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2023年四川省南充市中考物理一诊试卷（含答案）
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这是一份2023年四川省南充市中考物理一诊试卷（含答案），共30页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题与实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年四川省南充市中考物理一诊试卷
一、选择题：本大题共12小题，共38分，在每小题给出的四个选项中，其中1～10题只有一项符合题目要求，每小题3分；11～12题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错的得0分。
1．（3分）小江来到八路军总部纪念馆，参加研学活动。如图是他在体验活动中，身着八路军军服庄严地吹响“冲锋号”的情景。根据图片信息，请你估测“冲锋号”的长度约为（ ）
A．20cm B．50cm C．100cm D．120cm
2．（3分）2022年2月15日下午，中国选手苏翊鸣在北京冬奥会单板滑雪男子大跳台决赛中夺冠。比赛中，他在空中向前运动，如图所示，若认为苏翊鸣是静止的，所选的参照物是（ ）
A．场地的跳台 B．现场的观众
C．苏翊鸣的滑板 D．天上的云朵
3．（3分）购物支付已进入“刷脸”时代，消费者结账时只需面对摄像头，经系统自动拍照扫描等，确认相关信息后，即可迅速完成交易。下列说法正确的是（ ）
A．摄像头相当于凹透镜
B．摄像头成像特点与照相机相同
C．“刷脸”时，面部位于摄像头两倍焦距以内
D．“刷脸”时，面部经摄像头成正立、缩小的实像
4．（3分）“元宵节”吃汤圆是我国的传统习俗。在煮汤圆的过程中涉及了许多热学知识，下列说法正确的是（ ）
A．锅中的水沸腾后继续加热，水温不变
B．锅边沿冒出的“白气”实质是水蒸气
C．锅中的水沸腾后的温度一定是100℃
D．“白气”的形成过程需要吸收热量
5．（3分）如图为运动员撑竿跳高时的情景，下列说法正确的是（ ）
A．使撑竿上部发生形变的力的施力物体是地球
B．运动员能高高跃起，说明力能改变物体的运动状态
C．起跳时弯曲的撑竿对人的作用力大于人对撑竿的作用力
D．运动员撑竿时手通常握在竿的上部，利用力的作用效果与力的方向有关
6．（3分）如图所示，是人们日常生活中常见的用起子开瓶盖的情景。这也是一个杠杆，那么下列关于这个杠杆的支点、动力作用点、阻力作用点对应位置正确的是（ ）
A．A﹣B﹣C B．A﹣C﹣B C．B﹣C﹣A D．C﹣A﹣B
7．（3分）“珍爱生命，注意安全”是每个公民必备的生活常识，关于安全用电，下列说法正确的是（ ）
A．当有人触电时应立即切断电源
B．人体的安全电压是36V
C．安装电路时，开关应接在用电器和零线之间
D．家庭电路中保险丝熔断，说明电路中出现了短路
8．（3分）如图所示，a、b、c三种情况下，用大小相同的力F使同一物体沿不同的轨迹移动了相同的距离s，对于三种情况下拉力F所做的功分析正确的是（ ）
A．Wa＝Wb＝Wc B．Wa＝Wb＜Wc C．Wa＝Wb＞Wc D．Wa＜Wc＜Wb
9．（3分）下列关于电与磁的四个实验的认识，正确的是（ ）
A．甲实验能说明电流周围存在磁场
B．乙实验中通电螺线管左端是S极
C．丙实验说明电磁铁磁性强弱与电流大小有关
D．丁实验的原理与电动机的原理相同
10．（3分）有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图所示。若它们串联时电流为0.2A，并联在另一电路时电压为2.5V，则串联时的AB的总电压和并联时AB的总电流分别为（ ）
A．2V 1A B．2V 0.5A C．3V 1A D．3V 0.5A
（多选）11．（4分）如图为一种自热火锅的构件图，该自热火锅的发热包内有铁粉、铝粉、炭粉、生石灰等物质，将发热包放到水中（ ）
A．生石灰与水反应会放出大量的热是内能转化为化学能
B．设计出气孔的目的是避免使用时盒内气压过高
C．食物被加热时，温度升高，内能增大
D．加热时，温度从发热包传递给食物
（多选）12．（4分）L1、L2两只灯泡额定电压均为U，额定功率P额1＞P额2，把它们接入电压可调的电路中，下列说法中正确的是（ ）
A．两灯串联使用时，将电源电压调至2U，两灯都能正常工作
B．两灯串联在电压为U的电路中使用时，两灯消耗的总功率P总＜P额2
C．两灯并联使用时，两灯泡两端电压相等，两灯发光亮度相同
D．两灯并联在电压为U的电路中使用时，两灯消耗的总功率P总＝P额1+P额2
二、填空题：本大题共6小题，每空2分，共24分。
13．（4分）日常生活中我们常说声音“震耳欲聋”，这是指它的 很大；我们能够辨别不同乐器发出的声音，是由于它们的 不同。
14．（4分）小亮站在距平面镜1m处整理衣着，他在镜中的像与他本人的距离是 m；当他沿着与镜面垂直方向水平移动0.5m后，他在镜中像的大小将 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。
15．（4分）一个圆台形密闭容器按如图甲方式静置于水平桌面上时，容器内水深10cm，则水对容器底部的压强为 Pa。若把该容器倒过来放置，如图乙，那么容器对桌面的压强将 。（选填“变大”、“变小”或“不变”）
16．（4分）高速公路上有很多的限速标志牌，通常大型车比小型车的最高限速要低，这是因为大型车的 较大，惯性也就较大，运动状态的改变难；要让行驶的自行车更快地停下来，可以用力捏闸，增大轮胎与车闸之间的 来增大摩擦。
17．（4分）在图甲的电路中，若电源电压为6V，电流表A1、A2的示数如图乙，则通过R1的电流是 A，R2的阻值是 Ω。
18．（4分）如图是某家庭用的电能表及某月月初、月末的两次读数，他家本月共耗电 kW•h；若电能表在10min内转了300转，则接在该电能表上正在使用的用电器的总功率是 W。
三、作图题与实验探究题：本大题共5小题，19、20题每题2分，21、22、23题每空1分，共18分）
19．（2分）如图，从水下射出的一束光线在水面发生折射后射向水面上方光滑的墙壁，又在墙壁上发生了反射。请作出折射光线的大致方向和经墙壁反射后的反射光线。
20．（2分）如图，木块沿着静止的斜面向上运动，请在图中作出木块A受到的滑动摩擦力f及重力G的示意图（作用点画在木块A的中心黑点处）。
21．（4分）在做“测量液体密度”的实验中，小明想知道食用油的密度，于是他用天平和量筒做了如图所示的实验。
（1）将托盘天平放在水平桌面上，把游码移到标尺左端的零刻度线处，发现指针静止时的位置如图甲，则应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，使横梁平衡；
（2）天平调节平衡后，测出空烧杯的质量为28.2g，在烧杯中倒入适量的食用油，测出烧杯和食用油的总质量如图乙，食用油的质量为 g，将烧杯中的食用油全部倒入量筒中，食用油的体积如图丙，则食用油的密度为 kg/m3；
（3）小明用这种方法测出的食用油密度与真实值相比 （选填“偏大”或“偏小”）。
22．（5分）某实验小组在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，进行了如图所示的实验：
（1）A步骤所示弹簧测力计的示数为 N；
（2）在实验步骤D中物块所受浮力F浮＝ N；
（3）分析实验步骤A、B、C、D，可以说明浮力大小跟 有关；分析实验步骤A、E、F，可以说明浮力大小跟 有关；
（4）实验小组用图中的弹簧测力计的示数算出了盐水的密度是 kg/m3。
23．（5分）如图甲，为小明用伏安法测未知电阻Rx的实验电路图。
序号
1
2
3
电压U/V
1.1
2.4
3.0
电流I/A
0.10
0.30
（1）小明按如图甲连接电路，连接电路时，开关应处于 状态；
（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为2.4V时，电流表示数如图乙所示，其读数为 A；小明把多次测量的电流值和电压值记录在表中，利用表格的数据求出未知电阻Rx的阻值为 Ω；
（3）在图甲电路中，已知滑动变阻器的最大阻值为R0，如只用电压表（拆掉电流表），也能测出Rx的阻值。具体操作是：滑动变阻器调到最大阻值，连好电路，闭合开关，读出电压表的示数为U1，接下来将滑片移到 （选填“A”或“B”）端，读出电压表的示数为U2，则待测电阻Rx＝ 。（用U1、U2、R0表示）
四、计算题：本大题共2个小题，24题9分、25题11分，共20分，要求写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案。
24．（9分）在如图的电路中，电源电压保持不变，R为定值电阻，小灯泡L标有“6V 3W”字样，若不考虑温度对灯丝电阻的影响，则：
（1）小灯泡的额定电流为多少；
（2）当S1断开，S2、S3闭合时，小灯泡L正常发光，电流表的示数为0.9A，求电源电压和电阻R的阻值；
（3）此电路消耗的最小功率和最大功率分别是多少？
25．（11分）如图，轻质无弹性细绳将物体A、B通过两个定滑轮连接在绳子的两端，其中GA＝20N，GB＝50N，B是边长为20cm的正方体，物体B静止在水平地面上，整个装置处于平衡状态（不计滑轮与绳子之间的摩擦）。求：
（1）物体B的密度；
（2）物体B对地面的压强；
（3）若在物体A下方悬挂物体C（物体C未接触地面），使物体B对地面的压强变为原来的，则物体C质量为多少？
2023年四川省南充市中考物理一诊试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本大题共12小题，共38分，在每小题给出的四个选项中，其中1～10题只有一项符合题目要求，每小题3分；11～12题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错的得0分。
1．（3分）小江来到八路军总部纪念馆，参加研学活动。如图是他在体验活动中，身着八路军军服庄严地吹响“冲锋号”的情景。根据图片信息，请你估测“冲锋号”的长度约为（ ）
A．20cm B．50cm C．100cm D．120cm
【分析】中学生胳膊的长度约为50cm，从图中可知，“冲锋号”的长度约等于胳膊的长度。
【解答】解：从图中可知，“冲锋号”的长度约等于小江胳膊的长，而一个中学生胳膊的长度约为50cm，所以“冲锋号”的长度接近50cm。
故选：B。
【点评】本题考查看图进行长度的估测，可以从图中找出我们熟悉的长度进行比较，属于基础题，难度不大。
2．（3分）2022年2月15日下午，中国选手苏翊鸣在北京冬奥会单板滑雪男子大跳台决赛中夺冠。比赛中，他在空中向前运动，如图所示，若认为苏翊鸣是静止的，所选的参照物是（ ）
A．场地的跳台 B．现场的观众
C．苏翊鸣的滑板 D．天上的云朵
【分析】在研究物体的运动情况时，要先选取一个标准作为参照物，物体和参照物之间的位置如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
【解答】解：苏翊鸣在空中向前运动时，以场地的跳台、现场的观众和天上的云朵为参照物，苏翊鸣的位置都发生变化，是运动的，故ABD错误；以苏翊鸣的滑板为参照物，苏翊鸣的位置没有发生变化，是静止的，故C正确。
故选：C。
【点评】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。
3．（3分）购物支付已进入“刷脸”时代，消费者结账时只需面对摄像头，经系统自动拍照扫描等，确认相关信息后，即可迅速完成交易。下列说法正确的是（ ）
A．摄像头相当于凹透镜
B．摄像头成像特点与照相机相同
C．“刷脸”时，面部位于摄像头两倍焦距以内
D．“刷脸”时，面部经摄像头成正立、缩小的实像
【分析】摄像头是利用凸透镜成倒立、缩小的实像的原理工作的，当u＞2f时，凸透镜才成倒立、缩小的实像。
【解答】解：
A、摄像头相当于一个凸透镜，故A错误；
B、物体通过摄像头成倒立、缩小的实像，与照相机的成像特点相同，故B正确；
CD、当u＞2f时，成倒立、缩小的实像，所以，“刷脸”时，面部应位于摄像头两倍焦距之外，故CD错误。
故选：B。
【点评】本题考查了凸透镜的成像特点和应用，要掌握凸透镜成像的规律，搞清每种情况下的应用。在学习过程中要善于总结、寻找规律，学着将所学知识与生活实际联系起来。
4．（3分）“元宵节”吃汤圆是我国的传统习俗。在煮汤圆的过程中涉及了许多热学知识，下列说法正确的是（ ）
A．锅中的水沸腾后继续加热，水温不变
B．锅边沿冒出的“白气”实质是水蒸气
C．锅中的水沸腾后的温度一定是100℃
D．“白气”的形成过程需要吸收热量
【分析】（1）沸腾的特点：吸热温度不变；
（2）物质由气态变成液态的过程叫液化，液化放热；
（3）液体的沸点与气压的变化而变化，在标准大气压下水的沸点为100℃。
【解答】解：A、水在沸腾过程中，尽管继续加热，但温度总保持在沸点不变，故A正确；
BD、锅边沿冒出的“白气”实质是水蒸气遇冷液化形成的小水珠，要放出热量，故BD错误；
C、锅中的水沸腾后的温度不一定是100℃，水的沸点与气压有关，气压低，水的沸点低，故C错误。
故选：A。
【点评】本题考查了沸腾的特点、物态变化和吸放热特点、水的沸点与气压的关系等知识，是一道热学综合题。
5．（3分）如图为运动员撑竿跳高时的情景，下列说法正确的是（ ）
A．使撑竿上部发生形变的力的施力物体是地球
B．运动员能高高跃起，说明力能改变物体的运动状态
C．起跳时弯曲的撑竿对人的作用力大于人对撑竿的作用力
D．运动员撑竿时手通常握在竿的上部，利用力的作用效果与力的方向有关
【分析】（1）（2）力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；
（3）一对相互作用力的大小相等；
（4）力的作用效果与力的大小、方向、作用点有关。
【解答】解：A、使撑杆发生形变的是运动员的压力，故A错误；
B、在撑杆弹力的作用下，运动员高高跃起，说明力改变了物体的运动状态，故B正确；
C、起跳时弯曲的撑竿对人的作用力等于人对撑竿的作用力，故C错误；
D、运动员撑竿时手通常握在竿的上部，是利用力的作用效果与力的作用点有关，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了力的概念、作用效果，是一道联系实际的应用题，正确理解力的概念是解答的关键。
6．（3分）如图所示，是人们日常生活中常见的用起子开瓶盖的情景。这也是一个杠杆，那么下列关于这个杠杆的支点、动力作用点、阻力作用点对应位置正确的是（ ）
A．A﹣B﹣C B．A﹣C﹣B C．B﹣C﹣A D．C﹣A﹣B
【分析】杠杆五要素是：
1、支点：杠杆绕着转动的点，通常用字母O来表示。
2、动力：使杠杆转动的力，通常用F1来表示。
3、阻力：阻碍杠杆转动的力，通常用F2来表示。
4、动力臂：从支点到动力作用线的距离，通常用L1表示。
5、阻力臂：从支点到阻力作用线的距离，通常用L2表示。
【解答】解：人们日常生活中用起子开瓶盖时，起子绕A点转动，所以这个杠杆的支点是A点；手对C点施加的力使杠杆向上转动，即动力，所以动力作用点是C点；瓶盖对B点施加的力阻碍杠杆向上转动，即阻力，所以阻力作用点是B点。
故选：B。
【点评】本题考查的是杠杆的五要素，属于简单机械章节的常规考查。
7．（3分）“珍爱生命，注意安全”是每个公民必备的生活常识，关于安全用电，下列说法正确的是（ ）
A．当有人触电时应立即切断电源
B．人体的安全电压是36V
C．安装电路时，开关应接在用电器和零线之间
D．家庭电路中保险丝熔断，说明电路中出现了短路
【分析】（1）发现有人触电，应立即切断电源；
（2）对人体安全的电压是不高于36V；
（3）为了保证用电的安全，开关应接在用电器与火线之间；
（4）家庭电路中电流过大的原因：一是短路，二是用电器的总功率过大。
【解答】解：A．发现有人触电时，应立即切断电源或用绝缘体把导线挑开，然后救人，故A正确；
B．不高于36V的电压对人体是安全的，故B错误；
C．为了保证用电的安全，控制用电器的开关应该接在该用电器与火线之间，故C错误；
D．家庭电路中，保险丝熔断，可能是电路中出现了短路，也可能是用电器的总功率过大，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了安全用电的常识，属于基础知识在日常生活中一定要养成安全用电的习惯。
8．（3分）如图所示，a、b、c三种情况下，用大小相同的力F使同一物体沿不同的轨迹移动了相同的距离s，对于三种情况下拉力F所做的功分析正确的是（ ）
A．Wa＝Wb＝Wc B．Wa＝Wb＜Wc C．Wa＝Wb＞Wc D．Wa＜Wc＜Wb
【分析】功的大小是物体所受的力与在力的方向上通过距离的乘积；在a、b、c三种情况下受力相同，根据物体在力的方向上通过的距离，利用公式W＝Fs分析拉力做功的大小。
【解答】解：据题可知，a、b、c三种情况下拉力的大小相同；
a中力与物体运动方向垂直，即物体在力的方向上通过的距离为0；
b中物体在力的方向上通过的距离为s；
c中物体斜向上运动，则物体在力的方向上通过的距离要小于s；
由W＝Fs可得，Wa＜Wc＜Wb。
故选：D。
【点评】本题考查了做功大小的比较，关键是比较物体在力的方向上通过的距离。
9．（3分）下列关于电与磁的四个实验的认识，正确的是（ ）
A．甲实验能说明电流周围存在磁场
B．乙实验中通电螺线管左端是S极
C．丙实验说明电磁铁磁性强弱与电流大小有关
D．丁实验的原理与电动机的原理相同
【分析】题目给出了四个类似的实验，首先要弄清各实验所揭示的原理，再结合题设要求来进行选择。
【解答】解：A、通电导线放在小磁针上方时，小磁针会发生偏转，小磁针的运动可以显示磁场的存在，它是研究电流的磁效应的，是奥斯特实验，故A正确；
B、电流从螺线管的右侧流入，从左侧流出，根据安培定则可知，螺线管的左端为N极，故B错误；
C、丙实验说明电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关，故C错误；
D、图中没有电池，验证闭合电路的一部分导体切割磁感线时产生感应电流，是电磁感应现象实验图，是发电机的原理图，即是将机械能转化为电能的过程，故D错误。
故选：A。
【点评】物理学是以观察和实验为主的实验学科，很多的物理知识都来源于实验，在学习中应重视实验的学习，要牢记一些重要实验装置图。
10．（3分）有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图所示。若它们串联时电流为0.2A，并联在另一电路时电压为2.5V，则串联时的AB的总电压和并联时AB的总电流分别为（ ）
A．2V 1A B．2V 0.5A C．3V 1A D．3V 0.5A
【分析】（1）若将它们串联接入某电源两端，根据串联电路电流和电压规律读出电路电流为0.2A时A、B两端各自的电压，最后即可求出电源电压。
（2）若将它们并联在电压为2.5V的电源两端，则它们两端的电压相等，根据图象读出通过两元件的电流，再利用并联电路电流规律求出干路电流。
【解答】解：（1）由图象可知，若将它们串联接入某电源两端，电路中的电流刚好为0.2A，因串联电路中各处的电流相等，则通过元件A、B的电流为0.2A，
则由图象可知，电路元件A和B的电压分别为，UA＝1V，UB＝2V，
则电源总电压U＝UA+UB＝1V+2V＝3V；
（2）A和B并联在电压为2.5V的电源两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两元件两端的电压UA′＝UB′＝2.5V，
由图象可知，通过两元件的电流IA＝0.5A，IB＝0.5A，
因并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流：I＝IA+IB＝0.5A+0.5A＝1A。
故选：C。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
（多选）11．（4分）如图为一种自热火锅的构件图，该自热火锅的发热包内有铁粉、铝粉、炭粉、生石灰等物质，将发热包放到水中（ ）
A．生石灰与水反应会放出大量的热是内能转化为化学能
B．设计出气孔的目的是避免使用时盒内气压过高
C．食物被加热时，温度升高，内能增大
D．加热时，温度从发热包传递给食物
【分析】（1）生石灰与水反应会放出大量的热，消耗了化学能，转化为内能；
（2）盒盖上有出气孔，能维持内外气压的平衡；
（3）物体温度升高，内能增大；
（4）热传递过程传递的是热量。
【解答】解：A、生石灰与水反应会放出大量的热，此反应过程中的能量转化关系是化学能转化为内能，故A错误；
B、盒盖上有出气孔，这样会避免使用时盒内气压过高，能防止危险的发生，故B正确；
C、食物被加热时，温度升高，其内能增大，故C正确；
D、加热时，热量从发热包传递给食物，故D错误。
故选：BC。
【点评】本题考查了能量的转化、气压以及热传递，是一道综合题。
（多选）12．（4分）L1、L2两只灯泡额定电压均为U，额定功率P额1＞P额2，把它们接入电压可调的电路中，下列说法中正确的是（ ）
A．两灯串联使用时，将电源电压调至2U，两灯都能正常工作
B．两灯串联在电压为U的电路中使用时，两灯消耗的总功率P总＜P额2
C．两灯并联使用时，两灯泡两端电压相等，两灯发光亮度相同
D．两灯并联在电压为U的电路中使用时，两灯消耗的总功率P总＝P额1+P额2
【分析】由题意可知，两灯泡的额定电压相等，额定功率关系为P额1＞P额2。
（1）由P＝UI的变形式I＝可知，两灯泡的额定电流不相等，当两灯串联使用时，通过它们的电流相等，据此判断两灯泡是否能同时正常工作；
（2）两灯串联在电压为U的电路中使用时，比较电路的总电阻与两灯泡的电阻关系，根据P＝UI＝比较两灯泡消耗的总功率与任意一个灯泡的额定功率关系；
（3）根据P＝UI＝比较两灯泡电阻是否相等，当两灯并联使用时，它们两端的电压相等，根据P＝UI＝比较两灯泡的实际功率关系，从而得出两灯发光亮度关系；
（4）两灯并联在电压为U的电路中使用时，两灯泡两端的电压均等于额定电压，两灯泡的实际功率等于额定功率，据此得出两灯消耗的总功率。
【解答】解：由题意可知，两灯泡的额定电压相等，额定功率关系为P额1＞P额2。
A．由P＝UI的变形式I＝可知，两灯泡的额定电流不相等，当两灯串联使用时，通过它们的电流相等，所以两灯泡不可能同时正常工作，故A错误；
B．两灯串联在电压为U的电路中使用时，由串联电路的总电阻等于各分电阻之和可知，电路中的总电阻大于两灯泡中任意一个的阻值，由P＝UI＝可知，两灯泡消耗的总功率小于任意一个灯泡的额定功率，故B正确；
C．由P＝UI＝的变形式R＝可知，两灯泡的电阻不相等，当两灯并联使用时，它们两端的电压相等，由P＝UI＝可知，它们的实际功率不相等，所以两灯发光亮度不同，故C错误；
D．两灯并联在电压为U的电路中使用时，两灯泡两端的电压均等于额定电压，两灯泡的实际功率等于额定功率，所以两灯消耗的总功率P总＝P额1+P额2，故D正确。
故选：BD。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和电功率公式的综合应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。
二、填空题：本大题共6小题，每空2分，共24分。
13．（4分）日常生活中我们常说声音“震耳欲聋”，这是指它的 响度 很大；我们能够辨别不同乐器发出的声音，是由于它们的 音色 不同。
【分析】响度的大小主要与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大；振幅越小，响度越小。
音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关。
【解答】解：“震耳欲聋”是说声音的振幅较大，声音的响度也会很大；
因为不同的乐器发出声音的音色不同，所以我们可以通过它们的音色判断乐器的种类；
故答案为：响度，音色。
【点评】解决此类问题要会根据响度、音色和音调的定义区分乐音特征的三个因素。
14．（4分）小亮站在距平面镜1m处整理衣着，他在镜中的像与他本人的距离是 2 m；当他沿着与镜面垂直方向水平移动0.5m后，他在镜中像的大小将 不变 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。
【分析】平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
【解答】解：小亮到平面镜的距离是1m，根据物像到平面镜的距离相等，所以小亮的像到平面镜的距离也是1m，像与他本人的距离为2m；
平面镜成像与成像物体大小相等，跟物体到平面镜的距离、平面镜的大小都没有关系，所以小齐
亮沿着与镜面垂直方向水平移动1m后，像的大小不变。
故答案为：2；不变。
【点评】人靠近平面镜时，感觉像变大，实际上像的大小不变，是眼睛看像的视角增大，感觉像在变大。
15．（4分）一个圆台形密闭容器按如图甲方式静置于水平桌面上时，容器内水深10cm，则水对容器底部的压强为 1000 Pa。若把该容器倒过来放置，如图乙，那么容器对桌面的压强将 变大 。（选填“变大”、“变小”或“不变”）
【分析】（1）知道容器中水的深度，根据p＝ρ水gh求出水对容器底部的压强；
（2）该容器倒过来放置时，容器的总重力不变，对桌面的压力不变，根据p＝结合受力面积的变化得出容器对桌面的压强变化。
【解答】解：（1）容器内水深：h＝10cm＝0.1m，
则水对容器底部的压强：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1000Pa；
（2）因物体对水平面的压力和自身的重力相等，
所以，把该容器倒过来放置时，容器的总重力不变，对桌面的压力不变，
由图可知，该容器倒过来放置时，受力面积变小，由p＝可知，容器对桌面的压强变大。
故答案为：1000；变大。
【点评】本题考查了液体压强的计算和压强定义式的应用，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
16．（4分）高速公路上有很多的限速标志牌，通常大型车比小型车的最高限速要低，这是因为大型车的 质量 较大，惯性也就较大，运动状态的改变难；要让行驶的自行车更快地停下来，可以用力捏闸，增大轮胎与车闸之间的 压力 来增大摩擦。
【分析】（1）惯性大小只跟物体的质量大小有关，质量越大，惯性越大；
（2）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
【解答】解：大型车比小型车的最高限速要低，是因为大型车的质量大，惯性大，其运动状态不容易改变；
要让行驶的自行车更快地停下来，可以用力捏闸，增大轮胎与车闸之间的压力来增大摩擦。
故答案为：质量；压力。
【点评】此题考查了惯性大小的影响因素和增大摩擦的方法，属于基础性题目。
17．（4分）在图甲的电路中，若电源电压为6V，电流表A1、A2的示数如图乙，则通过R1的电流是 0.6 A，R2的阻值是 30 Ω。
【分析】由图甲可知R1和R2并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量R2电流，根据电流表的正确读数方法读出电流表的示数，然后根据并联电路的电流和电压的规律进行分析，再利用R＝即可求出电阻的大小。
【解答】解：由图甲可知R1和R2并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量R2电流，
根据电流表示数可得，干路电流为I＝0.8A，R2中的电流为I2＝0.2A；
因为并联电路干路中的电流等于各支路电流之和，
所以通过R1的电流为I1＝0.8A﹣0.2A＝0.6A；
则R2的阻值为。
故答案为：0.6，30。
【点评】知道电流表的正确读数方法，知道并联电路中的电压和电流的规律，会灵活应用欧姆定律进行计算是解题的关键。
18．（4分）如图是某家庭用的电能表及某月月初、月末的两次读数，他家本月共耗电 82 kW•h；若电能表在10min内转了300转，则接在该电能表上正在使用的用电器的总功率是 600 W。
【分析】（1）电能表最后一位示数是小数位，由图示电能表读出月初与月末电能表的示数，月末与月初电能表示数之差是本月消耗的电能；
（2）3000R/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000转，据此求出10min内消耗的电能，再根据P＝求出该电能表上用电器的总功率。
【解答】解：（1）本月消耗的电能：
W＝1469.5kW•h﹣1387.5kW•h＝82kW•h，
（2）电能表的转盘转300转消耗的电能为：
W＝＝0.1kW•h，
用电器的功率：
P＝＝＝0.6kW＝600W。
故答案为：82；600。
【点评】本题考查了电能表读数、电功以及电功率的计算，掌握电能表的读数方法是正确解题的关键。
三、作图题与实验探究题：本大题共5小题，19、20题每题2分，21、22、23题每空1分，共18分）
19．（2分）如图，从水下射出的一束光线在水面发生折射后射向水面上方光滑的墙壁，又在墙壁上发生了反射。请作出折射光线的大致方向和经墙壁反射后的反射光线。
【分析】先过入射点作出法线，根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角大于入射角，确定折射光线的方向。
然后根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，并且入射角等于反射角，画出反射光线；
【解答】解：过入射点O做法线，从而确定了入射光线位于法线的左侧，并确定了入射角的大小。根据折射角大于入射角画出折射光线。
光线在墙壁上发生了反射，根据反射角等于入射角画出反射光线；如图所示：
【点评】做光路图时，要注意实线和虚线，光线要画箭头等细节，若告诉了入射角的大小，一定要标出反射角的大小。
20．（2分）如图，木块沿着静止的斜面向上运动，请在图中作出木块A受到的滑动摩擦力f及重力G的示意图（作用点画在木块A的中心黑点处）。
【分析】（1）根据重力的方向是竖直向下的，从木块重心做竖直向下的力即为木块所受重力示意图；
（2）木块沿着静止的斜面向上运动，受到平行于斜面向下的滑动摩擦力，作用点在接触面上（也可画在重心上）。
【解答】解：
重力的方向竖直向下，木块沿着静止的斜面向上运动，所受滑动摩擦力平行于斜面向下，从木块重心开始，分别沿重力和滑动摩擦力的方向画一条有向线段，并分别用G和f表示，即为木块所受重力、滑动摩擦力的示意图。如图所示：
【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图，二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
21．（4分）在做“测量液体密度”的实验中，小明想知道食用油的密度，于是他用天平和量筒做了如图所示的实验。
（1）将托盘天平放在水平桌面上，把游码移到标尺左端的零刻度线处，发现指针静止时的位置如图甲，则应将平衡螺母向 左 （选填“左”或“右”）调节，使横梁平衡；
（2）天平调节平衡后，测出空烧杯的质量为28.2g，在烧杯中倒入适量的食用油，测出烧杯和食用油的总质量如图乙，食用油的质量为 33 g，将烧杯中的食用油全部倒入量筒中，食用油的体积如图丙，则食用油的密度为 0.825×103 kg/m3；
（3）小明用这种方法测出的食用油密度与真实值相比 偏大 （选填“偏大”或“偏小”）。
【分析】（1）用天平称量物体的质量前要通过调节横梁两端的螺母使横梁平衡。天平调平衡时遵循的原则是：左偏右调，右偏左调；
（2）物体的质量等于砝码的总质量与游码对应的刻度值之和；
由图示量筒读出食用油的体积，然后由密度公式可以求出食用油的密度；
（3）在测液体密度时，烧杯中的液体倒入量筒的过程中，烧杯壁上会残留部分液体，所以不能全部倒出，将会带来实验误差，明确对体积测量结果的影响，进一步判断对密度测量结果的影响。
【解答】解：（1）根据天平调平衡时遵循的原则：左偏右调，右偏左调，发现指针指在分度盘的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向左调；
（2）由图甲所示可知，食用油和瓶的总质量：m总＝50g+10g+1.2g＝61.2g，
食用油的质量：m＝m总﹣m杯＝61.2g﹣28.2g＝33g，
由图乙所示量筒可知，食用油的体积：V＝40mL＝40cm3，
食用油的密度：ρ＝＝＝0.825g/cm3＝0.825×103kg/m3；
（3）小明不可能把烧杯内的食用油全部倒入量筒内，导致测得食用油的体积偏小，由公式ρ＝知测出的食用油的密度偏大。
故答案为：（1）左；（2）33；0.825×103；（3）偏大。
【点评】本题考查了用天平和量筒测量食用油的密度，考查了天平、量筒的使用以及密度公式的应用，一定要熟练掌握。
22．（5分）某实验小组在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，进行了如图所示的实验：
（1）A步骤所示弹簧测力计的示数为 5 N；
（2）在实验步骤D中物块所受浮力F浮＝ 1 N；
（3）分析实验步骤A、B、C、D，可以说明浮力大小跟 物体排开液体的体积 有关；分析实验步骤A、E、F，可以说明浮力大小跟 液体密度 有关；
（4）实验小组用图中的弹簧测力计的示数算出了盐水的密度是 1.2×103 kg/m3。
【分析】（1）测量仪器读数时要看清量程和分度值；
（2）物体所受浮力：F浮＝G﹣F；
（3）物体浸在液体中所受浮力大小与液体密度和物体排开液体体积有关；
（4）根据称量法F浮＝G﹣F计算出浸没在水中受到的浮力，利用阿基米德原理F浮＝ρ液gV排求物块的体积；根据阿基米德原理求出盐水的密度。
【解答】解：（1）弹簧测力计的分度值是0.1N，A步骤所示弹簧测力计的示数为5N；
（2）在实验步骤D中物体所受浮力为：F浮＝G﹣FD＝5N﹣4N＝1N；
（3）分析实验步骤A、B、C、D，液体都是水，物体排开液体体积变化，所受浮力变化，可以说明浮力大小跟排开液体的体积有关；
分析实验步骤A、E、F，物体都是完全浸在液体中，液体密度不同，可以说明浮力大小跟液体的密度有关；
（4）物块浸没在水中受到的浮力为：F浮＝G﹣F＝5N﹣4N＝1N；
物块排开的水的体积为：V排＝＝＝1×10﹣4m3，
物块浸没在盐水受到的浮力为：F浮′＝G﹣F'＝5N﹣3.8N＝1.2N，
盐水的密度：ρ液＝＝＝1.2×103kg/m3。
故答案为：（1）2.7；（2）1；（3）物体排开液体的体积；液体密度；（4）1.2×103。
【点评】本题通过探究“浮力大小与哪些因素有关”，综合考查浮力、密度、控制变量法的知识，属中等难度的题目。
23．（5分）如图甲，为小明用伏安法测未知电阻Rx的实验电路图。
序号
1
2
3
电压U/V
1.1
2.4
3.0
电流I/A
0.10
0.30
（1）小明按如图甲连接电路，连接电路时，开关应处于 断开 状态；
（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为2.4V时，电流表示数如图乙所示，其读数为 0.24 A；小明把多次测量的电流值和电压值记录在表中，利用表格的数据求出未知电阻Rx的阻值为 10.3 Ω；
（3）在图甲电路中，已知滑动变阻器的最大阻值为R0，如只用电压表（拆掉电流表），也能测出Rx的阻值。具体操作是：滑动变阻器调到最大阻值，连好电路，闭合开关，读出电压表的示数为U1，接下来将滑片移到 A （选填“A”或“B”）端，读出电压表的示数为U2，则待测电阻Rx＝ 。（用U1、U2、R0表示）
【分析】（1）为保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态。
（2）由图乙可知，电流表所选量程为0～0.6A，分度值为0.02A，由此可读出电流表示数；根据伏安法测量电阻时，多测量几次的目的是求平均值减小误差，所以可以分别计算出三次测量的电阻值，再求三次电阻的平均值作为未知电阻的阻值；
（3）由图甲可知，拆掉电流表后，未知电阻与滑动变阻器串联接入电路，电压表测量未知电阻两端的电压；当滑片移到最大阻值端时，闭合开关，读出电压表的示数为U1，即未知电阻此时两端的电压为U1；当滑片移到最小阻端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，读出电压表的示数为U2，即电源电压为U2，由此可计算出当滑片移到最大阻值端时滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律可求出当滑片移到最大阻值端时电路中的电流，根据串联电路电流规律和欧姆定律可求出未知电阻的阻值。
【解答】解：（1）为保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态。
（2）由图乙可知，电流表所选量程为0～0.6A，分度值为0.02A，电流表示数为0.24A；
所以序号1中未知电阻的阻值R1＝＝11Ω，序号2中未知电阻的阻值R2＝＝10Ω，序号3中未知电阻的阻值R3＝＝10Ω，
则未知电阻的阻值Rx＝≈10.3Ω；
（3）由图甲可知，拆掉电流表后，未知电阻与滑动变阻器串联接入电路，电压表测量未知电阻两端的电压，当滑片移到最大阻值端时，闭合开关，读出电压表的示数为U1，即未知电阻此时两端的电压为U1；
当滑动变阻器滑片移到最小阻值A端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，读出电压表的示数为U2，即电源电压为U2，
当滑片移到最大阻值端时滑动变阻器两端的电压U滑＝U2﹣U1，
此时电路中的电流I＝Ix＝I滑＝，
根据欧姆定律，则未知电阻的阻值Rx＝。
故答案为：（1）断开；（2）0.24；10.3；（3）A；。
【点评】本题主要考查伏安法测量未知电阻的阻值的实验，其中分析缺少电流表测量未知电阻的阻值是本题的难点。
四、计算题：本大题共2个小题，24题9分、25题11分，共20分，要求写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案。
24．（9分）在如图的电路中，电源电压保持不变，R为定值电阻，小灯泡L标有“6V 3W”字样，若不考虑温度对灯丝电阻的影响，则：
（1）小灯泡的额定电流为多少；
（2）当S1断开，S2、S3闭合时，小灯泡L正常发光，电流表的示数为0.9A，求电源电压和电阻R的阻值；
（3）此电路消耗的最小功率和最大功率分别是多少？
【分析】（1）小灯泡L标有“6V 3W”字样，根据P＝UI可知小灯泡的额定电流；
（2）当S1断开，S2、S3闭合时，R、L并联，电流表测量干路电流。
小灯泡L正常发光，则通过灯泡的电流等于灯泡的额定电流，且灯泡两端的电压等于其额定电压，根据并联电路的电压特点可知电源电压；
由电流表的示数可知干路电流，根据并联电路的电流特点可知通过电阻R的电流，根据欧姆定律可知电阻R的阻值；
（3）若不考虑温度对灯丝电阻的影响，根据欧姆定律可知灯泡电阻。
当S2、S3断开，S1闭合时，R、L串联，电流表测量电路电流，根据欧姆定律可知电路电流。
根据P＝UI＝可知，在电源电压不变时，总电阻越小，总功率越大，总电阻越大，总功率越小。
当S2、S3断开，S1闭合时，R、L串联，此时总电阻最大，则总功率最小；
当S1断开，S2、S3闭合时，R、L并联，此时总电阻最小，则总功率最大；
分别根据P＝UI计算最小和最大功率。
【解答】解：（1）由小灯泡L标有“6V 3W”字样，可知灯泡的额定电压：UL＝6V，灯泡的额定电功率：PL＝3W，
根据P＝UI可知小灯泡的额定电流：IL＝＝＝0.5A；
（2）当S1断开，S2、S3闭合时，R、L并联，电流表测量干路电流。
小灯泡L正常发光，则通过灯泡的电流等于灯泡的额定电流：IL＝0.5A，且灯泡两端的电压等于其额定电压：UL＝6V，
根据并联电路的电压特点可知电源电压：U＝UL＝6V；
电流表的示数为0.9A，则干路电流为：I＝0.9A，
根据并联电路的电流特点可知通过电阻R的电流：IR＝I﹣IL＝0.9A﹣0.5A＝0.4A，根据欧姆定律可知电阻R的阻值：R＝＝＝15Ω；
（3）若不考虑温度对灯丝电阻的影响，根据欧姆定律可知灯泡电阻：RL＝＝＝12Ω。
当S2、S3断开，S1闭合时，R、L串联，电流表测量电路电流，根据欧姆定律可知电路电流：I′＝＝＝A，
根据P＝UI＝可知，在电源电压不变时，总电阻越小，总功率越大，总电阻越大，总功率越小。
当S2、S3断开，S1闭合时，R、L串联，此时总电阻最大，则总功率最小，为P小＝UI′＝6V×A＝1.3W；
当S1断开，S2、S3闭合时，R、L并联，此时总电阻最小，则总功率最大，为P大＝UI＝6V×0.9A＝5.4W。
答：（1）小灯泡的额定电流为0.5A；
（2）电源电压为6V，电阻R的阻值为15Ω；
（3）此电路消耗的最小功率是1.3W，最大功率是5.4W。
【点评】本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，识别电路是关键，本题难度不大。
25．（11分）如图，轻质无弹性细绳将物体A、B通过两个定滑轮连接在绳子的两端，其中GA＝20N，GB＝50N，B是边长为20cm的正方体，物体B静止在水平地面上，整个装置处于平衡状态（不计滑轮与绳子之间的摩擦）。求：
（1）物体B的密度；
（2）物体B对地面的压强；
（3）若在物体A下方悬挂物体C（物体C未接触地面），使物体B对地面的压强变为原来的，则物体C质量为多少？
【分析】（1）根据m＝求出B的质量，根据ρ＝求出B的密度的大小；
（2）分别对A、B受力分析，根据力的平衡求出物体B受到的支持力，根据力的相互性求出压力的大小；然后根据p＝求出压强的大小；
（3）根据B对地面压强的变化，利用p＝分析压力的变化，对B受力分析求出绳子对B拉力的大小；对A受力分析，根据力的平衡求出C对A的拉力的大小和C的重力的大小，根据m＝求出C的质量。
【解答】解：（1）由题意知，B的质量为：mB＝＝＝5kg；
B的体积为：VB＝（0.2m）3＝0.008m3；
B的密度为：ρB＝＝＝0.625×103kg/m3；
（2）图示中，A、B两物体通过绳子相连，绳子绕过的定滑轮，A静止在空中，所受的拉力和重力是一对平衡力，大小相等，所以绳子对B的拉力大小等于A的重力为20N；
B静止在水平地面上，受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力、拉力的作用，支持力：
F支＝GB﹣F拉＝GB﹣GA＝50N﹣20N＝30N；
B对地面的压力与地面对A的支持力是一对相互作用力，大小相等，所以B对地面的压力为30N，B的底面积为：SB＝0.2×0.2m2＝0.04m2；
B对地面的压强为：p＝＝＝750Pa；
（3）A下方悬挂C时，B与地面的接触面积不变，压强变为原来的，据p＝可知，压力变为原来的一半，即地面对B的支持力变为原来的一半，即：F1＝F＝×30N＝15N；
则绳子对B的拉力为：F拉1＝GB﹣F1＝50N﹣15N＝35N；
此时A受到竖直向上绳子的拉力和竖直向下的重力、C对A的拉力作用静止，所以C对A的拉力为：
FCA＝F拉1﹣GA＝35N﹣20N＝15N；
则C的重力为15N，C的质量为：mC＝＝＝1.5kg。
答：（1）物体B的密度为0.625×103kg/m3；
（2）物体对地面的压强为750Pa；
（3）物体C的质量为1.5kg。
【点评】本题考查了压强公式、密度计算公式的灵活运用、力的平衡条件的应用，考查的较全面。
2023年四川省南充市中考物理一诊试卷
一、选择题：本大题共12小题，共38分，在每小题给出的四个选项中，其中1～10题只有一项符合题目要求，每小题3分；11～12题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错的得0分。
1．（3分）小江来到八路军总部纪念馆，参加研学活动。如图是他在体验活动中，身着八路军军服庄严地吹响“冲锋号”的情景。根据图片信息，请你估测“冲锋号”的长度约为（ ）
A．20cm B．50cm C．100cm D．120cm
2．（3分）2022年2月15日下午，中国选手苏翊鸣在北京冬奥会单板滑雪男子大跳台决赛中夺冠。比赛中，他在空中向前运动，如图所示，若认为苏翊鸣是静止的，所选的参照物是（ ）
A．场地的跳台 B．现场的观众
C．苏翊鸣的滑板 D．天上的云朵
3．（3分）购物支付已进入“刷脸”时代，消费者结账时只需面对摄像头，经系统自动拍照扫描等，确认相关信息后，即可迅速完成交易。下列说法正确的是（ ）
A．摄像头相当于凹透镜
B．摄像头成像特点与照相机相同
C．“刷脸”时，面部位于摄像头两倍焦距以内
D．“刷脸”时，面部经摄像头成正立、缩小的实像
4．（3分）“元宵节”吃汤圆是我国的传统习俗。在煮汤圆的过程中涉及了许多热学知识，下列说法正确的是（ ）
A．锅中的水沸腾后继续加热，水温不变
B．锅边沿冒出的“白气”实质是水蒸气
C．锅中的水沸腾后的温度一定是100℃
D．“白气”的形成过程需要吸收热量
5．（3分）如图为运动员撑竿跳高时的情景，下列说法正确的是（ ）
A．使撑竿上部发生形变的力的施力物体是地球
B．运动员能高高跃起，说明力能改变物体的运动状态
C．起跳时弯曲的撑竿对人的作用力大于人对撑竿的作用力
D．运动员撑竿时手通常握在竿的上部，利用力的作用效果与力的方向有关
6．（3分）如图所示，是人们日常生活中常见的用起子开瓶盖的情景。这也是一个杠杆，那么下列关于这个杠杆的支点、动力作用点、阻力作用点对应位置正确的是（ ）
A．A﹣B﹣C B．A﹣C﹣B C．B﹣C﹣A D．C﹣A﹣B
7．（3分）“珍爱生命，注意安全”是每个公民必备的生活常识，关于安全用电，下列说法正确的是（ ）
A．当有人触电时应立即切断电源
B．人体的安全电压是36V
C．安装电路时，开关应接在用电器和零线之间
D．家庭电路中保险丝熔断，说明电路中出现了短路
8．（3分）如图所示，a、b、c三种情况下，用大小相同的力F使同一物体沿不同的轨迹移动了相同的距离s，对于三种情况下拉力F所做的功分析正确的是（ ）
A．Wa＝Wb＝Wc B．Wa＝Wb＜Wc C．Wa＝Wb＞Wc D．Wa＜Wc＜Wb
9．（3分）下列关于电与磁的四个实验的认识，正确的是（ ）
A．甲实验能说明电流周围存在磁场
B．乙实验中通电螺线管左端是S极
C．丙实验说明电磁铁磁性强弱与电流大小有关
D．丁实验的原理与电动机的原理相同
10．（3分）有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图所示。若它们串联时电流为0.2A，并联在另一电路时电压为2.5V，则串联时的AB的总电压和并联时AB的总电流分别为（ ）
A．2V 1A B．2V 0.5A C．3V 1A D．3V 0.5A
（多选）11．（4分）如图为一种自热火锅的构件图，该自热火锅的发热包内有铁粉、铝粉、炭粉、生石灰等物质，将发热包放到水中（ ）
A．生石灰与水反应会放出大量的热是内能转化为化学能
B．设计出气孔的目的是避免使用时盒内气压过高
C．食物被加热时，温度升高，内能增大
D．加热时，温度从发热包传递给食物
（多选）12．（4分）L1、L2两只灯泡额定电压均为U，额定功率P额1＞P额2，把它们接入电压可调的电路中，下列说法中正确的是（ ）
A．两灯串联使用时，将电源电压调至2U，两灯都能正常工作
B．两灯串联在电压为U的电路中使用时，两灯消耗的总功率P总＜P额2
C．两灯并联使用时，两灯泡两端电压相等，两灯发光亮度相同
D．两灯并联在电压为U的电路中使用时，两灯消耗的总功率P总＝P额1+P额2
二、填空题：本大题共6小题，每空2分，共24分。
13．（4分）日常生活中我们常说声音“震耳欲聋”，这是指它的 很大；我们能够辨别不同乐器发出的声音，是由于它们的 不同。
14．（4分）小亮站在距平面镜1m处整理衣着，他在镜中的像与他本人的距离是 m；当他沿着与镜面垂直方向水平移动0.5m后，他在镜中像的大小将 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。
15．（4分）一个圆台形密闭容器按如图甲方式静置于水平桌面上时，容器内水深10cm，则水对容器底部的压强为 Pa。若把该容器倒过来放置，如图乙，那么容器对桌面的压强将 。（选填“变大”、“变小”或“不变”）
16．（4分）高速公路上有很多的限速标志牌，通常大型车比小型车的最高限速要低，这是因为大型车的 较大，惯性也就较大，运动状态的改变难；要让行驶的自行车更快地停下来，可以用力捏闸，增大轮胎与车闸之间的 来增大摩擦。
17．（4分）在图甲的电路中，若电源电压为6V，电流表A1、A2的示数如图乙，则通过R1的电流是 A，R2的阻值是 Ω。
18．（4分）如图是某家庭用的电能表及某月月初、月末的两次读数，他家本月共耗电 kW•h；若电能表在10min内转了300转，则接在该电能表上正在使用的用电器的总功率是 W。
三、作图题与实验探究题：本大题共5小题，19、20题每题2分，21、22、23题每空1分，共18分）
19．（2分）如图，从水下射出的一束光线在水面发生折射后射向水面上方光滑的墙壁，又在墙壁上发生了反射。请作出折射光线的大致方向和经墙壁反射后的反射光线。
20．（2分）如图，木块沿着静止的斜面向上运动，请在图中作出木块A受到的滑动摩擦力f及重力G的示意图（作用点画在木块A的中心黑点处）。
21．（4分）在做“测量液体密度”的实验中，小明想知道食用油的密度，于是他用天平和量筒做了如图所示的实验。
（1）将托盘天平放在水平桌面上，把游码移到标尺左端的零刻度线处，发现指针静止时的位置如图甲，则应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，使横梁平衡；
（2）天平调节平衡后，测出空烧杯的质量为28.2g，在烧杯中倒入适量的食用油，测出烧杯和食用油的总质量如图乙，食用油的质量为 g，将烧杯中的食用油全部倒入量筒中，食用油的体积如图丙，则食用油的密度为 kg/m3；
（3）小明用这种方法测出的食用油密度与真实值相比 （选填“偏大”或“偏小”）。
22．（5分）某实验小组在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，进行了如图所示的实验：
（1）A步骤所示弹簧测力计的示数为 N；
（2）在实验步骤D中物块所受浮力F浮＝ N；
（3）分析实验步骤A、B、C、D，可以说明浮力大小跟 有关；分析实验步骤A、E、F，可以说明浮力大小跟 有关；
（4）实验小组用图中的弹簧测力计的示数算出了盐水的密度是 kg/m3。
23．（5分）如图甲，为小明用伏安法测未知电阻Rx的实验电路图。
序号
1
2
3
电压U/V
1.1
2.4
3.0
电流I/A
0.10
0.30
（1）小明按如图甲连接电路，连接电路时，开关应处于 状态；
（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为2.4V时，电流表示数如图乙所示，其读数为 A；小明把多次测量的电流值和电压值记录在表中，利用表格的数据求出未知电阻Rx的阻值为 Ω；
（3）在图甲电路中，已知滑动变阻器的最大阻值为R0，如只用电压表（拆掉电流表），也能测出Rx的阻值。具体操作是：滑动变阻器调到最大阻值，连好电路，闭合开关，读出电压表的示数为U1，接下来将滑片移到 （选填“A”或“B”）端，读出电压表的示数为U2，则待测电阻Rx＝ 。（用U1、U2、R0表示）
四、计算题：本大题共2个小题，24题9分、25题11分，共20分，要求写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案。
24．（9分）在如图的电路中，电源电压保持不变，R为定值电阻，小灯泡L标有“6V 3W”字样，若不考虑温度对灯丝电阻的影响，则：
（1）小灯泡的额定电流为多少；
（2）当S1断开，S2、S3闭合时，小灯泡L正常发光，电流表的示数为0.9A，求电源电压和电阻R的阻值；
（3）此电路消耗的最小功率和最大功率分别是多少？
25．（11分）如图，轻质无弹性细绳将物体A、B通过两个定滑轮连接在绳子的两端，其中GA＝20N，GB＝50N，B是边长为20cm的正方体，物体B静止在水平地面上，整个装置处于平衡状态（不计滑轮与绳子之间的摩擦）。求：
（1）物体B的密度；
（2）物体B对地面的压强；
（3）若在物体A下方悬挂物体C（物体C未接触地面），使物体B对地面的压强变为原来的，则物体C质量为多少？
2023年四川省南充市中考物理一诊试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本大题共12小题，共38分，在每小题给出的四个选项中，其中1～10题只有一项符合题目要求，每小题3分；11～12题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错的得0分。
1．（3分）小江来到八路军总部纪念馆，参加研学活动。如图是他在体验活动中，身着八路军军服庄严地吹响“冲锋号”的情景。根据图片信息，请你估测“冲锋号”的长度约为（ ）
A．20cm B．50cm C．100cm D．120cm
【分析】中学生胳膊的长度约为50cm，从图中可知，“冲锋号”的长度约等于胳膊的长度。
【解答】解：从图中可知，“冲锋号”的长度约等于小江胳膊的长，而一个中学生胳膊的长度约为50cm，所以“冲锋号”的长度接近50cm。
故选：B。
【点评】本题考查看图进行长度的估测，可以从图中找出我们熟悉的长度进行比较，属于基础题，难度不大。
2．（3分）2022年2月15日下午，中国选手苏翊鸣在北京冬奥会单板滑雪男子大跳台决赛中夺冠。比赛中，他在空中向前运动，如图所示，若认为苏翊鸣是静止的，所选的参照物是（ ）
A．场地的跳台 B．现场的观众
C．苏翊鸣的滑板 D．天上的云朵
【分析】在研究物体的运动情况时，要先选取一个标准作为参照物，物体和参照物之间的位置如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
【解答】解：苏翊鸣在空中向前运动时，以场地的跳台、现场的观众和天上的云朵为参照物，苏翊鸣的位置都发生变化，是运动的，故ABD错误；以苏翊鸣的滑板为参照物，苏翊鸣的位置没有发生变化，是静止的，故C正确。
故选：C。
【点评】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。
3．（3分）购物支付已进入“刷脸”时代，消费者结账时只需面对摄像头，经系统自动拍照扫描等，确认相关信息后，即可迅速完成交易。下列说法正确的是（ ）
A．摄像头相当于凹透镜
B．摄像头成像特点与照相机相同
C．“刷脸”时，面部位于摄像头两倍焦距以内
D．“刷脸”时，面部经摄像头成正立、缩小的实像
【分析】摄像头是利用凸透镜成倒立、缩小的实像的原理工作的，当u＞2f时，凸透镜才成倒立、缩小的实像。
【解答】解：
A、摄像头相当于一个凸透镜，故A错误；
B、物体通过摄像头成倒立、缩小的实像，与照相机的成像特点相同，故B正确；
CD、当u＞2f时，成倒立、缩小的实像，所以，“刷脸”时，面部应位于摄像头两倍焦距之外，故CD错误。
故选：B。
【点评】本题考查了凸透镜的成像特点和应用，要掌握凸透镜成像的规律，搞清每种情况下的应用。在学习过程中要善于总结、寻找规律，学着将所学知识与生活实际联系起来。
4．（3分）“元宵节”吃汤圆是我国的传统习俗。在煮汤圆的过程中涉及了许多热学知识，下列说法正确的是（ ）
A．锅中的水沸腾后继续加热，水温不变
B．锅边沿冒出的“白气”实质是水蒸气
C．锅中的水沸腾后的温度一定是100℃
D．“白气”的形成过程需要吸收热量
【分析】（1）沸腾的特点：吸热温度不变；
（2）物质由气态变成液态的过程叫液化，液化放热；
（3）液体的沸点与气压的变化而变化，在标准大气压下水的沸点为100℃。
【解答】解：A、水在沸腾过程中，尽管继续加热，但温度总保持在沸点不变，故A正确；
BD、锅边沿冒出的“白气”实质是水蒸气遇冷液化形成的小水珠，要放出热量，故BD错误；
C、锅中的水沸腾后的温度不一定是100℃，水的沸点与气压有关，气压低，水的沸点低，故C错误。
故选：A。
【点评】本题考查了沸腾的特点、物态变化和吸放热特点、水的沸点与气压的关系等知识，是一道热学综合题。
5．（3分）如图为运动员撑竿跳高时的情景，下列说法正确的是（ ）
A．使撑竿上部发生形变的力的施力物体是地球
B．运动员能高高跃起，说明力能改变物体的运动状态
C．起跳时弯曲的撑竿对人的作用力大于人对撑竿的作用力
D．运动员撑竿时手通常握在竿的上部，利用力的作用效果与力的方向有关
【分析】（1）（2）力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；
（3）一对相互作用力的大小相等；
（4）力的作用效果与力的大小、方向、作用点有关。
【解答】解：A、使撑杆发生形变的是运动员的压力，故A错误；
B、在撑杆弹力的作用下，运动员高高跃起，说明力改变了物体的运动状态，故B正确；
C、起跳时弯曲的撑竿对人的作用力等于人对撑竿的作用力，故C错误；
D、运动员撑竿时手通常握在竿的上部，是利用力的作用效果与力的作用点有关，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了力的概念、作用效果，是一道联系实际的应用题，正确理解力的概念是解答的关键。
6．（3分）如图所示，是人们日常生活中常见的用起子开瓶盖的情景。这也是一个杠杆，那么下列关于这个杠杆的支点、动力作用点、阻力作用点对应位置正确的是（ ）
A．A﹣B﹣C B．A﹣C﹣B C．B﹣C﹣A D．C﹣A﹣B
【分析】杠杆五要素是：
1、支点：杠杆绕着转动的点，通常用字母O来表示。
2、动力：使杠杆转动的力，通常用F1来表示。
3、阻力：阻碍杠杆转动的力，通常用F2来表示。
4、动力臂：从支点到动力作用线的距离，通常用L1表示。
5、阻力臂：从支点到阻力作用线的距离，通常用L2表示。
【解答】解：人们日常生活中用起子开瓶盖时，起子绕A点转动，所以这个杠杆的支点是A点；手对C点施加的力使杠杆向上转动，即动力，所以动力作用点是C点；瓶盖对B点施加的力阻碍杠杆向上转动，即阻力，所以阻力作用点是B点。
故选：B。
【点评】本题考查的是杠杆的五要素，属于简单机械章节的常规考查。
7．（3分）“珍爱生命，注意安全”是每个公民必备的生活常识，关于安全用电，下列说法正确的是（ ）
A．当有人触电时应立即切断电源
B．人体的安全电压是36V
C．安装电路时，开关应接在用电器和零线之间
D．家庭电路中保险丝熔断，说明电路中出现了短路
【分析】（1）发现有人触电，应立即切断电源；
（2）对人体安全的电压是不高于36V；
（3）为了保证用电的安全，开关应接在用电器与火线之间；
（4）家庭电路中电流过大的原因：一是短路，二是用电器的总功率过大。
【解答】解：A．发现有人触电时，应立即切断电源或用绝缘体把导线挑开，然后救人，故A正确；
B．不高于36V的电压对人体是安全的，故B错误；
C．为了保证用电的安全，控制用电器的开关应该接在该用电器与火线之间，故C错误；
D．家庭电路中，保险丝熔断，可能是电路中出现了短路，也可能是用电器的总功率过大，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了安全用电的常识，属于基础知识在日常生活中一定要养成安全用电的习惯。
8．（3分）如图所示，a、b、c三种情况下，用大小相同的力F使同一物体沿不同的轨迹移动了相同的距离s，对于三种情况下拉力F所做的功分析正确的是（ ）
A．Wa＝Wb＝Wc B．Wa＝Wb＜Wc C．Wa＝Wb＞Wc D．Wa＜Wc＜Wb
【分析】功的大小是物体所受的力与在力的方向上通过距离的乘积；在a、b、c三种情况下受力相同，根据物体在力的方向上通过的距离，利用公式W＝Fs分析拉力做功的大小。
【解答】解：据题可知，a、b、c三种情况下拉力的大小相同；
a中力与物体运动方向垂直，即物体在力的方向上通过的距离为0；
b中物体在力的方向上通过的距离为s；
c中物体斜向上运动，则物体在力的方向上通过的距离要小于s；
由W＝Fs可得，Wa＜Wc＜Wb。
故选：D。
【点评】本题考查了做功大小的比较，关键是比较物体在力的方向上通过的距离。
9．（3分）下列关于电与磁的四个实验的认识，正确的是（ ）
A．甲实验能说明电流周围存在磁场
B．乙实验中通电螺线管左端是S极
C．丙实验说明电磁铁磁性强弱与电流大小有关
D．丁实验的原理与电动机的原理相同
【分析】题目给出了四个类似的实验，首先要弄清各实验所揭示的原理，再结合题设要求来进行选择。
【解答】解：A、通电导线放在小磁针上方时，小磁针会发生偏转，小磁针的运动可以显示磁场的存在，它是研究电流的磁效应的，是奥斯特实验，故A正确；
B、电流从螺线管的右侧流入，从左侧流出，根据安培定则可知，螺线管的左端为N极，故B错误；
C、丙实验说明电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关，故C错误；
D、图中没有电池，验证闭合电路的一部分导体切割磁感线时产生感应电流，是电磁感应现象实验图，是发电机的原理图，即是将机械能转化为电能的过程，故D错误。
故选：A。
【点评】物理学是以观察和实验为主的实验学科，很多的物理知识都来源于实验，在学习中应重视实验的学习，要牢记一些重要实验装置图。
10．（3分）有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图所示。若它们串联时电流为0.2A，并联在另一电路时电压为2.5V，则串联时的AB的总电压和并联时AB的总电流分别为（ ）
A．2V 1A B．2V 0.5A C．3V 1A D．3V 0.5A
【分析】（1）若将它们串联接入某电源两端，根据串联电路电流和电压规律读出电路电流为0.2A时A、B两端各自的电压，最后即可求出电源电压。
（2）若将它们并联在电压为2.5V的电源两端，则它们两端的电压相等，根据图象读出通过两元件的电流，再利用并联电路电流规律求出干路电流。
【解答】解：（1）由图象可知，若将它们串联接入某电源两端，电路中的电流刚好为0.2A，因串联电路中各处的电流相等，则通过元件A、B的电流为0.2A，
则由图象可知，电路元件A和B的电压分别为，UA＝1V，UB＝2V，
则电源总电压U＝UA+UB＝1V+2V＝3V；
（2）A和B并联在电压为2.5V的电源两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两元件两端的电压UA′＝UB′＝2.5V，
由图象可知，通过两元件的电流IA＝0.5A，IB＝0.5A，
因并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流：I＝IA+IB＝0.5A+0.5A＝1A。
故选：C。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
（多选）11．（4分）如图为一种自热火锅的构件图，该自热火锅的发热包内有铁粉、铝粉、炭粉、生石灰等物质，将发热包放到水中（ ）
A．生石灰与水反应会放出大量的热是内能转化为化学能
B．设计出气孔的目的是避免使用时盒内气压过高
C．食物被加热时，温度升高，内能增大
D．加热时，温度从发热包传递给食物
【分析】（1）生石灰与水反应会放出大量的热，消耗了化学能，转化为内能；
（2）盒盖上有出气孔，能维持内外气压的平衡；
（3）物体温度升高，内能增大；
（4）热传递过程传递的是热量。
【解答】解：A、生石灰与水反应会放出大量的热，此反应过程中的能量转化关系是化学能转化为内能，故A错误；
B、盒盖上有出气孔，这样会避免使用时盒内气压过高，能防止危险的发生，故B正确；
C、食物被加热时，温度升高，其内能增大，故C正确；
D、加热时，热量从发热包传递给食物，故D错误。
故选：BC。
【点评】本题考查了能量的转化、气压以及热传递，是一道综合题。
（多选）12．（4分）L1、L2两只灯泡额定电压均为U，额定功率P额1＞P额2，把它们接入电压可调的电路中，下列说法中正确的是（ ）
A．两灯串联使用时，将电源电压调至2U，两灯都能正常工作
B．两灯串联在电压为U的电路中使用时，两灯消耗的总功率P总＜P额2
C．两灯并联使用时，两灯泡两端电压相等，两灯发光亮度相同
D．两灯并联在电压为U的电路中使用时，两灯消耗的总功率P总＝P额1+P额2
【分析】由题意可知，两灯泡的额定电压相等，额定功率关系为P额1＞P额2。
（1）由P＝UI的变形式I＝可知，两灯泡的额定电流不相等，当两灯串联使用时，通过它们的电流相等，据此判断两灯泡是否能同时正常工作；
（2）两灯串联在电压为U的电路中使用时，比较电路的总电阻与两灯泡的电阻关系，根据P＝UI＝比较两灯泡消耗的总功率与任意一个灯泡的额定功率关系；
（3）根据P＝UI＝比较两灯泡电阻是否相等，当两灯并联使用时，它们两端的电压相等，根据P＝UI＝比较两灯泡的实际功率关系，从而得出两灯发光亮度关系；
（4）两灯并联在电压为U的电路中使用时，两灯泡两端的电压均等于额定电压，两灯泡的实际功率等于额定功率，据此得出两灯消耗的总功率。
【解答】解：由题意可知，两灯泡的额定电压相等，额定功率关系为P额1＞P额2。
A．由P＝UI的变形式I＝可知，两灯泡的额定电流不相等，当两灯串联使用时，通过它们的电流相等，所以两灯泡不可能同时正常工作，故A错误；
B．两灯串联在电压为U的电路中使用时，由串联电路的总电阻等于各分电阻之和可知，电路中的总电阻大于两灯泡中任意一个的阻值，由P＝UI＝可知，两灯泡消耗的总功率小于任意一个灯泡的额定功率，故B正确；
C．由P＝UI＝的变形式R＝可知，两灯泡的电阻不相等，当两灯并联使用时，它们两端的电压相等，由P＝UI＝可知，它们的实际功率不相等，所以两灯发光亮度不同，故C错误；
D．两灯并联在电压为U的电路中使用时，两灯泡两端的电压均等于额定电压，两灯泡的实际功率等于额定功率，所以两灯消耗的总功率P总＝P额1+P额2，故D正确。
故选：BD。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和电功率公式的综合应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。
二、填空题：本大题共6小题，每空2分，共24分。
13．（4分）日常生活中我们常说声音“震耳欲聋”，这是指它的 响度 很大；我们能够辨别不同乐器发出的声音，是由于它们的 音色 不同。
【分析】响度的大小主要与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大；振幅越小，响度越小。
音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关。
【解答】解：“震耳欲聋”是说声音的振幅较大，声音的响度也会很大；
因为不同的乐器发出声音的音色不同，所以我们可以通过它们的音色判断乐器的种类；
故答案为：响度，音色。
【点评】解决此类问题要会根据响度、音色和音调的定义区分乐音特征的三个因素。
14．（4分）小亮站在距平面镜1m处整理衣着，他在镜中的像与他本人的距离是 2 m；当他沿着与镜面垂直方向水平移动0.5m后，他在镜中像的大小将 不变 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。
【分析】平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
【解答】解：小亮到平面镜的距离是1m，根据物像到平面镜的距离相等，所以小亮的像到平面镜的距离也是1m，像与他本人的距离为2m；
平面镜成像与成像物体大小相等，跟物体到平面镜的距离、平面镜的大小都没有关系，所以小齐
亮沿着与镜面垂直方向水平移动1m后，像的大小不变。
故答案为：2；不变。
【点评】人靠近平面镜时，感觉像变大，实际上像的大小不变，是眼睛看像的视角增大，感觉像在变大。
15．（4分）一个圆台形密闭容器按如图甲方式静置于水平桌面上时，容器内水深10cm，则水对容器底部的压强为 1000 Pa。若把该容器倒过来放置，如图乙，那么容器对桌面的压强将 变大 。（选填“变大”、“变小”或“不变”）
【分析】（1）知道容器中水的深度，根据p＝ρ水gh求出水对容器底部的压强；
（2）该容器倒过来放置时，容器的总重力不变，对桌面的压力不变，根据p＝结合受力面积的变化得出容器对桌面的压强变化。
【解答】解：（1）容器内水深：h＝10cm＝0.1m，
则水对容器底部的压强：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1000Pa；
（2）因物体对水平面的压力和自身的重力相等，
所以，把该容器倒过来放置时，容器的总重力不变，对桌面的压力不变，
由图可知，该容器倒过来放置时，受力面积变小，由p＝可知，容器对桌面的压强变大。
故答案为：1000；变大。
【点评】本题考查了液体压强的计算和压强定义式的应用，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
16．（4分）高速公路上有很多的限速标志牌，通常大型车比小型车的最高限速要低，这是因为大型车的 质量 较大，惯性也就较大，运动状态的改变难；要让行驶的自行车更快地停下来，可以用力捏闸，增大轮胎与车闸之间的 压力 来增大摩擦。
【分析】（1）惯性大小只跟物体的质量大小有关，质量越大，惯性越大；
（2）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
【解答】解：大型车比小型车的最高限速要低，是因为大型车的质量大，惯性大，其运动状态不容易改变；
要让行驶的自行车更快地停下来，可以用力捏闸，增大轮胎与车闸之间的压力来增大摩擦。
故答案为：质量；压力。
【点评】此题考查了惯性大小的影响因素和增大摩擦的方法，属于基础性题目。
17．（4分）在图甲的电路中，若电源电压为6V，电流表A1、A2的示数如图乙，则通过R1的电流是 0.6 A，R2的阻值是 30 Ω。
【分析】由图甲可知R1和R2并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量R2电流，根据电流表的正确读数方法读出电流表的示数，然后根据并联电路的电流和电压的规律进行分析，再利用R＝即可求出电阻的大小。
【解答】解：由图甲可知R1和R2并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量R2电流，
根据电流表示数可得，干路电流为I＝0.8A，R2中的电流为I2＝0.2A；
因为并联电路干路中的电流等于各支路电流之和，
所以通过R1的电流为I1＝0.8A﹣0.2A＝0.6A；
则R2的阻值为。
故答案为：0.6，30。
【点评】知道电流表的正确读数方法，知道并联电路中的电压和电流的规律，会灵活应用欧姆定律进行计算是解题的关键。
18．（4分）如图是某家庭用的电能表及某月月初、月末的两次读数，他家本月共耗电 82 kW•h；若电能表在10min内转了300转，则接在该电能表上正在使用的用电器的总功率是 600 W。
【分析】（1）电能表最后一位示数是小数位，由图示电能表读出月初与月末电能表的示数，月末与月初电能表示数之差是本月消耗的电能；
（2）3000R/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000转，据此求出10min内消耗的电能，再根据P＝求出该电能表上用电器的总功率。
【解答】解：（1）本月消耗的电能：
W＝1469.5kW•h﹣1387.5kW•h＝82kW•h，
（2）电能表的转盘转300转消耗的电能为：
W＝＝0.1kW•h，
用电器的功率：
P＝＝＝0.6kW＝600W。
故答案为：82；600。
【点评】本题考查了电能表读数、电功以及电功率的计算，掌握电能表的读数方法是正确解题的关键。
三、作图题与实验探究题：本大题共5小题，19、20题每题2分，21、22、23题每空1分，共18分）
19．（2分）如图，从水下射出的一束光线在水面发生折射后射向水面上方光滑的墙壁，又在墙壁上发生了反射。请作出折射光线的大致方向和经墙壁反射后的反射光线。
【分析】先过入射点作出法线，根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角大于入射角，确定折射光线的方向。
然后根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，并且入射角等于反射角，画出反射光线；
【解答】解：过入射点O做法线，从而确定了入射光线位于法线的左侧，并确定了入射角的大小。根据折射角大于入射角画出折射光线。
光线在墙壁上发生了反射，根据反射角等于入射角画出反射光线；如图所示：
【点评】做光路图时，要注意实线和虚线，光线要画箭头等细节，若告诉了入射角的大小，一定要标出反射角的大小。
20．（2分）如图，木块沿着静止的斜面向上运动，请在图中作出木块A受到的滑动摩擦力f及重力G的示意图（作用点画在木块A的中心黑点处）。
【分析】（1）根据重力的方向是竖直向下的，从木块重心做竖直向下的力即为木块所受重力示意图；
（2）木块沿着静止的斜面向上运动，受到平行于斜面向下的滑动摩擦力，作用点在接触面上（也可画在重心上）。
【解答】解：
重力的方向竖直向下，木块沿着静止的斜面向上运动，所受滑动摩擦力平行于斜面向下，从木块重心开始，分别沿重力和滑动摩擦力的方向画一条有向线段，并分别用G和f表示，即为木块所受重力、滑动摩擦力的示意图。如图所示：
【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图，二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
21．（4分）在做“测量液体密度”的实验中，小明想知道食用油的密度，于是他用天平和量筒做了如图所示的实验。
（1）将托盘天平放在水平桌面上，把游码移到标尺左端的零刻度线处，发现指针静止时的位置如图甲，则应将平衡螺母向 左 （选填“左”或“右”）调节，使横梁平衡；
（2）天平调节平衡后，测出空烧杯的质量为28.2g，在烧杯中倒入适量的食用油，测出烧杯和食用油的总质量如图乙，食用油的质量为 33 g，将烧杯中的食用油全部倒入量筒中，食用油的体积如图丙，则食用油的密度为 0.825×103 kg/m3；
（3）小明用这种方法测出的食用油密度与真实值相比 偏大 （选填“偏大”或“偏小”）。
【分析】（1）用天平称量物体的质量前要通过调节横梁两端的螺母使横梁平衡。天平调平衡时遵循的原则是：左偏右调，右偏左调；
（2）物体的质量等于砝码的总质量与游码对应的刻度值之和；
由图示量筒读出食用油的体积，然后由密度公式可以求出食用油的密度；
（3）在测液体密度时，烧杯中的液体倒入量筒的过程中，烧杯壁上会残留部分液体，所以不能全部倒出，将会带来实验误差，明确对体积测量结果的影响，进一步判断对密度测量结果的影响。
【解答】解：（1）根据天平调平衡时遵循的原则：左偏右调，右偏左调，发现指针指在分度盘的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向左调；
（2）由图甲所示可知，食用油和瓶的总质量：m总＝50g+10g+1.2g＝61.2g，
食用油的质量：m＝m总﹣m杯＝61.2g﹣28.2g＝33g，
由图乙所示量筒可知，食用油的体积：V＝40mL＝40cm3，
食用油的密度：ρ＝＝＝0.825g/cm3＝0.825×103kg/m3；
（3）小明不可能把烧杯内的食用油全部倒入量筒内，导致测得食用油的体积偏小，由公式ρ＝知测出的食用油的密度偏大。
故答案为：（1）左；（2）33；0.825×103；（3）偏大。
【点评】本题考查了用天平和量筒测量食用油的密度，考查了天平、量筒的使用以及密度公式的应用，一定要熟练掌握。
22．（5分）某实验小组在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，进行了如图所示的实验：
（1）A步骤所示弹簧测力计的示数为 5 N；
（2）在实验步骤D中物块所受浮力F浮＝ 1 N；
（3）分析实验步骤A、B、C、D，可以说明浮力大小跟 物体排开液体的体积 有关；分析实验步骤A、E、F，可以说明浮力大小跟 液体密度 有关；
（4）实验小组用图中的弹簧测力计的示数算出了盐水的密度是 1.2×103 kg/m3。
【分析】（1）测量仪器读数时要看清量程和分度值；
（2）物体所受浮力：F浮＝G﹣F；
（3）物体浸在液体中所受浮力大小与液体密度和物体排开液体体积有关；
（4）根据称量法F浮＝G﹣F计算出浸没在水中受到的浮力，利用阿基米德原理F浮＝ρ液gV排求物块的体积；根据阿基米德原理求出盐水的密度。
【解答】解：（1）弹簧测力计的分度值是0.1N，A步骤所示弹簧测力计的示数为5N；
（2）在实验步骤D中物体所受浮力为：F浮＝G﹣FD＝5N﹣4N＝1N；
（3）分析实验步骤A、B、C、D，液体都是水，物体排开液体体积变化，所受浮力变化，可以说明浮力大小跟排开液体的体积有关；
分析实验步骤A、E、F，物体都是完全浸在液体中，液体密度不同，可以说明浮力大小跟液体的密度有关；
（4）物块浸没在水中受到的浮力为：F浮＝G﹣F＝5N﹣4N＝1N；
物块排开的水的体积为：V排＝＝＝1×10﹣4m3，
物块浸没在盐水受到的浮力为：F浮′＝G﹣F'＝5N﹣3.8N＝1.2N，
盐水的密度：ρ液＝＝＝1.2×103kg/m3。
故答案为：（1）2.7；（2）1；（3）物体排开液体的体积；液体密度；（4）1.2×103。
【点评】本题通过探究“浮力大小与哪些因素有关”，综合考查浮力、密度、控制变量法的知识，属中等难度的题目。
23．（5分）如图甲，为小明用伏安法测未知电阻Rx的实验电路图。
序号
1
2
3
电压U/V
1.1
2.4
3.0
电流I/A
0.10
0.30
（1）小明按如图甲连接电路，连接电路时，开关应处于 断开 状态；
（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为2.4V时，电流表示数如图乙所示，其读数为 0.24 A；小明把多次测量的电流值和电压值记录在表中，利用表格的数据求出未知电阻Rx的阻值为 10.3 Ω；
（3）在图甲电路中，已知滑动变阻器的最大阻值为R0，如只用电压表（拆掉电流表），也能测出Rx的阻值。具体操作是：滑动变阻器调到最大阻值，连好电路，闭合开关，读出电压表的示数为U1，接下来将滑片移到 A （选填“A”或“B”）端，读出电压表的示数为U2，则待测电阻Rx＝ 。（用U1、U2、R0表示）
【分析】（1）为保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态。
（2）由图乙可知，电流表所选量程为0～0.6A，分度值为0.02A，由此可读出电流表示数；根据伏安法测量电阻时，多测量几次的目的是求平均值减小误差，所以可以分别计算出三次测量的电阻值，再求三次电阻的平均值作为未知电阻的阻值；
（3）由图甲可知，拆掉电流表后，未知电阻与滑动变阻器串联接入电路，电压表测量未知电阻两端的电压；当滑片移到最大阻值端时，闭合开关，读出电压表的示数为U1，即未知电阻此时两端的电压为U1；当滑片移到最小阻端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，读出电压表的示数为U2，即电源电压为U2，由此可计算出当滑片移到最大阻值端时滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律可求出当滑片移到最大阻值端时电路中的电流，根据串联电路电流规律和欧姆定律可求出未知电阻的阻值。
【解答】解：（1）为保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态。
（2）由图乙可知，电流表所选量程为0～0.6A，分度值为0.02A，电流表示数为0.24A；
所以序号1中未知电阻的阻值R1＝＝11Ω，序号2中未知电阻的阻值R2＝＝10Ω，序号3中未知电阻的阻值R3＝＝10Ω，
则未知电阻的阻值Rx＝≈10.3Ω；
（3）由图甲可知，拆掉电流表后，未知电阻与滑动变阻器串联接入电路，电压表测量未知电阻两端的电压，当滑片移到最大阻值端时，闭合开关，读出电压表的示数为U1，即未知电阻此时两端的电压为U1；
当滑动变阻器滑片移到最小阻值A端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，读出电压表的示数为U2，即电源电压为U2，
当滑片移到最大阻值端时滑动变阻器两端的电压U滑＝U2﹣U1，
此时电路中的电流I＝Ix＝I滑＝，
根据欧姆定律，则未知电阻的阻值Rx＝。
故答案为：（1）断开；（2）0.24；10.3；（3）A；。
【点评】本题主要考查伏安法测量未知电阻的阻值的实验，其中分析缺少电流表测量未知电阻的阻值是本题的难点。
四、计算题：本大题共2个小题，24题9分、25题11分，共20分，要求写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案。
24．（9分）在如图的电路中，电源电压保持不变，R为定值电阻，小灯泡L标有“6V 3W”字样，若不考虑温度对灯丝电阻的影响，则：
（1）小灯泡的额定电流为多少；
（2）当S1断开，S2、S3闭合时，小灯泡L正常发光，电流表的示数为0.9A，求电源电压和电阻R的阻值；
（3）此电路消耗的最小功率和最大功率分别是多少？
【分析】（1）小灯泡L标有“6V 3W”字样，根据P＝UI可知小灯泡的额定电流；
（2）当S1断开，S2、S3闭合时，R、L并联，电流表测量干路电流。
小灯泡L正常发光，则通过灯泡的电流等于灯泡的额定电流，且灯泡两端的电压等于其额定电压，根据并联电路的电压特点可知电源电压；
由电流表的示数可知干路电流，根据并联电路的电流特点可知通过电阻R的电流，根据欧姆定律可知电阻R的阻值；
（3）若不考虑温度对灯丝电阻的影响，根据欧姆定律可知灯泡电阻。
当S2、S3断开，S1闭合时，R、L串联，电流表测量电路电流，根据欧姆定律可知电路电流。
根据P＝UI＝可知，在电源电压不变时，总电阻越小，总功率越大，总电阻越大，总功率越小。
当S2、S3断开，S1闭合时，R、L串联，此时总电阻最大，则总功率最小；
当S1断开，S2、S3闭合时，R、L并联，此时总电阻最小，则总功率最大；
分别根据P＝UI计算最小和最大功率。
【解答】解：（1）由小灯泡L标有“6V 3W”字样，可知灯泡的额定电压：UL＝6V，灯泡的额定电功率：PL＝3W，
根据P＝UI可知小灯泡的额定电流：IL＝＝＝0.5A；
（2）当S1断开，S2、S3闭合时，R、L并联，电流表测量干路电流。
小灯泡L正常发光，则通过灯泡的电流等于灯泡的额定电流：IL＝0.5A，且灯泡两端的电压等于其额定电压：UL＝6V，
根据并联电路的电压特点可知电源电压：U＝UL＝6V；
电流表的示数为0.9A，则干路电流为：I＝0.9A，
根据并联电路的电流特点可知通过电阻R的电流：IR＝I﹣IL＝0.9A﹣0.5A＝0.4A，根据欧姆定律可知电阻R的阻值：R＝＝＝15Ω；
（3）若不考虑温度对灯丝电阻的影响，根据欧姆定律可知灯泡电阻：RL＝＝＝12Ω。
当S2、S3断开，S1闭合时，R、L串联，电流表测量电路电流，根据欧姆定律可知电路电流：I′＝＝＝A，
根据P＝UI＝可知，在电源电压不变时，总电阻越小，总功率越大，总电阻越大，总功率越小。
当S2、S3断开，S1闭合时，R、L串联，此时总电阻最大，则总功率最小，为P小＝UI′＝6V×A＝1.3W；
当S1断开，S2、S3闭合时，R、L并联，此时总电阻最小，则总功率最大，为P大＝UI＝6V×0.9A＝5.4W。
答：（1）小灯泡的额定电流为0.5A；
（2）电源电压为6V，电阻R的阻值为15Ω；
（3）此电路消耗的最小功率是1.3W，最大功率是5.4W。
【点评】本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，识别电路是关键，本题难度不大。
25．（11分）如图，轻质无弹性细绳将物体A、B通过两个定滑轮连接在绳子的两端，其中GA＝20N，GB＝50N，B是边长为20cm的正方体，物体B静止在水平地面上，整个装置处于平衡状态（不计滑轮与绳子之间的摩擦）。求：
（1）物体B的密度；
（2）物体B对地面的压强；
（3）若在物体A下方悬挂物体C（物体C未接触地面），使物体B对地面的压强变为原来的，则物体C质量为多少？
【分析】（1）根据m＝求出B的质量，根据ρ＝求出B的密度的大小；
（2）分别对A、B受力分析，根据力的平衡求出物体B受到的支持力，根据力的相互性求出压力的大小；然后根据p＝求出压强的大小；
（3）根据B对地面压强的变化，利用p＝分析压力的变化，对B受力分析求出绳子对B拉力的大小；对A受力分析，根据力的平衡求出C对A的拉力的大小和C的重力的大小，根据m＝求出C的质量。
【解答】解：（1）由题意知，B的质量为：mB＝＝＝5kg；
B的体积为：VB＝（0.2m）3＝0.008m3；
B的密度为：ρB＝＝＝0.625×103kg/m3；
（2）图示中，A、B两物体通过绳子相连，绳子绕过的定滑轮，A静止在空中，所受的拉力和重力是一对平衡力，大小相等，所以绳子对B的拉力大小等于A的重力为20N；
B静止在水平地面上，受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力、拉力的作用，支持力：
F支＝GB﹣F拉＝GB﹣GA＝50N﹣20N＝30N；
B对地面的压力与地面对A的支持力是一对相互作用力，大小相等，所以B对地面的压力为30N，B的底面积为：SB＝0.2×0.2m2＝0.04m2；
B对地面的压强为：p＝＝＝750Pa；
（3）A下方悬挂C时，B与地面的接触面积不变，压强变为原来的，据p＝可知，压力变为原来的一半，即地面对B的支持力变为原来的一半，即：F1＝F＝×30N＝15N；
则绳子对B的拉力为：F拉1＝GB﹣F1＝50N﹣15N＝35N；
此时A受到竖直向上绳子的拉力和竖直向下的重力、C对A的拉力作用静止，所以C对A的拉力为：
FCA＝F拉1﹣GA＝35N﹣20N＝15N；
则C的重力为15N，C的质量为：mC＝＝＝1.5kg。
答：（1）物体B的密度为0.625×103kg/m3；
（2）物体对地面的压强为750Pa；
（3）物体C的质量为1.5kg。
【点评】本题考查了压强公式、密度计算公式的灵活运用、力的平衡条件的应用，考查的较全面。
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