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2023年吉林省松原市宁江区中考物理二模试卷(含答案)
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这是一份2023年吉林省松原市宁江区中考物理二模试卷(含答案)，共27页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，计算题，简答题，作图等内容，欢迎下载使用。
2023年吉林省松原市宁江区中考物理二模试卷
一、单项选择题（每小题2分，共12分）
1．（2分）下列现象是由光的折射形成的是（ ）
A．立竿见影 B．海市蜃楼 C．小孔成像 D．水中倒影
2．（2分）下列自然现象与对应的物态变化正确的是（ ）
A．露——汽化 B．霜——凝固 C．雾——升华 D．雾凇——凝华
3．（2分）下列装置中应用电磁感应现象的是（ ）
A．动圈式话筒 B．扬声器 C．电热毯 D．电风扇
4．（2分）下列数据不符合实际的是（ ）
A．一个鸡蛋的质量是50g
B．家用照明灯正常工作电流为3A
C．中学生正常步行的速度1.1m/s
D．中学生课桌高度为75cm
5．（2分）小明观察家中的电能表（如图所示），提出以下观点，其中正确的是（ ）
A．此电能表应接在220V的电路中使用
B．此电能表的额定功率是220W
C．小明家已经消耗的电能是2019.3J
D．此电能表转盘每小时转过1000转
6．（2分）在水平桌面上有两个完全相同的烧杯，杯内分别盛满甲、乙两种不同液体，把两个完全相同的小球分别放入两烧杯中，小球静止后位置如图所示，下列判断正确的是（ ）
A．液体的密度ρ甲＜ρ乙
B．小球排开液体的质量m排甲＜m排乙
C．小球受到的浮力F甲＝F乙
D．液体对烧杯底的压强p甲＜p乙
二、填空题（每空1分，共18分）
7．（2分）小红每天放学后坚持练习钢琴，当她使用相同的力量弹不同的琴键时，声音的 不同；当她使用不同的力量弹同一琴键时，声音的 不同。
8．（2分）身高1.7m的小明站在平面镜前，他在镜中的像高 m，当小明远离平面镜时，他在镜中像的大小 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
9．（2分）现在我们在大街上可以看到很多电动汽车，电动汽车主要靠电动机驱动行驶，电动机的原理是 ；电能是 （选填“一次”或“二次”）能源。
10．（2分）2022年6月5日，“神舟十四号”载人飞船与空间站天和核心舱成功对接，对接后，以飞船为参照物，核心舱是 的；从地球带到核心舱的科学仪器质量 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
11．（2分）将两片不同的金属片A、B浸在盐水中，这就是一个电池，把金属片A、B分别用导线连接到电压表接线柱上，电压表的指针发生如图所示的偏转，则金属片A是 极。电池提供的电力点亮了一个发光二极管，发光二极管是 （选填“导体”“半导体”或“超导体”）材料制成的。
12．（2分）一名滑雪爱好者穿着滑雪板在水平雪地上滑行，他用滑雪杖向后撑雪地就会向前滑行，这利用力的作用是 的，他停止用滑雪杖撑雪地，仍会向前滑行一段距离，这是由于他具有 。
13．（2分）我国第三艘航空母舰“福建号”满载排水量为8.5万吨，满载航行时受到的浮力为 N，航空母舰上的舰载机在遇到大风天气时，应该 （选填“顺风”或“逆风”）起飞。
14．（2分）如图所示，利用甲、乙装置分别匀速提起重力相同的物体，装置中滑轮完全相同，不计绳重和摩擦，则F甲 F乙，η甲 η乙。（均选填“＞”“＜”或“＝”）
15．（2分）洗热水澡时，温度较高的水蒸气 （选填“吸收”或“放出”）热量，从而在平面镜上液化成小水滴，这样无法照镜子。有一款平面镜防雾膜，膜内装有电热丝，通电后发热可防止平面镜起雾，防雾膜的规格是2 W/dm2，一块面积为30dm2的防雾膜正常工作10min消耗的电能是 J。
三、计算题（每小题5分，共10分）
16．（5分）小明用如图所示的重为10N的水桶提水，桶中装有重为150N的水，水深0.35m，提水时手的受力面积为10cm2，已知水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）人手受到的压强；
（2）水对桶底的压强。
17．（5分）如图所示，电源两端电压保持不变，电阻R1的阻值为10Ω，电阻R2的阻值为20Ω，当只闭合开关S1时，电流表的示数为1.2A。
求：
（1）电源电压U；
（2）开关S1、S2都闭合时，电路消耗的总功率P。
四、简答题（每小题2分，共6分）
18．（2分）相同日照条件下，沿海地区一天中的温度差比沙漠地区的温度差小，这是为什么？
19．（2分）生活中很多时候我们会用到杠杆，请你在日常所用的物品中举出省力杠杆和费力杠杆各一例。
省力杠杆： ；费力杠杆： 。
20．（2分）如图所示，将一个螺线管沿东西方向水平悬挂起来，然后给导线通电，螺线管会指南北方向。请你解释这种现象。
五、作图、实验与探究题（第21题每小题2分，第22-26题，每空1分，共24分）
21．（2分）如图所示，一束阳光射到玻璃上，请画出它的反射光线。
22．（2分）小球抛出后在空中运动的情景如图所示，忽略空气对小球的作用，请作出小球在图中位
置的受力示意图。
23．（2分）用笔画线表示导线，将图中的开关、插座分别接入家庭电路中。
24．（3分）小明用焦距为15cm的凸透镜做“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示，此时光屏上承接到清晰的像， （选填“放大镜”“照相机”或“投影仪”）运用了该成像规律；
（2）在（1）的基础上，保持蜡烛和光屏的位置不变，只移动凸透镜， （选填“能”或“不能”）在光屏上再次得到另一个清晰放大的像；
（3）向右将蜡烛移至光具座40cm刻度线处，小明发现无论怎么移动光屏，在光屏上都得不到像。这是因为此时烛焰通过凸透镜成的是 像。
25．（2分）如图甲所示是“探究水沸腾时的温度变化的特点”的实验。两组同学在相同的环境中，用相同的酒精灯分别进行实验，并根据实验数据绘制出如图乙所示的a、b两个图象。
（1）水的沸点是 ℃，在沸腾过程中水的温度 ；
（2）从开始加热到时间t的过程中，两组同学所用的水吸收的热量Qa Qb。
26．（4分）小明用如图所示装置“探究滑动摩擦力与哪些因素有关”。
（1）实验中用弹簧测力计沿 方向匀速直线拉动木块；
（2）由甲、乙两次实验可探究滑动摩擦力的大小与 的关系；
（3）完成图丙所示实验时，小明进行了两次正确的操作，两次木块运动的速度分别为va、vb，所受的摩擦力分别为fa、fb。若va＞vb，则fa fb。
27．（4分）如图是探究“电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关”的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气。
（1）实验中，通过U形管中液面 的变化，来体现电流通过电阻丝产生热量的多少；
（2）甲装置可探究电流产生的热量与 的关系；
（3）乙装置中的电阻R3的作用是使通过电阻丝R1、R2的电流 ；
（4）若用乙装置实验时，两个U形管液面高度有变化，但变化始终相同，则可能是电阻 断路。
28．（5分）小红和小明在河边捡了一些漂亮的小石块，他们用不同的方法测量了石块的密度。
（1）小红利用天平、量筒、细线、水来测量石块密度；
①调节天平时，指针静止的位置如图1甲所示，为使天平平衡，应将平衡螺母向 调节；
②用已调好的天平测量石块的质量，横梁平衡时数据如图1乙所示，则石块的质量为 g，用量筒测石块的体积如图1丙所示，由此可算得石块的密度为 g/cm3；
（2）小明家里的电子秤有“清零”功能，例如在电子秤上放100g砝码，显示100g，按清零键后，显示变为零；随后再放50g砝码，电子秤显示为50g。小明利用这个电子秤、烧杯、细线、水测量另一个石块的密度。
①烧杯中装入适量水，放在电子秤上，按清零键，示数变为零，如图2甲所示；
②手提细线拴住石块，浸没在水中，且不与烧杯底和壁接触，记下此时电子秤的示数为80g，如图2乙所示；
③石块接触烧杯底后，放开细线，记下电子秤的示数为320g，如图2丙所示。
则步骤②中细线对石块的拉力为 N，这个石块的密度为 kg/m3。
2023年吉林省松原市宁江区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（每小题2分，共12分）
1．（2分）下列现象是由光的折射形成的是（ ）
A．立竿见影 B．海市蜃楼 C．小孔成像 D．水中倒影
【分析】光现象有以下三种情况：
（1）光在同种均匀介质中沿直线传播，如：激光准直、小孔成像和影子的形成等；
（2）当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：如海市蜃楼、池水变浅等。
【解答】解：A、立竿见影属于光的直线传播，故A错误；
B、海市蜃楼是光经过不均匀的大气层发生折射形成的，故B正确；
C、小孔成像是光沿直线传播形成的，故C错误；
D、水中倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故D错误；
故选：B。
【点评】此题主要考查身边常见的光现象，要求学生对于生活中由于光的直线传播、光的反射和折射形成的现象有所了解和掌握，属于基础题。
2．（2分）下列自然现象与对应的物态变化正确的是（ ）
A．露——汽化 B．霜——凝固 C．雾——升华 D．雾凇——凝华
【分析】物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
【解答】解：A、露的形成，是液化现象，故A错误；
B、霜的形成，是凝华现象，故B错误；
C、雾的形成，是液化现象，故C错误；
D、雾凇的形成，是凝华现象，故D正确。
故选：D。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3．（2分）下列装置中应用电磁感应现象的是（ ）
A．动圈式话筒 B．扬声器 C．电热毯 D．电风扇
【分析】电磁感应现象的内容是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流。分析各个选项的原理进行选择。
【解答】解：A．对着动圈式话筒说话时，声音通过空气传播，引起膜片振动，膜片振动引起线圈振动，线圈切割磁感线运动，线圈中产生感应电流，这种现象是电磁感应现象，动圈式话筒是根据电磁感应原理制成的，故A符合题意。
B．扬声器是利用通电导体在磁场中受力的作用的原理制成的，故B不符合题意；
C．电热毯利用的是电流的热效应，故C不符合题意。
D．电风扇的主要部件是电动机，电动机工作时，通电线圈在磁场中受力而转动，所以电动机是根据磁场对电流的作用来工作的，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】在电和磁这一部分中，学到了很多电学设备，每个设备的制成原理是经常考查的知识点，要在理解的基础上，记住这些基础知识。
4．（2分）下列数据不符合实际的是（ ）
A．一个鸡蛋的质量是50g
B．家用照明灯正常工作电流为3A
C．中学生正常步行的速度1.1m/s
D．中学生课桌高度为75cm
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A．一个鸡蛋的质量是50g，故A符合实际；
B．家用照明灯正常工作的功率在40W左右，照明电路电压为220V，故正常工作的电流I＝＝≈0.18A；达不到3A，故B不符合实际；
C．中学生正常步行的速度1.1m/s，故C符合实际；
D．中学生身高1.6m，课桌约为身高的一半，高度为75cm，故D符合实际。
故选：B。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
5．（2分）小明观察家中的电能表（如图所示），提出以下观点，其中正确的是（ ）
A．此电能表应接在220V的电路中使用
B．此电能表的额定功率是220W
C．小明家已经消耗的电能是2019.3J
D．此电能表转盘每小时转过1000转
【分析】（1）电能表是测量用电器在一定时间内消耗电能多少的仪表。电能表表盘上显示的数字是已消耗的电能；
（2）电能表上“220V 10（20）A”表示该电能表在220V的电路中使用，最大电流不允许超过20A，可利用公式P＝UI求出该电能表允许接入用电器的最大总功率；
（3）“1000r/（kW•h）”表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转1000转。
【解答】解：A．此电能表应该接在220V的电路中使用，故A正确；
B．该电能表允许接入用电器的最大总功率：P＝UI＝220V×20A＝4400W，故B错误；
C．小明家已经消耗的电能是2019.3kW•h，故C错误；
D．“1000r/（kW•h）”表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转1000转，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查对电能表参数的理解，关键是理解电能表各参数的物理意义。
6．（2分）在水平桌面上有两个完全相同的烧杯，杯内分别盛满甲、乙两种不同液体，把两个完全相同的小球分别放入两烧杯中，小球静止后位置如图所示，下列判断正确的是（ ）
A．液体的密度ρ甲＜ρ乙
B．小球排开液体的质量m排甲＜m排乙
C．小球受到的浮力F甲＝F乙
D．液体对烧杯底的压强p甲＜p乙
【分析】（1）根据图示中小球在两种液体中的浮沉状态，利用物体浮沉条件分别得出小球与两种液体的密度关系，进而得出两种液体的密度关系；
（2）根据图示中小球在两种液体中的浮沉状态，利用物体浮沉条件分别得出小球在两种液体中受到的浮力与其重力的关系，进而得出浮力关系；根据阿基米德原理可知小球排开液体的重力关系，利用重力公式可知排开液体的质量关系；
（3）知道液体的密度关系，利用p＝ρgh可知液体对烧杯底的压强关系。
【解答】解：A、由图可知，小球在甲中漂浮，则ρ球＜ρ甲，在乙中悬浮，则ρ球＝ρ乙，故液体的密度ρ甲＞ρ乙，故A错误；
BC、由图可知，小球在甲中漂浮，则小球在甲液体受到的浮力F浮甲＝G，在乙中悬浮，则小球在乙液体受到的浮力F浮乙＝G，所以F浮甲＝F浮乙，根据阿基米德原理可知，小球排开液体的重力G排甲＝G排乙，根据G＝mg可知，小球排开液体的质量m排甲＝m排乙，故B错误、C正确；
D、由题意可知，液面相平，液体的密度ρ甲＞ρ乙，根据p＝ρgh可知，液体对烧杯底的压强p甲＞p乙，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了阿基米德原理和物体浮沉条件、液体压强公式、压强定义公式、重力公式的综合应用，题目综合性较强，有一定的难度。
二、填空题（每空1分，共18分）
7．（2分）小红每天放学后坚持练习钢琴，当她使用相同的力量弹不同的琴键时，声音的 音调 不同；当她使用不同的力量弹同一琴键时，声音的 响度 不同。
【分析】（1）声音的响度是指声音的大小，响度与振幅、传播距离、分散程度有关；
（2）音调是指声音的高低，与振动频率有关。
【解答】解：
（1）当用相同的力弹奏不同的琴键时，振动频率不同，则声音的音调不同；
（2）当用不同的力弹钢琴时，振动幅度不同，发出声音的响度不同。
故答案为：音调；响度。
【点评】本题考查声音的三个特征，及其影响因素，属声学的基础题，也是考查率最高的题目之一。
8．（2分）身高1.7m的小明站在平面镜前，他在镜中的像高 1.7 m，当小明远离平面镜时，他在镜中像的大小 不变 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【分析】根据平面镜成像特点，平面镜所成的像与物体大小相同，像与物体关于平面镜对称，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相同。
【解答】解：因为平面镜所成的像和物体形状、大小相同，所以，由小明身高1.7m可知，他在镜中的像高等于1.7m；
因为平面镜所成的像和物体形状、大小相同，小明远离平面镜，他的像的大小将不变。
故答案为：1.7；不变。
【点评】平面镜成像的特点在实际生活中应用非常广泛，也是光学中一个很重要的知识点，要求熟练掌握，并学会灵活运用。
9．（2分）现在我们在大街上可以看到很多电动汽车，电动汽车主要靠电动机驱动行驶，电动机的原理是 通电导体在磁场中受到力的作用 ；电能是 二次 （选填“一次”或“二次”）能源。
【分析】（1）电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用；
（2）无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源为二次能源，电能是二次能源。
【解答】解：电动汽车主要靠电动机驱动行驶，电动机的原理是通电导体在磁场中受到力的作用；电能是二次能源。
故答案为：通电导体在磁场中受到力的作用；二次。
【点评】本题考查了）电动机的工作原理、能源的分类，但难度不大，属于基础性题目。
10．（2分）2022年6月5日，“神舟十四号”载人飞船与空间站天和核心舱成功对接，对接后，以飞船为参照物，核心舱是 静止 的；从地球带到核心舱的科学仪器质量 不变 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【分析】（1）物体与参照物的位置改变了，物体就是运动的，物体与参照物的位置不变，物体就是静止的；
（2）质量是物体本身的一种属性，与形状、状态、位置和温度无关。
【解答】解：“神舟十四号”载人飞船与空间站天和核心舱成功对接，对接后，以飞船为参照物，核心舱相对于飞船的位置不变，核心舱是静止的；从地球带到核心舱的科学仪器质量不变。
故答案为：静止；不变。
【点评】本题考查了运动和静止的相对性、质量及其特性，属于基础性题目。
11．（2分）将两片不同的金属片A、B浸在盐水中，这就是一个电池，把金属片A、B分别用导线连接到电压表接线柱上，电压表的指针发生如图所示的偏转，则金属片A是 正 极。电池提供的电力点亮了一个发光二极管，发光二极管是 半导体 （选填“导体”“半导体”或“超导体”）材料制成的。
【分析】（1）由图中电压表指针的偏转方向可判断电流方向，同时能判断电池的极性。
（2）二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性。
【解答】解：图中电压表指针反向偏转，则连接电压表正接线柱的是电池的负极，与连接电压表负接线柱的是电池的正极，即金属片A是电池的正极。
发光二极管的特点就是单向导电性，利用的主要材料就是半导体。
故答案为：正；半导体。
【点评】本题考查的是用电压表判断电池极性方法和二极管的有关知识；运用电压表判断电池的正负极时，电压表正常偏转则连接电压表正接线柱的是电池的正极；电压表反向偏转时，连接电压表正接线柱的是电池的负极。
12．（2分）一名滑雪爱好者穿着滑雪板在水平雪地上滑行，他用滑雪杖向后撑雪地就会向前滑行，这利用力的作用是 相互 的，他停止用滑雪杖撑雪地，仍会向前滑行一段距离，这是由于他具有 惯性 。
【分析】（1）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
（2）物体都有保持原来运动状态不变的性质，即惯性。
【解答】解：（1）用滑雪杖向后撑雪地就会向前滑行，这利用力的作用是相互的；
（2）停止用滑雪杖撑雪地，仍会向前滑行一段距离，这是由于运动员具有惯性，仍会保持原来的运动状态。
故答案为：相互；惯性。
【点评】本题以滑雪运动为背景，考查了力的相互性和惯性的相关知识，综合性强，但难度不大。
13．（2分）我国第三艘航空母舰“福建号”满载排水量为8.5万吨，满载航行时受到的浮力为 8.5×108 N，航空母舰上的舰载机在遇到大风天气时，应该 逆风 （选填“顺风”或“逆风”）起飞。
【分析】（1）根据物体的漂浮条件F浮＝G＝mg来计算“福建号”满载航行时受到的浮力。
（2）飞机的机翼通常都做成上面凸起，下面平直的形状。这样，当飞机起飞时，流过机翼上方的空气流速大，压强小，流过机翼下方的空气流速小，压强大，机翼上下方所受到的压力差便形成向上的升力。
【解答】解：（1）满载排水量为8.5万吨，满载航行时，根据阿基米德原理可知：F浮＝G排＝m排g＝8.5×104×103kg×10N/kg＝8.5×108N。
（2）飞机的机翼通常都做成上面凸起，下面平直的形状，飞机在长长的跑道上加速滑行时，流过机翼上方的空气速度快，流过机翼下方的空气流速慢。机翼上下方所受空气的压力差形成向上的升力。当飞机滑行的速度达到一定值时，机翼所受的升力大于飞机自身的重力，飞机就起飞了。飞机逆风起飞时飞机的速度不需要加速到很大，飞机就可相对空气有一个较大的相对速度，从而获得足够的升力，故逆风起飞更容易。
故答案为：8.5×108；逆风。
【点评】本题考查了流体压强与流速的关系、物体浮沉条件及其应用等知识，是一道理论联系实际的好题。
14．（2分）如图所示，利用甲、乙装置分别匀速提起重力相同的物体，装置中滑轮完全相同，不计绳重和摩擦，则F甲 ＜ F乙，η甲 ＝ η乙。（均选填“＞”“＜”或“＝”）
【分析】（1）不计绳重和摩擦，根据F＝（G物+G轮）分析拉力的大小关系；
（2）不计绳重和摩擦时，滑轮组的额外功是由克服动滑轮重力所做的功，再根据总功等于有用功和额外功之和结合机械效率公式分析两滑轮组机械效率之间的关系。
【解答】解：（1）甲图中由3段绳子承担重物，乙图中由2段绳子承担重物，因为装置中滑轮完全相同，不计绳重和摩擦，根据F＝（G物+G轮）可知，F甲＜F乙；
（2）甲、乙两滑轮组所提的重物相同、上升的高度相同，则两滑轮组所做的有用功相同，不计绳重和摩擦时，滑轮组的额外功是由克服动滑轮重力所做的功，根据W＝Gh可知，动滑轮重和上升高度相同时，两者的额外功相等，由W总＝W有+W额可得，两滑轮组的总功相同，根据η＝可知，两滑轮组的机械效率相等，即η甲＝η乙。
故答案为：＜；＝。
【点评】本题考查了功和机械效率的计算，关键是会分析滑轮组额外功产生的原因和公式F＝（G物+G轮）的灵活运用。
15．（2分）洗热水澡时，温度较高的水蒸气 放出 （选填“吸收”或“放出”）热量，从而在平面镜上液化成小水滴，这样无法照镜子。有一款平面镜防雾膜，膜内装有电热丝，通电后发热可防止平面镜起雾，防雾膜的规格是2 W/dm2，一块面积为30dm2的防雾膜正常工作10min消耗的电能是 3.6×104 J。
【分析】（1）物质由气态变成液态叫做液化，液化是放热过程；
（2）已知每平方分米防雾膜的功率和防雾膜的总面积，首先计算出防雾膜的总功率，再根据W＝Pt计算防雾膜正常工作10min消耗的电能.
【解答】解：水蒸气遇到冷的镜面放出热量，液化成小水珠，形成一层雾；
防雾膜的规格是2W/dm2，一块面积为30dm2的防雾膜总功率为：P＝2W/dm2×30dm2＝60W；
防雾膜正常工作10min消耗的电能为：W＝Pt＝60W×60×10s＝3.6×104J。
故答案为：放出；3.6×104。
【点评】本题考查了物态变化和电功的计算，属于基础题。
三、计算题（每小题5分，共10分）
16．（5分）小明用如图所示的重为10N的水桶提水，桶中装有重为150N的水，水深0.35m，提水时手的受力面积为10cm2，已知水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）人手受到的压强；
（2）水对桶底的压强。
【分析】（1）桶对手的压力等于水桶和水的总重力，又知手的受力面积，根据p＝求出人手受到的压强。
（3）已知水的深度，根据p＝ρgh求出水对桶底的压强。
【解答】解：（1）桶对手的压力：
F＝G总＝G水+G桶＝150N+10N＝160N，
人手受到的压强：
p＝＝＝1.6×105Pa；
（2）水对桶底的压强：
p′＝ρ水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.35m＝3.5×103Pa。
答：（1）人手受到的压强为1.6×105Pa；
（2）水对桶底的压强3.5×103Pa。
【点评】此题主要考查的是液体压强公式、压强定义式的应用，难度不大。
17．（5分）如图所示，电源两端电压保持不变，电阻R1的阻值为10Ω，电阻R2的阻值为20Ω，当只闭合开关S1时，电流表的示数为1.2A。
求：
（1）电源电压U；
（2）开关S1、S2都闭合时，电路消耗的总功率P。
【分析】（1）当只闭合开关S1时，电路是R1的简单电路，电流表测电路中电流，根据欧姆定律求出电源的电压；
（2）当开关S1、S2都闭合时，两电阻并联，利用并联电路电压规律和欧姆定律求出通过R2的电流，根据并联电路电流特点求出干路电流，利用P＝UI求出电路消耗的总功率。
【解答】解：（1）当只闭合开关S1时，电路是R1的简单电路，电流表测电路中电流；
由I＝可得，U＝I1R1＝1.2A×10Ω＝12V；
（2）当开关S1、S2都闭合时，两电阻并联；
因并联电路中各支路两端电压相等，所以通过R2的电流：I2＝＝＝0.6A，
因并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流：I＝I1+I2＝1.2A+0.6A＝1.8A；
电路消耗的总功率：P＝UI＝12V×1.8A＝21.6W。
答：（1）电源的电压为12V；
（2）开关S1、S2都闭合时，电路消耗的总功率为21.6W。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题。
四、简答题（每小题2分，共6分）
18．（2分）相同日照条件下，沿海地区一天中的温度差比沙漠地区的温度差小，这是为什么？
【分析】水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的较少。
【解答】答：水的比热容比沙石的比热容大，相同质量的水和沙石，吸收或放出相同的热量时，水温度的变化量较小，相同日照条件下，沿海地区一天中的温度差比沙漠地区的温度差小。
【点评】本题考查用水的比热容特点来解释现象，属于基础题。
19．（2分）生活中很多时候我们会用到杠杆，请你在日常所用的物品中举出省力杠杆和费力杠杆各一例。
省力杠杆： 撬棍 ；费力杠杆： 镊子 。
【分析】当动力臂大于阻力臂时就是省力杠杆；
当动力臂小于阻力臂时就是费力杠杆。
【解答】解：省力杠杆，动力臂大于阻力臂，生活中常会用到省力杠杆，比如撬棍、指甲刀、钳子等；
费力杠杆，动力臂小于阻力臂，生活中的镊子、鱼竿、船桨、筷子都是费力杠杆。
故答案为：撬棍；镊子。
【点评】本题考查了生活中常见的杠杆，是一道基础题。
20．（2分）如图所示，将一个螺线管沿东西方向水平悬挂起来，然后给导线通电，螺线管会指南北方向。请你解释这种现象。
【分析】通电导体周围存在着磁场；
地球自身是一个大磁体。
【解答】答：通电螺线管周围存在磁场，通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似，地球的周围也存在磁场，地磁场的两极在地理的南北两极附近，在地磁场的作用下，通电螺线管会指示南北。
【点评】本题考查的是通电导体周围存在着磁场，属于基础题。
五、作图、实验与探究题（第21题每小题2分，第22-26题，每空1分，共24分）
21．（2分）如图所示，一束阳光射到玻璃上，请画出它的反射光线。
【分析】根据光的反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线。
【解答】解：先过入射点O垂直于镜面作出法线，根据反射角等于入射角，在法线下面作出反射光线，如图所示：
【点评】作光路图一定要仔细规范，法线要用虚线，光线的传播方向要标准确。
22．（2分）小球抛出后在空中运动的情景如图所示，忽略空气对小球的作用，请作出小球在图中位
置的受力示意图。
【分析】不考虑空气阻力，在空中的物体只受重力作用；重力的方向总是竖直向下的，作用点在重心。
【解答】解：由于忽略空气阻力，球在空中运动只受重力作用，过球心画一条竖直向下的带箭头的线段，即为小球的所受力的示意图，如图所示：
【点评】本题考查了重力的示意图的画法，难度不大，需要牢记的是：不管物体怎样运动，重力的方向总是竖直向下的。
23．（2分）用笔画线表示导线，将图中的开关、插座分别接入家庭电路中。
【分析】电灯的接法：火线首先进开关，再入电灯顶端的金属点，零线直接接入电灯的螺旋口；三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线。
【解答】解：开关控制电灯时，开关和电灯串联，火线首先过开关再入灯泡，然后接到零线上；三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，如图所示：
。
【点评】本题考查了家庭电路的连接，属于基础题。
24．（3分）小明用焦距为15cm的凸透镜做“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示，此时光屏上承接到清晰的像， 照相机 （选填“放大镜”“照相机”或“投影仪”）运用了该成像规律；
（2）在（1）的基础上，保持蜡烛和光屏的位置不变，只移动凸透镜， 能 （选填“能”或“不能”）在光屏上再次得到另一个清晰放大的像；
（3）向右将蜡烛移至光具座40cm刻度线处，小明发现无论怎么移动光屏，在光屏上都得不到像。这是因为此时烛焰通过凸透镜成的是 虚 像。
【分析】（1）凸透镜成像规律：u＞2f，成倒立、缩小的实像，生活中的照相机就是利用这一规律制成的；
（2）根据光路的可逆性分析解答；
（3）物距小于一倍焦距时，凸透镜成正立放大的虚像。
【解答】解：（1）由图乙可知，此时物距：u＝50.0cm﹣10.0cm＝40.0cm＞30.0cm，即u＞2f，此时凸透镜成倒立、缩小的实像，生活中的照相机就是利用这一规律制成的；
（2）在光屏上已经承接到清晰缩小的像，保持蜡烛和光屏的位置不动，移动凸透镜的位置，根据光路可逆可知，当第二次的物距等于第一次的像距时，第二次的像距等于第一次的物距，光屏上一定能再次呈现清晰的像，像与第一次相比是放大的像，因此只移动凸透镜能在光屏上再次得到另一个清晰放大的像；
（3）蜡烛移至光具座40cm刻度线处，物距为10cm，小于一倍焦距，成正立放大的虚像，所以在光屏上不成像。
故答案为：（1）照相机；（2）能；（3）虚。
【点评】本题考查凸透镜成像规律的应用，要掌握有关基础知识，灵活应用。
25．（2分）如图甲所示是“探究水沸腾时的温度变化的特点”的实验。两组同学在相同的环境中，用相同的酒精灯分别进行实验，并根据实验数据绘制出如图乙所示的a、b两个图象。
（1）水的沸点是 98 ℃，在沸腾过程中水的温度 不变 ；
（2）从开始加热到时间t的过程中，两组同学所用的水吸收的热量Qa ＝ Qb。
【分析】（1）液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个温度即为液体的沸点；
（2）用相同的酒精灯加热，加热时间相同，物质吸收的热量相同。
【解答】解：（1）液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度即为液体的沸点，图中所示水的沸点是98℃；
（3）用相同的酒精灯加热，加热时间相同，物质吸收的热量相同，所以加热tmin，两组同学所用的水吸收的热量相等，即Qa＝Qb。
故答案为：（1）98；不变；（2）＝。
【点评】本题考查探究“水沸腾时温度变化的特点”的实验，重点考查沸腾条件、沸点及图象分析等问题。
26．（4分）小明用如图所示装置“探究滑动摩擦力与哪些因素有关”。
（1）实验中用弹簧测力计沿 水平 方向匀速直线拉动木块；
（2）由甲、乙两次实验可探究滑动摩擦力的大小与 压力大小 的关系；
（3）完成图丙所示实验时，小明进行了两次正确的操作，两次木块运动的速度分别为va、vb，所受的摩擦力分别为fa、fb。若va＞vb，则fa ＝ fb。
【分析】（1）测量滑动摩擦力时，需沿水平方向匀速拉动弹簧测力计，此时拉力与滑动摩擦力平衡，大小相等；
（2）分析甲、乙两图不变的量和改变的量，得出滑动摩擦力与压力的大小关系；
（3）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度无关，在两次实验中，木块对水平面的压力和接触面的粗糙程度不变，据此分析。
【解答】解：（1）在实验中，小明用弹簧测力计在水平方向上匀速直线拉动木块，此时拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等；
（2）甲、乙接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，测力计的示数不同，可得滑动摩擦力与压力大小有关；
（3）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度无关，在两次实验中，木块对水平面的压力和接触面的粗糙程度不变，滑动摩擦力的大小不变，即fa＝fb。
故答案为：（1）水平；（2）压力大小；（3）＝。
【点评】此题是探究影响摩擦力因素的实验，考查了控制变量法和二力平衡条件的应用，属于基础题。
27．（4分）如图是探究“电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关”的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气。
（1）实验中，通过U形管中液面 高度差 的变化，来体现电流通过电阻丝产生热量的多少；
（2）甲装置可探究电流产生的热量与 电阻 的关系；
（3）乙装置中的电阻R3的作用是使通过电阻丝R1、R2的电流 不同 ；
（4）若用乙装置实验时，两个U形管液面高度有变化，但变化始终相同，则可能是电阻 R3 断路。
【分析】（1）电流通过导体产生的热量无法直接观察到，因此运用转换法，通过观察U形管中液面高度的变化来反映密闭空气温度的变化，从而体现出电流通过导体产生热量的多少；
（2）电流通过导体产生的热量跟电流大小、电阻大小和通电时间有关，探究时运用了控制变量法；若探究电流通过导体产生的热量与电阻关系时，应控制电流和通电时间不变，改变电阻；由于热量是无法直接观察到的，所以采用转换法，通过观察U形管中液面的高度变化来反映电流产生热量的多少；
（3）探究电流通过导体产生的热量与电流的关系时，应控制电阻和通电时间不变，改变电流，因此需要电阻并联；
（4）根据液面上升高度相同分析出左右两侧产生的热量相同，结合焦耳定律分析左右两侧U形管液面上升高度相同的原因。
【解答】解：（1）电流通过导体产生的热量无法直接观察到，因此运用转换法，通过观察U形管中液面高度差的变化来反映密闭空气温度的变化，从而体现出电流通过导体产生热量的多少；
（2）在甲装置中，容器中的两个电阻丝串联，则通过它们的电流相同，通电时间也相同，而电阻不同，则甲装置是探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系；
（3）图乙的装置中，右侧容器的外部，用一个完全相同的电阻和这个容器内的电阻并联，再接入原电路，使通过左边容器中电阻的电流与通过右侧容器中电阻的电流不同，由此可以探究电流通过导体产生的热量与电流的关系；
（4）利用乙装置实验时发现两个U形管中液面的高度有变化，但变化始终相同，说明左右两侧产生的热量相同，因为R1＝R2，且R1和R2产生的热量相同，说明R3中没有电流，故可能电阻R3断路了。
故答案为：（1）高度差；（2）电阻；（3）不同；（4）R3。
【点评】本题主要考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的方案，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型。
28．（5分）小红和小明在河边捡了一些漂亮的小石块，他们用不同的方法测量了石块的密度。
（1）小红利用天平、量筒、细线、水来测量石块密度；
①调节天平时，指针静止的位置如图1甲所示，为使天平平衡，应将平衡螺母向 右 调节；
②用已调好的天平测量石块的质量，横梁平衡时数据如图1乙所示，则石块的质量为 62 g，用量筒测石块的体积如图1丙所示，由此可算得石块的密度为 3.1 g/cm3；
（2）小明家里的电子秤有“清零”功能，例如在电子秤上放100g砝码，显示100g，按清零键后，显示变为零；随后再放50g砝码，电子秤显示为50g。小明利用这个电子秤、烧杯、细线、水测量另一个石块的密度。
①烧杯中装入适量水，放在电子秤上，按清零键，示数变为零，如图2甲所示；
②手提细线拴住石块，浸没在水中，且不与烧杯底和壁接触，记下此时电子秤的示数为80g，如图2乙所示；
③石块接触烧杯底后，放开细线，记下电子秤的示数为320g，如图2丙所示。
则步骤②中细线对石块的拉力为 2.4 N，这个石块的密度为 4×103 kg/m3。
【分析】（1）①天平在调节时，首先应将其放在水平台上，将游码移至标尺的零刻度处，再调节平衡螺母使指针指在分度盘的中央，此时表示天平已经平衡；平衡螺母向横梁上翘的一端移动；
②在读数时，天平上所有砝码的质量加上游码所对的数值即待测物体的质量；
弄清楚量筒的量程和分度值，再根据液面对应刻度来读数，石块的体积等于石块和水的总体积减去水的体积；根据密度公式求出石块的密度；
（2）由步骤甲、丙可得石块的质量；由步骤甲、乙可知，石块浸没水中时排开水的质量，从而计算石块的体积；由密度公式可得石块的密度。
【解答】解：（1）①如图甲所示，指针左偏说明横梁右端上翘（右盘质量偏小），则平衡螺母应向右调节；
②如图乙所示，游码标尺的分度值是0.2g，石块的质量：m＝50g+10g+2g＝62g；
图丙中水的体积V水＝60mL＝60cm3，水和石块的总体积V总＝80cm3，则石块的体积V＝V总﹣V水＝80cm3﹣60cm3＝20cm3，
石块的密度：ρ＝＝＝3.1g/cm3。
（2）向烧杯内倒入适量水，放在电子秤上，按清零键，显示数变为零；把石块接触杯底，手放开细线，电子秤示数为320g，所以石块的质量m′＝320g，
手提细线拴住石块，浸没在水中，且不与烧杯底和壁接触，此时电子秤示数为m″＝80g，
石块受到水对它竖直向上的浮力，由力的作用是相互的可知，电子秤受到压力增大量等于石块受到的浮力，
由阿基米德原理知，F浮＝G排＝m排g＝m″g，
细线对石块的拉力为：
F拉＝G﹣F浮＝m′g﹣m″g＝320×10﹣3kg×10N/kg﹣80×10﹣3kg×10N/kg＝2.4N；
石块的体积为：
V′＝V排＝＝＝80cm3，
所以石块的密度为：
ρ′＝＝＝4g/cm3＝4×103kg/m3。
故答案为：（1）①右；②62；3.1；（2）2.4；4×103。
【点评】此题是测量石块的密度实验，考查了有关天平和量筒的使用及读数，考查了有关密度的计算，特别是注意密度的单位及换算。本题的（2）是难点，关键能够根据天平示数的变化得出物体的浮力大小。
2023年吉林省松原市宁江区中考物理二模试卷
一、单项选择题（每小题2分，共12分）
1．（2分）下列现象是由光的折射形成的是（ ）
A．立竿见影 B．海市蜃楼 C．小孔成像 D．水中倒影
2．（2分）下列自然现象与对应的物态变化正确的是（ ）
A．露——汽化 B．霜——凝固 C．雾——升华 D．雾凇——凝华
3．（2分）下列装置中应用电磁感应现象的是（ ）
A．动圈式话筒 B．扬声器 C．电热毯 D．电风扇
4．（2分）下列数据不符合实际的是（ ）
A．一个鸡蛋的质量是50g
B．家用照明灯正常工作电流为3A
C．中学生正常步行的速度1.1m/s
D．中学生课桌高度为75cm
5．（2分）小明观察家中的电能表（如图所示），提出以下观点，其中正确的是（ ）
A．此电能表应接在220V的电路中使用
B．此电能表的额定功率是220W
C．小明家已经消耗的电能是2019.3J
D．此电能表转盘每小时转过1000转
6．（2分）在水平桌面上有两个完全相同的烧杯，杯内分别盛满甲、乙两种不同液体，把两个完全相同的小球分别放入两烧杯中，小球静止后位置如图所示，下列判断正确的是（ ）
A．液体的密度ρ甲＜ρ乙
B．小球排开液体的质量m排甲＜m排乙
C．小球受到的浮力F甲＝F乙
D．液体对烧杯底的压强p甲＜p乙
二、填空题（每空1分，共18分）
7．（2分）小红每天放学后坚持练习钢琴，当她使用相同的力量弹不同的琴键时，声音的 不同；当她使用不同的力量弹同一琴键时，声音的 不同。
8．（2分）身高1.7m的小明站在平面镜前，他在镜中的像高 m，当小明远离平面镜时，他在镜中像的大小 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
9．（2分）现在我们在大街上可以看到很多电动汽车，电动汽车主要靠电动机驱动行驶，电动机的原理是 ；电能是 （选填“一次”或“二次”）能源。
10．（2分）2022年6月5日，“神舟十四号”载人飞船与空间站天和核心舱成功对接，对接后，以飞船为参照物，核心舱是 的；从地球带到核心舱的科学仪器质量 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
11．（2分）将两片不同的金属片A、B浸在盐水中，这就是一个电池，把金属片A、B分别用导线连接到电压表接线柱上，电压表的指针发生如图所示的偏转，则金属片A是 极。电池提供的电力点亮了一个发光二极管，发光二极管是 （选填“导体”“半导体”或“超导体”）材料制成的。
12．（2分）一名滑雪爱好者穿着滑雪板在水平雪地上滑行，他用滑雪杖向后撑雪地就会向前滑行，这利用力的作用是 的，他停止用滑雪杖撑雪地，仍会向前滑行一段距离，这是由于他具有 。
13．（2分）我国第三艘航空母舰“福建号”满载排水量为8.5万吨，满载航行时受到的浮力为 N，航空母舰上的舰载机在遇到大风天气时，应该 （选填“顺风”或“逆风”）起飞。
14．（2分）如图所示，利用甲、乙装置分别匀速提起重力相同的物体，装置中滑轮完全相同，不计绳重和摩擦，则F甲 F乙，η甲 η乙。（均选填“＞”“＜”或“＝”）
15．（2分）洗热水澡时，温度较高的水蒸气 （选填“吸收”或“放出”）热量，从而在平面镜上液化成小水滴，这样无法照镜子。有一款平面镜防雾膜，膜内装有电热丝，通电后发热可防止平面镜起雾，防雾膜的规格是2 W/dm2，一块面积为30dm2的防雾膜正常工作10min消耗的电能是 J。
三、计算题（每小题5分，共10分）
16．（5分）小明用如图所示的重为10N的水桶提水，桶中装有重为150N的水，水深0.35m，提水时手的受力面积为10cm2，已知水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）人手受到的压强；
（2）水对桶底的压强。
17．（5分）如图所示，电源两端电压保持不变，电阻R1的阻值为10Ω，电阻R2的阻值为20Ω，当只闭合开关S1时，电流表的示数为1.2A。
求：
（1）电源电压U；
（2）开关S1、S2都闭合时，电路消耗的总功率P。
四、简答题（每小题2分，共6分）
18．（2分）相同日照条件下，沿海地区一天中的温度差比沙漠地区的温度差小，这是为什么？
19．（2分）生活中很多时候我们会用到杠杆，请你在日常所用的物品中举出省力杠杆和费力杠杆各一例。
省力杠杆： ；费力杠杆： 。
20．（2分）如图所示，将一个螺线管沿东西方向水平悬挂起来，然后给导线通电，螺线管会指南北方向。请你解释这种现象。
五、作图、实验与探究题（第21题每小题2分，第22-26题，每空1分，共24分）
21．（2分）如图所示，一束阳光射到玻璃上，请画出它的反射光线。
22．（2分）小球抛出后在空中运动的情景如图所示，忽略空气对小球的作用，请作出小球在图中位
置的受力示意图。
23．（2分）用笔画线表示导线，将图中的开关、插座分别接入家庭电路中。
24．（3分）小明用焦距为15cm的凸透镜做“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示，此时光屏上承接到清晰的像， （选填“放大镜”“照相机”或“投影仪”）运用了该成像规律；
（2）在（1）的基础上，保持蜡烛和光屏的位置不变，只移动凸透镜， （选填“能”或“不能”）在光屏上再次得到另一个清晰放大的像；
（3）向右将蜡烛移至光具座40cm刻度线处，小明发现无论怎么移动光屏，在光屏上都得不到像。这是因为此时烛焰通过凸透镜成的是 像。
25．（2分）如图甲所示是“探究水沸腾时的温度变化的特点”的实验。两组同学在相同的环境中，用相同的酒精灯分别进行实验，并根据实验数据绘制出如图乙所示的a、b两个图象。
（1）水的沸点是 ℃，在沸腾过程中水的温度 ；
（2）从开始加热到时间t的过程中，两组同学所用的水吸收的热量Qa Qb。
26．（4分）小明用如图所示装置“探究滑动摩擦力与哪些因素有关”。
（1）实验中用弹簧测力计沿 方向匀速直线拉动木块；
（2）由甲、乙两次实验可探究滑动摩擦力的大小与 的关系；
（3）完成图丙所示实验时，小明进行了两次正确的操作，两次木块运动的速度分别为va、vb，所受的摩擦力分别为fa、fb。若va＞vb，则fa fb。
27．（4分）如图是探究“电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关”的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气。
（1）实验中，通过U形管中液面 的变化，来体现电流通过电阻丝产生热量的多少；
（2）甲装置可探究电流产生的热量与 的关系；
（3）乙装置中的电阻R3的作用是使通过电阻丝R1、R2的电流 ；
（4）若用乙装置实验时，两个U形管液面高度有变化，但变化始终相同，则可能是电阻 断路。
28．（5分）小红和小明在河边捡了一些漂亮的小石块，他们用不同的方法测量了石块的密度。
（1）小红利用天平、量筒、细线、水来测量石块密度；
①调节天平时，指针静止的位置如图1甲所示，为使天平平衡，应将平衡螺母向 调节；
②用已调好的天平测量石块的质量，横梁平衡时数据如图1乙所示，则石块的质量为 g，用量筒测石块的体积如图1丙所示，由此可算得石块的密度为 g/cm3；
（2）小明家里的电子秤有“清零”功能，例如在电子秤上放100g砝码，显示100g，按清零键后，显示变为零；随后再放50g砝码，电子秤显示为50g。小明利用这个电子秤、烧杯、细线、水测量另一个石块的密度。
①烧杯中装入适量水，放在电子秤上，按清零键，示数变为零，如图2甲所示；
②手提细线拴住石块，浸没在水中，且不与烧杯底和壁接触，记下此时电子秤的示数为80g，如图2乙所示；
③石块接触烧杯底后，放开细线，记下电子秤的示数为320g，如图2丙所示。
则步骤②中细线对石块的拉力为 N，这个石块的密度为 kg/m3。
2023年吉林省松原市宁江区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（每小题2分，共12分）
1．（2分）下列现象是由光的折射形成的是（ ）
A．立竿见影 B．海市蜃楼 C．小孔成像 D．水中倒影
【分析】光现象有以下三种情况：
（1）光在同种均匀介质中沿直线传播，如：激光准直、小孔成像和影子的形成等；
（2）当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：如海市蜃楼、池水变浅等。
【解答】解：A、立竿见影属于光的直线传播，故A错误；
B、海市蜃楼是光经过不均匀的大气层发生折射形成的，故B正确；
C、小孔成像是光沿直线传播形成的，故C错误；
D、水中倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故D错误；
故选：B。
【点评】此题主要考查身边常见的光现象，要求学生对于生活中由于光的直线传播、光的反射和折射形成的现象有所了解和掌握，属于基础题。
2．（2分）下列自然现象与对应的物态变化正确的是（ ）
A．露——汽化 B．霜——凝固 C．雾——升华 D．雾凇——凝华
【分析】物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
【解答】解：A、露的形成，是液化现象，故A错误；
B、霜的形成，是凝华现象，故B错误；
C、雾的形成，是液化现象，故C错误；
D、雾凇的形成，是凝华现象，故D正确。
故选：D。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3．（2分）下列装置中应用电磁感应现象的是（ ）
A．动圈式话筒 B．扬声器 C．电热毯 D．电风扇
【分析】电磁感应现象的内容是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流。分析各个选项的原理进行选择。
【解答】解：A．对着动圈式话筒说话时，声音通过空气传播，引起膜片振动，膜片振动引起线圈振动，线圈切割磁感线运动，线圈中产生感应电流，这种现象是电磁感应现象，动圈式话筒是根据电磁感应原理制成的，故A符合题意。
B．扬声器是利用通电导体在磁场中受力的作用的原理制成的，故B不符合题意；
C．电热毯利用的是电流的热效应，故C不符合题意。
D．电风扇的主要部件是电动机，电动机工作时，通电线圈在磁场中受力而转动，所以电动机是根据磁场对电流的作用来工作的，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】在电和磁这一部分中，学到了很多电学设备，每个设备的制成原理是经常考查的知识点，要在理解的基础上，记住这些基础知识。
4．（2分）下列数据不符合实际的是（ ）
A．一个鸡蛋的质量是50g
B．家用照明灯正常工作电流为3A
C．中学生正常步行的速度1.1m/s
D．中学生课桌高度为75cm
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A．一个鸡蛋的质量是50g，故A符合实际；
B．家用照明灯正常工作的功率在40W左右，照明电路电压为220V，故正常工作的电流I＝＝≈0.18A；达不到3A，故B不符合实际；
C．中学生正常步行的速度1.1m/s，故C符合实际；
D．中学生身高1.6m，课桌约为身高的一半，高度为75cm，故D符合实际。
故选：B。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
5．（2分）小明观察家中的电能表（如图所示），提出以下观点，其中正确的是（ ）
A．此电能表应接在220V的电路中使用
B．此电能表的额定功率是220W
C．小明家已经消耗的电能是2019.3J
D．此电能表转盘每小时转过1000转
【分析】（1）电能表是测量用电器在一定时间内消耗电能多少的仪表。电能表表盘上显示的数字是已消耗的电能；
（2）电能表上“220V 10（20）A”表示该电能表在220V的电路中使用，最大电流不允许超过20A，可利用公式P＝UI求出该电能表允许接入用电器的最大总功率；
（3）“1000r/（kW•h）”表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转1000转。
【解答】解：A．此电能表应该接在220V的电路中使用，故A正确；
B．该电能表允许接入用电器的最大总功率：P＝UI＝220V×20A＝4400W，故B错误；
C．小明家已经消耗的电能是2019.3kW•h，故C错误；
D．“1000r/（kW•h）”表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转1000转，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查对电能表参数的理解，关键是理解电能表各参数的物理意义。
6．（2分）在水平桌面上有两个完全相同的烧杯，杯内分别盛满甲、乙两种不同液体，把两个完全相同的小球分别放入两烧杯中，小球静止后位置如图所示，下列判断正确的是（ ）
A．液体的密度ρ甲＜ρ乙
B．小球排开液体的质量m排甲＜m排乙
C．小球受到的浮力F甲＝F乙
D．液体对烧杯底的压强p甲＜p乙
【分析】（1）根据图示中小球在两种液体中的浮沉状态，利用物体浮沉条件分别得出小球与两种液体的密度关系，进而得出两种液体的密度关系；
（2）根据图示中小球在两种液体中的浮沉状态，利用物体浮沉条件分别得出小球在两种液体中受到的浮力与其重力的关系，进而得出浮力关系；根据阿基米德原理可知小球排开液体的重力关系，利用重力公式可知排开液体的质量关系；
（3）知道液体的密度关系，利用p＝ρgh可知液体对烧杯底的压强关系。
【解答】解：A、由图可知，小球在甲中漂浮，则ρ球＜ρ甲，在乙中悬浮，则ρ球＝ρ乙，故液体的密度ρ甲＞ρ乙，故A错误；
BC、由图可知，小球在甲中漂浮，则小球在甲液体受到的浮力F浮甲＝G，在乙中悬浮，则小球在乙液体受到的浮力F浮乙＝G，所以F浮甲＝F浮乙，根据阿基米德原理可知，小球排开液体的重力G排甲＝G排乙，根据G＝mg可知，小球排开液体的质量m排甲＝m排乙，故B错误、C正确；
D、由题意可知，液面相平，液体的密度ρ甲＞ρ乙，根据p＝ρgh可知，液体对烧杯底的压强p甲＞p乙，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了阿基米德原理和物体浮沉条件、液体压强公式、压强定义公式、重力公式的综合应用，题目综合性较强，有一定的难度。
二、填空题（每空1分，共18分）
7．（2分）小红每天放学后坚持练习钢琴，当她使用相同的力量弹不同的琴键时，声音的 音调 不同；当她使用不同的力量弹同一琴键时，声音的 响度 不同。
【分析】（1）声音的响度是指声音的大小，响度与振幅、传播距离、分散程度有关；
（2）音调是指声音的高低，与振动频率有关。
【解答】解：
（1）当用相同的力弹奏不同的琴键时，振动频率不同，则声音的音调不同；
（2）当用不同的力弹钢琴时，振动幅度不同，发出声音的响度不同。
故答案为：音调；响度。
【点评】本题考查声音的三个特征，及其影响因素，属声学的基础题，也是考查率最高的题目之一。
8．（2分）身高1.7m的小明站在平面镜前，他在镜中的像高 1.7 m，当小明远离平面镜时，他在镜中像的大小 不变 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【分析】根据平面镜成像特点，平面镜所成的像与物体大小相同，像与物体关于平面镜对称，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相同。
【解答】解：因为平面镜所成的像和物体形状、大小相同，所以，由小明身高1.7m可知，他在镜中的像高等于1.7m；
因为平面镜所成的像和物体形状、大小相同，小明远离平面镜，他的像的大小将不变。
故答案为：1.7；不变。
【点评】平面镜成像的特点在实际生活中应用非常广泛，也是光学中一个很重要的知识点，要求熟练掌握，并学会灵活运用。
9．（2分）现在我们在大街上可以看到很多电动汽车，电动汽车主要靠电动机驱动行驶，电动机的原理是 通电导体在磁场中受到力的作用 ；电能是 二次 （选填“一次”或“二次”）能源。
【分析】（1）电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用；
（2）无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源为二次能源，电能是二次能源。
【解答】解：电动汽车主要靠电动机驱动行驶，电动机的原理是通电导体在磁场中受到力的作用；电能是二次能源。
故答案为：通电导体在磁场中受到力的作用；二次。
【点评】本题考查了）电动机的工作原理、能源的分类，但难度不大，属于基础性题目。
10．（2分）2022年6月5日，“神舟十四号”载人飞船与空间站天和核心舱成功对接，对接后，以飞船为参照物，核心舱是 静止 的；从地球带到核心舱的科学仪器质量 不变 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【分析】（1）物体与参照物的位置改变了，物体就是运动的，物体与参照物的位置不变，物体就是静止的；
（2）质量是物体本身的一种属性，与形状、状态、位置和温度无关。
【解答】解：“神舟十四号”载人飞船与空间站天和核心舱成功对接，对接后，以飞船为参照物，核心舱相对于飞船的位置不变，核心舱是静止的；从地球带到核心舱的科学仪器质量不变。
故答案为：静止；不变。
【点评】本题考查了运动和静止的相对性、质量及其特性，属于基础性题目。
11．（2分）将两片不同的金属片A、B浸在盐水中，这就是一个电池，把金属片A、B分别用导线连接到电压表接线柱上，电压表的指针发生如图所示的偏转，则金属片A是 正 极。电池提供的电力点亮了一个发光二极管，发光二极管是 半导体 （选填“导体”“半导体”或“超导体”）材料制成的。
【分析】（1）由图中电压表指针的偏转方向可判断电流方向，同时能判断电池的极性。
（2）二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性。
【解答】解：图中电压表指针反向偏转，则连接电压表正接线柱的是电池的负极，与连接电压表负接线柱的是电池的正极，即金属片A是电池的正极。
发光二极管的特点就是单向导电性，利用的主要材料就是半导体。
故答案为：正；半导体。
【点评】本题考查的是用电压表判断电池极性方法和二极管的有关知识；运用电压表判断电池的正负极时，电压表正常偏转则连接电压表正接线柱的是电池的正极；电压表反向偏转时，连接电压表正接线柱的是电池的负极。
12．（2分）一名滑雪爱好者穿着滑雪板在水平雪地上滑行，他用滑雪杖向后撑雪地就会向前滑行，这利用力的作用是 相互 的，他停止用滑雪杖撑雪地，仍会向前滑行一段距离，这是由于他具有 惯性 。
【分析】（1）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
（2）物体都有保持原来运动状态不变的性质，即惯性。
【解答】解：（1）用滑雪杖向后撑雪地就会向前滑行，这利用力的作用是相互的；
（2）停止用滑雪杖撑雪地，仍会向前滑行一段距离，这是由于运动员具有惯性，仍会保持原来的运动状态。
故答案为：相互；惯性。
【点评】本题以滑雪运动为背景，考查了力的相互性和惯性的相关知识，综合性强，但难度不大。
13．（2分）我国第三艘航空母舰“福建号”满载排水量为8.5万吨，满载航行时受到的浮力为 8.5×108 N，航空母舰上的舰载机在遇到大风天气时，应该 逆风 （选填“顺风”或“逆风”）起飞。
【分析】（1）根据物体的漂浮条件F浮＝G＝mg来计算“福建号”满载航行时受到的浮力。
（2）飞机的机翼通常都做成上面凸起，下面平直的形状。这样，当飞机起飞时，流过机翼上方的空气流速大，压强小，流过机翼下方的空气流速小，压强大，机翼上下方所受到的压力差便形成向上的升力。
【解答】解：（1）满载排水量为8.5万吨，满载航行时，根据阿基米德原理可知：F浮＝G排＝m排g＝8.5×104×103kg×10N/kg＝8.5×108N。
（2）飞机的机翼通常都做成上面凸起，下面平直的形状，飞机在长长的跑道上加速滑行时，流过机翼上方的空气速度快，流过机翼下方的空气流速慢。机翼上下方所受空气的压力差形成向上的升力。当飞机滑行的速度达到一定值时，机翼所受的升力大于飞机自身的重力，飞机就起飞了。飞机逆风起飞时飞机的速度不需要加速到很大，飞机就可相对空气有一个较大的相对速度，从而获得足够的升力，故逆风起飞更容易。
故答案为：8.5×108；逆风。
【点评】本题考查了流体压强与流速的关系、物体浮沉条件及其应用等知识，是一道理论联系实际的好题。
14．（2分）如图所示，利用甲、乙装置分别匀速提起重力相同的物体，装置中滑轮完全相同，不计绳重和摩擦，则F甲 ＜ F乙，η甲 ＝ η乙。（均选填“＞”“＜”或“＝”）
【分析】（1）不计绳重和摩擦，根据F＝（G物+G轮）分析拉力的大小关系；
（2）不计绳重和摩擦时，滑轮组的额外功是由克服动滑轮重力所做的功，再根据总功等于有用功和额外功之和结合机械效率公式分析两滑轮组机械效率之间的关系。
【解答】解：（1）甲图中由3段绳子承担重物，乙图中由2段绳子承担重物，因为装置中滑轮完全相同，不计绳重和摩擦，根据F＝（G物+G轮）可知，F甲＜F乙；
（2）甲、乙两滑轮组所提的重物相同、上升的高度相同，则两滑轮组所做的有用功相同，不计绳重和摩擦时，滑轮组的额外功是由克服动滑轮重力所做的功，根据W＝Gh可知，动滑轮重和上升高度相同时，两者的额外功相等，由W总＝W有+W额可得，两滑轮组的总功相同，根据η＝可知，两滑轮组的机械效率相等，即η甲＝η乙。
故答案为：＜；＝。
【点评】本题考查了功和机械效率的计算，关键是会分析滑轮组额外功产生的原因和公式F＝（G物+G轮）的灵活运用。
15．（2分）洗热水澡时，温度较高的水蒸气 放出 （选填“吸收”或“放出”）热量，从而在平面镜上液化成小水滴，这样无法照镜子。有一款平面镜防雾膜，膜内装有电热丝，通电后发热可防止平面镜起雾，防雾膜的规格是2 W/dm2，一块面积为30dm2的防雾膜正常工作10min消耗的电能是 3.6×104 J。
【分析】（1）物质由气态变成液态叫做液化，液化是放热过程；
（2）已知每平方分米防雾膜的功率和防雾膜的总面积，首先计算出防雾膜的总功率，再根据W＝Pt计算防雾膜正常工作10min消耗的电能.
【解答】解：水蒸气遇到冷的镜面放出热量，液化成小水珠，形成一层雾；
防雾膜的规格是2W/dm2，一块面积为30dm2的防雾膜总功率为：P＝2W/dm2×30dm2＝60W；
防雾膜正常工作10min消耗的电能为：W＝Pt＝60W×60×10s＝3.6×104J。
故答案为：放出；3.6×104。
【点评】本题考查了物态变化和电功的计算，属于基础题。
三、计算题（每小题5分，共10分）
16．（5分）小明用如图所示的重为10N的水桶提水，桶中装有重为150N的水，水深0.35m，提水时手的受力面积为10cm2，已知水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）人手受到的压强；
（2）水对桶底的压强。
【分析】（1）桶对手的压力等于水桶和水的总重力，又知手的受力面积，根据p＝求出人手受到的压强。
（3）已知水的深度，根据p＝ρgh求出水对桶底的压强。
【解答】解：（1）桶对手的压力：
F＝G总＝G水+G桶＝150N+10N＝160N，
人手受到的压强：
p＝＝＝1.6×105Pa；
（2）水对桶底的压强：
p′＝ρ水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.35m＝3.5×103Pa。
答：（1）人手受到的压强为1.6×105Pa；
（2）水对桶底的压强3.5×103Pa。
【点评】此题主要考查的是液体压强公式、压强定义式的应用，难度不大。
17．（5分）如图所示，电源两端电压保持不变，电阻R1的阻值为10Ω，电阻R2的阻值为20Ω，当只闭合开关S1时，电流表的示数为1.2A。
求：
（1）电源电压U；
（2）开关S1、S2都闭合时，电路消耗的总功率P。
【分析】（1）当只闭合开关S1时，电路是R1的简单电路，电流表测电路中电流，根据欧姆定律求出电源的电压；
（2）当开关S1、S2都闭合时，两电阻并联，利用并联电路电压规律和欧姆定律求出通过R2的电流，根据并联电路电流特点求出干路电流，利用P＝UI求出电路消耗的总功率。
【解答】解：（1）当只闭合开关S1时，电路是R1的简单电路，电流表测电路中电流；
由I＝可得，U＝I1R1＝1.2A×10Ω＝12V；
（2）当开关S1、S2都闭合时，两电阻并联；
因并联电路中各支路两端电压相等，所以通过R2的电流：I2＝＝＝0.6A，
因并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流：I＝I1+I2＝1.2A+0.6A＝1.8A；
电路消耗的总功率：P＝UI＝12V×1.8A＝21.6W。
答：（1）电源的电压为12V；
（2）开关S1、S2都闭合时，电路消耗的总功率为21.6W。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题。
四、简答题（每小题2分，共6分）
18．（2分）相同日照条件下，沿海地区一天中的温度差比沙漠地区的温度差小，这是为什么？
【分析】水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的较少。
【解答】答：水的比热容比沙石的比热容大，相同质量的水和沙石，吸收或放出相同的热量时，水温度的变化量较小，相同日照条件下，沿海地区一天中的温度差比沙漠地区的温度差小。
【点评】本题考查用水的比热容特点来解释现象，属于基础题。
19．（2分）生活中很多时候我们会用到杠杆，请你在日常所用的物品中举出省力杠杆和费力杠杆各一例。
省力杠杆： 撬棍 ；费力杠杆： 镊子 。
【分析】当动力臂大于阻力臂时就是省力杠杆；
当动力臂小于阻力臂时就是费力杠杆。
【解答】解：省力杠杆，动力臂大于阻力臂，生活中常会用到省力杠杆，比如撬棍、指甲刀、钳子等；
费力杠杆，动力臂小于阻力臂，生活中的镊子、鱼竿、船桨、筷子都是费力杠杆。
故答案为：撬棍；镊子。
【点评】本题考查了生活中常见的杠杆，是一道基础题。
20．（2分）如图所示，将一个螺线管沿东西方向水平悬挂起来，然后给导线通电，螺线管会指南北方向。请你解释这种现象。
【分析】通电导体周围存在着磁场；
地球自身是一个大磁体。
【解答】答：通电螺线管周围存在磁场，通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似，地球的周围也存在磁场，地磁场的两极在地理的南北两极附近，在地磁场的作用下，通电螺线管会指示南北。
【点评】本题考查的是通电导体周围存在着磁场，属于基础题。
五、作图、实验与探究题（第21题每小题2分，第22-26题，每空1分，共24分）
21．（2分）如图所示，一束阳光射到玻璃上，请画出它的反射光线。
【分析】根据光的反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线。
【解答】解：先过入射点O垂直于镜面作出法线，根据反射角等于入射角，在法线下面作出反射光线，如图所示：
【点评】作光路图一定要仔细规范，法线要用虚线，光线的传播方向要标准确。
22．（2分）小球抛出后在空中运动的情景如图所示，忽略空气对小球的作用，请作出小球在图中位
置的受力示意图。
【分析】不考虑空气阻力，在空中的物体只受重力作用；重力的方向总是竖直向下的，作用点在重心。
【解答】解：由于忽略空气阻力，球在空中运动只受重力作用，过球心画一条竖直向下的带箭头的线段，即为小球的所受力的示意图，如图所示：
【点评】本题考查了重力的示意图的画法，难度不大，需要牢记的是：不管物体怎样运动，重力的方向总是竖直向下的。
23．（2分）用笔画线表示导线，将图中的开关、插座分别接入家庭电路中。
【分析】电灯的接法：火线首先进开关，再入电灯顶端的金属点，零线直接接入电灯的螺旋口；三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线。
【解答】解：开关控制电灯时，开关和电灯串联，火线首先过开关再入灯泡，然后接到零线上；三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，如图所示：
。
【点评】本题考查了家庭电路的连接，属于基础题。
24．（3分）小明用焦距为15cm的凸透镜做“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示，此时光屏上承接到清晰的像， 照相机 （选填“放大镜”“照相机”或“投影仪”）运用了该成像规律；
（2）在（1）的基础上，保持蜡烛和光屏的位置不变，只移动凸透镜， 能 （选填“能”或“不能”）在光屏上再次得到另一个清晰放大的像；
（3）向右将蜡烛移至光具座40cm刻度线处，小明发现无论怎么移动光屏，在光屏上都得不到像。这是因为此时烛焰通过凸透镜成的是 虚 像。
【分析】（1）凸透镜成像规律：u＞2f，成倒立、缩小的实像，生活中的照相机就是利用这一规律制成的；
（2）根据光路的可逆性分析解答；
（3）物距小于一倍焦距时，凸透镜成正立放大的虚像。
【解答】解：（1）由图乙可知，此时物距：u＝50.0cm﹣10.0cm＝40.0cm＞30.0cm，即u＞2f，此时凸透镜成倒立、缩小的实像，生活中的照相机就是利用这一规律制成的；
（2）在光屏上已经承接到清晰缩小的像，保持蜡烛和光屏的位置不动，移动凸透镜的位置，根据光路可逆可知，当第二次的物距等于第一次的像距时，第二次的像距等于第一次的物距，光屏上一定能再次呈现清晰的像，像与第一次相比是放大的像，因此只移动凸透镜能在光屏上再次得到另一个清晰放大的像；
（3）蜡烛移至光具座40cm刻度线处，物距为10cm，小于一倍焦距，成正立放大的虚像，所以在光屏上不成像。
故答案为：（1）照相机；（2）能；（3）虚。
【点评】本题考查凸透镜成像规律的应用，要掌握有关基础知识，灵活应用。
25．（2分）如图甲所示是“探究水沸腾时的温度变化的特点”的实验。两组同学在相同的环境中，用相同的酒精灯分别进行实验，并根据实验数据绘制出如图乙所示的a、b两个图象。
（1）水的沸点是 98 ℃，在沸腾过程中水的温度 不变 ；
（2）从开始加热到时间t的过程中，两组同学所用的水吸收的热量Qa ＝ Qb。
【分析】（1）液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个温度即为液体的沸点；
（2）用相同的酒精灯加热，加热时间相同，物质吸收的热量相同。
【解答】解：（1）液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度即为液体的沸点，图中所示水的沸点是98℃；
（3）用相同的酒精灯加热，加热时间相同，物质吸收的热量相同，所以加热tmin，两组同学所用的水吸收的热量相等，即Qa＝Qb。
故答案为：（1）98；不变；（2）＝。
【点评】本题考查探究“水沸腾时温度变化的特点”的实验，重点考查沸腾条件、沸点及图象分析等问题。
26．（4分）小明用如图所示装置“探究滑动摩擦力与哪些因素有关”。
（1）实验中用弹簧测力计沿 水平 方向匀速直线拉动木块；
（2）由甲、乙两次实验可探究滑动摩擦力的大小与 压力大小 的关系；
（3）完成图丙所示实验时，小明进行了两次正确的操作，两次木块运动的速度分别为va、vb，所受的摩擦力分别为fa、fb。若va＞vb，则fa ＝ fb。
【分析】（1）测量滑动摩擦力时，需沿水平方向匀速拉动弹簧测力计，此时拉力与滑动摩擦力平衡，大小相等；
（2）分析甲、乙两图不变的量和改变的量，得出滑动摩擦力与压力的大小关系；
（3）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度无关，在两次实验中，木块对水平面的压力和接触面的粗糙程度不变，据此分析。
【解答】解：（1）在实验中，小明用弹簧测力计在水平方向上匀速直线拉动木块，此时拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等；
（2）甲、乙接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，测力计的示数不同，可得滑动摩擦力与压力大小有关；
（3）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度无关，在两次实验中，木块对水平面的压力和接触面的粗糙程度不变，滑动摩擦力的大小不变，即fa＝fb。
故答案为：（1）水平；（2）压力大小；（3）＝。
【点评】此题是探究影响摩擦力因素的实验，考查了控制变量法和二力平衡条件的应用，属于基础题。
27．（4分）如图是探究“电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关”的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气。
（1）实验中，通过U形管中液面 高度差 的变化，来体现电流通过电阻丝产生热量的多少；
（2）甲装置可探究电流产生的热量与 电阻 的关系；
（3）乙装置中的电阻R3的作用是使通过电阻丝R1、R2的电流 不同 ；
（4）若用乙装置实验时，两个U形管液面高度有变化，但变化始终相同，则可能是电阻 R3 断路。
【分析】（1）电流通过导体产生的热量无法直接观察到，因此运用转换法，通过观察U形管中液面高度的变化来反映密闭空气温度的变化，从而体现出电流通过导体产生热量的多少；
（2）电流通过导体产生的热量跟电流大小、电阻大小和通电时间有关，探究时运用了控制变量法；若探究电流通过导体产生的热量与电阻关系时，应控制电流和通电时间不变，改变电阻；由于热量是无法直接观察到的，所以采用转换法，通过观察U形管中液面的高度变化来反映电流产生热量的多少；
（3）探究电流通过导体产生的热量与电流的关系时，应控制电阻和通电时间不变，改变电流，因此需要电阻并联；
（4）根据液面上升高度相同分析出左右两侧产生的热量相同，结合焦耳定律分析左右两侧U形管液面上升高度相同的原因。
【解答】解：（1）电流通过导体产生的热量无法直接观察到，因此运用转换法，通过观察U形管中液面高度差的变化来反映密闭空气温度的变化，从而体现出电流通过导体产生热量的多少；
（2）在甲装置中，容器中的两个电阻丝串联，则通过它们的电流相同，通电时间也相同，而电阻不同，则甲装置是探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系；
（3）图乙的装置中，右侧容器的外部，用一个完全相同的电阻和这个容器内的电阻并联，再接入原电路，使通过左边容器中电阻的电流与通过右侧容器中电阻的电流不同，由此可以探究电流通过导体产生的热量与电流的关系；
（4）利用乙装置实验时发现两个U形管中液面的高度有变化，但变化始终相同，说明左右两侧产生的热量相同，因为R1＝R2，且R1和R2产生的热量相同，说明R3中没有电流，故可能电阻R3断路了。
故答案为：（1）高度差；（2）电阻；（3）不同；（4）R3。
【点评】本题主要考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的方案，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型。
28．（5分）小红和小明在河边捡了一些漂亮的小石块，他们用不同的方法测量了石块的密度。
（1）小红利用天平、量筒、细线、水来测量石块密度；
①调节天平时，指针静止的位置如图1甲所示，为使天平平衡，应将平衡螺母向 右 调节；
②用已调好的天平测量石块的质量，横梁平衡时数据如图1乙所示，则石块的质量为 62 g，用量筒测石块的体积如图1丙所示，由此可算得石块的密度为 3.1 g/cm3；
（2）小明家里的电子秤有“清零”功能，例如在电子秤上放100g砝码，显示100g，按清零键后，显示变为零；随后再放50g砝码，电子秤显示为50g。小明利用这个电子秤、烧杯、细线、水测量另一个石块的密度。
①烧杯中装入适量水，放在电子秤上，按清零键，示数变为零，如图2甲所示；
②手提细线拴住石块，浸没在水中，且不与烧杯底和壁接触，记下此时电子秤的示数为80g，如图2乙所示；
③石块接触烧杯底后，放开细线，记下电子秤的示数为320g，如图2丙所示。
则步骤②中细线对石块的拉力为 2.4 N，这个石块的密度为 4×103 kg/m3。
【分析】（1）①天平在调节时，首先应将其放在水平台上，将游码移至标尺的零刻度处，再调节平衡螺母使指针指在分度盘的中央，此时表示天平已经平衡；平衡螺母向横梁上翘的一端移动；
②在读数时，天平上所有砝码的质量加上游码所对的数值即待测物体的质量；
弄清楚量筒的量程和分度值，再根据液面对应刻度来读数，石块的体积等于石块和水的总体积减去水的体积；根据密度公式求出石块的密度；
（2）由步骤甲、丙可得石块的质量；由步骤甲、乙可知，石块浸没水中时排开水的质量，从而计算石块的体积；由密度公式可得石块的密度。
【解答】解：（1）①如图甲所示，指针左偏说明横梁右端上翘（右盘质量偏小），则平衡螺母应向右调节；
②如图乙所示，游码标尺的分度值是0.2g，石块的质量：m＝50g+10g+2g＝62g；
图丙中水的体积V水＝60mL＝60cm3，水和石块的总体积V总＝80cm3，则石块的体积V＝V总﹣V水＝80cm3﹣60cm3＝20cm3，
石块的密度：ρ＝＝＝3.1g/cm3。
（2）向烧杯内倒入适量水，放在电子秤上，按清零键，显示数变为零；把石块接触杯底，手放开细线，电子秤示数为320g，所以石块的质量m′＝320g，
手提细线拴住石块，浸没在水中，且不与烧杯底和壁接触，此时电子秤示数为m″＝80g，
石块受到水对它竖直向上的浮力，由力的作用是相互的可知，电子秤受到压力增大量等于石块受到的浮力，
由阿基米德原理知，F浮＝G排＝m排g＝m″g，
细线对石块的拉力为：
F拉＝G﹣F浮＝m′g﹣m″g＝320×10﹣3kg×10N/kg﹣80×10﹣3kg×10N/kg＝2.4N；
石块的体积为：
V′＝V排＝＝＝80cm3，
所以石块的密度为：
ρ′＝＝＝4g/cm3＝4×103kg/m3。
故答案为：（1）①右；②62；3.1；（2）2.4；4×103。
【点评】此题是测量石块的密度实验，考查了有关天平和量筒的使用及读数，考查了有关密度的计算，特别是注意密度的单位及换算。本题的（2）是难点，关键能够根据天平示数的变化得出物体的浮力大小。
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