2023年湖南省郴州市中考物理质检试卷(含答案)

这是一份2023年湖南省郴州市中考物理质检试卷(含答案)，共30页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图与实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年湖南省郴州市中考物理质检试卷
一、选择题（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题给出的选项中，只有一项符合题目要求。）
1．（3分）下列有关物质世界说法中，正确的是（　　）
A．扫地时尘土飞扬说明分子在不停地做无规则运动
B．分子是微观世界中不可再分的最小粒子
C．原子由原子核和绕核运动的电子构成
D．固体有一定的体积和形状，固体分子排列十分紧密，分子间没有空隙
2．（3分）如图所示的现象中，由于光的直线传播形成的是（　　）
A．水中倒影 B．雨后彩虹
C．日食 D．杯中铅笔
3．（3分）下列数据最接近实际情况的是（　　）
A．使人感到舒适的温度约是37℃
B．台灯正常工作时的电流约是4A
C．中学生步行的速度约是5m/s
D．中学生从一楼匀速上到三楼所做的功约是3×103J
4．（3分）2020年5月27日11点整，我国珠峰高程测量登山队员全部成功登顶珠穆朗玛峰。为保障高程测量工作顺利行，通信部门克服重重困难在珠峰海拔6500m的前进营地开通了全球海拔最高的5G基站，实现了5G信号对珠峰北坡登山线路及峰顶的覆盖，为登山队数据传输和媒体高清直播提供了“硬核”支撑。下列说法正确的是（　　）
A．登山队与5G基站之间通过电磁波建立联系
B．5G基站只能接收登山队员发出的信号，不能向队员发送信号
C．5G信号不能在真空中传播
D．5G不能传送图片信号
5．（3分）如图所示是我国自主研究生产的碳纤维无人机，它具有自动化、轻量化、微型化等特点，可广泛用于航拍、测绘等。下列应用与物理知识对应关系正确的是（　　）

A．机载“北斗”导航系统——超声波
B．用碳纤维材料制造——密度小
C．无人机航拍的镜头——凹透镜
D．无人机的控制芯片——超导体
6．（3分）2022年2月1日0点，中央电视台报告新年到来的浑厚洪亮的钟声来自于北京大钟寺内的永乐大钟下列说法正确的是（　　）
A．永乐大钟发声时不振动
B．洪亮的钟声音调高
C．浑厚的钟声属于次声波
D．该钟声在液体中传播得更快
7．（3分）下列说法中正确的是（　　）
A．磁感线是磁场中实际存在的曲线
B．磁极间的相互作用规律是：同名磁极相互吸引，异名磁极相互排斥
C．磁体上磁性最强的部分叫磁极
D．通电螺线管外部的磁场与蹄形磁体的磁场相似
8．（3分）下列有关光的现象中，说法正确的是（　　）
A．阳光下，微风吹拂的河面，波光粼粼，这里蕴含着光的反射现象
B．光与镜面成30°角射在平面镜上，则其反射角也是30°
C．人在照镜子时，总是靠近镜子去看，其原因是靠近时像会变大
D．由于光的折射，池水看起来比实际的深度深
9．（3分）关于下面四幅图的说法正确的是（　　）
A．图甲：不计纸片所受重力，当纸片静止时，纸片上下表面所受的力大小相等
B．图乙：在两张纸的中间向下吹气，两张纸中间的气压增大
C．图丙：盆景自动供水装置是一个连通器
D．图丁：在高山上，战士使用压力锅做饭，是由于水的沸点随着气压的减小而升高
10．（3分）关于图所示提供的信息，下列说法错误的是（　　）

A．酒精在燃烧的过程中，将化学能转化为内能
B．塞子被推出的过程中，瓶内气体的内能转化为塞子的机械能
C．水在沸腾之前，温度升高，内能增加
D．水的内能是通过做功改变的
11．（3分）如图是教材中的几幅图，对图中所示的情景，下列说法正确的是（　　）
A．踢出去的足球虽然会继续“飞行”，但它总会停下来，说明物体的运动必须有力维持
B．跳远运动员助跑可以提高成绩，是利用了身体的惯性
C．男孩水平用力推车但没推动，是因为他的推力小于车所受的阻力
D．蹦蹦杆跃到最高点时，动能最大，速度最大
12．（3分）图中甲、乙分别是某家庭5月初和6月初电能表的示数，则下列说法中正确的是（　　）

A．电能表是计量电功率的仪表
B．该家庭在这一个月的时间内总共用电2000kW•h
C．该电能表工作时电流可以达到50A
D．该电能表转盘每转过600转，电路消耗电能0.5kW•h
13．（3分）将平底薄壁直圆筒状的空杯放在饮料机的水平杯座上接饮料，杯座受到的压力F随杯中饮料的高度h变化的图象如图所示。饮料出口的横截面积S1＝0.8cm2，饮料流出的速度v＝50cm/s，杯高H＝10cm，杯底面积S2＝30cm2，g取10N/kg。则下列说法中正确的是（　　）

A．装满饮料时，杯底受到饮料的压力为4.5N
B．饮料的密度为1.5g/cm3
C．饮料持续流入空杯5s后关闭开关，杯对杯座的压强为800Pa
D．饮料持续流入空杯8s后关闭开关，杯对杯座的压强为1.5×103Pa
二、填空题（本题共3小题，每空2分，共12分）
14．（4分）有一个边长为10cm的正方体，重力为50N，放在光滑墙角处，如图所示，受到水平方向力F1＝150N，竖直方向力F2＝15N的作用，地面所受压力为 　 　N，墙壁所受压强为 　 　Pa。

15．（4分）一物体放在水平地面上，如图1所示，已知物体所受水平拉力F随时间t的变化情况如图2所示，物体相应的速度v随时间t的变化关系如图3所示。则t＝4s时，木箱受到的摩擦力为 　 　N，在6～8s内，推力F做的功为 　 　J。


16．（4分）如图所示是某“养生壶”工作电路图．它有高温、中温、低温三个挡位，其低温挡的功率为275W，其中R1、R2为发热电阻，R2＝88Ω。则它的发热电阻R1为　 　Ω，在额定电压下用高温挡加热3kg水，使其温度从20℃上升到80℃，加热过程中电流做的功为　 　J。[不计热量损失，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]

三、作图与实验探究题（共28分）
17．（3分）如图，F是透镜的焦点，a、b是两条入射光线，请作出与之对应的两条折射光线。

18．（3分）请用笔画线代替导线将如图所示的家庭电路连接完整。

19．（10分）小永同学为了测量某品牌香醋的密度，进行以下实验。
（1）把天平放在水平桌面上，将 　 　移至标尺零刻度处，调节平衡螺母使天平横梁平衡；

（2）接下来进行以下操作：
A.用天平测量烧杯和剩余香醋的总质量m1，如图1所示；
B.将待测香醋倒入烧杯中，用天平测出烧杯和香醋的总质量m2，如图2所示；
C.将烧杯中香醋的一部分倒入量筒，测出这部分香醋的体积V，如图3所示；
以上操作的正确顺序是：　 　（填字母代号）；
（3）由图2知烧杯和香醋的质量为 　 　g，由图3知量筒中香醋的体积，则香醋的密度是 　 　g/cm3；
（4）若在图3读数时由于倒入过快导致量筒内有气泡，所测得香醋的密度将 　 　（选填“偏大”或“偏小”）。
20．（12分）小明利用如图甲所示的电路探究电流跟电压、电阻的关系。已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。

（1）请根据图甲将图乙所示的实物电路连接完整（导线不允许交叉）；
（2）小明在探究电流与电阻关系时，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象；
①由图象可以得出结论：　 　；
②上述实验过程中，小明先用5Ω的电阻做完实验时，滑动变阻器滑片恰好移到a点位置，然后他用10Ω的电阻替换5Ω的电阻继续实验，闭合开关S，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为 　 　V时，读出电流表的示数，此时变阻器的滑片移至b点位置，那么b点在a点的 　 　（选填“左”或“右”）侧；
（3）为完成整个实验，应该选取最大阻值不小于 　 　Ω的滑动变阻器；
（4）小明在探究电流与电压关系时，根据相关数据绘制出I﹣U图象，如图丁中a所示；实验完成后，将电阻换成小灯泡，重复上述实验过程，绘制出I﹣U图象，如图丁中b所示。则图象中A、B、C三点电阻大小关系由大到小排列为 　 　。
四、计算题（本题共2小题，20小题10分，21小题11分，共21分。要求写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能计分。）
21．（10分）小明根据如图甲所示的电路组装成调光灯，并进行测试。电源电压9V保持不变，小灯泡的额定电压是6V，小灯泡的I﹣U图象如图乙所示。求：

（1）小灯泡正常发光时的电阻；
（2）小灯泡正常发光时，电路的总功率；
（3）如果把灯光调暗，使小灯泡两端电压为3V，电阻R在10min消耗的电能。
22．（11分）两个实心正方体A、B由密度均为ρ的同种材料制成，正方体A的质量为0.7kg，正方体B的质量为5.6kg，将A、B均放置在水平桌面上时，如图甲所示，两物体对桌面的压强分别是pA、pB；若将A物体浸没在水中，用甲滑轮组匀速提升，如图乙所示，匀速提升过程A物体一直没露出水面，此时滑轮组的机械效率为80%。已知动滑轮的重力为A物体重力的0.2倍，绳重和摩擦不计，ρ水＝1×103kg/m3，求：
（1）A物体的重量GA；
（2）A、B两物体对桌面的压强之比。
（3）A、B两个实心正方体的材料密度ρ。


2023年湖南省郴州市中考物理质检试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题给出的选项中，只有一项符合题目要求。）
1．（3分）下列有关物质世界说法中，正确的是（　　）
A．扫地时尘土飞扬说明分子在不停地做无规则运动
B．分子是微观世界中不可再分的最小粒子
C．原子由原子核和绕核运动的电子构成
D．固体有一定的体积和形状，固体分子排列十分紧密，分子间没有空隙
【分析】（1）分子非常小，用肉眼直接看不到；分子在永不停息地做无规则运动，分子间有空隙。
（2）原子由原子核和核外电子构成。
【解答】解：A、扫地时尘土飞扬是机械运动，故A错误。
B、分子不是微观世界中不可再分的最小粒子，故B错误；
C、原子由原子核和核外电子构成，故C正确。
D、固体有一定的体积和形状，固体分子排列十分紧密，分子间有空隙，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了分子和原子，属于基础题。
2．（3分）如图所示的现象中，由于光的直线传播形成的是（　　）
A．水中倒影 B．雨后彩虹
C．日食 D．杯中铅笔
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
（2）光传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、水中倒影是平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A不符合题意；
B、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的。故B不符合题意；
C、日食是由于光沿直线传播形成的，故C符合题意；
D、放在水中的铅笔看起来折断了，是因为光从水中斜射入空气时，折射角大于入射角，属于光的折射现象，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】此此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
3．（3分）下列数据最接近实际情况的是（　　）
A．使人感到舒适的温度约是37℃
B．台灯正常工作时的电流约是4A
C．中学生步行的速度约是5m/s
D．中学生从一楼匀速上到三楼所做的功约是3×103J
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、人体感觉最舒适的温度在25℃左右，而37℃与人的体温接近。不合题意。
B、台灯正常工作时的电流约是0.2A，不合题意。
C、人步行的速度一般在1.1m/s左右，不合题意。
D、中学生质量为50kg，重力为500N，楼高6m，则做功W＝Gh＝500N×6m＝3×103J．符合题意。
故选：D。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
4．（3分）2020年5月27日11点整，我国珠峰高程测量登山队员全部成功登顶珠穆朗玛峰。为保障高程测量工作顺利行，通信部门克服重重困难在珠峰海拔6500m的前进营地开通了全球海拔最高的5G基站，实现了5G信号对珠峰北坡登山线路及峰顶的覆盖，为登山队数据传输和媒体高清直播提供了“硬核”支撑。下列说法正确的是（　　）
A．登山队与5G基站之间通过电磁波建立联系
B．5G基站只能接收登山队员发出的信号，不能向队员发送信号
C．5G信号不能在真空中传播
D．5G不能传送图片信号
【分析】知道5G信号是电磁波，电磁波可以在真空中进行传播，电磁波可以传递信息和能量。
【解答】解：A、B、手机和手机之间、手机与基站之间是靠电磁波（5G）来实现信息的传递，故A正确，B错误；
C、5G信号能在真空中传播，故C错误；
D、5G信号能传送图片信号，故D错误；
故选：A。
【点评】本题主要考查学生对电磁波的传播的了解和掌握。
5．（3分）如图所示是我国自主研究生产的碳纤维无人机，它具有自动化、轻量化、微型化等特点，可广泛用于航拍、测绘等。下列应用与物理知识对应关系正确的是（　　）

A．机载“北斗”导航系统——超声波
B．用碳纤维材料制造——密度小
C．无人机航拍的镜头——凹透镜
D．无人机的控制芯片——超导体
【分析】（1）电磁波可以传递信息；
（2）无人机采用碳纤维材料是因为碳纤维材料的密度较小，相同体积的前提下能够减小质量；
（3）摄像头的镜头相当于是一个凸透镜；
（4）无人机的无人机的控制芯片是利用半导体材料制作的。
【解答】解：
A、无人机所载北斗导航系统里有的是电磁波传递信息，故A错误；
B、无人机采用碳纤维材料是因为碳纤维材料的密度较小，相同体积的前提下能够减小质量，便于飞行，故B正确；
C、无人机航拍的镜头是凸透镜，通过镜头拍摄得到物体的实像，故C错误；
D、无人机的无人机的控制芯片是利用半导体材料制作的，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查了凸透镜、碳纤维材料、电磁波的应用，是一道联系社会热点的应用，体现了物理知识与社会生活的密切联系。
6．（3分）2022年2月1日0点，中央电视台报告新年到来的浑厚洪亮的钟声来自于北京大钟寺内的永乐大钟下列说法正确的是（　　）
A．永乐大钟发声时不振动
B．洪亮的钟声音调高
C．浑厚的钟声属于次声波
D．该钟声在液体中传播得更快
【分析】（1）声音是由发声体的振动产生的。
（2）声音的高低叫音调，与发声体的振动频率有关；声音的强弱叫响度，与发声体的振幅和距离声源的远近有关；声音的品质叫音色，与发声体的材料和结构有关。
（3）频率低于20Hz的叫次声波，高于20000Hz的叫超声波，超声波和次声波人耳都听不见。
（4）一般情况下，固体中的声速大于液体中的声速，液体中的声速大于气体中的声速。
【解答】解：A、永乐大钟发声时在振动，故A错误；
B、洪亮的钟声响度大，故B错误；
C、浑厚的钟声的音调低，故C错误；
D、该钟声在液体中的传播速度比空气中更快，故D正确。
故选D。
【点评】知道声音产生的条件；知道声音在不同介质中的传播速度不同；知道声音的音调、响度和音色。
7．（3分）下列说法中正确的是（　　）
A．磁感线是磁场中实际存在的曲线
B．磁极间的相互作用规律是：同名磁极相互吸引，异名磁极相互排斥
C．磁体上磁性最强的部分叫磁极
D．通电螺线管外部的磁场与蹄形磁体的磁场相似
【分析】（1）根据理想模型方法的思路进行分析，即为了人们可以形象直观的认识磁场，科学家通过想象引入了磁感线；
（2）利用磁极间的相互作用规律来分析判断；
（3）利用磁极的定义来分析判断；
（4）通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似。
【解答】解：A．磁感线是科学家为了形象、直观的研究磁场，是通过想象而描绘出来的，所以不是真实存在的，故A错误；
B．磁极间的相互作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故B错误；
C．磁体上磁性最强的部分叫做磁极，每个磁体有两个磁极，故C正确；
D．通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了对磁极的认识，知道磁极间的相互作用规律，知道磁感线的由来，以及磁体内部和外部都有磁场。
8．（3分）下列有关光的现象中，说法正确的是（　　）
A．阳光下，微风吹拂的河面，波光粼粼，这里蕴含着光的反射现象
B．光与镜面成30°角射在平面镜上，则其反射角也是30°
C．人在照镜子时，总是靠近镜子去看，其原因是靠近时像会变大
D．由于光的折射，池水看起来比实际的深度深
【分析】根据光的反射现象以及光的反射定律的理解进行分析，同时了解平面镜成像的特点和放大镜成像的特点，光从水中射向空气中时发生折射时折射角大于入射角，可对选项中的描述做出判断。
【解答】解：A、阳光下，微风吹拂的河面，波光粼粼，是光的反射造成的，故A正确；
B、光与镜面成30°角射在平面镜上，则入射角为60°，由反射定律可得，其反射角也是60°，故B错误；
C、平面镜所成的像始终与物体等大，人在照镜子时，靠近镜子去看，可以增大视角，但像的大小不变，故C错误；
D、光从水中射向空气中时发生折射，折射角大于入射角，使池水看起来比实际的浅，故D错误。
故选：A。
【点评】本题中考查了光的反射现象、光的反射定律、平面镜成像的特点和放大镜成像的特点等，有一定综合性，但难度不大。
9．（3分）关于下面四幅图的说法正确的是（　　）
A．图甲：不计纸片所受重力，当纸片静止时，纸片上下表面所受的力大小相等
B．图乙：在两张纸的中间向下吹气，两张纸中间的气压增大
C．图丙：盆景自动供水装置是一个连通器
D．图丁：在高山上，战士使用压力锅做饭，是由于水的沸点随着气压的减小而升高
【分析】（1）根据纸片的运动状态分析；
（2）流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大；
（3）上端开口、底部连通的仪器叫做连通器；
（4）液体的沸点与大气压有关，气压越小沸点越低；气压越大，沸点越高。
【解答】解：
A、不计纸片所受重力，当纸片静止时，纸片处于平衡状态，纸片上下表面所受的力大小相等，故A正确；
B、对着两张平行的纸吹气，两纸中间的空气流速大压强小，而两纸的外部空气流速小压强大，两纸受到两边向内的压力，所以纸张向中间靠近，故B错误；
C、盆景自动供水装置底部连通、上端没有都开口，不是连通器，故C错误；
D、在高山上，战士使用压力锅做饭，是由于水的沸点随着气压的增大而升高，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了物体的受力分析、流体压强与流速的关系、连通器的应用、沸点与气压的关系，属于基础题。
10．（3分）关于图所示提供的信息，下列说法错误的是（　　）

A．酒精在燃烧的过程中，将化学能转化为内能
B．塞子被推出的过程中，瓶内气体的内能转化为塞子的机械能
C．水在沸腾之前，温度升高，内能增加
D．水的内能是通过做功改变的
【分析】（1）该题考查内能做功过程，即先通过燃料燃烧增加内能，而后内能对外做功，即将内能转化为机械能，故据此思路分析即可。
（2）内能的大小与物体的质量、温度有关；
（3）做功和热传递都能改变物体的内能。
【解答】解：
A、在试管中装一些水，用酒精灯加热的过程中，酒精燃烧将化学能转化为内能，故A正确；
B、对水加热到一定程度时，水蒸气会将塞子推出，即水蒸气对塞子做功，将水蒸气的内能转化为塞子的机械能，故B正确；
C、水在沸腾之前需要加热，即水吸热，温度升高，内能增加，故C正确；
D、由图可知，水的内能是通过热传递的方式改变的，故D错误；
故选：D。
【点评】此题来源于课本插图，考查了做功可以改变物体的内能和能量转化的知识，要求学生在学习中一定要注意课本上的插图，明白每个插图蕴含的物理意义。
11．（3分）如图是教材中的几幅图，对图中所示的情景，下列说法正确的是（　　）
A．踢出去的足球虽然会继续“飞行”，但它总会停下来，说明物体的运动必须有力维持
B．跳远运动员助跑可以提高成绩，是利用了身体的惯性
C．男孩水平用力推车但没推动，是因为他的推力小于车所受的阻力
D．蹦蹦杆跃到最高点时，动能最大，速度最大
【分析】逐个分析四个选择项的物理情景中所涉及的物理知识，然后与题目的要求进行对应，从而选出正确答案。
【解答】解：A、力是改变物体运动状态的原因；牛顿第一定律得出，当物体不受任何外力时，可以做匀速直线运动，因此运动的物体不一定要力来维持，故A选项说法错误；
B、跳远运动员助跑是为了在起跳时有一个较大的速度，起跳时，由于惯性，可以跳的更远，故B选项说法正确；
C、男孩沿水平方向推车，车不动，车在水平方向受到平衡力的作用，即水平推力和摩擦力是一对平衡力，故车受到的水平推力等于车受到的阻力，因此C选项说法错误；
D、速度越大，质量越大，动能就越大；到达最高点时，速度为零，动能为零，故D选项说法错误。
故选：B。
【点评】理解惯性的实质，才能在各种现象中分辨出与惯性知识有关的现象；本题涉及的知识点较多，但是都属于基础知识，解答本题题型的关键是平时学习态度端正。
12．（3分）图中甲、乙分别是某家庭5月初和6月初电能表的示数，则下列说法中正确的是（　　）

A．电能表是计量电功率的仪表
B．该家庭在这一个月的时间内总共用电2000kW•h
C．该电能表工作时电流可以达到50A
D．该电能表转盘每转过600转，电路消耗电能0.5kW•h
【分析】（1）电能表是测量用电器消耗电能多少的仪表；
（2）读出5月初和6月初电能表的示数，两者的差值即为该家庭在这段时间内消耗的电能；
（3）1200r/（kW•h）表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转1200转，据此求出该电能表转盘每转过600转电路消耗的电能。
【解答】解：A．电能表是测量电功的仪表，故A错误；
B．由图可知，5月初电能表的示数W1＝1042.8kW•h，6月初电能表的示数W2＝1242.8kW•h，则该家庭在这段时间内总共用电W＝W2﹣W1＝1242.8kW•h﹣1042.8kW•h＝200kW•h，故B错误；
C．该电能表工作时电流可以达到40A，故C错误；
D．1200r/（kW•h）表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转1200转，则该电能表转盘每转过600转，电路消耗电能W′＝kW•h＝0.5kW•h，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电能表的作用和读数以及电功的计算，明白电能表参数的含义是关键。
13．（3分）将平底薄壁直圆筒状的空杯放在饮料机的水平杯座上接饮料，杯座受到的压力F随杯中饮料的高度h变化的图象如图所示。饮料出口的横截面积S1＝0.8cm2，饮料流出的速度v＝50cm/s，杯高H＝10cm，杯底面积S2＝30cm2，g取10N/kg。则下列说法中正确的是（　　）

A．装满饮料时，杯底受到饮料的压力为4.5N
B．饮料的密度为1.5g/cm3
C．饮料持续流入空杯5s后关闭开关，杯对杯座的压强为800Pa
D．饮料持续流入空杯8s后关闭开关，杯对杯座的压强为1.5×103Pa
【分析】（1）根据图像读出h＝0cm时杯座受到的压力，即为空杯对杯座的压力，再读出h＝10cm即杯子装满饮料时杯对杯座的压力，两者的差值即为装满饮料时杯底受到饮料的压力；
（2）根据p＝求出饮料对杯底的压强，利用p＝ρ液gh求出饮料的密度；
（3）（4）知道饮料流出的速度和饮料出口的横截面积，可求饮料持续流入空杯5s后和8s后杯子内饮料的体积，利用m＝ρV求出杯子内饮料的质量，杯对杯座的压力等于空杯对杯座的压力加上饮料的重力，利用p＝求出杯对杯座的压强。
【解答】解：A、由图可知，当h＝0cm时，F0＝0.9N，即空杯对杯座的压力F0＝0.9N，
当h＝10cm即杯子装满饮料时，杯对杯座的压力F1＝4.5N，
则杯底受到饮料的压力F＝F1﹣F0＝4.5N﹣0.9N＝3.6N，故A错误；
B、S2＝30cm2＝3×10﹣3m2，
饮料对杯底的压强p＝＝＝1200Pa，
此时饮料的深度h＝H＝10cm＝0.1m，
由p＝ρ液gh可得，饮料的密度ρ＝＝＝1.2×103kg/m3＝1.2g/cm3，故B错误；
C、饮料流出的速度v＝50cm/s＝0.5m/s，
S1＝0.8cm2＝8×10﹣5m2，
饮料持续流入空杯5s后，杯子内饮料的体积V＝S1vt＝8×10﹣5m2×0.5m/s×5s＝2×10﹣4m3，
杯子内饮料的质量m＝ρV＝1.2×103kg/m3×2×10﹣4m3＝0.24kg，
杯对杯座的压力F′＝F0+mg＝0.9N+0.24kg×10N/kg＝3.3N，
杯对杯座的压强p′＝＝＝1100Pa，故C错误；
D、饮料持续流入空杯8s后，杯子内饮料的体积V′＝S1vt′＝8×10﹣5m2×0.5m/s×8s＝3.2×10﹣4m3，
理论上现在杯子内饮料的质量m′＝ρV′＝1.2×103kg/m3×3.2×10﹣4m3＝0.384kg，
实际上杯子最多能盛饮料的质量m实＝ρV杯＝ρS2h＝1.2×103kg/m3×3×10﹣3m2×0.1m＝0.36kg，
此时杯对杯座的压力F″＝F0+m实g＝0.9N+0.36kg×10N/kg＝4.5N，
杯对杯座的压强p″＝＝＝1.5×103Pa，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了液体压强公式和固体压强公式、密度公式、重力公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键。
二、填空题（本题共3小题，每空2分，共12分）
14．（4分）有一个边长为10cm的正方体，重力为50N，放在光滑墙角处，如图所示，受到水平方向力F1＝150N，竖直方向力F2＝15N的作用，地面所受压力为 　65　N，墙壁所受压强为 　15000　Pa。

【分析】（1）物体对水平地面的压力等于物体的重力和力F2的和。
（2）固体可以大小不变的传递压力，水平方向物体对墙的压力和力F1对物体的压力相等，然后根据压强公式求出这时竖直墙壁所受压强。
【解答】解：（1）水平地面所受压力：
F′＝F2+G＝15N+50N＝65N；
（2）竖直墙壁所受的压力：
F＝F1＝150N，
竖直墙壁所受压强：
p＝＝＝15000Pa。
故答案为：65；15000。
【点评】本题考查了压力和压强计算，要注意物体静止放在墙脚处时，水平方向受到的力和竖直方向上受到的力没有直接的关系，考虑水平方向的力，不用考虑竖直方向的力。
15．（4分）一物体放在水平地面上，如图1所示，已知物体所受水平拉力F随时间t的变化情况如图2所示，物体相应的速度v随时间t的变化关系如图3所示。则t＝4s时，木箱受到的摩擦力为 　2　N，在6～8s内，推力F做的功为 　12　J。


【分析】根据图像3判断木箱的运动状态，根据图2判断物体受到的拉力，结合二力平衡知识和滑动摩擦力的影响因素，判断t＝4s时，木箱受到的摩擦力；
根据图3结合s＝vt计算木箱在6～8s内行驶的路程，根据W＝Fs计算拉力F做的功。
【解答】解：由图2知，木箱在6～8s内，受到的推力水平拉力F＝2N，由图3可知，木箱在6～8s内做匀速直线运动，处于受力平衡状态，由二力平衡知识得此时木箱受到的摩擦力等于拉力为2N，滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，与运动速度无关，木箱在t＝4s时在加速运动，摩擦力也等于2N；
由图3知，木箱在6～8s内的速度为3m/s，运动的路程s＝vt＝3m/s×2s＝6m，
推力F做的功为W＝Fs＝2N×6m＝12J。
故答案为：2；12。
【点评】本题考查了摩擦力的知识、速度变形公式的应用、功的计算和滑动摩擦力大小的判断，知道滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，与运动速度无关，是解答本题的关键。
16．（4分）如图所示是某“养生壶”工作电路图．它有高温、中温、低温三个挡位，其低温挡的功率为275W，其中R1、R2为发热电阻，R2＝88Ω。则它的发热电阻R1为　88　Ω，在额定电压下用高温挡加热3kg水，使其温度从20℃上升到80℃，加热过程中电流做的功为　7.56×105　J。[不计热量损失，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]

【分析】（1）分析开关转换时不同的等效电路，根串并联电路的电阻特点和P＝UI＝得出功率，进而判断低温挡、高温挡、中温挡电路的连接方式，根据R＝求出低温挡时电路的连接方式，利用电阻的串联求出发热电阻R1的阻值：
（2）根据Q吸＝c水m（t﹣t0）求出水吸收的热量
【解答】解：（1）当开关S2接B、S1断开时，两电阻串联；当开关S2接B、S1闭合时，电路为R1的简单电路；当开关S2接A、S1闭合时，两电阻并联；
因串联电路中总电阻大于任何一个分电阻，并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，
所以，当开关S2接B、S1断开时电路的总电阻最大，当开关S2接A、S1闭合时电路中的总电阻最小，
由P＝UI＝可知，电源的电压一定时，电路的总电阻越大，总功率越小，反之越大，
则当开关S2接A、S1闭合时养生壶处于高温挡，当开关S2接B、S1断开时养生壶处于低温挡，当开关S2接B、S1闭合时养生壶处于中温挡，
由P＝UI＝可得，低温挡时电路的总电阻：R总＝＝＝176Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，发热电阻R1的阻值：R1＝R总﹣R2＝176Ω﹣88Ω＝88Ω；
（2）水吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×3kg×（80℃﹣20℃）＝7.56×105J。
故答案为：88；7.56×105。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和电功率公式、吸热公式、电功公式的综合应用，分析开关不同位置等效电路的功率，进而判断养生壶的挡位电路需要一定的分析能力
三、作图与实验探究题（共28分）
17．（3分）如图，F是透镜的焦点，a、b是两条入射光线，请作出与之对应的两条折射光线。

【分析】在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
【解答】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，由此作出a、b光线通过透镜之后的光路，如图所示：

【点评】凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。
18．（3分）请用笔画线代替导线将如图所示的家庭电路连接完整。

【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
（2）三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
【解答】解：（1）灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
（2）三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，保险丝要接到火线上，零线要接地。
如图所示：

【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
19．（10分）小永同学为了测量某品牌香醋的密度，进行以下实验。
（1）把天平放在水平桌面上，将 　游码　移至标尺零刻度处，调节平衡螺母使天平横梁平衡；

（2）接下来进行以下操作：
A.用天平测量烧杯和剩余香醋的总质量m1，如图1所示；
B.将待测香醋倒入烧杯中，用天平测出烧杯和香醋的总质量m2，如图2所示；
C.将烧杯中香醋的一部分倒入量筒，测出这部分香醋的体积V，如图3所示；
以上操作的正确顺序是：　BCA　（填字母代号）；
（3）由图2知烧杯和香醋的质量为 　82.4　g，由图3知量筒中香醋的体积，则香醋的密度是 　1.125　g/cm3；
（4）若在图3读数时由于倒入过快导致量筒内有气泡，所测得香醋的密度将 　偏小　（选填“偏大”或“偏小”）。
【分析】（1）天平的调节之前要游码置于零刻度，然后调节平衡螺母；
（2）先测烧杯和香醋的总质量，再测烧杯和剩下香醋的质量，这样算出的质量便是量筒中香醋的质量，从而避免因烧杯中香醋倒不干净而使香醋的体积偏小；
（3）量筒中醋的质量，应用图2中杯与醋的总质量m2减去图1中杯与剩余醋的质量m1．可用密度的公式ρ＝计算得出香醋的密度；
（4）用量筒测量水的体积时，视线应与液体凹面的底部相平；由于香醋中有气泡，使得香醋的体积读数结果偏大，根据密度公式得出其密度的大小变化。
【解答】解：（1）调节天平时，将游码移至零刻度线处，应移动平衡螺母来实现横梁的平衡；
（2）测量液体的密度时，应该首先测量烧杯和香醋的总质量m2，把适量的香醋倒入量筒中，读出其体积V，再测量出烧杯和剩余香醋的质量m1，故操作的正确顺序是：BCA；
（3）图2中烧杯和香醋的总质量m2＝82.4g，图1中烧杯和剩余香醋的质量m1＝37.4g，则量筒中香醋的质量m＝m2﹣m1＝82.4g﹣37.4g＝45g；
由图3知量筒中香醋的体积V＝40mL＝40cm3；
香醋的密度为：ρ＝＝＝1.125g/cm3；
（4）由于香醋中有气泡，会造成量筒中的这部分香醋的体积读数结果偏大，由ρ＝可知所测得香醋的密度偏小。
故答案为：（1）游码；（2）BCA；（3）82.4；1.125；（4）偏小。
【点评】本题主要考查的是天平的正确使用方法和测量液体密度的实验步骤，以及学生对密度计算的正确理解，是中考的常见题型，难度不是很大。
20．（12分）小明利用如图甲所示的电路探究电流跟电压、电阻的关系。已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。

（1）请根据图甲将图乙所示的实物电路连接完整（导线不允许交叉）；
（2）小明在探究电流与电阻关系时，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象；
①由图象可以得出结论：　在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比　；
②上述实验过程中，小明先用5Ω的电阻做完实验时，滑动变阻器滑片恰好移到a点位置，然后他用10Ω的电阻替换5Ω的电阻继续实验，闭合开关S，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为 　2.5　V时，读出电流表的示数，此时变阻器的滑片移至b点位置，那么b点在a点的 　左　（选填“左”或“右”）侧；
（3）为完成整个实验，应该选取最大阻值不小于 　35　Ω的滑动变阻器；
（4）小明在探究电流与电压关系时，根据相关数据绘制出I﹣U图象，如图丁中a所示；实验完成后，将电阻换成小灯泡，重复上述实验过程，绘制出I﹣U图象，如图丁中b所示。则图象中A、B、C三点电阻大小关系由大到小排列为 　RB、RC、RA　。
【分析】（1）变阻器按一上一下连入电路中与电阻串联，电压表与电阻并联；
（2）①由图丙得出电阻的电流与电阻之积，据此分析回答；
②根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
（3）根据串联电路电压的规律得出变阻器分得的电压，根据分压原理得出当接入25Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，据此分析；
（4）由图a图线是正比例图线，可知B点电阻与a、b相交处电阻相等，因灯泡的电阻增大，由图线b可知，所以RA＜RC＜R交点，据此分析回答。
【解答】解：（1）变阻器按一上一下连入电路中与电阻串联，电压表与电阻并联，如下所示：

（2）①由图丙知，电阻的电流与电阻之积为：
UV＝IR＝0.5A×5Ω＝0.1A×25Ω＝2.5V；
电流与电阻之积为一定值，得出的结论是：在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比。
②根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω（滑动变阻器滑片恰好移到a点位置）改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为2.5V，那么b点在a点的左侧；
（3）根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑＝U﹣UV＝6V﹣2.5V＝3.5V；
变阻器分得的电压为电压表示数的1.4倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑＝1.4×25Ω＝35Ω；
为完成整个实验，应该选取最大阻值不小于35Ω的滑动变阻器；
（4）图a是正比例图线，表示定值电阻的I﹣U图象，所以B点电阻与a、b相交处电阻相等，
由图线b可知，灯泡两端的电压变大时，电流变大，根据P＝UI灯泡的实际功率变大，灯丝温度升高，灯泡的电阻增大，所以RA＜RC＜R交点，即：RA＜RC＜RB，由大到小排列为 RB、RC、RA。
故答案为：（1）见解析中的图；（2）①在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；②2.5；左；（3）35；（4）RB、RC、RA。
【点评】本题探究电流跟电压、电阻的关系，考查电路连接、数据分析、操作过程及对实验的要求。
四、计算题（本题共2小题，20小题10分，21小题11分，共21分。要求写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能计分。）
21．（10分）小明根据如图甲所示的电路组装成调光灯，并进行测试。电源电压9V保持不变，小灯泡的额定电压是6V，小灯泡的I﹣U图象如图乙所示。求：

（1）小灯泡正常发光时的电阻；
（2）小灯泡正常发光时，电路的总功率；
（3）如果把灯光调暗，使小灯泡两端电压为3V，电阻R在10min消耗的电能。
【分析】（1）由图乙可知，小灯泡正常发光时的电流，利用欧姆定律求小灯泡的电阻；
（2）根据P＝UI可求小灯泡正常发光时的电功率。
（3）由图乙可知小灯泡两端电压为3V时，电路中的电流为0.7A，利用W＝UIt可求电阻R在10min消耗的电能。
【解答】解：由甲图可知，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量小灯泡电压；
（1）小灯泡的额定电压是6V，由图乙可知，小灯泡正常发光时的电流IL＝1A，
由I＝可得小灯泡正常发光时的电阻：
RL＝＝＝6Ω；
（2）由图乙可知小灯泡正常发光时电路中的电流为1A，电路的总功率：
P＝UI＝9V×1A＝9W；
（3）由图乙可知，小灯泡两端电压为3V时，电路的电流为0.7A，
由串联电路电压规律可知电阻R两端的电压：UR＝U﹣UL′＝9V﹣3V＝6V
电阻R在10min消耗的电能：W＝URIt＝6V×0.7A×10×60s＝2520J。
答：（1）小灯泡正常发光时的电阻为6Ω。
（2）小灯泡正常发光时，电路的总功率为9W；
（3）如果把灯光调暗，使小灯泡两端电压为3V，电阻R在10min消耗的电能为2520J。
【点评】本题以图象呈现信息，重在考查学生对物理过程的分析和数据处理能力。明确小灯泡的电阻随电压的改变而变化，从图中找出符合题目条件下的小灯泡的电压是解题的关键。
22．（11分）两个实心正方体A、B由密度均为ρ的同种材料制成，正方体A的质量为0.7kg，正方体B的质量为5.6kg，将A、B均放置在水平桌面上时，如图甲所示，两物体对桌面的压强分别是pA、pB；若将A物体浸没在水中，用甲滑轮组匀速提升，如图乙所示，匀速提升过程A物体一直没露出水面，此时滑轮组的机械效率为80%。已知动滑轮的重力为A物体重力的0.2倍，绳重和摩擦不计，ρ水＝1×103kg/m3，求：
（1）A物体的重量GA；
（2）A、B两物体对桌面的压强之比。
（3）A、B两个实心正方体的材料密度ρ。

【分析】（1）根据G＝mg求A物体的重力；
（2）根据密度公式和体积公式求出A、B两物体的边长之比，根据p＝＝＝＝＝＝ρgL求出A、B两物体对桌面的压强之比；
（3）根据动滑轮的重力为A物体重力的0.2倍求出动滑轮的重力；根据不计绳重和摩擦时η＝＝＝＝求出物体A没露出水面之前物体A受到的拉力，根据力的平衡条件求出物体A受到的浮力，根据阿基米德原理求出物体A排开水的体积，根据物体浸没在液体中时物体排开液体的体积等于物体的体积求出物体A的体积，根据密度公式求出A、B两个实心正方体的材料密度。
【解答】解：（1）A物体的重力：GA＝mAg＝0.7kg×10N/kg＝7N；
（2）由ρ＝可知，A、B两物体的体积之比：＝＝＝＝，
由V＝L3可知，A、B两物体的边长之比：＝＝＝＝，
由p＝＝＝＝＝＝ρgL可知，A、B两物体对桌面的压强之比：＝＝＝；
（3）由题意可知，动滑轮的重力：G动＝0.2GA＝0.2×7N＝1.4N，
由不计绳重和摩擦时η＝＝＝＝可知，
物体A没露出水面之前物体A受到的拉力：F拉＝动＝×1.4N＝5.6N，
由力的平衡条件可知，物体A受到的浮力：F浮＝GA﹣F拉＝7N﹣5.6N＝1.4N，
由F浮＝ρ液gV排可知，物体A排开水的体积：V排＝＝＝1.4×10﹣4m3，
因为此时物体A浸没在水中，所以物体A的体积：VA＝V排＝1.4×10﹣4m3，
则A、B两个实心正方体的材料密度：ρ＝＝＝5×103kg/m3。
答：（1）A物体的重力为7N；
（2）A、B两物体对桌面的压强之比为1：2；
（3）A、B两个实心正方体的材料密度为5×103kg/m3。
【点评】本题为力学综合题，考查了重力公式、密度公式、压强公式、阿基米德原理、效率公式的应用，利用好推导式p＝＝＝＝＝＝ρgL，知道不计绳重和摩擦时滑轮组的机械效率η＝＝＝＝是关键。