真题重组卷02——2023年中考物理真题汇编重组卷(江西专用)

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冲刺2023年中考精选真题重组卷02
物 理（江西专用）

说明：1.全卷满分80分，考试时间85分钟。
2.请将答案写在答题卡上，否则不给分。

一、填空题（共16分，每空1分）
1．（2022·江苏淮安）神舟十四号飞船将三名航天员送到中国空间站，航天员在空间站利用______向地面站传送信息；飞船返回舱载着航天员返回地球，以飞船为参照物，地球是______。
【答案】     电磁波     运动的
【详解】因为真空不能传声，电磁波可以在真空中传播，所以航天员在空间站利用电磁波向地面站传送信息。
[2]飞船返回舱载着航天员返回地球，以飞船为参照物，地球与飞船之间有位置变化，即以飞船为参照物，地球是运动的。
2．（2022·辽宁锦州）2022年元宵晚会上，在空间站中的航天员王亚平用古筝演奏了一曲《茉莉花》。古筝发出的声音是由于琴弦______产生的；改变拨弦的力度可以改变声音的______（选填“音调”、“响度”或“音色”）。
【答案】     振动     响度
【详解】声音由物体的振动产生，所以古筝发出声音是因为琴弦的振动产生的。
改变拨弦的力度弹拨琴弦，则振动的振幅就会不同，导致发出声音的响度就会不同。
3．（2022·贵州遵义）“七一”建党节前夕，名城遵义老城区被各色鲜花装扮起来，人们闻到扑鼻而来的花香，这是______现象；人们从不同方向都能看到道路两旁迎风招展的鲜红旗帜，这是光的______（选填“镜面反射”或“漫反射”）现象。
【答案】     扩散     漫反射
【详解】“七一”建党节前夕，名城遵义老城区被各色鲜花装扮起来，人们闻到扑鼻而来的花香，是花的芳香分子扩散到空气中，是扩散现象。
人们从不同方向都能看到道路两旁迎风招展的鲜红旗帜，由于光在旗帜表面发生了漫反射。
4．（2022·湖南株洲）如图是我国古代发明的指南针司南，能指示南北方向。因为地球周围存在地磁场，指南针静止时它的南极指向地理的______极附近。指南针放在通电导线附近发生了轻微偏转，是因为通电导体周围存在______。

【答案】     南     磁场
【详解】地球是一个大磁体，司南是一个小磁体，根据磁极间的作用判断地磁场的磁极，根据地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，指南针静止时它的南极指向地理的南方。
指南针放在通电导线附近发生了轻微偏转，说明受到磁场作用力，可以判断电流周围存在磁场。
5．（2022·山东威海）如图所示，运-20军用运输机静止时轮胎对跑道的压强为，在机场跑道高速滑行时轮胎对跑道的压强为，则___________；空投物资后，飞机的惯性与空投前相比，其变化情况是___________。

【答案】     >或大于     减小
【详解】运输机静止时对地面的压力等于重力，即
F1=G
在机场跑道高速滑行时，受到向上的升力，运输机对地面的压力小于重力，即
F2p2
惯性的大小与质量有关，空投物资后，与空投前相比，质量减小，惯性减小。
6．（2022·宁夏）生活中有很多小妙招，如图甲所示，用钢勺很轻松就可以打开饮料瓶盖，模型如图乙，它是以______为支点（选填“A”或“B”）的省力杠杆，手在______（选填“C”或“D”）点向下压时会更省力。

【答案】     B     D
【详解】如图乙，用钢勺撬动瓶盖，以点B为支点，动力作用在勺柄上，瓶盖对勺头的阻力作用在点A向上，此时动力臂大于阻力臂，根据杠杆的平衡条件可知，动力小于阻力，是省力杠杆。
手作用在D点时的动力臂大于作用在C点的动力臂，这样在阻力和阻力臂不变时，动力更小，更省力。
7．（2022·山东聊城）如图所示，控制灯泡的开关要接在___________（选填“1”或“2”）处。将电水壶的三脚插头插入三孔插座中，这样做可以让它的金属外壳与插座中的___________（选填“火”“零”或“地”）线相连，以防止外壳带电时，对人造成伤害。

【答案】     1     地
【详解】家庭电路中开关和它所控制的电灯是串联的，因此为了用电安全开关必须接在火线上，所以控制灯泡的开关要接在1处。
将电水壶的三脚插头插入三孔插座中，电水壶的金属外壳与插座中的地线相连，这样即使金属外壳带电，电流也会通过地线导入大地，防止触电事故的发生。
8．（2022·辽宁盘锦）如图所示的电路中，电源电压保持不变，灯L1标有“3V  1.2W”、灯L2标有“3V 0.9W”字样。先只闭合开关S1，灯L1正常发光；再闭合开关S2，电压表示数___________（选填“变大”“变小”或“不变”），电流表应选择___________（选填“0~0.6A”或“”）的量程。

【答案】     不变    
【详解】由灯泡规格可知两灯泡的额定电压都为3V，由图知，先只闭合开关S1，灯L1正常发光，电路是灯泡L1的基本电路，灯泡正常发光，则电源电压等于灯泡L1的额定电压3V，电压表的示数为3V；再闭合开关S2，两只灯泡并联，电流表测干路电流，电压表测灯泡L1两端的电压，并联电路各支路两端电压相等，所以灯泡两端的电压仍为电源电压3V不变，即电压表的示数为3V，故电压表示数不变。
此时两灯泡两端的电压都为额定电压，则通过灯泡L1的电流

通过灯泡L2的电流

并联电路干路电流等于各支路电流之和，此时通过干路的电流

所以电流表选择0~3A的量程接入电路。
二、选择题（共14分，把你认为正确选项的代号填涂在答题卡的相应位置上，9~12小题，每小题只有一个正确选项，每小题2分；第13、14小题为多项选择，每小题两个或两个以上正确选项，每小题3分，全部选择正确3分，选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）
9．（2022·四川巴中）下列说法最接近实际的是（　　）
A．一本物理课本的质量约为1500g B．一栋四层教学楼的高度约为15m
C．人们觉得舒适的环境温度约为42℃ D．智能手机工作电压约为220V
【答案】B
【详解】A．一个苹果的质量在200g左右，一本物理课本的质量与此差不多，在200g左右，故A不符合题意；
B．每层教学楼高约为4米，所以一栋四层教学楼的高度约为15m，故B符合题意；
C．人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右，故C不符合题意；
D．智能手机工作电压约为3.7V，家庭电路的电压为220V，故D不符合题意。
故选B。
10．（2022·辽宁）早在公元前1650年，我国劳动人民就掌握了青铜器铸造技术。用石杓舀出液态铜倒入陶范中冷却成固态，如图所示。下列说法正确的是（　　）

A．液态铜倒入陶范冷却成青铜器是凝华现象
B．液态铜冷却成固态的过程中质量变大
C．工匠身上的汗水不断汽化，需要吸热
D．刚用过的石杓放入水中出现的“白气”是水蒸气
【答案】C
【详解】A．液态铜倒入陶范冷却成青铜器，由液态变为固态，属于凝固，故A错误；
B．物体的质量与其状态无关，所以液态铜冷却成固态的过程中质量不变，故B错误；
C．汗水不断汽化，由液态变为气态，需要吸收热量，故C正确；
D．刚用过的石杓放入水中出现的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故D错误。
故选C。
11．（2022·湖北襄阳）神舟13号返回舱在空中高速下降到适当位置时打开降落伞，返回舱和伞开始做减速运动，空气阻力随速度的减小而减小，下降一段高度后，开始匀速下降直到地面附近。以返回舱和伞为研究对象，下列说法不正确的是（　　）
A．减速下降过程中受力不平衡
B．减速下降过程中减少的机械能等于克服空气阻力做功消耗的能量
C．匀速下降过程中机械能减小
D．减速下降过程中重力做功的功率小于匀速下降时重力做功的功率
【答案】D
【详解】A．减速下降过程中，返回舱和伞处于非平衡状态，所以它受力不平衡，故A正确，不符合题意；
B．减速下降的过程中，要克服空气阻力做功，则减少的机械能等于克服空气阻力做功消耗的能量，故B正确，不符合题意；
C．返回舱和伞匀速下降的过程中，质量不变，速度不变，但高度减小，则动能不变，重力势能减少，则机械能总量减少，故C正确，不符合题意；
D．返回舱和伞的重力大小不变，由题意可知返回舱和伞减速下降时的速度大于匀速下降时的速度，根据公式

可知，减速下降中重力做功的功率大于匀速下降中重力做功的功率，故D错误，符合题意。
故选D。
12．（2022·山东日照）喜欢思考的小明用塑料矿泉水瓶子进行了如下游戏探究：瓶中留有少量水，盖上瓶盖（如图甲）；扭转瓶子（如图乙）；轻轻扰动瓶盖，瓶盖被瓶内的气体冲出，同时瓶内出现白雾（如图丙）。图乙和图丙所示的过程，分别与四冲程内燃机连续的两个冲程相似，这两个冲程是（　　）

A．吸气冲程和压缩冲程 B．压缩冲程和做功冲程
C．做功冲程和排气冲程 D．压缩冲程和排气冲程
【答案】B
【详解】扭转瓶子（如图乙），对气体做功，机械能转化为内能，相当于为压缩冲程；如图丙，膨胀的气体对外做功，内能转化为机械能，相当于热机的做功冲程，故B符合题意；ACD不符合题意。
故选B。
13．（2022·山东聊城）下列对各光学现象的相应解释或描述，正确的是（　　）

A．甲：入射光垂直射向镜面时，入射角等于0°
B．乙：蜡烛远离玻璃板时，玻璃板后面蜡烛的像大小不变
C．丙：点燃蜡烛前，需调整蜡烛、凸透镜和光屏的中心在同一高度
D．丁：是远视眼矫正后的成像光路图
【答案】AB
【详解】A．入射角是入射光线与法线的夹角，入射光垂直射向镜面时，入射角是0°，故A正确；
B．平面镜成的像和物体的大小相等，蜡烛远离玻璃板时，玻璃板后面蜡烛的像大小不变，故B正确；
C．调整蜡烛、凸透镜、光屏的位置和高度时，需要点燃蜡烛，使烛焰中心、透镜中心、光屏中心位于同一高度，故C错误；
D．图中利用凹透镜对眼睛进行矫正，属于近视眼的矫正，远视眼是利用凸透镜进行矫正，故D错误。
故选AB。
14．（2022·天津）小明在研究物体的浮沉问题时，制作了一个空腔“浮沉子”，将其放入一个底面积为S、水深为h0的薄壁柱形容器内。刚放入水中时，浮沉子恰好悬浮，此时水深为h1，如图所示；一段时间后，由于渗漏空腔内开始进水，最后空腔充满了水，浮沉子沉底且完全浸没，此时水的深度降为h2。已知水的密度为ρ0，则所制作的浮沉子（　　）

A．质量为ρ0(h1-h0)S B．质量为ρ0(h2-h0)S
C．材料的密度为 D．材料的密度为
【答案】AD
【详解】AB．刚放入水中时，排开水的体积为

刚放入水中时，浮沉子恰好悬浮，浮力等于浮沉子的重力，等于排开水的重力，故浮子的重力为

经整理可知

故A符合题意，B不符合题意；
CD．一段时间后，空腔充满了水，浮沉子沉底且完全浸没，此时水的深度降为h2，则空腔部分的体积为

实心部分的体积为

材料的密度为

故C不符合题意，D符合题意。
故选AD。
三、计算题（共22分，第15，16小题各7分，第17小题8分）
15．（2022·内蒙古呼和浩特）如左图所示，是呼和浩特市在疫情防控期间，消毒车为街道喷洒消毒液的情景。图中消毒车净重10t，装有10m3消毒液，此时车轮与地面的总接触面积为0.5m2，右图是消毒车运动的s﹣t图。已知消毒液的密度为1.01×103kg/m3，求：
（1）10min内消毒车的平均速度；消毒液的质量；
（2）喷洒前，消毒液质量和消毒车对水平地面的压强。

【答案】（1）24km/h，1.01×104kg；（2）1.01×104kg，4.02×105Pa
【详解】解：（1）由图得，消毒车10min运动的路程为4km，平均速度为

由得，消毒液的质量得

（2）喷洒前，消毒液的体积为10m3，质量为1.01×104kg。
消毒车对水平地面的压力

消毒车对水平地面的压强

答：（1）10min内消毒车的平均速度24km/h；消毒液的质量1.01×104kg；
（2）喷洒前，消毒液质量1.01×104kg，消毒车对水平地面的压强4.02×105Pa。
16．（2022·甘肃金昌）小华家里用的是天然气灶，他尝试估测该灶的效率。小华在水壶中加入5L水，水的初温是20℃，然后将水烧开，他观察天然气表发现此次烧水用了0.1m3天然气，天然气的热值为3.2×107J/m3，水的比热容c=4.2×103J/（kg•℃），当地大气压为标准大气压。求：
（1）水吸收的热量Q吸（不计水的热量损失）；
（2）天然气完全燃烧放出的热量Q放；
（3）天然气灶的效率η。
【答案】（1）1.68×106J；（2）3.2×106J；（3）52.5%
【详解】解：（1）水的质量

水吸收的热量

（2）天然气放出的热量

（3）天然气灶的效率

答：（1）水吸收的热量为；
（2）天然气放出的热量为；
（3）天然气灶的效率。
17．（2022·山东威海）小明家有一个标有“”的插排（图甲所示），同时接入一个电加热坐垫（“”）和一台吸尘器（“”），吸尘器的电动机线圈电阻为，小明家电压恒为。
（1）吸尘器工作消耗的电能是多少？
（2）现有一个电吹风机（“”），请通过计算说明插排能否允许再接入此电吹风机，使3个用电器同时工作。
（3）图乙是电加热坐垫（“”）的简化电路图，通过调控开关可实现保温和加热两个功能。电阻R1在调温盒内，电阻R2置于坐垫内用于加热。电加热坐垫处于保温状态时电阻R2消耗的电功率为20W，则R1的阻值为多少？

【答案】（1）6.6×105J；（2）可以接入该电吹风机；（3）200Ω。
【详解】解：（1）吸尘器消耗的电能
W=Pt=1100W×600s=6.6×105J
（2）插排最大功率
P最大=UI最大=220V×10A=2200W
允许接入功率
P=P总-P1-P2=2200W-24.2W-1100W=1075.8W
P=1075.8W>P3=880W
可以接入该电吹风机。
（3）当开关S1、S2都闭合时，只有R2的简单电路，电加热垫处于加热档，R2的阻值

当开关S1闭合、S2断开时，电加热垫处于保温档，R1与R2串联。由P2=I 2R2，代入
20W=I2×2000Ω
解得I=0.1A。

R1的阻值
R1=R总-R2=2200Ω-2000Ω=200Ω
答：（1）吸尘器工作 消耗的电能是6.6×105J；
（2）可以接入该电吹风机；
（3）R1的阻值为200Ω。
四、实验题（共28分，每小题7分）
18．（2022·云南）如图甲是小亮设计的能做“探究冰熔化时温度的变化规律”和“探究水沸腾时温度变化的特点”实验的装置。

（1）是小亮设计的能做“探究冰熔化时温度的变化规律”和小亮利用如图甲所示的装置进行实验，其中存在两处错误，请找出一处并说明原因：___________；
（2）改正错误后重新实验，观察并记录温度计A的示数，作出如图乙所示的图像。通过图乙分析可知冰是___________（选填“晶体”或“非晶体”）；
（3）图乙中，t1~t2阶段试管中的物质处于___________状态，此过程中温度不变，内能___________；
（4）观察并记录温度计B的示数，绘制出图丙的图像，根据图像可知水的沸点为___________℃，说明当地的大气压___________1个标准大气压；
（5）观察到烧杯中的水已沸腾，且A、B两温度计示数相同，此时试管中的水___________沸腾（选填“会”或“不会”）。
【答案】（1） B温度计的感温泡碰到了容器底（或A温度计的感温泡没有埋没在碎冰块中） （2）晶体     （3）固液共存；增大    （4） 95；小于     （5）不会
【详解】（1）根据温度计的使用方法，由甲图可知，存在的错误是：一是B温度计的感温泡碰到了容器底；要测碎冰块的温度，将A温度计的感温泡埋没在碎冰块中，所以第二个错误是A温度计的感温泡没有埋没在碎冰块中。
（2）通过图乙可知,冰t1~t2阶段，冰吸收热量，温度保持不变，符合晶体熔化特点，所以冰是晶体。
（3）由乙图可知，t1~t2阶段冰处于熔化过程中，物质处于固液共存状态，此过程吸收热量，温度不变，内能增大。
（4）由丙图图像可知，水升高到95℃就不再升高，说明水已经沸腾了，所以水的沸点为95℃；由于1标准大气压下，水的沸点为100℃，并且沸点随气压的升高而升高，而此时水的沸点为95℃，小于100℃，说明当地的大气压小于1个标准大气压。
（5）烧杯中的水已沸腾，且A、B两温度计示数相同，说明试管和烧杯中水温度相同，不存在温度差，所以试管中的水不能从烧杯中吸收热量，所以试管中的水不会沸腾。
19．（2022·广西百色）在探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关的实验中，某实验小组选择如下器材：长木板、棉布、木块、砝码、弹簧测力计等进行实验。

（1）根据___________知识，用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做___________运动时，木块所受滑动摩擦力的大小等于拉力的大小；
（2）比较图中___________两次实验可知，当接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）实验中发现图丙弹簧测力计的示数比图甲的大，由此得出结论：当压力相同时，接触面越___________，滑动摩擦力越大；
（4）本实验主要采用的科学探究方法是___________法；
（5）该小组将木块沿竖直方向切掉一半后重新进行实验，如图丁所示，测得木块所受摩擦力与图甲测得的摩擦力进行比较，得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积有关。此结论是___________的（选填“正确”或“错误”）；
（6）该小组在实验中发现较难保持木块匀速运动，导致弹簧测力计示数不稳定。于是他们改进实验，如图所示，固定弹簧测力计，拉动长木板进行实验。实验过程___________匀速拉动长木板，更易操作（选填“需要”或“不需要”）。

【答案】（1） 二力平衡；匀速直线（2）甲、乙（3）粗糙（4）控制变量（5）错误（6）不需要
【详解】（1）实验时，用弹簧测力计拉着木块在水平木板（或棉布）上做匀速直线运动，木块处于平衡状态，在水平方向只受到拉力和滑动摩擦力。根据二力平衡知识可知，此时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）对比甲乙两次实验可知，接触面的粗糙程度相同，改变放在木块上的砝码从而改变木块与长木板之间压力大小。乙中压力较大，弹簧测力计示数也较大，即滑动摩擦力较大，所以可得出结论，当接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）对比甲丙两次实验可知，两次实验时压力相同，丙中接触面较粗糙，弹簧测力计示数较大，则滑动摩擦力较大，所以可得出结论，当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（4）实验中探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关，要控制其中一个物理量不变，改变另外的物理量来进行探究，这里要用到控制变量法。
（5）将木块沿竖直方向切掉一半后重新进行实验，在改变接触面积的同时也改变了压力大小，没有遵循控制变量，故得出滑动摩擦力的大小与接触面积有关的结论是错误的。
（6）实验时，木块受到弹簧测力计的拉力和木板对它的滑动摩擦力而处于静止状态，所以这两个力是一对平衡力，由于木块始终处于静止状态，滑动摩擦力大小与物体相对滑动速度无关，所以不需要匀速拉动长木板。
20．（2022·辽宁丹东）“测量小灯泡的电功率”实验，小丹同学设计了如图甲所示的电路图。所用电学器材如下：电源、额定电压为的小灯泡正常发光时电阻约为11Ω、电流表，、电压表、滑动变阻器标有“”、滑动变阻器标有“”、开关、导线若干。

（1）进行实验
①连接电路时，应选用滑动变阻器___________（选填“R1”或“R2”）进行实验，电流表量程应选___________选填“”或“”更合理；
②闭合开关，调节滑动变阻器滑片，使小灯泡两端的电压分别低于、等于、高于额定电压，记下电压值和电流值，并观察小灯泡的亮度，把实验数据和观察到的现象记录在表格里。
次数
电压
电流
电功率
小灯泡亮暗情况




较暗




正常




较亮

（2）分析与归纳，由表格中数据可得：
①小灯泡额定功率为___________；
②小灯泡亮度由___________功率决定；
（3）完成上述实验后，小丹同学在缺少电压表的情况下，为了测量另一个额定电流为的小灯泡的额定功率，设计了如图乙所示的电路。电源电压（未知）保持不变。请完成实验步骤：
①闭合开关，移动滑动变阻器滑片，使电流表示数为；
②断开开关，用的定值电阻替换灯泡，滑动变阻器滑片 ___________（选填“向左移动”、“向右移动”或“保持不动”）。闭合开关，电流表的示数为；
③将滑动变阻器滑片移到最左端，电流表示数为，可得电源电压为___________；
④小灯泡的额定功率为___________。
【答案】（1） ；（2） ； 实际（3）保持不动； ；
【详解】（1）连接电路时，应选用滑动变阻器进行实验，因为

即

得出

所以应选。
电流表量程应选更合理，因为

所以应该选择的量程。
（2）小灯泡额定功率为
。
由表格中的数据可得出：小灯泡亮度由实际功率决定。
（3）将滑动变阻器滑片移到最左端，电流表示数为，可得电源电压为

在灯泡与滑动变阻器串联使用的过程中要把滑动变阻器当定值电阻来使用，所以用的定值电阻替换灯泡，必须让滑动变阻器滑片保持不动，闭合开关，电流表的示数为。此时总电阻为

变阻器接入的电阻为

闭合开关，移动滑动变阻器滑片，使电流表示数为。此时总电阻为

小灯泡的电阻为

④则灯泡的额定功率为

21．（2022·辽宁）学习了“测量物质的密度”之后，物理兴趣小组的同学们，尝试用不同的方法测量盐水的密度。

（1）小浩的操作过程如下：
①测量前，调节天平的顺序是 ___________（填字母）。
A．调节天平的平衡螺母，使天平平衡
B．把游码放在标尺的零刻度线处
C．把天平放在水平桌面上
②测量盐的质量，如图甲所示，盐的质量为 ___________g。
③用量筒取60mL水，全部倒入烧杯中，再将盐倒入烧杯，搅拌至其完全溶解。再将盐水倒入量筒中，如图乙所示。
④盐水的密度ρ盐水＝___________kg/m3
（2）小然的方法如图丙所示：
①用天平测量烧杯和盐水的总质量m1
②将盐水倒入量筒中一部分，读出量筒中盐水的体积V。
③测量烧杯和剩余盐水的总质量m2.
④盐水密度的表达式ρ盐水＝___________（用字母m1、m2、V表示）。
分析以上两种方法，___________（填“小浩”或“小然”）的方法测量误差更小。
（3）小玉使用密度已知的铁块（ρ铁）进行如下操作：
①用天平测量铁块的质量m1.
②把铁块放在杯中，向杯中加满盐水，将铁块取出（忽略铁块带出的盐水），测量烧杯和盐水的质量m2.
③___________，测量其总质量m3.
④盐水密度的表达式ρ盐水＝___________（用字母m1、m2、m3、ρ铁表示）。
【答案】（1）CBA；13.6；1.15×103 （2）  ；小然（3）继续向杯中加满盐水；    
【详解】（1）①天平调平前，需将其放置水平桌面上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，然后调节平衡螺母使横梁平衡，故正确顺序为 CBA。
②由图甲知，标尺的分度值为0.2g，则盐的质量为
m盐＝10g+3.6g＝13.6g
③倒入量筒中水的体积为
V水＝60mL＝60cm3
可知倒入水的质量为
m水=ρ水V水=1g/cm3×60cm3=60g
则盐水的质量为
m盐水=m水+m盐=60g+13.6g=73.6g
④由图乙知，量筒的分度值为2mL，则盐水的体积为
V盐水=64mL=64cm3
则盐水的密度为

（2）倒入量筒中盐水的质量
m盐水=m1-m2
则盐水的密度为

小浩在测量过程中将水从烧杯倒入量筒中时，烧杯内壁会沾有盐水，造成计算盐水的体积误差大，小然的方法盐水的质量和体积测量都准确，故小然的更精确一些。
（3）由题意知，盐水的体积与铁块的体积相等

③要得到与铁块相同体积盐水的质量，需将铁块捞出后，向杯中加满盐水，测出此时盐水和烧杯的总质量m3，则加入盐水的质量
m=m3-m2
④盐水的密度为