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2023年中考考前最后一卷：物理（广西新中考卷）（全析全解）
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这是一份2023年中考考前最后一卷：物理（广西新中考卷）（全析全解），共30页。试卷主要包含了g=10N/kg等内容，欢迎下载使用。
2023年中考考前最后一卷【广西卷】
物 理
（考试时间：90分钟 满分：100分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
5．g=10N/kg。
一、选择题（共16题，共35分。在给出的四个选项中，第 1~13题只有一个选项符合题目要求，选对得2分，选错得0分。第14~16题有多个选项符合题目要求，全部选对得3分，选对但不全得2分，有选错得0分。请考生用2B铅笔在答题卡上将选定的答案标号涂黑）
1．人脸识别，是基于人的脸部特征信息进行身份识别的一种生物识别技术，如图所示。它的原理是用摄像头采集人脸信息，自动在图象中检测人脸并进行识别。则下列说法正确的是（ ）
A．人脸识别系统的摄像头相当于凹透镜
B．摄像头所拍摄的人脸的像是缩小的虚像
C．人脸应位于摄像头的一倍焦距和两倍焦距之间
D．人脸识别系统的工作原理与照相机的工作原理相同
【答案】D
【分析】当物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像，其应用是照相机、摄像头。
【解答】解：人脸识别系统的工作原理与照相机工作原理相同，摄像头相当于凸透镜，物体位于凸透镜2倍焦距以外，摄像头所拍摄的人脸的像是缩小的实像，故D正确。
故选：D。
2．2023年2月25日，由我国航空工业自主研制的第四架大型灭火、水上救援水陆两栖飞机“鲲龙”AG600M在广东珠海首次飞行成功。如图所示，飞行中AG600逐步降低高度，减小速度，平稳入水。飞机在此过程中（ ）
A．动能减小，动能转化为重力势能
B．动能增大，重力势能转化为动能
C．动能增大，机械能变大
D．动能减小，机械能减小
【答案】D
【分析】动能大小的影响因素：物体的质量、物体的速度，质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能大小的影响因素：物体的质量、物体的高度，质量越大，所处的位置越高，重力势能越大；
机械能是动能和势能的总和。
【解答】解：AG600逐步降低高度，减小速度，平稳入水的过程中，质量不变，速度变小，动能变小，高度变小，重力势能变小，不是动能和重力势能之间的相互转化；动能和重力势能都减小，机械能减小，故D正确。
故选：D。
3．如图为我国新型反潜巡逻机，机尾的“棍子”叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域时引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，从而发现潜艇的存在。下列实验能说明磁异探测器工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【分析】磁异探测器最终将磁信号转换为变化的电流，因此是一个发电机，分析下面四幅图，找出发电机的原理即可。
【解答】解：磁异探测器的工作原理是电磁感应现象；
A、图示为奥斯特实验，是电流的磁效应装置，故A不符合题意；
B、电流通过电磁铁后具有磁性，这是电流的磁效应，故B不符合题意；
C、图示为通电导体在磁场中受力，是电动机的原理，故C不符合题意；
D、闭合电路的部分导体做切割磁感线运动时，产生感应电流，为电磁感应现象，故D符合题意。
故选：D。
4．生活处处有物理，下面是小明在奥运会比赛中看到有关光学现象的场景，下列说法正确的是（ ）
A．图甲运动员在水下表演是光的直线传播
B．图乙运动员在阳光下的影子是光的折射
C．图丙射击运动员通过瞄准镜瞄准是光的直线传播
D．图丁运动员在水中的倒影较暗是因为光在水面只发生反射
【答案】C
【分析】（1）光在同种、均匀透明介质中沿直线传播，日食、月食、影子、小孔成像都是光沿直线传播形成的；
（2）光的反射是指光线遇到障碍物被反射回来的现象，比如我们平时看到的物体，平面镜成像等；
（3）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，如：透镜的应用、池水变浅了等。
【解答】解：A．图甲运动员在水下表演，光从水中进入空气中，属于光的折射现象，故A错误；
B．影子是由于物体把光线遮挡住形成的，属于光的直线传播现象，故B错误；
C．图丙射击运动员通过瞄准镜瞄准利用了光的直线传播，故C正确；
D．图丁运动员在水中的倒影较暗是因为光在水面反射的同时也发生折射，有一部分光进入水中，故D错误。
故选：C。
5．如图所示是《天工开物》中描述的铸“釜”时的场景，匠人将铁水倒入“范”（模具）中固结成型。下列说法正确的是（ ）
A．铁水固结成型涉及的物态变化是凝华
B．铁水固结成型的过程中温度不变，内能不变
C．铁水固结成型的过程中需要放热
D．铁水固结成型的过程中密度不变
【答案】C
【分析】物质从液体变为固态的过程叫做凝固
【解答】解：ABC、铁水固结成型涉及的物态变化是凝固，该过程中温度不变，内能减小，需要释放热量，故AB错误，C正确；
D、铁从液态变为固态，状态发生变化，体积改变，密度改变，故D错误。
故选：C。
6．图1连通器中的水静止，此时a处的气压为pa0，d处水产生的压强为pd0，在管上方持续水平吹气，水面稳定后如图2，此时a、b处气压为pa、Pb，c、d处水产生的压强为pc、pd，若大气压保持不变，则（ ）
A．pao＜pa B．pa＜pb C．pc＝pd D．pd＞pdo
【答案】D
【分析】底部连通、上端开口的容器为连通器；连通器的液体静止不流动时，液面是相平的；
流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小，流速越小的位置压强越大。
由液体压强的规律可知，在密度相同时，液体的深度越大，压强越大。
【解答】解：吹气前，该装置为连通器，连通器的水静止不流动时，水面是相平的，水面上方的压强是相同的，
由图2可知，吹气时，左边空气流速慢，右边空气流速快，
由流速越大的位置压强越小，流速越小的位置压强越大可知，
pao＞pa；pa＞pb；
由液体压强的规律可知，在密度相同时，液体的深度越大，压强越大，
所以pc＜pd；pd＞pdo，
故选：D。
7．如图所示，四个体积相同而材料不同的球A、B、C、D，分别静止在不同深度的水里，以下说法正确的是（ ）
A．A球所受的浮力最小，D球的密度最大
B．B球所受的浮力最小，C球的密度最大
C．C球所受的浮力最小，B球的密度最大
D．D球所受的浮力最小，A球的密度最大
【答案】A
【分析】由题知，四个小球的体积相同，根据图示得出四个小球排开水的体积的大小关系，根据阿基米德原理得出受到的浮力的大小关系；再根据各球在水中的状态，判断出各球密度与水的密度的关系即可解答。
【解答】解：浸没在水中的物体排开水的体积等于物体的体积，
由图可知，四个球排开水的体积：
VA＜VB＜VC＝vD，
∵F浮＝ρ水V排g，
四个球受到的浮力：
FA＜FB＜FC＝FD，
A、B球漂浮在水面上，A、B的密度都小于水的密度，C球悬浮于水中，C球的密度等于水的密度，D球沉底，D球的密度大于水的密度，故A正确。
故选：A。
8．植物和花粉往往带负电，而蜜蜂在飞行过程中与空气摩擦也会带电。当蜜蜂落在花朵上时，花粉会受到蜜蜂的静电吸引力，所以蜜蜂能更好地附着在上面，也能更好地转移花粉。蜜蜂（ ）
A．带正电，束缚电子的本领比空气强
B．带正电，束缚电子的本领比空气弱
C．带负电，束缚电子的本领比空气强
D．带负电，束缚电子的本领比空气弱
【答案】B
【分析】摩擦起电的实质是发生了电荷的转移；束缚荷外电子本领强的容易得到电子，束缚荷外电子本领弱的失去电子，在电荷转移的过程中，电荷的总量是保持不变的，即电荷是守恒的。
【解答】解：蜜蜂在飞行过程中与空气摩擦也会带电，植物和花粉往往带负电，是得到电子，说明其束缚荷外电子的本领强；所以蜜蜂容易失去电子而带正电，其束缚荷外电子的本领比空气弱。
故选：B。
9．如图所示，当开关S闭合后，关于①②③电表的类型及灯泡的串并联结构，下列说法正确的是（ ）
A．当L1和L2串联时，②是电压表，①③是电流表
B．当①③是电压表，②是电流表时，只有L1发光
C．若①②同时是电压表，③是电流表，只有L1发光
D．当①②③同时是电流表时，两灯并联且都亮
【答案】C
【分析】（1）电流表与被测电路串联，因电流表的内阻很小，则它在电路中相当于导线；
（2）电压表与被测电路并联，因电压表的电阻较大，则它在电路中相当于开路；据此判断。
【解答】解：A．由图可知，当，②是电压表，①③是电流表时，L1和L2并联，故A错误；
B．当①③是电压表，②是电流表时，L1和L2串联，L1和L2都可以发光，故B错误；
C．若①②同时是电压表，③是电流表，灯L2被短路，只有L1发光，故C正确；
D．当①②③同时是电流表时，电路短路，两灯都不亮，故D错误。
故选：C。
10．如图，为庆祝2023年新春佳节，全景巨幕焰火晚会在西安奥体中心光影文化公园华彩上演。下列说法不正确的是（ ）
A．烟花内部爆炸时将机械能转化为内能
B．湖中烟花的倒影是光的反射形成的虚像
C．烟花燃放时附近的人能闻到火药味，说明分子在不停地做无规则运动
D．电视机前的人们通过手机观看烟花直播，是通过电磁波传递信息的
【答案】A
【分析】（1）烟花里的火药爆炸时，化学能转化为内能，内能对外做功，转化为机械能；
（2）湖中烟花的倒影是平面镜成像；
（3）不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
（4）电磁波能传递信息。
【解答】解：A、烟花爆炸是烟花里面的燃料发生化学变化，产生高温高压的燃气，然后膨胀对外做功，这个过程中发生的能量转化是化学能→内能→光能、机械能，故A错误；
B、湖中烟花的倒影是平面镜成像，是光的反射形成的虚像，故B正确；
C、烟花燃放时附近的人能闻到火药味，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D、电视机前的人们通过手机观看烟花直播，是通过电磁波传递信息的，故D正确。
故选：A。
11．一旅客将一个孙悟空卡通人偶贴在高铁的车窗上，用手机拍出了孙悟空“风驰电掣”般飞行的视频景象，如图所示，对其中的运动学知识，下列说法正确的是（ ）
A．以列车为参照物，孙悟空是运动的
B．以手机镜头为参照物，孙悟空是运动的
C．以孙悟空为参照物，列车是静止的
D．以车外的树木为参照物，旅客是静止的
【答案】C
【分析】判断物体的运动和静止，首先选择一个参照物，参照物可以是静止的，也可以是运动的，只要被选定为参照物，就看成是静止的物体，如果被研究的物体与参照物之间发生位置的变化，被研究的物体就是运动的，否则是静止的。
【解答】解：
A、以列车为参照物，孙悟空和列车之间没有发生位置的变化，孙悟空是静止的，故A错误；
B、以手机镜头为参照物，孙悟空和镜头之间没有发生位置的变化，孙悟空是静止的，故B错误；
C、以孙悟空为参照物，列车与孙悟空之间没有发生位置的变化，列车是静止的，故C正确；
D、以车外的树木为参照物，旅客与树木的位置没有发生改变，旅客是运动的，故D错误。
故选：C。
12．如图所示，A、B两个物体叠放在水平桌面上，当右端挂重6N的物体C时，A、B一起向右做匀速直线运动，绳与滑轮之间的摩擦不计，则下列说法正确的是（ ）
A．物体A与B之间的摩擦力为6N
B．物体B对绳的拉力和C对绳的拉力是一对相互作用力
C．绳对B的拉力和B受到的摩擦力是一对平衡力
D．剪断绳子后，A、B慢慢停止运动，说明力是维持物体运动的原因
【答案】C
【分析】（1）根据平衡力的条件进行判断，即大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、作用在同一条直线上，四个条件缺一不可。
（2）摩擦力产生的条件：两个物体之间有压力，且发生了相对滑动或有相对滑动的趋势；物体A、B在物体C的作用下向右做匀速直线运动，物体B在水平方向上受到水平向右的拉力和水平向左的摩擦力作用，根据二力平衡条件求出摩擦力大小；
（3）力是改变物体运动状态的原因。
【解答】解：A．由于A、B一起向右做匀速直线运动，物体A与B没有相对运动或相对运动的趋势，故物体A与B之间没有摩擦力，故A错误；
B．物体B对绳的拉力，受力物体是绳，物体C对绳的拉力，受力物体也是绳，不是一对相互作用力，故B错误；
C．绳对B的拉力方向向右，受力物体是物体B，物体B受到的摩擦力方向向左，受力物体也是物体B，物体B向右做匀速直线运动，两个力大小相等、方向相反，是一对平衡力，故C正确；
D．剪断绳子后，物体A、B在摩擦力的作用下，慢慢停止运动，说明力是改变物体运动状态的原因，故D错误。
故选：C。
13．如图所示，航天器都有很大的太阳能电池板，下列说法正确的是（ ）
A．太阳能是可再生能量
B．太阳能和电能都是一次能源
C．电池板将太阳能转化为内能
D．电池板的能量转化率可达100%
【答案】A
【分析】（1）能在短时间内得到补充的能源属于可再生能源；可以从自然界直接获取的能源是一次能源，如煤、石油、天然气、太阳能、风能、水能等；
（2）一次能源是指自然界中以原有形式存在的、未经加工转换的能量资源，又称天然能源；二次能源是指由一次能源经过加工转换以后得到的能源；
（3）太阳能电池板可将太阳能转化为电能；
（4）任何能量转化都存在一定的能量损耗，目前太阳能电池板的能量转化效率在24%左右远低于100%。
【解答】解：
A、太阳能可以从自然界源源不断获得，属于可再生能源，故A正确；
B、太阳能都是未经加工转换的能量资源，是一次能源，电能是由其他形式的能经过加工转换以后得到的能源，是二次能源，故B错误；
C、太阳能电池板可将太阳能转化为电能，故C错误；
D、任何能量转化都存在一定的能量损耗，目前太阳能电池板的能量转化效率在24%左右远低于100%，故D错误。
故选：A。
14．（多选）2022年10月12日，三名航天员在中国空间站的“问天”实验舱，为全国的中小学学生进行了第三次太空授课，每次太空授课，在传播普及空间科学知识的同时，也展示了中国的科技，展示了中国精神，中国力量，飞天梦永不失重，下列说法正确的是（ ）
A．空间站中物体处于失重状态，但是与在地球上相比较，空间站的物体质量不变
B．太空授课能进行水“浮力消失”实验，是因为空间站水没有受到地球的吸引
C．“水油分离”实验中，摇晃后水和油均匀混在一起，说明分子在不停运动
D．“水球透镜”实验中，看到王亚平在水球中的倒影，是倒立，缩小的实像
【答案】ABD
【分析】（1）质量是指物体所含物质的多少，是物体本身的一种属性；
（2）在空间站中，物体处于失重状态，空间站的水没有受到地球的吸引，浸在水中的物体不会受到水的压强和压力；
（3）水和油均匀混在一起，是由于多次摇晃的外力作用，不能说明分子在不停运动；
（4）水球相当于一个凸透镜，当物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像。
【解答】解：A、质量是指物体所含物质的多少，是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置、温度无关，空间站的质量不变，故A正确；
B、在空间站中，物体处于失重状态，空间站的水没有受到地球的吸引，浸在水中的物体不会受到水的压强和压力，浮力也会消失，故B正确；
C、水和油均匀混在一起，是由于多次摇晃的外力作用的结果，不能说明分子在不停运动，故C错误；
D、水球相当于一个凸透镜，当物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像，当物距在一倍焦距和二倍焦距之间时，凸透镜成倒立、放大的实像，王亚平在实验时，物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，故D正确。
故选：ABD。
15．（多选）如图所示，为了探究杠杆平衡条件，某同学设计了一个自身重力不计的曲臂杠杆，杠杆AOB用细线悬挂起来能绕O点转动，平衡时OA恰好处于水平位置，AO＝BO，A端挂重物G，在B端分别施加F1、F2、F3、F4四个力，下列分析中错误的是（ ）
A．四个力中，F1是最大的力
B．四个力中，F2是最小的力
C．四个力中，F3＝F4
D．通过对比F1≠G，能帮助我们正确认识力臂的概念
【答案】AC
【分析】从支点到力的作用线的距离叫做力臂；在阻力、阻力臂不变的情况下，动力臂越大，动力越小，越省力。
【解答】解：如图所示：
根据上面的图和力臂的定义可知，F1、F2、F3、F4四个力的力臂的分别为：LOD、LOB、LOC、LOC，其大小关系为：LOB＞LOD＞LOC＝LOC，当LOB作为动力的力臂时，动力臂是最大的，根据杠杆的平衡条件可知，此时的动力是最小的，所以四个力中，F2是最小的力；由于F3、F4两个力的力臂大小相同，根据杠杆的平衡条件可知，F3＝F4，所以F3和F4是等大的力，根据F4的方向可知，其不能使杠杆平衡；
若F1≠G，这说明动力的力臂和阻力的力臂大小不同，这能帮助我们正确认识力臂的概念；
综上所述，AC错误，BD正确。
故选：AC。
16．（多选）如图电路中，电源电压可调，灯泡L1、L2分别标有“6V，6W”和“6V，3W”字样，通过开关闭合，保证至少有一只灯泡正常发光且电路安全的情况下（不考虑温度对灯丝电阻的影响）。下列说法正确的是（ ）
A．电路中的最大电流为1.5A
B．电源电压的调节范围是6V～12V
C．电路电功率的变化范围是3W～9W
D．灯泡L2的实际电功率始终小于L1的实际电功率
【答案】AC
【分析】根据P＝UI分别求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律分别求出两灯泡的电阻；
（1）根据并联电路的电流特点可知当两灯泡并联时电路中的电流最大，进而求出电路中的最大电流；
（2）根据串联电路的电流特点确定两灯泡串联时电路中的电流，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电源电压，进而求出电源电压的调节范围；
（3）根据P＝UI求出电路电功率的变化范围；
（4）根据串联电路的电流特点和P＝UI＝I2R分析。
【解答】解：由P＝UI可知，两灯泡的额定电流分别为：I1额＝＝＝1A，I2额＝＝＝0.5A，
由欧姆定律可知，两灯泡的电阻分别为：R1＝＝＝6Ω，R2＝＝＝12Ω；
A、由并联电路的电流特点可知，当两灯泡并联时电路中的电流最大，
因为两灯泡的额定电压相等，所以由并联电路的电压特点可知，将电源电压调为6V，此时两灯泡均能正常发光，
由并联电路的电流特点可知，此时电路中的电流：I并＝I1额+I2额＝1A+0.5A＝1.5A，故A正确；
B、由串联电路的电流特点可知，为了电路安全，两灯泡串联时电路中的电流：I串＝I2额＝0.5A，此时灯泡L2正常发光，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电源电压：U串＝I串（R1+R2）＝0.5A×（6Ω+12Ω）＝9V，
结合A中电源电压可知，电源电压的调节范围是6V～9V，故B错误；
C、当两灯泡并联时，电路中的电功率：P并＝U并I并＝6V×1.5A＝9W，
当电源电压调为6V，开关S、S2闭合，S1、S3断开时，电路为L2的简单电路，此时灯泡L2两端的实际电压等于额定电压，灯泡L2正常发光，因此电路中的电功率：P2＝P2额＝3W，
当两灯泡串联时，电路中的电功率：P串＝U串I串＝9V×0.5A＝4.5W，
因此电路电功率的变化范围是3W～9W，故C正确；
D、当两灯泡串联时，由串联电路的电流特点可知，通过两灯泡的电流相等，由P＝UI＝I2R可知，电阻大的灯泡的电功率大，而灯泡L2的电阻大于灯泡L1的电阻，
因此当两灯泡串联时，灯泡L2的电功率大于L1的电功率，故D错误。
故选：AC。
二、填空题（每空1分，共12分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上，不要求写出演算过程）
17．周末，小明在家看电视，所坐的沙发向下凹陷，说明了力可以改变物体的 形状 ；为了不打扰邻居，他将电视机音量调小，这是在 声源 处减弱噪声。
【答案】形状；声源。
【分析】（1）力的作用效果：力可以改变物体的运动状态；力可以改变物体的形状；
（2）减弱噪声的途径：从噪声的产生处减弱噪声——消声；在传播过程中，用柔软多孔的物质来吸收声波——吸声；在传播过程中，用真空玻璃等办法来隔断声波的传播——隔声。
【解答】解：周末，小明在家看电视，所坐的沙发向下凹陷，说明了力可以改变物体的形状；为了不打扰邻居，他将电视机音量调小，这是在声源处减弱噪声。
故答案为：形状；声源
18．如图所示的电路中，电阻R1的阻值为30Ω，闭合开关S，电流表A1的示数为0.2A，电流表A的示数为0.6A，则电源电压为 6 V，电阻R2的阻值为 15 Ω。
【答案】6；15。
【分析】由电路图可知，闭合开关S，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A测干路电流。
（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源电压；
（2）利用并联电路的电流特点求出R2支路的电流，根据欧姆定律求出通过R2的电阻。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关S，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A测干路电流。
（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I＝可知，电源电压：U＝U1＝I1R1＝0.2A×30Ω＝6V；
（2）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，并联各支路两端的电压相等，U2＝U＝6V，
通过R2的电流：I2＝I﹣I1＝0.6A﹣0.2A＝0.4A。
由I＝可得，R2的阻值：R2＝＝＝15Ω。
故答案为：6；15。
19．如图所示是小明家的电能表，此时电能表的读数为 318.5 kW•h。小明只让一个用电器单独工作30min，这段时间内电能表转盘刚好转了300转，则该用电器的实际功率为 1000 W。
【答案】318.5；1000。
【分析】电能表的读数方法：最后一位是小数，单位kW•h；
600r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转过600转，根据电能表转盘转过300r求消耗的电能，再利用P＝求用电器的实际功率。
【解答】解：电能表的读数方法：最后一位是小数，单位kW•h；
由图可知，电能表的示数为318.5kW•h；
600r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转过600转，
则电能表转盘转过300r，用电器消耗的电能：W＝＝0.5kW•h；
用电器的实际功率：P＝＝＝1kW＝1000W。
故答案为：318.5；1000。
20．王老师用手将质量分布均匀的实心木球压入盛有水的烧杯底部，如图所示。松手后木球上浮，由此现象可知，木球的密度 小于 （选填“大于”、“小于”或“等于”）水的密度；松手后，木球还处于浸没状态时受到浮力 大于 （选填“大于”、“小于“或”等于”）重力。
【答案】小于；大于。
【分析】物体上浮时，密度小于液体的密度，所受的浮力大于自身的重力。
【解答】解：松手后木球上浮，由此现象可知，木球的密度小于水的密度；
松手后，木球还处于浸没状态时受到浮力大于重力。
故答案为：小于；大于。
21．汽车冷却剂主要成分是水，是因为水的 比热容 较大。火箭发动机利用液氢作为燃料，是因为这种燃料具有热值 大 的特点。
【答案】比热容；大。
【分析】（1）水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少；
（2）热值是指1kg的某种燃料完全燃烧后释放的能量，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多。
【解答】解：（1）汽车发动机工作时产生大量的热，这些热如果不迅速转移，就可能损害发动机，因此利用水的比热容大的特点（相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多）把这些热迅速吸收，使发动机的温度不致升得太高，所以汽车冷却剂主要成分是水；
（2）火箭发动机采用液氢作为燃料，原因是液氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量。
故答案为：比热容；大。
22．用起重机提升货物，滑轮组部分如图所示。它一次提升货物的质量为2.7×103kg，40s内物体被匀速提升了4m，动滑轮的重3×103N（不计绳重和摩擦）。拉力F的功率为 3000 W，该滑轮组的机械效率为 90 %。
【答案】3000；90。
【分析】（1）利用G＝mg求得货物受到的重力，由图知，n＝3，先求得拉力，利用W＝Fs求拉力做的功，再利用P＝求拉力做功的功率；
（2）利用W有用＝Gh求得有用功，最后根据η＝求出动滑轮的机械效率。
【解答】解：货物受到的重力G＝mg＝2.7×103kg×10N/kg＝2.7×104N，
由图可知，n＝3，不计绳重和摩擦，拉力，
绳子自由端移动的距离s＝3h＝3×4m＝12m，
则拉力F做的总功为W总＝Fs＝1×104N×12m＝1.2×105J，
拉力F的功率为；
拉力F做的有用功为W有用＝Gh＝2.7×104N×4m＝1.08×105J，
该滑轮组的机械效率为。
故答案为：3000；90。
三、作图题（共4分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上。）
23．（1）如图甲所示为一个“一开三孔”开关（即一个开关和一个三孔插座连在一起）实物图，图乙为内部接线示意图，请你将图乙中的电路连接完整，使开关控制电灯和插座。
【答案】见解答图
【分析】（1）家庭电路中，开关控制灯泡时，开关要接在火线与灯之间，这样连接，开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏时，断开开关，切断火线，更换灯泡更安全。
（2）插座是为了方便使用可移动的用电器设置的，电灯与插座是并联的。
（3）三孔插座的正确连接方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
【解答】解：
三孔插座中，上孔接地，左孔接零线，右孔接火线；
电灯与插座并联，开关控制电灯和插座，开关要接在干路上，如图所示：
（2）如图所示是晓辉制作的斜拉索大桥模型。用质地均匀的木条OA做桥面，立柱GH做桥塔，OA可绕O点转动，A端用细线与GH上的B点相连。请在图中画出细线对A端拉力F及其力臂l和桥面OA所受重力的示意图。
【答案】
【分析】（1）力臂的画法：过支点作力的作用线的垂线段；因此根据力臂的画法作出绳子对杠杆拉力的F的力臂；
（2）重力的方向是竖直向下的，据此做出重力的示意图。
【解答】解：过支点O作垂直绳子对杠杆的拉力F作用线的垂线段（即力臂l），
重力的方向是竖直向下的，作用点在OA的重心上，过重心做出重力的示意图，如图所示；
四、实验探究题（共25分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上。）
24．斜面在力学中是常用的实验器材，如图所示。
（1）如图1乙在斜面上测量小车运动的平均速度，图中AB段的路程sAB＝ 40.0 cm，在测量时间tAB时，如果小车过了B点才停止计时，测得AB段的平均速度vAB会偏 小 。
（2）如图1甲所示在探究“阻力对物体运动的影响”实验时。通过改变 接触面的粗糙程度 来改变小车所受阻力大小的，根据实验现象，可以得出结论：在其它条件相同时，小车受到的阻力越小，通过的距离越 远 ；进一步推测：如果水平面绝对光滑，小车受到的阻力为零，则小车在水平面上将做 匀速直线 运动。
（3）如图2所示是探究物体的动能与 速度 的关系，实验中利用转换法把物体的动能大小转换为木块的 移动距离 。
（4）斜面是一种简单机械，实验中要提高斜面的机械效率可以 减小斜面的粗糙程度 ，斜面在生活、生产中也有很多应用，如 盘山公路 。
【答案】（1）40.0；小；（2）接触面的粗糙程度；远；匀速直线；（3）速度；移动距离；（4）减小斜面的粗糙程度；盘山公路。
【分析】（1）根据图象读出AB段的距离；让小车过了B点才停止计时，会导致时间的测量结果偏大，平均速度会偏小；
（2）改变接触面的粗糙程度，可以改变摩擦阻力的大小；
实验中，阻力对物体运动的影响是通过小车在水平面运动的距离来体现的；接触面越光滑，小车受到的阻力越小，速度减小得越慢，运动的距离越长，如果小车不受力，小车将做匀速直线运动；
（3）根据控制变量法分析；物体动能大小通过小球推动木块运动的距离来反映；
（4）斜面的机械效率与斜面的倾斜程度和接触面的粗糙程度有关，盘山公路就是利用的斜面的原理。
【解答】解：（1）小车运动距离sAB＝80.0cm﹣40.0cm＝40.0cm；
如果让小车过了B点才停止计时，会导致时间的测量结果偏大，由公式v＝可知，平均速度会偏小；
（2）在探究“阻力对物体运动的影响“实验时，在水平木板上先后铺上粗糙程度不同的毛巾和棉布，通过改变接触面的粗糙程度来改变小车所受摩擦阻力大小；
实验中，阻力对物体运动的影响是通过小车在水平面运动的距离来体现的，阻力越小，滑行距离越远；
这由实验现象我们可以推断：如果水平面绝对光滑，小车受到的阻力为零，它将保持匀速直线运动状态不变；
（3）由图可知，两次实验中，小球的质量相同，高度不同，所以是探究物体的动能与速度的关系；
小球到达平面后，对木块做功，利用转换法把物体的动能大小转换为木块的移动距离；
（4）斜面是一种简单机械，实验中要提高斜面的机械效率可以减小斜面的粗糙程度；
斜面在生活、生产中也有很多应用，如盘山公路。
故答案为：（1）40.0；小；（2）接触面的粗糙程度；远；匀速直线；（3）速度；移动距离；（4）减小斜面的粗糙程度；盘山公路。
25．小佳在探究“平面镜成像特点”的实验中，如图1甲所示。
（1）实验时，先将方格纸放在水平桌面上，再将 玻璃板 （选填“玻璃板”或“平面镜”）竖直放置在方格纸上。
（2）在研究物体与像的大小关系时，应选择一支蜡烛B B 发光蜡烛A。
A.略小于
B.等大于
C.略大于
（3）蜡烛A远离镜面以后，它在镜面中的像会 远离镜面 。（选填“靠近镜面”“不动”或“远离镜面”）
（4）安装实验装置时，应该按照 由下到上 （选填“由下到上”或“由上到下”）的顺序进行。
（5）如图2甲是小杰在“探究液体沸腾特点”的实验中，他用完全相同的装置进行了a、b、c三次实验，并作图进行分析，如图2乙，其中，烧杯里水的质量最大是 b 这一次。（选填“a”、“b”或“c”）
（6）由图像看，液体沸腾后，继续吸热，温度 不变 （选填“升高”“降低”或“不变”）。
【答案】（1）玻璃板；（2）B；（3）远离镜面；（4）由下到上；（5）b；（6）不变。
【分析】（1）利用玻璃板透明的特点，可以观察到玻璃板的另一侧，便于找到像的位置；
（2）选取两个完全相同蜡烛的目的是比较像与物的大小关系；
（3）物像到平面镜的距离相等；
（4）因为需要用外焰加热，石棉网的高度需要根据外焰的高度来定；
（5）从给水开始加热到水沸腾需要的时间长短不同，根据Q＝cmΔt知，因为初温相同，所以可能是水的质量不同；
（6）水在沸腾时，不断吸热，温度不变。
【解答】解：（1）在探究“平面镜成像的特点”时，用玻璃板代替平面镜的目的是玻璃板不但反射光成像，还能透光看到玻璃板后面的蜡烛，便于确定像的位置；
（2）两个完全相同蜡烛，大小相同，后面的蜡烛B又和前面发光蜡烛A的像完全重合，这样就证明了像与物大小相同，所以两个完全相同蜡烛是为了比较像与物大小关系用的，故选：B；
（3）平面镜中的像和物体到平面镜的距离相等，蜡烛A远离镜面以后，它在镜面中的像会远离镜面；
（4）因为需要用外焰加热，石棉网的高度需要根据外焰的高度来定，所以应该自下而上进行安装；
（5）如图2乙，由a、b、c图象可知，水的初温相同，开始沸腾的时间不同，根据Q＝cmΔt知，可能是水的质量不同，水的质量越大，开始沸腾的时间越长，故烧杯里水的质量最大是b；
（6）液体沸腾后，继续吸热，温度不变。
故答案为：（1）玻璃板；（2）B；（3）远离镜面；（4）由下到上；（5）b；（6）不变。
26．小华同学用下面的装置“探究二力平衡的条件”，具体操作如下：
（1）如图甲所示，用直径略小于滑轮孔径的铁钉把三个滑轮A、B、C分别钉在木板上，木板竖直挂起待用，用大号缝衣针把细线沿轻质塑料块（忽略重力对实验结果的影响）的中心轴线穿过，并在紧靠塑料块的两侧各打一线结，使塑料块与细线固定在一起，且塑料块不与木板接触。在线的两端挂上数量不等的钩码。松手后，塑料块由静止开始运动。实验表明，作用在同一个物体上的两个力，方向 相反 ，但大小 不相等 ，则这两个力不平衡。
（2）在探究同一问题时，另一同学将木块放在水平桌面上，设计了如图丙所示的实验，同学们认为小华的实验优于此实验，其主要原因是 减小摩擦力对实验的影响 。
【答案】（1）相反；不相等；（2）减小摩擦力对实验的影响。
【分析】（1）（2）二力平衡的条件是作用在同一个物体上的两个力，方向相反，大小相等并且作用在同一直线上；
（3）小华的实验塑料块不与木板接触，减少了摩擦力对实验结果的影响。
【解答】解：
（1）二力平衡的条件是作用在同一个物体上的两个力，方向相反，大小相等，两侧所挂钩码不相同，则两侧受到的力大小不等，所以塑料块由静止开始运动，实验表明，作用在同一个物体上且在同一直线上的两个力，方向相反，但大小不相等，则这两个力不平衡。
（2）小华的实验塑料块不与木板接触，小华的实验优于此实验，其主要原因是减少了摩擦力对实验结果的影响。
故答案为：（1）相反；不相等；（2）减小摩擦力对实验的影响。
27．小明在“测量小灯泡的电功率”实验中，选用如图1所示的器材和电路，其中电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）请用笔画线代替导线将电路连接完整，要求：向右移动滑片P，灯泡变亮。
（2）连接电路时，开关应处于 断开 状态。
（3）连接好电路闭合开关后，灯泡不亮，电压表和电流表均偏转，则下一步操作应该是 D 。
A.更换小灯泡
B.检查电路是否断路
C.更换电池
D.移动滑片P
（4）根据测得的数据绘制的通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图象如图2所示，分析图象可知：小灯泡的额定功率为 0.625 W。
（5）利用图1中器材和电路 不能 （选填、“能”或“不能”）探究电流与电压的关系。
（6）完成上述实验后，小明进一步思考，在没有电流表的情况下能否测量小灯泡的额定功率？他想利用一个定值电阻R0接在原电路电流表的位置，设计的电路图如图3所示，然后调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U额，接着保持滑片位置不变，将电压表 B 点（选填“A”或“B”）的接线改接到C点，观察并记录电压表示数为U，则小灯泡的额定功率可表示为P额＝ U额• （用R0、U额、U等物理量符号表示）。
【答案】（1）见解答图；（2）断开；（3）D；（4）0.625；（5）不能；（6）B；U额•。
【分析】（1）向右移动滑片P，灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
（2）为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；
（3）连接好电路闭合开关后，灯泡不亮，电压表和电流表均偏转，说明电路是通路，只是电路中电流比较小，灯泡实际功率太小导致不亮，据此分析；
（4）根据图2确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P＝UI求出灯泡的额定功率；
（5）在探究电流与电压的关系实验时要保持定值电阻不变，由图2知小灯泡的电阻是变化的，据此分析；
（6）根据电流从电压表正接线柱流入分析判断；因为各电阻的大小和电压大小都不变，根据串联电路的电压规律，求出定值电阻两端的电压，由欧姆定律，求出通过定值电阻的电流即为小灯泡的额定电流，即可求出小灯泡功率的表达式。
【解答】解：（1）向右移动滑片P，灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用右下接线柱与灯泡串联在电路中，如下图所示：
；
（2）为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；
（3）连接好电路闭合开关后，灯泡不亮，电压表和电流表均偏转，说明电路是通路，只是电路中电流比较小，灯泡实际功率太小导致不亮，下一步操作应该是移动滑片P，观察灯泡的亮度，故选：D；
（4）由图2可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.25A，则灯泡额定功率为：
PL＝ULIL＝2.5V×0.25A＝0.625W；
（5）在探究电流与电压的关系实验时要保持定值电阻不变，由图2知小灯泡的电阻是变化的，故利用图1中器材和电路不能探究电流与电压的关系；
（6）调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U额，接着保持滑片位置不变，此时灯泡正常发光；
根据电流从电压表正接线柱流入，将电压表B点的接线改接到C点，观察并记录电压表示数U，因为各个电阻的大小和电压大小都不变，灯泡仍然正常发光，根据串联电路的电压规律，定值电阻的电压为：U0＝U﹣U额，
由欧姆定律，通过定值电阻的电流：
I0＝＝，
根据串联电路的电流规律，通过定值电阻的电流即为小灯泡的额定电流，则小灯泡的额定功率可表示为：
P额＝U额I额＝U额•。
故答案为：（1）见解答图；（2）断开；（3）D；（4）0.625；（5）不能；（6）B；U额•。
五、计算题（共24分。解答时要求在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不得分。答案必须明确写出数值和单位。）
28．如图所示，电源两端电压U为6V并保持不变，电阻R1阻值为10Ω。闭合开关S后，电流表A的示数I为1A。求：
（1）电流表A1的示数I1。
（2）电阻R2的电功率。
【答案】（1）电流表A1的示数为0.6A；
（2）电阻R2的电功率为2.4W。
【分析】由电路图可知，R1、R2并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量通过R1的电流；
（1）根据并联电路电压规律和欧姆定律求出通过电流表A1的示数；
（2）根据并联电路电流的特点求出R2的电流，根据P＝UI2得出电阻R2的电功率。
【解答】解：由电路图可知，R1、R2并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量通过R1的电流；
（1）因并联电路中各支路两端电压相等，所以电流表A1的示数：I1＝＝＝0.6A；
（2）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过R2的电流：I2＝I﹣I1＝1A﹣0.6A＝0.4A，
电阻R2的电功率P＝UI2＝6V×0.4A＝2.4W。
答：（1）电流表A1的示数为0.6A；
（2）电阻R2的电功率为2.4W。
29．《流浪地球2》中的太空电梯是从距离地面3.6万千米的地球同步道空间站向地面垂下一条缆绳至地面基站，并沿着这条缆绳修建往返于地球和太空之间的设备。升降舱用于装物资和人员。从基站乘坐太空电梯到空间站大约需要6天的时间。求：
（1）太空电梯运行的平均速度是多少km/h？
（2）升降舱以8×104N牵引力上升10km，牵引力做的功？
【答案】（1）太空电梯运行的平均速度是250km/h；
（2）升降舱以8×104N牵引力上升10km，牵引力做的功是8×108J。
【分析】（1）已知时间和路程，利用速度公式计算平均速度；
（2）根据W＝Fs得到牵引力做的功。
【解答】解：（1）太空电梯运行的平均速度v＝＝250km/h；
（2）牵引力做的功W＝Fs＝8×104N×10×103m＝8×108J。
答：（1）太空电梯运行的平均速度是250km/h；
（2）升降舱以8×104N牵引力上升10km，牵引力做的功是8×108J。
30．如图甲所示一个质量为500g、底面积为200cm2的柱形薄壁容器（底部有一个阀门K）放在水平桌面上。图乙将一个重力为6N、边长为10cm的正方体物块下表面中央与容器的底面用一根20cm长的细线连在一起。向容器中加入一定量的水，使正方体物块上表面刚好与水面相平。细线的质量、体积等忽略不计；忽略物体吸水等次要因素，ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。
（1）求图甲中容器对桌面的压强。
（2）打开阀门K排出300g水时，求细线对正方体物块的拉力。
（3）从刚打开阀门K开始排水到正方体物块下表面刚与容器底接触的过程中物块始终保持竖直，请写出这个过程中水对容器底部的压强p与排出水的体积Vcm3之间的函数关系式。
【答案】（1）图甲中容器对桌面的压强是250Pa；
（2）打开阀门K排出300g水时，细线对正方体物块的拉力为1N。
（3）从刚打开阀门K开始排水到正方体物块下表面刚与容器底接触的过程中物块始终保持竖直，这个过程中水对容器底部的压强p与排出水的体积Vcm3之间的函数关系式为：
①当排出的水的体积V：0＜V≤4×10﹣4m3时，水对容器底部的压强：p1＝1×103kg/m3×10N/kg（0.3m﹣）；
②当排出的水的体积V：4×10﹣4m3＜V≤4×10﹣3m3时，水对容器底部的压强：p2＝1×103kg/m3×10N/kg（0.3m﹣0.04m﹣）。
【分析】（1）由容器质量根据G＝mg计算容器的重力，根据受力分析计算容器对桌面的压力，由压强公式p＝计算图甲中容器对桌面的压强；
（2）打开阀门K排出300g水时，计算正方体排开水的体积，计算出正方体受到的浮力，根据受力分析计算细线对正方体物块的拉力；
（3）正方体受到浮力等于其重力时，正方体漂浮，计算出在此前后水面降低高度与排出水的体积V之间的关系，根据液体压强公式表示出水对容器底部的压强p与排出水的体积Vcm3之间的函数关系式。
【解答】解：（1）由容器质量m容＝500g＝0.5kg，根据G＝mg可得容器的重力：G容＝m容g＝0.5kg×10N/kg＝5N，
根据受力分析可得，容器对桌面的压力：F＝G容＝5N，
容器的底面积为S容＝200cm2＝2×10﹣2m2，
由压强公式p＝可得图甲中容器对桌面的压强：p＝＝＝250Pa；
（2）乙图容器中水的深度：h＝h细线+L＝20cm+10cm＝30cm，
由题意可知，容器内水的体积：V水＝V总﹣V物＝S容h﹣L3＝200cm2×30cm﹣（10cm）3＝5×103cm3＝5×10﹣3m3，
水的重力：G水＝m水g＝ρ水V水g＝1×103kg/m3×5×10﹣3m3×10N/kg＝50N；
打开阀门K排出m排水＝300g＝0.3kg水时，排出水的体积：V排水＝＝＝3×10﹣4m3，
物体的底面积：S物＝L2＝（10cm）2＝100cm3＝1×10﹣2m2，
容器内水面下降的高度：h＝＝＝0.03m，
物体排开水的体积：V排＝S物h浸＝S物（h物﹣h）＝1×10﹣2m2×（0.1m﹣0.03m）＝7×10﹣4m3，
由阿基米德原理可得，正方体受到的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1×103kg/m3×10N/kg×7×10﹣4m3＝7N，
根据受力分析可知，细线对正方体物块的拉力：F拉＝F浮﹣G物＝7N﹣6N＝1N；
（3）当物体受到的浮力等于其重力时，物体漂浮，F浮2＝G物＝6N，此时排开水的体积：V排2＝＝＝6×10﹣4m3，
物体浸在水的深度：h浸2＝＝＝0.06m，
物体露出液面的高度：h露＝h物﹣h浸2＝0.1m﹣0.06m＝0.04m，
排出的水的体积：V排水2＝（S容﹣S物）h露＝（2×10﹣2m2﹣1×10﹣2m2）×0.04m＝4×10﹣4m3，
所以当排出的水的体积：0＜V≤4×10﹣4m3时，水对容器底部的压强：p1＝ρ水gh2＝ρ水g（h﹣）＝1×103kg/m3×10N/kg（0.3m﹣），
正方体物块下表面刚与容器底接触，容器中的水：V水小＝（S容﹣S物）L＝（2×10﹣2m2﹣1×10﹣2m2）×0.1m＝1×10﹣3m3，
则排出的水的最大体积：V排水大＝V水﹣V水小＝5×10﹣3m3﹣1×10﹣3m3＝4×10﹣3m3，
当排出的水的体积V：4×10﹣4m3＜V≤4×10﹣3m3时，水对容器底部的压强：p2＝ρ水gh3＝ρ水g（h﹣h露﹣）＝1×103kg/m3×10N/kg（0.3m﹣0.04m﹣）。
答：（1）图甲中容器对桌面的压强是250Pa；
（2）打开阀门K排出300g水时，细线对正方体物块的拉力为1N。
（3）从刚打开阀门K开始排水到正方体物块下表面刚与容器底接触的过程中物块始终保持竖直，这个过程中水对容器底部的压强p与排出水的体积Vcm3之间的函数关系式为：
①当排出的水的体积V：0＜V≤4×10﹣4m3时，水对容器底部的压强：p1＝1×103kg/m3×10N/kg（0.3m﹣）；
②当排出的水的体积V：4×10﹣4m3＜V≤4×10﹣3m3时，水对容器底部的压强：p2＝1×103kg/m3×10N/kg（0.3m﹣0.04m﹣）。
2023年中考考前最后一卷【广西卷】
物 理
（考试时间：90分钟 满分：100分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
5．g=10N/kg。
一、选择题（共16题，共35分。在给出的四个选项中，第 1~13题只有一个选项符合题目要求，选对得2分，选错得0分。第14~16题有多个选项符合题目要求，全部选对得3分，选对但不全得2分，有选错得0分。请考生用2B铅笔在答题卡上将选定的答案标号涂黑）
1．人脸识别，是基于人的脸部特征信息进行身份识别的一种生物识别技术，如图所示。它的原理是用摄像头采集人脸信息，自动在图象中检测人脸并进行识别。则下列说法正确的是（ ）
A．人脸识别系统的摄像头相当于凹透镜
B．摄像头所拍摄的人脸的像是缩小的虚像
C．人脸应位于摄像头的一倍焦距和两倍焦距之间
D．人脸识别系统的工作原理与照相机的工作原理相同
【答案】D
【分析】当物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像，其应用是照相机、摄像头。
【解答】解：人脸识别系统的工作原理与照相机工作原理相同，摄像头相当于凸透镜，物体位于凸透镜2倍焦距以外，摄像头所拍摄的人脸的像是缩小的实像，故D正确。
故选：D。
2．2023年2月25日，由我国航空工业自主研制的第四架大型灭火、水上救援水陆两栖飞机“鲲龙”AG600M在广东珠海首次飞行成功。如图所示，飞行中AG600逐步降低高度，减小速度，平稳入水。飞机在此过程中（ ）
A．动能减小，动能转化为重力势能
B．动能增大，重力势能转化为动能
C．动能增大，机械能变大
D．动能减小，机械能减小
【答案】D
【分析】动能大小的影响因素：物体的质量、物体的速度，质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能大小的影响因素：物体的质量、物体的高度，质量越大，所处的位置越高，重力势能越大；
机械能是动能和势能的总和。
【解答】解：AG600逐步降低高度，减小速度，平稳入水的过程中，质量不变，速度变小，动能变小，高度变小，重力势能变小，不是动能和重力势能之间的相互转化；动能和重力势能都减小，机械能减小，故D正确。
故选：D。
3．如图为我国新型反潜巡逻机，机尾的“棍子”叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域时引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，从而发现潜艇的存在。下列实验能说明磁异探测器工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【分析】磁异探测器最终将磁信号转换为变化的电流，因此是一个发电机，分析下面四幅图，找出发电机的原理即可。
【解答】解：磁异探测器的工作原理是电磁感应现象；
A、图示为奥斯特实验，是电流的磁效应装置，故A不符合题意；
B、电流通过电磁铁后具有磁性，这是电流的磁效应，故B不符合题意；
C、图示为通电导体在磁场中受力，是电动机的原理，故C不符合题意；
D、闭合电路的部分导体做切割磁感线运动时，产生感应电流，为电磁感应现象，故D符合题意。
故选：D。
4．生活处处有物理，下面是小明在奥运会比赛中看到有关光学现象的场景，下列说法正确的是（ ）
A．图甲运动员在水下表演是光的直线传播
B．图乙运动员在阳光下的影子是光的折射
C．图丙射击运动员通过瞄准镜瞄准是光的直线传播
D．图丁运动员在水中的倒影较暗是因为光在水面只发生反射
【答案】C
【分析】（1）光在同种、均匀透明介质中沿直线传播，日食、月食、影子、小孔成像都是光沿直线传播形成的；
（2）光的反射是指光线遇到障碍物被反射回来的现象，比如我们平时看到的物体，平面镜成像等；
（3）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，如：透镜的应用、池水变浅了等。
【解答】解：A．图甲运动员在水下表演，光从水中进入空气中，属于光的折射现象，故A错误；
B．影子是由于物体把光线遮挡住形成的，属于光的直线传播现象，故B错误；
C．图丙射击运动员通过瞄准镜瞄准利用了光的直线传播，故C正确；
D．图丁运动员在水中的倒影较暗是因为光在水面反射的同时也发生折射，有一部分光进入水中，故D错误。
故选：C。
5．如图所示是《天工开物》中描述的铸“釜”时的场景，匠人将铁水倒入“范”（模具）中固结成型。下列说法正确的是（ ）
A．铁水固结成型涉及的物态变化是凝华
B．铁水固结成型的过程中温度不变，内能不变
C．铁水固结成型的过程中需要放热
D．铁水固结成型的过程中密度不变
【答案】C
【分析】物质从液体变为固态的过程叫做凝固
【解答】解：ABC、铁水固结成型涉及的物态变化是凝固，该过程中温度不变，内能减小，需要释放热量，故AB错误，C正确；
D、铁从液态变为固态，状态发生变化，体积改变，密度改变，故D错误。
故选：C。
6．图1连通器中的水静止，此时a处的气压为pa0，d处水产生的压强为pd0，在管上方持续水平吹气，水面稳定后如图2，此时a、b处气压为pa、Pb，c、d处水产生的压强为pc、pd，若大气压保持不变，则（ ）
A．pao＜pa B．pa＜pb C．pc＝pd D．pd＞pdo
【答案】D
【分析】底部连通、上端开口的容器为连通器；连通器的液体静止不流动时，液面是相平的；
流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小，流速越小的位置压强越大。
由液体压强的规律可知，在密度相同时，液体的深度越大，压强越大。
【解答】解：吹气前，该装置为连通器，连通器的水静止不流动时，水面是相平的，水面上方的压强是相同的，
由图2可知，吹气时，左边空气流速慢，右边空气流速快，
由流速越大的位置压强越小，流速越小的位置压强越大可知，
pao＞pa；pa＞pb；
由液体压强的规律可知，在密度相同时，液体的深度越大，压强越大，
所以pc＜pd；pd＞pdo，
故选：D。
7．如图所示，四个体积相同而材料不同的球A、B、C、D，分别静止在不同深度的水里，以下说法正确的是（ ）
A．A球所受的浮力最小，D球的密度最大
B．B球所受的浮力最小，C球的密度最大
C．C球所受的浮力最小，B球的密度最大
D．D球所受的浮力最小，A球的密度最大
【答案】A
【分析】由题知，四个小球的体积相同，根据图示得出四个小球排开水的体积的大小关系，根据阿基米德原理得出受到的浮力的大小关系；再根据各球在水中的状态，判断出各球密度与水的密度的关系即可解答。
【解答】解：浸没在水中的物体排开水的体积等于物体的体积，
由图可知，四个球排开水的体积：
VA＜VB＜VC＝vD，
∵F浮＝ρ水V排g，
四个球受到的浮力：
FA＜FB＜FC＝FD，
A、B球漂浮在水面上，A、B的密度都小于水的密度，C球悬浮于水中，C球的密度等于水的密度，D球沉底，D球的密度大于水的密度，故A正确。
故选：A。
8．植物和花粉往往带负电，而蜜蜂在飞行过程中与空气摩擦也会带电。当蜜蜂落在花朵上时，花粉会受到蜜蜂的静电吸引力，所以蜜蜂能更好地附着在上面，也能更好地转移花粉。蜜蜂（ ）
A．带正电，束缚电子的本领比空气强
B．带正电，束缚电子的本领比空气弱
C．带负电，束缚电子的本领比空气强
D．带负电，束缚电子的本领比空气弱
【答案】B
【分析】摩擦起电的实质是发生了电荷的转移；束缚荷外电子本领强的容易得到电子，束缚荷外电子本领弱的失去电子，在电荷转移的过程中，电荷的总量是保持不变的，即电荷是守恒的。
【解答】解：蜜蜂在飞行过程中与空气摩擦也会带电，植物和花粉往往带负电，是得到电子，说明其束缚荷外电子的本领强；所以蜜蜂容易失去电子而带正电，其束缚荷外电子的本领比空气弱。
故选：B。
9．如图所示，当开关S闭合后，关于①②③电表的类型及灯泡的串并联结构，下列说法正确的是（ ）
A．当L1和L2串联时，②是电压表，①③是电流表
B．当①③是电压表，②是电流表时，只有L1发光
C．若①②同时是电压表，③是电流表，只有L1发光
D．当①②③同时是电流表时，两灯并联且都亮
【答案】C
【分析】（1）电流表与被测电路串联，因电流表的内阻很小，则它在电路中相当于导线；
（2）电压表与被测电路并联，因电压表的电阻较大，则它在电路中相当于开路；据此判断。
【解答】解：A．由图可知，当，②是电压表，①③是电流表时，L1和L2并联，故A错误；
B．当①③是电压表，②是电流表时，L1和L2串联，L1和L2都可以发光，故B错误；
C．若①②同时是电压表，③是电流表，灯L2被短路，只有L1发光，故C正确；
D．当①②③同时是电流表时，电路短路，两灯都不亮，故D错误。
故选：C。
10．如图，为庆祝2023年新春佳节，全景巨幕焰火晚会在西安奥体中心光影文化公园华彩上演。下列说法不正确的是（ ）
A．烟花内部爆炸时将机械能转化为内能
B．湖中烟花的倒影是光的反射形成的虚像
C．烟花燃放时附近的人能闻到火药味，说明分子在不停地做无规则运动
D．电视机前的人们通过手机观看烟花直播，是通过电磁波传递信息的
【答案】A
【分析】（1）烟花里的火药爆炸时，化学能转化为内能，内能对外做功，转化为机械能；
（2）湖中烟花的倒影是平面镜成像；
（3）不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
（4）电磁波能传递信息。
【解答】解：A、烟花爆炸是烟花里面的燃料发生化学变化，产生高温高压的燃气，然后膨胀对外做功，这个过程中发生的能量转化是化学能→内能→光能、机械能，故A错误；
B、湖中烟花的倒影是平面镜成像，是光的反射形成的虚像，故B正确；
C、烟花燃放时附近的人能闻到火药味，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D、电视机前的人们通过手机观看烟花直播，是通过电磁波传递信息的，故D正确。
故选：A。
11．一旅客将一个孙悟空卡通人偶贴在高铁的车窗上，用手机拍出了孙悟空“风驰电掣”般飞行的视频景象，如图所示，对其中的运动学知识，下列说法正确的是（ ）
A．以列车为参照物，孙悟空是运动的
B．以手机镜头为参照物，孙悟空是运动的
C．以孙悟空为参照物，列车是静止的
D．以车外的树木为参照物，旅客是静止的
【答案】C
【分析】判断物体的运动和静止，首先选择一个参照物，参照物可以是静止的，也可以是运动的，只要被选定为参照物，就看成是静止的物体，如果被研究的物体与参照物之间发生位置的变化，被研究的物体就是运动的，否则是静止的。
【解答】解：
A、以列车为参照物，孙悟空和列车之间没有发生位置的变化，孙悟空是静止的，故A错误；
B、以手机镜头为参照物，孙悟空和镜头之间没有发生位置的变化，孙悟空是静止的，故B错误；
C、以孙悟空为参照物，列车与孙悟空之间没有发生位置的变化，列车是静止的，故C正确；
D、以车外的树木为参照物，旅客与树木的位置没有发生改变，旅客是运动的，故D错误。
故选：C。
12．如图所示，A、B两个物体叠放在水平桌面上，当右端挂重6N的物体C时，A、B一起向右做匀速直线运动，绳与滑轮之间的摩擦不计，则下列说法正确的是（ ）
A．物体A与B之间的摩擦力为6N
B．物体B对绳的拉力和C对绳的拉力是一对相互作用力
C．绳对B的拉力和B受到的摩擦力是一对平衡力
D．剪断绳子后，A、B慢慢停止运动，说明力是维持物体运动的原因
【答案】C
【分析】（1）根据平衡力的条件进行判断，即大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、作用在同一条直线上，四个条件缺一不可。
（2）摩擦力产生的条件：两个物体之间有压力，且发生了相对滑动或有相对滑动的趋势；物体A、B在物体C的作用下向右做匀速直线运动，物体B在水平方向上受到水平向右的拉力和水平向左的摩擦力作用，根据二力平衡条件求出摩擦力大小；
（3）力是改变物体运动状态的原因。
【解答】解：A．由于A、B一起向右做匀速直线运动，物体A与B没有相对运动或相对运动的趋势，故物体A与B之间没有摩擦力，故A错误；
B．物体B对绳的拉力，受力物体是绳，物体C对绳的拉力，受力物体也是绳，不是一对相互作用力，故B错误；
C．绳对B的拉力方向向右，受力物体是物体B，物体B受到的摩擦力方向向左，受力物体也是物体B，物体B向右做匀速直线运动，两个力大小相等、方向相反，是一对平衡力，故C正确；
D．剪断绳子后，物体A、B在摩擦力的作用下，慢慢停止运动，说明力是改变物体运动状态的原因，故D错误。
故选：C。
13．如图所示，航天器都有很大的太阳能电池板，下列说法正确的是（ ）
A．太阳能是可再生能量
B．太阳能和电能都是一次能源
C．电池板将太阳能转化为内能
D．电池板的能量转化率可达100%
【答案】A
【分析】（1）能在短时间内得到补充的能源属于可再生能源；可以从自然界直接获取的能源是一次能源，如煤、石油、天然气、太阳能、风能、水能等；
（2）一次能源是指自然界中以原有形式存在的、未经加工转换的能量资源，又称天然能源；二次能源是指由一次能源经过加工转换以后得到的能源；
（3）太阳能电池板可将太阳能转化为电能；
（4）任何能量转化都存在一定的能量损耗，目前太阳能电池板的能量转化效率在24%左右远低于100%。
【解答】解：
A、太阳能可以从自然界源源不断获得，属于可再生能源，故A正确；
B、太阳能都是未经加工转换的能量资源，是一次能源，电能是由其他形式的能经过加工转换以后得到的能源，是二次能源，故B错误；
C、太阳能电池板可将太阳能转化为电能，故C错误；
D、任何能量转化都存在一定的能量损耗，目前太阳能电池板的能量转化效率在24%左右远低于100%，故D错误。
故选：A。
14．（多选）2022年10月12日，三名航天员在中国空间站的“问天”实验舱，为全国的中小学学生进行了第三次太空授课，每次太空授课，在传播普及空间科学知识的同时，也展示了中国的科技，展示了中国精神，中国力量，飞天梦永不失重，下列说法正确的是（ ）
A．空间站中物体处于失重状态，但是与在地球上相比较，空间站的物体质量不变
B．太空授课能进行水“浮力消失”实验，是因为空间站水没有受到地球的吸引
C．“水油分离”实验中，摇晃后水和油均匀混在一起，说明分子在不停运动
D．“水球透镜”实验中，看到王亚平在水球中的倒影，是倒立，缩小的实像
【答案】ABD
【分析】（1）质量是指物体所含物质的多少，是物体本身的一种属性；
（2）在空间站中，物体处于失重状态，空间站的水没有受到地球的吸引，浸在水中的物体不会受到水的压强和压力；
（3）水和油均匀混在一起，是由于多次摇晃的外力作用，不能说明分子在不停运动；
（4）水球相当于一个凸透镜，当物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像。
【解答】解：A、质量是指物体所含物质的多少，是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置、温度无关，空间站的质量不变，故A正确；
B、在空间站中，物体处于失重状态，空间站的水没有受到地球的吸引，浸在水中的物体不会受到水的压强和压力，浮力也会消失，故B正确；
C、水和油均匀混在一起，是由于多次摇晃的外力作用的结果，不能说明分子在不停运动，故C错误；
D、水球相当于一个凸透镜，当物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像，当物距在一倍焦距和二倍焦距之间时，凸透镜成倒立、放大的实像，王亚平在实验时，物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，故D正确。
故选：ABD。
15．（多选）如图所示，为了探究杠杆平衡条件，某同学设计了一个自身重力不计的曲臂杠杆，杠杆AOB用细线悬挂起来能绕O点转动，平衡时OA恰好处于水平位置，AO＝BO，A端挂重物G，在B端分别施加F1、F2、F3、F4四个力，下列分析中错误的是（ ）
A．四个力中，F1是最大的力
B．四个力中，F2是最小的力
C．四个力中，F3＝F4
D．通过对比F1≠G，能帮助我们正确认识力臂的概念
【答案】AC
【分析】从支点到力的作用线的距离叫做力臂；在阻力、阻力臂不变的情况下，动力臂越大，动力越小，越省力。
【解答】解：如图所示：
根据上面的图和力臂的定义可知，F1、F2、F3、F4四个力的力臂的分别为：LOD、LOB、LOC、LOC，其大小关系为：LOB＞LOD＞LOC＝LOC，当LOB作为动力的力臂时，动力臂是最大的，根据杠杆的平衡条件可知，此时的动力是最小的，所以四个力中，F2是最小的力；由于F3、F4两个力的力臂大小相同，根据杠杆的平衡条件可知，F3＝F4，所以F3和F4是等大的力，根据F4的方向可知，其不能使杠杆平衡；
若F1≠G，这说明动力的力臂和阻力的力臂大小不同，这能帮助我们正确认识力臂的概念；
综上所述，AC错误，BD正确。
故选：AC。
16．（多选）如图电路中，电源电压可调，灯泡L1、L2分别标有“6V，6W”和“6V，3W”字样，通过开关闭合，保证至少有一只灯泡正常发光且电路安全的情况下（不考虑温度对灯丝电阻的影响）。下列说法正确的是（ ）
A．电路中的最大电流为1.5A
B．电源电压的调节范围是6V～12V
C．电路电功率的变化范围是3W～9W
D．灯泡L2的实际电功率始终小于L1的实际电功率
【答案】AC
【分析】根据P＝UI分别求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律分别求出两灯泡的电阻；
（1）根据并联电路的电流特点可知当两灯泡并联时电路中的电流最大，进而求出电路中的最大电流；
（2）根据串联电路的电流特点确定两灯泡串联时电路中的电流，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电源电压，进而求出电源电压的调节范围；
（3）根据P＝UI求出电路电功率的变化范围；
（4）根据串联电路的电流特点和P＝UI＝I2R分析。
【解答】解：由P＝UI可知，两灯泡的额定电流分别为：I1额＝＝＝1A，I2额＝＝＝0.5A，
由欧姆定律可知，两灯泡的电阻分别为：R1＝＝＝6Ω，R2＝＝＝12Ω；
A、由并联电路的电流特点可知，当两灯泡并联时电路中的电流最大，
因为两灯泡的额定电压相等，所以由并联电路的电压特点可知，将电源电压调为6V，此时两灯泡均能正常发光，
由并联电路的电流特点可知，此时电路中的电流：I并＝I1额+I2额＝1A+0.5A＝1.5A，故A正确；
B、由串联电路的电流特点可知，为了电路安全，两灯泡串联时电路中的电流：I串＝I2额＝0.5A，此时灯泡L2正常发光，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电源电压：U串＝I串（R1+R2）＝0.5A×（6Ω+12Ω）＝9V，
结合A中电源电压可知，电源电压的调节范围是6V～9V，故B错误；
C、当两灯泡并联时，电路中的电功率：P并＝U并I并＝6V×1.5A＝9W，
当电源电压调为6V，开关S、S2闭合，S1、S3断开时，电路为L2的简单电路，此时灯泡L2两端的实际电压等于额定电压，灯泡L2正常发光，因此电路中的电功率：P2＝P2额＝3W，
当两灯泡串联时，电路中的电功率：P串＝U串I串＝9V×0.5A＝4.5W，
因此电路电功率的变化范围是3W～9W，故C正确；
D、当两灯泡串联时，由串联电路的电流特点可知，通过两灯泡的电流相等，由P＝UI＝I2R可知，电阻大的灯泡的电功率大，而灯泡L2的电阻大于灯泡L1的电阻，
因此当两灯泡串联时，灯泡L2的电功率大于L1的电功率，故D错误。
故选：AC。
二、填空题（每空1分，共12分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上，不要求写出演算过程）
17．周末，小明在家看电视，所坐的沙发向下凹陷，说明了力可以改变物体的 形状 ；为了不打扰邻居，他将电视机音量调小，这是在 声源 处减弱噪声。
【答案】形状；声源。
【分析】（1）力的作用效果：力可以改变物体的运动状态；力可以改变物体的形状；
（2）减弱噪声的途径：从噪声的产生处减弱噪声——消声；在传播过程中，用柔软多孔的物质来吸收声波——吸声；在传播过程中，用真空玻璃等办法来隔断声波的传播——隔声。
【解答】解：周末，小明在家看电视，所坐的沙发向下凹陷，说明了力可以改变物体的形状；为了不打扰邻居，他将电视机音量调小，这是在声源处减弱噪声。
故答案为：形状；声源
18．如图所示的电路中，电阻R1的阻值为30Ω，闭合开关S，电流表A1的示数为0.2A，电流表A的示数为0.6A，则电源电压为 6 V，电阻R2的阻值为 15 Ω。
【答案】6；15。
【分析】由电路图可知，闭合开关S，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A测干路电流。
（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源电压；
（2）利用并联电路的电流特点求出R2支路的电流，根据欧姆定律求出通过R2的电阻。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关S，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A测干路电流。
（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I＝可知，电源电压：U＝U1＝I1R1＝0.2A×30Ω＝6V；
（2）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，并联各支路两端的电压相等，U2＝U＝6V，
通过R2的电流：I2＝I﹣I1＝0.6A﹣0.2A＝0.4A。
由I＝可得，R2的阻值：R2＝＝＝15Ω。
故答案为：6；15。
19．如图所示是小明家的电能表，此时电能表的读数为 318.5 kW•h。小明只让一个用电器单独工作30min，这段时间内电能表转盘刚好转了300转，则该用电器的实际功率为 1000 W。
【答案】318.5；1000。
【分析】电能表的读数方法：最后一位是小数，单位kW•h；
600r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转过600转，根据电能表转盘转过300r求消耗的电能，再利用P＝求用电器的实际功率。
【解答】解：电能表的读数方法：最后一位是小数，单位kW•h；
由图可知，电能表的示数为318.5kW•h；
600r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转过600转，
则电能表转盘转过300r，用电器消耗的电能：W＝＝0.5kW•h；
用电器的实际功率：P＝＝＝1kW＝1000W。
故答案为：318.5；1000。
20．王老师用手将质量分布均匀的实心木球压入盛有水的烧杯底部，如图所示。松手后木球上浮，由此现象可知，木球的密度 小于 （选填“大于”、“小于”或“等于”）水的密度；松手后，木球还处于浸没状态时受到浮力 大于 （选填“大于”、“小于“或”等于”）重力。
【答案】小于；大于。
【分析】物体上浮时，密度小于液体的密度，所受的浮力大于自身的重力。
【解答】解：松手后木球上浮，由此现象可知，木球的密度小于水的密度；
松手后，木球还处于浸没状态时受到浮力大于重力。
故答案为：小于；大于。
21．汽车冷却剂主要成分是水，是因为水的 比热容 较大。火箭发动机利用液氢作为燃料，是因为这种燃料具有热值 大 的特点。
【答案】比热容；大。
【分析】（1）水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少；
（2）热值是指1kg的某种燃料完全燃烧后释放的能量，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多。
【解答】解：（1）汽车发动机工作时产生大量的热，这些热如果不迅速转移，就可能损害发动机，因此利用水的比热容大的特点（相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多）把这些热迅速吸收，使发动机的温度不致升得太高，所以汽车冷却剂主要成分是水；
（2）火箭发动机采用液氢作为燃料，原因是液氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量。
故答案为：比热容；大。
22．用起重机提升货物，滑轮组部分如图所示。它一次提升货物的质量为2.7×103kg，40s内物体被匀速提升了4m，动滑轮的重3×103N（不计绳重和摩擦）。拉力F的功率为 3000 W，该滑轮组的机械效率为 90 %。
【答案】3000；90。
【分析】（1）利用G＝mg求得货物受到的重力，由图知，n＝3，先求得拉力，利用W＝Fs求拉力做的功，再利用P＝求拉力做功的功率；
（2）利用W有用＝Gh求得有用功，最后根据η＝求出动滑轮的机械效率。
【解答】解：货物受到的重力G＝mg＝2.7×103kg×10N/kg＝2.7×104N，
由图可知，n＝3，不计绳重和摩擦，拉力，
绳子自由端移动的距离s＝3h＝3×4m＝12m，
则拉力F做的总功为W总＝Fs＝1×104N×12m＝1.2×105J，
拉力F的功率为；
拉力F做的有用功为W有用＝Gh＝2.7×104N×4m＝1.08×105J，
该滑轮组的机械效率为。
故答案为：3000；90。
三、作图题（共4分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上。）
23．（1）如图甲所示为一个“一开三孔”开关（即一个开关和一个三孔插座连在一起）实物图，图乙为内部接线示意图，请你将图乙中的电路连接完整，使开关控制电灯和插座。
【答案】见解答图
【分析】（1）家庭电路中，开关控制灯泡时，开关要接在火线与灯之间，这样连接，开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏时，断开开关，切断火线，更换灯泡更安全。
（2）插座是为了方便使用可移动的用电器设置的，电灯与插座是并联的。
（3）三孔插座的正确连接方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
【解答】解：
三孔插座中，上孔接地，左孔接零线，右孔接火线；
电灯与插座并联，开关控制电灯和插座，开关要接在干路上，如图所示：
（2）如图所示是晓辉制作的斜拉索大桥模型。用质地均匀的木条OA做桥面，立柱GH做桥塔，OA可绕O点转动，A端用细线与GH上的B点相连。请在图中画出细线对A端拉力F及其力臂l和桥面OA所受重力的示意图。
【答案】
【分析】（1）力臂的画法：过支点作力的作用线的垂线段；因此根据力臂的画法作出绳子对杠杆拉力的F的力臂；
（2）重力的方向是竖直向下的，据此做出重力的示意图。
【解答】解：过支点O作垂直绳子对杠杆的拉力F作用线的垂线段（即力臂l），
重力的方向是竖直向下的，作用点在OA的重心上，过重心做出重力的示意图，如图所示；
四、实验探究题（共25分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上。）
24．斜面在力学中是常用的实验器材，如图所示。
（1）如图1乙在斜面上测量小车运动的平均速度，图中AB段的路程sAB＝ 40.0 cm，在测量时间tAB时，如果小车过了B点才停止计时，测得AB段的平均速度vAB会偏 小 。
（2）如图1甲所示在探究“阻力对物体运动的影响”实验时。通过改变 接触面的粗糙程度 来改变小车所受阻力大小的，根据实验现象，可以得出结论：在其它条件相同时，小车受到的阻力越小，通过的距离越 远 ；进一步推测：如果水平面绝对光滑，小车受到的阻力为零，则小车在水平面上将做 匀速直线 运动。
（3）如图2所示是探究物体的动能与 速度 的关系，实验中利用转换法把物体的动能大小转换为木块的 移动距离 。
（4）斜面是一种简单机械，实验中要提高斜面的机械效率可以 减小斜面的粗糙程度 ，斜面在生活、生产中也有很多应用，如 盘山公路 。
【答案】（1）40.0；小；（2）接触面的粗糙程度；远；匀速直线；（3）速度；移动距离；（4）减小斜面的粗糙程度；盘山公路。
【分析】（1）根据图象读出AB段的距离；让小车过了B点才停止计时，会导致时间的测量结果偏大，平均速度会偏小；
（2）改变接触面的粗糙程度，可以改变摩擦阻力的大小；
实验中，阻力对物体运动的影响是通过小车在水平面运动的距离来体现的；接触面越光滑，小车受到的阻力越小，速度减小得越慢，运动的距离越长，如果小车不受力，小车将做匀速直线运动；
（3）根据控制变量法分析；物体动能大小通过小球推动木块运动的距离来反映；
（4）斜面的机械效率与斜面的倾斜程度和接触面的粗糙程度有关，盘山公路就是利用的斜面的原理。
【解答】解：（1）小车运动距离sAB＝80.0cm﹣40.0cm＝40.0cm；
如果让小车过了B点才停止计时，会导致时间的测量结果偏大，由公式v＝可知，平均速度会偏小；
（2）在探究“阻力对物体运动的影响“实验时，在水平木板上先后铺上粗糙程度不同的毛巾和棉布，通过改变接触面的粗糙程度来改变小车所受摩擦阻力大小；
实验中，阻力对物体运动的影响是通过小车在水平面运动的距离来体现的，阻力越小，滑行距离越远；
这由实验现象我们可以推断：如果水平面绝对光滑，小车受到的阻力为零，它将保持匀速直线运动状态不变；
（3）由图可知，两次实验中，小球的质量相同，高度不同，所以是探究物体的动能与速度的关系；
小球到达平面后，对木块做功，利用转换法把物体的动能大小转换为木块的移动距离；
（4）斜面是一种简单机械，实验中要提高斜面的机械效率可以减小斜面的粗糙程度；
斜面在生活、生产中也有很多应用，如盘山公路。
故答案为：（1）40.0；小；（2）接触面的粗糙程度；远；匀速直线；（3）速度；移动距离；（4）减小斜面的粗糙程度；盘山公路。
25．小佳在探究“平面镜成像特点”的实验中，如图1甲所示。
（1）实验时，先将方格纸放在水平桌面上，再将 玻璃板 （选填“玻璃板”或“平面镜”）竖直放置在方格纸上。
（2）在研究物体与像的大小关系时，应选择一支蜡烛B B 发光蜡烛A。
A.略小于
B.等大于
C.略大于
（3）蜡烛A远离镜面以后，它在镜面中的像会 远离镜面 。（选填“靠近镜面”“不动”或“远离镜面”）
（4）安装实验装置时，应该按照 由下到上 （选填“由下到上”或“由上到下”）的顺序进行。
（5）如图2甲是小杰在“探究液体沸腾特点”的实验中，他用完全相同的装置进行了a、b、c三次实验，并作图进行分析，如图2乙，其中，烧杯里水的质量最大是 b 这一次。（选填“a”、“b”或“c”）
（6）由图像看，液体沸腾后，继续吸热，温度 不变 （选填“升高”“降低”或“不变”）。
【答案】（1）玻璃板；（2）B；（3）远离镜面；（4）由下到上；（5）b；（6）不变。
【分析】（1）利用玻璃板透明的特点，可以观察到玻璃板的另一侧，便于找到像的位置；
（2）选取两个完全相同蜡烛的目的是比较像与物的大小关系；
（3）物像到平面镜的距离相等；
（4）因为需要用外焰加热，石棉网的高度需要根据外焰的高度来定；
（5）从给水开始加热到水沸腾需要的时间长短不同，根据Q＝cmΔt知，因为初温相同，所以可能是水的质量不同；
（6）水在沸腾时，不断吸热，温度不变。
【解答】解：（1）在探究“平面镜成像的特点”时，用玻璃板代替平面镜的目的是玻璃板不但反射光成像，还能透光看到玻璃板后面的蜡烛，便于确定像的位置；
（2）两个完全相同蜡烛，大小相同，后面的蜡烛B又和前面发光蜡烛A的像完全重合，这样就证明了像与物大小相同，所以两个完全相同蜡烛是为了比较像与物大小关系用的，故选：B；
（3）平面镜中的像和物体到平面镜的距离相等，蜡烛A远离镜面以后，它在镜面中的像会远离镜面；
（4）因为需要用外焰加热，石棉网的高度需要根据外焰的高度来定，所以应该自下而上进行安装；
（5）如图2乙，由a、b、c图象可知，水的初温相同，开始沸腾的时间不同，根据Q＝cmΔt知，可能是水的质量不同，水的质量越大，开始沸腾的时间越长，故烧杯里水的质量最大是b；
（6）液体沸腾后，继续吸热，温度不变。
故答案为：（1）玻璃板；（2）B；（3）远离镜面；（4）由下到上；（5）b；（6）不变。
26．小华同学用下面的装置“探究二力平衡的条件”，具体操作如下：
（1）如图甲所示，用直径略小于滑轮孔径的铁钉把三个滑轮A、B、C分别钉在木板上，木板竖直挂起待用，用大号缝衣针把细线沿轻质塑料块（忽略重力对实验结果的影响）的中心轴线穿过，并在紧靠塑料块的两侧各打一线结，使塑料块与细线固定在一起，且塑料块不与木板接触。在线的两端挂上数量不等的钩码。松手后，塑料块由静止开始运动。实验表明，作用在同一个物体上的两个力，方向 相反 ，但大小 不相等 ，则这两个力不平衡。
（2）在探究同一问题时，另一同学将木块放在水平桌面上，设计了如图丙所示的实验，同学们认为小华的实验优于此实验，其主要原因是 减小摩擦力对实验的影响 。
【答案】（1）相反；不相等；（2）减小摩擦力对实验的影响。
【分析】（1）（2）二力平衡的条件是作用在同一个物体上的两个力，方向相反，大小相等并且作用在同一直线上；
（3）小华的实验塑料块不与木板接触，减少了摩擦力对实验结果的影响。
【解答】解：
（1）二力平衡的条件是作用在同一个物体上的两个力，方向相反，大小相等，两侧所挂钩码不相同，则两侧受到的力大小不等，所以塑料块由静止开始运动，实验表明，作用在同一个物体上且在同一直线上的两个力，方向相反，但大小不相等，则这两个力不平衡。
（2）小华的实验塑料块不与木板接触，小华的实验优于此实验，其主要原因是减少了摩擦力对实验结果的影响。
故答案为：（1）相反；不相等；（2）减小摩擦力对实验的影响。
27．小明在“测量小灯泡的电功率”实验中，选用如图1所示的器材和电路，其中电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）请用笔画线代替导线将电路连接完整，要求：向右移动滑片P，灯泡变亮。
（2）连接电路时，开关应处于 断开 状态。
（3）连接好电路闭合开关后，灯泡不亮，电压表和电流表均偏转，则下一步操作应该是 D 。
A.更换小灯泡
B.检查电路是否断路
C.更换电池
D.移动滑片P
（4）根据测得的数据绘制的通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图象如图2所示，分析图象可知：小灯泡的额定功率为 0.625 W。
（5）利用图1中器材和电路 不能 （选填、“能”或“不能”）探究电流与电压的关系。
（6）完成上述实验后，小明进一步思考，在没有电流表的情况下能否测量小灯泡的额定功率？他想利用一个定值电阻R0接在原电路电流表的位置，设计的电路图如图3所示，然后调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U额，接着保持滑片位置不变，将电压表 B 点（选填“A”或“B”）的接线改接到C点，观察并记录电压表示数为U，则小灯泡的额定功率可表示为P额＝ U额• （用R0、U额、U等物理量符号表示）。
【答案】（1）见解答图；（2）断开；（3）D；（4）0.625；（5）不能；（6）B；U额•。
【分析】（1）向右移动滑片P，灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
（2）为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；
（3）连接好电路闭合开关后，灯泡不亮，电压表和电流表均偏转，说明电路是通路，只是电路中电流比较小，灯泡实际功率太小导致不亮，据此分析；
（4）根据图2确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P＝UI求出灯泡的额定功率；
（5）在探究电流与电压的关系实验时要保持定值电阻不变，由图2知小灯泡的电阻是变化的，据此分析；
（6）根据电流从电压表正接线柱流入分析判断；因为各电阻的大小和电压大小都不变，根据串联电路的电压规律，求出定值电阻两端的电压，由欧姆定律，求出通过定值电阻的电流即为小灯泡的额定电流，即可求出小灯泡功率的表达式。
【解答】解：（1）向右移动滑片P，灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用右下接线柱与灯泡串联在电路中，如下图所示：
；
（2）为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；
（3）连接好电路闭合开关后，灯泡不亮，电压表和电流表均偏转，说明电路是通路，只是电路中电流比较小，灯泡实际功率太小导致不亮，下一步操作应该是移动滑片P，观察灯泡的亮度，故选：D；
（4）由图2可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.25A，则灯泡额定功率为：
PL＝ULIL＝2.5V×0.25A＝0.625W；
（5）在探究电流与电压的关系实验时要保持定值电阻不变，由图2知小灯泡的电阻是变化的，故利用图1中器材和电路不能探究电流与电压的关系；
（6）调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U额，接着保持滑片位置不变，此时灯泡正常发光；
根据电流从电压表正接线柱流入，将电压表B点的接线改接到C点，观察并记录电压表示数U，因为各个电阻的大小和电压大小都不变，灯泡仍然正常发光，根据串联电路的电压规律，定值电阻的电压为：U0＝U﹣U额，
由欧姆定律，通过定值电阻的电流：
I0＝＝，
根据串联电路的电流规律，通过定值电阻的电流即为小灯泡的额定电流，则小灯泡的额定功率可表示为：
P额＝U额I额＝U额•。
故答案为：（1）见解答图；（2）断开；（3）D；（4）0.625；（5）不能；（6）B；U额•。
五、计算题（共24分。解答时要求在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不得分。答案必须明确写出数值和单位。）
28．如图所示，电源两端电压U为6V并保持不变，电阻R1阻值为10Ω。闭合开关S后，电流表A的示数I为1A。求：
（1）电流表A1的示数I1。
（2）电阻R2的电功率。
【答案】（1）电流表A1的示数为0.6A；
（2）电阻R2的电功率为2.4W。
【分析】由电路图可知，R1、R2并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量通过R1的电流；
（1）根据并联电路电压规律和欧姆定律求出通过电流表A1的示数；
（2）根据并联电路电流的特点求出R2的电流，根据P＝UI2得出电阻R2的电功率。
【解答】解：由电路图可知，R1、R2并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量通过R1的电流；
（1）因并联电路中各支路两端电压相等，所以电流表A1的示数：I1＝＝＝0.6A；
（2）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过R2的电流：I2＝I﹣I1＝1A﹣0.6A＝0.4A，
电阻R2的电功率P＝UI2＝6V×0.4A＝2.4W。
答：（1）电流表A1的示数为0.6A；
（2）电阻R2的电功率为2.4W。
29．《流浪地球2》中的太空电梯是从距离地面3.6万千米的地球同步道空间站向地面垂下一条缆绳至地面基站，并沿着这条缆绳修建往返于地球和太空之间的设备。升降舱用于装物资和人员。从基站乘坐太空电梯到空间站大约需要6天的时间。求：
（1）太空电梯运行的平均速度是多少km/h？
（2）升降舱以8×104N牵引力上升10km，牵引力做的功？
【答案】（1）太空电梯运行的平均速度是250km/h；
（2）升降舱以8×104N牵引力上升10km，牵引力做的功是8×108J。
【分析】（1）已知时间和路程，利用速度公式计算平均速度；
（2）根据W＝Fs得到牵引力做的功。
【解答】解：（1）太空电梯运行的平均速度v＝＝250km/h；
（2）牵引力做的功W＝Fs＝8×104N×10×103m＝8×108J。
答：（1）太空电梯运行的平均速度是250km/h；
（2）升降舱以8×104N牵引力上升10km，牵引力做的功是8×108J。
30．如图甲所示一个质量为500g、底面积为200cm2的柱形薄壁容器（底部有一个阀门K）放在水平桌面上。图乙将一个重力为6N、边长为10cm的正方体物块下表面中央与容器的底面用一根20cm长的细线连在一起。向容器中加入一定量的水，使正方体物块上表面刚好与水面相平。细线的质量、体积等忽略不计；忽略物体吸水等次要因素，ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。
（1）求图甲中容器对桌面的压强。
（2）打开阀门K排出300g水时，求细线对正方体物块的拉力。
（3）从刚打开阀门K开始排水到正方体物块下表面刚与容器底接触的过程中物块始终保持竖直，请写出这个过程中水对容器底部的压强p与排出水的体积Vcm3之间的函数关系式。
【答案】（1）图甲中容器对桌面的压强是250Pa；
（2）打开阀门K排出300g水时，细线对正方体物块的拉力为1N。
（3）从刚打开阀门K开始排水到正方体物块下表面刚与容器底接触的过程中物块始终保持竖直，这个过程中水对容器底部的压强p与排出水的体积Vcm3之间的函数关系式为：
①当排出的水的体积V：0＜V≤4×10﹣4m3时，水对容器底部的压强：p1＝1×103kg/m3×10N/kg（0.3m﹣）；
②当排出的水的体积V：4×10﹣4m3＜V≤4×10﹣3m3时，水对容器底部的压强：p2＝1×103kg/m3×10N/kg（0.3m﹣0.04m﹣）。
【分析】（1）由容器质量根据G＝mg计算容器的重力，根据受力分析计算容器对桌面的压力，由压强公式p＝计算图甲中容器对桌面的压强；
（2）打开阀门K排出300g水时，计算正方体排开水的体积，计算出正方体受到的浮力，根据受力分析计算细线对正方体物块的拉力；
（3）正方体受到浮力等于其重力时，正方体漂浮，计算出在此前后水面降低高度与排出水的体积V之间的关系，根据液体压强公式表示出水对容器底部的压强p与排出水的体积Vcm3之间的函数关系式。
【解答】解：（1）由容器质量m容＝500g＝0.5kg，根据G＝mg可得容器的重力：G容＝m容g＝0.5kg×10N/kg＝5N，
根据受力分析可得，容器对桌面的压力：F＝G容＝5N，
容器的底面积为S容＝200cm2＝2×10﹣2m2，
由压强公式p＝可得图甲中容器对桌面的压强：p＝＝＝250Pa；
（2）乙图容器中水的深度：h＝h细线+L＝20cm+10cm＝30cm，
由题意可知，容器内水的体积：V水＝V总﹣V物＝S容h﹣L3＝200cm2×30cm﹣（10cm）3＝5×103cm3＝5×10﹣3m3，
水的重力：G水＝m水g＝ρ水V水g＝1×103kg/m3×5×10﹣3m3×10N/kg＝50N；
打开阀门K排出m排水＝300g＝0.3kg水时，排出水的体积：V排水＝＝＝3×10﹣4m3，
物体的底面积：S物＝L2＝（10cm）2＝100cm3＝1×10﹣2m2，
容器内水面下降的高度：h＝＝＝0.03m，
物体排开水的体积：V排＝S物h浸＝S物（h物﹣h）＝1×10﹣2m2×（0.1m﹣0.03m）＝7×10﹣4m3，
由阿基米德原理可得，正方体受到的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1×103kg/m3×10N/kg×7×10﹣4m3＝7N，
根据受力分析可知，细线对正方体物块的拉力：F拉＝F浮﹣G物＝7N﹣6N＝1N；
（3）当物体受到的浮力等于其重力时，物体漂浮，F浮2＝G物＝6N，此时排开水的体积：V排2＝＝＝6×10﹣4m3，
物体浸在水的深度：h浸2＝＝＝0.06m，
物体露出液面的高度：h露＝h物﹣h浸2＝0.1m﹣0.06m＝0.04m，
排出的水的体积：V排水2＝（S容﹣S物）h露＝（2×10﹣2m2﹣1×10﹣2m2）×0.04m＝4×10﹣4m3，
所以当排出的水的体积：0＜V≤4×10﹣4m3时，水对容器底部的压强：p1＝ρ水gh2＝ρ水g（h﹣）＝1×103kg/m3×10N/kg（0.3m﹣），
正方体物块下表面刚与容器底接触，容器中的水：V水小＝（S容﹣S物）L＝（2×10﹣2m2﹣1×10﹣2m2）×0.1m＝1×10﹣3m3，
则排出的水的最大体积：V排水大＝V水﹣V水小＝5×10﹣3m3﹣1×10﹣3m3＝4×10﹣3m3，
当排出的水的体积V：4×10﹣4m3＜V≤4×10﹣3m3时，水对容器底部的压强：p2＝ρ水gh3＝ρ水g（h﹣h露﹣）＝1×103kg/m3×10N/kg（0.3m﹣0.04m﹣）。
答：（1）图甲中容器对桌面的压强是250Pa；
（2）打开阀门K排出300g水时，细线对正方体物块的拉力为1N。
（3）从刚打开阀门K开始排水到正方体物块下表面刚与容器底接触的过程中物块始终保持竖直，这个过程中水对容器底部的压强p与排出水的体积Vcm3之间的函数关系式为：
①当排出的水的体积V：0＜V≤4×10﹣4m3时，水对容器底部的压强：p1＝1×103kg/m3×10N/kg（0.3m﹣）；
②当排出的水的体积V：4×10﹣4m3＜V≤4×10﹣3m3时，水对容器底部的压强：p2＝1×103kg/m3×10N/kg（0.3m﹣0.04m﹣）。
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