真题重组卷05——2023年中考物理真题汇编重组卷（广西新中考专用）

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冲刺2023年中考物理精选真题重组卷05
物 理（广西新中考专用）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
4．g=10N/kg。
一、选择题（共16题，共35分。在给出的四个选项中，第 1~13题只有一个选项符合题目要求，选对得2分，选错得0分。第14~16题有多个选项符合题目要求，全部选对得3分，选对但不全得2分，有选错得0分。请考生用2B铅笔在答题卡上将选定的答案标号涂黑。）
1．（2022•西藏）扎西同学观察到以下生活现象，其中可以用光的反射解释的是（　　）
A．手影 B．铅笔“错位”
C．猫照镜子 D．三棱镜分解白光
【答案】C。
【解答】解：A、影子的形成是光的直线传播现象，故A不合题意；
B、铅笔“错位”是由于铅笔放入水中，铅笔反射的光线由水中斜射入空气中，方向发生偏折，使得我们在视觉上感觉铅笔在水中被折断了，是光的折射现象，故B不合题意；
C、猫照镜子属于平面镜成像，可以用光的反射解释，故C符合题意；
D、三棱镜分解白光是光的色散现象，是由于光的折射形成的，故D不合题意。
故选：C。
2．（2022•呼和浩特）有关声现象，下列说法错误的是（　　）
A．正在发声的音叉轻触水面，会引起水花飞溅，是源于音叉的振动
B．“闻其声而识其人”，是根据音色来辨别的
C．将发声的闹钟放入玻璃罩中，在抽出罩内空气的过程中，听到闹钟发出的声音大小不变
D．“南昌舰”在深海反潜训练时，声呐系统是利用超声波来探测敌方潜艇的装置
【答案】C。
【解答】解：A、正在发声的音叉轻触水面，会引起水花飞溅，是源于音叉的振动，故A说法正确；
B、“闻其声而识其人”，是根据音色来辨别的，故B说法正确；
C、将发声的闹钟放入玻璃罩中，在抽出罩内空气的过程中，听到闹钟发出的声音变小，故C说法错误；
D、“南昌舰”在深海反潜训练时，声呐系统是利用超声波来探测敌方潜艇的装置，故D说法正确。
故选：C。
3．（2022•聊城）小聪设计并组装了一个智能门锁灯电路，只有在夜间且有人摸门把手时，锁孔旁的灯才亮，从而方便夜间开锁。它利用感应开关S1（有人摸门把手时，S1闭合；无人摸门把手时，S1断开）和光敏开关S2（天暗时S2闭合，天亮时S2断开）控制电路，下列符合这种“智能”要求的电路图是（　　）
A．
B．
C．
D．
【答案】B。
【解答】解：只有夜间且有人摸门把手时，锁孔旁的灯才亮，否则灯不亮，说明感应开关S1、光敏开关S2不能独立工作、即为串联，共同控制灯，故B正确。
故选：B。
4．（2022•潍坊）如图所示是一种从空气中制水的设备，温度较高的空气被吸入到温度较低的铜管中，其所含的水蒸气在铜管中冷凝成水。该过程中发生的物态变化是（　　）

A．液化 B．凝华 C．升华 D．汽化
【答案】A。
【解答】解：水蒸气在铜管中冷凝成水，是气态变成液态的过程，叫液化。
故选：A。
5．（2022•玉林）在神舟载人航天飞船发射升空过程中，若说宇航员是静止的，则选择的参照物是（　　）
A．太阳 B．地球 C．月亮 D．飞船
【答案】D。
【解答】解：A、以太阳为参照物，宇航员和太阳之间的位置发生了变化，宇航员是运动的，故A不合题意；
B、以地球为参照物，宇航员离地球越来越远，位置发生了变化，故B不合题意；
C、以月球为参照物，宇航员和月球之间的位置也发生了变化，故C不符合题意；
D、以飞船为参照物，因为宇航员固定在舱内，与飞船之间的位置没有发生变化，所以宇航员是静止的，故D符合题意。
故选：D。
6．（2022•菏泽）2022年4月16日神舟十三号飞船返回舱在东风着陆场平安落地，标志着我国空间站关键技术验证阶段的最后一次飞行任务结束。在返回舱减速下落的过程中（　　）
A．动能减少，重力势能不变
B．动能不变，重力势能减少
C．机械能不变
D．机械能减少
【答案】D。
【解答】解：返回舱减速下落的过程中，其质量不变，速度变小，则它的动能减少；同时高度变小，则它的重力势能减少；因机械能等于动能与势能的总和，所以返回舱的机械能减少。
故选：D。
7．（2022•牡丹江）如图是我国古人利用绞车提升巨石的情景，下列说法正确的是（　　）

A．使用此装置可以省功
B．使用轮轴可以省距离
C．上方的滑轮可以改变力的方向
D．绞车由动滑轮、定滑轮及轮轴组成
【答案】C。
【解答】解：A、由功的原理可知，使用任何机械都不省功，所以此装置不能省功，故A错误；
B、轮轴的轮半径大于轴半径，使用时动力作用在轮上，省力但费距离，故B错误；
C、由图可知，上方的滑轮属于定滑轮，可以改变力的方向，故C正确；
D、由图可知，绞车由上方的定滑轮及下面的轮轴组成，没有用到动滑轮，故D错误。
故选：C。
8．（2022•凉山州）甲、乙、丙是由不同材料制成、质量相等的实心球，把它们投入水中静止后，甲球漂浮、乙球悬浮、丙球沉底，则它们受到浮力的情况是（　　）
A．三球浮力相同 B．甲球浮力最小
C．乙球浮力最小 D．丙球浮力最小
【答案】D；
【解答】解：三个球的质量相等，由G＝mg可知，三个球的重力相等，
由物体的浮沉条件可知，甲球漂浮，F浮甲＝G；乙球悬浮，F浮乙＝G；丙球沉底，F浮丙＜G，
因此F浮甲＝F浮乙＞F浮丙，故D正确。
故选：D。
9．（2022•梧州）“一盔一带 安全常在”，小佳想制作一款智能头盔，只有戴上头盔扣上卡扣后，头盔上的信号发射器才能发出信号，当电动车上的信号接收器（S1）接收到信号，再转动电动车钥匙（S2），车才能正常启动，下列电路中符合要求的是（　　）
A．
B．
C．
D．
【答案】A。
【解答】解：根据题意可知，当电动车上的信号接收器（S1）接收到信号，再转动电动车钥匙（S2），车才能正常启动，这说明两个开关相互影响，是串联在一起的，一起控制电动机，故A正确、BCD错误。
故选：A。
10．（2022•菏泽）如图为我国运动员参加北京冬奥会冰壶比赛的场景，下列对冰壶运动过程的认识，正确的是（　　）

A．冰壶被推出后继续向前滑行，说明冰壶具有惯性
B．冰壶被推出后减速滑行，说明物体的运动需要力来维持
C．运动员用毛刷持续摩擦冰面是为了增大摩擦力
D．冰壶所受重力和它对冰面的压力是一对平衡力
【答案】A。
【解答】解：A、冰壶被推出后不再受到推力的作用，能够继续向前滑行，说明冰壶具有惯性，故A正确；
B、冰壶被推出后减速滑行，是因为受到阻力的作用，说明力是改变物体运动状态的原因，物体的运动不需要力来维持，故B错误；
C、运动员用毛刷持续摩擦冰面，使冰融化，在冰面上形成一层水膜，是通过使接触面脱离的方法减小摩擦力，故C错误；
D、冰壶所受重力和它对冰面的压力是作用在不同物体上的两个力，且方向相同，所以不是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
11．（2022•梧州）学校禁止中小学生私自下河游泳。有些看似平静的水面下往往暗藏漩涡，若被卷其中可能会出现危险，因为漩涡中心（　　）
A．水流速度大，压强大 B．水流速度小，压强小
C．水流速度大，压强小 D．水流速度小，压强大
【答案】C。
【解答】解：漩涡的外部的水流速小，压强大，漩涡内的水流速大，压强小，在压强差的作用下，容易将附近的人“吸”进漩涡，发生危险。
故选：C。
12．（2022•贺州）下列选项中，通过热传递的方式来改变物体内能的是（　　）
A．钻木取火 B．用热水袋取暖
C．反复弯折铁丝 D．搓手取暖
【答案】B。
【解答】解：A、钻木取火是摩擦生热，是利用做功来改变物体内能的，故A不合题意；
B、用热水袋取暖，人体会变暖是通过热传递改变了物体的内能，故B符合题意；
C、反复弯折铁丝，是利用做功来改变物体内能的，故C不合题意；
D、搓手取暖属于摩擦生热，是利用做功来改变物体内能的，故D不合题意。
故选：B。
13．（2022•无锡）连接如图所示的电路，闭合开关后，调节滑动变阻器，观察到白炽灯泡L1比L2亮，说明L1的实际功率比L2大。关于该实验，下列说法中正确的是（　　）

A．可以验证电功与电压大小的关系
B．L1对应的电压表示数比L2小
C．通过L1的电流比L2大
D．L1、L2规格是相同的
【答案】A。
【解答】解：由图可知，灯泡L1、L2串联，两个电压表分别测量一只灯泡两端的电压；
根据串联电路的电流特点可知，通过两灯的电流相等，故C错误；
由于L1的实际功率比L2大，根据P＝UI可知，L1两端的电压要大于L2两端的电压，即L1对应的电压表示数比L2大，故B错误；
通过两灯的电流相等，L1两端的电压要大于L2两端的电压，根据欧姆定律可知，灯泡L1的电阻大于灯泡L2的电阻，所以两灯的规格是不相同的，故D错误；
由于通过两灯的电流相等、通电时间相等，电压表能直接测量灯泡两端的电压，灯泡的亮度可以直接观察，所以这个电路可以验证电功与电压的大小关系，故A正确。
故选：A。
14．（2022•丹东）（多选）052D型导弹驱逐舰是我国海防和远洋护航的主力舰种之一。关于驱逐舰在海上执行护航任务的过程中，下列说法正确的是（　　）
A．驱逐舰所受浮力的方向总是竖直向上的
B．舰载直升机离舰后，驱逐舰所受浮力变大
C．舰载直升机加速升空过程中，它的运动状态发生了改变
D．舰载直升机离舰后，驱逐舰舰底所受海水压强变大
【答案】AC。
【解答】解：A、浮力方向是竖直向上的，故A正确；
B、驱逐舰处于漂浮状态，浮力等于重力，舰载直升机离舰后，驱逐舰重力变小，所以浮力变小，故B错误；
C、舰载直升机加速升空过程中，速度变大，运动状态发生变化，故C正确；
D、舰载直升机离舰后，浮力变小，排开液体体积变小，所以驱逐舰浸入水的深度变小，液体密度不变，所以液体压强减小，故D错误。
故选：AC。
15．（2022•丹东）（多选）物理知识在生产和生活中的广泛应用，促进了社会的发展和进步。下列说法正确的是（　　）

A．图甲，钻木取火是用做功的方法来改变物体的内能
B．图乙，汽油机的做功冲程是将内能转化为机械能
C．图丙，电热器在工作时将内能转化为电能
D．图丁，太阳能汽车利用了太阳能，太阳能是可再生能源
【答案】ABD。
【解答】解：A、钻木取火是将机械能转化为内能的过程，是通过做功改变物体的内能，故A正确；
B、汽油机的做功冲程是利用内能转化为机械能的过程，故B正确；
C、电热器工作时，将电能转化为内能，故C错误；
D、太阳能是可再生能源，太阳能汽车是利用太阳能转化为电能工作的，故D正确。
故选：ABD。
16．（2022•怀化）（多选）现在中学生近视眼患者越来越多，保护眼睛刻不容缓，学校开展了上、下午各一次眼保健操活动来预防近视，如图中关于近视眼成因及其矫正的原理图正确的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】AB。
【解答】解：A、眼睛看远处的物体，像成在视网膜的前方，是近视眼的成因，故A正确；
B、凹透镜对光线有发散作用，能使像推迟会聚在视网膜上，说明配戴凹透镜能矫正近视眼，故B正确；
C、眼睛看近处的物体，像成在视网膜的后方，是远视眼的成因，故C错误；
D、凸透镜对光线有会聚作用，能使像提前会聚在视网膜上，说明配戴凸透镜能矫正远视眼，故D错误。
故选：AB。
二、填空题（每空1分，共13分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上，不要求写出演算过程）
17．（2022•广元）2022年3月23日，翟志刚、王亚平和叶光富进行了第二次“天宫授课”，他们的声音信号和图像信号以 　电磁波　为载体传回地球，我们根据 　音色　的不同来分辨他们的声音。
【答案】电磁波；音色。
【解答】解：真空不能传声，他们的声音信号和图像信号是靠电磁波传回地球的；
因为不同人的发声结构不同，所以会发出不同音色的声音，所以我们可以通过音色辨别不同人的声音。
故答案为：电磁波；音色。
18．（2022•宜宾）如图，飞机机翼上表面凸起，下表面较平，在水平飞行过程中由于上表面的空气流速比下表面空气流速大，从而飞机获得的升力方向是 　向上　；飞机驾驶员和乘客必须系上安全带，是为了减小飞机在行驶中 　惯性　造成的危害。

【答案】向上；惯性。
【解答】解：飞机在飞行时，机翼上方气流比下方气流的流速大，压强小，则下方空气的压强大于上方空气的压强，产生向上的压强差、压力差，形成升力。
飞机驾驶员和乘客必须系安全带，是为了减小由于惯性带来的伤害。
故答案为：向上；惯性。
19．（2022•沈阳）用如图所示的滑轮组，分别匀速提升甲、乙两个重物。若重物甲被提升的速度为v1，同时绳子自由端的速度为v2，则v1　小于　v2。以G甲、G乙分别表示甲、乙两个重物的重力，若G甲＞G乙，且不计绳重和摩擦，匀速提升甲、乙两个重物时滑轮组的机械效率η甲　大于　η乙（以上两空均选填“大于”、“小于”或“等于”）。

【答案】小于；大于。
【解答】解：（1）由图可得，滑轮组绳子的有效股数n＝3，
则绳子自由端的速度v2和重物甲被提升的速度v1的关系为v2＝3v1，即v1小于v2。
（2）不计绳重和摩擦，克服重物重力做的功为有用功，克服重物重力和动滑轮重力做的功为总功，
则滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%，
据此可知，滑轮组提升重物的重力越大，滑轮组的机械效率越大，
由G甲＞G乙可知，匀速提升甲、乙两个重物时滑轮组的机械效率η甲大于η乙。
故答案为：小于；大于。
20．（2022•铜仁市）我国电网以交流供电，频率为 　50　Hz；如图所示的家庭电路中，只闭合开关S1，电冰箱正常工作，保持开关S1闭合，再闭合开关S2，总闸立即跳闸，电冰箱、电视机均不工作，则故障原因是 　电视机短路　。

【答案】50；电视机短路。
【解答】解：我国以交流供电，频率为50Hz；
只闭合开关S1，电冰箱正常工作，保持开关S1闭合，再闭合开关S2，总闸立即跳闸，说明电路发生短路现象或用电器的总功率过大；由于电冰箱和电视机都是小功率用电器，说明总闸跳闸不是由于总功率过大造成的，而是有短路现象发生，即故障原因是电视机所在支路短路。
故答案为：50；电视机短路。
21．（2022•梧州）NFC的中文全称为近场通信技术，是一种短距高频的无线电技术，广泛应用于移动支付、门禁、公交卡等，该技术利用 　电磁　波传递信息，该波在真空中的传播速度约为 　3×108　m/s。
【答案】电磁；3×108。
【解答】解：电磁波可以传递信息，近场通信技术利用电磁波传递信息，该波在真空中的传播速度约为3×108m/s。
故答案为：电磁；3×108。
22．（2022•玉林）如图所示，航天员王亚平在中国空间站用“水球”做成像实验，“水球”成像的原理与 　照相机　（选填“放大镜”或“照相机”）的相同，所成的是倒立、缩小的 　实　（选填“实”或“虚”）像。

【答案】照相机；实。
【解答】解：水球具有中间厚，边缘薄的特点，因此水球相当于一个凸透镜，此时王亚平到水球的距离与水球焦距的关系是大于2倍焦距，当u＞2f时，成倒立、缩小的实像，照相机利用了此原理。
故答案为：照相机；实。
三、作图题（共4分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上。）
23．（1）（2022•柳州）如图，用线将小球悬挂起来。请画出线对小球的拉力F的示意图。

【解答】解：拉力的作用点在小球的重心上，方向沿绳子竖直向上，如下图所示：

（2）（2022•贵港）如图所示，根据图中小磁针静止时的指向，标出电源的“+”“﹣”极及图中磁感线的方向。
【解答】解：小磁针的右端为N极，根据磁极间的相互作用规律可知，螺线管的左端为S极，右端为N极，在磁体的周围，磁感线从磁体的N极发出回到S极，所以图中磁感线的方向水平向左；
根据螺线管的右端为N极和线圈的绕向，根据安培定则可知电流从螺线管的左端流入、右端流出，从而可以确定电源的左端为正极，右端为负极。如下图所示：

四、实验探究题（共28分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上。）
24．（2022•梧州）小玲做“探究电流与电阻的关系”实验。实验中电源电压为4.5V恒定不变，电流表选用“0～0.6A”量程，电压表选用“0～3V”量程，滑动变阻器规格为“50Ω 1A”。

（1）连接电路时，开关应 　断开　。
（2）在如图甲所示的电路中，闭合开关，移动滑片，发现电流表示数几乎为零，电压表有示数，原因是 　电压表串联在电路中了　；经分析有一根导线连接错误，请在连接错误的导线上打“×”，并补画出一根导线连接成正确的电路；
（3）小玲连接好正确电路后，在AB间分别接入阻值不同的电阻R，测量了五组实验数据，其中第2组实验的电流表示数如图乙所示为 　0.3　A；测得的其他四组数据如表所示，小玲检查后发现有一组数据存在错误，导致出错的原因是 　第3次电压值是其他的5倍，应该是电流表量程看错，读数错误，而且电源电压才4.5V　。
实验组次
1
2
3
4
5
电阻R/Ω
5
10
15
25
30
电流I/A
0.6

1
0.12
0.1
（4）小玲根据正确的实验数据得出实验结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成 　反比　；
（5）以上实验控制AB间的电压为 　3　V不变，为了使实验结论更可靠，小玲想继续保持此电压不变再多测几组数据，请计算AB间允许接入电阻R的阻值范围是 　5～100　Ω。
【答案】（1）断开；（2）电压表串联在电路中了；如图所示；（3）0.3；第3次电压值是其他的5倍，应该是电流表量程看错，读数错误，而且电源电压才4.5V；（4）反比；（5）3；5～100。
【解答】解：（1）连接电路时，为保护电路，开关应断开；
（2）由图甲知，电压表串联在电路中，由于电压表自身电阻非常大，所以用电器AB不工作，电流表无示数；
滑动变阻器、用电器AB应串联，电压表应与用电器AB并联，可以将用电器AB右侧连接滑动变阻器的导线改接到电压表负接线柱上，如图所示：

（3）由U＝IR知，U＝0.6A×5Ω＝3V，则I2＝＝＝0.3A；
在探究电流与电阻的关系的实验中应控制定值电阻两端的电压一定，根据表中数据可知，第1次实验所控制的电压U1＝I1R1＝0.5A×6Ω＝3V，第2次实验所控制的电压U2＝I2R2＝0.3A×10Ω＝3V，第3次实验所控制的电压U3＝I3R3＝1A×15Ω＝15V，第4次实验所控制的电压U4＝I4R4＝0.12A×25Ω＝3V，第5次实验所控制的电压U5＝I5R5＝0.1A×30Ω＝3V，所以错误的数据是第3次实验的数据，其原因是第3次电压值是其他的5倍，应该是电流表量程看错，读数错误，而且电源电压才4.5V；
（4）根据正确的实验数据得出实验结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（5）电流表的量程为0～0.6A，变阻器允许通过的最大电流为1A，为了保证电路的安全，电路中的最大电流为0.6A，此时定值电阻和变阻器接入电路中的电阻都最小：R小＝5Ω；因变阻器的最大电阻为50Ω，当滑动变阻器的电阻最大时，定值电阻阻值也最大；当变阻器接入电路中的阻值最大时，此时电路中的电流I＝＝＝0.03A，定值电阻的最大阻值：R大＝＝＝100Ω。
故答案为：（1）断开；（2）电压表串联在电路中了；如图所示；（3）0.3；第3次电压值是其他的5倍，应该是电流表量程看错，读数错误，而且电源电压才4.5V；（4）反比；（5）3；5～100。
25．（2022•丹东）“测量盐水的密度”实验。

（1）将天平放在水平桌面上，把 　游码　放到标尺左端的零刻度线处，并旋动平衡螺母，使横梁平衡。
（2）烧杯中装入适量的盐水，称出烧杯和盐水的质量，如图甲，烧杯和盐水的质量为 　78　g；将烧杯中盐水倒入量筒中一部分，如图乙，量筒中盐水的体积为 　40　cm3。称出烧杯和剩余盐水质量为34g，则盐水的密度为 　1.1×103　kg/m3。
（3）某兴趣小组成员小辉看到一个小木球漂浮在水面上，想知道小木球的密度，与同组成员讨论后，进行了如下实验：
①用调节好的天平正确测量小木球的质量m；
②在量筒内盛适量水，读出水面所对刻度V1；
③将铅笔A和铅笔B固定成如图丙所示的形状，放入量筒内的水中，直到铅笔B的下表面刚好与水面相平，如图丁所示，读出水面所对刻度V2；
④取出铅笔，将小木球轻轻放入量筒内的水中漂浮，用固定好的铅笔A和铅笔B将小木球压入水中，直到铅笔B下表面刚好与水面相平，如图戊所示，读出水面所对刻度V3；
⑤小木球的密度表达式为：ρ木＝　　（用所测物理量符号表示；水的密度用ρ水表示）；
⑥实验评估时，小辉提出，若考虑小木球“吸”水，铅笔不“吸”水，会导致小木球的密度测量值 　偏大　（选填“偏大”或“偏小”）。
【答案】（1）游码；（2）78；40；1.1×103；（3）；偏大。
【解答】解：（1）将天平放在水平桌面上，把游码拨至标尺左端零刻度线上，调节横梁左右两端的平衡螺母，使横梁平衡；
（2）烧杯和盐水的质量为：m1＝50g+20g+5g+3g＝78g；
量筒中盐水的质量：m＝m1﹣m2＝78g﹣34g＝44g；
量筒的分度值为2mL，量筒中盐水的体积：V＝40mL＝40cm3，
所以盐水的密度为：ρ＝＝＝1.1g/cm3＝1.1×103kg/m3；
（3）木球的体积为：V球＝V3﹣V2，
木球的密度为：ρ球＝＝；
实验中先测小木球的质量，测得木球的质量是准确的；若考虑小木球“吸”水，则测得的总体积V3偏小，根据V球＝V3﹣V2可知测得木球的体积偏小，由ρ＝可知，会导致小木球的密度测量值偏大。
故答案为：（1）游码；（2）78；40；1.1×103；（3）；偏大。
26．（2022•阜新）探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”，如图所示。

（1）小组的同学首先进行了如图甲、乙、丙三次实验，每次他们都用弹簧测力计沿水平方向拉着物块A做 　匀速直线　运动，根据 　二力平衡　原理，可知此时滑动摩擦力与拉力的大小相等。
（2）分析 　甲、乙　两图可知：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）分析甲、丙两图可知：在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越 　大　。
（4）小组的同学又用乙装置进行了图丁所示的实验，沿水平方向拉着物块做直线运动，弹簧测力计的示数为4.5N，这时物块A受到木板的摩擦力为 　3.8　N，物块A上面的砝码在水平方向上处于 　非平衡　（填“平衡”或“非平衡”）状态。
【答案】（1）匀速直线；二力平衡；（2）甲、乙；（3）大；（4）3.8；非平衡。
【解答】解：（1）实验过程中，应使弹簧测力沿水平方向拉着物块A做匀速直线运动，物块A处于平衡状态，受平衡力作用，根据二力平衡知识可知，此时弹簧测力计的示数与滑动摩擦力的大小相等；
（2）分析甲、乙两图可知，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，测力计的示数不同，且压力越大，测力计是示数越大，故可得结论：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）分析甲、丙两图可知，压力相同，接触面的粗糙程度不同，且接触面越粗糙，测力计的示数越大，故可得结论：在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（4）因滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，所以图乙和图丁所示的实验中的滑动摩擦力大小相等，即图丁中物块A受到木板的摩擦力为3.8N；
由4.5N＞3.8N可知，物块A和上面的砝码做变速运动，两者均处于非平衡状态。
故答案为：（1）匀速直线；二力平衡；（2）甲、乙；（3）大；（4）3.8；非平衡。
27．（2022•辽宁）电学实验课上，老师提供了“20Ω 1A”字样的滑动变阻器R1、定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω）、标有“0.5A”字样的小灯泡、两节干电池等器材。利用所学的知识，请你帮助小鹏同学完成下面的实验。
（1）探究电流与电阻关系

①小鹏连接了如图甲所示的电路。其中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”并用笔画线代替导线，将电路连接正确。
②正确连接电路后，根据现有器材，为了让四个电阻单独接入电路都可完成实验，定值电阻两端的电压不能低于 　1.5　V。
③电路中接入5Ω定值电阻，闭合开关前，将滑动变阻器的滑片移至最 　左　端。闭合开关，移动滑片，电流表的示数如图乙所示，为 　0.4　A。
④用10Ω电阻替换5Ω电阻后，滑片应该向 　左　调节。经过多次实验，分析实验数据，得出结论：电压一定时，电流与电阻成 　反比　。
（2）小鹏想测量标有“0.5A”字样小灯泡的额定功率。老师从实验室中拿出最大阻值未知的滑动变阻器R2和一个电压未知的电源（以上两器材均能满足实验要求），经过思考，利用原有的“20Ω 1A”的滑动变阻器R1和电流表等器材，小鹏设计了如图丙所示的电路，请你帮他完成实验。
①为了完成实验，请在图丙的虚线框内填上滑动变阻器R1、R2。
②先将R1、R2的滑片移至最右端。闭合开关S、S1，断开开关S2，再将R2的滑片移至最左端，电流表的示数为0.3A。
③将R2的滑片移至最右端。断开开关S1，闭合开关S、S2，向左移动 　R2　的滑片，直至电流表的示数为0.5A。
④　R2滑片位置不动　，断开开关S2，闭合开关S、S1，电流表的示数恰好为0.24A。
⑤小灯泡的额定功率P额＝　1.75　W。
【答案】（1）①见解答图；②1.5；③左；0.4；④左；反比；（2）①见解答图；③R2；④R2滑片位置不动；⑤1.75。
【解答】解：（1）①原电路图中，变阻器没有接入电路，电压表并联在定值电阻和变阻器两端是错误的；变阻器应串联在电路中，电压表应并联在定值电阻两端，如下图所示：
；
②研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑＝U源﹣UV＝3V﹣UV，
根据分压原理有：
＝，即＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，
因电压表示数UV为定值，由①式知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取最大时，变阻器连入电路中的电阻最大，由①式得：＝，
解得电压表的示数：U＝1.5V，即为完成实验，电压表的最小电压为1.5V；
③为了保护电路，闭合开关前，将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处，即最左端；闭合开关，移动滑片，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.4A；
④实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大变阻器两端的电压，由分压原理，要增大变阻器电阻阻值，故应把变阻器滑片向左调节；
经过多次实验，分析实验数据，得出结论：电压一定时，电流与电阻成反比；
（2）实验步骤：
①为了完成实验，在图丙的虚线框内填上滑动变阻器R1、R2，如下图所示：
；
②先将R1、R2的滑片移至最右端。闭合开关S、S1，断开开关S2，再将R2的滑片移至最左端，电流表的示数为0.3A；
③将R2的滑片移至最右端。断开开关S1，闭合开关S、S2，向左移动R2的滑片，直至电流表的示数为0.5A；
④R2滑片位置不动，断开开关S2，闭合开关S、S1，电流表的示数恰好为0.24A；
⑤在步骤②中，R1与R2串联，且R2的阻值为0，电路为只有R1的简单电路，此时R1的阻值最大，电流表测串联电路电流为0.3A，根据欧姆定律，电源电压为：
U＝I1R1＝0.3A×20Ω＝6V；
在步骤③中，R2与灯泡串联，电流表测串联电路电流；向左移动R2的滑片，使电流表的示数为0.5A，此时灯泡正常发光；
在步骤④中，R1与R2串联，电流表测串联电路电流；保持R2滑片位置不动，R1的阻值最大，此时电流表示数为0.24A，根据欧姆定律，电路中的总电阻为：
R总1＝＝＝25Ω，
根据电阻的串联，R2＝R总1﹣R1＝25Ω﹣20Ω＝5Ω；
当灯泡正常发光时，根据欧姆定律，电路中的总电阻为：
R总2＝＝＝12Ω，
灯泡正常发光时的电阻为：
RL＝R总2﹣R2＝12Ω﹣5Ω＝7Ω，
小灯泡的额定功率为：
P额＝I额2RL＝（0.5A）2×7Ω＝1.75W。
故答案为：（1）①见解答图；②1.5；③左；0.4；④左；反比；（2）①见解答图；③R2；④R2滑片位置不动；⑤1.75。
五、计算题（共20分。解答时要求在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不得分。答案必须明确写出数值和单位。）
28．（2022•吉林）静止在水平桌面上的一套丛书，质量为1.65kg，与桌面的接触面积为0.03m2，求：
（1）该套丛书受到的重力；
（2）该套丛书对桌面的压强。（g＝10N/kg）
【解答】解：（1）该套丛书受到的重力：
G＝mg＝1.65kg×10N/kg＝16.5N；
（2）因物体对水平面的压力和自身的重力相等，
所以，该套丛书对桌面的压强：
p＝＝＝＝550Pa。
答：（1）该套丛书受到的重力为16.5N；
（2）该套丛书对桌面的压强为550Pa。
29．（2022•六盘水）如图所示的电路中，小灯泡L标有“6V 3.6W”字样。闭合开关S，小灯泡正常发光，电流表示数为0.3A。设灯丝电阻不变，求：
（1）小灯泡的额定电流；
（2）定值电阻R的阻值；
（3）电路消耗的总功率。

【解答】解：（1）小灯泡L标有“6V 3.6W”字样，
由P＝UI可得小灯泡的额定电流：I额＝＝＝0.6A；
（2）由图知，R与L并联，电流表测R的电流，
因小灯泡正常发光，则电源电压U＝U额＝6V，
已知电流表示数为0.3A，即R的电流为0.3A，
由欧姆定律可得定值电阻R的阻值：R＝＝＝20Ω；
（3）由并联电路的电流特点可知总电流：I总＝I额+IR＝0.6A+0.3A＝0.9A，
电路消耗的总功率：P＝UI总＝6V×0.9A＝5.4W。
答：（1）小灯泡的额定电流为0.6A；
（2）定值电阻R的阻值为20Ω；
（3）电路消耗的总功率为5.4W。
30．（2022•黔东南州）如图所示，是某工作队用滑轮组从水中打捞正方体物体M的情景。物体M的棱长为1m，密度为2.8×103kg/m3，用7500N的拉力F将物体M以0.5m/s的速度匀速提升2m。忽略绳重、绳与滑轮的摩擦和滑轮与轴的摩擦。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）求：
（1）物体M上升后，还未露出水面时受到的浮力；
（2）物体M上表面在水面下0.2m时，它的下表面受到水的压力；
（3）物体M上升后，在未露出水面前，此滑轮组的机械效率。

【解答】解：（1）物体M上升后，还未露出水面时，物体排开液体体积等于物体体积，V排＝V＝a3＝1m3；
F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1m3＝104N；
（2）物体M上表面在水面下0.2m时，它的下表面深度h＝1m+0.2m＝1.2m；
下表面受到水的压强p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1.2m＝1.2×104Pa；
下表面受到水的压力F＝pS＝1.2×104Pa×（1m）2＝1.2×104N；
（3）物体重力G＝ρgV＝2.8×103kg/m3×10N/kg×1m3＝2.8×104N；
由图可知动滑轮上3股绳，所以n＝3；
滑轮组的机械效率η＝×100%＝＝＝＝80%。
答：（1）物体M上升后，还未露出水面时受到的浮力是104N；
（2）物体M上表面在水面下0.2m时，它的下表面受到水的压力是1.2×104N；
（3）物体M上升后，在未露出水面前，此滑轮组的机械效率是＝80%。