2023年山东省济宁市微山县中考物理二模试题

这是一份2023年山东省济宁市微山县中考物理二模试题，共18页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图与科学探究题，综合计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年山东省济宁市微山县中考物理二模试卷
一、单选题（只有一个选项正确，每小题2分，共20分）
1．（2分）我国古代四大发明对世界文明发展做出了重要贡献，其中利用磁性材料特性的是（　　）
A．指南针 B．火药
C．造纸术 D．印刷术
2．（2分）下列对中学生体育运动相关数据的估测，符合实际的是（　　）
A．立定跳远的距离约为2m
B．一个实心球的质量约为30kg
C．跑步的速度约为60m/s
D．50米跑的满分成绩约为6min
3．（2分）关于声现象，下列说法正确的是（　　）
A．图甲中发声的音叉将乒乓球弹开说明声音只能由空气传播
B．图乙中钢尺伸出桌面的长度越长，振动时，音调越低
C．图丙中小白兔通过声音的音调判断出叫门的不是妈妈
D．图丁中捕鱼船通过声呐确定鱼群位置利用了声波传递能量
4．（2分）2022年4月16日，神舟十三号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。返回舱在减速下降过程中（　　）

A．动能增加 B．重力势能增加
C．机械能增加 D．机械能减少
5．（2分）如图所示，电源电压不变，闭合开关S，电压表V1的示数为6V，电压表V2的示数为2V。下列说法中正确的是（　　）

A．L1两端电压为2V
B．电源两端电压为4V
C．断开开关，只将电压表V2换成电流表，则L1与L2串联
D．断开开关，将两个电压表都换成电流表，则L1与L2并联
6．（2分）下列工具中，正常使用时属于省力杠杆的是（　　）
A．定滑轮 B．筷子 C．托盘天平 D．钢丝钳
7．（2分）小华同学用如图甲所示的装置给冰加热。根据实验记录的数据，他绘制了如图乙所示冰熔化时温度随时间变化的图象。小华又继续加热一段时间，观察到水沸腾时温度计的示数如图丙所示。下列说法正确（　　）

A．BC段表示冰的熔化过程，继续吸热温度保持不变，处于固液共存状态
B．比较AB段和CD段可知，AB段的比热容是CD段比热容的2倍
C．水的沸点是98℃，由此可以判断此时的大气压高于一个标准大气压
D．水沸腾时烧杯上方出现大量的“白气”，这些“白气”的形成属于汽化现象
8．（2分）荷叶为睡莲科植物莲的干燥叶，据《本草纲目》记载，“荷叶服之，令人瘦劣”、“生发元气，神助脾胃”。如图为一杯微山产荷叶茶，荷叶翠绿，荷香袭人。下列说法正确的是（　　）

A．茶杯受到的重力与桌面对它的支持力是相互作用力
B．热茶暖手是通过做功改变物体的内能
C．绿色的荷叶吸收绿光
D．荷香袭人是因为分子在永不停息地做无规则运动
9．（2分）小明洗碗时发现，同一只碗可以漂浮在水面上，也可以沉入水底，如图所示。下列说法正确的是（　　）

A．碗漂浮时所受的浮力大于它所受的重力
B．碗漂浮时所受的浮力等于它排开的水所受的重力
C．碗沉底时所受的浮力大于它漂浮时所受的浮力
D．碗沉底时排开水的体积等于它漂浮时排开水的体积
10．（2分）如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“12V 6W”的字样，滑动变阻器R的最大阻值为36Ω，R0为定值电阻。当S闭合，S1、S2断开，滑片P由b端向a端滑动，使其连入电路的电阻是最大阻值的三分之一时，小灯泡恰好正常发光。当滑片位置保持不变，开关都闭合时，电流表的示数变化了2A。不考虑灯丝电阻的变化，下列说法错误的是（　　）

A．R0的阻值为12Ω
B．电源电压是18V
C．小灯泡正常发光10s，整个电路消耗的电能是90J
D．当滑片位置保持不变，开关都闭合时，电路消耗的总功率是45W
二、填空题（每空1分，共11分）
11．（2分）我国自行设计和自主研制的蛟龙号载人潜水器，曾创造了下潜7062米的世界同类作业型潜水器最大下潜深度记录，其体积约为50m3．蛟龙号某次在太平洋某海域下潜到上表面距海面2000m时，进行预定的悬停作业，此时上表面受海水压强是　 　Pa，蛟龙号受到海水的浮力是　 　N．g取10N/kg，ρ海水＝1.03×103kg/m3。
12．（2分）2022年5月18日，我国自主研制的全球首艘智能型无人系统母船——“珠海云”科考船下水，如图。该船是利用 　 　波对无人机进行远程遥控。滑翔翼无人机返回母船甲板时，由于 　 　要滑行一段距离才能停下来。

13．（4分）如图﹣1是生活中常见的塑料瓶，瓶盖上的竖条纹是为了 　 　摩擦；如图﹣2，往塑料瓶里倒入适量热水并晃一晃，然后把热水倒出，迅速盖上瓶盖，过一会儿瓶子变瘪了，证明了 　 　的存在；如图﹣3，把塑料瓶平放在水平桌面上，用吸管在右侧沿平行于瓶身方向吹气，会看到瓶子向 　 　运动；如图﹣4，与头发摩擦过的塑料瓶能吸引碎纸屑，是因为瓶子带了 　 　。

14．（3分）天然气是一种低污染燃料，它是 　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源，完全燃烧0.021m3的天然气可放出 　 　J的热量。若这些热量全部被水吸收，可使 　 　kg的水温度从20℃升高到60℃。[q天然气＝4×107J/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
三、作图与科学探究题（15题2分，16题5分，17题4分，18题8分，共19分）
15．（1分）画出图中平行于主光轴的入射光线经凸透镜折射后的光线。

16．（1分）画出如图中运动的小球受到的重力示意图。

17．（5分）在“探究杠杆的平衡条件”实验中：
（1）小明安装好杠杆后，发现其左端下沉，如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 　 　调节。
（2）如图乙所示，杠杆调节平衡后，在A处悬挂3个钩码，每个钩码重0.5N。如果在B处施加一个拉力使杠杆在水平位置再次平衡，当方向为 　 　时，拉力最小，大小为 　 　N。
（3）课后，小明制作了一个简易杠杆，调节杠杆在水平位置平衡，然后在它两边恰当位置分别放上不同数量的同种硬币，使其在水平位置再次平衡，如图丙所示，则力臂l1：l2＝　 　，若两边同时各取走―枚硬币，则杠杆的 　 　端将下沉。

18．（4分）利用图甲装置探究“平面镜成像的特点”：在水平桌面上铺一张白纸，再将玻璃板竖立在白纸上，把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，再拿一支外形完全相同但不点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合。

（1）把光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是　 　像。
（2）图乙是小强某次测量蜡烛A到平面镜的距离L为　 　cm；将蜡烛靠近玻璃板，像的大小将　 　。（选填“变大”、“变小”或“不变”）
（3）若将玻璃板向左倾斜，如图丙所示，观察到蜡烛A的像的大致位置在图中的　 　（选填“①”或“②”）处。
19．（8分）如图甲所示，是某实验小组“探究电流与电阻的关系”的实物图。选用的实验器材是：电源（电压恒为3V）、电流表、电压表，电阻R有4个阻值（5Ω、10Ω、20Ω、30Ω）供选用，滑动变阻器（20Ω 1A）、开关、导线若干。

（1）请用笔画线代替导线将图甲中的实物图连接完整。
（2）连接电路时，开关应保持 　 　；开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应滑到 　 　（选填“A”或“B”）端。
（3）检查电路连接无误后闭合开关后，无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，电流表几乎无示数，电压表有示数且不变，原因可能是 　 　。
A.R短路
B.R断路
C.滑动变阻器断路
（4）排除故障后继续实验，实验过程中，当把10Ω电阻换成20Ω电阻后，为保持 　 　（选填“电流表”或“电压表”）示数不变，滑片P应向 　 　（选填“A”或“B”）端移动。
（5）根据实验数据绘制了如图乙所示的图象，得出电流与电阻的关系是：　 　。
（6）该小组用电流表和一个定值电阻R0，测量未知电阻Rx的阻值。他们设计了如图丙所示的电路图，并进行如下实验操作：
①闭合S、断开S1，此时电流表的示数为I1；
②闭合S和S1，此时电流表的示数为I2；
③则Rx＝　 　（用R0、I1、I2表示）。
四、综合计算题（19题4分，20题6分；共计10分）
20．（4分）扫地机器人是智能家用电器的一种，正逐渐进入我们的生活。如图所示，是一款集自动清扫技术和人工智能设计于一体的地面清扫机器人，已知其质量为2kg，它与地面的有效接触面积为0.01m2。若该机器人工作时功率为60W，在20s内沿直线匀速清扫的距离为5m（g取10N/kg）求：
（1）该机器人静止在水平地面上时，对地面的压强是多大？
（2）该机器人在20s内所做的功是多少？

21．（6分）如图，电源电压恒为4.5V，灯泡L上标有“3V 1.5W”字样，滑动变阻器R2上标有“15Ω 1A”字样，定值电阻R1阻值为10Ω，电流表量程为0～3A，电压表量程为0～3V，不计温度对灯丝电阻的影响。
求：（1）灯泡正常工作时电阻为多大；
（2）当开关S、S1、S2闭合，S3断开时，电路最小总功率为多大；
（3）当开关S、S3闭合，S1、S2断开时，在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器R2的取值范围。


2023年山东省济宁市微山县中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、单选题（只有一个选项正确，每小题2分，共20分）
1．【分析】地球的周围存在磁场，地磁场的N极在地理南极附近，地磁场的S极在地理北极附近，由于异名磁极相互吸引，故指南针静止时指向南方的是它的S极，指向北方的是它的N极。
【解答】解：指南针利用了磁性材料的特性：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；而火药、造纸术和印刷术都没有用到磁性材料，故BCD错误，A正确。
故选：A。
2．【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、中学生立定跳远成绩一般在2m左右，故A符合实际；
B、一个实心球的质量约为2kg，故B不符合实际；
C、中学生跑步的速度在10km/h＝10×m/s≈3m/s左右，故C不符合实际；
D、50米跑的满分成绩约为8s，故D不符合实际。
故选：A。
3．【分析】（1）声音是由物体振动产生的；
（2）音调的高低与发声体的振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高，物体振动越慢，音调就越低；
（3）音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关；
（4）声音可以传递信息，也可以传递能量。
【解答】解：A、发声的音叉将乒乓球弹开，该现象说明发声的物体在振动，故A错误；
B、尺子发出声音的音调高低与尺子的振动快慢有关，当尺子伸出桌面的长度越长时，振动越慢，发出声音的音调越低，故B正确；
C、不同材料的物体发出声音的音色不同，所以小兔子根据音色判断出叫门的不是妈妈，故C错误；
D、捕鱼船通过声呐确定鱼群位置是利用超声波的反射来传递信息，不是传递能量，故D错误。
故选：B。
4．【分析】动能的大小与物体的速度和质量有关，速度越大，质量越大，动能就越大；
重力势能与物体的质量和相对位置有关，质量越大，相对高度越高，重力势能越大；
机械能等于动能与势能之和，据此分析返回舱在减速下降过程中的动能、重力势能和机械能的变化。
【解答】解：返回舱在减速下降过程中，质量不变，速度减小，相对地面高度减小，所以其动能和势能均减少，机械能也减少。故D正确，ABC错误。
故选：D。
5．【分析】（1）（2）由电路图可知，两灯泡串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测L2两端的电压，根据V1的示数即可得出电源电压；根据串联电路的电压特点求出L1两端的电压；
（3）断开开关，只将电压表V2换成电流表，据此分析电路的连接方式；
（4）电流表相当于导线，由此分析两个电压表都换成电流表时电路的连接情况。
【解答】解：
AB、由电路图可知，两灯泡串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测L2两端的电压，由两个电压表的示数可知，电源的电压U＝6V；电压表V2的示数为2V，则L2两端的电压U2＝2V；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，L1两端电压：U1＝U﹣U2＝6V﹣2V＝4V，故AB错误；
C、断开开关，只将电压表V2换成电流表，闭合开关，灯泡L2被短路，电路为灯泡L1的简单电路，则L1亮，L2不亮，故C错误；
D、将两个电压表都换成电流表，断开开关，由于电流表相当于导线，则电流分别流入两个灯泡，所以L1与L2并联，故D正确。
故选：D。
6．【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：
A、定滑轮在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力；
B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
C、托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力；
D、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
故选：D。
7．【分析】（1）BC段是冰水混合物，是冰的熔化过程，晶体熔化过程中，温度保持不变，需要继续吸热；
（2）用相同的加热源，在相同时间内吸收相同的热量，利用公式Q＝cmΔt可计算；
（3）液体的沸点随大气压的增大而升高；
（4）白气是液态小水珠，白气是由气体变成液体。
【解答】解：A、BC段表示冰的熔化过程，继续吸热温度保持不变，处于固液共存状态，故A正确；
B、CD段加热时间是AB段加热时间的两倍，则CD段吸收的热量是AB段的两倍，CD段温度变化10℃，AB段温度变化了10℃，被加热物质的质量不变，
根据Q＝cmΔt可知，＝＝＝，即CD段的比热容是AB段比热容的2倍，故B错误；
C、水的沸点为98℃，小于标准大气压下的100℃，说明当地气压低于标准大气压，故C错误；
D、水沸腾时烧杯上方出现大量的“白气”，白气是由气态变成液态形成的，这些“白气”的形成属于液化现象，故D错误。
故选：A。
8．【分析】（1）二力平衡条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等、方向相反、且作用在同一直线上；相互作用力的特点是：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上；
（2）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；
（3）不透明物体的颜色是由反射的色光所决定的；
（4）一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，这一运动的外在表现就是扩散现象的产生。
【解答】解：A、茶杯受到的重力与桌面对它的支持力是作用在同一物体上的两个力，所以不是相互作用力，故A错误；
B、热茶暖手，手吸收热量，是通过热传递的方式改变手的内能，故B错误；
C、不透明物体的颜色是由反射的色光所决定的；茶叶呈绿色是因为反射了绿色光，故C错误；
D、茶香袭人，是因为茶叶的香味分子在永不停息地做无规则运动引起的，属于扩散现象，故D正确。
故选：D。
9．【分析】（1）物体漂浮时，浮力等于自身的重力；
（2）根据阿基米德原理判断出碗漂浮时所受的浮力与它排开的水所受的重力的关系；
（3）下沉时，物体所受的浮力小于自身的重力，物体漂浮时，浮力等于自身的重力，根据重力的关系判断出漂浮和沉底时浮力放入关系，根据F浮＝ρ水gV排判断出碗沉底时排开水的体积与它漂浮时排开水的体积的关系。
【解答】解：A、碗漂浮时，碗受到的浮力等于自身的重力，故A错误；
B、根据阿基米德原理知碗漂浮时所受的浮力等于它排开的水所受的重力，故B正确；
CD、碗沉入水底时，受到的浮力小于它的重力，碗漂浮时，浮力等于自身的重力，由于重力不变，所以漂浮时的浮力大于下沉时的浮力，根据F浮＝ρ水gV排知碗沉底时排开水的体积小于它漂浮时排开水的体积，故C、D错误。
故选：B。
10．【分析】（1）当S闭合，S1、S2断开时，R与L串联，滑片P由b端向a端滑动，使其连入电路的电阻是最大阻值的三分之一时，小灯泡恰好正常发光。根据公式P＝UI可计算得小灯泡的额定电流，即此时电路中的电流。由公式I＝求出加在此时滑动变阻器两端的电压，再根据串联电路的电压关系得此时电源电压。
（2）根据公式W＝UIt计算得小灯泡正常发光10s整个电路消耗的电能即可。
（3）当滑片位置保持不变，开关都闭合时，电路是滑动变阻器R与R0的并联电路，由串并联电路的特点可知此时电路中的电流大于刚才的串联电路的电流，所以电流表的示数变化了2A即增大了2A，得此时电路中的电流I2＝2A+0.5A＝2.5A，由欧姆定律得此时流过滑动变阻器R的电流为I″，则由并联电路的电流关系知流过R0的电流为：I0＝I2﹣I；再由公式I＝求得R0的电阻。
（4）由以上分析知当滑片位置保持不变，开关都闭合时电路是滑动变阻器R与R0的并联电路，此时电路中的电流是I2＝2.5A．则根据公式P＝UI计算得此时电路消耗的总功率。
【解答】解：B、当S闭合，S1、S2断开时，滑动变阻器R与小灯泡L串联，滑片P由b端向a端滑动，使其连入电路的电阻为：R′＝R＝×36Ω＝12Ω，由于小灯泡恰好正常发光。此时电路中的电流为：I1＝＝＝0.5A；
由I＝得加在此时滑动变阻器两端的电压为：U′＝I1R′＝0.5A×12Ω＝6V；
所以电源电压为：U＝UL+U′＝12V+6V＝18V；故B正确。
C、由以上知，小灯泡正常发光时的电流为0.5A，所以小灯泡正常发光10s，整个电路消耗的电能：W＝UI1t＝18V×0.5A×10s＝90J；故C正确。
A、当滑片位置保持不变，开关都闭合时电路是滑动变阻器R与R0的并联电路，由串并联电路可知此时电路中的电流大于刚才的串联电路电流，所以电流表的示数变化了2A即增大了2A，此时电路中的电流为：I2＝2A+0.5A＝2.5A。
此时流过滑动变阻器R的电流为：I″＝＝＝1.5A；
则由并联电路的电流关系知流过R0的电流为：I0＝I2﹣I″＝2.5A﹣1.5A＝1A；
由I＝得R0的电阻为：R0＝＝＝18Ω；故A错误。
D、由以上分析知当滑片位置保持不变，开关都闭合时电路是滑动变阻器R与R0的并联电路，此时电路中的电流是I2＝2.5A．则此时电路消耗的总功率是：P＝UI2＝18V×2.5A＝45W；故D正确。
故选：A。
二、填空题（每空1分，共11分）
11．【分析】（1）利用液体压强计算公式p＝ρgh便可以算出第一问答案；
（2）当蛟龙号下潜到海面下2000m时，它完全浸入水中其排开水的体积等于自身的体积，利用阿基米德原理F＝ρ海水gV排便可算出答案；
【解答】解：
（1）当蛟龙号下潜到上表面距海面2000m时，其上表面受到海水的压强：
p＝ρ海水gh＝1.03×103kg/m3×10N/kg×2000m＝2.06×107pa。
（2）此时蛟龙号它完全浸入水中，其排开水的体积等于自身的体积，
蛟龙号受到海水的浮力：
F浮＝ρ海水gV排＝1.03×103kg/m3×10N/kg×50m3＝5.15×105N。
故答案是：2.06×107；5.15×105。
12．【分析】（1）广播、电视、卫星都是利用电磁波传递信息；
（2）我们把物体保持运动状态不变的性质叫做惯性。
【解答】解：（1）“珠海云”科考船是利用电磁波对无人机进行远程遥控；
（2）滑翔翼无人机返回母船甲板时，由于惯性要滑行一段距离才能停下来。
故答案为：电磁；惯性。
13．【分析】（1）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
（2）大气能产生压强；
（3）流体流速越大的位置，压强越小；
（4）带电体有吸引轻小物体的性质。
【解答】解：（1）瓶盖上的竖条纹是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
（2）往空矿泉水瓶内注入少量的热水，摇晃后倒掉并立即盖紧瓶盖，过一会儿瓶内水蒸气液化，体积变小，瓶内气体压强变小，瓶子在外界大气压作用下慢慢向内凹陷，这说明大气存在压强；
（3）用吸管在右侧沿平行于瓶身方向吹气，塑料瓶也会向右运动，这是因为右边空气流速大、压强小，左侧空气流速小、压强大，将塑料瓶压向右侧；
（4）带电体能够吸引轻小物体，所以与头发摩擦过的塑料瓶能吸引碎纸屑，是因为瓶子带了电。
故答案为：增大；大气压强；右；电。
14．【分析】（1）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们都属于不可再生能源；
（2）利用Q＝Vq可求天然气完全燃烧放出的热量；
（3）利用Q＝cmΔt求水的质量。
【解答】解：（1）天然气是化石能源的一种，化石能源、核能等能源会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们都属于不可再生能源；
（2）天然气放出的热量Q＝Vq天然气＝0.021m3×4×107J/m3＝8.4×105J；
（3）天然气放出的热量Q可知，水吸收的热量为8.4×105J，由Q＝cmΔt得，水得质量m＝＝＝5kg。
故答案为：（1）不可再生；（2）8.4×105；（3）5。
三、作图与科学探究题（15题2分，16题5分，17题4分，18题8分，共19分）
15．【分析】由图示可知，入射光线平行于主光轴，根据入射光线的特点，可以画出对应的折射光线。
【解答】解：平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，由此可以确定该条入射光线对应的折射光线，如图所示：

16．【分析】根据重力的作用点在球的重心上，重力的方向竖直向下即可作出重力的示意图。
【解答】解：
球的重心在球的几何中心，然后由重心竖直向下作一条线段，在末端标出箭头表示力的方向。如图所示：
。
17．【分析】（1）调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
（2）根据杠杆的平衡条件，可得出可使杠杆保持水平平衡的最小力；
（3）根据杠杆的平衡条件求出两力臂之比以及若两边同时各取走―枚硬币，杠杆会向哪端下沉。
【解答】解：（1）如图甲所示，杠杆左端下沉，其右端偏高，应将平衡螺母向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡；
（2）根据杠杆的平衡条件，F1l1＝F2l2知要使力最小，需要使力臂最大，当力的方向竖直向下时，力臂最长，力最小；
在A点悬挂3个钩码，则由杠杆的平衡条件得：3G×4l＝FB×3l，
解得：最小的力FB＝4G＝4×0.5N＝2N；
（3）根据杠杆的平衡条件，F1l1＝F2l2
设每个硬币的重力为G，则由图可得，2Gl1＝4Gl2，
则l1：l2＝2：1；
若两边同时各取走―枚硬币，则左边为：Gl1＝2Gl2，右边为3Gl2，
由于2Gl2＜3Gl2，所以杠杆的右端将下沉。
故答案为：（1）右；（2）竖直向下；2；（3）2：1；右。
18．【分析】（1）光屏不能接收虚像，只能接收到实像；
（2）使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
平面镜成像所成的像与物的大小相同；
（3）像与物关于平面镜对称。
【解答】解：（1）光屏不能接收虚像，只能接收到实像，而平面镜所成的像是虚像；所以光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是虚像；
（2）由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与0刻度线对齐，右侧与3.5cm对齐，估读为3.50cm。
平面镜成像所成的像与物的大小相同，将点燃的蜡烛逐渐靠近玻璃板，它的像将不变；
（3）如下图，作出蜡烛火焰关于平面镜的对称点，可知在实验中如果把平板玻璃向左倾斜（如图丙），观察到蜡烛的像的大致位置在图中的②处；

故答案为：（1）虚；（2）3.50；不变；（3）②。
19．【分析】（1）根据电源电压确定电流表量程，将电压表并联在电阻R两端；
（2）为了保护电路，连接电路时，开关应保持断开；开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应滑到阻值最大处；
（3）检查电路连接无误后闭合开关后，无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，电流表几乎无示数，说明电路可能断路；电压表有示数并不变，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
（4）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
（5）根据电流与电阻的乘积为一定值分析回答；
（6）在没有电压表时，使定值电阻与待测电阻并联，根据电流表和定值电阻的阻值计算出电压，然后根据公式R＝计算出Rx的阻值。
【解答】解：（1）电源电压恒为3V，故电压表应选小量程并联在电阻R两端，如下图所示：
；
（2）为了保护电路，连接电路时，开关应保持断开；开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应滑到阻值最大处，即A端；
（3）检查电路连接无误后闭合开关后，无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，电流表几乎无示数，说明电路可能断路；电压表有示数并不变，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，即原因可能是R断路，故选B；
（4）根据串联分压原理可知，将10Ω电阻换成20Ω电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电阻两端的电压不变，即应保持电压表示数不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动；
（5）由图乙可知，电流与电阻的乘积为UV＝IR＝0.4A×5Ω＝……＝0.1A×20Ω＝2V，为一定值，可以得出电流与电阻的关系是：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（6）实验步骤：
①闭合S、断开S1，此时电流表的示数为I1；
②闭合S和S1，此时电流表的示数为I2；
③在步骤①中，电路为只有R0的简单电路，电流表测通过R0的电流，此时电流表的示数为I1，则电源电压为U＝I1R0；
在步骤②中，R0与Rx并联，电流表测量干路电流，示数为I2；
根据并联电路电流的规律知，通过Rx的电流为：Ix＝I2﹣I1，则电源电压为：U＝IxRx＝（I2﹣I1）Rx，
根据电源电压相等知：I1R0＝（I2﹣I1）Rx，
解得：Rx＝。
故答案为：（1）见解答图；（2）断开；A；（3）B；（4）电压表；A；（5）当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；（6）③。
四、综合计算题（19题4分，20题6分；共计10分）
20．【分析】（1）该机器人静止在水平地面上时，对地面的压力和自身的重力相等，根据F＝G＝mg求出其大小，又知道其与地面的有效接触面积即等于受力面积，根据p＝求出对地面的压强；
（2）知道机器人工作时功率和时间，根据W＝Pt求出在10s内所做的功。
【解答】解：（1）该机器人静止在水平地面上时，对地面的压力：
F＝G＝mg＝2kg×10N/kg＝20N，
对地面的压强：
p＝＝＝2000Pa；
（2）由P＝可得，该机器人在20s内所做的功：
W＝Pt＝60W×20s＝1200J。
答：（1）该机器人静止在水平地面上时，对地面的压强是2000Pa；
（2）该机器人在20s内所做的功是1200J。
21．【分析】（1）根据P＝算出小灯泡的电阻；
（2）当开关 S、S1、S2 闭合，S3 断开时，灯泡 L 被短路，定值电阻 R1 与滑动变阻器R2 并联，当滑动变阻器 R2 阻值最大为 15Ω时，电路总电流最小，电路总功率最小，根据欧姆定律分别算出通过 R1的电流和通过滑动变阻器R2的电流，根据P最小＝U×（I1+I2） 算出电路最小总功率；
（3）当开关S、S3闭合，S1、S2 断开时，R1断路，灯泡L与滑动变阻器 R2串联，电压表测滑动变阻器 R2 两端电压，根据P＝UI算出灯泡额定电流，根据小灯泡的额定电流、电流表的量程、滑动变阻器的最大电流，判断出最大电流，此时滑动变阻器 R2 阻值最小，根据欧姆定律算出最小电阻和滑动变阻器的最小电阻；
根据电压表量程为 0～3V，在确保电路元件安全的情况下，判断出滑动变阻器两端电压最大为 U2＝3V 时，滑动变阻器阻值最大，根据欧姆定律算出最小电流和滑动变阻器的最大电阻。
【解答】解：
（1）根据P＝得，灯泡正常工作时电阻：
RL＝＝＝6Ω；
（2）当开关 S、S1、S2 闭合，S3 断开时，灯泡 L被短路，定值电阻 R1与滑动变阻器R2 并联，
当滑动变阻器R2的阻值最大为15Ω时，电路总电流最小，电路总功率最小，
通过 R1的电流：I1＝＝＝0.45A，
通过滑动变阻器R2的电流：I2＝＝＝0.3A，
电路最小总功率：P最小＝U×（I1+I2）＝4.5V×（0.45A+0.3A）＝3.375W；
（3）当开关S、S3闭合，S1、S2 断开时，R1断路，灯泡L与滑动变阻器R2串联，电压表测滑动变阻器R2两端电压
灯泡的额定电流：I额＝＝＝0.5A；
因为灯泡额定电流I额＝0.5A，电流表量程为 0～3A，滑动变阻器标有“15Ω 1A”字样，
所以，在确保电路元件安全的情况下，电路中最大电流为 I最大＝I额＝0.5A，此时滑动变阻器 R2阻值最小，
则电路最小总电阻：R最小＝＝＝9Ω
滑动变阻器R2最小阻值：R2最小＝R最小﹣RL＝9Ω﹣6Ω＝3Ω；
因为电压表量程为 0～3V，所以在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器两端电压最大为 U2＝3V 时，此时滑动变阻器阻值最大，
此时电路中电流：I最小＝＝＝0.25A，
滑动变阻器R2最大阻值：R2最大＝＝＝12Ω，
综上所述滑动变阻器的阻值范围为 3Ω～12Ω。
答：（1）灯泡正常工作时电阻为6Ω；
（2）当开关S、S1、S2闭合，S3断开时，电路最小总功率为3.375W；
（3）当开关S、S3闭合，S1、S2断开时，在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器R2的取值范围为 3Ω～12Ω。