2023年高考化学押题预测卷（一）（浙江卷）（含考试版、全解全析、参考答案）

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高考『练兵场』之模拟训练的重要性
高中特级教师用3句话来告诉你模拟考试有多么的重要！
1、锻炼学生的心态。能够帮助同学们树立良好的心态，增加自己的自信心。
2、锻炼学生管理时间。通过模拟考试就会让同学们学会分配时间，学会取舍。
3、熟悉题型和考场。模拟考试是很接近高考的，让同学们提前感受到考场的气氛和布局。
高考的取胜除了平时必要的学习外，还要有一定的答题技巧和良好心态。此外，通过模拟考试还能增强学生们面对高考的信心，希望考生们能够重视模拟考试。

2023年高考化学押题预测卷（一）【浙江卷】
化学·全解全析
(考试时间：90分钟 试卷满分：100分)
考生须知：
1．本试题卷分选择题和非选择题两部分，满分100分，考试时间90分钟。
2．考生答题前，务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔填写在答题纸上。
3．选择题的答案须用2B铅笔将答题纸上对应题目的答案标号涂黑，如要改动，须将原填涂处用橡皮擦净。
4．非选择题的答案须用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题纸上相应区域内，作图时可先使用2B铅笔，确定后须用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑，答案写在本试题卷上无效。
5．可能用到的相对原子质量：H 1 Li 7 C 12 N 14 O 16 Na 23 Mg 24 Si 28 P 31 S 32 Cl 35.5 K 39 Ca 40 Ti 48 Cr 52 Mn 55 Fe 56 Co 59 Ni 59 Cu 64 Zn 65 Ga 70 As 75 Ag 108 I 127 Ba 137 W 184
选择题部分
一、选择题(本大题共16小题，每小题3分，共48分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)
1．下列物质中属于耐高温非金属材料的是( )
A．CO2 B．SiC C．Mg-Al D．P2O5
【答案】B
【解析】A项，二氧化碳形成的晶体是熔沸点低的分子晶体，不属于耐高温非金属材料，故A错误；B项，碳化硅是熔沸点高的共价晶体，属于耐高温非金属材料，故B正确；C项，镁铝合金属于金属材料，不属于非金属材料，故C错误；D项，五氧化二磷形成的晶体是熔沸点低的分子晶体，不属于耐高温非金属材料，故D错误；故选B。
2．Na2FeO4是一种高效水处理剂，下列说法中不正确的是( )
A．Na2FeO4溶液属于强电解质
B．Na2FeO4有强氧化性
C．该物质中Fe元素被还原后的产物可能发生水解
D．Fe元素位于元素周期表VIII族
【答案】A
【解析】A项，Na2FeO4溶液属于混合物不属于强电解质，A错误；B项，Na2FeO4中铁元素的化合价是+6价具有强氧化性，B正确；C项，该物质中Fe元素被还原后的产物是+3价，可能发生水解，C正确；D项，Fe元素位于元素周期表VIII族，D正确； 故选A。
3．下列化学用语表示正确的是( )
A．镁原子的结构示意图： B ．中子数为9的氮原子：N
C．邻羟基苯甲醛分子内氢键： D．乙烯的空间填充模型
【答案】C
【解析】A项，镁是12号元素，其结构示意图为 ，A错误；B项，中子数为9的氮原子可表示为：167N，B错误；C项，邻羟基苯甲醛分子内氢键可表示为：，C正确；D项，乙烯的空间填充模型为 ，D错误；故选C。
4．物质的性质决定用途，下列两者对应关系不正确的是( )
A．SiC熔点高硬度大，可作耐高温结构材料
B．NH4Cl受热易分解，可用于实验室制氨气
C．CuSO4遇水变蓝，可用于检验乙醇是否含水
D．SO2具有还原性，可作抗氧化剂
【答案】B
【解析】A项，SiC属于共价晶体，熔点高硬度大，可作耐高温结构材料，A正确；B项，NH4Cl受热易分解，但生成的氨气和氯化氢又化合转化为氯化铵，不能用于实验室制氨气，B错误；C项，CuSO4遇水变蓝，因此可用于检验乙醇是否含水，C正确；D项，SO2具有还原性，所以可作食品抗氧化剂，D正确；故选B。
5．下列关于元素及其化合物的性质说法不正确的是( )
A．浓硫酸与蔗糖反应，观察到蔗糖变黑，体现了浓硫酸的脱水性
B．硝酸见光受热易分解，一般保存在棕色试剂瓶中，放置在阴凉处
C．燃油发动机产生的NO2、NO与CO反应能生成N2和CO2，因此可以直接排放
D．铝制餐具不宜用来蒸煮或长时间存放酸性或者碱性食物
【答案】C
【解析】A项，浓硫酸与蔗糖反应，观察到蔗糖变黑变为碳，体现了浓硫酸的脱水性，A正确；B项，硝酸见光受热易分解为二氧化氮和氧气，一般保存在棕色试剂瓶中，放置在阴凉处，B正确；C项，NO2、NO与CO反应需要在催化剂作用下转化为无毒的气体，因此需要催化转化后排放，C错误；D项，铝与酸、碱均会反应，故铝制餐具不宜用来蒸煮或长时间存放酸性或者碱性食物，D正确；故选C。
6．对于反应：3BrF3+5H2O=Br2+HBrO3+O2↑+9HF，下列说法正确的是( )
A．该反应中，有三种元素化合价发生改变
B．该反应的还原剂为H2O和BrF3，氧化产物为O2和Br2
C．1.5mol H2O参加反应，被H2O还原的BrF3为0.4mol
D．1.5mol BrF3参加反应，有4mol e-转移
【答案】C
【解析】A项，在3BrF3+5H2O=Br2+HBrO3+O2↑+9HF的反应中，发生化合价变化的元素有Br、O二种元素，而F、H元素的化合价没有发生变化，在该反应中，只有两种元素化合价发生改变，故A错误；B项，在该反应中，Br元素的化合价由反应前BrF3中的＋3价变为反应后Br2中的0价，化合价降低，获得电子，所以该反应的氧化剂为BrF3，而Br2是还原产物；Br元素的化合价由反应前BrF3中的＋3价变为反应后HBrO3中的＋5价，化合价升高，失去电子，被氧化，BrF3是还原剂，HBrO3是氧化产物；O元素的化合价由反应前H2O中的-2价变为反应后O2中的0价，化合价升高，失去电子，所以H2O是还原剂，O2是氧化产物，即该反应的氧化产物有HBrO3和O2，故B错误；C项，5mol H2O参加反应只有2mol H2O作还原剂，2mol H2O只还原了mol BrF3，所以1.5mol H2O参加反应，0.6mol H2O作还原剂只还原0.4mol BrF3，故C正确；D项，根据方程式可知：每有3mol BrF3发生反应，有6mol电子转移，则若有1.5mol BrF3参加反应，有3mol e-转移，故D错误；故选C。
7．下列离子方程式书写不正确的是( )
A．用高锰酸钾标准溶液滴定草酸：2MnO4-+6H++5H2C2O4=2Mn2++10CO2↑+8H2O
B．向 AgCl 沉淀中加入过量氨水使 AgCl 溶解：AgCl+2NH3·H2O=[Ag(NH3)2]++Cl-+2H2O
C．用过量的次氯酸钠溶液吸收 NO：5ClO-＋2NO＋H2O=3Cl-＋2HClO＋2NO3-
D．向 Ca(HCO3)2 溶液中加入过量 NaOH 溶液：Ca2++HCO3-+OH-=CaCO3↓+H2O
【答案】D
【解析】A项，草酸为弱酸不能拆为离子形式，高锰酸根具有氧化性，将草酸氧化为二氧化碳，草酸将高锰酸根还原为Mn2+：2MnO4-+6H++5H2C2O4=2Mn2++10CO2↑+8H2O，A正确；B项，向 AgCl 沉淀中加入过量氨水使难溶的 AgCl 转化为可溶的[Ag(NH3)2]+：AgCl+2NH3·H2O=[Ag(NH3)2]++Cl-+2H2O，B正确；C项，用过量的次氯酸钠溶液吸收 NO，次氯酸根将NO氧化为NO3-，NO将次氯酸根还原为Cl-：5ClO-＋2NO＋H2O=3Cl-＋2HClO＋2NO3-，C正确；D项，向 Ca(HCO3)2溶液中加入过量 NaOH 溶液，钙离子和碳酸氢根离子按1：2完全反应：Ca2++2HCO3-+2OH-=CaCO3↓+ CO32-+2H2O ，D错误；故选D。
8．下列说法正确的是( )
A．可以用热的浓 NaOH 溶液来区分植物油和矿物油
B．各种橡胶、塑料、纤维都属于合成材料
C．将纤维素和浓硫酸加热水解后的液体取出少许，加入新制的 Cu(OH)2 并加热，有砖红色沉淀生成， 证明水解生成了葡萄糖
D．蛋白质溶液中加入 CuSO4 溶液可以使蛋白质从溶液中析出，再加水又能溶解
【答案】A
【解析】A项，植物油主要成分为酯类，在碱性条件下能水解为高级脂肪酸钠和甘油，从而溶于碱，矿物油只要成分为烃类，与NaOH不反应，溶液分层，因此可用NaOH溶液鉴别，故A正确；B项，合成橡胶、合成纤维属于合成材料，天然橡胶和天然纤维不属于合成材料，故B错误；C项，水解后溶液中要先加碱中和硫酸，溶液呈碱性后再加入新制氢氧化铜，故C错误；D项，硫酸铜使蛋白质发生变性，蛋白质析出后再加水不能溶解，故D错误；故选A。
9．亮菌甲素为利胆解痉药，适用于治疗急性胆囊炎，其结构简式如图所示。下列有关叙述正确的是( )

A．分子中所有碳原子不可能共平面
B．亮菌甲素分子中的碳原子有3种不同的杂化方式
C．1mol亮菌甲素理论上可与6molH2发生加成反应
D．1mol亮菌甲素在一定条件下与NaOH溶液完全反应最多能消耗3molNaOH
【答案】D
【解析】A项，苯和乙烯是平面结构，取代苯环和乙烯中氢原子的碳原子，在同一平面内，所有碳原子可能共平面，A错误；B项，亮菌甲素分子中的碳原子有2种不同的杂化方式sp2和sp3，B错误；C项，苯环及碳碳双键、羰基能与氢气发生加成反应，酯基中的碳氧双键无法加成，1mol亮菌甲素最多能和5 molH2发生加成反应，C错误；D项，酚羟基消耗1 mol NaOH溶液，酯基水解消耗1molNaOH，酯基水解后生成酚羟基，消耗1 molNaOH，则1 mol“亮菌甲素”最多消耗3molNaOH，D正确；故选D。
10．前四周期元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大。基态W原子中有7个运动状态不同的电子，X元素形成的某种单质是极性分子，基态Y原子的价层电子排布式为ns2np4，基态Z原子次外层全充满，最外层电子数为1，下列说法正确的是( )
A．W和X的简单氢化物的稳定性：W>X
B．基态X原子的第一电离能比同周期相邻原子都要低
C．YX2空间构型是直线形
D．单质Z与单质Y反应生成ZY
【答案】B
【解析】W原子中又7个运动状态不同的电子，W为N。X元素形成的某种单质是极性分子，X为O。Y价层电子排布式为ns2np4，Y为O族元素，Y为S。Z的原子次外层全满，最外层电子数为1，即电子排布为[Ar]3d104s1，Z为Cu。A项，同周期从左往右非金属增强，气态氢化物的稳定性增强：NH3