物理（重庆卷）-【试题猜想】2023年中考考前最后一卷（考试版+答题卡+全解全析+参考答案）

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2023年中考考前最后一卷
物 理
（全卷共四个大题，满分 80 分 与化学共用 120 分钟）
注意事项：
1．试题的答案书写在答题卡上，不得在试卷上直接作答。
2．作答前认真阅读答题卡上的注意事项。
3．全卷取 g=10N/kg，水的密度ρ水=1.0×103kg/m3。

一、选择题（本题共 8 个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题 3 分，共 24 分。）
1．下列物理量最接近实际的是（　　）
A．一名普通中学生的体重约为50N B．教室内日光灯的功率约为40W
C．人体感觉舒适的环境温度约为37℃ D．中学生百米测试的成绩约为7s
【答案】B
【详解】A．一名普通中学生的体重约为500N，故A不符合题意；
B．教室内日光灯工作时的电流为0.2A左右，功率约为40W，故B符合题意；
C．人体感觉舒适的环境温度约为26℃，人体正常体温约为37℃，故C不符合题意；
D．中学生跑步速度约为7m/s，用时约为14s，故D不符合题意。
故选B。
2．如图1，下列光现象中，因为光的反射产生的是（　　）

图1
A．“折断”的铅笔 B．“放大”的鱼 C．阳光下的树荫 D．水中的倒影
【答案】D
【详解】A．物体放在铅笔好像在水面处折断了，是因为光从水射向空气时在水面处发生折射形成的，属于光的折射现象，故A不符合题意；
B．看到鱼缸中放大的鱼，鱼缸相当于一个凸透镜，是凸透镜成的鱼正立的虚像，是由光的折射形成的，故B不符合题意；
C．阳光下的树荫是树的影子，因此属于光沿直线传播现象，故C不符合题意；
D．水中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故D符合题意。
故选D。
3．二十四节气中蕴含了丰富的物理知识，以下说法正确的是（　　）
A．立春：“大地阳和暖气生”，大地内能的增加是太阳通过做功的方式实现的
B．白露：“节后新交白露来”，露的形成是汽化现象
C．夏至：“荷花香正浓”，荷花飘香说明分子在永不停歇的做无规则运动
D．霜降：“一朝秋暮露成霜”，霜的温度越低所含的热量越少
【答案】C
【详解】A．增加内能的方式有两种，分别是做功和热传递，大地内能的增加是太阳通过热传递的方式实现的，故A错误；
B．露是气态的水蒸气变为液态形成的，是液化现象，故B错误；
C．荷花飘香是扩散现象，是因为香气分子永不停息地做无规则运动，故C正确；
D．热量是一个过程量，只能说“吸收”或“放出”热量，不能说含有热量，故D错误。
故选C。
4．第22届世界杯在炎热的卡塔尔进行，所有场地周边都配备有一种“ElPalm凉亭”，如图2所示，它装有风力涡轮机，其内部有磁铁，风进入装置带动线圈摆动可提供电能。下列实验能解释“EIPalm凉亭”发电原理的是（　　）

A． B． C． D．
【答案】C
【详解】由题意可知，风力涡轮机是利用风力带动线圈切割磁场线，从而产生电流，与发电机原理相同。
A．图中有电源，是电动机工作原理，故A不符合题意；
B．利用的是电流的磁效应，故B不符合题意；
C．导体切割磁场产生电流，是发电机原理，故C符合题意；
D．利用的是同种电荷相互排斥的原理，故D不符合题意。
故选C。

图2 图3
5．如图3所示，A、B两个物体叠放在水平桌面上，当右端挂重6N的物体C时，A、B一起向右做匀速直线运动，绳与滑轮之间的摩擦不计，则下列说法正确的是（　　）
A．物体A与B之间的摩擦力为6N
B．物体B对绳的拉力和C对绳的拉力是一对相互作用力
C．绳对B的拉力和B受到的摩擦力是一对平衡力
D．剪断绳子后，A、B慢慢停止运动，说明力是维持物体运动的原因
【答案】C
【详解】A．由于A、B一起向右做匀速直线运动，所以物体A与B没有相对运动或相对运动的趋势，故物体A与B之间没有摩擦力，故A错误；
B．物体B对绳的拉力，受力物体是绳，物体C对绳的拉力，受力物体也是绳，所以两个力的受力物体是同一个，不是一对相互作用力，故B错误；
C．绳对B的拉力方向向右，受力物体是物体B，物体B受到的摩擦力方向向左，受力物体也是物体B，物体B向右做匀速直线运动，两个力大小相等、方向相反，作用在同一物体上，故是一对平衡力，故C正确；
D．剪断绳子后，物体A、B在摩擦力的作用下，慢慢停止运动，说明力是改变物体运动状态的原因，故D错误。
故选C。
6．家用消毒柜的应用满足了人们对健康生活的追求。如图4所示，为某品牌高温烘干紫外线消毒柜。关上柜门后（开关S3闭合），若按下“杀菌键”（开关S1闭合），紫外灭菌灯L工作；若按下“烘干”键（开关S2闭合），发热器和电动机同时工作；若按下自动（开关S1、S2同时闭合），紫外灭菌灯L、发热器和电动机同时工作。若在消毒柜工作时不小心打开柜门（开关S3断开），则该消毒柜立即停止所有工作。图中的电路中最符合要求的是（　　）

A． B． C． D．
【答案】A
【详解】由题意可知，S3控制整个电路，为干路开关；S1控制紫外灭菌灯，S2控制发热器和电动机，且两用电器尽量并联。
故选A。

图4 图5 图6
7．小明体重为500N，双脚与地面接触面积为0.05m2，用如图5所示的滑轮组将重为600N的物体匀速提升了1m，用时10s。拉动过程中小明对绳子的拉力为400N，若不计绳重与摩擦，则（　　）
A．在匀速提升物体的过程中，拉力做功的功率为40W
B．在匀速提升物体的过程中，小明对地面的压强为104Pa
C．使用该滑轮组，小明最多能提起800N的物体
D．不管提起多重的物体，该滑轮组的机械效率总是75%
【答案】C
【详解】A．由图可知，连接动滑轮绳子的股数n=2，绳子自由端移动的距离s=2h=2×1m=2m
拉力做功W总=Fs=400N×2m=800J
拉力做功的功率P=W总/t=800J/10s=80W，故A不符合题意；
B．人向下拉绳子时，绳子也会对人施加向上的拉力，则人受到地面的支持力
F支持=G人-F=500N-400N=100N
人对地面的压力和人受到地面的支持力是相互作用，人对地面的压力F压= F支持=100N
则工人对地面的压强p=F压/S=2000Pa，故B不符合题意；
C．不计绳重与摩擦，动滑轮重力G动=2F-G=2×400N-600N=200N
使用该滑轮组提升重物时，工人的最大拉力等于其重力，即F大=G人=500N
提升物体的最大重力G大=nF大-G动=2×500N-200N=800N
故C符合题意；
D．用此滑轮组提起物体重力增大时，滑轮组的机械效率增大，故D不符合题意。
故选C。
8．如图6所示的电路中，电源电压12V不变，定值电阻R0=10Ω，灯泡L上标有“6V  3.6W”字样（灯泡L电阻不随温度变化），电流表A可调量程为“0~0.6A”或“0~3A”，电压表V可调量程为“0~3V”或“0~15V”。已知滑动变阻器上标有“？Ω 1A”字样，滑动变阻器连入电路的电阻与其接入长度成正比，A是滑动变阻器下端点，B与O分别是滑动变阻器上某点，且AO间电阻为滑动变阻器总电阻的。当只闭合开关S和S1，滑动变阻器滑片P在B点时，灯泡L恰好正常发光；当只闭合开关S和S2，滑片P分别在O点和B点时，电压表的示数之比U∶U=4∶3，则下列说法正确的是（　　）
①小灯泡正常工作电阻为10Ω
②滑动变阻器AB间电阻与滑动变阻器最大阻值的比值为1∶4
③电流表电压表均选大量程，闭合S和S2，在电路安全的前提下，R0的功率变化范围为0.9W~10W
④闭合开关S、S2，调节滑动变阻器滑片，发现电压表和电流表指针偏转的格数相同（可任意选择量程），在保证电路安全的前提下，电流表示数的可能值有3个
A．①③ B．①③④ C．①②④ D．③④
【答案】A
【详解】①．由P=U2/R可得，灯泡正常工作的电阻为

故①正确；
②．当只闭合开关S和S1，滑动变阻器与灯泡串联，滑片P在B点时，灯泡L恰好正常发光，则滑动变阻器所分电压为UAB=U电-U=12V-6V=6V；电路中的电流和AB间电阻的电阻分别为

当只闭合开关S和S2，滑片P分别在B点时，由于R0=10Ω，结合上述分析可知，UAB=6V；结合UAO：UAB=4：3，则UAO=8V
则电路中的电流为

由欧姆定律可得

所以滑动变阻器AB间电阻与滑动变阻器最大阻值的比值为1：3。故②错误；
③．闭合S和S2，R0与滑动变阻器串联，由P=I2R可得，电流越大，功率越大，电流越小，功率越小，由I=U/R可得，电路中总电阻越大，电流越小，当滑动变阻器完全接入电路时，电流最小，功率最小，为

当通过滑动变阻器的电流最大时，电流为1A，功率最大，为

故③正确；
④．闭合开关S、S2，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，若电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~3V，则电流表示数可记为0.02nA，电压表电压表示数可记为0.1nV，此时滑动变阻器接入电路的电阻和电路中电流分别为

故这种情况不可能；
若电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~15V，则电流表示数可记为0.02nA，电压表电压表示数可记为0.5nV，此时滑动变阻器接入电路的电阻和电路中电流分别为

故这种情况可能；
若电流表量程为0~3A，电压表量程为0~15V，则电流表示数可记为0.1nA，电压表电压表示数可记为0.5nV，此时滑动变阻器接入电路的电阻为

由上述分析可得，此时的电流为0.8A，故这种情况可能；
若电流表量程为0~3A，电压表量程为0~3V，则电流表示数可记为0.1nA，电压表电压表示数可记为0.1nV，此时滑动变阻器接入电路的电阻和电路中电流分别为

故这种情况可能；综上，电流示数可能有三个，故④正确。
故选A。
二、填空作图题（本题共6个小题，第14小题作图2分，其余每空1分，共12分。）
9．1654年5月4日，德国人奥托·格里克通过著名的___________实验，证明了大气压强的存在；“沿洄划转如旋风，半侧船头水花没”，这是描写船过漩涡时，漩涡中心流速大，中心的水压___________（选填“大于”或“小于”）周围的水压而造成惊险情景。
【答案】 马德堡半球 小于
【详解】[1]为了证明大气压强的存在，1654年，德国马德堡市市长格里克做了半球实验。
[2]由于在流体中，流速越大的位置压强越小，流速越小的位置压强越大，漩涡中心流速大，压强小，小于周围水压。
10．我校初三年级学生在“青春凌云，百日竞渡”志学礼上，齐唱国歌，这是由于同学们的声带___________产生的声音；以正在行进的齐呼口号的教师方队来说，坐在操场上的同学们是___________的（选填“静止”或“运动”）。
【答案】 振动 运动
【详解】[1]声音是由物体的振动产生的，学生唱国歌的声音是由声带振动产生的。
[2]相对行进中的教师方队，坐在操场上的同学们有位置变化，是运动的。
11．小明研究家里新买的电能表，如图7所示，他发现：仅某一用电器工作时，经过时间5min，电能表转盘转过16r。则它的实际电功率是_______W；如图8是一种可移动式太阳能水上漂浮房，在屋顶安装了太阳能电池板，接收太阳能的功率为9×103W，能为该房供应热水和在水上移动提供能量。太阳能电池板将太阳能转化成电能，转化效率为20%，若只用来给水加热（不考虑热损耗，在一个标准大气压下），那么该电池板3.5min可以让1kg、初温为10℃的水温度升高_________℃[c=4.2×103J/（kg·℃）]；

图7 图8
【答案】 240 90
【详解】[1]800r/kW·h表示用电器每消耗1kW·h的电能，电能表的转盘转了800r，则转盘转过16r，用电器消耗电能和实际功率分别为：

[2]太阳能电池板3.5min内接收的太阳能

太阳能电池板3.5min内接收的太阳能转化为电能的部分能量为

根据Q=W,热量的计算公式Q=cm（t-t0）知水吸收热量后的温度为

水升高的温度

12． 如图9所示电路，已知电源电压恒定不变，灯泡L标有“3V  0.3A”字样，其阻值会随温度变化，电流表量程为“0~0.6A”，电压表量程为“0~3V”。只闭合开关S1，将滑动变阻器R2的滑片移到最左端时，电流表示数为0.3A；同时闭合开关S1和S2，再移动滑片至某一位置时，电压表和电流表的示数分别为2.5V和0.4A，则小灯泡正常发光时的电阻为___________Ω；电源电压为___________V。
【答案】 10Ω 4.5V
【详解】[1]小灯泡L的额定电压U=3V，额定电流I=0.3A，根据欧姆定律I=U/R得，小灯泡正常发光时的电阻R=U/I=3V/0.3A=10Ω
[2]只闭合开关S1，然后将滑动变阻器R2的滑片移到最左端时，电阻为零，电流表示数I2=0.3A，所以小灯泡正常发光，电压为3V，电源电压为

当同时闭合开关S1和S2时，灯泡被短路，电路中，滑动变阻器R2与电阻R1串联，电压表为滑动变阻器电压U3=2.5V，电流表示数为I3=0.4A，根据欧姆定律I=U/R得电阻和电源电压分别为

由两次电源电压表达式联立得

解得R1=5Ω，U总=4.5V

图9 图10
13．小龙在活塞式抽水机的启发下，制作了一个如图10甲所示的模型。该模型是一个上窄下宽的柱状容器，由支架固定不动，其底部用轻质活塞A密封，已知活塞的横截面积是100cm2，不计活塞运动过程所受的摩擦力。向容器中注入适量的水后，放入一个重8N、密度为0.8g/cm3、底面积为50cm2的柱体B，柱体B沉底。现用竖直向上的力F缓慢匀速推动活塞使水能从上端溢水口C流出，力F的大小与活塞上升距离h的关系如图乙所示。则初始注入的水重是______N；在活塞移动过程中，水对活塞的压强最大值为______Pa。
【答案】 5 2320
【详解】[1]由图乙可知，初始阶段活塞受到向上的力F和水向下的压力、柱体B向下的压力，因此水的重力为G水=F-GB=13N-8N=5N
[2]分析图乙，分为第一阶段，物体B沉底，活塞向上运动，液面未超过容器宽面；第二阶段，物体B沉底，活塞向上运动，液面进入容器窄面；第三阶段，物体B漂浮，活塞向上运动，液面未超过溢水口；第四阶段，物体B漂浮，活塞向上运动，液体开始溢出；第五阶段，物体B沉底，活塞向上运动，液体直至水不再能溢出。由图可知，当活塞向上运动2cm时，进入第二阶段，且活塞在整个过程中上移了12cm，由此判断，且开始时，水的高度h水=12cm-2cm=10cm
水的体积为V水=(S横-S物) h水=(100cm2-50cm2)×10cm=500cm3
物体的体积为

物体B漂浮时，排开水的体积为

物体B漂浮时浸没在水中的高度为

由第二阶段，由2cm上升到3.5cm，活塞上升了Δh1=3.5cm-2.5cm=1.5cm
物体B就处于漂浮状态可知，液面在窄面上升

容器较宽部分减少的体积等于较窄部分增加的体积，可得(S横-S物)Δh1= (S横窄-S物) Δh2
即(100cm2-50cm2) ×1.5cm=((S横窄-50cm2) ×6cm
解得S横窄=62.5cm2。由图乙可知，当第五阶段结束后，F仍为13N，根据压强和压力公式可得此时水的高度h水1，即

由此可知，溢出水的体积为V水=500cm3-(62.5cm2-50cm2) ×20.8cm=240cm3
则水刚刚要溢出时，则容器较宽部分的水高度为

因此水对活塞的压强最大值p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×(20.8+2.4) ×10-2m=2320Pa
14．（1）在图11中画出重6N的小球所受浮力的示意图。
（2）如图12，虚线是通电螺线管外部的磁感线，在磁感线上用箭头标出磁感线方向。

图11 图12
【答案】
【详解】（1）由图可知，小球漂浮在水面上，根据物体的浮沉条件可知，此时小球受到的浮力等于重力，浮力方向竖直向上，如图所示：
（2）根据安培定则可知，左侧为通电螺线管的N极，右侧为通电螺线管的S极，在通电螺线管外部，磁感线从N极指向S极，如图所示。
三、实验探究题（本题共3个小题，15题6分，16题8分，17题8分，共22分。）
15．（1）小蔡用图13甲所示的实验装置探究“冰熔化时温度的变化规律”。

图13
①设计实验时，小蔡选择用加热烧杯内水的方法给试管中的物质加热，这样做不仅能让试管中的碎冰受热均匀，而且冰的温度升高较___________（选填“快”或“慢”），便于记录各时刻的温度和观察各时刻碎冰的状态；
②实验过程中发现，熔化过程中冰的温度始终不变，可以判断冰是___________（选填“晶体”或“非晶体”）；
③得到冰的温度随时间变化的图像如图乙，t4时刻试管内物质的内能___________t5时刻试管内物质的内能（选填“大于”“小于”或“等于”）。
（2）小天利用自己所学的知识为弟弟演示凸透镜成像的实验：调节凸透镜、光屏、烛焰的中心处于同一___________；调节实验装置后，在光屏上得到一个清晰的像，如图13丙，此时成像特点与___________（选填“放大镜”“投影仪”或“照相机”）成像特点相同；蜡烛燃烧一段时间后，光屏上的像会向___________移动。
【答案】 慢 晶体 小于 高度 投影仪 上
【详解】（1）[1]采用水浴加热不仅可以使碎冰受热更均匀，还因为水的比热容大，温度升高较慢，从而使冰的温度升高也较慢。
[2]晶体的熔化过程中，当温度达到熔点后，虽然继续吸热，但温度不变，故可判断冰是晶体。
[3]t4~t5过程，冰处于熔化过程，冰吸热，但温度不变，所以t5时刻的内能大于t4时刻的内能。
（2）[4]在探究透镜实验中，应该将凸透镜、光屏、烛焰的中心处于同一高度，使所成像落在光屏中心。
[5]由丙图可得，此时像距大于物距，且能在光屏上截到蜡烛所成的像，所以此时的像为倒立、放大的实像，其原理与投影仪相似。
[6]蜡烛燃烧一段时间后，根据凸透镜成像规律和凸透镜的特殊光线可知，光屏上的像会向上移动。
16．悦悦用图14甲所示器材测量小灯泡电功率。待测小灯泡L的额定电压为2.5V，额定功率小于1W，电源为两节干电池，滑动变阻器R的规格为“20Ω 1A”。

图14
（1） 请你用笔画线代替导线，在图甲中把电路连接完整（滑片向右移动，灯泡变亮）；
（2）悦悦正确连接完电路，发现无论怎样移动滑片，灯泡两端电压无法达到额定电压，接下来应该___________；
A．更换阻值更小的滑动变阻器        B．更换两节新干电池        C．重新连接电路
（3）排除故障后，通过正确操作，当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为___________W；
（4）悦悦进行了三次实验，将三次不同电压下的电功率求平均值，她的做法是___________（选填“正确”或“错误”）的。这是因为灯丝电阻随温度的升高而___________。
（5）小灯泡用久了，钨丝会变细，在2.5V电压下，小灯泡实际功率___________（选填“大于”、“小于”或“等于”）额定功率；
（6）欣欣也想测小灯泡电功率，她更换了所有器材，她的器材有：两个小灯泡（分别标有“2.2V  0.3A”“3.8V  0.3A”字样），她选择其中一个小灯泡与电源（电压为2伏的整数倍且保持不变）、电流表、滑动变阻器、开关串联，然后将电压表并联在电路中，移动变阻器滑片P至最大阻值处，欣欣闭合开关，观察到电压表示数如图所示，然后移动变阻器滑片P至某位置，使小灯泡正常发光，此过程中电压表指针向左偏转了6小格。请你分析：欣欣将电压表并在了___________（选填“小灯泡”或“滑动变阻器”）两端，小灯泡正常发光时，滑动变阻器的功率为___________W。
【答案】 B 0.7 错误 变大 小于 滑动变阻器 0.66
【详解】（1）[1]滑片向右移动时，灯泡变亮，表明电路中电流变大，即接入电阻变小，所以滑动变阻器下端应接入右端的接线柱，如答案图所示。
（2）[2]如果发现无论怎样移动滑片，灯泡两端电压无法达到额定电压，可能是电源电压太低了，所以接下来应该更换两节新干电池，滑动变阻器的阻值可以调到很小，不需要换阻值更小的电阻，且电路连接并没有错误，不需要重新连接。故B符合题意，AC不符合题意。故选B。
（3）[3]电流表示数如图乙所示，电流表接入的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，所以小灯泡的额定电流为0.28A，额定功率为

（4）[4][5]由于灯丝电阻随温度的升高而变大，不同功率下灯丝的电阻不相同，求平均值没有意义，故悦悦的做法是错误的。
（5）[6]电阻大小与导体的横截面积有关，小灯泡用久了，钨丝会变细，电阻将变大，根据P=U2/R，在2.5V电压下，小灯泡实际功率小于额定功率。
（6）[7]变阻器滑片P至最大阻值处，闭合开关，移动变阻器滑片P至某位置，则滑动变阻器接入的电阻变小了，此过程中电压表指针向左偏转了6小格，即示数变小了，根据串联电路分压的规律，此时电压表应显示的为滑动变阻器两端的电压，故电压表并联在滑动变阻器两端。
[8]如果电压表接入的量程为0~3V，分度值为0.1V，则图中读数为2.8V，电压表指针向左偏转了6小格，则滑动变阻器两端的电压读数为2.2V，此时小灯泡正常发光，如果此时灯泡为“2.2V  0.3A”，则电源电压为

不符合电源电压的值。如果此时灯泡为“3.8V  0.3A”，则电源电压为

符合电源电压的值。如果电压表接入的量程为0~15V，分度值为0.5V，则图中读数为14V，电压表指针向左偏转了6小格，则读数为11V，此时小灯泡正常发光，如果此时灯泡为“2.2V  0.3A”，则电源电压为

不符合电源电压的值。如果此时灯泡为“3.8V  0.3A”，则电源电压为

不符合电源电压的值。综上所述，灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的电压读数为2.2V，电流为0.3A，滑动变阻器的功率为

17．图15是小杨探究“浮力大小与哪些因素有关”实验，他将同一物体分别放在不同液体中：

图15
（1）乙图中弹簧测力计的示数是___________N，物体在乙中所受浮力为___________N；
（2）由___________图可知，浮力大小与排开液体的体积有关，由甲、丙、丁两图可知，浮力大小和浸没的深度无关，由甲、丁、戊图可知，浮力大小和___________有关，由甲、丙两图可知物体的体积为___________m3；
（3）戊图中液体的密度是___________kg/m3；
（4）图16是小杨设计的测量巧克力球密度的实验：

图16
①如图甲所示，用电子秤测出铜块的质量为m0；
②如图乙所示，测出圆柱形容器和适量水的质量为m1；
③如图丙所示，将钢块和巧克力球用绳子系在一起后，使铜块浸没在水中，电子称的示数为m2；
④如图丁所示，铜快和巧克力球都浸没后，电子秤的示数为m3；
⑤如图戊所示，放手后，铜块沉底，电子样示数为m4；
请帮助小杨的测量结果可知：
a．巧克力球的密度表达式是___________（用字母m0、m1、m2、m3、m4、ρ水表示）；
b．当小杨测完所有数据后，将杯子从电子秤上拿下却发现电子称上显示“-0.2g”，这样测量会造成密度测量值___________（选填“偏大”“偏小”或“无影响”）。
【答案】 4.4 1.6 甲、乙、丙 液体密度 2.5×10-4 0.8×103 偏大
【详解】（1）[1]乙图中弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为4.4N。
[2]物体在乙中所受浮力为F浮=G-F示=6N-4.4N=1.6N
（2）[3]由乙丙可知，液体的密度相同，随着排开液体的体积的增大，弹簧测力计的示数减小，由称重法可知，浮力在变大，可知浮力大小与排开液体的体积有关。
[4]由甲、丁、戊图可知，同一物体浸没在不同的液体中，液体的密度不同，排开液体的体积相同，弹簧测力计的示数不同，由称重法可知，受到的浮力不同，可知浮力大小和液体的密度有关。
[5]由甲、丙两图可知物体受到的浮力为F浮1=G-F示1=6N-3.5N=2.5N
物体的体积为

（3）[6]戊图中物体受到的浮力为F浮2=G-F示2=6N-4N=2N
戊图中液体的密度

（4）[7]由图2乙丙可知，电子秤示数的变化是由于把铜块放进容器中引起的，铜块受到浮力的作用，由于力的作用是相互的，容器中的水也受到铜块的竖直向下的压力作用，从而使电子秤受到的压力发生改变，由阿基米德原理可知，铜块所受到的浮力等于排开液体受到的重力，则电子秤示数的变化量等于铜块排开液体的质量，铜块受到的浮力为F浮丙=G排丙=ΔF丙=(m2-m1)g
同理，由乙丁两图可知，铜块和巧克力球一起受到的浮力为F浮丁=G排丁=ΔF丁=(m3-m1)g
由甲乙戊可知，巧克力球的质量为m=m4-m1-m0
由丙丁可知，巧克力球受到的浮力为F球=F浮丁-F浮丙=(m3-m1)g-(m2-m1)g=(m3-m2)g
由F浮=ρ液V排g可知，巧克力球的体积为

巧克力球的密度表达式是

[8]将杯子从电子秤上拿下却发现电子称上显示“-0.2g”，说明之前的示数比实际值偏小，因此之前测量的质量都要加上0.2g才等于实际的质量。则巧克力球的实际密度为

故这样测量会造成密度的测量值偏大。
四、论述计算题(本题共3个小题，18小题6分，19小题8分，20小题8分，共22分，解题应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不能给分。)
18．如图17所示是王老师上班骑的电动自行车，整车质量为40kg。
（1）若王老师骑电动自行车以6m/s的速度匀速行驶时，则王老师骑行10min所通过的路程为多少m？
（2）若王老师的质量是70kg，他骑电动自行车行驶在水平路面上，行驶过程中每个轮胎与地面的接触面积为50cm2，则电动自行车对地面的压强为多少Pa？

图17
【答案】（1）3600；（2）1.1×105Pa
【详解】解：（1）王老师骑行时间t=10min=600s
王老师10min通过的路程为s=vt=6m/s×600s=3600m
（2）王老师骑车时车对地的压力为
F=G=G车+G人=m车g+m人g=(m车+m人)g=(40kg+70kg)×10N/kg=1100N
车与地面的接触面积为S=2×50cm2=100cm2=10-2m2
所以车队地面的压强为

答：（1）王老师骑行10min所通过的路程为3600m；
（2）电动自行车对地面的压强为1.1×105Pa。
19．小文家新买的电火锅内部电路如图18甲所示，其主要由保险装置和加热装置组成（不计保险装置的电阻），加热装置由电阻丝R1和R2组成，通过控制开关S1和S2的状态，可实现高、中、低三挡的调节，图乙是电火锅正常工作一次的“P-t”图像，其工作时先用高温挡将水烧开，再用中温挡煮熟食物，最后用低温挡保温，求：
（1）电火锅中温挡工作时，电路中的电流大小；
（2）电热丝R1的电阻值；
（3）若在标准大气压下，电火锅中加入1.5kg初温为56℃的温水，高温挡正常工作6min将水烧开，则该电火锅的加热效率为多少？[]

图18
【答案】（1）2A；（2）110Ω；（3）87.5%
【详解】解：（1）由图乙知高温挡的功率为880W，中温挡的功率为440W，低温挡的功率为220W；根据P=UI知电火锅中温挡工作时电路中的电流大小为

（2）由图甲知当S1断开，S2接a时，两电阻串联，总电阻最大，总功率最小，电火锅为低温挡；当S1闭合，S2接b时，两电阻并联电路，总电阻最小，总功率最大，电火锅为高温挡；当S1断开，S2接b时，电路为R2的简单电路，电火锅为中温挡；电热丝R1和R2的总电阻为

电热丝R2的电阻和电热丝R1的电阻分别为

（3）在标准大气压下，水的沸点为100℃，水吸收的热量为

电火锅高温挡工作6min做的功为

则电火锅的加热效率为

答：（1）电火锅中温挡工作时，电路中的电流大小为2A；
（2）电热丝R1的电阻值为110Ω；
（3）若在标准大气压下，电火锅中加入1.5kg初温为56℃的温水，高温挡正常工作6min将水烧开，则该电火锅的加热效率为87.5%。
20．热爱物理的小光同学在家制作了一个简易台秤，用来测物体质量。内部电路如图19甲所示，电源电压为18V，定值电阻R0为30Ω，电阻R为力敏电阻，其阻值与所受压力的变化情况如图乙所示，电压表的量程为0～15V，电压表的表盘被改装为台秤的示数。他在该台秤上放置一个底面积为200cm2、重为5N的足够深的柱形薄壁容器，用轻杆将一个质量为3kg的物体A（不吸水）固定于容器内正上方，物体A为高10cm、底面积为150cm2且质量分布均匀的长方体。现向容器中注水直到水面刚好与物体A的下表面相平，如图丙所示，此时台秤的示数为2.5kg。求：
（1）在保证电路安全的情况下，该台秤所能称量物体的最大重力为多少N；
（2）在图丙中，水对容器底的压强为多大；
（3）若将图丙中的长方体A左、右两侧沿竖直方向各切掉总体积的六分之一，并将切掉的部分放入容器浸没于水中，水面静止时电压表示数为多少？

图19
【答案】（1）100N；（2）1000Pa；（3）12V
【详解】解：（1）闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，串联电路各处电流相等，电压表的量程为0～15V，根据欧姆定律可知当电压表的示数最大为15V时，通过电路的电流最大，最大电流

串联电路总电压等于各部分电压之和，此时力敏电阻两端的电压UR=U-U0=18V-15V=3V
此时力敏电阻的阻值

由乙图可知此时力敏电阻受到的压力为100N，所以该台秤所能称量物体的最大重力为100N；
（2）容器的质量为

水的质量m2=m-m1=2.5kg-0.5kg=2kg
水的体积和深度分别为

水对容器底的压强为p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa
（3）长方体的密度

所以A放入水中后沉底，长方体A切掉部分的总体积

将切掉的部分放入容器浸没于水中，水面升高的高度

此时容器中水的深度h′＝h+Δh＝0.1m+0.05m＝0.15m
此时水对容器底部的压强p′=ρ水gh′=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.15m=1500Pa
容器底部受到水的压力F′＝p′S＝1500pa×200×10﹣4m2=30N
长方体A切掉部分的总重力

长方体A切掉部分的受到的浮力

力敏电阻此时受到的压力
F＝G1+GA-FA+F′＝5N+10N-5N+30N＝40N
由乙图可知力敏电阻的阻值和其所受压力的乘积是一个定值，即FR＝600N•Ω，当F＝40N时，R＝15Ω，此时电压表的示数

答：（1）在保证电路安全的情况下，该台秤所能称量物体的最大重力为100N；
（2）在图丙中，水对容器底的压强为1000Pa；
（3）若将图丙中的长方体A左、右两侧沿竖直方向各切掉总体积的六分之一，并将切掉的部分放入容器浸没于水中，水面静止时电压表示数为12V。