2023年安徽省滁州市明光市中考物理二模试卷(含答案)

这是一份2023年安徽省滁州市明光市中考物理二模试卷(含答案)，共20页。试卷主要包含了填空题，选择题，实验题，计算与推导题等内容，欢迎下载使用。

2023年安徽省滁州市明光市中考物理二模试卷
一、填空题（作图2分，其余每空2分，共20分）
1．（2分）“呐喊喷泉”是一种很受游客喜爱的水景娱乐项目，与普通的喷泉相比，其最大的亮点是喷泉水柱的高度可以由人的呐喊声控制，呐喊的声音越大，水柱就喷得越高。这里“呐喊的声音越大“指的是呐喊者发声时声音的 　 　（填声音的基本特性）大。
2．（2分）冬天，汽车车窗内玻璃上会出现“雾气”现象，如图所示。其形成的原因是车内人呼出的水蒸气遇到冷的车窗玻璃会 　 　（填物态变化的名称）成小水珠。

3．（2分）如图所示，用嘴在下垂的纸条上方吹气，纸条会向上飘起。产生这种现象的原因是纸条上方空气流速大，压强 　 　（选填“大”或“小”），纸条的上下表面会产生一个压力差，把纸条托起。

4．（2分）一辆小汽车在平直的公路上行驶的路程及所用的时间如图所示，则这辆小汽车前30s的平均速度是 　 　km/h。

5．（2分）如图所示，分别用定滑轮和动滑轮把重力相同的物体匀速提高相同的高度，不计绳重和摩擦，且动滑轮的重力小于物重，则绳子自由端拉力之间的关系是F1　 　（选填“＞”、“＜”或“＝”）F2。

6．（2分）如图所示，小明沿水平方向推木箱，不断加大推力，但木箱始终没有被推动。在这个过程中，木箱受到地面的摩擦力是 　 　（选填“不变”、“变大”或“变小”）的。

7．（2分）如图所示，请在图中括号内标出通电螺线管两端的磁极及小磁针静止时的N、S极。

8．（2分）可燃冰是一种热值较大的燃料，其热值约为6×109J/m3，假设完全燃烧0.021m3的可燃冰所释放的热量全部被水吸收，则可以使 　 　kg水的温度从20℃升高到80℃。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
9．（2分）如图所示，电源电压保持不变，R1＝10Ω，R2＝30Ω，当只闭合开关S1时，电流表的示数为0.45A；同时闭合开关S1，S2时，电流表的示数为 　 　A。

10．（2分）如图所示，定值电阻R＝10Ω，闭合开关S，此时电压表V1的示数为3V，电压表V2的示数为4.5V，则1min内小灯泡L消耗的电能是 　 　J。（忽略温度对小灯泡电阻的影响）

二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）
11．（2分）下列说法中正确的是（　　）
A．速度越大的物体，其惯性一定也越大
B．电磁波既可以传播信息，也可以传播能量
C．固体有一定的体积和形状，说明固体分子不能运动
D．煤、石油、天然气都是可再生能源
12．（2分）如图所示，关于下列各图的说法，不正确的是（　　）
A．图甲：用刻度尺测得物体的长度为8.50cm
B．图乙为试触时电流表指针的偏转位置，说明电流表的量程选小了
C．图丙为实验前电压表指针的位置，接下来的操作是调零
D．图丁：测量液体温度时温度计不能接触烧杯底部和侧壁
13．（2分）如图所示的是某同学站在电动平衡车上静止时的画面，下列说法中正确的是（　　）

A．平衡车的重力与地面对平衡车的支持力是一对相互作用力
B．平衡车对地面的压力与地面对平衡车的支持力是一对平衡力
C．人对平衡车的压力与地面对平衡车的支持力是一对相互作用力
D．人受到的重力与平衡车对人的支持力是一对平衡力
14．（2分）如图所示的是一简易单摆，让小球从A位置由静止释放，经过B位置到达最高点C位置，A、C两位置距离水平面的高度分别为hA和hC，且hA＞hC，下列关于小球的能量和能量转化的说法中，不正确的是（　　）

A．小球由A位置运动到B位置的过程中，其重力势能部分转化为动能
B．小球在B位置时的动能最大
C．小球在摆动过程中机械能保持不变
D．图中hA＞hC，说明小球摆动过程中机械能不守恒
15．（2分）小明利用小石块、溢水杯及水、弹簧测力计、小烧杯、细线等器材验证阿基米德原理，过程如图所示，下列说法中正确的是（　　）

A．实验中最合理的操作顺序是甲、乙、丙、丁
B．若实验中出现F1﹣F2＞F4﹣F3的现象，则可能是由于溢水杯中没有盛满水
C．若图乙中的石块没有完全浸入水中，就不能验证阿基米德原理
D．若物体漂浮在水面，就一定不满足阿基米德原理
16．（2分）如图所示的是部分家庭电路，闭合开关，灯泡不发光，保险丝完好，用测电笔检查插座两孔，氖管均发光。下列故障分析中正确的是（　　）

A．小灯泡短路 B．插座短路
C．线路e、d之间断路 D．线路d、c之间断路
17．（2分）如图所示，电源电压保持不变。闭合开关，在滑动变阻器的滑片P从左向右滑动的过程中，关于电流表和电压表示数的变化，下列说法中正确的是（　　）

A．电流表和电压表的示数均变大
B．电流表和电压表的示数均变小
C．电流表的示数变小，电压表的示数变大
D．电流表的示数变大，电压表的示数变小
三、实验题（作图2分，其余每空2分，共16分）
18．（4分）如图所示的是“探究平面镜成像特点”实验。
（1）实验中，确定蜡烛B所放位置的详细做法是 　 　。
（2）实验中，验证平面镜成像虚实的详细做法是 　 　。

19．（4分）如图所示的是某物质熔化时其温度随时间变化的图象，结合图象回答下列问题。
（1）物质在BC段（熔化过程）温度不变，内能 　 　（选填“增加”“减少”或“不变”）。
（2）图象中AB段和CD段不平行，是因为该物质在熔化前后所处的状态不同，　 　（填物理量的名称）也不同。

20．（8分）如图甲所示的是测量小灯泡电功率的实物电路（未连接完整）。小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω。

（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整。
（2）连接好电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为小灯泡的额定电压，此时电流表指针指在图乙所示的位置，则小灯泡的额定功率是 　 　W。
（3）若不用电流表，增加两只开关和一个阻值已知的定值电阻R0，利用如图丙所示的电路也能测出小灯泡的额定功率，具体做法是：
①按图丙所示的电路图连接好实物电路；
②同时闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V；
③再 　 　（填开关闭合、断开的状态），且保持滑动变阻器滑片的位置不变，读出电压表的示数U；
④计算小灯泡的额定功率，P额＝　 　（用含有已知量和所测量的代数式表示）。
四、计算与推导题（第21小题4分，第22小题8分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不能得分）
21．（4分）如图所示，工人用大小为750N的沿斜面向上的拉力F将重1200N的重物在50s内从斜面底端拉到顶端，斜面的长s＝2m，高度h＝1m。
（1）拉力做功的功率是多少？
（2）斜面的机械效率是多少？

22．（8分）如图甲所示的是《天工开物》中记载的三千多年前在井上汲水的桔橡，其示意图如图乙所示。轻质杠杆的支点O距左端端点的距离L1＝0.5m，距右端端点的距离L2＝0.2m。在杠杆左端端点处悬挂质量为2kg的物体A，右端端点处悬挂边长为0.1m的正方体B，正方体B的质量为7kg，杠杆在水平位置平衡。
（1）正方体B受到细线向上的拉力是多少？
（2）正方体B对地面的压强是多少？
（3）若保持A、B的位置不变，只把支点O向右移动少许，保持正方体B和地面始终接触且有力的作用，则正方体B对地面的压力会怎样变化？简要说明理由。

23．（8分）如图甲所示的是一种小型超声波加湿器，其内部简化电路如图乙所示，电源电压保持不变，定值电阻R0＝20Ω，R为湿敏电阻，其符号为。闭合开关S，当空气相对湿度RH＝70%时，电流表的示数为0.18A，湿敏电阻的阻值随相对湿度的变化关系如表所示。
相对温度RH/%
0
10
20
30
40
50
60
70
80
…
湿敏电阻R/Ω
10
20
30
40
50
60
70
80
90
…
（1）电源电压是多少？
（2）当电压表的示数为12V时，空气的相对湿度是多少？
（3）若图中电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～15V，则在保证电路各元件都安全的情况下，定值电阻R0的电功率变化范围是多少？


2023年安徽省滁州市明光市中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、填空题（作图2分，其余每空2分，共20分）
1．【分析】响度是指声音的强弱，它与物体振幅有关和距离发声体的远近有关。
【解答】解：“呐喊的声音越大“指的是呐喊者发声时声带的振幅大，声音的响度大。
故答案为：响度。
2．【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：冬天，汽车车窗内玻璃上会出现“雾气”现象，其形成的原因是：车内的水蒸气遇到温度低的玻璃内壁，液化为小水珠附着在玻璃内壁上。
故答案为：液化。
3．【分析】从纸条上方和下方空气的流速和所受压强的大小解答。
【解答】解：将一纸条放在嘴边，用力从纸条上方吹气，因为纸条上方的空气流速大，压强小，纸条下方的空气流速小，压强大，纸条受到一个竖直向上的压力差，所以纸条就飘起来。
故答案为：小。
4．【分析】根据v＝计算小汽车前30s的平均速度。
【解答】解：由图可知，小汽车前30s经过的路程为：
s＝750m；
小汽车前30s的平均速度是：
v＝＝＝25m/s＝90km/h。
故答案为：90。
5．【分析】使用定滑轮时，不省力，也不省距离，能改变力的方向；动滑轮使用特点是：不计绳重和摩擦，拉力是物体和动滑轮重力的一半。
【解答】解：不计绳重与摩擦，左图使用的是定滑轮，则F1＝G；右图使用的是动滑轮，则F2＝（G+G轮），因为物重大于动滑轮重力，所以F1＞F2。
故答案为：＞。
6．【分析】物体的平衡状态包括静止或匀速直线运动状态，即物体处于平衡状态时一定受到平衡力的作用，故据平衡力的知识进行分析即可判断。
【解答】解：小明沿水平方向推木箱，不断加大推力，但木箱始终没有被推动。在这个过程中，木箱处于平衡状态，此时的推力和地面对木箱的摩擦力是一对平衡力，故这两个力大小相等，不断加大推力，木箱受到地面的摩擦力是变大的。
故答案为：变大。
7．【分析】知道通电螺线管的电流方向，根据安培定则判断螺线管的磁极；根据磁极间的作用判断小磁针的磁极。
【解答】解：如图，电源的左端是正极，说明电流从螺线管的左端进入、从右端流出，根据安培定则知，螺线管的右端是N极，左端是S极；根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的右端是N极，左端是S极。

8．【分析】利用Q＝Vq求出可燃冰完全燃烧放出的热量，由题知，Q吸＝Q放，知道水的比热容、水的初温和末温，根据Q吸＝cmΔt求水的质量。
【解答】解：0.021m3可燃冰完全燃烧放出的热量：
Q放＝Vq＝0.021m3×6×109J/m3＝1.26×108J；
可燃冰所释放的热量全部被水吸收，所以Q吸＝Q放＝1.26×108J；
由Q吸＝cmΔt得水的质量为：
m＝＝＝500kg。
故答案为：500。
9．【分析】由图可知，只闭合开关S1，只有R1接入电路，电流表测量电路中的电流；同时闭合开关S1、S2后，电阻R1、R2并联接入电路，电流表测量干路中的电流，根据欧姆定律可求出电阻R1两端的电压，根据并联电路电压规律可求出电源电压，根据欧姆定律计算通过R2的电流，根据并联电路特点知电流表的示数。
【解答】解：（1）由图可知，只闭合开关S1，只有R1接入电路，电流表测量电路中的电流；同时闭合开关S1、S2后，电阻R1、R2并联接入电路，电流表测量干路中的电流，
电源电压U＝U2＝U1＝I1R1＝0.45A×10Ω＝4.5V；
通过R2的电流I2＝＝＝0.15A；
根据并联电路特点：并联电路中各支路互不影响可知，同时闭合开关S1、S2后，
电流表示数I＝I1+I2＝0.45A+0.15A＝0.6A。
故答案为：0.6。
10．【分析】由图可知，灯泡L与电阻R串联，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量电阻R两端的电压，电流表V2测量电源电压总电压；根据欧姆定律求出通过R的电流，根据串联电路的电流特点可知通过灯泡L的电流，根据串联电路的电压特点求出灯泡L两端的电压，根据W＝UIt求出1min内小灯泡L消耗的电能。
【解答】解：由图可知，灯泡L与电阻R串联，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量电阻R两端的电压，电流表V2测量电源电压总电压；
通过电阻R的电流：IR＝＝＝0.3A，
根据串联电路的特点可知，通过灯泡L的电流：IL＝IR＝0.3A，
灯泡L两端的电压：UL＝U﹣UR＝4.5V﹣3V＝1.5V，
1min内小灯泡L消耗的电能：W＝ULILt＝1.5V×0.3A×1×60s＝27J。
故答案为：27。
二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）
11．【分析】（1）惯性的大小与物体质量有关，与物体的速度无关；
（2）电磁波既可以传播信息，也可以传播能量；
（3）固体分子间距离小，作用力大，分子位置固定，宏观上有固定的形状和体积，不具有流动性；
（4）不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源，例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。
【解答】解：A.惯性的大小与物体质量有关，与物体的速度无关，故A错误；
B.电磁波既可以传播信息，也可以传播能量，故B正确；
C.固体分子在不停地做无规则运动，由于固体分子间作用力大，分子位置固定，导致固体有一定的体积和形状，故C错误；
D.煤、石油、天然气都不可能在短期内从自然界得到补充的能源，属于不可再生能源，故D错误。
故选：B。
12．【分析】（1）使用刻度尺之前，需要观察它的零刻度线是否完好、量程和分度值，如果零刻度线已经发生磨损，可以从某一个完整刻度开始进行测量，测量结果需要估读到分度值的下一位；
（2）电流表使用时不能超过量程；
（3）电压表使用前要调零；
（4）在使用温度计测量液体温度时，正确的方法是：①测量前估计被测物体的温度，选择合适的温度计，明确温度计的量程和分度值；②测量时温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中；不要碰到容器底或容器壁；③温度计玻璃泡浸入被测液体后要稍候一会儿，待温度计的示数稳定后再读数；④读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，视线与温度计中的液柱上表面相平。
【解答】解：A．图甲：图片中刻度尺的分度值是1mm，估读到毫米的下一位，左侧与6.00cm对齐，右侧与8.50cm对齐，所以物块的长度为L＝8.50cm﹣6.00cm＝2.50cm，故A错误；
B．图乙为试触时电流表指针的偏转位置，已经超过了最大刻度值，电流表使用时不能超过量程；说明电流表的量程选小了，故B正确；
C．图丙为实验前电压表指针的位置，指在0刻度的左侧，电压表使用前要调零；接下来的操作是调零，故C正确；
D．图丁：根据温度计的使用要求，测量液体温度时温度计不能接触烧杯底部和侧壁，故D正确。
故选：A。
13．【分析】（1）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
（2）一对相互作用力必须大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在不同物体上。
【解答】解：A、地面对平衡车的支持力大小等于人和平衡车的总重力，所以平衡车受到的重力和地面对平衡车支持力的大小不相等，则二力不是一对平衡力，故A错误；
B、平衡车对地面的压力与地面对平衡车的支持力，作用在不同物体上，则二力不是一对平衡力，故B错误；
C、人对平衡车的压力与地面对平衡车的支持力作用在同一个物体上，不可能是一对相互作用，故C错误；
D、人受到的重力与平衡车对人的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故D正确。
故选：D。
14．【分析】动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，弹性势能的大小与物体弹性形变的程度有关，机械能为动能、势能的和。
【解答】解：
A、小球由A位置运动到B位置的过程中，小球的质量不变，速度变大，动能变大，高度变小，重力势能变小，是重力势能部分转化为动能，故A正确；
B、小球在B位置时的质量不变，速度最大，动能最大，故B正确；
CD、图中hA＞hC，由于小球的质量不变，在A、C点的速度为0，动能为0，所以小球在A点的重力势能大于在C点的重力势能，在A点的机械能大于在C点的机械能，由此可知，小球摆动过程中机械能变小，机械能不守恒，故C错误、D正确。
故选：C。
15．【分析】（1）通过图甲的弹簧测力计可读出物体的重力；通过甲与乙弹簧测力计的示数差可求出物体所受浮力的大小；图丙、丁中弹簧测力计的示数之差等于排开液体的重力，注意用小桶接水前，应先测出其重力。
（2）溢水杯中装满水的目的是使重物排开的水等于排出到烧杯中的水；根据阿基米德原理F浮＝G排即可判断；
（3）阿基米德原理是反映物体所受浮力与排开水的重力关系，由此分析即可。
【解答】解：
A、为了减小误差，在小桶接水前，应先测出其重力，所以合理的实验顺序为丙、甲、乙、丁，故A错误；
B、重物受到的浮力：F浮＝F1﹣F2，溢水杯中盛满水时，重物排开的水的重力为G排＝G溢＝F3﹣F4，根据阿基米德原理可知：F浮＝G排，若实验中出现F1﹣F2＞F4﹣F3的现象，说明重物排开的水的重力大于溢出的水的重力，由此可知可能是由于溢水杯中没有盛满水，故B正确；
C、若图乙中的石块没有完全浸入水中，此时浮力小，排开的水的体积也小，所以不影响实验结果，故C错误；
D、阿基米德原理反映了物体所受浮力与排开液体重力的关系，即F浮＝G排，与物体所处位置无关，所以若物体漂浮在水面，也能验证阿基米德原理，故D错误。
故选：B。
16．【分析】试电笔接触插座的两个孔，氖管都发光，说明两孔都与火线接通，找出通路部分，其它部分有可能是断路。
【解答】解：由图可知，灯泡和插座并联；
闭合开关，灯泡不发光，保险丝完好，这说明电路出现了断路现象，若灯泡短路，则保险丝会熔断；
用测电笔检查插座两孔，氖管均发光，说明插座的两孔与火线之间是接通的，所以电路的故障是线路e、d之间断路，故C正确。
故选：C。
17．【分析】由电路图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
根据滑片的移动方向可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据串联电路的电阻规律和欧姆定律可知电路中电流的变化（即电流表示数的变化）和R2两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R1两端的电压变化（即电压表示数的变化）。
【解答】解：由电路图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
在滑动变阻器的滑片P从左向右滑动的过程中，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；
电路中的电流变小，由U＝IR可知，定值电阻R2两端的电压变小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R1两端的电压变大，即电压表的示数变大。
故选：C。
三、实验题（作图2分，其余每空2分，共16分）
18．【分析】（1）实验时选择两根完全相同的蜡烛，便于比较物像大小关系。这种实验方法叫等效代替法；
（2）实像和虚像的重要区别是实像能用光屏上承接，虚像不能在光屏上承接。
【解答】解：（1）实验中，确定蜡烛B所放位置的方法是采用两个完全相同的蜡烛，将A蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，B蜡烛放在玻璃板的后面，当玻璃板后面的B蜡烛和玻璃板前面的A蜡烛的像完全重合时，可以确定像的位置；
（2）实像和虚像的重要区别是实像能用光屏上承接，虚像不能在光屏上承接，所以若想知道蜡烛A所成的像是虚像还是实像，下一步的操作是：在像的位置放一光屏，看光屏上能否看到像。
故答案为：（1）采用两个完全相同的蜡烛，将A蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，B蜡烛放在玻璃板的后面，当玻璃板后面的B蜡烛和玻璃板前面的A蜡烛的像完全重合时，可以确定像的位置；（2）在像的位置放一光屏，看光屏上能否看到像。
19．【分析】（1）晶体熔化，在熔化过程中吸热，温度保持不变，内能增加；
（2）升温快慢与物质不同状态下的比热容有关。
【解答】解：（1）物质在BC段（熔化过程）有固定的熔点，是晶体熔化，在熔化过程中吸热，温度保持不变，内能增加；
（2）图象中AB段和CD段不平行，是因为该物质在熔化前后所处的状态不同，比热容也不同。
故答案为：（1）增加；（2）比热容。
20．【分析】（1）已知灯泡的额定电压和电阻，根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电流确定电流表量程，将电流表串联在电路中；滑动变阻器上下各选一个接线柱与灯泡串联；
（2）根据（1）确定电流表量程，由图乙确定分度值读数，利用P＝UI求出小灯泡的额定功率；
（3）若该电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值电阻串联后再与滑动变阻器串联；
要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；
保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻两端的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻两端的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P＝UI可求出灯的额定功率。
【解答】解：小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω，小灯泡额定电流约为：
I'＝＝＝0.25A，故电流表选用小量程串联在电路中；滑动变阻器上下各选一个接线柱与灯泡串联，如下图所示：
；
（2）由（1）可知，电流表选用小量程；闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为小灯泡的额定电压，此时电流表指针指在图乙所示的位置，电流表分度值0.02A，其示数为0.3A，则小灯泡额定功率为：
PL＝ULIL＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（3）实验步骤：
①按图丙所示的电路图连接好实物电路；
②同时闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V；
③再闭合开关S、S2，断开开关S1，且保持滑动变阻器滑片的位置不变，读出电压表的示数U；
④在步骤②中，灯泡、定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，调节滑片P，使电压表的示数为2.5V，此时灯泡正常发光；
在步骤③中，灯泡、定值电阻和滑动变阻器仍串联，电压表测灯泡和定值电阻两端的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，定值电阻两端电压为U0＝U﹣2.5V，通过小灯泡的电流为：
I额＝I0＝＝，
则小灯泡额定功率的表达式为：
P额＝U额I额＝2.5V×。
故答案为：（1）见解答图；（2）0.75；（3）③闭合开关S、S2，断开开关S1；④2.5V×。
四、计算与推导题（第21小题4分，第22小题8分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不能得分）
21．【分析】（1）知道拉力大小、斜面长，利用W＝Fs求拉力做的总功，再利用公式P＝求拉力做功的功率；
（2）知道重物重力、斜面高，利用W＝Gh求拉力做的有用功，斜面的机械效率等于有用功与总功之比。
【解答】解：（1）拉力做的总功：
W总＝Fs＝750N×2m＝1500J，
拉力做功的功率：
P＝＝＝30W；
（2）拉力做的有用功：
W有用＝Gh＝1200N×1m＝1200J，
斜面的机械效率：
η＝×100%＝×100%＝80%。
答：（1）拉力做功的功率是30W；
（2）斜面的机械效率是80%。
22．【分析】（1）此时杠杆左端所受拉力等于物体A的重力，根据F＝G＝mg求出物体A、B 的重力，再由杠杆平衡条件求绳子对B的拉力，根据力的相互作用可知正方体B受到细线向上的拉力的大小；
（2）首先计算B对地面的压力，根据压强公式计算B对地面的压强；
（3）根据杠杆平衡条件分析即可。
【解答】解：（1）物体A、B 的重力分别为：
GA＝mAg＝2kg×10N/kg＝20N，GB＝mBg＝7kg×10N/kg＝70N，
设杠杆右端的拉力为FB，根据杠杆平衡条件可得：GA×L1＝FB×L2，
即：20N×0.5m＝FB×0.2m，
解得：FB＝50N，
根据力的相互作用可知正方体B受到细线向上的拉力是50N；
（2）B对地面的压力：F压＝F支＝GB﹣FB＝70N﹣50N＝20N；
B对地面的压强：pB＝＝＝2000Pa；
（3）保持A、B的位置不变，只把支点O向右移动少许，左侧力臂变长，右侧力臂变短，A的重力不变，根据杠杆平衡条件可知右侧的拉力变大，则正方体B对地面的压力会变小。
答：（1）正方体B受到细线向上的拉力是50N；
（2）正方体B对地面的压强为2000Pa；
（3）保持A、B的位置不变，只把支点O向右移动少许，左侧力臂变长，右侧力臂变短，A的重力不变，根据杠杆平衡条件可知右侧的拉力变大，则正方体B对地面的压力会变小。
23．【分析】根据图乙可知，定值电阻R0与湿敏电阻R串联，电压表测湿敏电阻R两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）根据表中数据可知当空气相对湿度RH＝70%时湿敏电阻的阻值，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电源电压；
（2）根据串联电路的电压特点求出定值电阻R0两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出通过湿敏电阻的电流，根据欧姆定律求出湿敏电阻的阻值，根据表中数据找出此时空气的相对湿度；
（3）根据P＝UI＝I2R可知，当通过定值电阻R0电流最大时定值电阻R0的电功率最大，根据电流表的量程确定电路中的最大电流，根据P＝UI＝I2R求出定值电阻R0的最大电功率；
根据P＝UI＝可知，当定值电阻R0两端的电压最小时定值电阻R0的电功率最小，根据电压表的量程确定湿敏电阻两端的最大电压，根据串联电路的电压特点求出定值电阻R0两端的最小电压，根据P＝UI＝求出定值电阻R0的最小电功率。
【解答】解：由图乙可知，定值电阻R0与湿敏电阻R串联，电压表测湿敏电阻R两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）由表中数据可知，当空气相对湿度RH＝70%时，湿敏电阻的阻值R＝80Ω，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电源电压：U＝I（R0+R）＝0.18A×（20Ω+80Ω）＝18V；
（2）由串联电路的电压特点可知，定值电阻R0两端的电压：U0＝U﹣UR＝18V﹣12V＝6V，
由串联电路的电流特点和欧姆定律可知，通过湿敏电阻的电流：IR＝I0＝＝＝0.3A，
由欧姆定律可知，湿敏电阻的阻值：R＝＝＝40Ω，
由表中数据可知，此时空气的相对湿度为30%；
（3）由P＝UI＝I2R可知，当通过定值电阻R0电流最大时，定值电阻R0的电功率最大，
因为电流表的量程为0～0.6A，所以电路中的最大电流I大＝0.6A，
定值电阻R0的最大电功率：P0大＝I大2R0＝（0.6A）2×20Ω＝7.2W；
由P＝UI＝可知，当定值电阻R0两端的电压最小时，定值电阻R0的电功率最小，
因为电压表的量程为0～15V，所以湿敏电阻两端的最大电压为15V，
由串联电路的电压特点可知，定值电阻R0两端的最小电压：U0小＝U﹣UR大＝18V﹣15V＝3V，
定值电阻R0的最小电功率：P0小＝＝＝0.45W，
则在保证电路各元件都安全的情况下，定值电阻R1的电功率变化范围是0.45W～7.2W。
答：（1）电源电压是18V；
（2）当电压表的示数为12V时，空气的相对湿度是30%；
（3）在保证电路各元件都安全的情况下，定值电阻R1的电功率变化范围是0.45W～7.2W。