运动
D.丁图中，运动员受到冲浪板的支持力与运动员对冲浪板的压力是一对相互作用力
【正确答案】 B

6-2（基础） 打篮球可以训练脑部的思考和判断能力、控制体重与改变体形，深得中学生的喜爱。同学们在篮球训练时，下列分析正确的是（　　）
A.篮球上升到最高点时受平衡力的作用
B.篮球在上升、下降过程中，惯性大小变化
C.假如正在上升的篮球所受的力全部消失，它将做匀速直线运动
D.篮球离开手后还能继续向上运动是由于受到惯性的作用
【正确答案】 C

6-3（巩固） 在体育测试“掷实心球”中，下列说法中正确的是（　　）
A.球离开手后继续在空中飞行的过程中机械能先减少后增加
B.球出手时要快是为了增大球的惯性
C.球在飞行过程中，运动状态一直在发生改变
D.球运动到最高点时若所受外力突然消失，球保持静止
【正确答案】 C

6-4（巩固） 近年来，中国科技成就让世人瞩目：探月“嫦娥”、入海“蛟龙”、中国高铁等大批对国民经济和社会发展有重大影响的标志性科技创新成果不断涌现，下列说法正确的是
A.高铁因为速度快，所以惯性大
B.国产大飞机高度上升时，机舱外的大气压变大
C.绕月飞行的嫦娥卫星如果不受任何外力作用，将会一直绕月做匀速圆周运动
D.天舟一号经火箭发射上升的过程中，天舟一号的重力势能变大
【正确答案】 D

6-5（巩固） 在北京冬奥会自由式滑雪女子大跳台的比赛中，我国选手谷爱凌从50m高的跳台由静止出发，在空中完成了一次超高难度的1620度旋转，获得金牌。下列说法中正确的是（　　）

A.她在空中受到重力和惯性力的作用
B.她离开轨道末端时速度越大，惯性越大
C.她的惯性越大，上升的高度越高
D.她运动到最高点一切外力消失她将做匀速直线运动
【正确答案】 D

6-6（提升） 如图所示，当小明用力推墙时，他沿水平冰面减速向后退去，下列说法正确的是（　　）

A.小明对地面的压力和地面对小明的支持力是一对平衡力
B.小明受到摩擦力是水平向右，合力为零，运动状态不变
C.小明减速运动时，则他的惯性和机械能也随之减小
D.假如小明的重力突然消失，小明将做匀速直线运动
【正确答案】 D

6-7（提升） 如图所示，无人机水平飞行过程中，机上悬挂小球的细线向左偏，且小球与无人机保持相对静止，不计空气阻力，则在飞行过程中

A.无人机一定是向右飞行的 B.小球的运动状态保持不变
C.小球的机械能可能减小 D.若剪断细线，小球将向左下方运动
【正确答案】 C

【原卷 7 题】 知识点 物体沉浮状态与浮力、重力和体积的关系,大气压与高度、地点、天气、季节等的关系

【正确答案】
B
【试题解析】


7-1（基础） 。如图所示，魔法水母是一款受孩子喜爱的玩具，在瓶内注水，然后放入水母，旋紧瓶盖，用力抓握塑料瓶，魔法水母就会往水下沉落，松开塑料瓶，它又会浮上来。调整握塑料瓶的力度，魔法水母就可以静止悬浮在水中。下列说法正确的是（　　）

A.用力抓握塑料瓶时，魔法水母下沉时所受浮力减小
B.用力抓握塑料瓶时，塑料瓶底所受的液体压强不变
C.魔法水母在水中悬浮时，浮力与质量是一对平衡力
D.魔法水母的上浮和下沉是依靠改变自身重力实现的
【正确答案】 D

7-2（基础） 如图是小明学习浮力后所制作的潜水艇模型，注射器通过极软的胶管从大试管中抽气或向大试管中注气，就可以调整大试管在清水中的状态，忽略软胶管在清水中的体积变化和对大试管的作用力。下列分析正确的是（　　）

A.该“潜水艇”是通过改变所受浮力的大小来实现上浮和下沉的
B.当“潜水艇”处于悬浮状态时，向清水中加盐，它将上浮
C.将注射器的活塞往外拉，水槽底部受清水的压强保持不变
D.将注射器的活塞往里推，“潜水艇”排开清水的重力始终不变
【正确答案】 B

7-3（巩固） 我国研制的“海燕﹣X”号水下滑翔机最大下潜深度达10619米，刷新了水下滑翔机下潜深度的世界纪录。如图为水下滑翔机的模型，机身上搭载的油囊可在油泵的控制下进行收缩或膨胀。当油囊收缩时滑翔机下潜，当油囊膨胀时滑翔机上浮。下列说法正确的是（　　）

A.滑翔机通过改变自身重力来实现浮沉
B.油囊收缩时滑翔机受到的水的压强逐渐减小
C.油囊膨胀时滑翔机所受的浮力小于滑翔机的重力
D.上浮时滑翔机排开水的重力大于下潜时排开水的重力
【正确答案】 D

7-4（巩固） 小明用矿泉水瓶和小玻璃瓶制作了一个“浮沉子”（如图），他将装有适量水的小玻璃瓶瓶口朝下，使其漂浮在矿泉水瓶内的水面上，矿泉水瓶内留有少量空气，拧紧瓶盖使其密封，用力挤压矿泉水瓶侧面时“浮沉子”下沉，松手后“浮沉子”即上浮。下列说法错误的是（　　）

A.“浮沉子”下沉时，所受重力大于它受到的浮力
B.若要“浮沉子”上浮，应用力挤压矿泉水瓶外侧
C.“浮沉子”上浮时，小瓶内的压缩空气会将内部的水压出
D.潜水艇与“浮沉子”浮沉的原理相同
【正确答案】 B

7-5（巩固） 如图所示，使得装有水的小瓶子漂浮在大塑料瓶中水面上，用手挤压大塑料瓶后，小瓶子下沉，松手后小瓶子又上浮，从而制成了“浮沉子”，以下说法中正确的是（　　）

A.小瓶子瓶口必须密封
B.大瓶子瓶口必须敞口
C.挤压时大瓶子液面上方空气压强增大，将小瓶子压入水中
D.松手时小瓶子中的部分水从小瓶口流出，小瓶子自重小于浮力而上浮
【正确答案】 D

7-6（提升） 小明同学利用饮料瓶和薄壁小圆柱形玻璃瓶制作了“浮沉子”，玻璃瓶在饮料瓶中的情况如图所示（玻璃瓶口开着并倒置），玻璃瓶的横截面积为S＝1.5cm2，此时玻璃瓶内外水面高度差h1＝2cm，饮料瓶内水面到玻璃瓶底部高度差h2＝8cm，下列说法中正确的是（　　）（不计饮料瓶和小玻璃瓶中气体的重力，g＝10N/kg，ρ水＝1×103kg/m3）

①用力挤压饮料瓶，发现玻璃瓶仍然漂浮在水面，此过程中h1减小、h2不变；
②用力挤压饮料瓶，发现玻璃瓶仍然漂浮在水面，此过程中h1不变、h2增大；
③空玻璃瓶的质量为3g；
④空玻璃瓶的质量为13g。
A.①③ B.②③ C.①④ D.②④
【正确答案】 B

7-7（提升） 物理兴趣小组的同学，做了一个浮沉子，如图所示．将装有适量水的玻璃小药瓶（如图甲）正好开口向下悬浮在封闭的大塑料瓶内的水中（如图乙），用力挤压大塑料瓶时，会发现玻璃小药瓶下沉（如图丙）．为了解释浮沉子下沉的现象，以下说法正确的是

A.取玻璃小药瓶和小药瓶中的气体为研究对象,重力不变，浮力增大
B.取玻璃小药瓶和小药瓶中的气体为研究对象,重力不变，浮力减小
C.取玻璃小药瓶、小药瓶中气体和瓶中水为研究对象，重力不变，浮力减小
D.取玻璃小药瓶、小药瓶中气体和瓶中水为研究对象，重力减小，浮力不变
【正确答案】 B

【原卷 8 题】 知识点 根据描述判断电路连接的方式是否正确,按照要求设计连接串联电路,按照要求设计连接并联电路

【正确答案】
D
【试题解析】


8-1（基础） 为了方便住户用水，现在很多小区都有自动售水机，通过微信或者支付宝扫码支付，支付后“感应”开关闭合取水（　　）
A. B.
C. D.
【正确答案】 D

8-2（基础） 为了方便使用，卧室里的顶灯通常用两个开关控制。一个安装在进门处，另一个安装在床头处，操作任意一个开关均可以开灯、关灯。图中最合理的设计方案是（　　）
A. B. C. D.
【正确答案】 A

8-3（巩固） 如图所示为手按式红绿灯，是一种由行人通过按动按钮控制信号，使机动车道绿灯变为红灯，人行红灯变为绿灯，从而获得一定过街时间的信号机。无行人要通过时，开关S2闭合、S1断开，机动车道绿灯亮。当行人按下开关时，相当于开关S1闭合，S2自动断开，机动车道红灯亮。以下设计的机动车道红绿灯电路图中，可行的是（　　）

A.B.C. D.
【正确答案】 D

8-4（巩固） 如图是新一代代步工具电动独轮车，依靠电力驱动低碳环保。当电源开关S1闭合时指示灯亮起，独轮车处于待机状态，再当人站在独轮车上时开关S2自动闭合，电动机才能启动，开始运动。下列电路设计符合上述要求的是（　　）

A. B. C. D.
【正确答案】 C

8-5（巩固） 刚搬新家的小超对家里卫生间的电路进行探究，发现照明灯和换气扇既能同时使用，又能独立使用，图中最符合此卫生间电路特点的是（　　）
A.B.C. D.
【正确答案】 D

8-6（提升） 小刚对家里的电风扇的电路进行了探究，他发现电风扇指示灯亮时，风扇内电动机不一定工作。电动机工作时，指示灯一定会亮。则图中最符合此电风扇电路特点的是（　　）
A.B.C.D.
【正确答案】 B

8-7（提升） 有一种专门烤肉串的烤箱，将肉串挂到箱内支架上，关上箱门（相当于闭合开关S1），支架在电动机的带动下旋转；再将温控开关S2闭合，开始加热；若只闭合开关S2，则不能加热。下图中电路设计合理的是（　　）
A.B.C. D.
【正确答案】 B
8-8（提升） 小聪受楼道灯电路的启发，在爷爷的卧室里安装了这样一个“聪明”电路。晚上只要拍拍手，灯就亮了，过一会自动熄灭，给爷爷带来了方便。不过遇到晚上有雷雨，就麻烦了，雷声使灯不断被点亮，影响爷爷休息。还有爷爷睡觉前需要这盏灯一直被点亮。小聪利用两个开关S1、S2改进了电路。通过对开关S1、S2的操作，可以取消自动功能，使灯一直被点亮或者一直不亮。符合这一要求的电路图是（　　）
A. B.
C. D.
【正确答案】 D

【原卷 9 题】 知识点 应用欧姆定律判断电表示数和灯泡亮度的变化,判断螺线管极性、电流方向、绕线方式的关系,影响电磁铁磁性强弱的因素,电磁继电器的结构、原理与工作示意图

【正确答案】
D
【试题解析】


9-1（基础） 如图所示是小明为学校楼道设计的智能照明电路，L是“220V 22W”的节能灯，天暗时自动发光，天亮时自动熄灭。控制电路中电源由两节干电池串联而成，R1为定值电阻，R2为光敏电阻，其阻值会随着光照强度的变化而变化。下列说法正确的是（　　）

A.晚上电磁铁的磁性应该比白天时更强
B.光敏电阻的阻值随光照强度的增大而增大
C.当光照强度增大时，电压表示数将减小
D.当光照强度增大时，控制电路的功率变小
【正确答案】 C

9-2（基础） 如图所示，是温度自动报警器的原理图，它运用了许多物理知识，以下说法中正确的是（　　）

A.温度计中的水银是绝缘体
B.电铃是根据电磁感应现象原理工作的
C.报警器中的电磁铁运用了电流的热效应
D.电磁继电器是一种电路开关
【正确答案】 D

9-3（巩固） 电梯为居民上、下楼梯带来很大的便利，出于安全考虑，电梯设置了超载自动报警系统，其工作原理如图所示，电梯厢底控制电路中装有压敏电阻R1，保护电阻R2。在工作电路中，K为动触点A、B为静触点，当出现超载情况时，电铃将发出报警声，电梯停止运行。下列说法错误的是（　　）

A.电梯工作时电磁铁的上端为N极
B.电磁铁磁性的强弱与线圈中电流的大小有关
C.电梯未超载时动触点K与静触点A接触
D.电梯超载时报警说明压敏电阻的阻值随压力增大而减小
【正确答案】 A

9-4（巩固） 小江同学利用光敏电阻受到光照变强时电阻会变小的特性，在户外设计了一个如图所示的阳光自动控制电路，关于此电路以下说法中错误的是（　　）


A.当阳光逐渐变强时，电磁铁电流会逐渐变大
B.当阳光变很弱时，工作电路并联的灯泡会开始工作
C.当光强不变，要想工作电路灯泡接通，变阻器滑片P应向右移动
D.减小控制电路电源电压，一天之中会适当延长灯泡的工作时间
【正确答案】 C

9-5（巩固） 电梯有额定运载人数标准，当人员超载时，电梯内报警装置会发出声音提示，此时乘客应主动减员，退出电梯。电梯的工作原理如图所示，R为保护电阻，R0压敏电阻，其阻值随压力的增大而减少。下列说法正确的是（　　）

A.甲为控制电路，乙为工作电路
B.电梯正常运行时，K与B接触
C.电梯超载时，电磁铁磁性减弱
D.电梯超载时，响铃的同时亮灯
【正确答案】 D
9-6（提升） 如图所示，这是小聪设计的照明灯自动控制电路，当光暗时灯亮，光亮时灯灭，其中光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小。在实际调试时，小聪发现灯始终亮着，而光敏电阻和其他电路元件都正常。下列调节能使控制电路达到要求的是（　　）

A.减少螺线管线圈的匝数
B.抽出螺线管中的铁芯
C.滑动变阻器滑片P向右移动
D.减小控制电路电源电压
【正确答案】 C

9-7（提升） 电梯均有额定运载人数标准，当人员超载时电梯内报警装置会发出声音提示，此时乘客应主动减员，退出电梯。电梯的工作原理如图所示，R1为保护电阻，R2为压敏电阻，其阻值随压力的增大而减小，下列说法正确的是（　　）

A.甲为控制电路，乙为工作电路
B.电梯正常运行时，K与A接触
C.电梯超载时，电磁铁磁性减小
D.电梯超载时，响铃的同时电动机也工作
【正确答案】 B

【原卷 10 题】 知识点 练习使用测电笔,可能发生触电事故的情况

【正确答案】
A
【试题解析】


10-1（基础） 关于安全用电，下列做法正确的是（　　）
A.用水扑灭着火的家用电器
B.更换灯泡前先切断电源
C.用湿抹布擦拭带电的插座面板
D.使用试电笔时，手接触笔尖的金属体
【正确答案】 B

10-2（基础） 下列做法符合安全用电要求的是（　　）
A.手机充电器长时间地插在插座上
B.断开电源开关后，再更换灯泡
C.使用试电笔时，手直接接触它的笔尖
D.家庭电路保险丝断了，用铁丝代替保险丝
【正确答案】 B

10-3（巩固） 关于安全用电，下列说法正确的是（　　）
A.用电器的金属外壳一定要接地
B.使用测电笔时，手不能接触笔尾金属电极
C.更换灯泡或搬动电器前不断开电源开关
D.手机充电器可以长期插在插座上
【正确答案】 A

10-4（巩固） 下列符合用电安全原则的是（　　）
A.小明用正在滴水的手打开台灯
B.安装电路时，开关应该安装在零线上
C.使用测电笔时，手不能接触笔尖金属体
D.家用冰箱三孔插头损坏了，换成两孔插头后只要冰箱能使用也无大碍
【正确答案】 C

10-5（巩固） 下列做法符合安全用电原则的是（　　）
A.用湿手按电灯的开关
B.用铜丝代替保险丝
C.使用试电笔时，手接触金属笔尖
D.更换灯泡前先断开总开关
【正确答案】 D

10-6（巩固） 电冰箱使用的是三脚插头，如果接地线断了，当冰箱工作时，下列判断正确的是
A.电冰箱消耗的电能会增加
B.电冰箱不能正常工作
C.人接触其外壳可能会触电
D.电冰箱使用寿命会缩短
【正确答案】 C

10-7（提升） 如图是家庭电路中常见的元件和用电器，下列说法不正确的是（　　）

A.图甲中洗衣机金属外壳与图中字母E的导线相连
B.图乙中的空气开关能防止家庭电路电流过大导致的危险
C.图丙中的测电笔辨别火线和零线时不可以碰金属笔尾
D.图丁中断开开关，手接触点M时会触电
【正确答案】 C

10-8（提升） 如图所示的家庭电路，插座不能正常工作，经检测发现b、d间断路，闭合开关S，下列说法正确的是（　　）

A.若此时站在地上的人接触c点，漏电保护器会切断电路
B.若将开关和灯互换位置，仍然符合安全用电原则
C.正确使用试电笔接触图中a点，试电笔会发光
D.灯不会发光
【正确答案】 C

【原卷 11 题】 知识点 探究声音的产生,声音是怎么传播的,从声源处减弱

【正确答案】

【试题解析】


11-1（基础） 如图是2023年央视元宵晚会的一个场景。演员说话发出的声音是由声带 _____产生的，通过 _____传到现场观众耳朵中，观众被节目内容逗得哈哈大笑说明声音可以传递 _____。

【正确答案】 振动 空气 信息

11-2（基础） 声音是由物体的_____产生的，声音以_____的形式传播着，声音的传播需要_____，声速的大小跟介质的种类和_____有关。
【正确答案】 振动 声波 介质 温度

11-3（巩固） 如图所示，“入班即静”要求同学们在教室养成轻声说话的习惯，说话声是由人的声带______而发出声音，声音是通过______传播到我们耳朵的；“轻声”是指声音的______（选填“音调”“响度”或“音色”）小，从控制噪声的角度分析，这是从______处减弱噪声的。

【正确答案】 振动 空气 响度 声源

11-4（巩固） 教室里老师讲课的声音，是由老师声带的___________产生的，并通过___________传到学生的耳朵。声音在15℃的空气中传播速度是___________m/s。
【正确答案】 振动 空气 340

11-5（巩固） 如图所示，在2022年北京冬奥会开幕式上，一名小男孩用小号演奏《我和我的祖国》。小号声是由空气柱的_____产生的，通过_____传入现场观众的耳朵中。小男孩吹奏时用手按下不同的按键，是为了改变声音的_____；观众能听出是小号发出的声音，这是根据声音的_____来判断的。

【正确答案】 振动 空气 音调 音色

11-6（提升） 如图（a）小明将衣架悬挂在细绳的中央，当同伴小华用铅笔轻轻敲击衣架时，小明听到了声音，此时声音是通过___________传入小明的耳中的。小明又将细绳的两端分别绕在两只手的食指上，再用食指堵住双耳，如图（b）所示，当同伴再次用相同的力度敲击时，小明听到衣架发出的声音变___________（“大”、“小”、“不变”）了，说明___________。小华向着远处的山崖大喊一声，约3s后听到回声，则小华距山崖大约___________m。（在空气中声速为340m/s）

【正确答案】 空气 大 固体传声的效果比气体好 510

11-7（提升） 如图，用牙轻轻咬住铅笔上端，用手指轻敲笔下端，注意听这个敲击声，然后张开嘴使牙齿不接触铅笔，手指用与前同样的力轻敲铅笔下端，比较这两次听到的声音，区别：
（1）这两次声音的最主要的不同点是_____不同（选填：音调、响度、音色）；
（2）这一实验说明_____．

【正确答案】 响度 固体传声效果好

【原卷 12 题】 知识点 不透明物体的颜色,运用推导公式求解路程和时间,施力物体与受力物体

【正确答案】

【试题解析】


12-1（基础） 暗室里，在发白光的手电筒前放置一块红色的透明胶片，对着白墙照射，白墙上会出现______颜色的光斑；在白纸上写有红色的字，用绿色的光照射它，看到的是绿纸上写有______颜色的字。雨后彩虹，是阳光经高空的冰晶或水珠折射时，不同色光的偏折程度不同而形成光的______现象，彩色电视机屏幕上各种艳丽色彩是由红、______、蓝三种光通过适当的比例混合得到的。
【正确答案】 红 黑 色散 绿

12-2（基础） 在“守株待兔”这个成语故事中，兔子不小心撞上树木而死，它受到撞击力的施力物体是______，兔子撞树的力是______形变产生的力。（均选填“兔子”、“地球”或“树”）
【正确答案】 树 兔子

12-3（巩固） 如图所示是目前倍受人们关注的喷气飞行背包，人背上后能通过该设备获得动力，实现人类自由单人飞翔的梦想。该背包发动机将汽油燃烧后的气体通过喷气孔喷出，使人获得飞行动力，这是利用物体间力的作用是 ___________原理，同时也说明了力可以改变物体的 ________；在向上飞行过程中人受到的重力的施力物体是___________。


【正确答案】 相互的 运动状态 地球

12-4（巩固） 小明作为志愿者参与学校运动会，了解了很多运动知识，比如在百米赛跑中：
（1）计时员应该在 _____开始计时；
（2）若某个计时员在听见发令枪声后开始计时，则运动的成绩是 _____（选填“变长”、“变短”或“不变”）；
（3）若某个计时员正确操作计时，记录该运动员的成绩为12.5s，则该运动员的平均速度为 _____m/s。
【正确答案】 看到发令枪冒烟 变短 8

12-5（巩固） 电影院里坐在不同位子上的观众，都能看到银幕上的画面，在银幕上呈现出来的像是______（填“实像”或“虚像”）。穿着白色上衣蓝色裤子的演员在舞台上表演，在黄色追光灯的照射下，台下观众看到的演员上半身是______色，下半身是______色。
【正确答案】 实像 黄 黑
12-6（提升） 将一张红色透明玻璃片和一张绿色透明玻璃片部分重叠（红色玻璃片在下，绿色玻璃片在上），然后放在一张白色纸板上面，如图所示。若太阳光照射到玻璃片上，在白色纸板上的甲区域主要呈现的颜色是_____ ，乙区域主要呈现的颜色是_____ 。

【正确答案】 红 黑

12-7（提升） 物理学研究表明，不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的，由此可以推测，不利于绿色植物生长的光是__________光。透明物体能透过跟它颜色相同的光，在摄影时若使用红色滤光镜拍摄白色花朵，照片上该花朵呈__________色。如图所示，用红色激光笔照射透明的红色、绿色两个气球，我们观察到__________（选填“红色气球”或“绿色气球”）更易被爆破。

【正确答案】 绿 红 绿色气球

12-8（提升） 一列“和谐号”列车以v1的速度驶入一长为s的平直隧道，在刚进入隧道时发出一鸣号声，鸣号持续时间为t，已知空气中的声速为v2，则在隧道另一端口的护路工人听到鸣号声持续的时间为______（用字母表达式表示）。
【正确答案】

【原卷 13 题】 知识点 热传递改变物体的内能,比热容的概念、单位和物理意义,热机效率的计算与估算

【正确答案】

【试题解析】


13-1（基础） 小亮用相同的酒精灯给质量相等的甲、乙两种物质加热。根据测量数据描绘温度﹣时间图象如图所示，由图可知，甲物质比热容______（选填“>”“＜”或“=”）乙物质比热容。用酒精灯给物体加热，物体内能增大、温度升高，这是通过___（选填“做功”或“热传递”）方式实现的。

【正确答案】 ＜ 热传递

13-2（基础） 2022年7月24日，长征五号B遥三运载火箭在中国文昌航天发射场点火升空。火箭发射时，燃料燃烧后喷出的高温燃气，通过__________（热传递/做功）使发射台温度急剧升高。发射台下建造巨大的水池，是利用水的__________大且水剧烈汽化时能吸收大量的热量来降低发射台温度。选择液氢作为燃料，主要是因为液氢的__________（比热容/热值）大。
【正确答案】 热传递 比热容 热值

13-3（巩固） 由同种物质制成质量不等的物体，其比热容______（选填“相同”或“不同”）。质量为2kg、初温为20℃的铜块加热后温度升高100℃，铜块吸收的热量为______J，这是通过______方式使铜块的内能增大的（已知铜的比热容为0.39×103J/（kg·℃）。
【正确答案】 相同 6.24×104 热传递

13-4（巩固） 用天然气灶将一壶质量为2kg、初温为30℃的水加热到80℃，消耗了16g天然气，这是通过_________的方式来改变水的内能，天然气灶烧水的效率为_________%，加热过程中，水的比热容_________（变大/不变/变小）。（已知水的比热容为4.2×103J/（kg·℃）、天然气的热值为4.2×107J/kg）
【正确答案】 热传递 62.5 不变

13-5（巩固） 用火炉加热水，水的温度会升高，这是通过_________的方式增加了水的内能。已知水的比热容为4.2×103J/（kg·℃），若质量为lkg的水加热后温度升高了50℃，则水吸收的热量为______J。若将杯中水倒掉一半，剩下半杯水的比热容将______（选填“变大”、“不变”或“变小”）。
【正确答案】 热传递 2.1×105 不变

13-6（提升） 如图所示，某同学做了一个气体膨胀的小实验，他将瓶盖的平滑顶部沾水，翻转后放在可口可乐瓶的瓶口。双手搓热，轻轻地将可乐瓶握实，几秒钟后，将会看到瓶盖在瓶口一直跳动。请你根据所学的物理知识。

（1）分别在夏天和冬天做这个实验，在_______（选填“夏天”或“冬天”）效果会更好；
（2）分别用小瓶（750毫升）和大瓶（2000毫升）做此实验，选_______（选填“小瓶”或“大瓶”）实验效果更好。
【正确答案】 冬天 小瓶

13-7（提升） 将一杯热水倒入盛有一些冷水的容器中，冷水的温度升高了10 ℃，这是通过______的方式改变了冷水的内能。又向容器内倒入同样一杯热水，冷水的温度又升高了6℃。如果再向容器内倒入同样三杯热水，则冷水温度可再升高______℃（不计热量损失）。
【正确答案】 热传递 9

【原卷 14 题】 知识点 影响滑动摩擦力大小因素实验装置和实验步骤

【正确答案】

【试题解析】


14-1（基础） 某实验小组的同学研究影响滑动摩擦力大小实验中，设计了如图所示的三次实验。甲乙用的是相同的长木板，丙用的是与甲乙材料相同但表面粗糙的长木板。

（1）实验时，水平匀速拉动木块，根据______的知识可知，弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的滑动摩擦力大小相等；
（2）分析比较甲、乙两次实验，可以得出的结论是______；
（3）请画出实验甲中木块对长木板的力的示意图______。
【正确答案】 二力平衡 接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大

14-2（基础） 如图所示，水平地面上AB段和BC段粗糙程度不同。在AB段用弹簧测力计沿水平向右拉着物体做匀速直线运动，此时弹簧测力计示数为2N，则物体在AB段受到的摩擦力大小为______N，方向为______。保持拉力不变，物体继续在BC段运动，发现物体在相同时间内通过的路程比AB段大，则______（AB/BC）段更粗糙。

【正确答案】 2 水平向左 AB

14-3（巩固） 如图甲所示，把质量相等、表面粗糙程度不同的两个长方体木块A、B置于水平木板上，水平木板放置在粗糙的地面上并用细线固定在墙壁上，用已校好零的弹簧测力计拉着木块A、B分别在木板上沿水平方向做匀速直线运动，通过改变放在木块上的砝码数量来改变压力大小，分别测出木块A、B在木板上滑动时的摩擦力，并根据实验数据描点画出二者所受的滑动摩擦力f与对应压力F关系的图象如图乙所示。

（1）分析图乙可知：木块______（选填“A”或“B”）表面更粗糙；
（2）某次实验中，弹簧测力计示数为F1，细线所受的拉力为F2，则F1______F2（选填“>”、“<”或“=”）。
【正确答案】 A <

14-4（巩固） 如图所示，小周同学在“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，用弹簧测力计匀速直线拉动木块做了以下4次实验。

（1）小周在做甲、乙两次实验时，测得弹簧测力计示数F1，小于F2，说明滑动摩擦力的大小跟_____有关；
（2）完成甲、丙两次实验时发现F1小于F3，则由甲、丙两次实验得出的结论为_____；
（3）多次实验发现滑动摩擦力的大小与接触面积的大小无关，则甲、丁两次实验弹簧测力计示数F1_____F4（选填“大于”、“等于”或“小于”）。
【正确答案】 压力大小 滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关 等于

14-5（巩固） 如图所示，质量相等的甲、乙木板放在水平桌面上，甲在F甲=4N的水平拉力作用下匀速运动，乙在水平拉力F乙=6N作用下静止。甲木板受到的摩擦力方向向___________，乙木板受到的摩擦力大小为___________N，木板___________的接触面更粗糙。

【正确答案】 右 6 乙
14-6（提升） 小华在探究“影响滑动摩擦力大小因素”时，按照如图甲所示的方式测量滑动摩擦力的大小，他拉动弹簧测力计使木块做匀速直线运动的过程中，木块受到 ______ （选填“平衡力”或“非平衡力”）作用，弹簧测力计的示数 ______ （选填“等于”或“不等于”）木块所受的滑动摩擦力。接着，他改用如图乙所示的方案来进行实验：弹簧测力计左端固定在墙上，将木块与弹簧测力计相连，用力水平向右拉动木板时， ______ （选填“必须”或“不必”）使木板做匀速直线运动。若F=8N时，木板恰好被匀速拉动，木块静止不动，此时弹簧测力计的示数为6N，则木块受到的摩擦力大小为______ N。

【正确答案】 平衡力 不等于 不必 6

14-7（提升） 如图甲所示，完全相同的木块A和B叠放在水平桌面上，在12N的水平拉力F1作用下，A、B一起做匀速直线运动，此时木块B所受的摩擦力为_____N；若将A、B紧靠着放在水平桌面上，用水平力F2推A使它们一起匀速运动（如图乙所示），则推力F2＝_____N。如果要验证AB两个下表面哪个更粗糙，则应该_____。

【正确答案】 0 12 见解析

【原卷 15 题】 知识点 滑轮组承重绳子段数与绳端拉力、移动距离的关系,计算机械的总功、有用功和额外功,滑轮、滑轮组机械效率的计算

【正确答案】

【试题解析】


15-1（基础） 如图所示，建筑工地的工人利用滑轮组提升建材，每个滑轮重100 N，当他所用的拉力F=400 N时，建材A在5 s内匀速上升了1.5 m。则建材A的质量为_______kg；提升建材A的过程中，拉力F的功率为________W，滑轮组的机械效率是_________%。（不计绳重及摩擦）

【正确答案】 70 240 87.5
15-2（基础） 如图所示，在不计绳重和摩擦的情况下，用弹簧测力计沿竖直方向匀速拉起重为的物体，物体上升所用时间为．此过程中有用功为_______J，拉力的功率为_______W，滑轮组的机械效率为_______。

【正确答案】

15-3（巩固） 工人用图中滑轮组来提升货物，货物重400N，每个滑轮重50N，若物体被提升了6m，不计绳重和摩擦，则拉力F是_______N，滑轮组的机械效率是_______（精确到1%）。

【正确答案】 225 89%

15-4（巩固） 如图是液压起重车的示意图。使用时液压杆将起重臂顶起，同时通过与钢索连接的卷扬机工作，可将重物吊起到需要的地方。某次起重车将质量为0.6t的货物匀速提升9m，用时60s。求：（g取10N/kg）
（1）如图所示A处的滑轮是_____滑轮。液压杆顶起起重臂的过程中，该起重臂可看作一个_____杠杆；
（2）起重车提升货物过程中，起重机对货物所做的功为_____J，做功的功率为_____W；
（3）起重车提升货物过程中，滑轮组的机械效率为80%，求卷扬机对钢索的拉力为______N。

【正确答案】 动 费力 5.4×104 900 2500

15-5（巩固） 建筑工地上，起重机吊臂上的滑轮组如图所示，在匀速起吊重的物体时，物体5s内上升了6m，此过程中有用功为_____J，若滑轮组的机械效率为70%，则额外功为_____J，拉力F为_____N，其功率为_____W。

【正确答案】 2000 7200

15-6（提升） 建筑工地的工人用如图所示的滑轮组来提升重物。已知重物G＝900N，不计绳重和摩擦，当绳子自由端的拉力F＝400N时，可将重物匀速提升2m。在此过程中，拉力F做功_______J，滑轮组的机械效率为_______；若将该滑轮组的机械效率提高5%，需要用此滑轮组提升_______N的重物。

【正确答案】 2400 75% 1200

15-7（提升） 一个质量为70kg的工人，用图所示的装置（包括滑轮组及装砖的托板）提升一堆砖。已知托板重200N，每块砖重100N。滑轮的摩擦和绳重均可忽略不计，当工人匀速提升10块砖时，此装置的机械效率为80%。那么，该人站在地面上用此装置提升这些砖的过程中，此装置的机械效率最高可达到_________。（取g=10N/kg，结果保留1位小数）

【正确答案】 81.5%

【原卷 16 题】 知识点 电功率的计算式P=UI及推导式的应用,发电机的构造和工作原理,结合图像计算不同状态时的电功率

【正确答案】

【试题解析】


16-1（基础） 某品牌电烤箱在额定电压下，功率从大到小有高档、中档和低档。如图为电烤箱在不同档位工作时的电路图，R1、R2 为发热电阻丝，且阻值 R1=1210Ω，R2=605Ω，则高档对应的电路图是________图，（选填“甲”、“乙”或“丙”）且高温档正常工作时功率为_____W

【正确答案】 丙 120

16-2（基础） 电吹风是我们生活中常用的电器之一，它既能吹热风，又能吹冷风。如图的电路是电吹风的简化电路图，图中的B是吹风机，A是电热丝。若只闭合开关S2，吹出的是______风；若同时闭合开关S1、S2，则吹出的是______风（均填“冷”或“热”）。

【正确答案】 冷 热

16-3（基础） 电热水器应使用_____（选填“两脚”或“三脚”）插头，如图是某款电热水器的工作原理图，两个加热管电阻相同，电热水器有高温、中温、低温三挡。当开关S2接b，S1断开时，电热水器处于_____挡。

【正确答案】 三脚 低温

16-4（巩固） 电热饮水机通过机内温控开关S进行自动控制，实现加热和保温两种功能。电路原理如图乙所示。电源电压恒为220V，当开关S接a时，电路处于加热状态，电流为5A，此时该饮水机加热功率为_________W；该饮水机在加热状态工作100s，产生的热量为_________J；当开关S接b时，电路处于保温状态，消耗的功率为44W，则保温状态下，电阻R₁两端电压为_________V。

【正确答案】 1100 8.8
16-5（巩固） 如图是某电热水器电路的简化图，S为挡位开关，其部分参数如表所示。该热水器挡位开关S接______（选填“1”或“2”）时为高温挡；电路中R2的电阻为______Ω。
型号
额定电压/V
水箱容积/L
频率/Hz
额定功率/kW（低/高）
DJW50N
220
50
50
0.2/1.1

【正确答案】 1 198

16-6（巩固） 某型号电饭煲有加热和保温功能，如图甲所示为其内部电路原理图，如图乙是该电饭煲工作时一次做饭过程中电功率与时间的关系图像，电阻R1的阻值是_______，总消耗的电量是_______度。

【正确答案】 60.5 0.167

16-7（提升） 有一款新型智能家用电热水壶可以手动调节温度挡位，它的等效电路图如图所示，其中R1=R2=88Ω，均为电热丝，单刀双掷开关S2可接a或b，该电热壶具有高、中、低三挡，若用高温挡加热时，电功率是_____W。

【正确答案】 1100

16-8（提升） 某电饭锅有加热和保温两挡，电饭锅的加热功率为1000W，其内部简化电路如图所示，R0和R1为两定值电阻。若保温功率为50W，则R1∶R0=______。在保温状态下通电1min，电路中R0消耗的电能是__________J。

【正确答案】 19∶1 150

【原卷 17 题】 知识点 液体压强的特点及其应用,增大压强的方法及生活中的实例

【正确答案】

【试题解析】


17-1（基础） 液体内部的压强受到液体_________和_________的影响，已知三峡大坝的正常蓄水位为175m，则三峡大坝所受的最大压强约为_________。
【正确答案】 密度 深度 1.75×106

17-2（基础） 日常生活中，我们坐沙发比坐板凳舒服得多，请用学过的物理知识对此作出解释。答：坐在沙发上和坐在硬板凳上，压力的大小________，但是坐在沙发上的时候受力面积________，受到的压强________，所以人就感觉舒服得多。
【正确答案】 相同 较大 较小

17-3（基础） 如图，在空矿泉水瓶侧壁不同高度的地方钻出两个小孔，往里面倒满水，可以观察到水从两个小孔流出的情景，说明液体压强随深度的增大而___________。

【正确答案】 增大

17-4（巩固） 我国自主研制的“海斗一号”全海深自主遥控潜水器，填补了我国万米级作业型无人潜水器的空白。潜水器下潜过程中，受到海水的压强_____（选填“增大”“减小”或“不变”）当潜水器下潜到深度静止时，受到海水的压强为______Pa，（，取）则在此下潜深度时，面积为的观察窗口受到的压力为______。
【正确答案】 增大

17-5（巩固） 龙滩水电站位于红水河上游的河池市天峨县境内。该水电站堪称世界级工程，如图是建成后大坝的截面图，大坝被建成“上窄下宽”的形状，主要是考虑到水对坝体侧面有_______，并且随深度的增加而________。若坝内水的密度为1.0×103kg/m3，当水深为________m时，大坝受到的压强是1.2×106Pa。（g取10N/kg）

【正确答案】 压强 增大 120

17-6（巩固） 病人在输液时，考虑到静脉的血压，药水瓶上除了输液管外，另外还插有一根“闲置”的管，管口朝上“敞开”在空气中，如图所示。这是利用________让药液顺利进入静脉，同时还要保证药水瓶相对针管有一定的高度，血液才不会流到输液管内，说明病人静脉的血压________（填“大于”、“等于”或“小于”）大气压强。

【正确答案】 大气压 大于

17-7（提升） 如图所示，完全相同的圆柱形容器中，装有不同的两种液体甲、乙，在两容器中，距离容器底同一高度处分别有A、B两点。若A、B两点的压强相等，则两种液体对容器底的压强关系是p甲___p乙；若两种液体的质量相等，则A、B两点的压强关系是pA___pB（以上均选填“＞”、“＜”或“=”）。

【正确答案】 ＞ ＜

17-8（提升） 如图所示，接种疫苗的注射器针头做得很尖，是为了增大 ___________，便于注射；小明用吸管模拟注射器吸水过程，如图形状的杯子中装有一些水，小明用吸管吸水时，如果每一口吸入水的质量相同，则每吸一口，水对杯底的压强减小量将 ___________；每吸一口，杯子对桌面的压强减小量将 ___________。（以上两空均选填“变大”、“变小”、“不变”）

【正确答案】 压强 变大 不变

【原卷 18 题】 知识点 凸透镜的特殊光线作图

【正确答案】

【试题解析】


18-1（基础） 完成光路图：

【正确答案】

18-2（基础） 请完成光线通过透镜后的光路。

【正确答案】 （1）；（2）

18-3（巩固） 在图中，请画出与入射光线对应的折射光线。

【正确答案】

18-4（巩固） 请在图中画出两束入射光线对应的折射光线。

【正确答案】

18-5（巩固） 如图所示，已知凸透镜的两个焦点，点燃的蜡烛位于凸透镜焦距以内，请在图中先画出两条入射光线的折射光线，再画出烛焰S点的像。

【正确答案】

18-6（提升） 如图，请在图中画出发光点S发出的入射光线通过凸透镜后的折射光线的光路图。

【正确答案】

18-7（提升） 如图所示，物体AB经凸透镜成像A'B'，请你通过作图的方法尝试确定凸透镜光心（O）和焦点（F）的位置。

【正确答案】

【原卷 19 题】 知识点 力和力臂的作图

【正确答案】

【试题解析】


19-1（基础） 在图中，杠杆OA保持静止，画出阻力F2的力臂L2。

【正确答案】

19-2（基础） 如图所示，活塞式抽水机AOB部分可视为杠杆，O为支点，请画出作用在手柄A点动力F1的动力臂l1。

【正确答案】

19-3（巩固） 如图甲所示为养生壶，壶盖可看做一个杠杆，请在图乙上画出开启壶盖时，作用在A点的阻力F2和作用在B点最小的动力F1。

【正确答案】

19-4（巩固） 在图中画出杠杆的阻力臂l，并在A点画出使杠杆静止在图示位置的最小力F；

【正确答案】

19-5（巩固） 如图所示，用螺丝刀撬图钉，O为支点，请画出动力Fl的力臂l1和阻力F2。

【正确答案】

19-6（提升） 如图，杠杆自重不计，O为支点，杠杆在图示位置平衡，l1为动力的力臂，请在图中作出阻力F2的力臂和动力F1的示意图。画出最小的力F的示意图及其力臂L。

【正确答案】

19-7（提升） 图中杠杆B点挂着重物G，若在A点施加一个最小的力F使杠杆平衡在图中的位置，请画出此力的示意图和力臂。

【正确答案】

【原卷 20 题】 知识点 重力的计算与估算,压强公式的简单应用

【正确答案】

【试题解析】


20-1（基础） 小宇的质量是50kg，每只脚与水平地面的接触面积是，他双脚站在水平地面时，求：
（1）对地面的压力；
（2）对地面的压强。
【正确答案】 （1）500N；（2）

20-2（基础） 在抗击“新型冠状病毒”疫情期间，为了尽可能避免病毒的交又感染，医院投入使用大批机器人。机器人可以完成消毒、送餐、送药等工作。机器人的质量为80kg。空载时机器人对水平地面的压强为1×105Pa；该机器人最多可负载40kg的重物。（g取10N/kg）求：
（1）机器人所受的重力；
（2）机器人空载时的车轮与地面的接触面积；
（3）机器人满载时，对地面的压强（接触面积不变）。
【正确答案】 （1） 800N；（2） 0.008m2；（3）1.5×105Pa

20-3（巩固） 如图所示，跳伞运动员在空中匀速下落的过程中，所受的空气阻力为800N，他随身携带的跳伞设备质量为20kg，运动员降落到地面后卸掉跳伞设备，对地面的压强为1.25×104Pa 。求：( g 取10N/ kg )
（1）跳伞运动员的质量为多少 kg ?
（2）运动员与地面的接触面积是多大？

【正确答案】 （1）60kg；（2）0.048m2

20-4（巩固） 如图为运载“渣土”的某型号载重车的示意图。“渣土车”自身质量6t，共6个轮子，轮胎与地面的总接触面积是1200cm2，交通部门规定车辆对地面的压强不得超过5×106Pa。（取g=10N/kg）
（1）该车空载时对水平路面的压强为多大？
（2）在不违反交通规定的情况下，该车能够装“渣土”的质量是多少吨？

【正确答案】 （1）5.0×105Pa；（2）54吨

20-5（巩固） 如图所示，小华在滑冰场快速滑行，她和冰刀的总质量为30kg，已知每只冰刀与冰面的接触面积为10cm2，求：（g取10N/kg）
（1）小华受到的重力；
（2）小华在单脚滑行时对冰面的压强。

【正确答案】 （1）300N；（2）

20-6（提升） 湖北华一寄宿学校位于梅南山麓、汤逊湖畔，毗邻华中师大一附中，学校创办于1996年，是华中师大一附中主办的全日制寄宿型九年义务教育民办学校。“乐乐”是该校学生为学校设计的吉祥物“牛”的名字，它是密度为2.5×103kg/m3的实心花岗岩雕刻而成，体积为0.4m3，“乐乐”单脚落地成奔跑姿势与地面的接触面积为500cm2，地面能够承受的最大压强为2.6×104Pa，问：（g取10N/kg）
（1）“乐乐”的重力为多少N？
（2）如果“乐乐”直接立在地面上，地面能否承受？
（3）此外设计者还想为“乐乐”装上了一个高为0.5m的实心圆柱体底座，其材料密度为2.0×103kg/m3，圆柱体底座的面积至少要多大？

【正确答案】 （1）；（2）不能；（3）0.625m2

20-7（提升） 如图所示，竖放在水平地面上的长方体，三条棱长分别为0.2米、0.1米、0.05米，密度为。
（1）求该长方体的质量m；
（2）求竖放时长方体对水平地面的压强p；
（3）为了使该长方体对水平地面的压强为500帕，拟采取的方法有：将长方体平放或侧放后，沿水平方向在上部切去一定质量。若要使切去的质量较小，请说明采取的放置方法及理由，并求出的较小值。

【正确答案】 （1）2kg；（2）4000Pa；（3）详见解析

【原卷 21 题】 知识点 电功率的计算式P=UI及推导式的应用,串联电路的电压规律,根据欧姆定律计算导体的电阻、电流及电压

【正确答案】

【试题解析】


21-1（基础） 如下图所示，电源电压保持不变，电灯标有“”字样。
（1）若开关闭合，断开时，电压表示数为，电灯恰好能正常发光。求电源电压和电阻的阻值。
（2）当开关和都闭合时，求电流表示数和电阻消耗的电功率。

【正确答案】 （1），；（2），。

21-2（基础） 将标有“6V 3W”的小灯泡L1与额定功率为6W的小灯泡L2并联接入如图所示的电路中，闭合开关S，小灯泡L1正常发光，且电流表示数为0.75A，求：
（1）整个电路的总电功率；
（2）灯泡L2的电阻。

【正确答案】 （1）4.5W；（2）24Ω

21-3（巩固） 如图所示，电源电压恒定，R1的阻值为20Ω。R2的阻值为10Ω。当S闭合，S1、S2断开时，电流表的示数为0.4A。
（1）求电源电压；
（2）当S闭合，S1、S2断开时，求通电10s内电路消耗的电能；
（3）当S、S1、S2都闭合时，电流表的示数变化了0.7A，且小灯泡L正常发光，求小灯泡L的额定功率。

【正确答案】 （1）12V；（2）48J；（2）6W

21-4（巩固） 如图所示，电源电压恒定（内阻不计），R1=25Ω，闭合开关S，断开开关S1，电流表示数是0.4A。当闭合S、S1时，发现电流表示数变化了0.2A，求：
（1）电源电压；
（2）R2的阻值是多少？
（3）当闭合S、S1时，电路消耗的总功率。

【正确答案】 （1）10V；（2）50Ω；（3）6W

21-5（巩固） 如图所示的电路中，电源电压为24伏且保持不变。开关S闭合，滑动变阻器的滑片P至A端时，电流表示数为1安；当S断开，滑片P滑动变阻器中点O时，电压表示数为12伏。求：
（1）滑动变阻器的最大阻值和灯泡的电阻；
（2）若电压表量程为0～15伏，断开开关S，在电压表不超过量程的情况下，灯泡的最小功率。

【正确答案】 （1）48Ω，24Ω；（2）3.375W

21-6（提升） 如图所示，电源电压不变，定值电阻R1=20Ω，小灯泡L标有“6V 3.6W”字样。当开关S闭合，S1、S2断开，滑片P从b端滑动到滑动变阻器中点时，电流表示数变化了0.2A，此时小灯泡恰好正常发光（不考虑温度对灯丝电阻的影响）。（画出对应的等效电路）求：
（1）小灯泡的电阻值；
（2）电源电压和滑动变阻器的最大阻值；
（3）当开关S、S1、S2都闭合时，电路的最小电功率。

【正确答案】 （1）10Ω；（2）12V， 20Ω；（3）14.4W

21-7（提升） 如图所示，电源电压恒定，已知的阻值为。闭合开关S，电流表的示数为，电压表的示数为。求：
（1）电源电压和的阻值；
（2）闭合开关S、，电流表的示数；
（3）所有开关均闭合，电路的功率；
（4）闭合开关S、，通电电路消耗的电能。

【正确答案】 （1）30Ω；（2）0.5A；（3）3W；（4）1800J

【原卷 22 题】 知识点 探究浮力大小与浸在液体中的体积的关系,探究浮力大小与液体密度的关系,利用阿基米德原理计算浮力、密度及质量

【正确答案】

【试题解析】


22-1（基础） 下列A、B、C、D四幅图是“探究浮力的大小与排开水所受重力关系”的过程情景。请根据图示完成下面的填空。
（1）实验中所用圆柱体的重力为______N，在情景图B中存在的错误是______；
（2）纠正错误后，继续实验，在情景C时圆柱体受到的浮力F浮＝______N；圆柱体在水中浸没后，再下移一些（未接触杯底），圆柱体受到的浮力______（填“变大”、“不变”或“变小”）；
（3）实验结果表明：浸在水中的物体受到的浮力______（填“大于”、“等于”或“小于”）物体排开水所受到的重力；
（4）圆柱体从刚接触水面到全部浸没水中，水对溢水杯底的压强______（选填“逐渐增大”、“逐渐减小”或“保持不变”）。

【正确答案】 4 溢水杯未注满水 1 不变 等于 保持不变

22-2（基础） 如图所示是“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验装置和实验过程中弹簧测力计挂着同一金属块的示数。

（1）金属块浸没在水中时，受到的浮力是______N；
（2）分析甲、乙、丙图，可以探究浮力的大小与______的关系；
（3）物体受到的浮力可能与液体的密度有关，请结合上图，设计实验探究浮力与液体密度是否有关；
实验步骤：______；
分析与论证：______。
【正确答案】 2.5 排开液体的体积（排开水的体积） 见解析
比较在水中的浮力和盐水中浮力的大小，若在水中的浮力和盐水中浮力的大小不相等，则说明物体受到的浮力与液体密度有关，反之则无关。（开放型题目，答案符合要求即可得分）

22-3（巩固） 如图1所示，小明对浸在液体中的金属块所受浮力进行了探究，A、B、C图中弹簧测力计示数的示数分别为F1、F2、F3。

（1）实验中发现F2＜F3，说明在物体所受浮力的大小与__________有关；
（2）如图2是小明绘制的“弹簧测力计示数与金属块的下表面浸入水中深度的关系”图象和“金属块所受浮力与金属块的下表面浸入水中深度的关系”图象。其中能够表示“金属块所受浮力与金属块的下表面浸入水中深度的关系”的图象为__________（选填“a”或“b”）。分析该图象可得：金属块浸没水中后所受浮力大小与金属块所处的深度__________（填“有关”或“无关”）；
（3）水的密度用ρ水表示，利用所测物理量的符号，得到煤油的密度表达式：ρ煤油＝__________。
【正确答案】 液体的密度 a 无关 ρ水

22-4（巩固） 小明用弹簧测力计、正方体物块、两个相同的圆柱形容器等，对浸在液体中的物体所受浮力进行了探究，其装置和弹簧测力计示数如图所示。（取）

（1）分析甲、乙、丙图的实验，说明浮力的大小与___________有关；比较甲、丁、戊图的实验，说明浮力的大小与___________有关；
（2）为了探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度是否有关，可比较甲、___________和丁三图的实验，并得出当物体完全浸没于液体中，浮力大小与物体浸入液体的深度___________；当物块浸没在水中时，受到的浮力是___________N；
（3）根据实验可知，物块的密度是___________kg/m3，盐水的密度是___________kg/m3；
（4）若图丙中容器底面积为100cm2，物块浸没后水未溢出，则放入物块前、后比较，水对容器底部压强增加___________Pa。
【正确答案】 物体排开液体的体积 排开液体的密度 丙 无关 4 1.25×103 1.1×103 400

22-5（巩固） 为了探究圆柱体在不同液体中受到的浮力，某同学进行了如图所示的实验（图A、B、C中的液体是水）。

（1）为了探究与的关系，需要在图中操作的基础上增加一个步骤，请写出该步骤的内容：用弹簧测力计测量______；
（2）由图中步骤B、E可知，浮力的大小跟________有关；
（3）圆柱体的体积为________；未知液体的密度为________kg/m3；
（4）若B步骤中的溢水杯放在电子秤上，如图F，在圆柱体浸入水的过程中（未接触容器底），电子秤的读数将_______。（选填“增大”、“减小”或“不变”）
【正确答案】 圆柱体重力G 液体密度 1×10-4 0.8×103 不变

22-6（巩固） 小亮通过如图的步骤进行了“浮力的大小可能与哪些因素有关”的实验。

（1）对A、C、D三图中的实验现象和数据进行分析，得出下列结论：物体浸没后，浮力的大小与深度 ___________（填“有关”或“无关”）；
（2）分析D、E两图中的实验现象和数据，可得出结论：物体受到的浮力大小还与液体的 ___________有关；
（3）根据图中的数据计算出物体的密度为 ___________kg/m3，如考虑物体具有吸水性，则计算的结果比物体的真实密度偏 ___________（填“小”或“大”）。
【正确答案】 无关 密度 4×103 大

22-7（提升） 某同学为探究影响浮力大小的因素，准备了大容器、金属块和柱形小桶，探究过程如下：（注意：此图中弹簧示数看不清楚，但不会影响做题）
（1）如图甲所示，将金属块放入小桶静止后，弹簧测力计示数为F，金属块和小桶所受到的总重力为_________；
（2）如图乙所示，使小桶浸入水中的深度为h时静止，弹簧测力计示数为，此时小桶所受到的浮力为_________，方向是_________；
（3）如图丙所示，使小桶浸入某种液体中的深度同样为h时静止，弹簧测力计示数为。通过比较弹簧在图乙、图丙中的示数发现浮力的大小与_________有关，丙图中液体的密度为_________kg/m3。（）

【正确答案】 F 竖直向上 液体密度

22-8（提升） 小李在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，用到如下器材：弹簧测力计，实心圆柱体金属块，相同的大烧杯若干，水，密度未知的某种液体，细线等。（g取10N/kg）

（1）小李进行了如图1所示的实验，由A图可知该金属块的重力为 ___________N，用弹簧测力计挂着金属块缓慢地浸入液体中不同深度，步骤如图B、C、D、E、F所示（液体均未溢出），并将其示数记录在表中；
实验步骤
B
C
D
E
F
弹簧测力计示数/N
2.2
2.0
1.7
1.7
1.9
（2）分析比较实验步骤A、D和 ___________可得出：浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；
（3）分析实验步骤A、B、C、D，得出结论当液体密度一定时，___________越大，浮力越大；
（4）分析实验数据，金属块浸没在水中时受到的浮力是 ___________N，F图中液体的密度为 ___________kg/m3；
（5）小李还想知道石块在水中所受浮力的大小等于什么，于是做了如图2所示“甲、乙、丙、丁”四步操作进行探究：
①以上操作的合理顺序是 ___________（只填“步骤代号”）；
②另一实验小组在步骤丙的操作中，只将石块的一部分浸在水中，其它步骤操作正确，则 ___________（选填“能”或“不能”）得到与（3）相同的结论；
③小李利用测量数据，计算出了石块的密度ρ石=___________kg/m3
【正确答案】 2.7 E 排开液体的体积 1 0.8×103 丁、甲、丙、乙 能 4×103

22-9（提升） 如图是小刚在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验。

（1）用弹簧测力计吊着合金块缓慢地浸入液体中不同深度，步骤如图甲乙丙丁戊所示（液体均未溢出），并将其示数记录在表中。乙步骤中台金块受到的浮力为______N；
（2）分析步骤甲乙丙，可以说明浮力大小跟物体排开的液体的______有关；分析步骤甲丙丁，发现浮力的大小与物体的浸没深度______（选填“有关”或“无关”）；
（3）学习了阿基米德原理，小刚利用实验中的数据计算出合金块的体积为______cm3，液体的密度为______g/cm3；
（4）从乙到丁的过程中，水对容器底部的压强增加了______Pa（已知平底柱形容器的底面积为100cm2）；
（5）实验完成后，小刚想进一步探究浮力大小与排开液体的重力的关系，设计了如图所示的装置：把弹簧测力计上端固定在铁架台上，用粗铁丝做一个框，挂在弹簽测力计挂钩上。在粗铁丝框上端悬吊一个金属块，下端放一小杯，在金属块的正下方，有一个溢水杯，溢水杯放置在铁架台的支架上，溢水里装满水，并且跟金属块、粗铁丝都不接触。

①平稳缓慢地抬高溢水杯支架，使金属块慢慢浸没水中，在逐渐缓慢浸没的过程中，小刚观察到弹簧测力计示数______（选填“变大”、“变小”或“不变”），因此得到结论：物体浸在液体中所受到的浮力大小与排开液体的重力相等；
②通过实验现象，小刚继续思考发现金属块在逐渐缓慢浸没的过程中，溢水杯对铁架台的支架的压强______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【正确答案】 0.6 体积 无关 200 1.2 140 变小 不变

【原卷 23 题】 知识点 探究电流与电阻的关系

【正确答案】

【试题解析】


23-1（基础） 小亮在“探究电流与电阻的关系”实验中，使用的实验器材有：电池组、电流表、电压表、开关、5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻、滑动变阻器各一个、导线若干。

（1）先将5Ω的电阻接入如图甲所示电路中，将滑动变阻器的滑片放到_________端；小亮在检查电路时，发现错接了一根导线，并补画出正确的那根导线_________；
（2）电路正确后，闭合开关，同时调节滑动变阻器，记下的电压表示数为_________V；
（3）断开开关，将电阻由5Ω换成10Ω，再闭合开关，移动滑动变阻器，保持定值电阻_________不变进行测量；
（4）实验中应该改变_________进行多次测量，目的是_________。
【正确答案】 最左 2.2 两端电压 不同的定值电阻 寻找普遍规律，避免偶然性

23-2（基础） 小易和同学们利用图甲所示的电路探究电流与电阻的关系，使用的实验器材有：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一个，开关一个，5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻各一个，规格为“20Ω 1A”的滑动变阻器一个，导线若干。

（1）小易和同学们连接的实物电路如图甲，其中还差一根导线未连接，请你用笔画线代替导线，补画出正确的那根导线，且导线不能交叉___________；
（2）连接好实物电路图后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到最___________端（选填“左”或“右”）；闭合开关后，移动滑片P时发现电流表有示数，电压表无示数，则发生故障的原因可能是___________；
（3）排除电路故障后，先用5Ω的定值电阻进行实验，闭合开关后，移动滑片P，此时电流表的示数如图乙所示；接着将5Ω的电阻换成其他阻值的定值电阻进行实验，每次应将电压表的示数调节为___________V时，记录电流表的示数；
（4）本实验可初步得到的结论为：当导体两端电压一定时，通过的电流与导体的电阻成___________，本实验中滑动变阻器的作用除了保护电路外，还有___________；
（5）小易分析以上几次实验中记录电表示数时发现，定值电阻消耗的最大功率为___________W，此时滑动变阻器接入电路的阻值为___________Ω。
【正确答案】 左 电阻R短路 2 反比 保持电阻两端的电压不变 0.8 2.5

23-3（巩固） 为了探究“通过导体的电流与导体电阻的关系”，小明采用了如图甲所示的实物图。实验供选择的定值电阻有5个，阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、30Ω，电源电压恒为4.5V，滑动变阻器的最大阻值为30Ω。

（1）请将电路连接完整，要求：电压表测定值电阻两端电压，滑片向左移动电流表示数变大______；
（2）连接电路时，开关应该______；
（3）小明首先用5Ω电阻实验，闭合开关后发现，无论怎么移动滑片，电流表指针无偏转，电压表指针迅速满偏，则电路中的故障可能是______。排除故障后，小明根据实验数据在乙图中描出第一个点，则此时定值电阻两端电压为______V；
（4）第2次实验中，他将5Ω电阻换成10Ω，如果滑片仍然停留在第1次实验的位置，小明应向______（选填“A”或“B”）端移动滑片；
（5）只用30Ω的滑动变阻器______（选填“能”或“不能”）直接完成5次实验；理由：______。
【正确答案】 断开 定值电阻断路 2 B 不能 见解析

23-4（巩固） 在“探究电流与电阻的关系”实验中，现有器材如下： 电源（电压恒定但未知） 四个定值 电阻 R1（5 Ω ）、R2 （10 Ω ）、R3（15 Ω ）、R4（20 Ω ），标有“XΩ1A”的滑动变阻器（阻值模糊不清）。电压表（可用量程：0～3V、0～15V），电流表（可用量程： 0～0.6A），导线、开关。

（1） 连接电路后闭合开关 S，发现仅有一只电表有示数，则造成这一现象的原因可能是_________；
A．电流表断路 B．定值电阻短路 C．滑动变阻器断路 D．滑动变阻器短路
（2） 排除故障把定值电阻 R1接入图甲中的 A、B 两点之间，将滑动变阻器的滑片移到最________ 端， 闭合开关，移动变阻器的滑片，使电压表的示数为 2V，电流表的示数应为________A；
（3）分别用定值电阻 R2、R3、R4 依次替换 R1，重复（2）的实验步骤。根据所测得的四次实验数 据绘制出 I ﹣ R 图象，如图乙所示，由图象可得出的结论是：___________________；
（4）当使用定值电阻 R4 进行实验时，刚一闭合开关，就发现电压表的示数恰好为 2V。为了用以上四个定值电阻完成实验并确保电路安全， 应控制 A、B 两点之间的电压在________ V 到________V 范围内。
【正确答案】 B 右 0.4 导体两端电压一定时，导体中电流与导体电阻成反比 2 3

23-5（巩固） 用如图甲所示的电路“探究电流与电阻的关系”，电源电压恒为6V，定值电阻R备有5Ω、10Ω、20Ω、40Ω各一个。

（1）实验小组根据电路图连接了实物电路如图乙，其中存在连线错误，而且只要改接一根导线就可以了，请你把接错的那根导线打上“×”，再画线把它改到正确位置上 （导线不允许交叉）；_____
（2）电路改正后，闭合开关前应将变阻器滑片调至最 _____（填“左”或“右”）端；
（3）将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，移动滑片P，发现电流表示数始终为零，电压表示数不为零，其原因可能是 _____；
（4）实验中依次接入定值电阻，调节滑片使定值电阻两端电压相同，记下电流表读数，绘出电流I与电阻倒数的变化的图像如图乙所示，由图乙可得结论：_____；
（5）为确保所给的定值电阻接入电路后都能正常进行实验，那么，滑动变阻器的最大阻值至少为 _____Ω。
【正确答案】 右 R断路 电压不变时，通过导体的电流与电阻成反比 80

23-6（提升） 探究“电流与电阻的关系”时，实验器材有：三节新的干电池（总电压为4.5V不变）、电流表、电压表、滑动变阻器（标有“20Ω 2A”字样）、定值电阻5个（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、50Ω），开关一个，导线若干。

（1）请按图甲所示的电路图，用笔画线代替导线，将图乙中的器材连接成完整的电路______（要求：滑片向左移动时电流变大）；
（2）闭合开关，电流表无示数，电压表有示数且接近电源电压，则故障原因可能是_____；
A. 滑动变阻器RP断路
B. 定值电阻R断路
C. 定值电阻R短路
（3）排除故障后，将定值电阻由5Ω更换为10Ω时，应向_____（选填“左”或“右”）适当调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变；
（4）图丙是根据实验数据画出的定值电阻的I﹣R图象，其中阴影部分面积代表的物理量是_____，其数值为_____；
（5）实验中，在接入50Ω的定值电阻后，无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，为了能完成这次实验，下列措施不可行的是_____；
A. 再串联一个10Ω的电阻
B. 调高电源电压
C. 更换一个最大阻值为30Ω的滑动变阻器
（6）在实验拓展时，发现不使用电压表，利用学生电源（电压未知但恒定不变）、阻值为R0的定值电阻、电流表、开关等器材可测未知电阻Rx的阻值，电路如图丁所示。请你完成下列实验步骤：
①按电路图正确连接电路，只闭合开关S，读出电流表示数I1；
②闭合开关_____（选填“S”、“S1”或“S和S1”），读出电流表示数I2；
③根据实验数据，计算出待测电阻Rx＝_____。（用R0、I1、I2表示）
【正确答案】 B 右 电压 3V B S和S1

23-7（提升） 小明在探究“电流与电阻关系”的实验中，电源电压是两节新干电池，定值电阻R的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。

（1）小明将5Ω的定值电阻接入如图甲所示的电路中，闭合开关，向右移动滑动变阻器的滑片，电压表示数_____（选填“变大”、“变小”或“不变”）。经检查发现电路中有一根导线连接错误，请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确_____；
（2）改正电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为某一值时，电流表示数如图乙所示。接着小明用10Ω电阻替换5Ω电阻，并移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数仍为_____V；
（3）小明将5Ω和15Ω电阻分别接入电路，并将电压表示数调到所控制的电压时，两次实验整个电路消耗的电功率之比为____；
（4）为确保所给的定值电阻接入电路后都能正常进行实验，那么，滑动变阻器的最大阻值至少为_____Ω；
（5）下列图像中，能大致反映本实验的各个物理量之间的变化关系的有_____；
A. 电流表示数与电阻R倒数的关系B.电流表示数与电压表示数的关系
C. 滑动变阻器R'与电阻R的关系 D.电阻R的功率P与电阻倒数的关系
（6）实验结束后，小明想测一个额定电压为2.5V小灯泡正常发光时的电阻，但电流表损坏。他用四节新干电池串联作电源，另有规格为“30Ω 1A”的滑动变阻器R1和一个铭牌不清的滑动变阻器R2，设计了如图丙所示的电路。请你帮他完成测量过程：
①闭合开关，将滑动变阻器R1的滑片移至最左端，调节滑动变阻器R2的滑片，使电压表示数为_____V，小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器R2的滑片位置不动，将滑动变阻器R1的滑片移至最右端，读出电压表的示数为0.5V；
③小灯泡正常发光时的电阻为_____Ω。
【正确答案】 不变 1.5 3∶1 25 ACD 3.5 25

【原卷 24 题】 知识点 计算物体运动的速度,P=W/t

【正确答案】

【试题解析】


24-1（基础） “十一”假期的一天，小强全家响应“减少疫情传播，不外出就地游”的号召，8∶30自驾小汽车从科技新村出发，于8∶54到达绿色庄园，全程12km。
（1）车子马上要到绿色庄园大门口时，小强兴奋地说：“绿色庄园终于来到了我的面前！”他这么说是以 ___________为参照物的。
（2）求小汽车在路上的平均速度是多少？（______）
（3）绿色庄园内有双人自行车，小强和爸爸一起以2.5m/s的速度骑行了3km，则他们骑行的时间是多少分钟？（______）
【正确答案】 小汽车 30km/h 20min

24-2（基础） 2022年6月17日，我国第三艘航空母舰“福建舰”正式下水（如图所示）。据公开资料显示：“福建舰”是常规动力航母，舷号为“18”，采用电磁弹射起飞，是我国 第一艘采用平直通长飞行甲板的航母。航母舰载机的相关数据如下表，请你综合应用所学知识解答下列问题：
空载起飞距离
105m
满载起飞距离
195m
最大速度
2.4马赫
（1）福建舰匀速航行时，以停留在甲板上的歼-10战斗机为参照物，福建舰是_______（选填 “静止”或“运动”）的；福建舰匀速航行时，以电磁弹射起飞的歼-10战斗机为参照物，福建舰是_______（选填“静止”或“运动”）的；
（2）航空母舰以36km/h的速度匀速直线航行2h的航行距离是多少km_______?
（3）若舰载机满载起飞时，从启动到离开飞行甲板的时间为3s，则舰载机满载起飞的平均速度是多少m/s_______?

【正确答案】 静止 运动 72km 65m/s

24-3（巩固） 2022年10月17日，虢镇火车站动集动车组开通仪式举行，这标志着该站正式迈入“动车时代”。便捷的交通给人们出行带来了极大的方便。下表是小刚查询的动车时刻表，然后乘动车T7010去探望住在西安的外公，开车出发时看到路边如图所示的交通标志牌。
车次
虢镇站开
西安站到
运行距离
T7010


162km
（1）甲交通标志牌的含义是___________；乙交通标志牌的含义是___________；
（2）该趟动车T7010从虢镇到西安运行的平均速度为多少km/h？___________
（3）小刚全家停车取票进站过安检需要时间是20min，小刚全家最晚需要几点从家出发？___________

【正确答案】 从此标志牌到虢镇站还有30km的路程 限速60km/h 90km/h

24-4（巩固） 新的《电动自行车安全技术规范》正式实施要求：最大速度≤25km/h，电动机输出功率≤400W。质检员小华对某款电动自行车进行测试，沿水平直路面从A出发骑行至D结束，测试情况如表格所示。
路段
sAB
sBC
sCD
路程s/km
0.6
4.8
0.6
用时t/h
0.05
0.2
0.05
速度特点
逐步加速
以最大速度匀速行驶
逐步减速
阻力特点
越来越大
恒力60N
越来越小
（1）测试过程中，在AB段，小华看到路旁的树木在后退，她是以___________（选填“电动自行车”或“地面”）为参照物；
（2）在BC段，电动自行车速度为___________km/h，动力做功___________J，电动机的输出功率为___________W，___________（选填“符合”或“不符合”）新《规范》关于电动机输出功率的要求；
（3）在CD段，电动自行车受___________（填“平衡”或“非平衡”）力的作用；
（4）从A到D全程，电动自行车的平均速度为___________km/h。

【正确答案】 电动自行车 24 2.88×105 400 符合 非平衡 20

24-5（巩固） 如图是我国自主研发的战略重型运输机“运20”，可在复杂气象条件下，执行长距离航空运输任务。其中一架飞机的总重为1.6×106N（如图所示），起飞640秒后达到飞行高度8000m。该飞机从成都飞抵武汉，飞行距离约1050km，飞行1.5h，请你综合应用所学知识解答下列问题：
（1）该飞机起飞时，其升力是利用气体流速越大，压强越______（选填“小”或“大”）的原理；飞机降落到地面，关闭发动机后，在水平地面减速滑行的过程中，飞机的机械能______，重力势能______（均选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（2）从成都飞抵武汉，该飞机飞行的平均速度是多少km/h？______
（3）该飞机从地面爬升到飞行高度克服重力所做的功是多少J？________
（4）该飞机发动机的功率至少是多少W？_______

【正确答案】 小 变小 不变 700km/h 1.28×1010J 2×107W

24-6（提升） 如图是小东上学时骑的共享单车，该车质量为12.5kg，在平直路面上由静止开始做直线运动的v﹣t图像，如图所示，全程共运动8min，在第5min时刚好到达全程的中点，小东骑共享单车的过程中受的平均阻力为车和小东总重的0.02倍，g取10N/kg。
　
（1）该共享单车的车把是______（填简单机械）；
（2）求全程的平均速度多大______；
（3）若共享单车在匀速运动过程中功率恒为75W，小东骑车所做的功是多少______ ；
（4）小东的重力为多少______。
【正确答案】 省力杠杆 4.5m/s 3.6×104J 500N

24-7（提升） 小明想利用所学的物理知识估测自己跳绳时克服重力的平均功率（不计绳重）。
（1）实验需要测量的物理量：①用______（填测量器材）测量自己的质量m；②测自己平均每次跳起的高度h（人的重心上升的高度）；③用______（填测量器材）记录跳n次绳所用的______（填物理量与其对应字母）。
（2）跳绳时平均功率表达式：P=______。
（3）若小明的质量m=50kg，他跳绳时的重心高度随时间变化的情况如图所示，根据所给条件可估算出他每跳一次克服重力所做的功是______J，在1min内，他跳绳的个数是______个，在1min内克服重力做功的平均功率为______W。（g取10N/kg）

（4）小明和小华两人想比较跳绳的平均功率（假设两人跳起的平均高度相同），则______；
A．频率相同，体重大的功率大
B．频率相同，跳的时间长的功率大
C．体重相同，频率高的功率小
D．体重相同，跳的时间长的功率大
【正确答案】 磅秤 秒表 时间t 25 180 75 A


答案解析


1-1【基础】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．人体正常的体温约为 36℃～37℃，故A不符合题意；
B．人正常情况下1s走1m左右，故速度为


接近1.1m/s，故B符合题意；
C．大拇指与中指之间的最大距离约为 8cm=0.8dm，故C不符合题意；
D．一只日光灯正常工作的电功率约为40W，故D不符合题意。
故选B。
1-2【基础】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A．中学生的质量在50kg左右，故A符合实际；
B．正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度较小，故B不符合实际；
C．中学生的身高约在
1.65m=16.5dm=165cm
故C不符合实际；
D．正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在75次左右，故D不符合实际。
故选A。
1-3【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．一层楼的高度约为3米，教室的高度约为3m，故A不符合题意；
B．人步行的速度约为1.1m/s，骑自行车的速度约为5m/s，故B不符合题意；
C．课桌的高度约为0.8m，则橡皮从课桌表面掉到地上的时间较短，约为0.4s，故C不符合题意；
D．成年人正常脉搏跳动1min约为70次，小华脉搏1min跳动75次接近实际，故D符合题意。
故选D。
1-4【巩固】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．我县冬季水会结冰，所以最低气温低于0℃，约为-10℃，故A不符合题意；
B．两个鸡蛋的质量约为100g，则托起两个鸡蛋的力
G=mg=0.1kg×10N/kg=1N
故B符合题意；
C．中学生身高约为1.6m，教室里学生课桌的高度约为中学生身高的一半，约为0.8m，故C不符合题意；
D．心脏正常跳动速度约1min跳动75次，则跳动一次的时间约为1s，故D不符合题意。
故选B。
1-5【巩固】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A．全新的2B铅笔大概有一拃长，约18cm，故A符合题意；
B．人体感觉最舒适的温度低于人体体温37℃，约为23℃，故B不符合题意；
C．一张试卷厚度不足1mm，大约70μm厚，故C不符合题意；
D．人正常步行时，1秒走2步，每步约0.6m，所以人正常步行的速度约为1.1m/s，故D不符合题意。
故选A。
1-6【提升】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
一个中学生重约500N，所以A不符合实际情况；一个电子的直径大约是10-15 m=10-12 mm，所以B不符合实际情况；教室内的大气压约为一个标准大气压，约为1.0×105 Pa，所以D不符合实际情况；以一个质量m=50kg中学生为例，中学生的体积：V=m/ρ=50kg/1×103kg/m3=0.05m3 ，∵人在空气中，∴V排=V=0.05m3 ，∴F浮 =ρ空气 V排 g=1.29kg/m3 ×0.05m3 ×9.8N/kg≈0.63N，故D较符合实际，故选D．
1-7【提升】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A．考场内气压接近1标准大气压，在1.0×105Pa左右，故A符合题意；
B．中学生的重力在500N左右，双脚站立时对水平地面的压力等于重力，在500N左右，故B不符合题意；
C．中学生的质量约为50kg，人体的密度和水相当，为1×103kg/m3，中学生的体积约

因为人在空气中，所以人排开空气的体积为
V排=V=0.05m3
所以受到空气的浮力为
F浮=ρ空气V排g=1.29kg/m3×0.05m3×10N/kg=0.645N
故C不符合题意；
D．人感觉舒适的温度在23℃左右，考场内气温与此差不多，在23℃左右，故D不符合题意。
故选A。
2-1【基础】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
AD．响度是指声音的大小，与声源的振幅有关，振幅越大，响度越大，故AD不符合题意；
B．音色是取决于发声体本身的一种特性，可以用于区分或辨别发声体；翟志刚、王亚平和叶光富进行了第二次“天宫授课”，听众能够区分出他们的声音，是根据声音的音色，故B符合题意；
C．音调是指声音的高低，与声源的振动频率有关，故C不符合题意。
故选B。
2-2【基础】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
当拿根铁棒敲打车轮时，则轮胎振动频率不同，发出声音的音调就会不同，即轮胎内空气越充足，敲击时轮胎振动越快，发出声音的音调越高；因此凭借声音的高低可以判断轮胎内的空气是否充足。
故选A。
2-3【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
绷紧琴弦来改变琴弦振动的快慢，所以可以改变发声的音调；琴弦绷紧时比它不紧时振动的更快，振动频率变高，音调变高；振幅大小与拨动琴弦的力有关，与琴弦的松紧无关，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
2-4【巩固】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A．声音是由物体的振动产生的，因此乐曲声是由瓷碗振动产生的，故A正确；
B．快速敲，物体振动频率快，声音的音调高，故B错误；
C．用更大的力敲碗，物体振动的幅度变大，响度变大，改变的是声音的响度，故C错误；
D．如果人正在休息，乐曲声也会打扰人的休息，也是噪声，故D错误。
故选A。
2-5【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．正在发声的音叉接触水面时会溅起水花，这个现象表明发声体在振动，故A正确，不符合题意；
BC．音叉声音越响溅起的水花越大，说明物体的振幅越大，声音的响度越大，故B正确，不符合题意，C错误，符合题意；
D．声波和水波有些类似的地方，用水波来研究声波是用到类比法，故D正确，不符合题意。
故选C。
2-6【提升】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A． 扬声器内有一永磁体，当线圈内通入电流后，根据磁场对通电导线有力的作用，线圈会运动，扬声器中的线圈中通过变化电流时，力的大小会发生变化，线圈会带动与线圈相连的纸盆振动，发出声音，此过程中将电信号转化成声信号．故A正确，不符合题意；
B．音调是指声音的高低，它和物体振动频率有关．锥形纸盆振动越快，物体振动频率越快，产生的声音音调越高，故B正确，不符合题意；
C．声音的强弱叫响度，响度与发声体的振幅有关：振幅越大，响度越大，另外响度还与距离发声体的远近有关；锥形纸盆振幅越大，产生的声音响度越大，故C正确，不符合题意；
D．扬声器是利用通电导体在磁场中受到力的作用原理工作的，不是利用电磁感应原理，故D错误，符合题意。
故选D。
2-7【提升】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A．甲与乙，在相同的时间内振动的次数是相同的，即振动频率相同，所以声音的音调相同。故A正确；
B．乙与丙，在相同的时间内声源振动的次数不相同，振动频率不同，所以音调不同。故B错误；
C．乙与丙的波形不相同，所以音色不同。故C错误；
D．甲与丁声源振动的幅度不同，所以响度不同。故D错误。
故选A。
3-1【基础】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．由图示可知，刻度尺的分度值为1cm，当蜡烛在30cm刻度处时，蜡烛与凸透镜镜的距离为20.0cm，即物距为20.0cm，此时光屏上得到一个相同大小、清晰的像，根据凸透镜成像规律可知，物距等于二倍焦距，所以凸透镜的焦距为10.0cm，故A正确，不符合题意；
BC．在第一次实验时将蜡烛和透镜放在如图所示位置，此时物距
50.0cm-15.0cm=35.0cm
物距大于二倍焦距，在光屏上得到一个倒立缩小的实像，此成像规律可应用于照相机，故BC正确，不符合题意；
D．将蜡烛从图中位置向25cm刻度处移动的过程中，物距减小，根据物近像远像变大可知，光屏上的像在逐渐变大，故D错误，符合题意。
故选D。
3-2【基础】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．将蜡烛靠近透镜，若u＜f时，成正立放大的虚像，所以不一定总可以在光屏上得到清晰的像，故A错误；
B．将蜡烛远离透镜，此时物距增大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，应向左适当移动光屏，光屏上接收到的像变小，故B正确；
C．由于燃烧蜡烛越来越短时，根据过光心的光线传播不变可知，光屏上的像越来越高，故C错误；
D．将光屏与蜡烛的位置对调，此时物距等于上次成像时的像距，像距等于上次成像时的物距，根据在光的折射中，光路是可逆的，所以光屏上可以再次成清晰的像，故D错误。
故选B。
3-3【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．凸透镜成实像时，由图可知，此时
u＞v
故光屏上成倒立、缩小的实像，照相机就是利用此原理，故A错误；
B．凸透镜成实像时，有物近像远像变大的特点，所以保持凸透镜位置不变，将蜡烛向左移动，光屏也要向左移动才可能在光屏上得到清晰的像，因像距小于物距，则像移动的距离小于蜡烛移动的距离，故B错误；
C．由图知，物距
u＝50cm﹣20cm＝30cm
像距
v＝65cm﹣50cm＝15cm
则
30cm＞2f，f＜15cm＜2f
解得
7.5cm＜f＜15cm
故C错误；
D．图中蜡烛距凸透镜的距离大于光屏距凸透镜的距离，光屏上成倒立、缩小的实像，如果凸透镜的位置不动，将光屏和蜡烛的位置对调，根据光折射时，光路具有可逆性可知，光屏上成倒立、放大的实像，故D正确。
故选D。
3-4【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
AB．由题可知，物距大于像距，会在光屏上得到一个倒立、缩小的实像，此时
u=20.0cm>2f
解得
f<10cm
故AB错误；
C．将蜡烛远离凸透镜时，物距变大，像距变小，光屏应靠近凸透镜，才能在光屏上得到清晰的像，故C错误；
D．只将凸透镜向左移，当物距等于原来的像距，像距等于原来的物距，根据光路可逆可知，可以在光屏上得到倒立、放大的实像，故D正确。
故选D。
3-5【巩固】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．由图可知，物距大于像距，由凸透镜成实像的特点可知，成倒立缩小的实像，故A错误；
B．实验中，蜡烛越烧越短，根据光线过光心不改变方向，像向光屏的上方移动，故B正确；
C．若只将蜡烛向左移，此时物距变大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，光屏向左移才能再次成清晰的像，故C错误；
D．近视镜是凹透镜，对光线起了发散作用，因此加上近视镜后，光屏应向右移动，远离凸透镜才能成清晰的像，故D错误。
故选B。
3-6【提升】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．由题意可知，凸透镜焦距为10cm，此时在光屏上恰好成清晰的像，然后根据光路的可逆性，保持凸透镜位置不变，只将蜡烛和光屏的位置互换，在光屏上还是能看到清晰的像，故A错误；
B．保持凸透镜位置不变，将蜡烛移动到45.0cm刻度线处，那么物距为5.0cm，小于一倍焦距，根据凸透镜的成像规律，在同一侧成正立、放大的虚像，在右侧通过透镜可以看到像，故B错误；
C．保持蜡烛和光屏的位置不变，只将透镜适当向右移动，这时，蜡烛相当于透镜是向左移动，光屏相当于透镜是向左移动，根据凸透镜的动态成像规律，物往左移，像也往左移，所以在光屏上能再次看到清晰的像，故C错误；
D．凸透镜成实像时，物体位于2倍焦距点，像距等于物距，此时像物距离最近为4倍焦距，即40cm；保持蜡烛位置不变，将光屏移动到70.0cm刻度线处，像物之间距离为35cm，在光屏上不能再次看到像，故D正确。
故选D。
3-7【提升】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
AC．由题意可知，墙上出现一个倒立缩小清晰的像，根据凸透镜成像规律可知应得到倒立缩小的实像，凸透镜成像大小与蜡烛距透镜的距离（物距）有关，故AC错误；
B．手和透镜的影子是光的直线传播形成的，若透镜不动，蜡烛远离透镜，手和透镜的影子变小，故B错误；
D．图中，蜡烛经凸透镜成倒立缩小的实像，此时物距u＞2f，若蜡烛不动，透镜靠近蜡烛，根据折射光路是可逆的，在f＜u＜2f还能成倒立放大的实像，即能再次呈现清晰的烛焰像，故D正确。
故选D。
4-1【基础】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶。故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
4-2【基础】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．洒在地上的水很快干了是蒸发，蒸发是汽化吸热现象，故A不符合题意；
B．雾是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故B符合题意；
C．冰变为水的过程叫熔化，故C不符合题意；
D．卫生球放一段时间变小是一种升华现象，故D不符合题意。
故选B。
4-3【巩固】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A．在其它条件相同时，积雪上撒盐是掺入了杂质，积雪的熔点降低，熔点低于当时的温度，使雪熔化，交通方便，故A正确；
B．冬天人呼出的气体中含有水蒸气，这些水蒸气遇到外面的冷空气后会液化成小水珠，就形成了人们看到的“白气”，故B错误；
C．晒在太阳下的湿衣服变干，由水由液态变为气态的过程，属于汽化，故C错误；
D．“雾凇”是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，这是凝华现象，故D错误。
故选A。
4-4【巩固】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A．雪是云层中的水蒸气凝华或小水珠凝固形成的冰晶，形成的过程中会放出热量。故A正确；
B．雨是云层中的小冰晶熔化或水蒸气液化形成的。故B错误；
C．因为冰是晶体，在凝固过程中，处于固液共存态。当气温等于0℃时，雨是液态的水，向外放出热量也会形成固态的冰晶（雪）。故C错误；
D．由图可知，当天的最高气温为5℃，但因夜晚温度普遍低于白天，故夜晚温度不可能达到5℃。故D错误；
故选A。
4-5【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
戴眼镜的人从室外进入温暖的室内，镜片上会出现“水雾”，这是眼镜温度较低，而室内水蒸气温度较高，水蒸气接触到眼镜时，会放出热量降温，液化成小水珠，附在眼镜上。
A．饮料中的冰块逐渐变小，这是冰块吸热熔化成水，A项不合题意；
B．雾淞是由于空气中的水蒸气凝华形成的固态小冰晶，B项不合题意；
C．蒸锅上方生成的“白气”，这是水蒸气液化形成的小水珠，选项C符合题意；
D．寒冬，室外冰冻的衣服逐渐变干，这是衣服上的固态冰升华成水蒸气，D项不合题意。
故选C。
4-6【提升】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．撒盐可以促使雪熔化，说明盐可以降低雪的熔点，在较低温的天气里，能容易熔化，故A错误；
B．严冬，室内的温度比室外的温度高，窗户把室内室外隔开，室内温度较高的水蒸气遇上温度较低的冰冷窗户，会放热凝华成“冰花”，所以结在玻璃的内侧，故B错误；
C．热水瓶口的“白汽”是由于瓶内的高温水蒸气流动出来后，遇上温度较低的空气，放热液化成小水滴，故C错误；
D．一般在常温下，利用压缩体积的方法把石油气液化，储存在钢罐中的，故D正确。
故选D。
4-7【提升】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A、用手沾些冷水去拿包子不会太烫，因为冷水会汽化，而汽化是吸热过程，故A正确；
B、严冬，冰花是屋内的水蒸气遇冷的玻璃放热凝华形成的，所以在玻璃窗内壁，故B错误；
C、打开冰箱门，看见门前冒“白气”，是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，液化放热，故C正确；
D、用冰袋给高热病人降温，是因为冰会熔化，且熔化是吸热过程，故D正确．
故选B．
点睛:
理解清楚液化和凝华的过程中，当水蒸气遇冷液化或凝华时，一定要搞清楚是哪的水蒸气遇到哪的“冷”而形成，清楚这一点就能明白形成在内表面还是外表面了．
5-1【基础】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．电荷不能凭空被创造，只能从一个物体转移到另一个物体，或从物体的一部分转移到另一部分，故A不符合题意；
BD．丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，用毛皮摩擦过的塑料细丝带同种电荷，抛向空中后，由于塑料细丝带同种电荷，同种电荷相互排斥，所以塑料细丝张开，用毛皮摩擦过的橡胶棒放置在塑料细丝下方，两者带同种电荷，所以塑料细丝在悬浮空中，故B符合题意，D不符合题意；
C．橡胶棒和塑料细丝带同种电荷，若带异种电荷，塑料细丝不会悬浮，故C不符合题意。
故选B。
5-2【基础】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．温度越高的物体，分子运动越剧烈，分子动能越大，但其内能不一定越大，因为质量和状态也影响内能，故A错误；
B．碎的镜子靠在一起不能“重圆”，说明分子间距离太大，大于能产生作用力的距离，故B错误；
C．海绵内有大量的孔洞，用手捏海绵，海绵内的孔洞变小，从而使海绵的体积变小，这与分子间的间隙无关，故C错误；
D．由于组成香水的物质分子不停地做无规则运动，打开香水瓶盖后，香水分子充满周围的空间，所以能闻到香味，故D正确。
故选D。
5-3【巩固】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．异种电荷相互吸引，同时带电体还可以吸引轻小物体，因此，一带正电的物体吸引另一轻小物体，则轻小物体可能带负电，也可能不带电，故A错误；
B．把鸭蛋放在盐水里浸泡一段时间，鸭蛋就变咸了，盐分子能进入蛋中，这说明盐分子在不停地做无规则运动，故B正确；
C．固体很难压缩，是因为分子之间存在着斥力，故C错误；
D．摩擦起电的实质是电子的转移，而不是创造了电荷，故D错误。
故选B。
5-4【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．分子间具有引力和斥力，液体很难被压缩，说明分子间有斥力，故A错误；
B．极细小的尘粒悬浮在空中，尘粒的运动属于物体的机械运动，不能说明分子在做无规则运动，故B错误；
C．一切物质的分子处于永不停息的无规则运动之中，当铅片与金片接触时，会有一些铅的分子进入金片．同时，金的分子也会进入铅片，长时间地让金片和铅片压在一起，就会使切互渗透，这种不同的物质在相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散现象，故C正确；
D．热水袋取暖，温度从热水袋传递到人身上，是用热传递的方法改变物体的内能，故D错误。
故选C。
5-5【巩固】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．石灰石能被粉碎成粉末，固体大颗粒变成小颗粒，与分子无关，故A错误；
B．墨水在热水中比在冷水中扩散快，说明温度越高，分子运动速度越快，故B正确；
C．由于镜子破裂处的绝大多数分子间距离较大，大于分子直径的10倍，分子间的作用力就十分微弱，所以“破镜不能重圆”，此现象不能说明分子间由斥力，故C错误；
D．用手捏海绵，海绵的体积变小了，是因为海绵之间的空气被挤出了，与分子间隙无关，故D错误。
故选B。
5-6【提升】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．摩擦起电，并不能创造电荷，而是电荷从一个物体转移到另一个物体，故选项A错误；
B．长度单位中

因此B错误；
C．能量是守恒的，但是有些能源不可再生，因此能源不是用之不尽，取之不竭的。故选项C错误；
D．分子间同时存在相互作用的引力与斥力，两块表面干净的铅块压紧后，即使挂较重的物体也不分开。说明分子间具有引力。故选项D正确。
故选D。
5-7【提升】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．图示中，抽去玻璃板后，红棕色的二氧化氮气体和空气最后会混合在一起，两个瓶中气体的颜色变得相同，这是因为分子在不停地做无规则的运动，而不能说明分子间有相互作用的引力，故A错误；
B．扫地时灰尘飞扬，是颗粒在做机械运动，而不是分子的热运动，故B错误；
C．分子的热运动是永不停息的，颜色相同后，气体分子仍然在做运动，故C错误；
D．原来上方瓶中为空气，现在两瓶颜色相同了，说明密度比空气大的二氧化氮气体与空气混在一起了，所以上方瓶中气体密度比空气密度大，故D正确。
故选D。
6-1【基础】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．甲图中足球运动员踢球使球飞出去，运动状态改变，说明力可以改变物体的运动状态，故A正确，不符合题意；
B．物体的惯性只与物体的质量有关，助跑后不能增大惯性，故B错误，符合题意；
C．被击出的排球在上升过程中突然不受一切外力，根据牛顿第一定律，排球将做匀速直线运动，故C正确，不符合题意；
D．运动员受到冲浪板的支持力与运动员对冲浪板的压力是一对相互作用力，故D正确，不符合题意。
故选B。
6-2【基础】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．篮球上升到最高点时只受重力作用，受力不平衡，故A错误；
B．篮球在上升、下降过程中，质量不变，惯性不变，故B错误；
C．假如正在上升的排球所受的力全部消失，由于球原来是运动的，由牛顿第一定律可知，篮球将继续向上做匀速直线运动，故C正确；
D．惯性是物体的一种性质，排球离开手后，由于惯性还能继续向上运动，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故D错误。
故选C。
6-3【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．球离开手后继续在空中飞行的过程中由于克服空气阻力做功，机械能不断减少，故A错误；
B．惯性大小只与质量有关，手击打球，球的质量不变，惯性不变，故B错误；
C．球在飞行过程中，受到重力和阻力这对非平衡的力的作用，运动状态一直在发生改变，故C正确；
D．球运动到最高点时，竖直方向的速度为0，只剩水平方向的速度，若所受外力突然消失，球将沿水平方向做匀速直线运动，故D错误。
故选C。
6-4【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A. 惯性只与质量大小有关，与运动状态无关，所以高铁速度再快，惯性也是不变的，故A错误；
B. 大气压随海拔高度的增加而减小，所以国产大飞机高度上升时，机舱外的大气压变小，故B错误；
C. 绕月飞行的嫦娥卫星如果不受任何外力作用，将会做匀速直线运动，而绕月运动，是因为受到月球的引力，故C错误；
D. 天舟一号经火箭发射上升的过程中，质量不变，高度增加，所以天舟一号的重力势能变大，故D正确；
故选D．
点睛：注意对惯性的理解，惯性是物体的基本属性，与物体的运动状态无关，与质量大小有关，且惯性不是力，不能说成：受到惯性作用，而应该描述成：具有惯性．
6-5【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，不是力，故A错误；
B．她离开轨道末端时速度越大，飞得更远，但惯性只与质量有关，其质量不变、惯性不变，故B错误；
C．运动员上升的高度与惯性无关，与跳台的倾斜程度、离开跳台时的速度等因素有关，故C错误；
D．她运动到最高点是具有水平方向的速度，如果此时一切外力消失她将做匀速直线运动，故D正确。
故选D。
6-6【提升】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．力的作用是相互的，小明对地面的压力和地面对小明的支持力是一对相互作用力，不是平衡力，A错误；
B．小明减速向后退去，那么受到摩擦力是水平向右，但是合力不为零，速度在减小，那么运动状态是变化的，B错误；
C．小明减速运动时，小明自身的质量不变，那么他的惯性是不变的；速度在减小，那么动能是在变小的，在水平冰面上运动，重力势能不变，则可知机械能是变小的；C错误；
D．假如小明的重力突然消失，那么小明对冰面的压力消失，摩擦力也消失，在水平方向上不受力，处于平衡状态，小明将做匀速直线运动，D正确。
故选D。
6-7【提升】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
小球受到向下的重力和沿绳子斜向上的拉力，在这两个力的作用下，小球不能平衡，运动状态发生改变，因为无人机水平飞行，方向不变，因此小球的速度不断改变，因为小球具有惯性要保持原来的运动状态，所以由图像可知小球和无人机可能存在的情况有两种①无人机向右加速带动小球②无人机向左减速运动．
A．无人机一定是向右飞行的与分析不相符；
B．小球的运动状态保持不变与分析不相符；
C．①无人机向右加速带动小球时，质量不变，高度不变，重力势能不变，速度增加，动能增加，机械能增加②无人机向左减速运动时，质量不变，高度不变，重力势能不变，速度减小，动能减小，机械能减小；
D．①无人机向右加速带动小球，剪断细线，小球将向右下方运动②无人机向左减速运动，剪断细线，小球将向左下方运动．
7-1【基础】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
AD．挤压大塑料瓶，瓶内空气被压缩，将压强传递给水，水被压入魔法水母中，魔法水母的重力增加，它排开水的体积不变，由阿基米德原理可知浮力不变，重力大于它受到的浮力，就向下沉；松开手，魔法水母内水面上的空气体积增大，压强减小，魔法水母里面被压缩的空气把水压出来，此时魔法水母的重力小于它所受的浮力，因此它就向上浮；当浮力等于重力，就会悬浮在水中，上浮和下沉是依靠改变自身重力实现的，故D正确，A错误；
B．用力抓握塑料瓶时，水被压入魔法水母中，塑料瓶内水的深度减小，根据p=ρgh知受到的液体压强变小，故B错误；
C．魔法水母在水中悬浮时，浮力和重力是平衡力，故C错误。
故选D。
7-2【基础】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．当潜艇模型浸没在水中时，排开水的体积不变，所受浮力不变，因此模型的上浮和下沉是通过改变潜艇的重力来实现的，故A错误；
B．当“潜水艇”处于悬浮状态时，向清水中加盐，水的密度变大，排开水的体积不变，由F浮=ρgV排可知它受到的浮力变大，重力不变，浮力大于重力，会上浮，故B正确；
C．向外拉注射器活塞，试管内水增加，潜艇可能悬浮或下沉，排开水的体积不变，水面会降低，由p=ρgh可知槽底部受清水的压强变小，故C错误；
D．将注射器的活塞往里推，试管内水减少，潜艇模型的重力减小，会上浮，它露出水面后，排开水的体积变小，由G浮=ρgV排可知排开清水的重力变小，故D错误。
故选B。
7-3【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．机身上的油囊在油泵的控制下进行收缩或膨胀，则油囊排开的水的体积不同，受到的浮力不同，所以能实现浮沉，故A错误；
B．油囊收缩时，排开的水的体积变小，水的密度不变，根据阿基米德原理可知，滑翔机受到的浮力减小，浮力小于重力，则滑翔机会下沉，下沉过程中，海水的密度不变，深度变大，根据

可知，滑翔机受到的水的压强逐渐变大，故B错误；
C．油囊膨胀时，滑翔机会上浮，根据物体的浮沉条件可知，滑翔机所受的浮力大于滑翔机的重力，故C错误；
D．滑翔机本身的重力不变，上浮时滑翔机排开水的重力大于滑翔机的重力，下潜时排开水的重力小于滑翔机的重力，所以上浮时滑翔机排开水的重力大于下潜时排开水的重力，故D正确。
故选D。
7-4【巩固】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
AB．挤压大塑料瓶，瓶内空气被压缩，将压强传递给水，水被压入小瓶中，将瓶体中的空气压缩，这时浮沉子里进入一些水，它的重力增加，大于它受到的浮力，就向下沉；故A正确，不符合题意；B错误，符合题意；
C．松开手，小瓶内水面上的空气体积增大，压强减小，浮沉子里面被压缩的空气把水压出来，此时浮沉子的重力小于它所受的浮力，因此它就向上浮；故C正确，不符合题意；
D．潜水艇与“浮沉子”浮沉的原理相同，都是靠改变自身重力来实现沉浮的。故D正确，不符合题意。
故选B。
7-5【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
AB．要使大瓶子内空气气压变大或变小，必须密封大瓶子，为了水能进入小瓶子，小瓶子必须敞口，故AB错误；
C．用力挤压大瓶时，瓶内空气被压缩，瓶内空气压强增大，将水压入小瓶中，小瓶中水的质量增加，小瓶所受重力大于浮力时，小瓶子下沉，故C错误；
D．松手后，瓶内的压缩空气把水压出来一些，整个瓶的重力减小，重力小于浮力，小瓶又会上升，故D正确。
故选D。
7-6【提升】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
①②用力挤压饮料瓶，瓶内气体的体积减小，气压变大，会把水压入小玻璃瓶，瓶中的空气会压缩，这时浮沉子里进入一些水，浮沉子所受重力大于它受到的浮力，那么会下沉，h2增大，最终还是漂浮；开始时，它受到的浮力等于内部水的重力和玻璃瓶自身的重力，即

整理可得

化简可得

解得；挤压后，它受到的浮力变大，内部水的重力变大，它受到的浮力还是等于内部水的重力和玻璃瓶自身的重力，即

整理可得

化简可得；综上所述可知，那么水进入玻璃瓶，h1不变；①错误，②正确；
③④瓶和水都漂浮，浮力等于重力，即


整理可得

代入数值计算可得；③正确，④错误。
故选B。
7-7【提升】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
浮沉子悬浮在水中时，小药瓶和小药瓶中气体
作为一个整体研究对象，因为浮沉子悬浮由浮
沉条件可知，其平均密度等于水的密度，当
用力挤压水瓶时，瓶内压强增大，小药瓶中气
体体积减小，因此浮沉子排开液体的体积减小
了，由阿基米德原理

可知，液体密度不变，排开液体体积减小，因
此浮力减小．重力不变，浮力减小，重力大于
浮力，浮沉子下降．
8-1【基础】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
由题知，售水机既可以通过扫码闭合“感应开关”取水；这说明扫码和投币互不影响，再与电动机串联，故D符合题意。
故选D。
8-2【基础】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A．根据电路图可知，满足操作任意一个开关均可以开灯、关灯，故A符合题意；
B．根据电路图，只有当两个开关同时闭合时，小灯泡才亮，故B不符合题意；
C．根据电路图，只有当两个开关同时断开时，小灯泡才灭，故C不符合题意；
D．根据电路图，当右边开关闭合时，左边的开关无论怎么调，灯都不灭，故D不符合题意。
故选A。
8-3【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
根据题意可知，无行人要通过时，开关S2闭合、S1断开，机动车道绿灯亮；当行人按下开关时，相当于开关S1闭合，S2自动断开，机动车道红灯亮，这说明两灯工作时互不影响，是并联的，且开关S2控制绿灯，开关S1控制红灯，故ABC不符合题意，故D符合题意。
故选D。
8-4【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
由题知，当电源开关S1闭合时指示灯亮起，人站在独轮车上开关S2自动闭合，电动机才能启动，所以，指示灯和电动机并联，S1控制干路，开关S2控制电动机。
A．图中开关S2闭合后，会发生电源短路现象，故A不符合题意；
B．图中指示灯和电动机串联，故B不符合题意；
C．图中指示灯和电动机并联，S1控制干路，开关S2控制电动机，故C符合题意；
D．图中S1控制电动机，开关S2控制指示灯，故D不符合题意。
故选C。
8-5【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．电动机可以单独工作，但灯泡工作时电动机也工作，故A不符合题意；
B．灯泡可以单独工作，但电动机工作时灯泡也工作，故B不符合题意；
C．灯泡与电动机串联，它们不能单独工作，两个开关闭合，电路是短路，故C不符合题意；
D．闭合上面开关时，电动机单独工作，闭合下面开关时，灯泡单独工作，两个开关都闭合时，电动机和灯泡同时工作，故D符合题意。
故选D。
8-6【提升】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
电风扇指示灯亮时，风扇内电动机不一定工作，两用电器互不影响，则灯与电动机并联；电动机工作时，指示灯一定会亮，据此可知干路开关控制整个电路，闭合干路开关后，灯就能工作；有支路开关控制电动机，再闭合支路开关后电动机才能工作，B图最符合此电风扇电路特点；故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
8-7【提升】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
由题意知，电动机和加热功能的工作互不干扰，所以电路应是并联连接，而开关S1闭合，电动机工作，加热功能不工作，再闭合S2加热功能工作，只闭合S2，不能加热，那么S2只控制加热功能，S1控制整个电路，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
8-8【提升】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
根据题意可知，晚上光控制开关闭合，此时只要拍拍手，声控开关也闭合了，灯就亮了，声控开关和光控开关应串联。雷雨天，通过对开关S1、S2的操作，取消自动功能，灯始终不会被点亮，说明开关S1、S2中有一个接在干路上，起总开关的作用。晚上睡觉前，通过对开关S1、S2的操作，取消自动功能，灯一直被点亮，说明其中一个手动开关与声控、光控开关这一支路并联；入睡后，只要断开手动开关中的一个开关，自动功能恢复，此时只要拍拍手，电路接通，灯就亮了，过一会自动熄灭。先将声控开关和光控开关串联，然后再与S2并联，并联后再与灯泡、开关S1、电源串联连接，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
9-1【基础】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．由题意可知，晚上时灯泡发光，白天不发光，说明晚上时，电磁铁没有磁性，所以晚上电磁铁的磁性应该比白天时更弱，故A错误；
B．天暗时自动电灯亮说明此时照明电路闭合即衔铁断开，由图可知此时电磁铁的磁性减弱即电路中的电流变小，根据欧姆定律可知电路中的电阻变大即此时光敏电阻的阻值变大，反之，天亮时光敏电阻的阻值变小，所以他选择的光敏电阻阻值大小应随光照强度的增加而减小，故B错误；
CD．光敏电阻阻值大小应随光照强度的增加而减小，所以光照强度增加，光敏电阻的阻值会减小，其分担的电压减小，故电压表示数减小；此时电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，根据P＝UI可知，电路的总功率变大，故C正确，D错误。
故选C。
9-2【基础】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．温度计中的水银是导体，故A错误；
B．电铃是根据电流的磁效应工作的，故B错误；
C．温度计内水银上升，因为水银是导体，控制电路会接通，电磁铁产生磁性，将衔铁吸引，将报警电路接通，电铃响，起到报警作用，电磁铁是运用电流的磁效应，而不是电流的热效应，故C错误；
D．电磁继电器的实质就是一个开关，可控制电路通断，故D正确。
故选D。
9-3【巩固】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A．工作时，电流从电磁铁的下面导线流入，利用安培定则判断出电磁铁的下端为N极，上端为S极，故A错误，符合题意；
B．电磁铁是根据电流的磁效应制成的；电磁铁的磁性强弱和电流大小、线圈匝数多少有关，故B正确，不符合题意；
C．正常情况下（未超载时），衔铁被弹簧拉起，K与静触点A接触，故C正确，不符合题意；
D．超载时，随着压力的增大，压敏电阻的阻值随着减小，电路中的电流逐渐增大，电磁铁的磁性逐渐增强，动触点K与静触点B接触，电铃报警，故D正确，不符合题意。
故选A。
9-4【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．当阳光逐渐变强时，光敏电阻的阻值逐渐变小，由欧姆定律可知，控制电路中的电流会变大，即电磁铁磁电流会逐渐变大， 故A正确，不符合题意；
B．当阳光变很弱时，光敏电阻的阻值逐渐变大，由欧姆定律可知，控制电路中的电流会变小，电磁铁磁磁性减弱，衔铁被弹簧拉起，与上方的触点接触，工作电路并联的灯泡会开始工作，故B正确，不符合题意；
C．当光强不变，要想工作电路灯泡接通，需使电磁铁磁性变弱，控制电路的电流变小，由欧姆定律可知，需要使控制电路的电阻增大，变阻器滑片P应向左移动，故C错误，符合题意；
D．减小控制电路电源电压，在电阻不变的情况下，控制电路中的电流变小，电磁铁磁性变弱，不能把衔铁吸下来，一天之中会适当延长灯泡的工作时间，故D正确，不符合题意。
故选C。
9-5【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．甲图中有电动机、电铃，为工作电路；乙图中电磁铁，为控制电路，故A错误；
B．正常情况下（未超载时） ， 衔铁被弹簧拉起，K与静触点A接触，电动机工作，故B错误；
C．超载时，随着压力的增大，压敏电阻的阻值减小，电路中电流逐渐增大，电磁铁的磁性逐渐增强，故C错误；
D．超载时，电磁铁磁性增强，吸引衔铁，会断开电动机的电路，电动机不工作；含有电铃的电路接通，电铃与灯泡串联同时工作，故D正确。
故选D。
9-6【提升】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
由图示知，当螺线管中产生的磁性足够强，便会把衔铁吸下来，照明灯会断开，不发光，而实际上，光敏电阻和电路其他元件都正常时，照明灯始终发光，原因是衔铁不能被吸下，即螺线管的磁性不够强，而螺线管磁性的强弱受线圈匝数和电流强弱及铁芯有无的影响，而减少线圈匝数及抽出螺线管中的铁芯都会减弱磁性；控制电路是串联连接，向右移动滑动变阻器的滑片P时，变阻器接入电路的阻值变小，则电路中的电流变大，螺线管的磁性增强；减小控制电路电源的电压，电路中的电流会减小，那么螺线管的磁性会减弱，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
9-7【提升】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．图示知，乙电路中，由于压敏电阻所受压力不同，其接入电路的阻值不同，则通过电磁铁的电流不同，则电磁铁的磁性不同，那么磁性不同对衔铁的磁性也不同，于是电路甲，电动机和电铃的通断也不同，即通过压敏电阻的不同，来控制甲电路的工作状况，所以乙为控制电路，甲为工作电路，故A错误；
B．电梯正常运行时，即图甲中电动机通路。所以衔铁的K触点与触点A接通。故B正确；
CD．电梯超载时，压敏电阻所受压力增大，其阻值减小，则电路中的电流增大，那么电磁铁的磁性增强，衔铁被吸下，触点K与触点B接通，与触点A断开，所以只有电铃工作。故CD错误。
故选B。
10-1【基础】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．生活用水是导体，用水扑灭着火的家用电器，会发生触电事故，故A错误；
B．接触带电体有触电的危险，所以为了确保安全，在更换灯泡前先切断电源，故B正确；
C．生活用水是导体，用湿抹布擦拭带电的插座面板易发生触电的危险，故C错误；
D．使用试电笔时，人手不能接触笔尖，但手要接触笔尾金属体，用笔尖接触被测的导线，故D错误。
故选B。
10-2【基础】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．手机充电器长时间地插在插座上，不但浪费电能，而且存在安全隐患，故A不符合题意；
B．为确保安全，更换灯泡时必须先断开电源开关，故B符合题意；
C．使用试电笔时，手要接触笔尾金属体，不能直接接触它的笔尖，以防止在笔尖接触火线时发生触电事故，故C不符合题意；
D．保险丝是用电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的，家庭电路保险丝断了，不能用铁丝代替保险丝，故D不符合题意。
故选B。
10-3【巩固】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A．用电器的金属外壳接地线，当发生漏电时，可以防止触电，故A正确；
B．使用测电笔时，手应该接触笔尾金属体，当氖管发光时为火线。故B错误；
C．更换灯泡或搬动电器前，一定要断开开关，防止触电，故C错误；
D．手机充电器应在使用后及时拔出，长期插在插座上，不仅会耗电且有安全隐患，如线路老化、发热、甚至短路等等，故D错误。
故选A。
10-4【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．生活用水是导体，用正在滴水的手打开台灯，会因水导电而发生触电事故，故A不符合题意；
B．为了安全用电，开关断开后，用电器应与火线断开，则控制用电器的开关必须接在火线上，故B不符合题意；
C．使用测电笔时，手一定不能接触笔尖金属体（避免触电），但手要接触它后端的金属部分，这样才能辨别火线和零线，故C符合题意；
D．用冰箱三脚插头损坏了，换成两脚插头，虽然冰箱能工作，但冰箱的外壳漏电时，容易发生触电事故，故D不符合题意。
故选C。
10-5【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．湿手是导体，用湿手按电灯的开关，可能会发生触电，故A不符合题意；
B．保险丝熔点较低，当电流过大时会熔断保护电路，但铜丝熔点较高，在电流过大时不会自动熔断，不能起到保护电路的作用，故B不符合题意；
C．使用试电笔时，要用手接触笔尾的金属部分，不能用手接触笔尖，否则会造成触电，故C不符合题意；
D．为了防止触电，更换灯泡前要断开总开关，故D符合题意。
故选D。
10-6【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
ABD、如果接地线断了，电冰箱还能接在火线和零线之间，能正常工作，消耗的电能也不会增加，使用寿命也不会缩短，故ABD都错；C. 电冰箱的外壳是金属，金属是导体，当用电器漏电时，会使外壳带电，如果接地线断了，当人接触时，会发生触电事故．故C正确．
点睛：三脚插头与三孔插座相连接时，把有金属外壳的用电器的外壳与地线相接；因用电器漏电时，会使外壳带电，若接上地线，电流就通过地线，流入大地，以防止触电事故的发生；据此分析判断．
10-7【提升】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．三脚插头的插头E与用电器的外壳相连，使用中与地线相接避免触电，故A正确，不符合题意；
B．家庭电路中空气开关的作用是保护电路，当电路中发生短路或用电器总功率过大时会引起家庭电路电流过大，空气开关跳闸，故B正确，不符合题意；
C．使用测电笔时，必须用手接触笔尾的金属体，不能与笔尖金属体接触，故C错误，符合题意；
D．断开开关，手接触点M时，M点与火线相通，接触时会触电，故D正确，不符合题意。
故选C。
10-8【提升】 【正确答案】 C
【试题解析】 分析:
在家庭电路中，电流能从火线经用电器回到零线，用电器就可工作；
正确使用试电笔时，试电笔接触火线氖管会发光；
漏电保护器的原理是当火线电流比零线电流大得多时，就说明电路的某个地方可能接地漏电；
家庭电路中开关和开关控制的用电器之间是串联，开关必须与火线相连。
详解:
A．由图知，若站在地上的人接触c点，c点接触的是零线，则电流不会经过人体，即没有发生漏电现象，所以漏电保护器不会切断电源，故A错误；
B．若将图中的开关和灯泡位置互换，则容易使人触电，不符全安全用电原则，故B错误；
CD．由图知，灯泡和插座是串联的：已知b、d间断路，但火线上的a点仍然带电，所以正确使用试电笔接触图中a点，试电笔会发光；开关闭合后，灯所在的电路构成通路，所以灯泡能够发光，故C正确，D错误。
故选C。
11-1【基础】 【正确答案】 振动 空气 信息
【试题解析】 详解:
[1][2][3]声音是由物体振动产生的，演员的声音通过空气传到现场观众耳朵中；声音可以传播声音和能量，观众被节目内容逗得哈哈大笑说明声音可以传递信息。
11-2【基础】 【正确答案】 振动 声波 介质 温度
【试题解析】 详解:
[1]声音是由物体的振动产生的。
[2]声音以声波的形式传播。
[3]声音的传播需介质，真空不能传声。
[4]声速的大小跟介质的种类有关，还和介质的温度有关。
11-3【巩固】 【正确答案】 振动 空气 响度 声源
【试题解析】 详解:
[1][2]说话声是由人的声带的振动产生的；声音的传播需要介质，声音是通过空气传播到我们耳朵的。
[3][4]“轻声”要求发出的声音要小，体现的是声音的强弱，声音的强弱是指响度这一声音的特性；在教室养成轻声说话的习惯，从控制噪声角度来看，是从声源处减弱噪声。
11-4【巩固】 【正确答案】 振动 空气 340
【试题解析】 详解:
[1]由于一切声音都是由物体振动产生的，所以老师讲课的声音是由老师的声带振动产生的。
[2]声音的传播都需要介质，老师讲课的声音是通过空气传播到学生的耳朵。
[3]声音的传播速度与介质和温度有关，经过测量可得，声音在15℃的空气中的传播速度是340m/s。
11-5【巩固】 【正确答案】 振动 空气 音调 音色
【试题解析】 详解:
[1]声音是由物体的振动产生的，小号声是由空气柱的振动产生的。
[2]声音的传播需要介质，传播介质包括固体、液体、气体，小号声是通过空气传入现场观众的耳朵中。
[3]小男孩吹奏时用手按下不同的按键，改变了小号里空气柱的长度，因此空气柱振动频率会改变，音调因此改变。
[4]音色反映声音的品质与特色，不同的物体音色不同，观众能听出是小号发出的声音，这是根据声音的音色来判断的。
11-6【提升】 【正确答案】 空气 大 固体传声的效果比气体好 510
【试题解析】 详解:
[1]当同伴小华用铅笔轻轻敲击衣架时，衣架振动发声，此时声音是通过空气传入小明的耳中。
[2][3]用绕有细绳的食指堵住双耳，敲打衣架，发出的响声通过细绳和手指传到小明的耳朵里，小明听到衣架发出的声音变大了，说明固体传声的效果比气体好。
[4]因为声音传播到山崖的时间为总时间的一半，所以声音从人传到山崖的时间为

小华距山崖的距离为
s=vt=340m/s×1.5s=510m
11-7【提升】 【正确答案】 响度 固体传声效果好
【试题解析】 详解:
根据题意分析，两次听到的声音，一次是通过牙齿，骨骼直接传到耳中的，另一次是经过空气再传入耳中的，两次声音的传播的介质不同．
空气中传播时，声波扩散严重，响度小．而在骨骼中传播时，声波损失小，而且传播速度较快．所以听到的响度大；
这一实验可以说明固体的传声效果要好于气体．
故答案为(1). 响度 (2). 固体传声效果好
12-1【基础】 【正确答案】 红 黑 色散 绿
【试题解析】 详解:
[1]红色的透明胶片只能使白光中的红光透过，红光透过胶片后照在白墙上，被反射，被反射的红光进入眼睛，墙上出现红颜色的光斑。
[2]绿光照在白纸上被白纸反射，白纸开起来是绿色的；绿光照在红字上，绿光被红字吸收，红字上没有光发生反射，没有光线进入眼睛，字看起来是黑色的；因此我们看到的是绿纸上写有黑颜色的字。
[3]雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象。
[4]用放大镜观察彩色电视画面，可以发现是由红、绿、蓝三种色光混合而成的。
12-2【基础】 【正确答案】 树 兔子
【试题解析】 详解:
[1]“守株待兔”这个成语故事中，兔子不小心撞上树木而死，兔子受到撞击力的施力物体是树，兔子是受力物体。
[2]兔子被树撞击时产生形变，由于要恢复原状，兔子也会撞击树；即兔子撞树的力是兔子形变产生的力。
12-3【巩固】 【正确答案】 相互的 运动状态 地球
【试题解析】 详解:
[1]该背包发动机将汽油燃烧后的气体通过喷气孔喷出，发动机对喷出的气体施加向下的作用力，同时喷出的气体对发动机施加向上的作用力，从而使人获得飞行动力，这是利用物体间力的作用是相互的。
[2]人的运动状态由静止变为运动，说明了力可以改变物体的运动状态。
[3]地面附近的物体都受到重力作用，重力的施力物体是地球，所以，在向上飞行过程中人受到的重力的施力物体是地球。
12-4【巩固】 【正确答案】 看到发令枪冒烟 变短 8
【试题解析】 详解:
（1）[1]因为光的传播速度远远大于声音的传播速度，因此看到发令枪冒烟开始计时更准确。
（2）[2]因光的传播速度比声音快，当听到枪声计时时，实际上是计时慢了，这样就使得时间变短，成绩偏高。
（3）[3]运动员的平均速度为

12-5【巩固】 【正确答案】 实像 黄 黑
【试题解析】 详解:
[1]电影放映机的成像原理是：当物体位于一倍焦距和二倍焦距之间时，成倒立、放大的实像，所以在银幕上呈现出来的像是实像。
[2][3]黄光照在白色上衣被上衣反射，所以看到上衣是黄色的，因为白衣反射所有颜色的光；黄光照在蓝色的裤子上被吸收，我们看到的裤子是黑色的。
12-6【提升】 【正确答案】 红 黑
【试题解析】 详解:
[1][2]若太阳光照射到玻璃片上，红色玻璃会透过红光，绿色玻璃会透过绿光，故甲为红色，丙为绿色；红色透明玻璃片透过的红光会被绿色透明玻璃片吸收，故乙为黑色。
12-7【提升】 【正确答案】 绿 红 绿色气球
【试题解析】 详解:
[1]植物是不透明的，植物呈现绿色，说明植物能反射绿光而吸收其它色光；植物之所以反射绿光是因为植物的生长不需要绿光，即绿光不利于植物的生长。
[2]透明物体能透过跟它颜色相同的光，白色光是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种颜色的光混合而成的，在摄影时若使用红色滤光镜拍摄白色花朵，红色滤光镜能通过红光，其他的光被吸收，所以镜照片上该花朵呈红色。
[3]红色激光笔照射红色透明气球，红色透明气球会透过红光，不会吸收红光；而绿色透明气球只能透过绿光，会吸收红光，使得绿色气球内的气体的温度升高，气体体积膨胀，所以绿色透明气球更易爆破，而红色透明气球不会爆破。
12-8【提升】 【正确答案】
【试题解析】 详解:
列车鸣号过程中行驶的路程

声音传播这段距离所用的时间

在隧道另一端口的护路工人听到鸣号声持续的时间

13-1【基础】 【正确答案】 ＜ 热传递
【试题解析】 详解:
[1]用相同的酒精灯给质量相等的甲、乙两种物质加热时，相同时间内，两种物质吸收的热量相同，由图像可知，甲物质比乙物质的温度升高得快，根据吸热公式可知，甲物质的比热容比小于乙物质的比热容。
[2]用酒精灯给物体加热，物体吸收热量，内能增大，这是通过热传递的方式实现的。
13-2【基础】 【正确答案】 热传递 比热容 热值
【试题解析】 详解:
[1]火箭发射时，燃料燃烧后喷出的高温燃气，发射台吸收高温燃气的热量，通过热传递使发射台温度急剧升高。
[2]科学家在发射台下建造了一个巨大的水池，因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，起到对发射台的降温作用，同时利用水汽化吸热，也能起到对发射台降温的作用，使发射台的内能减小。
[3]由于液氢的热值比较大，由Q放＝mq得，完全燃烧相同质量的液氢和其他燃料相比较，液氢放出的热量多。因此选择液氢作为燃料。
13-3【巩固】 【正确答案】 相同 6.24×104 热传递
【试题解析】 详解:
[1]因为比热容是物质的一种特性，所以用同种物质制成两个质量不等的物体，其比热容相同。
[2]铜块吸收的热量

[3]加热后铜块温度升高，所以是热传递改变内能。
13-4【巩固】 【正确答案】 热传递 62.5 不变
【试题解析】 详解:
[1]用天然气灶将水加热，是通过热传递的方式增加水的内能。
[2]水吸热为

天然气完全燃烧发热为

天然气灶烧水的效率为

[3]比热容与物体种类和状态有关，水吸热升温，比热容不变。
13-5【巩固】 【正确答案】 热传递 2.1×105 不变
【试题解析】 详解:
[1]用火炉加热水，水从火焰处吸收热量，水的温度会升高，这是通过热传递的方式增加了水的内能。
[2]lkg的水加热后温度升高50℃吸收的热量为
Q=cmΔt=4.2×103J/（kg·℃）×lkg×50℃=2.1×105J
[3]比热容是物质的一种特性，与物体的质量、体积等因素无关，故剩下半杯水的比热容不变。
13-6【提升】 【正确答案】 冬天 小瓶
【试题解析】 分析:
详解:
（1）[1]用搓热的手握住可乐瓶，瓶盖会跳动，是因为热量由手传递给瓶内空气，则空气受热体积膨胀，推动瓶盖。那么手与瓶的温度相差越多，瓶内空气得到的热量就越多，受热膨胀越明显，推动瓶盖的运动也越明显，所以在冬天，实验效果会更好。
（2）[2]为了让瓶内空气吸收相同热量时，体积膨胀更明显，应选择小瓶做实验，这样由于可乐吸收的热量减少，对实验效果的影响会更小。
13-7【提升】 【正确答案】 热传递 9
【试题解析】 详解:
[1]热水倒入冷水中，热水放出热量，冷水吸收热量，冷水温度升高，是通过热传递的方式改变冷水的内能。
[2]热水倒入冷水中，热水放出的热量等于冷水吸收的热量，设一杯的热水质量为m，初温为t，冷水的质量为m0，由热平衡方程可得第一次加入热水时

第二次加入热水时

两式相减得，代入解得。若再加入同样三杯热水，设升高的温度为，则

解得。
14-1【基础】 【正确答案】 二力平衡 接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大
【试题解析】 详解:
（1）[1]用弹簧测力计水平匀速拉动木块时，木块处于平衡状态，受力平衡；此时木块受弹簧测力计的拉力和长木板对其的摩擦力，二力平衡，大小相等，故这是根据二力平衡的知识，用弹簧测力计的示数来表示木块受到的滑动摩擦力。
（2）[2]由图可知，甲、乙两实验中，使用相同的长木板，所以长木板的粗糙程度相同；乙实验中木块对长木板的压力更大，弹簧测力计的示数更大，说明接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）[3]由上分析可知，木块受弹簧测力计的拉力和长木板对其的摩擦力是一对平衡力，方向相反，故长木板对木块的摩擦力方向是水平左；由于力的作用是相互的，则木块对长木板的摩擦力的方向是水平向右的，如下图所示：

14-2【基础】 【正确答案】 2 水平向左 AB
【试题解析】 详解:
[1][2]弹簧测力计在AB段水平向右拉着物体做匀速直线运动，处于平衡状态，受拉力和摩擦力一对平衡力的作用，平衡力大小相等，此时弹簧测力计示数为2N，即拉力为2N，则物体在AB段受到的摩擦力为2N，摩擦力的方向与拉力的方向相反而向左。
[3]若保持拉力不变，拉着物体继续在BC段运动，发现物体在相同时间内通过的路程变大，这表明物体做加速运动，拉力大于滑动摩擦力，由于压力相同，则在AB和BC面上压力相同，AB段的摩擦力大，则接触面粗糙，则可得出AB段更粗糙。
14-3【巩固】 【正确答案】 A <
【试题解析】 详解:
（1）[1]横轴表示压力大小，纵轴表示滑动摩擦力大小，由图乙可知，当压力大小一定时，A中对应的滑动摩擦力大于B中对应的滑动摩擦力，根据影响滑动摩擦力大小的因素，在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大，故A木板更粗糙。
（2）[2]木块受到向左的摩擦力，木板受到木块向右的摩擦力，且大小相同，木板还受到地面向右的摩擦力，故则F1 14-4【巩固】 【正确答案】 压力大小 滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关 等于
【试题解析】 详解:
（1）[1]分析甲、乙两图可知，在接触面粗糙程度相同时，压力越大，测力计的示数越大，滑动摩擦力越大，这说明滑动摩擦力的大小跟压力大小有关。
（2）[2]分析图甲和图丙可知，压力一定时，接触面的粗糙程度不同，弹簧测力计的示数F1 （3）[3]因为滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，图丁和图甲相比较，压力大小相同，接触面的粗糙程度相同，则摩擦力不变，拉力不变，所以F1=F4。
14-5【巩固】 【正确答案】 右 6 乙
【试题解析】 详解:
[1]甲木板向左匀速直线运动，物体受到摩擦力的方向与其相对运动方向相反，故其受到的摩擦力方向水平向右。
[2][3]乙在水平拉力F乙=6N作用下静止，处于平衡状态，合外力为0，故此时受到的摩擦力大小等于6N，因为影响摩擦力的因素包括接触面的粗糙程度和压力大小，因为甲乙是同样的木板，对桌面的压力相等，乙在水平面受到的摩擦力大于甲，故说明乙木板的粗糙程度更大一些。
14-6【提升】 【正确答案】 平衡力 不等于 不必 6
【试题解析】 详解:
[1]物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体受力平衡，此时木块做匀速直线运动，所以木块受到平衡力。
[2]由图可知，木块在竖直方向上受重力、支持力和拉力，水平方向上受摩擦力和拉力没有在同一直线上，所以弹簧测力计的示数（斜向上的拉力）不等于滑动摩擦力的大小。
[3]弹簧测力计左端固定在墙上，将木块与弹簧测力计相连，用力水平向右拉动木板时，木块相对地面是静止的，受到的测力计拉力和滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，不必匀速拉动木板。
[4]若F=8N时，木板恰好被匀速拉动，木块静止不动，此时弹簧测力计的示数为6N，则木块受到的摩擦力与弹簧测力计的拉力相等，摩擦力大小为6N。
14-7【提升】 【正确答案】 0 12 见解析
【试题解析】 详解:
[1]在12N的水平拉力F1作用下，A、B一起做匀速直线运动，因此，A、B都受平衡力，在水平方向B不受力，因此摩擦力为0。
[2]以AB为整体，AB叠放在水平面上，A受12N的拉力，AB一起匀速直线运动，因此AB整体受到的摩擦力为12N。若将A、B紧靠着放在水平桌面上，接触的粗糙程度不变，压力也不变，因此摩擦力也不变，使它们一起匀速运动，因此推力为12N。
[3]如果要验证AB两个下表面哪个更粗糙，则应该把A叠放到B的上面，然后在水平面上匀速拉动，比较A叠放在B上与B叠放在A上的拉力的大小，拉力越大，接触面越粗糙。
15-1【基础】 【正确答案】 70 240 87.5
【试题解析】 详解:
[1]绳子的股数n=2，由拉力可知，建材A的重力

建材A的质量

[2]建材A上升的速度

绳子自由端的速度

拉力F的功率

[3]滑轮组的机械效率

15-2【基础】 【正确答案】
【试题解析】 详解:
[1]由题意可知，物体的重力为

物体上升的高度为

有用功

[2]由图可知，滑轮组的动滑轮绕3段绳，即

弹簧测力计的分度值是0.2N，弹簧测力计的示数是2.4N，即

由可知绳子自由端移动的距离为


由拉力做的总功

拉力的功率

[3] 滑轮组的机械效率

15-3【巩固】 【正确答案】 225 89%
【试题解析】 详解:
[1]观察滑轮组发现，动滑轮上有2股绳子，货物重400N，动滑轮重50N，则拉力


[2]物体被提升了6m，则滑轮组的机械效率


15-4【巩固】 【正确答案】 动 费力 5.4×104 900 2500
【试题解析】 详解:
（1）[1]由图可知，A处滑轮的轴心随物体一起移动，所以A处的滑轮是动滑轮。
[2]由图可知，液压杆对起重臂的力是动力，物体对起重臂末端的拉力是阻力，支点在起重臂的最左端，动力臂是支点到动力作用线的垂直距离，阻力臂是支点到阻力作用线的垂直距离，由于阻力臂大于动力臂，所以起重臂是费力杠杆。
（2）[3]货物的重力为

起重机对货物所做的有用功为

[4]起重机对货物做功的功率为

（3）[5]由图可知n=3，由

可知，卷扬机对钢索的拉力为

15-5【巩固】 【正确答案】 2000 7200
【试题解析】 详解:
[1]此过程中所做的有用功

[2]由图可知，由三股绳承担物重，，滑轮组做的总功:
J
则额外功为

[3]由可得，拉力

[4]钢丝绳移动的速度

拉力的功率

15-6【提升】 【正确答案】 2400 75% 1200
【试题解析】 详解:
[1]由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，则绳子自由端移动的距离
s=nh=3×2m=6m
拉力F做功
W总=Fs=400N×6m=2400J
[2]拉力做的有用功
W有=Gh=900N×2m=1800J
滑轮组的机械效率

[3]不计绳重和摩擦，由

可得，动滑轮的重力
G动=nF-G=3×400N-900N=300N
将该滑轮组的机械效率提高5%时，其机械效率为η′=80%，设提升重物的重力为G′，因克服重物重力所做功为有用功，克服重物重力和动滑轮重力做的功为总功，所以，滑轮组的机械效率

解得
G′=1200N
15-7【提升】 【正确答案】 81.5%
【试题解析】 详解:
10块砖的重力
G=100N×10=1000N
由图可知滑轮组动滑轮绕绳子的段数n=2，机械效率为

则拉力为

滑轮的摩擦和绳重均可忽略不计，则拉力

即

解得动滑轮的重力
G轮=50N
人的质量为70kg，则绳端的最大拉力
F=G人=mg=70kg×10N/kg=700N
滑轮的摩擦和绳重均可忽略不计，则最大拉力

解得
G砖=1150N
因为每块砖重100N，所以最多能提升砖的数量为

实际能提升的最大砖重
G砖′=11×100N=1100N
此时拉力

最大机械效率

16-1【基础】 【正确答案】 丙 120
【试题解析】 详解:
[1]由图甲可知，开关S1闭合、S2断开，电路为R1的简单电路，电路电阻最大，根据 可知，电烤箱的功率最小，处于低档；
由图乙可知，开关S2闭合、S1断开，电路为R2的简单电路，电路电阻较大，根据可知，电烤箱的功率较大，处于中档；
由图丙可知，开关S1、S2闭合，R1、R2并联，电路电阻最小，根据可知，电烤箱的功率最大，处于高档；　
[2]由得，R1的电功率为：
，
R2的电功率为：
，
所以高温档正常工作时功率为：
P=P1+P2=40W+80W=120W。
16-2【基础】 【正确答案】 冷 热
【试题解析】 详解:
[1]若只闭合开关S2，只有电动机与电源串联，电热丝不工作，电流只经过电动机，所以电吹风吹出的是冷风。
[2]若同时闭合开关S1、S2，电动机与电热丝并联后连接在电源上，电流分两路分别经过电动机和电热丝，它们都工作，则电吹风吹出的是热风。
16-3【基础】 【正确答案】 三脚 低温
【试题解析】 详解:
[1]为了防止因漏电而发生触电事故，电热水器的外壳要接地，因此应使用三脚插头。
[2]当S1断开，S2接b时，两加热管电阻串联，功率为

当S1闭合，S2接a时，加热管电阻并联，功率为

当S1闭合，S2接b时，电路为一根加热管电阻的简单电路，功率为

由上述可知，三个功率的大小关系为

所以当S2接b，S1断开时为低温挡。
16-4【巩固】 【正确答案】 1100 8.8
【试题解析】 详解:
[1]由图可知，当开关S接a时，只有R1接入电路中，电路处于加热状态，饮水机加热功率为

[2]根据题意可知，该饮水机在加热状态工作100s，产生的热量为

[3]加热状态时，由可得，的阻值为

当开关S接b时，两电阻串联，由可得，此时电路中电流为

由可得，两端电压为

16-5【巩固】 【正确答案】 1 198
【试题解析】 详解:
[1]从电路图可以看到，该热水器挡位开关S接1时，根据电流的流法可知，只有R1接入电路，当开关S接2时，根据电流的流法可知，两电阻都接入电路，接1时的电路阻值较小，根据电功率的推导式，可知接1时的电功率较大，接1时为高温挡。
[2]从表格中的数据可看到，高温挡时，额定功率为1.1kW，额定电压为220V，高温挡时是接1，只有R1接入电路，根据电功率的推导式可知，R1的阻值大小为

R1的阻值大小为44Ω；
接2是低温挡，根据电功率的推导式可知，电路的总电阻为

则可知道R2的电阻为

R2的电阻为198Ω。
16-6【巩固】 【正确答案】 60.5 0.167
【试题解析】 详解:
[1][2]由甲图可知，开关S接触点1时，只有R1连入电路中，S接触点2时，两电阻串联，电源电压一定，开关接触点2时，电路的电阻较大，由可知，电路消耗的功率较小，电饭煲处于保温状态；开关接触点1时，电路的电阻较小，由可知，电路消耗的功率较大，电饭煲处于加热状态。根据图乙可知，P加热＝800W，P保温＝200W，由可得，R1的阻值为

根据图乙可知，加热时间

保温时间

则消耗的总电能

16-7【提升】 【正确答案】 1100
【试题解析】 详解:
当开关S1断开，S2接b时，R1和R2的串联，电路的总电阻最大时，由可知功率最小，此时电热水壶处于低温挡；当开关S1闭合，S2接b时，R2被短接，该电路为只有R1的简单电路，此时电路的总电阻中等，由可知此时电热水壶处于中温挡；当开关S1闭合，S2接a时，该电路为R1和R2的并联电路，此时电路的总电阻最小，由可知此时电路的总功率最大，即电热水壶处于高温挡。此时电路的电功率为

16-8【提升】 【正确答案】 19∶1 150
【试题解析】 详解:
[1]当开关闭合时电路为R0的简单电路，当开关断开时R0与R1串联，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，当开关闭合时，电路中的总电阻最小，由可知，电饭锅的功率最大，此时处于加热状态，因此可得

同理可知，开关S断开时，电路的总功率最小，电饭锅处于保温状态，因此可得

因此可得
R1=R-R0=968Ω-48.4Ω=919.6Ω
则
R1∶R0=919.6Ω∶48.4Ω=19∶1
[2]因为串联电路电压比等于电阻比因此可得

且
U1+U0=220V
因此可得U0=11V， 在保温状态下通电1min，电路中R0消耗的电能是

17-1【基础】 【正确答案】 密度 深度 1.75×106
【试题解析】 详解:
[1][2] 根据液体压强公式p=ρgh可知，液体内部的压强受到液体密度和深度的影响。
[3]三峡大坝所受的最大压强
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×175m=1.75×106Pa
17-2【基础】 【正确答案】 相同 较大 较小
【试题解析】 详解:
[1][2][3]日常生活中，我们坐沙发比坐板凳舒服得多，是因为坐在沙发上和坐在硬板凳上，压力的大小相同，都等于人的重力，但是坐在沙发上的时候受力面积大，所以受到的压强较小，人就感觉舒服得多。
17-3【基础】 【正确答案】 增大
【试题解析】 详解:
下面的孔的深度大，水射的更远，说明B点的液体压强大，故液体压强随深度的增大而增大。
17-4【巩固】 【正确答案】 增大
【试题解析】 详解:
[1]因为液体的压强随深度的增加而增大，所以潜水器下潜过程中，受到海水的压强增大。
[2]当潜水器下潜到深度静止时，受到海水的压强为

[3]观察窗口受到的压力为

17-5【巩固】 【正确答案】 压强 增大 120
【试题解析】 详解:
[1]由于在液体内部，各个方向都有压强，所以水对坝体侧面有液体压强。
[2]由于液体压强与液体的深度有关，液体压强随液体的深度的增加而增大，所以水对坝体的压强随深度的增加而增大。
[3]水的密度为1.0×103kg/m3，大坝受到的压强是1.2×106Pa，由液体压强公式可得水深

17-6【巩固】 【正确答案】 大气压 大于
【试题解析】 详解:
[1]加个“闲置”的管后，当瓶内液体流出使得瓶内压强减小时，瓶内气压小于瓶外气压，空气就能从“闲置”的管中进入，以保障输液的顺利进行，加“闲置”的管的目的是利用大气压。
[2]液体压强随着深度的增加而增大，因此还需要保证药水瓶相对针管有一定的高度，血液才不会回流到输液管内，说明病人静脉的血压大于大气压强。
17-7【提升】 【正确答案】 ＞ ＜
【试题解析】 详解:
[1]因在两容器中同一高度A、B两点的压强相等，即
pA=pB
由图可知，而且A所处的深度小
hA＜hB
根据p=ρgh可得甲液体的密度大于乙液体的密度，即
ρ甲＞ρ乙
以A、B两点向下的这部分液体作为研究对象，因为距离容器底的高度相同h。由p=ρgh可得，这部分液体对容器底的压强
ρ甲gh＞ρ乙gh
即
p甲′＞p乙′
甲液体对容器底的压强为
p甲=pA+p甲′
乙液体对容器底的压强为
p乙=pB+p乙′
综上可得，两种液体对容器底的压强关系
p甲＞p乙
[2]若两种液体的质量相等，且装在相同的容器中，由图可知
V甲＜V乙
由可得
ρ甲′＞ρ乙′
液体对容器底部的压力等于自身重力，容器的底面积相同，根据可知，容器底部受到液体的压强相同，即
p甲′′=p乙′′
因A、B到容器底的距离相同，由p=ρgh可得，从A、B两点以下的液体对容器底的压强关系为
pA下＞pB下
液体对容器底产生的压强为
p甲′′=pA+pA下
p乙′′=pB+pB下
综上可得，A、B两点的压强关系是pA＜pB。
17-8【提升】 【正确答案】 压强 变大 不变
【试题解析】 详解:
[1]接种疫苗的注射器针头做得很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。
[2]如果每一口吸入水的质量相同，根据公式可得每次吸入水的体积相同，则杯中水减小的体积相同；由于杯子的形状是上宽下窄，则杯中水每次下降的高度逐渐增大，而水对杯底的压强减小量

则将变大。
[3]杯子对桌面的压强减小量

因每次吸入水的质量相同，则每次杯中减少水的质量相同，受力面积不变，所以杯子对桌面的压强减小量保持不变。
18-1【基础】 【正确答案】
【试题解析】 详解:
入射光线与主光轴平行，则折射光线过焦点。如图所示：

18-2【基础】 【正确答案】 （1）；（2）
【试题解析】 详解:
（1）过凹透镜光心的光线传播方向不改变，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，如图所示：

（2）经过凸透镜光心的光线的传播方向不变；平行于主光轴的光线经过凸透镜后会过焦点，如图所示：

18-3【巩固】 【正确答案】
【试题解析】 详解:
平行于主光轴的光线经凸透镜后，过凸透镜另一侧的焦点；过凸透镜光心的光线，光的传播方向不发生改变，如图所示：

18-4【巩固】 【正确答案】
【试题解析】 详解:
平行于主光轴入射的光线，经凸透镜后，过焦点；从焦点射出的光线经凸透镜后，平行于主光轴。作图如下：

18-5【巩固】 【正确答案】
【试题解析】 详解:
由S发出的通过光心的光线方向不变；平行于主光轴的光线经过凸透镜折射后过焦点，蜡烛在一倍焦距内，此时折射光线不能会聚成实像，但折射光线的反射延长线相交于一点，人眼透过凸透镜能看到成正立放大的虚像。两条折射光线的反向延长线为S的像，如图所示：

18-6【提升】 【正确答案】
【试题解析】 详解:
根据通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，分别作出折射光线，这两条折射光线的焦点即为像点S′；连接由发光点S发出的入射光线的入射点与像点S′的连接作出其折射光线。如图所示：

18-7【提升】 【正确答案】
【试题解析】 详解:
由题意可知，BB'为主光轴所在的位置，题中已经给出了物体AB和像A'B'的位置，根据凸透镜的特殊光线规律，通过光心的光线经凸透镜折射后，不改变传播方向，则连接AA'，AA'与BB'这两条线的交点，为凸透镜光心O；
大致作出凸透镜，根据凸透镜的特殊光线规律，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，通过焦点，则过A点作平行于主光轴的光线，交于凸透镜，再连接凸透镜交点和A'，交于BB'，这交点就为右端焦点F的位置；
根据凸透镜的特殊光线规律，通过焦点的光线经凸透镜折射后，平行于主光轴，则过A'点作平行于主光轴的光线，交于凸透镜，再连接凸透镜交点和A，交于BB'，这交点就为左端焦点F的位置；
如下图所示。

19-1【基础】 【正确答案】
【试题解析】 详解:
力臂是支点到力的作用线的距离。过点O作阻力F2的垂线段，即为阻力臂L2，如图所示：

19-2【基础】 【正确答案】
【试题解析】 详解:
过支点O做力F1作用线的垂线段，即为所求作的动力臂l1，如下图所示：

19-3【巩固】 【正确答案】
【试题解析】 详解:
O点为支点，壶盖的重力为阻力，其方向竖直向下，过A点沿竖直方向做一条有箭头的线段即阻力F2；根据杠杆平衡条件，要使得动力最小，则动力臂应该最大，所以连接OB，过B点作斜向下的有向线段垂直于OB，即最小的动力F1。如图所示：

19-4【巩固】 【正确答案】
【试题解析】 详解:
由图可知，O为支点，重物向下拉杠杆的力为阻力，则过支点做阻力作用线的垂线段即为阻力臂l；；由杠杆平衡条件可知，在阻力、阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小。最小力F作用在A点，当OA为F的力臂时，力臂最长，此时力F最小，且F的方向垂直杠杆向上，从A点垂直OA向上画出F的示意图，如图所示：


19-5【巩固】 【正确答案】
【试题解析】 详解:
找到支点O，从O点做F1的垂线就是F1的力臂，要使杠杆平衡，F2的方向向下，作用点在A点，如图所示

19-6【提升】 【正确答案】
【试题解析】 详解:
力臂是指支点到力的作用线的距离。所以将力F2的作用线反向延长，过支点O作F2的作用线的垂线段，即为力F2的力臂l2。过l1上面端点作l1的垂线与杠杆相交于A点，过A点沿垂线方向向下作出力F1。据杠杆的平衡条件知，在阻力F2和其力臂不变时，动力的力臂越长，动力越小。则动力F竖直向下作用在杠杆的右端端点时，力臂最大，力最小。作图如下：

19-7【提升】 【正确答案】
【试题解析】 详解:
如图所示，O为支点，力F作用在A点，杠杆平衡时，若要F最小，则使F的力臂最大。支点与力的作用点的连线是最大的力臂。力的作用线与力臂垂直，方向是大致向下的，最终结果如图所示。

20-1【基础】 【正确答案】 （1）500N；（2）
【试题解析】 详解:
解：（1）小宇双脚站立时，对地面的压力等于小宇的重力，小宇对地面的压力

（2）受力面积

他对水平地面的压强

答：（1）对地面的压力为500N；
（2）对地面的压强为。
20-2【基础】 【正确答案】 （1） 800N；（2） 0.008m2；（3）1.5×105Pa
【试题解析】 详解:
解：（1）机器人的重力

（2）空载时它对水平地面的压力

由知，机器人空载时的车轮与地面的接触面积为

（3）机器人满载时对地面的压力

机器人满载时对地面的压强

答：（1）机器人所受的重力为800N；
（2）图中机器人空载时的车轮与地面的接触面积为；
（3）机器人满载时对地面的压强为。
20-3【巩固】 【正确答案】 （1）60kg；（2）0.048m2
【试题解析】 详解:
解：（1）因跳伞运动员在空中匀速下落的过程中受到竖直向上的空气阻力和竖直向下的跳伞设备的重力、自身的重力作用处于平衡状态，所以有
f=G设备+G人
则跳伞运动员的重力
G人=f-G设备=f-m设备g=800N-20kg×10N/kg=600N
跳伞运动员的质量

（2）运动员降落到地面后卸掉跳伞设备后对地面的压力
F=G人=600N
由 知道，运动员与地面的接触面积

答：（1）跳伞运动员的质量为60kg；
（2）运动员与地面的接触面积是0.048m2。
20-4【巩固】 【正确答案】 （1）5.0×105Pa；（2）54吨
【试题解析】 详解:
解：（1）该车空载时对水平路面的压力为

该车空载时对水平路面的压强为

（2）最大载重时对地面的压力为

最大总重力为

最大总质量为

该车能够装“渣土”的质量为

答：（1）该车空载时对水平路面的压强为5.0×105Pa；
（2）在不违反交通规定的情况下，该车能够装“渣土”的质量是54吨。
20-5【巩固】 【正确答案】 （1）300N；（2）
【试题解析】 详解:
（1）她和冰刀的总质量为30kg，则小华受到的重力
G=mg=30kg×10N/kg=300N
（2）每只冰刀与冰面的接触面积为10cm2，则小华在单脚滑行时对冰面的压强


答：（1）小华受到的重力为300N；
（2）小华在单脚滑行时对冰面的压强为3×105Pa。

20-6【提升】 【正确答案】 （1）；（2）不能；（3）0.625m2
【试题解析】 详解:
解：（1）由题意可知，它是密度为2.5×103kg/m3的实心花岗岩雕刻而成，体积为0.4m3，则它的质量

根据重力公式可知，它的重力

它的重力为。
（2）“乐乐”直接立在地面时，与地面的接触面积

由（1）解析可知，它的重力为，它对地面的压力

根据压强公式可知，它对地面的压强

它对地面的压强，对地面的压强较大，地面不能承受。
（3）可知“乐乐”和底座对地面的压力

地面承受的压强

而题中要求地面能够承受的最大压强为2.6×104Pa，即

代入数据解得，圆柱体底座的面积至少要为0.625m2。
答：（1）“乐乐”的重力为；
（2）如果“乐乐”直接立在地面上，地面不能承受；
（3）此外设计者还想为“乐乐”装上了一个高为0.5m的实心圆柱体底座，其材料密度为2.0×103kg/m3，圆柱体底座的面积至少要为0.625m2。
20-7【提升】 【正确答案】 （1）2kg；（2）4000Pa；（3）详见解析
【试题解析】 详解:
解：（1）该长方体的体积
V=abh=0.2m×0.1m×0.05m=1×10-3m3
由密度公式可得，该长方体的质量
m=ρV=2×103kg/m3×1×10-3m3=2kg
（2）因物体对水平面的压力和自身的重力相等，所以，该长方体对水平地面的压强

（3）由题意可知，要使该长方体对水平地面的压强为500Pa，且沿水平方向在上部切去一定质量较小，根据

可知，应使长方体对水平地面产生压强的受力面积最大，即将长方体平放，此时长方体剩余部分的重力即对水平地面的压力
G′=F′=p′S=p′ab=500Pa×0.2m×0.1m=10N
长方体剩余部分的质量

则

答：（1）求该长方体的质量m为2kg；
（2）竖放时长方体对水平地面的压强为4000Pa；
（3）要使该长方体对水平地面的压强为500帕，将长方体平放后沿水平方向在上部切去的质量最小，原因是：根据

可知，长方体对水平地面产生压强的受力面积越大，切去的质量较小，其的较小值为1kg。
21-1【基础】 【正确答案】 （1），；（2），。
【试题解析】 详解:
（1）当开关闭合，断开时，等效电路图如图所示:

∵灯泡正常发光,
∴电路中的电流


电源的电压

（2）当开关、都闭合时，等效电路图如图所示：

电流表的示数

电阻消耗的功率

答：（1）电源的电压为,电阻的阻值为；
（2）当开关、都闭合时，电流表的读数为，电阻消耗的功率为。
21-2【基础】 【正确答案】 （1）4.5W；（2）24Ω
【试题解析】 详解:
解：由电路图可知，两灯泡并联接入电路，电流表测干路电流。
（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡L1正常发光，所以，电源的电压

整个电路的总电功率

（2）由可得，灯泡L1支路的电流

因并联电路中干路电流等于各支路电路之和，所以，通过灯泡L2的电流

由可得，灯泡L2的阻值

答：（1）整个电路的总电功率为4.5W；
（2）灯泡L2的电阻为24Ω。
21-3【巩固】 【正确答案】 （1）12V；（2）48J；（2）6W
【试题解析】 详解:
解：（1）当S闭合，S1、S2断开时，R1和R2串联接入电路中，串联电路总电阻为

根据欧姆定律可知，电源电压为

（2）通电10s内电路消耗的电能为

（3）当S、S1、S2都闭合时，R2被短路，此时R1和L并联接入电路中，电流表测干路中的电流，此时的总电阻要小于R1，当S闭合，S1、S2断开时，R1和R2串联接入电路中，此时的总电阻要大于R1，所以，R1和L并联的总电阻小于R1和R2串联的总电阻，由欧姆定律可知，当S、S1、S2都闭合时，干路中的电流变大，故并联后干路中的电流为

通过R1的电流为

并联电路干路电流等于各支路电流之和，由并联电路的电流特点可得，通过L的电流为

则L的额定功率为

答：（1）电源电压为12V；
（2）通电10s内电路消耗的总电能为48J；
（2）小灯泡L的额定功率为6W。
21-4【巩固】 【正确答案】 （1）10V；（2）50Ω；（3）6W
【试题解析】 详解:
解：（1）闭合开关S，断开开关S1时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，由可得，电源的电压为
U=I1R1=0.4A×25Ω=10V
（2）当闭合S、S1时，R1与R2并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R1的电流不变，电流表示数的变化量即为通过R2的电流，则I2=0.2A，因并联电路中各支路两端电压相等，所以，R2的阻值为

（3）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，当闭合S、S1时，干路电流为
I=I1+I2=0.4A+0.2A=0.6A
电路消耗的总功率为
P=UI=10V×0.6A=6W
答：（1）电源电压为10V；
（2）R2的阻值是50Ω；
（3）当闭合S、S1时，电路消耗的总功率为6W。
21-5【巩固】 【正确答案】 （1）48Ω，24Ω；（2）3.375W
【试题解析】 详解:
解：（1）S闭合，P在A时RL与RAB并联，电流表测灯泡的电流，则有
UL=U电源=24V，IL=1A
由欧姆定律表达式的变形式可得灯泡电阻

S断开，P在中点O时，RL与0.5RAB串联，UAO=12V，根据串联电路电压关系可得此时灯泡两端电压
U'L=U-UAO=24V-12V=12V
所以
0.5RAB=RL=24Ω
故滑动变阻器最大电阻RAB=48Ω；
（2）断开开关S，RL与R串联，电压表示数最大为15V，UL最小为
24V-15V=9V
所以

答：（1）滑动变阻器的最大阻值是48Ω，灯泡的电阻是24Ω；
（2）灯泡的最小功率是3.375W。
21-6【提升】 【正确答案】 （1）10Ω；（2）12V， 20Ω；（3）14.4W
【试题解析】 详解:
解：（1）由P=UI可知，小灯泡的电阻正常工作时的电流为

由得小灯泡的电阻值为

（2）闭合S，断开S1、S2，滑片P由b端向中点移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据可知，电路中的电流变大，所以滑片P在中点时的电流比滑片P在b端的电流大，闭合S，断开S1、S2，滑片P位于滑动变阻器中点时，L、R串联，R0断开，电路如下图1所示：

小灯泡正常发光，电路电流I1=0.6A，由得，电源电压为

即
①
由题意可得，当滑片P位于滑动变阻器b端时，电路如下图2所示：

电路电流为

电源电压为

即
②
联立①②式解得U=12V，R=20Ω。
（3）当开关S、S1、S2都闭合时，小灯泡短路，R0、R1并联，电路如图3所示：

当滑动变阻器电阻最大时，总电流最小，电路消耗的最小电功率为

答：（1）小灯泡的电阻值是10Ω；
（2）电源电压是12V，滑动变阻器的最大阻值是20Ω；
（3）当开关S、S1、S2都闭合时，电路的最小电功率14.4W。
21-7【提升】 【正确答案】 （1）30Ω；（2）0.5A；（3）3W；（4）1800J
【试题解析】 详解:
解：（1）闭合开关S，电路为的简单电路，电流表测通过的电流，电压表测电源电压，所以电源电压

由欧姆定律可知，的阻值

（2）闭合开关S、S1，R1与并联，电流表测干路电流，两端的电压仍为电源电压，通过的电流保持不变，由欧姆定律可知，通过的电流

根据并联电路电流关系可知，电流表的示数

（3）所有开关均闭合时，电阻与并联，由得电路的功率

（4）闭合开关S、S2，R1与与并联，电源电压不变，电阻不变，通过的电流不变，电流表测量通过的电流，电路的总电流

由得，电路消耗的总功率

由得，通电电路消耗的电能


答：（1）电源电压和 R2 的阻值为30Ω；
（2）闭合开关S、 S1，电流表的示数为0.5A；
（3）所有开关均闭合，电路的功率为3W；
（4）闭合开关S、 S2，通电 10min 电路消耗的电能为1800J。
22-1【基础】 【正确答案】 4 溢水杯未注满水 1 不变 等于 保持不变
【试题解析】 详解:
（1）[1]由图B可知，实验中的所用圆柱体的重力为4N。
[2]圆柱体放入水中前，溢水杯中的水应该满的，否则溢出水的体积将小于物体排开水的体积，所以，在情景图B中存在的错误是溢水杯未注满水，应改为在溢水杯中装满水。
（2）[3] 由图C可知，圆柱体浸没在水中时，弹簧测力计的示数F＝3N，则圆柱受到的浮力

[4]由于圆柱体在水中浸没后，再下移一些（未接触杯底）的过程中，排开水的体积和水的密度不变，根据阿基米德原理可知圆柱体受到的浮力不变；则圆柱体排开水所受的重力

（3）[5]由（3）（4）可知，浸在水中的物体受到的浮力等于物体排开水所受到的重力。
（4）[6]纠正错误后，即溢水杯中的水应该满的，圆柱体从刚接触水面到全部浸没水中的过程，溢水杯中水的深度不变，由

可知，水对溢水杯底的压强保持不变。
22-2【基础】 【正确答案】 2.5 排开液体的体积（排开水的体积） 见解析
比较在水中的浮力和盐水中浮力的大小，若在水中的浮力和盐水中浮力的大小不相等，则说明物体受到的浮力与液体密度有关，反之则无关。（开放型题目，答案符合要求即可得分）
【试题解析】 详解:
（1）[1]图丙和图丁，金属块浸没在水中，此时弹簧测力计的示数为3.5N，由图甲可知金属块的重力为6N，因此金属块浸没在水中时，受到的浮力是

（2）[2]乙图和丙图，液体都是水，液体密度相同，金属块浸入液体体积不同，弹簧测力计示数不同。因此可以探究浮力的大小与排开液体体积的关系。
（3）[3]探究浮力与液体密度的关系需要以下三步：①测出物体所有的重力G；②把物体浸没水中测出拉力F1；③把物体浸没盐水中测出拉力F2。
[4]通过比较在水中的浮力和盐水中浮力的大小，若在水中的浮力和盐水中浮力的大小不相等，则说明物体受到的浮力与液体密度有关，反之则无关。
22-3【巩固】 【正确答案】 液体的密度 a 无关 ρ水
【试题解析】 详解:
（1）[1]物体受到的浮力大小
F浮＝G﹣F示
在水和油中测力计示数不同，则物体受到的浮力不同，分析图B、C，物体排开液体的体积相同，排开液体的密度不同，说明浮力大小跟液体的密度有关。
（2）[2][3]因F浮＝ρ液gV排，在浸没前，金属块的下表面到水面距离h增大导致排开液体的体积增大，金属块所受浮力随金属块的下表面到水面距离h增大而变大；当浸没后，排开液体的体积不变，浮力不变，所受浮力与深度无关，因此，只有图像a符合题意。
（3）[4]金属块浸没在水中所受浮力F浮水＝F1﹣F2；根据阿基米德原理F浮水＝ρ水gV排，因浸没时

在油中受到的浮力F浮油＝ρ油gV排油，又F浮油＝F1﹣F3，因物体均浸没在液体中，故排开液体的体积相同，，因此

即

则油的密度为

22-4【巩固】 【正确答案】 物体排开液体的体积 排开液体的密度 丙 无关 4 1.25×103 1.1×103 400
【试题解析】 详解:
（1）[1]由图甲、乙、丙所示实验可知，物体排开液体的密度相同而排开液体的体积不同，物体受到的浮力不同，由此可知，浮力大小与物体排开液体的体积有关。
[2]由丁、戊中，排开液体的体积相同，排开液体的密度不同，测力计示数不同，由称重法测浮力，受到的浮力不同，所以，分析图甲、丁、戊实验，说明浮力的大小与排开液体的密度有关。
（2）[3]为了探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度是否关系，需要控制液体的密度相同，排开的液体的体积相同，所以，可比较甲、丙、丁三图的实验。
[4]观察丙、丁两图可知，物体完全浸没于液体中，排开液体的体积不变，物体在水中的深度增加，弹簧测力计示数不变，受到的浮力不变，说明浸没在液体中的物体所受浮力与浸没的深度无关。
[5]物体的重力为，浸没在水中时弹簧测力计示数为，正方体受到的浮力是

（3）[6][7]正方体在水中受到的浮力

由可得，正方体的体积为

正方体的质量为

正方体的密度为

由甲、戊实验，正方体浸没在盐水中受到的浮力

由阿基米德原理可知，盐水的密度是

（4）[8]由得，水增加的深度为

放入正方体后水对容器底部增加的压强为

22-5【巩固】 【正确答案】 圆柱体重力G 液体密度 1×10-4 0.8×103 不变
【试题解析】 详解:
（1）[1]实验中运用称重法测浮力，所以需要测量圆柱体重力G。
（2）[2]观察步骤B、E发现，将圆柱体浸没在不同液体中，圆柱体排开液体体积相同，圆柱体受到的浮力大小不同，所以浮力的大小跟液体密度有关。
（3）[3]观察步骤C、D发现，圆柱体排开水的重力
G水=G杯水-G杯=1.2N-0.2N=1N
则圆柱体的体积

[4]物体在水中受到浮力
F浮=G水=1N
则物体的重力
G物=F拉+F浮=1.7N+1N=2.7N
则物体在未知液体中受到浮力
F浮1=G物-F拉1=2.7N-1.9N=0.8N
则未知液体的密度

（4）[5]由于物体受到的浮力等于排开液体的重力，所以烧杯对电子秤的压力大小不变，故电子秤的读数不变。
22-6【巩固】 【正确答案】 无关 密度 4×103 大
【试题解析】 详解:
（1）[1]观察A、C、D图的实验数据知道，物体浸没的深度不同，弹簧测力计示数相同，根据称重法
F浮=G-F示
知道
F浮C=G-F示C=4N-3N=1N
F浮D=G-F示D=4N-3N=1N
浮力相同，即浮力的大小与深度无关。
（2）[2]观察D、E两图的实验数据知道，物体排开的液体的体积相同，深度相同，液面的密度不同，弹簧测力计示数不相同，根据称重法知道
F浮D=G-F示D=4N-3N=1N
F浮E=G-F示E=4N-3.2N=0.8N
浮力不相同，即可得出结论：物体受到的浮力大小还与液体的密度有关。
（3）[3]由图A、C知道，物体完全浸没在水中受到的浮力
F浮C=G﹣F示C=4N﹣3N=1N
由F浮=ρ液gV排知道，物体的体积为

又根据G=mg=ρVg知道

[4]如考虑物体具有吸水性，则在物体被完全浸入水中后，由于吸水性，最后弹簧测力计示数将变大，根据称重法F浮=G﹣F示可知浮力将偏小，由F浮=ρ液gV排知道物体的体积为

即将偏小；最后根据求出物体的密度比物体的真实密度偏大。
22-7【提升】 【正确答案】 F 竖直向上 液体密度
【试题解析】 详解:
（1）[1]如图甲，将金属块放入小桶静止后，根据二力平衡可知，弹簧测力计示数为F就是金属块和小桶所受到的总重力，即

（2）[2]小桶浸入水中的深度为h时受到的浮力

[3]浮力的方向是竖直向上。
（3）[4]通过图乙、图丙中的示数，在物体排开液体的体积相同时，浮力的大小与液体密度有关。
[5]由（2）可知，小桶浸入水中的深度为h时，受到的浮力

小桶浸入水中的深度为h时，排开水的体积

小桶浸入液体中的深度为h时，受到的浮力

小桶浸入液体中的深度为h时，排开液体的体积等于小桶浸入水中的深度为h时，排开水的体积，即

所以，液体的密度

22-8【提升】 【正确答案】 2.7 E 排开液体的体积 1 0.8×103 丁、甲、丙、乙 能 4×103
【试题解析】 详解:
（1）[1]小李进行了如图所示的实验，由A图可知，弹簧测力计的分度值为0.1N，则其示数为2.7N，该金属块的重力为2.7N。
（2）[2]分析比较实验步骤A、D和E，金属块浸没在水中，深度不同，但所受浮力相同，可得出：浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关。
（3）[3]分析实验步骤A、B、C、D，随着金属块排开液体的体积增大，弹簧测力计的示数减小，由称重法可知，金属块所受浮力也增大，可以得出结论：液体密度一定，物体排开液体的体积越大，浮力越大。
（4）[4][5]金属块在水中受到的浮力为
F浮=G﹣F1=2.7N﹣1.7N=1N
金属块排开的水的体积为

金属块在液体中受到的浮力为
F浮1=G﹣F2=2.7N﹣1.9N=0.8N
液体的密度

（5）[6]实验中要先测空桶的重力和石块的重力，然后再把石块没入水中，测出石块受到的拉力，根据称重法求出浮力；最后再测出桶和溢出水的重力得出排开水的重力，因此合理的实验步骤是：丁、甲、丙、乙。
[7] 阿基米德原理适用于任何受到浮力的物体，只将石块的一部分浸在水中，其它步骤操作正确，则能得到与（3）相同的结论。
[8]③石块浸没在水中时受到的浮力
F石浮=G1﹣F=8N﹣6N=2N
因石块完全浸没在水中，所以，根据F浮=ρgV排可得，石块的体积

石块的密度

22-9【提升】 【正确答案】 0.6 体积 无关 200 1.2 140 变小 不变
【试题解析】 详解:
（1）[1]从甲图弹簧测力计的示数可知物体的重力为3N，根据称重法可求出物体受到的浮力为

（2）[2][3]分析实验步骤甲乙丙，金属块浸入水中的体积越大，弹簧测力计的示数越小，受到的浮力越大，说明浮力大小跟排开液体的体积有关；分析步骤甲丙丁，物体排开液体的体积不变时，发现浮力的大小与物体的浸没深度无关。
（3）[4]根据甲丙两图可知

故
①
[5]根据甲戊实验可得物体受到的浮力为
②
结合①②可得液体的密度为

（4）[6]已知乙状态时

解得

丁状态时

解得

设此段液面高度变化量为，容器底面积为S，由此可知从乙到丁状态排开液体的体积变化量为

解得

故压强变化量为

（5）[7]平稳缓慢地抬高溢水杯支架，使金属块慢慢浸没水中，在逐渐缓慢浸没的过程中，排开液体的体积逐渐变大，受到的浮力在逐渐变大，故弹簧测力计的示数逐渐变小，故因此得到结论：物体浸在液体中所受到的浮力大小与排开液体的重力相等。
[8]金属块在逐渐缓慢浸没的过程中，受到的浮力等于排开水的重力，物体受到的浮力和物体对水向下的压力是一对相互作用力，故金属块逐渐缓慢浸没的过程中，溢水杯对铁架台的支架的压力不变，溢水杯对铁架台的支架的压强不变。
23-1【基础】 【正确答案】 最左 2.2 两端电压 不同的定值电阻 寻找普遍规律，避免偶然性
【试题解析】 详解:
（1）[1]为了保护电路，闭合开关前，即最左端。
[2]由甲图可知，电流表与R并联了，正确的接法是电流表与R串联，所以，需要把定值电阻右端与电流表连接的导线接到电压表的负接线柱上，如图所示：

（2）[3]由图可知，电压表选用的是量程，分度值是0.1V，示数为2.2V。
（3）[4]在探究电流与电阻的关系的实验中，需要控制定值电阻两端的电压不变，即将电阻由5Ω换成10Ω，需要调整滑动变阻器接入电路的阻值，其目的是控制定值电阻两端的电压不变。
（4）[5][6]为了寻找普遍规律，避免偶然性，实验中应该换用不同的定值电阻，进行多次测量。
23-2【基础】 【正确答案】 左 电阻R短路 2 反比 保持电阻两端的电压不变 0.8 2.5
【试题解析】 详解:
（1）[1]探究电流与电阻的关系的实验中，电压表是测量定值电阻R两端的电压，根据电路的连接情况，还差电压表正接线柱到定值电阻R左边的导线没有连接好，连接电路如图所示：

（2）[2]闭合开关前，应将滑动变阻器滑片P置于最大值处，即应将滑动变阻器滑片P置于最左端。
[3]闭合开关后，移动滑片时，发现电流表有示数，说明故障类型是短路，电压表无示数，说明电压表的测量对象短路了，即电阻R短路了，导致电压表与一根导线并联。
（3）[4]图中电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.4A，根据可得，电压表示数，即电阻两端的电压
U = IR=0.4A×5Ω=2V
因研究电流与电阻关系时，要控制电压表示数不变，故接着将5Ω的电阻换成其他阻值的定值电阻进行实验，每次观察到电压表的示数为2V时，记录电流表的示数。
（4）[5]根据控制变量法可知，实验可得到结论为：当电压一定时，导体中电流与电阻成反比。
[6]该实验中，滑动变阻器的作用：一是保护电路外，二是保持电阻两端的电压不变。
（5）[7][8]因电压表示数不变，根据可知，当接入5Ω的最小电阻时，定值电阻消耗的功率最大，即

根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压

变阻器分得的电压为电阻两端电压的倍，根据分压原理可知，此时变阻器接入电路的阻值为

23-3【巩固】 【正确答案】 断开 定值电阻断路 2 B 不能 见解析
【试题解析】 详解:
（1）[1]电压表和电阻并联，滑片向左移动电流表示数变大，由可知电路的总电阻变小，由电阻的串联可知变阻器连入电路的电阻变小，连接变阻器的A接线柱，如图所示：

（2）[2]为了保护电路，连接实物电路时开关应该断开。
（3）[3]用5Ω电阻实验，闭合开关后发现，无论怎么移动滑片，电流表指针无偏转，可能电路断路，电压表指针迅速满偏，电压表与电源两极连接，可能电阻断路。
[4]根据实验数据在乙图中描点，则阴影部分的面积为IR，根据U=IR，故阴影部分表示电阻的电压，其数值为
U=IR=0.4A×5Ω=2V
（4）[5]根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向B端移动，使电压表的示数为2V。
（5）[6][7]电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压
U滑=U-UV=4.5V-2V=2.5V
变阻器分得的电压为电压表示数的1.25倍，根据分压原理，当接入30Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为
R滑=1.25×30Ω=37.5Ω
故只用30Ω的滑动变阻器不能直接完成5次实验。
23-4【巩固】 【正确答案】 B 右 0.4 导体两端电压一定时，导体中电流与导体电阻成反比 2 3
【试题解析】 详解:
（1）[1]A．若电流表断路，则两个电表都没有示数，故A不符合题意；
B．若定值电阻短路，则电压表无示数，电流表有示数，故B符合题意；
C．若滑动变阻器断路，则整个电路断路，两个电表都没有示数，故C不符合题意；
D．若滑动变阻器短路，则两个电表均有示数，故D不符合题意。
故选B。
（2）[2]闭合开关前，为保护电路，滑动变阻应该滑到阻值最大处，即图中的最右端。
[3]电压表测R1电压，电流表测电路电路，串联电路电流处处相等，则电流表示数为

（3）[4]由图形可知，定值电阻两端电压控制在

因此可以得出，当导体电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比。
（4）[5][6]当定值电阻R4接入电路时，闭合开关发现电压表示数为2V，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电路分压原理，此时滑动变阻器分得的电压最大，故此时定值电阻R4的电压最小，为2V；因为电流表量程为0～0.6A，故为了电路安全，允许通过的最大电流为0.6A，A、B 两点之间最大的电压为

故应控制A、B 两点之间的电压在2V～3V范围内。
23-5【巩固】 【正确答案】 右 R断路 电压不变时，通过导体的电流与电阻成反比 80
【试题解析】 详解:
（1）[1]甲图中，电压表串联在电路中，电流表与电阻并联是错误的，电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联，如下所示

（2）[2]电路改正后，闭合开关前，为保护电路，应将变阻器滑片调至阻值最大处，即最右端。
（3）[3]将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，移动滑片P，发现电流表示数始终为零，电路可能断路，电压表示数不为零，电压表与电源连通，其原因可能是R断路。
（4）[4]如图乙所示，绘出电流I与电阻倒数的变化的图像为一过原点的直线，故可知，电流与电阻的倒数成正比，即由图乙可得结论：电压不变时，通过导体的电流与电阻成反比。
（5）[5]根据丙图可知，当电阻的倒数为0.2Ω﹣1时，对应的电流为0.4A，电阻的电压为

串联电路电压的规律，变阻器分得的电压
U滑＝U﹣UV＝6V﹣2V＝4V
变阻器分得的电压为电压表示数的2倍，根据分压原理，当接入40Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为
R滑＝2×40Ω＝80Ω
为确保所给的定值电阻接入电路后都能正常进行实验，那么，滑动变阻器的最大阻值至少为 80Ω。
23-6【提升】 【正确答案】 B 右 电压 3V B S和S1
【试题解析】 详解:
（1）[1]滑片向右移动时电阻变大，故滑动变阻器选用左下接线柱与定值电阻串联在电路中，如下图所示：


（2）[2]闭合开关，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数且接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即故障原因是定值电阻R断路，故选B
（3）[3]实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右滑动
（4）[4][5]根据I﹣R图象（如图丙）知，图中阴影面积为长方形，其面积等于IR，由欧姆定律得U＝IR，阴影面积表示的物理量是电阻两端的电压，其数值为
U＝IR＝0.6A×5Ω＝3V
（5）[6]接入50Ω的定值电阻后，无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数
值，说明滑动变阻器的阻值太小，不能分得足够大的电压。
AC．根据串联电路分压原理，为了能完成这次实验，滑动变阻器的最大阻值应大于


即

解得R滑大＝25Ω，即滑动变阻器的最大阻值应该大于25Ω，所以更换一个最大阻值为30Ω的滑动变阻器可以完成这次实验；若再串联一个10Ω的电阻，当原来的滑动变阻器连入电路的电阻为15Ω时，相当于变阻器连入电路的等效电阻为10Ω+15Ω=25Ω，也可以完成实验，故AC不符合题意；
B．接入50Ω的定值电阻后，无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，说明滑动变阻器的阻值太小，不能分得足够大的电压，若再调高电源电压，则滑动变阻器需要分走的电压会更大，根据串联电路分压原理，滑动变阻接入电路的阻值需要更大，该方法不可行，故B符合题意。
故选B。
（6）[7][8]只闭合开关S和S1，读出电流表示数I2；在步骤①中，为R0的简单电路，电流表测R0的电流，则电源电压为U＝I1R0；在步骤②中，两电阻并联，电流表测干路的电流，由并联电路电流的规律可知通过未知电阻Rx的电流：Ix＝I2﹣I1，则电源电压
U＝IxRx＝(I2﹣I1)Rx
由于电源电压不变，即I1R0＝(I2﹣I1)Rx；则待测电阻Rx的阻值为。
23-7【提升】 【正确答案】 不变 1.5 3∶1 25 ACD 3.5 25
【试题解析】 详解:
（1）[1]原电路图中，电压表并联在滑动变阻器和定值电阻两端，相当于测电源电压，由于电源电压不变，故当闭合开关，向右移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变。
[2]在“探究电流与电阻关系”的实验中，电压表应并联在定值电阻两端，如图

（2）[3]当电压表的示数为某一值时，如图乙，电流表选用量程，分度值0.02A，其示数为0.3A；当定值电阻为5Ω时，定值电阻两端电压为

（3）[4]研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，故用15Ω电阻替换5Ω电阻，并移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数仍为1.5V；根据可知，在电压不变时，电流与电阻成反比，故电路的电流之比为，由可知，在电压不变时，电功率与电流成正比，故两次实验整个电路的电功率之比为。
（4）[5]由（2）知，电阻两端的电压始终保持，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压

变阻器分得的电压与电压表的示数相同，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少25Ω的滑动变阻器。
（5）[6]A．在本次实验中，定值电阻两端的电压始终保持不变，即，当电压一定时，通过导体的电流与导体电阻的倒数成正比，与导体的电阻成反比，故A符合题意；
B．导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，图像是一条过原点的直线，本实验需更换不同阻值的电阻，电阻两端的电压保持1.5V不变，故B不符合题意；
C．滑动变阻器的电阻与定值电阻的关系

解得

由于电源电压U与定值电阻两端的电压UV不变，因此滑动变阻器的电阻与定值电阻R成正比，图像是一条过原点的倾斜直线，故C符合题意；
D．定值电阻两端的电压UV不变，由可知，定值电阻的功率与电阻的倒数成正比，图像是一条过原点的倾斜直线，故D符合题意。
故选ACD。
（6）①[7]闭合开关，将滑动变阻器R1的滑片移至最左端，调节滑动变阻器R2的滑片，此时小灯泡、R1和滑动变阻器R2串联，电压表测量R1和滑动变阻器R2两端的电压，电压表的示数为

此时小灯泡L两端的电压为2.5V，灯泡正常发光；
②保持R2的滑片位置不动，将变阻器R1的滑片移至最右端，此时电路的连接不变，电压表只测量滑动变阻器R2两端的电压，读出电压表的示数0.5V，根据串联电路电压的规律知定值电阻R1两端的电压为

此时电路的电流为

根据串联电路电流特点，灯泡的额定电流

③[8]小灯泡L正常发光时的电阻为

24-1【基础】 【正确答案】 小汽车 30km/h 20min
【试题解析】 详解:
（1）[1]以小汽车为参照物，绿色庄园与小汽车之间的距离越来越近，所以小强说绿色庄园来了。
（2）[2]由题意可知，路程为12km，时间
t=8∶54-8∶30=24min
小汽车在路上的平均速度是


（3）[3]小强和爸爸一起以2.5m/s的速度骑行了3km，他们骑行的时间

24-2【基础】 【正确答案】 静止 运动 72km 65m/s
【试题解析】 详解:
（1）[1][2]福建舰相对于歼-10战斗机位置没有发生变化，所以以停留在甲板上的歼-10战斗机为参照物，福建舰是静止的；福建舰匀速航行时，以电磁弹射起飞的歼-10战斗机为参照物，福建舰相对于歼-10战斗机位置发生了变化，所以以电磁弹射起飞的歼-10战斗机为参照物，福建舰是运动的。
（2）[3]航空母舰以36km/h的速度匀速直线航行2h航行的距离

（3）[4]由表格数据可知，舰载机的满载起飞距离，则舰载机满载起飞的平均速度

24-3【巩固】 【正确答案】 从此标志牌到虢镇站还有30km的路程 限速60km/h 90km/h
【试题解析】 详解:
（1）[1]观察甲交通标志牌，虢镇站30km，说明该标志牌距离虢镇站有30km。
[2]观察乙交通标志牌，其中的60表示车最大速度为60km/h，即限速60km/h。
（2）[3]从表格中的数据可看到，从虢镇到西安运行的距离为162km，动车从虢镇站出发的时间为12时08分，到达西安站的时间为13时56分，这过程所用的时间，根据速度公式可知，该趟动车T7010从虢镇到西安运行的平均速度为

该动车的平均速度为90km/h。
（3）[4]从甲、乙两图可以看到，小刚全家开车出发时，距离虢镇站有30km，而他们的车最高速度只能为60km/h，则他们到达虢镇站的最少时间为

而小刚全家停车取票进站过安检需要时间是20min，他们总共需要的时间最少为50min，从表格中看到，动车从虢镇站开车的时刻为，则小刚全家最晚从家出发的时刻为。
24-4【巩固】 【正确答案】 电动自行车 24 2.88×105 400 符合 非平衡 20
【试题解析】 详解:
（1）[1]测试过程中，小华看到路旁的树木向后运动，树木和小华之间发生了位置的改变，所以她是以电动自行车为参照物的。
（2）[2]在BC段电动自行车的速度为
v==24km/h
[3]在BC段，匀速骑行，车受到的动力和阻力是一对平衡力，大小相等，则动力
F=f=60N
BC段动力做功
W=Fs=60N×4800m=2.88×105J
[4][5]电动机的输出功率
P==400W
符合新《规范》关于电动机输出功率的要求。
（3）[6]在CD段，电动自行车做减速运动，运动状态发生了变化，受到非平衡力的作用。
（4）[7]从A到D全程，总路程
s=0.6km+4.8km+0.6km=6km
总时间
t=0.05h+0.2h+0.05h=0.3h
全程电动自行车的平均速度
v'==20km/h
24-5【巩固】 【正确答案】 小 变小 不变 700km/h 1.28×1010J 2×107W
【试题解析】 详解:
(1)[1]在气体中，流速越大（小）的位置，压强越小（大）。该飞机起飞时，其升力是利用气体流速越大，压强越小的原理。
[2][3]飞机在水平地面减速滑行时，质量不变，高度不变，速度减小，则飞机的动能减小，重力势能不变，飞机的机械能包括动能和重力势能，因此飞机的机械能变小。
（2）[4]从成都飞抵武汉，该飞机飞行的平均速度为

（3）[5]已知飞机的重力G=1.6×106N，飞行高度h=8000m，则该飞机从地面爬升到飞行高度克服重力所做的功为
W=Gh=1.6×106N×8000m=1.28×1010J
（4）[6]该飞机发动机的功率至少为

24-6【提升】 【正确答案】 省力杠杆 4.5m/s 3.6×104J 500N
【试题解析】 详解:
解：（1）[1]自行车车把的动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆。
（2）[2]由第5min时刚好到达全程的中点，结合表中数据可知，5min后，自行车做匀速运动，故全程的路程为

由速度公式可得平均速度为

（3）[3]匀速运动中，由可得

（4）[4]匀速运动时，自行车处于平衡状态，所受阻力与动力大小相等，故动力为

由平均阻力为车和小东总重的0.02倍可知

则小东的体重为

答：（1）该共享单车的车把是省力杠杆；
（2）全程的平均速度为4.5m/s；
（3）若共享单车在匀速运动过程中功率恒为75W，小东骑车所做的功是；
（4）小东的重力为。
24-7【提升】 【正确答案】 磅秤 秒表 时间t 25 180 75 A
【试题解析】 详解:
（1）[1][2][3]实验中，除了测出人的质量和起跳高度外，还要用秒表记录跳一定次数时所用的时间t。①用磅秤测出质量m，则重力为G=mg；②测自己平均每次跳起的高度h（人的重心上升的高度），则每次克服重力所做的功W=Gh=mgh；③用秒表记录跳n次所用的时间t。
（2）[4]跳绳时平均功率

（3）[5]该同学的重力

由图可知，起跳的最大高度h=0.5m，他每跳一次克服重力所做的功

[6]由图可知，跳一次所用的时间，1min内，他跳绳的个数

[7]在1min内克服重力做功的平均功率

（4）[8]AB．频率相同，体重大的，在相同时间里做的功多，功率大，故A符合题意，B不符合题意；
C．体重相同，频率高，在相同时间里做的功多，所以功率大，故C不符合题意；
D．体重相同，只要跳频率相同，功率与跳的时间长短无关，故D不符合题意。
故选A。