物理（四川卷）2023年中考考前最后一卷（参考答案）

这是一份物理（四川卷）2023年中考考前最后一卷（参考答案），共5页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图题与计算题，实验与探究题等内容，欢迎下载使用。
2023年中考考前最后一卷【四川卷】物理·全解全析A卷（共85分）第I卷（选择题  共26分）一、单项选择题（本题共13小题，每小题2分，共26分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）12345678910111213BABBCABBDBBBD第II卷（非选择题  共59分）二、填空题（本题共7小题，每空2分，共28分）14．【答案】     折射     10~2015．【答案】     10     变小16．【答案】     机械     做功     17．【答案】     B     等于18．【答案】     S     左19．【答案】     =     <20．【答案】     3.5     2三、作图题与计算题（本题共3小题，共17分。计算题在解答时应写出公式和重要的验算步骤，只写最后答案的不得分）21．（4分）（1）【答案】见详解【详解】作出A点关于平面镜的对称点，即A的像，连接并延长，可得反射光线OB，如图所示（2）【答案】见详解【详解】小球所受重力G的方向是竖直向下的，作用点在重心，由杠杆平衡条件可知，在阻力和阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小，由图可知，A点距离O点最远，故AO为力臂时，力是最小的，如图所示：22．【答案】（1）60km/h；（2）625Pa【详解】解：（1）长航程极地漫游机器人的平均速度………………………………2分（2）机器人对地面的压力 ……………………………………………2分机器人对地面的压强…………………………………………………………………2分答：（1）长航程极地漫游机器人的平均速度为60km/h；（2）该机器人对地面的压强为625Pa。23．【答案】（1）1.12×104J；（2）44Ω【详解】解：（1）如图甲所示，将手放在热风干手器下方，就有热风吹到手上，从而加快手上的水分的蒸发，由表中数据可知，电路的总功率P=20W+1100W=1120W………………………………………………2分由得，干手10s消耗的电能W=Pt=1120W×10s=1.12×104J …………………………………………2分（2）由，则热风干手器工作时的电阻…………………………………3分答：（1）若某次干手时间为10s,则消耗了1.12×104J的电能；（2）热风干手器工作时的电阻大约是44Ω。四、实验与探究题（本题共2小题，每空2分，共14分）24．（8分）【答案】     B     电流     电阻     能25．（6分）【答案】     浸没     橡皮泥的形状     错误B卷（共20分）一、选择题（本题共5小题，每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有两个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）12345ABDBCAD二、综合题(本题共2小题，共10分，第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分）6．（4分）【答案】     增加     升高     提高了电能的转换率且无碳排放     57．（6分）【答案】（1）500N；（2）200N；（3）1200N，1.2×104Pa【详解】解：（1）小明受到重力G=mg=50kg×10N/kg=500N …………………………………………………1分（2）根据杠杆原理有：F1L1=F2L2，设小明的施加的力为F1，A0为L1，OB为L2，所以力感受器的示数F2=2F1，由题知F1=100N，L1：L2=2；1，故F2=2F1=200N………………………………………………………………1分（3）当小明对A端的力变化50N时，根据力作用的相互性可知他对地面的压力变化了50N，已知他对地面的压强变化了1000Pa，根据压强公式有：，可得小明与地面的接触面积 …………………………………………………………………………………1分设小明和负重的总重力为G总，由题知，在整个过程中，有两种情况会使小明对地面的压力大小等于力感应器的示数大小，当小明对对A端施加向下的拉力F1时，根据力作用的相互性和力的平衡可知他对地面的压力F压1=G总﹣F1﹣﹣﹣﹣﹣①设此时力感应器的示数为F示1（即BC杆对杠杆施加的力），根据杠杆平衡条件可得F1×AO=F示1×OB因AO：OB=2：1，所以F示1=2F1﹣﹣﹣﹣﹣②由题知此时小明对地面的压力大小等于力感应器的示数大小，即G总﹣F1=2F1，所以F1=G总，则F示1=2F1=2×G总=G总﹣﹣﹣﹣﹣﹣③ ……………………………………………………………………1分当小明对A端施加向上的推力F2时，根据力作用的相互性和力的平衡可知他对地面的压F压2=G总+F2﹣﹣﹣﹣﹣④设此时力感应器的示数为F示2（即BC杆对杠杆施加的力），根据杠杆平衡条件可得，F2×AO=F示2×OB，因AO：OB=2：1，所以F示2=2F2﹣﹣﹣﹣﹣⑤此时小明对地面的压力大小等于力感应器的示数大小，即G总+F2=2F2，所以F2=G总；则F示2=2F2=2G总﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑥ ………………………………………………………………………………1分已知两次的力感应器的示数之差为800N，所以有F示2﹣F示1=2G总﹣G总=800N解得G总=600N，p0是小明对A点施加的力为0N时他对地面的压强，此时F压=G总=600N，所以他对地面的最大压力F压大=3p0S=3×1.2×104Pa×0.05m2=1800N此时他对A端施加的最大向上推力为Fmax，根据力作用的相互性和力的平衡可得F压大=G总+Fmax，所以Fmax=F压大﹣G总=1800N﹣600N=1200N……………………………………………………………………1分答：（1）小明受到的重力为500N；（2）若小明对A端施加竖直向。上大小为100N的推力，力感应器的示数为200N；