真题重组卷03——2023年中考物理真题汇编重组卷(江西专用)

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冲刺2023年中考精选真题重组卷03
物 理（江西专用）

说明：1.全卷满分80分，考试时间85分钟。
2.请将答案写在答题卡上，否则不给分。

一、填空题（共16分，每空1分）
1．（2022·河南）物理学的每一次重大发现，都为人类的文明和发展做出了杰出贡献。牛顿用光的色散实验证明了白光是由　 　混合而成的，揭开了光的颜色之谜。法拉第经过十年的不懈探索发现了　 　现象，开辟了人类大规模使用电能的新时代。
【答案】七色光；电磁感应
【解析】英国物理学家牛顿1666年让光通过三棱镜，揭开了光的颜色之谜，这就是光的色散现象。由于不同颜色的光的波长不同，通过三棱镜的折射程度不同，所以白光经三棱镜后，光屏上自上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带。该实验说明：太阳光是白光，它是由七色光混合而成的。
经过10年坚持不懈地努力，英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象，发电机就是利用这一原理制成的。
2．（2022·沈阳）2022年6月5日，在酒泉卫星发射中心搭载神舟十四号载人飞船的长征2号F遥十四运载火箭点火发射，火箭在轰鸣声中拔地而起，冲向太空，轰鸣声是由物体　 　产生的。如图所示是进驻天和核心舱的航天员陈冬、刘洋和蔡旭哲向全国人民敬礼的画面，画面信息是通过　 　波传回地面的。

【答案】振动；电磁
【解析】一切发声的物体都在振动，所以轰鸣声是由物体振动产生的。
空间站在太空是真空环境，用电磁波与地面联系，电磁波的传输不需要介质。
3．（2022·黔西）火箭橇是在专用的轨道上，利用火箭发动机作动力，推动火箭滑车高速前进。火箭工作时，把内能转化为 　 　能，它以液态氢为燃料，是因为液态氢的热值 　 　。
【答案】机械；大
【解析】火箭橇是利用火箭发动机作动力，推动火箭滑车高速前进，该过程将内能转化为机械能。
液态氢具有较大的热值，与其它燃料相比，燃烧质量相同时，液态氢能放出更多的热量，通常用于助推燃料。
4．（2022·贵阳）小芳从地面跨步到上行的自动扶梯时，身体适当前倾，这是为了防止由于　 　而摔倒。如图所示，她倚靠在扶梯侧壁固定不动的护栏板上，护栏板会对她施加与电梯运行方向　 　（选填“相同”或“相反”）的摩擦力，使她有向后跌倒的危险。同学们乘坐自动扶梯时，严禁倚靠电梯！

【答案】惯性；相反
【解析】小芳上扶梯前，以一定的速度向前运动，脚踏上电梯前的速度较小，踏上电梯时，脚随电梯快速运动，而人的上身由于惯性，要保持原来的低速运动，此时它容易后仰，因此小芳上扶梯时，身体适当前倾，这是为了防止由于惯性而摔倒。
小芳倚靠在扶梯侧壁固定不动的护栏板上，她随扶梯一起上升，护栏板会对她施加与电梯运行方向相反的摩擦力。
5．（2022·青海）某汽车司机下车时，随手将一瓶矿泉水放在仪表台上，如图所示。不料因阳光照射、水瓶聚光，车内物品被点燃引发火灾。太阳光经过矿泉水瓶发生了　 　（选填“反射”或“折射”），矿泉水瓶相当于　 　。因此，提醒大家在车内不要放置有聚光效果的物品。

【答案】折射；凸透镜
【解析】装有水的矿泉水瓶相当于一个凸透镜，中间厚边缘薄；由于凸透镜对光线的会聚作用，射入车内的光线经矿泉水瓶折射后集中于它的焦点上，时间一长正好使放置于此处的物品起火。
6．（2022·通辽）接种疫苗的注射器针尖做得很细是利用　 　的方法来增大压强。如图是护士给患者输液的装置，药水瓶盖上插着两根管，均插入药液中，一根给患者输液。另一根“闲置”，如图所示，在输液过程中，当瓶内气压减小时，在　 　的作用下使空气通过这根“闲置管”进入瓶内。

【答案】减小受力面积；大气压
【解析】由可知，增大压力或减小受力面积可增大压强，而注射器针尖做得很细是减小了受力面积来增大压强，使得针尖更容易刺破皮肤。
如果瓶内是密闭空间，随着药水瓶内药液的减少，药液深度降低，药液上方的气体压强越来越小，当瓶内压强小于外界大气压时，瓶内药液将无法流出。在瓶内连入“闲置管”后，瓶内和瓶外连通，当药液流出后，在大气压的作用下，空气顺着“闲置管”进入瓶内，始终保持药液上方的气压为大气压，使得药液可以持续流出。
7．（2022·锦州）如图所示，水平桌面上的容器底部放有一个边长为10cm，质量为900g的正方体物块，则物块对容器底的压强为　 　Pa；逐渐向容器内倒水使物块漂浮，物块受到的浮力是　 　N。（g取10N/kg）

【答案】900；9
【解析】物块对容器底的压力为F=G=mg=900×10-3kg×10N/kg=9N
正方体物块与容器底的接触面积为S=(10×10-1m)2=0.01m2
物块对容器底的压强为
根据物体的浮沉条件可知，当物块漂浮，物块受到的浮力为F浮=G=9N
8．（2022·柳州）如图电路，电阻R1、R2、R3的阻值分别为R、2R、3R，为二极管（二极管具有单向导电性，只允许电流从其正极向负极通过，不允许电流反方向通过，如同自动开关）。闭合开关S，接入电路的总电阻为 　 　。现将电源正负极对调再接回原位置，则前后两种情况消耗的功率之比为 　 　。

【答案】；
【解析】如图，结合二极管的单向导电性可知，闭合开关S时，电阻R2、R3串联，由串联电路的电阻特点可知，接入电路的总电阻
如图，结合二极管的单向导电性可知，将电源正负极对调再接回原位置时，电阻R1、R2串联，由串联电路的电阻特点可知，接入电路的总电阻
两种情况下电源相同，电源电压相同，前后两种情况消耗的功率之比
二、选择题（共14分，把你认为正确选项的代号填涂在答题卡的相应位置上，9~12小题，每小题只有一个正确选项，每小题2分；第13、14小题为多项选择，每小题两个或两个以上正确选项，每小题3分，全部选择正确3分，选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）
9．（2022·吉林）下列估测数值与实际相符的是（　　）
A．普通教室门的高度约为
B．人的正常体温约为
C．橡皮从桌面掉落到地面用时约为
D．手机的质量约为
【答案】A
【解析】A．成年人的身高在170cm左右，教室门的高度略大于170cm，在200cm=2m左右，A符合题意；
B．人的正常体温约为37℃，人感觉舒服的环境温度在20℃~25℃之间，B不符合题意；
C．橡皮从桌面掉落到地面用时约为 0.5s，C不符合题意；
D．手机的质量在100g~150g之间，D不符合题意。
故答案为：A。
10．（2022·福建）国家速滑馆在冬奥会历史上首次采用“二氧化碳跨临界直冷制冰”技术。技术原理简化如图，下列说法正确的是（　　）

A．CO2经过压缩机时温度降低 B．CO2经过冷凝器时发生凝华
C．CO2经过膨胀阀时发生升华 D．CO2经过蒸发器时吸收热量
【答案】D
【解析】A．CO2经过压缩机时，活塞压缩气体，对气体做功，机械能转化为内能，气体内能增加，温度升高，A不符合题意；
B．气态CO2经过冷凝器变为液态CO2，发生的是液化，B不符合题意；
C．液态CO2经过膨胀阀变为气态，发生的是汽化，C不符合题意；
D．液态CO2经过蒸发器变为气态，发生的是汽化现象，汽化吸热，D符合题意。
故答案为：D。
11．（2022·盘锦）在北京冬奥会自由式滑雪空中技巧女子个人项目决赛中，辽宁运动员徐梦桃勇夺冠军。如图所示，在她滑行过程中，下列说法正确的是（　　）

A．A点时不具有机械能
B．从A点滑行到C点的过程中重力不断变大
C．滑雪板底面比较光滑是为了增大滑行时与雪面的摩擦
D．在B点的速度大于与它高度相同的D点的速度
【答案】D
【解析】A．在A点时，虽然静止，但是由于高度因此具有重力势能，所以具有机械能，A不符合题意；
B．根据G＝mg，在滑行的过程中，运动员的质量不变，故重力不变，B不符合题意；
C．滑雪板底面比较光滑是为了减小接触面粗糙程度来减小摩擦，C不符合题意；
D．若空气阻力不可忽略，运动员整个运动过程中机械能减小，BD两点高度相同，重力势能相同，因此动能减小，运动员的质量不变，所以在B点的速度大于与它高度相同的D点的速度，D符合题意。
故答案为：D。
12．（2022·宁夏）如图甲所示是高铁上烟雾报警器的简化原理图，其中电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为光敏电阻，R的阻值与光照强度的关系如图乙所示。射向光敏电阻的激光被烟雾遮挡时，下列说法正确的是（　　）

A．光敏电阻R的阻值减小 B．电流表的示数增大
C．电压表的示数增大 D．电路中消耗的总功率增大
【答案】C
【解析】由图甲可知，定值电阻R0与光敏电阻R串联，电压表测量R两端的电压，电流表测量电路的电流。射向光敏电阻的激光被烟雾遮挡时，光照强度减弱，由图乙可知，光敏电阻的阻值变大。根据串联分压原理可知，电压表示数变大；由于电源电压不变，根据公式 可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小；根据公式P=UI可知，电路中消耗的总功率变小。ABD不符合题意，C符合题意。
故答案为：C。
13．（2022·聊城）如图所示，是智能扶手电梯的原理图，其中是压敏电阻。电梯上无乘客时，电动机转动变慢，使电梯运动变慢；电梯上有乘客时，电动机转动变快，使电梯运动变快。下列说法正确的是（　　）

A．电磁铁上端是S极
B．电磁继电器与发电机工作原理相同
C．电梯上无乘客时，衔铁与触点2接触
D．电梯上有乘客时，压敏电阻R的阻值减小
【答案】A,D
【解析】A．根据安培定则，伸出右手，四指的方向为电流的方向，大拇指的方向为N极的方向，故电磁铁的下端为N极，上端为S极，A符合题意；
B．电磁继电器工作的原理是电流的磁效应，即通电导线周围存在磁场，而发电机工作原理是电磁感应现象，即闭合电路的部分导体切割磁感线时，会产生感应电流，B不符合题意；
C．如图所示，当触点与1接触时，电动机与定值电阻R1串联，电动机分担的电压比较小，转速比较慢，而当触电与2接触时，只有电动机接入电路，电动机转动变快，故当有乘客时，衔铁与2接触，没有乘客时，衔铁与1接触，C不符合题意；
D．当有乘客时，衔铁与2接触，此时衔铁被吸下来，说明通过电磁铁的磁性变强，通过电磁铁的电流变大，则说明压敏电阻的阻值变小，D符合题意。
故答案为：AD。
14．（2022·怀化）用如图所示的滑轮组匀速提升重100N的物体，所用拉力为40N，在10s内物体上升1m，不计绳重与摩擦，下列分析正确的是（　　）

A．动滑轮重为10N
B．拉力做功的功率是12W
C．滑轮组的机械效率为83.3%
D．若增大重物的重力，滑轮组的机械效率将变大
【答案】B,C,D
【解析】A．不计绳重与摩擦，由图可知，绳子承担重物的段数n为3，根据，所以动滑轮重力为
动滑轮重为20N，A不符合题意；
B．拉力做功的功率为
拉力做功的功率是12W，B符合题意；
C．滑轮组的机械效率为
滑轮组的机械效率为83.3%，C符合题意；
D．增大重物的重力，该滑轮组提升时的额外功不变，有用功增加，则有用功在总攻中所占比例增加，机械效率增大，D符合题意。
故答案为：BCD。
三、计算题（共22分，第15，16小题各7分，第17小题8分）
15．（2022·十堰）小明携带质量为10kg的行李箱乘坐高速列车从十堰到汉口。列车经过的部分站点时刻表如下：
站次
站名
到达时间
开车时间
运行时间
运行里程
1
十堰东
——
12∶27
——
0
2
襄阳东
13∶27
13∶31
60min
180km
3
汉口
15∶11
——
100min
460km
请你根据以上信息，解决下列问题：（g取10N/kg）
（1）行李箱底部与水平行李架的接触面积约为0.2m2，求行李箱对行李架的压强；
（2）从十堰东站到襄阳东站运行的速度为多少km/h？
（3）若列车在襄阳东站至汉口站区间内匀速直线行驶，牵引力恒为3×105N，电能转化成机械能的效率为70%，求列车在此区间运行过程中消耗的总功率。
【答案】解：（1）行李箱对行李架的压强
（2）十堰东站到襄阳东站运行的时间t=13∶27-12∶27=1h
十堰东站到襄阳东站运行的速度
（3）襄阳东站至汉口站区间内匀速直线行驶的速度
电能转化成机械能的效率
可得列车消耗的总功率
【解析】（1）根据物体的质量计算重力，根据压力和受力面积的比值， 计算压强；
（2）利用路程和时间的比值， 计算速度；
（3）根据总路程和时间的比值， 计算速度；根据力和速度的乘积计算功率；结合效率计算总功率。
16．（2022·荆州）如图所示的电路中，电源电压恒定为4.5V，灯泡L上标有“2.5V；1.25W”字样（灯丝电阻不变），定值电阻R1阻值为15Ω，滑动变阻器R2的规格为“20Ω；1A”，电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~3V，求：

（1）小灯泡L的电阻；
（2）闭合开关S、断开开关S1、S2，电流表示数为0.3A，此时滑动变阻器R2连入电路的阻值；
（3）闭合开关S、S1、S2，滑动变阻器的滑片滑至最右端，通电1min定值电阻R1产生的热量；
（4）闭合开关S、S1、S2，在确保电路各元件安全的情况下，滑动变阻器R2的最大功率。
【答案】解：（1）由题意可得，小灯泡的电阻为
（2）闭合开关S，断开S1、S2时，灯泡L与滑动变阻器R2串联，电压表测灯L两端电压，电流表测电路中的电流，所以电路总电阻为
所以滑动变阻器此时接入电路的电阻为
（3）闭合开关S、S1、S2时，R1与R2并联，灯泡L和电压表被短接，所以此时R1两端的电压为
根据欧姆定律可得，R1所在支路的电流为
所以通电1min定值电阻R1产生的热量为
（4）因为电流表量程为0~0.6A，所以干路中的电流最大为0.6A，又因为R1所在支路的电流为0.3A，所以R2所在支路允许通过的最大电流为
因为R2两端的电压为
所以R2的最大功率为
【解析】（1）根据用电器的电压和 电功率，计算电阻大小；
（2）根据电压和电流的比值， 计算电阻；结合串联电路电阻规律计算部分电阻；
（3）利用电压和电阻的比值， 计算电流，利用电流、电阻和时间，计算产生的热量；
（4）根据并联电路电流规律，计算支路电流；根据电压和电流的乘积，计算电功率。
17．（2022·齐齐哈尔）新冠疫情期间，一位热心市民为小区卡点志愿者送来了一个便携式可折叠电热壶，如图甲所示。该型号电热壶额定电压为220V，具有加热、保温两档。保温档的额定功率为200W，内部简化电路如图乙所示，双触点开关只能在触点1和2、2和3及3和4之间切换。、是两个阻值不变的发热元件，，现将此电热壶接到220V的家庭电路中，求：

（1）当双触点开关接触触点　 　（选填“2和3”或“3和4”）时为保温挡；
（2）的电阻是多少？加热档的电功率是多少？
（3）若电热壶内装有0.5L的水，现用加热档使水从20℃升高到100℃，加热效率为80%，则需要加热多少秒？[]
【答案】解：（1）2和3
（2）当双触点开关接触触点2和3时为保温档，此时电路中只接入了，根据公式可得的阻值为
当双触点开关接触触点3和4时，两个电阻并联，此时消耗的电功率为
根据并联电路中各支路独立工作互不影响可得，两电阻并联时电路消耗的总的电功率即为加热功率
（3）由题意可知，根据公式可得水的质量为
根据吸热公式可知水吸收的热量为
因为电热壶的加热效率为80%，根据公式，可知消耗的电能为
根据电能公式可得，加热时间为
【解析】（1）根据公式可知，电路中的总电阻越小电功率越大，总电阻越大，电功率越小，当双触点开关接触触点2和3时，电路中的总电阻大于双触点开关接触触点3和4时电路中的总电阻，所以双触点开关接触触点2和3时为保温档，双触点开关接触触点3和4时为加热档。
（2）根据电压和电功率，可以计算用电器的电阻；根据电压和电阻，可以计算电功率；
（3）利用物体的密度和体积的乘积计算质量，根据物体的比热容、质量和温度差的乘积计算热量；利用热量和热效率的比值， 计算消耗的电能，结合电功率，计算工作时间。
四、实验与探究题（共28分，每小题7分）
18．（2022·龙东）（1）小亮在测量盐水密度时，天平调平后，进行了如下操作：

①用天平测量烧杯和盐水的总质量，盘中砝码及游码的位置如图甲所示，则烧杯和盐水的总质量为　 　g；
②将烧杯中的盐水倒入量筒中一部分，液面位置如图乙所示，盐水体积为　 　；
③用天平测量烧杯和剩余盐水的总质量为，则盐水密度为　 　。
（2）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，小宇选用焦距为10cm的凸透镜，将蜡烛、凸透镜和光屏分别放置在光具座上：

①首先应使烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上，目的是　 　；
②当蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示时，光屏上成清晰的像，则光屏上所成的像是　 　（选填“放大”、“等大”或“缩小”）的　 　（选填“实”或“虚”）像；
③若将蜡烛和光屏互换位置，在光屏上　 　（选填“能”或“不能”）成烛焰清晰的像。
【答案】（1）142；50；1.1
（2）使像成在光屏的中央；缩小；实；能
【解析】（1）由甲图可知，根据托盘天平的使用规则可知，烧杯和盐水的质量等于砝码的质量与天平标尺的示数之和，即
由图乙可知，量筒的分度值为2mL，根据液面所在位置可得，盐水体积为50mL。
由题意可得，倒入量筒中盐水的质量为
量筒中盐水的体积为V盐=50mL=50cm3
根据密度公式可得，盐水的密度为
（2）实验中，应调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上，这样烛焰的像才能成在光屏的中央。
由光具座图可知，物距大于像距，若能在光屏上成清晰的像，物距大于二倍焦距，像距处于一倍焦距和二倍焦距之间，所以光屏上所成的像是倒立、缩小的实像。
若将蜡烛和光屏互换位置，根据光路是可逆的可知，在光屏上能成烛焰清晰的像。
19．（2022·陕西）物理学习小组在做“探究水沸腾时温度变化的特点”实验时，装置如图1所示。

（1）安装实验器材应按照　 　（选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序；
（2）在水温升高到85℃后，每隔1 min读取一次温度计的示数，直到水沸腾并持续一段时间。将所得数据记录在如下表格中。由实验可知：水沸腾时需要　 　，但温度　 　；
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
温度/℃
85
86
88
90
92
94
96
98
98
98
98
98
98
（3）在本次实验中，水的沸点是　 　℃，由此可知当地大气压　 　（选填“高于”“低于”或“等于”）1标准大气压；
（4）初步得出结论后，等水温降至85℃以下后，另一位同学继续利用该装置再次进行实验，并在同一坐标系中画出水沸腾前后温度随时间变化的图像，如图2所示，从两次实验的图像中可看出，水从85℃加热至刚沸腾时，所用　 　不同，原因可能是水的　 　不同。
【答案】（1）自下而上
（2）吸热；不变
（3）98；低于
（4）时间；质量
【解析】（1）加热时要用酒精灯的外焰加热，所以实验器材应该按照自下而上的顺序安装。
（2）水沸腾时不断用酒精灯加热，所以水沸腾时需要不断加热，由表可知，水沸腾时温度不变。
（3）由表可知，水的温度保持98℃不变，所以水的沸点是98℃，标准大气压下，水的沸点是100℃，此时水的沸点低于标准大气压下水的沸点，气压高，沸点高，气压低，沸点低，所以此地大气压低于标准大气压。
（4）由图可知，两次实验水沸腾的时间不同，第一次实验水沸腾所需时间大于第二次实验所需时间，两次实验水的初始温度相同，所以原因可能是水的质量不同。
20．（2022·武威）如图所示，摆线的长度L相同，小球A、B的质量mA＜mB，悬线与竖直方向之间的夹角θ1＜θ2。

（1）图甲、乙中，同时由静止释放A、B两球，观察到它们并排摆动且始终相对静止，同时到达竖直位置，这表明两小球在摆动过程中任一时刻速度大小与小球的 　 　无关；
（2）小强设计用如图所示装置探究“物体的动能大小与哪些因素有关”。小球按图示位置由静止释放，当小球摆动到竖直位置时，恰好与静止在水平面上的木块C发生碰撞，木块都会在水平面上滑行一定距离后停止，本实验中通过比较 　 　反映小球撞击木块C前的动能大小，这种研究方法叫 　 　（选填“控制变量法”或“转换法”）；
（3）根据乙、丙所示的探究过程，他观察到图丙中木块C撞得更远，可得出结论：小球的动能大小与 　 　有关（选填“速度”、“高度”或“质量”）；
（4）若水平面绝对光滑且足够长，木块C被撞击后，它将做 　 　直线运动（选填“减速”、“匀速”或”“加速”）；
（5）在探究小球动能与质量的关系时，有同学提议可以在水平面桌面上将同一根弹簧压缩相同的程度，分别弹出质量不同的小球去撞击木块，撞击木块时小球的动能 　 　（选填“相等”或“不相等”），该方案 　 　（选填“正确”或“错误”）。
【答案】（1）质量
（2）木块移动的距离；转换法
（3）速度
（4）匀速
（5）相同；错误
【解析】（1）图甲、乙中，小球A、B的质量不同，但从相同的高度同时由静止释放，它们并排摆动且始终相对静止，同时到达竖直位置，说明两个小球在任一时刻速度相同，这表明两小球在摆动过程中任一时刻速度大小与小球的质量无关。
（2）小球与木块碰撞，小球动能越大，对木块做的功越多，木块移动的距离越大，所以通过比较木块移动的距离可以比较小球撞击木块C前的动能大小；通过木块移动的距离比较小球动能的大小，这种研究方法叫转换法。
（3）因为θ1＜θ2，所以图丙中小球比图乙中小球释放时的高度更高，小球摆动到竖直位置时的速度更大，把木块撞得更远，说明小球的动能大小与速度有关。
（4）若水平面绝对光滑，木块在水平方向不受外力作用，根据牛顿第一定律可知，木块C被撞击后，它将做匀速直线运动。
（5）将同一根弹簧压缩相同的程度，弹簧具有相同的弹性势能，弹出小球，弹簧的弹性势能转化为小球的动能，那么不同质量的小球获得的动能也相等；因为动能大小与质量和速度有关，不同质量的小球的动能相同，小球的速度也不同，这里有两个变量，所以该方案是错误的。
21．（2022·恩施）小亮用如图甲所示的电路测量定值电阻Rx的阻值。

（1）连接电路时开关应　 　，滑动变阻器的滑片应移动到　 　端（选填“左”或“右”）；
（2）闭合开关，移动滑片，使电压表示数为2.4V，电流表示数如图乙所示，其读数为　 　A，待测电阻的阻值约为　 　Ω；
（3）实验中，改变几次滑动变阻器滑片的位置，并记录相应数据，目的是　 　；
（4）完成实验后，小亮按照老师的要求，设计在缺少电压表时测量待测电阻Rx阻值的方案。他选用了一个已知阻值的定值电阻R0和一块电流表等器材，用如图丙所示电路进行测量。步骤如下：
①闭合开关，记录电流表的示数为I1；
②断开开关，将电流表改接到图中　 　（填写元件名称）的右侧。闭合开关，记录电流表的示数为I2；
③用I1、I2和R0写出Rx表达式：Rx＝　 　。
【答案】（1）断开；右
（2）0.24；10
（3）得到多组数据，以便可以求平均值，达到减小误差的目的
（4）R0；
【解析】（1）连接电路为了保护电路，开关应断开；滑动变阻器的滑片应移动到阻值最大处，滑片向右移动，接入电路的阻值变大，所以要将滑动变阻器的滑片应移动到最右端。
（2）如图乙所示，电流表接入的是0～0.6A的量程，分度值为0.02A，电流表读数为0.24A；电压表测的是Rx的电压，示数为2.4V，所以待测电阻的阻值为
（3）实验中，改变几次滑动变阻器滑片的位置，记录下不同电压时的流过电阻Rx的电流，计算出不同电压下的电阻阻值，得到多组数据，以便可以求平均值，达到减小误差的目的。
（4）如图丙所示，Rx和R0并联，利用并联电路中各用电器两端电压相等，先将电流表改接到图中Rx的右侧，记录电流表的示数为I1，此时Rx两端电压为
断开开关，将电流表改接到图中R0的右侧，闭合开关，记录电流表的示数为I2，此时R0两端电压为
由于Rx和R0并联，所以
即
Rx表达式为