2023年贵州省贵阳市云岩区第二十八中学中考一模物理试卷+

这是一份2023年贵州省贵阳市云岩区第二十八中学中考一模物理试卷+，共25页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，简答题，实验与科学探究题，综合应用题等内容，欢迎下载使用。

2023年贵州省贵阳二十八中中考物理一模试卷
一、选择题：本题共8个小题，每小题3分，共24分。第1～6题为单选题，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。第7、8题为多选题，在每小题给出的四个选项中，至少有两项是符合题目要求的，全选对的得3分，选对但不全的得1分，选错或不选得0分。
1．（3分）《荀子•劝学》中记载“冰，水为之，而寒于水”，其中关于“冰，水为之”中水发生的物态变化及吸、放热正确的是（　　）
A．熔化吸热 B．汽化吸热 C．凝华放热 D．凝固放热
2．（3分）古思州城的观音阁中有一口古钟，当敲响古钟时，它发出洪亮的声音，全古思州城的人都能听见。敲响过后的古钟“余音未止”，其主要原因是（　　）

A．钟声的回声 B．古钟还在振动
C．古钟停止了振动 D．人听觉的一种延续性
3．（3分）2022年12月7日，第十三届高性能塑料展中，无规共聚聚丙烯系列材料脱颖而出，其具有较强抗冲击性能、化学稳定性、水蒸气隔离性能和器官感觉性能（低气味和味道），且熔化温度较低。根据上述信息判断，该材料不可以制作（　　）
A．自来水管 B．食品包装材料
C．医药包装材料 D．火箭外壳
4．（3分）使用已调节好的托盘天平称量物体质量，加最小砝码时指针偏右，取出最小砝码时指针偏左，则可使横梁恢复水平位置平衡的规范操作是（　　）
A．将横梁上的平衡螺母向右调节
B．在左盘和右盘中增减砝码
C．从其他地方找一个更小的砝码放入右盘
D．将标尺上的游码向右移
5．（3分）在探究凸透镜成像规律的实验中，将蜡烛放在凸透镜前适当位置，调节光屏位置得到清晰的像。把眼镜片放在烛焰与凸透镜之间，如图所示，屏上的像变得模糊，调节光屏的位置，适当靠近凸透镜，光屏上又可以得到清晰的像，则该镜片（　　）

A．是凹透镜，属近视眼镜 B．是凹透镜，属远视眼镜
C．是凸透镜，属近视眼镜 D．是凸透镜，属远视眼镜
6．（3分）《墨经》最早记述了杆秤的杠杆原理，如图所示。把物品挂在挂钩上，将秤砣拨到合适位置，待秤杆平衡后，根据秤砣绳所对应的刻度就可得出物品的质量。下列有关说法正确的是（　　）

A．增大物重时，应把“權”向左端移
B．增大物重时，应把“權”向右端移
C．“權”小于物重时，右端一定上扬
D．若“權”发生磨损，则测得的物重偏小
（多选）7．（3分）图示为标有“2.5V”字样的小灯泡L与定值电阻R的U﹣I图象，若将它们串联接入电路，小灯泡L恰好正常发光，由图可知（　　）

A．电源电压U为4V
B．定值电阻R的阻值为10Ω
C．小灯泡正常发光时的阻值比定值电阻的阻值小
D．若将它们并联接入2.5V的电路中，电路中的总电流为0.8A
（多选）8．（3分）潜水艇能潜入水下航行，进行侦察和攻击，是一种很重要的军用舰艇，如图所示某潜水艇在海水水中训练的过程，潜水艇在图甲位置时恰好悬浮。潜水艇质量为2.7×106kg，体积为3×10m3（ρ海水＝1.0×103kg/m3）。下列对此潜水艇的分析正确的是（　　）

A．潜水艇从甲到乙位置，所受浮力变大
B．潜水艇是通过改变自身重力来实现浮沉的
C．潜水艇悬浮时受到的浮力为3×107N
D．潜艇悬浮在不同密度的海水中，受到的浮力相同
二、填空题：本题共4个小题，每空2分，共10分
9．（2分）郑和下西洋，采用的是水罗盘定向，即把磁化了的铁针穿过灯芯草，浮在水上，把指南浮针与方位盘结合在一起，就成了水罗盘，如图所示。使用过程中，磁针针尖会指向南方，则针尖相当于磁针的 　 　极。

10．（2分）我国第三艘航空母舰——“福建舰”采用先进的电磁弹射系统，以电磁力为加速手段，在短距离内使飞机达到或接近起飞速度，实施起飞。则该过程中飞机的动能会变 　 　。

11．（4分）如图所示的避险车道是与高速路下坡相连的一段很短的分岔车道，供失控车辆安全减速。避险车道路面上铺着疏松碎石垫层，是通过增大 　 　而减速。车辆停止后，车轮表面的温度会升高，这是通过 　 　的方式改变了车轮的内能。

12．（2分）如图所示，电源电压未知，但保持不变，电路操作规范，闭合开关S后，电流表（量程0～0.6A）示数为0.2A。滑动变阻器的滑片向左移动长度后，电流表示数变为0.6A，在此过程中，电压表（量程0～3V）示数的变化范围是1.0～3V，该电路消耗的总功率的变化范围是 　 　W。

三、作图题：本题共3个小题，每小题2分，共6分。
13．（2分）请用笔画线代替导线将图中的实物电路连接完整。要求：灯泡L1和L2串联，电压表测量L1两端电压，导线不能交叉。

14．（2分）“自动擦窗器”是一种智能家用电器，它帮助人们解决了高层、室外擦窗难的问题，如图甲所示，“自动擦窗器”在磁吸力F的作用下在竖直玻璃窗外侧静止不动，请你在图乙中画出擦窗器在竖直方向上的受力示意图。

15．（2分）如图甲所示，一个高为20cm，底面积为100cm2，重为10N的木块置于高为30cm的容器底部，现给容器中缓慢加水，当加水高度为10cm时，木块刚好离开容器底部，请在图乙中画出装满水的过程中木块的下表面受到水的压强随加水高度变化的大致图象。（木块不吸水）

四、简答题：本题共2个小题，每小题3分，共6分。
16．（3分）2023年2月14日，首台国产HA级重型燃机下线，为我国碳中和、碳达峰提供重要支持。作为一名中学生，你认为在日常生活中能为减少碳排放做些什么？（写出两条即可）
17．（3分）如图所示，同一个金属导体线框abcd，一次从某一高处由静止开始自由下落；第二次从某磁场区域上方的同一高度由静止开始自由下落（图中“×”表示该区域有方向垂直
纸面向里的磁场）。两次金属导体线框从下落到落地所用的时间分别为t1和t2，空气阻力不计，请你判断t1和t2的大小，并说明理由。

五、实验与科学探究题：本题共3个小题，第18题8分，第19、20题各10分，共28分。
18．（8分）实验小组用平面镜、两支不同色光的光缆也着着波光架设计了如图所示的实验装置来探究光的反射规律。
（1）为显示出光的传播路径，方法是 　 　。
（2）实验中，垂直照射到O点的红光是为了显示 　 　线，观察者围绕桌面转动改变观察角度可以观察到入射、反射绿光和红光重合的现象，说明反射光线、入射光线和法线 　 　。
（3）用刻度尺测出了反射光线和入射光线上等高的两点A、B到法线的水平距离，发现两段距离大小相等，得到“反射角等于入射角”的结论，多次在竖直方向上移动刻度尺，重复上述测量，发现两段距离总是相等的，于是认为该结论具有普遍性，这种做法不可靠，原因是 　 　。

19．（10分）在探究并联电路的电流特点时，小华设计了如图甲所示的电路（电流表未画出）进行实验。

（1）实验中，为了防止损坏电流表，在不能事先估计电流大小的情况下，应先进行　 　，以正确选择电流表的量程，电流表使用时必须 　 　联在电路中。
（2）连接好如图乙所示的电路，闭合开关后，此时电流表测的是 　 　（选填“A”、“B”或“C”）点的电流。
（3）实验时，测出了L1所在的支路上的电流IA为0.8A，然后小华把电流表依次接入电路分别测量出L2支路的电流IB、干路电流IC，两次电流表指针位置都如图丙所示，IC＝　 　A，由此得出初步结论 　 　（写出关系式）。
（4）为使实验结论更具普遍性，小华接下来的操作是 　 　。
20．（10分）载人飞船返回舱落地前的降落伞系统是载人飞船当之无愧的保护神。航天迷小明想研究返回舱开伞后降落伞下降的快慢与哪些因素有关，进行了下列猜想：
猜想1：降落伞下降的快慢与降落伞的面积有关；
猜想2：降落伞下降的快慢与降落伞的总质量有关；
为探究以上影响因素，他们利用卷尺、秒表、细绳、纺织布、剪刀、小塑料袋、细沙等器材，进行模拟降落伞的探究实验，将纺织布裁剪成0.5m2、1m2、1.5m2的圆形如图甲所示，每个边角系上一根细绳，所有细绳另一端系上一个小塑料袋.在小塑料袋中装一定量的沙子，控制降落伞（如图乙）总质量分别为40g、60g和80g。
请回答下列问题：
（1）实验时控制绳长、降落伞的降落高度相同，实验中还需要的测量工具是 　 　。该实验是通过比较 　 　来判断降落伞下降的快慢。
（2）为了验证猜想1，使用三种不同面积的伞，控制降落伞的总质量均为40g进行实验，发现面积是0.5m2时，下落时间是3.67s；面积是1m2时，下落时间是5.81s；面积是1.5m2时，下落时间是7.91s。可得结论：在降落伞的总质量一定时，　 　，降落伞下降越慢。
（3）在验证猜想2时，使用面积为1m2的伞，发现所挂质量为40g时，下落时间最长；使用1.5m2的伞，所挂质量为80g时，下落时间最短。由此可以验证猜想2正确的，你认为这一过程所得的结论是否可信？　 　（选填“可信”或“不可信”），理由是 　 　。
（4）除本实验提出的因素外，还有多种因素会影响降落伞下降的速度，请你提出一个可探究的问题：　 　。

六、综合应用题：本题共2个小题，每小题8分，共16分。解答时需写出必要的计算公式及过程或文字说明，若只写出计算结果将不得分。
21．（8分）如图所示，小灯泡L标有“3V 0.3A”字样。闭合开关，小灯泡正常发光，电流表的示数为0.6A，求：
（1）小灯泡L正常发光时的电阻；
（2）通过R0的电流；
（3）电阻R0消耗的电功率。

22．（8分）学校气象站的雨量筒如图甲所示。雨量筒是测量在某一段时间内降水总量的仪器，主要由承雨漏斗、收集装置组成。但校园内的承雨漏斗常因灰尘、小昆虫等堆积而堵塞，导致雨水无法顺利进入收集装置。现在有一款能自动清除淤泥的仪器——浮力式自动清淤器，如图乙所示。自动清淤器的工作原理：当承雨漏斗因堵塞而导致漏斗内水位不断升高，达到一定高度时，浮体带着底端清淤针一起向上运动清除淤泥，当承雨聚集雨林流入收集装置，水位下降，浮体带着清淤针复位。其中限位支架用于限定浮体在竖直方向的移动。

请回答下列问题：
（1）若一个雨量筒可以盛水0.8kg，则所盛水的重力是多少？（g取10N/kg）
（2）若雨滴在距离地面100m处经过10s落在地面，则雨滴下落的平均速度是多少？
（3）如图乙所示，当承雨漏斗内水位不断升高时，请你分析浮体所受的浮力如何变化？
（4）请你分析，雨量筒测得的降雨量与真实值相比偏大还是偏小？为什么？

2023年贵州省贵阳二十八中中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本题共8个小题，每小题3分，共24分。第1～6题为单选题，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。第7、8题为多选题，在每小题给出的四个选项中，至少有两项是符合题目要求的，全选对的得3分，选对但不全的得1分，选错或不选得0分。
1．（3分）《荀子•劝学》中记载“冰，水为之，而寒于水”，其中关于“冰，水为之”中水发生的物态变化及吸、放热正确的是（　　）
A．熔化吸热 B．汽化吸热 C．凝华放热 D．凝固放热
【分析】物质从液体变为固态的过程叫做凝固，凝固要放出热量。
【解答】解：“冰，水为之”中水发生的物态变化是凝固，凝固要放出热量。
故选：D。
【点评】本题考查了凝固与凝固放热的特点，属于基础性题目。
2．（3分）古思州城的观音阁中有一口古钟，当敲响古钟时，它发出洪亮的声音，全古思州城的人都能听见。敲响过后的古钟“余音未止”，其主要原因是（　　）

A．钟声的回声 B．古钟还在振动
C．古钟停止了振动 D．人听觉的一种延续性
【分析】声音是由物体的振动产生的。
【解答】解：当敲响古钟时，它发出洪亮的声音，全古思州城的人都能听见。敲响过后的古钟“余音未止”，其主要原因是古钟还在振动，故B正确，ACD错误。
故选：B。
【点评】本题考查了声音产生的条件，属于基础题目。
3．（3分）2022年12月7日，第十三届高性能塑料展中，无规共聚聚丙烯系列材料脱颖而出，其具有较强抗冲击性能、化学稳定性、水蒸气隔离性能和器官感觉性能（低气味和味道），且熔化温度较低。根据上述信息判断，该材料不可以制作（　　）
A．自来水管 B．食品包装材料
C．医药包装材料 D．火箭外壳
【分析】根据所给信息中材料的性质分析。
【解答】解：ABC．无规共聚聚丙烯系列材料，具有较强抗冲击性能、化学稳定性、水蒸气隔离性能和器官感觉性能（低气味和味道），可以用来制作自来水管、食品包装材料、医药包装材料，故ABC不符合题意；
D．因为该材料的熔化温度较低，所以不可以制作火箭外壳，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题是材料信息题，读懂所给信息是解题的关键。
4．（3分）使用已调节好的托盘天平称量物体质量，加最小砝码时指针偏右，取出最小砝码时指针偏左，则可使横梁恢复水平位置平衡的规范操作是（　　）
A．将横梁上的平衡螺母向右调节
B．在左盘和右盘中增减砝码
C．从其他地方找一个更小的砝码放入右盘
D．将标尺上的游码向右移
【分析】天平的平衡螺母只能在调节天平横梁平衡时移动，在称量物体质量的过程中不能再移动平衡螺母。
当天平的左盘放物体，右盘放砝码时，若右盘中放最小砝码指针右偏，取出最小砝码指针左偏，则需要移动游码使横梁平衡。向右移动游码相当于向右盘中增加砝码。
【解答】解：在称量物体质量的过程中，不能再移动平衡螺母；由题意可知，所放入最小砝码的质量偏大，此时应该取出最小的砝码，将处在零刻度位置的游码向右调，相当于往右盘中增加更小的砝码，能使天平的横梁平衡，故D正确，ABC错误。
故选：D。
【点评】此题考查了天平的基本使用方法，尤其是在测量的最后阶段，如何进行操作的问题。这里应该注意的是，称量过程中，不可以移动平衡螺母，要靠增减砝码和移动游码来实现横梁的平衡，更不能借用其他天平的砝码。
5．（3分）在探究凸透镜成像规律的实验中，将蜡烛放在凸透镜前适当位置，调节光屏位置得到清晰的像。把眼镜片放在烛焰与凸透镜之间，如图所示，屏上的像变得模糊，调节光屏的位置，适当靠近凸透镜，光屏上又可以得到清晰的像，则该镜片（　　）

A．是凹透镜，属近视眼镜 B．是凹透镜，属远视眼镜
C．是凸透镜，属近视眼镜 D．是凸透镜，属远视眼镜
【分析】根据光屏移动的方向判定镜片对光线的作用，然后根据远视镜片是凸透镜，近视镜片是凹透镜判断。
【解答】解：把眼镜片放在烛焰与凸透镜之间，如图所示，屏上的像变得模糊，调节光屏的位置，适当靠近凸透镜，光屏上又可以得到清晰的像，这说明该透镜对光线具有会聚作用，是凸透镜，凸透镜可以矫正远视眼。
故选：D。
【点评】此题是探究凸透镜成像的实验，要熟练掌握成像特点与物距、像距之间的关系及其应用。
6．（3分）《墨经》最早记述了杆秤的杠杆原理，如图所示。把物品挂在挂钩上，将秤砣拨到合适位置，待秤杆平衡后，根据秤砣绳所对应的刻度就可得出物品的质量。下列有关说法正确的是（　　）

A．增大物重时，应把“權”向左端移
B．增大物重时，应把“權”向右端移
C．“權”小于物重时，右端一定上扬
D．若“權”发生磨损，则测得的物重偏小
【分析】利用杠杆的平衡条件逐项分析即可。
【解答】解：AB．增大物重时，阻力变大，由于动力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，应把动力臂变大，即把“權”向右端移，故A错误，B正确；
C．“權”小于物重时，动力小于阻力，根据杠杆平衡条件动力×动力臂＝阻力×阻力臂可知，当动力臂大于阻力臂时，杠杆可能在水平位置平衡，所以右端不一定上扬，故C错误；
D．若“權”发生磨损，动力变小，阻力不变，阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可得，动力臂变大，即测量值比真实值偏大，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查了杠杆的平衡条件的应用，难度不大。
（多选）7．（3分）图示为标有“2.5V”字样的小灯泡L与定值电阻R的U﹣I图象，若将它们串联接入电路，小灯泡L恰好正常发光，由图可知（　　）

A．电源电压U为4V
B．定值电阻R的阻值为10Ω
C．小灯泡正常发光时的阻值比定值电阻的阻值小
D．若将它们并联接入2.5V的电路中，电路中的总电流为0.8A
【分析】首先根据灯泡的电阻和定值电阻的U﹣I图像特点判断出A、B分别是谁的图像。
（1）小灯泡L和电阻R串联后灯泡正常发光，根据图象读出小灯泡正常发光的电流，因为串联电路通过它们的电流相等，读出此时R两端的电压，根据串联电路电压的规律算出电源电压。
（2）读出R的一组电压值和对应的电流值，根据欧姆定律算出R的阻值；
（3）根据欧姆定律即可求出灯泡正常发光时的阻值与定值电阻的大小；
（4）小灯泡L和电阻R并联接在电压为2.5V的电源两端时，它们两端的电压相等，根据图象分别读出通过的电流，根据并联电路的电流特点求出电路中的总电流。
【解答】解：由于灯泡的电阻受温度的影响，则U﹣I图像是曲线，则图像中A为定值电阻R的U﹣I图像，B为灯泡L的U﹣I图像。
A、小灯泡L和电阻R串联后小灯泡正常发光，已知“2.5V”字样的小灯泡，由图像可知小灯泡正常发光的电流为0.3A，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过R的电流IR＝IL＝0.3A，
由图知此时R两端的电压为UR＝1.5V，
电源电压为：
U＝U额+UR＝2.5V+1.5V＝4V，故A正确；
B、根据I＝可知：R＝＝＝5Ω，故B错误；
C、小灯泡L和电阻R串联后小灯泡正常发光时，U额＝2.5V＞UR＝1.5V，因串联电路中各处的电流相等，根据I＝可知：RL＞R，即灯泡正常发光时的阻值比定值电阻大，故C错误；
D、小灯泡L和电阻R并联接在电压为2.5V的电源两端时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，它们两端的电压为：UL′＝UR′＝2.5V，
由图象可知，通过它们的电流分别为：IL′＝0.3A，IR′＝0.5A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，电路中的总电流：
I＝IL+IR＝0.3A+0.5A＝0.8A，故D正确。
故选：AD。
【点评】本题主要考查串并联电路的特点以及欧姆定律公式的应用，是一道综合题。
（多选）8．（3分）潜水艇能潜入水下航行，进行侦察和攻击，是一种很重要的军用舰艇，如图所示某潜水艇在海水水中训练的过程，潜水艇在图甲位置时恰好悬浮。潜水艇质量为2.7×106kg，体积为3×10m3（ρ海水＝1.0×103kg/m3）。下列对此潜水艇的分析正确的是（　　）

A．潜水艇从甲到乙位置，所受浮力变大
B．潜水艇是通过改变自身重力来实现浮沉的
C．潜水艇悬浮时受到的浮力为3×107N
D．潜艇悬浮在不同密度的海水中，受到的浮力相同
【分析】A、潜水艇从甲到乙位置，排开液体的体积变小，根据F浮＝ρ液gV排可知其所受浮力变化；
B、潜水艇是通过改变自身重力来实现浮沉的；
C、根据F浮＝ρ液gV排计算潜水艇悬浮时受到的浮力；
D、根据F浮＝ρ液gV排可知潜艇悬浮在不同密度的海水中时受到的浮力是否相同。
【解答】解：A、潜水艇从甲到乙位置，排开液体的体积变小，根据F浮＝ρ液gV排可知其所受浮力变小，故A错误；
B、潜水艇是通过改变自身重力来实现浮沉的，故B正确；
C、潜水艇悬浮时受到的浮力F浮＝ρ海水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×3×10m3＝3×107N，故C正确；
D、根据F浮＝ρ液gV排可知潜艇悬浮在不同密度的海水中，受到的浮力不同，故D错误。
故选：BC。
【点评】本题考查阿基米德原理和物体浮沉条件的灵活运用，知道潜水艇是通过改变自身重力来实现浮沉的。
二、填空题：本题共4个小题，每空2分，共10分
9．（2分）郑和下西洋，采用的是水罗盘定向，即把磁化了的铁针穿过灯芯草，浮在水上，把指南浮针与方位盘结合在一起，就成了水罗盘，如图所示。使用过程中，磁针针尖会指向南方，则针尖相当于磁针的 　S　极。

【分析】地理的北极在地磁的南极附近，地理的南极在地磁的北极附近。
【解答】解：静止时针尖便指向南方，即地磁北极；根据异名磁极相互吸引可知，小磁针针尖为南极，即S极。
故答案为：S。
【点评】本题考查了地磁场的相关知识，考生应辨析清楚地理南北极与地磁南北极的概念。
10．（2分）我国第三艘航空母舰——“福建舰”采用先进的电磁弹射系统，以电磁力为加速手段，在短距离内使飞机达到或接近起飞速度，实施起飞。则该过程中飞机的动能会变 　大　。

【分析】动能的大小与质量、速度有关。
【解答】解：飞机起飞过程中，质量不变，速度变大，动能变大。
故答案为：大。
【点评】本题考查了动能大小的变化，属于基础题。
11．（4分）如图所示的避险车道是与高速路下坡相连的一段很短的分岔车道，供失控车辆安全减速。避险车道路面上铺着疏松碎石垫层，是通过增大 　摩擦　而减速。车辆停止后，车轮表面的温度会升高，这是通过 　做功　的方式改变了车轮的内能。

【分析】（1）滑动摩擦力大小的影响因素：压力和接触面的粗糙程度；
（2）改变内能有两种方式：做功和热传递；
【解答】解：（1）避险车道路面上铺着疏松碎石垫层，增大了接触面的粗糙程度，增大摩擦力，使汽车的机械能转化为内能，让汽车的速度减小，便于汽车减速停下；
（2）车辆停止后，由于车轮与地面摩擦，车轮的温度升高，这是通过做功的方式增加了车轮的内能。
故答案为：摩擦；做功。
【点评】本题考查了改变物体内能的方式以及增大摩擦的方法，难度不大。
12．（2分）如图所示，电源电压未知，但保持不变，电路操作规范，闭合开关S后，电流表（量程0～0.6A）示数为0.2A。滑动变阻器的滑片向左移动长度后，电流表示数变为0.6A，在此过程中，电压表（量程0～3V）示数的变化范围是1.0～3V，该电路消耗的总功率的变化范围是 　1.8W～5.4　W。

【分析】根据电路操作规范可知，闭合开关S后，变阻器R与R0串联，滑动变阻器的电阻全部连入电路，电压表测量R0两端的电压，电流表测量电路中的电流，此时电流表示数为I1＝0.2A，电压表示数为U1；
滑动变阻器向左移动长度后，滑动变阻器的连入电路的电阻为（1﹣）R，此时电流表示数为I2＝0.6A，电压表示数为U2；
当滑动变阻器向左移动长度后，连入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，R0两端电压变大，则根据电压表示数的变化范围可知：U1＝1.0V，U2＝3.0V，根据串联电路的特点和欧姆定律得出电源电压的表达式；联立方程即可求出电源电压和滑动变阻器的最大电阻；
根据滑动变阻器向左移动时的前后电流表的最大和最小电流表示数，利用P＝UI即可求出该电路消耗的总功率的变化范围。
【解答】解：根据电路操作规范可知，闭合开关S后，变阻器R与R0串联，滑动变阻器的电阻全部连入电路，电路中的电流最小，电压表测量R0两端的电压，电流表测量电路中的电流，此时电流表示数为I1＝0.2A，电压表示数为U1；
滑动变阻器向左移动长度后，滑动变阻器的连入电路的电阻为（1﹣）R，此时电流表示数为I2＝0.6A，电压表示数为U2；
当滑动变阻器向左移动长度后，连入电路的电阻变小，电路中的电流变大，根据串联电路的电压特点可知当滑动变阻器两端的电压变小，即电压表示数减小，由根据电压表示数的变化范围可知：U1＝3.0V，U2＝1.0V，
根据串联电路的特点和欧姆定律得出电源电压：
滑动变阻器在最右端时，电源电压：
U＝U1+I1R＝1.0V+0.2A×R﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
滑动变阻器向左移动长度后时连入电路的电阻为R′＝（1﹣）R＝R，电源电压：
U＝U2+I2R′＝3.0+0.6A×R﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
联立①②解得：R＝40Ω，U＝9V；
根据滑动变阻器向左移动时的前后可知电流表的最小电流为0.2A，最大电流为0.6A，
则总功率最小为：P最小＝UI1＝9V×0.2A＝1.8W，
总功率最大为：P最大＝UI2＝9V×0.6A＝5.4W，
则该电路消耗的总功率的变化范围为1.8W～5.4W。
故答案为：1.8W～5.4。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式和根据电源电压不变列出方程式是关键，有一定难度。
三、作图题：本题共3个小题，每小题2分，共6分。
13．（2分）请用笔画线代替导线将图中的实物电路连接完整。要求：灯泡L1和L2串联，电压表测量L1两端电压，导线不能交叉。

【分析】灯泡L1和L2串联，电压表测量L1两端电压，根据电源电压为3V确定电压表选用的量程与待测电路并联。
【解答】解：灯泡L1和L2串联，电压表测量L1两端电压，因电源电压为3V，故电压表选用小量程与L1并联，如下所示：

【点评】本题考查根据要求连接电路，关键是明确电压表的连接。
14．（2分）“自动擦窗器”是一种智能家用电器，它帮助人们解决了高层、室外擦窗难的问题，如图甲所示，“自动擦窗器”在磁吸力F的作用下在竖直玻璃窗外侧静止不动，请你在图乙中画出擦窗器在竖直方向上的受力示意图。

【分析】首先应知道擦窗器在竖直方向受到重力和摩擦力，其次应找到两个力的三要素：作用点均在重心上，大小相等，重力方向竖直向下，摩擦力方向竖直向上，最后用一条带箭头的线段把两个力的三要素表示出来。
【解答】解：擦窗器在竖直方向受到重力和摩擦力，重力从重心竖直向下画，标出G；摩擦力从重心竖直向上画，标出f，两个力大小相等，如图所示：

【点评】画力的示意图时，要结合物体所处的运动状态，当物体静止或做匀速直线运动时，受到的力是平衡力。
15．（2分）如图甲所示，一个高为20cm，底面积为100cm2，重为10N的木块置于高为30cm的容器底部，现给容器中缓慢加水，当加水高度为10cm时，木块刚好离开容器底部，请在图乙中画出装满水的过程中木块的下表面受到水的压强随加水高度变化的大致图象。（木块不吸水）

【分析】由题知，当加水高度为10cm时，木块刚好离开容器底部，此时木块漂浮，F浮＝G，根据浮力公式F浮＝ρ液V排g求出排开水的体积V，再求出木块浸入水的深度，根据p＝ρ水gh求出木块的下表面受到水的压强；分析装满水的过程中木块的下表面受到水的压强随加水高度变化的大致情况，并画出其大致图象。
【解答】解：由题知，当加水高度为10cm时，木块刚好离开容器底部，此时木块漂浮，F浮＝G＝10N，
根据浮力公式F浮＝ρ液V排g得，V＝V排＝＝＝1×10﹣3m3，
木块浸入水的深度为：h＝＝0.1m＝10cm，
木块的下表面受到水的压强为：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1000Pa，
装满水的过程中木块的下表面受到水的压强随加水高度变化的大致情况是：在水的深度小于10cm时，木块的下表面受到水的压强随水的深度成正比增大；当加水高度为10cm时，木块刚好离开容器底部，此时木块漂浮，此后木块浸入水的深度一定，木块的下表面受到水的压强一定，即压强为：1000Pa，装满水的过程中木块的下表面受到水的压强随加水高度变化的大致图象如下：
。
【点评】本题考查了阿基米德原理的应用、液体压强的计算，难点在分析装满水的过程中木块的下表面受到水的压强随加水高度变化的大致情况。
四、简答题：本题共2个小题，每小题3分，共6分。
16．（3分）2023年2月14日，首台国产HA级重型燃机下线，为我国碳中和、碳达峰提供重要支持。作为一名中学生，你认为在日常生活中能为减少碳排放做些什么？（写出两条即可）
【分析】减少碳排放，就是减少温室气体（二氧化碳为主）的排放。它的具体体现为节水、节电、节油、节气，这就是我们倡导的低炭生活方式。
【解答】解：减少碳排放，在日常生活中做到：使用太阳能、风能等清洁能源；不吸烟；不燃放烟花爆竹。
【点评】本题考查了对减少碳排放的理解，培养学生爱护环境、保护环境的意识。
17．（3分）如图所示，同一个金属导体线框abcd，一次从某一高处由静止开始自由下落；第二次从某磁场区域上方的同一高度由静止开始自由下落（图中“×”表示该区域有方向垂直
纸面向里的磁场）。两次金属导体线框从下落到落地所用的时间分别为t1和t2，空气阻力不计，请你判断t1和t2的大小，并说明理由。

【分析】影响动能大小的因素是质量和速度；根据能量的转化判定机械能的变化，从而判定出动能的变化，根据速度公式比较时间的大小。
【解答】解：
同一个金属框从相同的高度自由下落时，具有的重力势能是相同的，到达地面时，金属框的重力势能变为0；
不计空气阻力，第一次下落时，重力势能全部转化为动能；
第二次下落时，由于金属导体线框穿过磁场区域时会产生感应电流，由于电流的热效应，一部分重力势能转化为内能，所以第二次金属框到达地面时的动能小于第一次到达地面时的动能（即第二次金属框到达地面时的速度减小），
根据公式t＝可知，第二次到达地面的时间要大于第一次到达地面的时间，即t1小于t2。
答：t1小于t2。
【点评】本题考查了动能和重力势能的转化、机械能与内能的转化，关键是比较两次金属框到达地面时的动能大小。
五、实验与科学探究题：本题共3个小题，第18题8分，第19、20题各10分，共28分。
18．（8分）实验小组用平面镜、两支不同色光的光缆也着着波光架设计了如图所示的实验装置来探究光的反射规律。
（1）为显示出光的传播路径，方法是 　在桌面的上方喷烟雾　。
（2）实验中，垂直照射到O点的红光是为了显示 　法　线，观察者围绕桌面转动改变观察角度可以观察到入射、反射绿光和红光重合的现象，说明反射光线、入射光线和法线 　在同一平面内　。
（3）用刻度尺测出了反射光线和入射光线上等高的两点A、B到法线的水平距离，发现两段距离大小相等，得到“反射角等于入射角”的结论，多次在竖直方向上移动刻度尺，重复上述测量，发现两段距离总是相等的，于是认为该结论具有普遍性，这种做法不可靠，原因是 　多次在竖直方向上移动刻度尺重复上述测量，没有改变入射角光线的方向　。

【分析】（1）在不同方向都能看到光的传播路径，是由于光在纸板上发生了漫反射而进入我们的眼里；
（2）法线与平面镜垂直；反射光线、入射光线和法线在同一平面内，可以通过硬纸板显示光路；
（3）探究光的反射定律时，要多次改变入射角，测量入射角和反射角，比较反射角和入射角的关系。
【解答】解：（1）在桌面的上方喷烟雾，这是利用了光照在烟雾上发生了漫反射；
（2）法线与平面镜是垂直的，红色激光笔发出的光垂直射向平面镜上的O点，可以显示法线的位置；
沿水平方向缓慢转动圆台，当我们观察到入射绿光、入射红光和反射绿光看起来重合时，可以根据光的传播路径来判断三线在同一平面内；
（3）探究光的反射定律时，要多次改变入射角，测量入射角和反射角，比较反射角和入射角的关系；而多次在竖直方向上移动刻度尺重复上述测量，没有改变入射角光线的方向，也就没有改变入射角的大小，所以这一做法不可靠。
故答案为：（1）法；（2）漫反射；（3）多次在竖直方向上移动刻度尺重复上述测量，没有改变入射角光线的方向。
【点评】实验探究题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生从实验中分析现象，归纳总结规律。培养学生观察、分析、概括能力。
19．（10分）在探究并联电路的电流特点时，小华设计了如图甲所示的电路（电流表未画出）进行实验。

（1）实验中，为了防止损坏电流表，在不能事先估计电流大小的情况下，应先进行　试触　，以正确选择电流表的量程，电流表使用时必须 　串　联在电路中。
（2）连接好如图乙所示的电路，闭合开关后，此时电流表测的是 　C　（选填“A”、“B”或“C”）点的电流。
（3）实验时，测出了L1所在的支路上的电流IA为0.8A，然后小华把电流表依次接入电路分别测量出L2支路的电流IB、干路电流IC，两次电流表指针位置都如图丙所示，IC＝　1　A，由此得出初步结论 　IC＝IA+IB　（写出关系式）。
（4）为使实验结论更具普遍性，小华接下来的操作是 　换用不同的灯泡进行多次实验　。
【分析】（1）为了防止损坏电流表，在不能事先估计电流大小的情况下，应先进行试触以正确选择电流表或电流表的量程；电流表要与被测量的用电器串联；
（2）电流表与待测电路串联，据此分析；
（3）根据并联电路电流的规律确定电流表选用的量程，然后读数。分析数据大小得出结论；
（4）实验中为了寻找普遍的规律，应多次测量。
【解答】解：（1）为了防止损坏电流表，在不能事先估计电流大小的情况下，应先用大量程试触以正确选择电流表或电流表的量程；
电流表使用时必须串联在电路中；
（2）由图乙可知，电流表串联在干路中，测量的是干路的电流，即C点的电流；
（3）因干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流大于支路电流，在图丙中，因指针偏转角度相同，测干路电流时应选用大量程，分度值为0.1A，示数为1A，即IC＝1A；测通过L2支路的电流选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A，由数据可得：并联电路中干路电流等于各支路电流之和，并联电路中电流规律的表达式是：IC＝IA+IB；
（4）为了得出并联电路电流关系的普遍规律，小华接下来的操作是换用不同的灯泡进行多次实验。
故答案为：（1）试触；串；（2）C；（3）1；IC＝IA+IB；（4）换用不同的灯泡进行多次实验。
【点评】本题主要考查探究并联电路中电流的规律的实验，我们要掌握电路的连接、电流表的使用、分析数据归纳总结结论及归纳法的应用。
20．（10分）载人飞船返回舱落地前的降落伞系统是载人飞船当之无愧的保护神。航天迷小明想研究返回舱开伞后降落伞下降的快慢与哪些因素有关，进行了下列猜想：
猜想1：降落伞下降的快慢与降落伞的面积有关；
猜想2：降落伞下降的快慢与降落伞的总质量有关；
为探究以上影响因素，他们利用卷尺、秒表、细绳、纺织布、剪刀、小塑料袋、细沙等器材，进行模拟降落伞的探究实验，将纺织布裁剪成0.5m2、1m2、1.5m2的圆形如图甲所示，每个边角系上一根细绳，所有细绳另一端系上一个小塑料袋.在小塑料袋中装一定量的沙子，控制降落伞（如图乙）总质量分别为40g、60g和80g。
请回答下列问题：
（1）实验时控制绳长、降落伞的降落高度相同，实验中还需要的测量工具是 　天平　。该实验是通过比较 　时间长短　来判断降落伞下降的快慢。
（2）为了验证猜想1，使用三种不同面积的伞，控制降落伞的总质量均为40g进行实验，发现面积是0.5m2时，下落时间是3.67s；面积是1m2时，下落时间是5.81s；面积是1.5m2时，下落时间是7.91s。可得结论：在降落伞的总质量一定时，　伞的面积越大　，降落伞下降越慢。
（3）在验证猜想2时，使用面积为1m2的伞，发现所挂质量为40g时，下落时间最长；使用1.5m2的伞，所挂质量为80g时，下落时间最短。由此可以验证猜想2正确的，你认为这一过程所得的结论是否可信？　不可信　（选填“可信”或“不可信”），理由是 　没有控制伞的面积相同　。
（4）除本实验提出的因素外，还有多种因素会影响降落伞下降的速度，请你提出一个可探究的问题：　降落伞的绳子长短是否会影响伞的降落速度　。

【分析】降落伞是一种利用空气阻力实现从高空缓慢下降的专用工具。通过实验我们知道影响降落伞下降快慢因素有伞面大小、重物轻重、伞面材料、伞绳的长短。在实验中要注意运用控制变量法，每次只能改变一个因素，其他因素应该保持一样。
【解答】解：（1）实验时控制绳长、降落伞的降落高度相同，实验中还需要的测量工具是测量控制降落伞的总质量的天平。此实验是通过相同路程比较时间长短来判断降落伞下降的快慢。
（2）猜想1“降落伞下降快慢是否与伞的面积大小有关”的实验是对比实验，通过控制变量，让伞绳长短和悬吊物轻重相同，伞面大小不同，通过数据可得结论：在降落伞的总质量一定时，伞的面积越大，降落伞下降越慢。
（3）猜想2“降落伞下降的快慢与降落伞的总质量有关”的实验中，没有控制变量，伞的面积不相同，总质量也不相同，由此这次实验所得的结论是不可信的，理由就是没有控制伞的面积相同。
（4）除了猜想1和猜想2的因素外，还可以提出一个可探究的问题：降落伞的绳子长短是否会影响伞的降落速度。
故答案为：（1）天平，时间长短。（2）伞的面积越大。（3）不可信，没有控制伞的面积相同。（4）降落伞的绳子长短是否会影响伞的降落速度。
【点评】本题考查了影响降落伞下降速度的因素，从力学角度来看就是空气阻力与质量速度的关系，在实验中要运用控制变量法。
六、综合应用题：本题共2个小题，每小题8分，共16分。解答时需写出必要的计算公式及过程或文字说明，若只写出计算结果将不得分。
21．（8分）如图所示，小灯泡L标有“3V 0.3A”字样。闭合开关，小灯泡正常发光，电流表的示数为0.6A，求：
（1）小灯泡L正常发光时的电阻；
（2）通过R0的电流；
（3）电阻R0消耗的电功率。

【分析】由电路图可知，开关闭合时，R0与小灯泡L并联，电流表测干路电流。
（1）根据欧姆定律求出小灯泡L正常发光时的电阻；
（2）根据小灯泡正常发光可知通过小灯泡L的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R0的电流；
（3）根据并联电路的电压特点可知电阻R0两端的电压，根据P＝UI求出电阻R0消耗的电功率。
【解答】解：由电路图可知，开关闭合时，R0与小灯泡L并联，电流表测干路电流。
（1）因为小灯泡正常发光，所以此时小灯泡L两端的电压：UL＝U额＝3V，通过小灯泡L的电流：IL＝I额＝0.3A，
由I＝可知，小灯泡L正常发光时的电阻：RL＝＝＝10Ω；
（2）由并联电路的电流特点可知，通过R0的电流：I0＝I﹣IL＝0.6A﹣0.3A＝0.3A；
（3）由并联电路的电压特点可知，电阻R0两端的电压：U0＝UL＝3V，
则电阻R0消耗的电功率：P0＝U0I＝03V×0.3A＝0.9W。
答：（1）小灯泡L正常发光时的电阻为10Ω；
（2）通过R0的电流为0.3A；
（3）电阻R0消耗的电功率为0.9W。
【点评】本题考查并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，知道小灯泡在额定电压下正常发光是解题的关键。
22．（8分）学校气象站的雨量筒如图甲所示。雨量筒是测量在某一段时间内降水总量的仪器，主要由承雨漏斗、收集装置组成。但校园内的承雨漏斗常因灰尘、小昆虫等堆积而堵塞，导致雨水无法顺利进入收集装置。现在有一款能自动清除淤泥的仪器——浮力式自动清淤器，如图乙所示。自动清淤器的工作原理：当承雨漏斗因堵塞而导致漏斗内水位不断升高，达到一定高度时，浮体带着底端清淤针一起向上运动清除淤泥，当承雨聚集雨林流入收集装置，水位下降，浮体带着清淤针复位。其中限位支架用于限定浮体在竖直方向的移动。

请回答下列问题：
（1）若一个雨量筒可以盛水0.8kg，则所盛水的重力是多少？（g取10N/kg）
（2）若雨滴在距离地面100m处经过10s落在地面，则雨滴下落的平均速度是多少？
（3）如图乙所示，当承雨漏斗内水位不断升高时，请你分析浮体所受的浮力如何变化？
（4）请你分析，雨量筒测得的降雨量与真实值相比偏大还是偏小？为什么？
【分析】（1）已知质量，根据G＝mg＝计算重力；
（2）已知路程和时间，根据v＝计算速度；
（3）当承雨漏斗内水位不断升高时，浮体浸入水中的体积不断增大，根据阿基米德原理F浮＝ρ液V排g知浮力的大小变化；
（4）从水的蒸发和运动状态变化的角度分析，雨滴不一定是竖直下落在量筒中。
【解答】解：（1）若一个雨量筒可以盛水0.8kg，
水的重力G＝mg＝0.8kg×10N/kg＝8N；
（2）若雨滴在距离地面100m处经过10s落在地面，
下落的平均速度v＝＝10m/s；
（3）如图乙所示，当承雨漏斗内水位不断升高时，浮体浸入水中的体积不断增大，
根据阿基米德原理F浮＝ρ液V排g知，受到的浮力增大；
（4）考虑水的蒸发和风力改变雨滴的运动方向，雨量筒测得的降雨量与真实值相比偏小；
答：（1）所盛水的重力是8N；
（2）雨滴下落的平均速度是10m/s；
（3）当承雨漏斗内水位不断升高时，浮体所受的浮力逐渐变大；
（4）偏小，因为雨滴落到筒中汇总蒸发，且可能雨滴路径不规则，使得接受的雨滴减少。
【点评】本题考查重力、速度、浮力和蒸发等多个知识点，属于简答的综合题。