2023年辽宁省盘锦市第一完全中学中考物理二模试卷(含答案)

这是一份2023年辽宁省盘锦市第一完全中学中考物理二模试卷(含答案)，共33页。试卷主要包含了选择题，填空题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。

2023年辽宁省盘锦市第一完全中学中考物理二模试卷
一、选择题（本题包括9小题，共18分。1～5题为单选题，每小题2分：6～9题为多选题，每小题2分，漏选得1分，错选不得分）
1．（2分）下列估测数据最接近实际的是（　　）
A．盘锦冬季最低气温约为﹣20℃
B．家用电风扇的功率约为1000W
C．智能手机的长度约为16mm
D．一只普通铅笔的质量约为100g
2．（2分）2022年3月23日，“天宫课堂”第二课正式开讲，翟志刚、王亚平、叶光富为广大青少年带来了一场精彩的太空科普课，下列有关说法正确的是（　　）
A．宇航员说话时发出的声音是由嘴唇的振动产生的
B．奇妙的实验引起同学们高声喝彩，这里的“高”指的是音调高
C．天宫课堂直播的视频通过电磁波传递给千家万户
D．空间站上的芯片采用超导材料制成
3．（2分）下列诗句中涉及到的物态变化，分析正确的是（　　）
A．“月落乌啼霜满天”——“霜”的形成是升华现象
B．“夜来风雨声，花落知多少”——“雨”的形成是液化现象
C．“雾失楼台，月迷津渡”——“雾”的形成是汽化现象
D．“已是悬崖百丈冰，犹有花枝俏”——“冰”的形成是熔化现象
4．（2分）荡秋千是一种喜闻乐见的运动，在越荡越高的欢乐中，享受的是激情与健身的欢欣。如图所示，晨光同学在荡秋千。他从A点自由出发，经过最低点B和与A点等高的C点，到达右侧最高点D返回。经测量，D点高于A点和C点。晨光同学从A到D的过程中，下列判断正确的是（　　）

A．A点和D点机械能相等
B．在此过程中，只有机械能与内能之间相互转化
C．小明能从A点到达D，是因为受到惯性
D．到达C点时的速度大于A点的速度
5．（2分）如图所示的家庭电路，三孔插座连接正确，①和②为电灯和开关所在位置，闭合开关电灯正常工作。下列说法正确的是（　　）

A．②处应接开关
B．电能表应接在空气开关后
C．若开关短路，空气开关会切断电路
D．用试电笔接触a孔中的金属片，氖管会发光
（多选）6．（2分）“万里长江，美在荆江”。长江实施禁捕以来，生态得到明显改善。游客乘坐游船到达荆州，看见江岸边高楼林立，荆州长江大桥倒映在平静的江面，水下的鱼儿跃出水面。下列说法正确的是（　　）
A．看不见高楼后面的景色，说明光不能在固体中传播
B．长江大桥的倒影是由于光的反射产生的
C．江边空气中弥漫着各种花香说明分子在不停地做无规则运动
D．看见跃出水面的鱼儿是由于光的折射
（多选）7．（2分）人类最早的磁化技术出现在我国宋代。据《武经总要》记载，如图所示，古人先将鱼形铁烧红，令铁鱼头尾指向南北，然后将其放入水中冷却，依靠地磁场获得磁性，再将其放入水中漂浮，制成指南鱼，图中是它静止时的指向。下列判断正确的是（　　）

A．鱼形铁不能被磁体吸引 B．指南鱼周围存在磁感线
C．指南鱼鱼头应标注“N” D．指南鱼的腹部磁性最弱
（多选）8．（2分）如图所示，水平桌面上盛有适量盐水的烧杯中，漂浮着冰块A，悬浮着物块B。当冰块A完全熔化后，下列分析正确的是（　　）

A．烧杯中盐水的密度变小
B．烧杯内液面不发生变化
C．杯底受到液体的压强变小
D．物块B受到的浮力变小
9．（2分）如图甲所示，电源电压不变，第一次闭合开关S1、S4，断开S2、S3，滑动变阻器R2的滑片置于最右端，R1的滑片从最左端滑至最右端；第二次闭合开关S2、S3，断开S1、S4，将滑动变阻器R2的滑片从最大值移到小灯泡正常发光。两次过程中电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示。保证电路安全的前提下，下列说法不正确的是（　　）

A．电源电压为8V
B．R1的最大阻值为40Ω
C．小灯泡正常发光时的电阻为10Ω
D．闭合开关S2、S3，断开S1、S4，保证电路安全的前提下，R2的变化范围为4～40Ω
二、填空题（本题包括4小题，共10分。每空1分）
10．（2分）如图甲所示，小明将气球吹大后，让气球自行飞出，若及时捡拾起气球，将会感觉到气球球身的温度和原来相比　 　（选填“变高”“变低”或“没有变化”），此过程发生的能量转化与　 　（选填“乙”或“丙”）图中的能量转化是一致的。


11．（3分）如图是翼装运动员表演时的情景，翼装的形状与机翼相似，这是利用空气流速越快的位置 　 　来获得升力。随着其高度的降低，大气压强将会变 　 　。此时，翼装运动员以大地为参照物，是 　 　（选填“运动”或“静止”）的。

12．（3分）如图所示的滑轮组，在拉力F的作用下，物体A以0.1m/s的速度匀速直线运动了10s。物体A受到的摩擦力为4.2N，弹簧测力计示数为2N（不计绳、弹簧测力计和滑轮重）。绳子自由端移动距离为 　 　m，拉力F的功率为 　 　W，若在物体A上方放一个10N的砝码，此时该滑轮组的机械效率将 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

13．（2分）如图所示电路，电源电压恒定，定值电阻R2的阻值为20Ω，电流表A1和A2的量程均为0～0.6A。闭合开关S，当滑动变阻器R1的滑片从最左端向右移动的过程中，两个电流表的示数之差始终为0.2A。则电压表的示数为 　 　V，滑动变阻器R1允许接入电路的最小阻值为 　 　Ω。

三、计算题（本题包括2小题，每题6分，共12分。要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值、单位和答）
14．（6分）2020年2月13日，一批增援武汉的军队医护人员乘6架国产“运20”运输机抵达武汉天河机场（如图所示），每架飞机及运送的人员和物资总质量为210t，着陆后，轮胎与地面总接触面积为4.2m2，本次航程1200km，匀速飞行过程中受到的平均阻力是9×104N，发动机的效率是40%（航空煤油的热值是4.5×107J/kg。g取10N/kg）。求：
（1）飞机降落后，静止时对水平地面的压强多大？
（2）本次航程，每架飞机发动机牵引力所做的功是多少？
（3）本次航程，每架飞机需要航空煤油的质量是多少kg？

15．（6分）如图甲所示，是芳芳家新买的一款多功能电饭煲，乙为该电饭煲的工作原理图。R1和R2均为阻值不变的电热丝，S为手动开关，S1为自动控制开关，已知R2＝800Ω，多功能电饭煲的主要部分参数如下表所示。求：

品名
多功能电饭煲
额定电压
220V
频率
50Hz
加热挡功率
605W
保温挡功率

（1）电饭煲正常工作时，电阻R1的阻值；
（2）正常工作的电饭煲处于保温状态时，保温挡的功率；
（3）芳芳想了解家里电路的实际电压，她将家里的其他用电器都关闭，只让电饭煲在加热挡工作，观察到家里标有“3000revs/（kW•h）”字样的电能表铝盘2min转过50转，则她家的实际电压。
四、综合题（本题包括4小题，每空1分，共20分）
16．（4分）小组同学比较沙子和水的比热容，实验装置如图甲、乙所示。

（1）在两个相同的易拉罐内分别装入初温和 　 　相同的沙子和水。
（2）用两盏相同的酒精灯同时加热沙子和水，加热过程中需用玻璃棒不断搅拌，搅拌的目的是：　 　，测得实验数据如表格所示。
加热时间/min
0
1
2
3
4
5
温度/℃
沙子
18
22
29
37
45
﹣
水
18
19
21
23
24
27
（3）5min时，温度计显示沙子的温度如图丙所示，其读数为 　 　℃。
（4）分析数据可得沙子的比热容 　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）水的比热容。
17．（5分）小虎在了解到人眼的晶状体相当于凸透镜后，对“眼睛是如何看清远近不同的物体”这一问题产生了浓厚的兴趣。

（1）实验前，要调整凸透镜中心、光屏中心、　 　在同一高度。
（2）适当调整凸透镜A和光屏的位置，移动蜡烛，光屏此时出现清晰的像，如图甲所示；然后他将凸透镜A换为焦距稍大的凸透镜B，并保持凸透镜和光屏位置不变，移动蜡烛，使烛焰在光屏上再次成清晰的像，如图乙所示，此时光屏上的像 　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）图甲中光屏上的像。
（3）小虎发现当人眼看近处物体时，晶状体的焦距 　 　（选填“变短”、“不变”或“变长”），如果长时间处于此状况，人眼可能会失去调节功能，需要佩戴 　 　矫正。
（4）图丙中S′为烛焰S的像，请通过作图画出一个焦点F的位置并完成光路图。（保留作图痕迹）
18．（5分）实验小组的同学利用学过的物理知识测定一块吊坠的密度。

（1）把天平放在水平桌面上，将游码调到标尺左端零刻度线处时，发现指针偏向分度盘的左侧，此时应向 　 　调节平衡螺母，使横梁平衡。
（2）将吊坠放在天平左盘中，向右盘中加砝码并调节游码直到横梁平衡。此时，右盘中的砝码和游码的位置如图甲所示，则吊坠的质量是 　 　g。
（3）往量筒中倒入50mL水，将吊坠浸没在水中，液面位置如图乙所示，则吊坠的密度是 　 　kg/m3。
（4）整理实验器材时发现，使用的砝码有磨损，则测得的密度值偏 　 　。
（5）实验小组讨论后，不用砝码，只利用天平、两个相同的烧杯、量筒和水也能测出吊坠的密度。请将实验步骤补充完整。
①在两个烧杯中倒入等量的水，分别放在天平的左右盘中如图丙所示；
②将拴着细线的吊坠浸没在左盘烧杯的水中（不碰烧杯底），用量筒向右盘的烧杯中加水到A处时横梁平衡，记下加水的体积为V1，如图丁所示；
③将吊坠直接放在左盘烧杯的水中，用量筒继续向右盘的烧杯中加水，直到横梁平衡，并记下再次加入水的体积为V2；
④吊坠密度的表达式为ρ＝　 　。（用V1、V2、ρ水表示）
19．（6分）小明在探究“电流与电阻的关系”的实验中，准备了电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，阻值分别为5Ω、15Ω、25Ω的定值电阻各一个、导线若干，设计了如图甲所示的电路。

（1）小明连好电路后，刚要闭合开关，同组的小丽同学提醒他，此时闭合开关，可能烧坏 　 　。
（2）小明检查发现电路中有一根导线连接错误，请你在图中将连接错误的那条导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确。
（3）图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R的变化图像，分析图像可得结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻 　 　。为保证分别使用三个定值电阻均能顺利完成实验，滑动变阻器的最大阻值至少是 　 　Ω。
（4）实验结束后，小明又发现一个标有额定电流为0.2A的小灯泡，设计了如图丙所示电路，来测量小灯泡的额定功率，请你将实验过程补充完整。（电源电压恒定但未知，滑动变阻器R的最大阻值为25Ω）
①只闭合开关S1，将滑动变阻器R的滑片移到最下端，电流表的示数为0.15A，将R的滑片移到最上端，电流表的示数为0.4A。
②只闭合开关S2，调节滑动变阻器的滑片，　 　，小灯泡正常发光。
③滑动变阻器的滑片保持不动，只闭合开关S1，电流表的示数为0.3A。
④小灯泡的额定功率为P额＝　 　W。

2023年辽宁省盘锦市第一完全中学中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题包括9小题，共18分。1～5题为单选题，每小题2分：6～9题为多选题，每小题2分，漏选得1分，错选不得分）
1．（2分）下列估测数据最接近实际的是（　　）
A．盘锦冬季最低气温约为﹣20℃
B．家用电风扇的功率约为1000W
C．智能手机的长度约为16mm
D．一只普通铅笔的质量约为100g
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A．盘锦冬季气温较低，最低气温约为﹣20℃，故A符合实际；
B．家用电风扇的功率约为80W左右，故B不符合实际；
C．智能手机的长度约为16cm，故C不符合实际；
D．一只普通铅笔的质量远小于一个鸡蛋的质量，约为10g；故D不符合实际。
故选：A。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2．（2分）2022年3月23日，“天宫课堂”第二课正式开讲，翟志刚、王亚平、叶光富为广大青少年带来了一场精彩的太空科普课，下列有关说法正确的是（　　）
A．宇航员说话时发出的声音是由嘴唇的振动产生的
B．奇妙的实验引起同学们高声喝彩，这里的“高”指的是音调高
C．天宫课堂直播的视频通过电磁波传递给千家万户
D．空间站上的芯片采用超导材料制成
【分析】（1）声音是由物体的振动产生的。
（2）声音的大小叫响度，响度与振幅和距离声源的远近有关；声音的高低叫音调，音调与发声体振动的频率有关。
（3）电磁波可以传递信息。
（4）空间站上的芯片采用半导体材料制成。
【解答】解：A、宇航员说话时发出的声音是由声带的振动产生的，故A错误；
B、奇妙的实验引起同学们高声喝彩，这里的“高”指的是响度大，故B错误；
C、天宫课堂直播的视频通过电磁波传递给千家万户，故C正确；
D、空间站上的芯片采用半导材料制成，故D错误。
故选：C。
【点评】知道声音产生的条件；知道音调和响度；知道电磁波的特性及应用；知道半导体的特点及应用。
3．（2分）下列诗句中涉及到的物态变化，分析正确的是（　　）
A．“月落乌啼霜满天”——“霜”的形成是升华现象
B．“夜来风雨声，花落知多少”——“雨”的形成是液化现象
C．“雾失楼台，月迷津渡”——“雾”的形成是汽化现象
D．“已是悬崖百丈冰，犹有花枝俏”——“冰”的形成是熔化现象
【分析】物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
【解答】解：A、霜是空气中的水蒸气凝华形成的冰晶，故A错误；
B、雨是空气中的水蒸气液化形成的液态小水滴，故B正确；
C、雾是空气中的水蒸气液化形成的液态小水滴，故C错误；
D、冰是空气中的液态水凝固形成的冰晶，故D错误。
故选：B。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4．（2分）荡秋千是一种喜闻乐见的运动，在越荡越高的欢乐中，享受的是激情与健身的欢欣。如图所示，晨光同学在荡秋千。他从A点自由出发，经过最低点B和与A点等高的C点，到达右侧最高点D返回。经测量，D点高于A点和C点。晨光同学从A到D的过程中，下列判断正确的是（　　）

A．A点和D点机械能相等
B．在此过程中，只有机械能与内能之间相互转化
C．小明能从A点到达D，是因为受到惯性
D．到达C点时的速度大于A点的速度
【分析】（1）影响动能大小的因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。
（2）影响重力势能大小的因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
（3）机械能是动能和势能的和；不靠外力做功，而秋千越荡越高，是因为消耗了人体的化学能；
（4）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。
【解答】解：
ACD、由题意和图示可知，他从A点自由出发（初速度为0、动能为0），经过最低点B和与A点等高的C点，到达右侧最高点D，D点高度大于A点，则此时人的重力势能大于A点时的重力势能，且人在D点时速度也为0、动能为0，而C点的速度不为0，所以到达C点时的速度大于A点的速度；因机械能等于动能与势能之和，所以可知A点和D点机械能不相等，且人在D点时机械能更大，故A错误、D正确；
人站在秋千上，不靠外力做功，而秋千越荡越高，是因为荡秋千的人不断调节了重心的位置（最低点时蹲下、最高点时站起来），并将人体的化学能转化为机械能，所以从A点到D点，人的机械能增加；整个过程中，有化学能、机械能与内能之间相互转化，故B错误；
B、小明能从A点到达D，是因为小明具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性，故C错误。
故选：D。
【点评】本题考查了惯性、机械能的大小变化以及能量的相互转化，注意：不靠外力做功，而秋千越荡越高，是因为消耗了人体的化学能。
5．（2分）如图所示的家庭电路，三孔插座连接正确，①和②为电灯和开关所在位置，闭合开关电灯正常工作。下列说法正确的是（　　）

A．②处应接开关
B．电能表应接在空气开关后
C．若开关短路，空气开关会切断电路
D．用试电笔接触a孔中的金属片，氖管会发光
【分析】（1）开关与被控制的灯泡串联，为了安全，开关应接在火线与灯泡的尾部金属体之间；
（2）电能表应该在空气开关前面；
（3）开关短路，不影响电路正常工作；
（4）用试电笔接触a孔中的金属片，a孔与火线相连，氖管会发光。
【解答】解：A、开关与被控制的灯泡串联，为了安全，开关应接在火线与灯泡的尾部金属体之间，①处接开关，故A错误；
B、电能表应该在空气开关前面，故B错误；
C、开关短路，电灯还是会继续发光，空气开关不会切断电路，故C错误；
D、用试电笔接触a孔中的金属片，a孔与火线相连，氖管会发光，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了家庭电路的基本情况，属于基础题。
（多选）6．（2分）“万里长江，美在荆江”。长江实施禁捕以来，生态得到明显改善。游客乘坐游船到达荆州，看见江岸边高楼林立，荆州长江大桥倒映在平静的江面，水下的鱼儿跃出水面。下列说法正确的是（　　）
A．看不见高楼后面的景色，说明光不能在固体中传播
B．长江大桥的倒影是由于光的反射产生的
C．江边空气中弥漫着各种花香说明分子在不停地做无规则运动
D．看见跃出水面的鱼儿是由于光的折射
【分析】（1）看不见高楼后面的景色，说明光沿直线传播；
（2）倒影是光的反射现象；
（3）花香是分子在不停地做无规则运动；
（4）看见跃出水面的鱼儿是由于光的反射。
【解答】解：A、看不见高楼后面的景色，说明光沿直线传播，光能够在透明的固体中沿直线传播，故A错误；
B、长江大桥的倒影相当于平面镜成像，是由于光的反射产生的，故B正确；
C、江边空气中弥漫着各种花香说明分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D、看见跃出水面的鱼儿是光的反射，故D错误。
故选：BC。
【点评】题考查光的反射、光的折射及其应用以及分子的热运动，属于综合题。
（多选）7．（2分）人类最早的磁化技术出现在我国宋代。据《武经总要》记载，如图所示，古人先将鱼形铁烧红，令铁鱼头尾指向南北，然后将其放入水中冷却，依靠地磁场获得磁性，再将其放入水中漂浮，制成指南鱼，图中是它静止时的指向。下列判断正确的是（　　）

A．鱼形铁不能被磁体吸引 B．指南鱼周围存在磁感线
C．指南鱼鱼头应标注“N” D．指南鱼的腹部磁性最弱
【分析】（1）磁性是指能够吸引铁、钴、镍等物质的性质，不是所有物体都能被吸引；
（2）磁感线实际不存在，是为了描述磁场的分布假想的曲线；
（3）异名磁极相互吸引；
（4）磁体磁极位置磁性最强，中间位置磁性最弱。
【解答】解：A、磁性是指磁体能够吸引铁、钴、镍等物质的性质；鱼形铁是用铁制成的，能被磁体吸引，故A错误；
B、指南鱼被磁化后，周围存在磁场，而磁感线实际不存在，是为了描述磁场的分布假想的曲线，故B错误；
C、地磁场的南极在地理的北极附近，地磁场的北极在地理的南极附近，如图所示，指南鱼鱼头指向北方，根据异名磁极相互吸引，指南鱼鱼头应标注“N”，故C正确；
D、指南鱼是一个磁体，磁极的位置在鱼头和鱼尾，两个磁极位置的磁性最强，中间最弱，故D正确。
故选：CD。
【点评】本题考查了指南鱼和地磁场的有关知识，属于识记性知识，将课本内容记忆清楚是关键。
（多选）8．（2分）如图所示，水平桌面上盛有适量盐水的烧杯中，漂浮着冰块A，悬浮着物块B。当冰块A完全熔化后，下列分析正确的是（　　）

A．烧杯中盐水的密度变小
B．烧杯内液面不发生变化
C．杯底受到液体的压强变小
D．物块B受到的浮力变小
【分析】（1）冰化成水后，水的密度要小于盐水的密度；
（2）液面高度的变化，可由比较冰块排开盐水的体积和冰块熔化成的水的体积来确定；
（3）冰块熔化后质量不变，容器底部受到的压力等于盐水的重力和物块B受到的浮力，浮力变小，压力变小，压强变小；
（4）浮力的大小等于物体排开的液体所受的重力大小，所以影响浮力大小的因素是液体的密度和物体排开的液体的体积。
【解答】解：A、冰化成水后，由于水的密度要小于盐水的密度，混合后，盐水的密度变小，故A正确；
B、冰块漂浮，则F浮＝G排＝G冰，即：m排＝m冰，则V排＝＝；冰块全部熔化成水后质量不变，
水的体积为：V水＝＝，由于水的密度小于盐水的密度，
所以，V水＞V排，即液面会上升，故B错误；
C、根据力的相互作用，杯底受到的液体压力等于漂浮的冰块、悬浮的物块以及盐水的重力，冰融化后，悬浮的物块沉底，其重力一部分直接作用于杯底，故液体对杯底的压力减小，故C正确；
D、冰化成水后，盐水的密度变小，由阿基米德原理可知物块B受到的浮力变小，故D正确。
故选：ACD。
【点评】此题考查了物体浮沉条件的应用以及压强的变化，掌握冰化成水质量不变是解题的关键。
9．（2分）如图甲所示，电源电压不变，第一次闭合开关S1、S4，断开S2、S3，滑动变阻器R2的滑片置于最右端，R1的滑片从最左端滑至最右端；第二次闭合开关S2、S3，断开S1、S4，将滑动变阻器R2的滑片从最大值移到小灯泡正常发光。两次过程中电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示。保证电路安全的前提下，下列说法不正确的是（　　）

A．电源电压为8V
B．R1的最大阻值为40Ω
C．小灯泡正常发光时的电阻为10Ω
D．闭合开关S2、S3，断开S1、S4，保证电路安全的前提下，R2的变化范围为4～40Ω
【分析】（1）第一次闭合开关S1、S4，断开S2、S3，此时R1、R2串联，电压表V1测R1滑片以右部分电阻和R2两端的电压，电流表测通过电路的电流，
电压表内阻很大，相当于断路，滑动变阻器R2的滑片置于最右端，故R2接入电路最大阻值，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知R1的滑片从最左端滑至最右端，电流表示数不变，电压表V1的示数会逐渐变小，故此时电压表V1与电流表示数的变化关系如图乙中水平直线所示，
当R1的滑片在最右端时，电压表V1测量R2两端的电压，由图乙可知此时电压表V1的示数，当R1的滑片在最左端时，电压表V1测量电源电压，由图乙可知电源电压；
根据串联电路电压规律计算当R1的滑片在最右端时R1两端的电压，根据串联电路电流特点结合欧姆定律可知R1＝R2；
（2）第二次闭合开关S2、S3，断开S1、S4，灯泡和R2串联，电压表V2测量灯泡两端的电压，电流表测通过电路的电流，
将滑动变阻器R2的滑片从阻值最大处移到小灯泡正常发光处，电压表V2与电流表示数的变化关系如图乙曲线所示，当滑动变阻器R2的滑片在阻值最大处时，电路中电流最小为0.16A，此时灯泡电压为1.6V，根据串联电路电压规律计算滑动变阻器电压，根据欧姆定律计算滑动变阻器的最大阻值；
由图乙可知灯泡正常发光时UL＝6V，电流IL＝0.5A，根据欧姆定律计算灯泡正常发光时的电阻；
根据串联电路电压规律计算此时滑动变阻器R2两端的电压为，根据欧姆定律计算此时滑动变阻器接入电路的最小电阻，滑动变阻器接入电路的电阻越大，通过电路的电流越小，进一步确定滑动变阻器R2接入电路的阻值变化范围。
【解答】解：（1）第一次闭合开关S1、S4，断开S2、S3，此时R1、R2串联，电压表V1测R1滑片以右部分电阻和R2两端的电压，电流表测通过电路的电流，
电压表内阻很大，相当于断路，滑动变阻器R2的滑片置于最右端，故R2接入电路最大阻值，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可知R1的滑片从最左端滑至最右端，电流表示数不变，电压表V1的示数会逐渐变小，故此时电压表V1与电流表示数的变化关系如图乙中水平直线所示，
当R1的滑片在最右端时，电压表V1测量R2两端的电压，示数为4V，
当R1的滑片在最左端时，电压表V1测量电源电压，示数为8V，故电源电压为8V，故A正确；
串联电路总电压等于各部分电压之和，当R1的滑片在最右端时，R1两端的电压为8V﹣4V＝4V，
R1两端的电压等于R2两端的电压，串联电路各处电流相等，根据欧姆定律变形式R＝可知R1＝R2；
（2）第二次闭合开关S2、S3，断开S1、S4，灯泡和R2串联，电压表V2测量灯泡的电压，电流表测通过电路的电流，
将滑动变阻器R2的滑片从阻值最大处移到小灯泡正常发光处，电压表V2与电流表示数的变化关系如图乙曲线所示，当滑动变阻器R2的滑片在阻值最大处时，电路中电流最小为0.16A，此时灯泡电压为1.6V，
根据串联电路电压规律可得滑动变阻器电压为：U2＝U﹣UL′＝8V﹣1.6V＝6.4V，
根据欧姆定律可得滑动变阻器的最大阻值为：R2＝＝＝40Ω＝R1，故B正确；
由图乙可知灯泡正常发光时UL＝6V，电流IL＝0.5A，灯泡正常发光时的电阻：RL＝＝＝12Ω，故C错误；
此时滑动变阻器R2两端的电压为：U2′＝U﹣UL＝8V﹣6V＝2V，
此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，为：R2小＝＝＝4Ω，
滑动变阻器接入电路的电阻越大，通过电路的电流越小，所以滑动变阻器R2接入电路的阻值变化范围为4～40Ω，故D正确。
故选：C。
【点评】本题考查串联电路的和欧姆定律的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键，有一定难度。
二、填空题（本题包括4小题，共10分。每空1分）
10．（2分）如图甲所示，小明将气球吹大后，让气球自行飞出，若及时捡拾起气球，将会感觉到气球球身的温度和原来相比　变低　（选填“变高”“变低”或“没有变化”），此过程发生的能量转化与　乙　（选填“乙”或“丙”）图中的能量转化是一致的。


【分析】（1）对物体做功时，物体的内能会增大，物体对外做功时，其内能会减小；
（2）汽油机的压缩冲程中，机械能转化成内能，做功冲程中内能转化为机械能。
【解答】解：
（1）气球内的气体向外喷出，气体对外做功，内能转化为球的机械能，球内气体的温度降低，所以气球球身的温度将会比原来低。
（2）图乙中，内燃机的进气门和排气门都关闭，高温高压的燃气推动活塞做功，是做功冲程，此冲程内能转化为机械能，甲图与乙图中的能量转化相同；图丙中，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，此冲程机械能转化为内能，甲图与丙图中的能量转化不同。
故答案为：变低；乙。
【点评】本题考查能量的转化，要知道物体对外做功，其内能减小，还要知道做功冲程的特点。
11．（3分）如图是翼装运动员表演时的情景，翼装的形状与机翼相似，这是利用空气流速越快的位置 　压强越小　来获得升力。随着其高度的降低，大气压强将会变 　大　。此时，翼装运动员以大地为参照物，是 　运动　（选填“运动”或“静止”）的。

【分析】（1）在流体中，流速越大的地方，压强越小；
（2）大气压的大小与高度有关，高度越高，气压越小；
（3）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
【解答】解：（1）翼装上表面弯曲，下表面较平，上方空气流速越大，压强越小；下方空气流速越小，压强越大，所以翼装上方的气流对翼装的压强小于翼装下方的气流对翼装的压强，使翼装上下表面存在向上的压强差，这就是向上的升力；
（2）大气压的大小与高度有关，随着其高度的降低，大气压强将会变大；
（3）翼装运动员与大地之间有位置的变化，翼装运动员以大地为参照物，是运动的。
故答案为：压强越小；大；运动。
【点评】本题考查了流体的压强与流速的关系、大气压与高度的关系、机械运动，属于基础题。
12．（3分）如图所示的滑轮组，在拉力F的作用下，物体A以0.1m/s的速度匀速直线运动了10s。物体A受到的摩擦力为4.2N，弹簧测力计示数为2N（不计绳、弹簧测力计和滑轮重）。绳子自由端移动距离为 　3　m，拉力F的功率为 　0.6　W，若在物体A上方放一个10N的砝码，此时该滑轮组的机械效率将 　变大　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

【分析】从图中可知n＝3，根据v＝nv物得出绳子自由端的速度，根据s＝vt得出绳子自由端移动的距离；
不计绳、弹簧测力计和滑轮重，弹簧测力计示数为2N，则拉力为2N，根据P＝＝＝Fv可知拉力F的功率；同一个滑轮组，做的有用功越多，机械效率越大。
【解答】解：从图中可知n＝3，绳子自由端的速度v＝nv物＝3×0.1m/s＝0.3m/s，绳子自由端移动的距离s＝vt＝0.3m/s×10s＝3m；
不计绳、弹簧测力计和滑轮重，弹簧测力计示数为2N，则拉力为2N，根据P＝＝＝Fv可知拉力F的功率P＝Fv＝2N×0.3m/s＝0.6W；
同一个滑轮组，做的有用功越多，机械效率越大。
故答案为：3；0.6；变大。
【点评】本题考查速度、功率的有关计算，效率的影响因素，综合性强，难度适中。
13．（2分）如图所示电路，电源电压恒定，定值电阻R2的阻值为20Ω，电流表A1和A2的量程均为0～0.6A。闭合开关S，当滑动变阻器R1的滑片从最左端向右移动的过程中，两个电流表的示数之差始终为0.2A。则电压表的示数为 　4　V，滑动变阻器R1允许接入电路的最小阻值为 　10　Ω。

【分析】由图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1并联，电流表A1测量通过滑动变阻器R1的电流，电流表A2测量干路电流，电压表测量电源电压；
（1）根据并联电路的电流特点可知通过R2的电流，根据欧姆定律求出R2两端的电压，根据并联电路特点可知电压表示数；
（2）为了电路安全，电流表A2的示数最大为0.6A，根据并联电路特点可知通过R1的最大电流，根据欧姆定律可以求出滑动变阻器允许接入电路的最小阻值。
【解答】解：由图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1并联，电流表A1测量通过滑动变阻器R1的电流，电流表A2测量干路电流，电压表测量电源电压；
（1）根据并联电路的电流特点可知，两个电流表的示数之差即为通过R2的电流I2＝0.2A，
根据欧姆定律可知，R2两端的电压U2＝I2R2＝0.2A×20Ω＝4V，
根据并联电路特点可知，电源电压U＝U1＝U2＝4V，所以电压表示数为4V；
（2）为了电路安全，电流表A2的示数最大为I＝0.6A，
根据并联电路特点可知，通过滑动变阻器的最大电流I1＝I﹣I2＝0.6A﹣0.2A＝0.4A，
根据欧姆定律可知，滑动变阻器允许接入电路的最小阻值R1小＝＝＝10Ω。
故答案为：4；10。
【点评】本题考查并联电路特点、欧姆定律的应用，正确判断电流表所测电路的电流是解题的关键。
三、计算题（本题包括2小题，每题6分，共12分。要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值、单位和答）
14．（6分）2020年2月13日，一批增援武汉的军队医护人员乘6架国产“运20”运输机抵达武汉天河机场（如图所示），每架飞机及运送的人员和物资总质量为210t，着陆后，轮胎与地面总接触面积为4.2m2，本次航程1200km，匀速飞行过程中受到的平均阻力是9×104N，发动机的效率是40%（航空煤油的热值是4.5×107J/kg。g取10N/kg）。求：
（1）飞机降落后，静止时对水平地面的压强多大？
（2）本次航程，每架飞机发动机牵引力所做的功是多少？
（3）本次航程，每架飞机需要航空煤油的质量是多少kg？

【分析】（1）水平面上的物体，对水平面的压力大小与物体重力相等，利用G＝mg求出飞机的总重力，然后利用p＝计算飞机降落后，静止时对水平地面的压强。
（2）根据二力平衡条件得出牵引力大小，然后根据W＝Fs求出牵引力所做的功。
（3）已知飞机发动机的效率为30%、煤油的热值，根据η＝＝＝40%求出每架飞机需要航空煤油的质量。
【解答】解：（1）飞机对地面的压力：F＝G＝mg＝210×103kg×10N/kg＝2.1×106N，
飞机降落后，静止时对水平地面的压强：p＝＝＝5×105Pa。
（2）飞机匀速飞行时，受力平衡，
则牵引力F牵＝f＝9×104N，
本次航程，每架飞机发动机牵引力所做的功：W＝F牵s＝9×104N×1200×103m＝1.08×1011J。
（3）若飞机发动机的效率是40%，即η＝＝＝40%，则每架飞机需要航空煤油的质量：m＝＝＝6000kg。
答：（1）飞机降落后，静止时对水平地面的压强5×105Pa；
（2）本次航程，每架飞机发动机牵引力所做的功是1.08×1011J；
（3）本次航程，每架飞机需要航空煤油的质量是6000kg。
【点评】新一代战斗机是一项高科技的研究成果，它包含了众多与物理学相关的知识，我们应该学会通过分析材料找出里面所包含的物理信息，并解答相关的疑问。
15．（6分）如图甲所示，是芳芳家新买的一款多功能电饭煲，乙为该电饭煲的工作原理图。R1和R2均为阻值不变的电热丝，S为手动开关，S1为自动控制开关，已知R2＝800Ω，多功能电饭煲的主要部分参数如下表所示。求：

品名
多功能电饭煲
额定电压
220V
频率
50Hz
加热挡功率
605W
保温挡功率

（1）电饭煲正常工作时，电阻R1的阻值；
（2）正常工作的电饭煲处于保温状态时，保温挡的功率；
（3）芳芳想了解家里电路的实际电压，她将家里的其他用电器都关闭，只让电饭煲在加热挡工作，观察到家里标有“3000revs/（kW•h）”字样的电能表铝盘2min转过50转，则她家的实际电压。
【分析】（1）当电饭煲处于加热状态时，R2被短路，电路中只有R1，根据功率公式可得R1的阻值；
（2）电饭煲处于保温状态时，R1和R2串联接入电路，根据功率公式可得保温功率；
（3）3000revs/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯转3000转，据此求指示灯闪烁20次消耗的电能，再根据P＝可得功率大小；根据U＝可得实际电压。
【解答】解：（1）当电饭煲处于加热状态时，R2被短路，电路中只有R1；
R1＝＝＝80Ω；
（2）电饭煲处于保温状态时，R1和R2串联接入电路，P保温＝＝＝55W；
（3）W＝＝kW•h；
P实＝＝＝0.5kW＝500W；
实际电压U＝＝＝200V；
答：（1）电饭煲正常工作时，电阻R1的阻值是80Ω；
（2）正常工作的电饭煲处于保温状态时，保温挡的功率是55W；
（3）她家的实际电压是200V。
【点评】本题考查了电功与热量的综合计算，难度一般。
四、综合题（本题包括4小题，每空1分，共20分）
16．（4分）小组同学比较沙子和水的比热容，实验装置如图甲、乙所示。

（1）在两个相同的易拉罐内分别装入初温和 　质量　相同的沙子和水。
（2）用两盏相同的酒精灯同时加热沙子和水，加热过程中需用玻璃棒不断搅拌，搅拌的目的是：　使沙子和水受热均匀　，测得实验数据如表格所示。
加热时间/min
0
1
2
3
4
5
温度/℃
沙子
18
22
29
37
45
﹣
水
18
19
21
23
24
27
（3）5min时，温度计显示沙子的温度如图丙所示，其读数为 　52　℃。
（4）分析数据可得沙子的比热容 　小于　（选填“大于”、“小于”或“等于”）水的比热容。
【分析】（1）（4）比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（2）实验中应使沙子和水受热均匀；
（3）温度计的读数：确定每一个小格代表的示数，然后根据液面的位置读数；
（4）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。
【解答】解：（1）根据比较吸热能力的两种方法，应控制不同物质的质量相同，故在两烧杯中分别装入初温相同且质量相等的沙子和水；
（2）为了使沙子和水受热均匀，实验中应用玻璃棒不断搅拌；
（3）温度计每一个小格代表1℃，示数是52℃；
（4）根据表格中的数据可知，质量相同的水和沙子，加热相同的时间，吸收相同的热量，水的温度升高的慢，则水的吸热能力大，水的比热容大，沙子的比热容小于水的比热容。
故答案为：（1）质量；（2）使沙子和水受热均匀；（3）52；（4）小于。
【点评】本题比较水和沙子吸热本领的大小，考查了转换法和控制变量法的应用，是热学中的重要实验。
17．（5分）小虎在了解到人眼的晶状体相当于凸透镜后，对“眼睛是如何看清远近不同的物体”这一问题产生了浓厚的兴趣。

（1）实验前，要调整凸透镜中心、光屏中心、　烛焰中心　在同一高度。
（2）适当调整凸透镜A和光屏的位置，移动蜡烛，光屏此时出现清晰的像，如图甲所示；然后他将凸透镜A换为焦距稍大的凸透镜B，并保持凸透镜和光屏位置不变，移动蜡烛，使烛焰在光屏上再次成清晰的像，如图乙所示，此时光屏上的像 　小于　（选填“大于”、“小于”或“等于”）图甲中光屏上的像。
（3）小虎发现当人眼看近处物体时，晶状体的焦距 　变短　（选填“变短”、“不变”或“变长”），如果长时间处于此状况，人眼可能会失去调节功能，需要佩戴 　凹透镜　矫正。
（4）图丙中S′为烛焰S的像，请通过作图画出一个焦点F的位置并完成光路图。（保留作图痕迹）
【分析】（1）为使像能成在光屏的中央，应使蜡烛的火焰、透镜、光屏三者的中心大致在同一高度处；
（2）凸透镜成实像时，物远像近像变小；
（3）人的眼睛看清物体是通过改变晶状体的形状来实现的，晶状体相当于全自动变焦镜头；由甲、乙两图和题意可知，在像距不变时，若凸透镜的焦距增大，则物距也应增大；
当晶状体曲度过大时，对光的折射能力增强，物体成的像在视网膜的前方，形成近视眼，需要配戴凹透镜进行矫正；
（4）过光心的光线其传播方向不变，连接物像的点S、S′，与主光轴交于O点，可得凸透镜的位置；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，据此确定焦点的位置；
【解答】解：（1）实验前要调整烛焰的焰心、透镜的光心、光屏的中心在同一高度，目的是使像能成在光屏的中央；
（2）凸透镜A换为焦距稍大的凸透镜B，并保持凸透镜和光屏位置不变，由图可知，图乙的物距大于图甲的物距，凸透镜成实像时，根据过光心的光线方向不变，像距不变，物距越大，像越小，故此时光屏上的像小于图甲中光屏上的像；
（3）人的眼睛在看清远近不同物体时，眼球的前后距离是不变的，即像距不变，是通过改变晶状体的焦距来实现的，与上述规律相同；由甲、乙两图和题意可知，在像距不变时，若凸透镜的焦距增大，则物距也应增大，才能在光屏上成清晰的实像；由此可知，当人眼观察近处物体时（物距减小），则晶状体的焦距应变短；
人眼若长期观察近处物体，会造成晶状体过度弯曲而不能回复，所以当他看远处物体时，像会成在视网膜的前方，造成近视眼，应配戴凹透镜进行矫正。
（4）连接物像的点S、S′，与主光轴交于O点，O点为凸透镜的光心，过O点垂直主光轴作出凸透镜；根据焦点的定义，由点S发出的平行光线，会聚到S′点上，此时这条光线与主光轴的交点F便是焦点；如图所示：
；
故答案为：（1）烛焰中心；（2）小于；（3）变短；凹透镜；（4）见解析。
【点评】此题是眼睛及其视物原理，考查了凸透镜的成像特点，掌握成像特点与物距、像距之间的关系是解决此题的关键。
18．（5分）实验小组的同学利用学过的物理知识测定一块吊坠的密度。

（1）把天平放在水平桌面上，将游码调到标尺左端零刻度线处时，发现指针偏向分度盘的左侧，此时应向 　右　调节平衡螺母，使横梁平衡。
（2）将吊坠放在天平左盘中，向右盘中加砝码并调节游码直到横梁平衡。此时，右盘中的砝码和游码的位置如图甲所示，则吊坠的质量是 　32.2　g。
（3）往量筒中倒入50mL水，将吊坠浸没在水中，液面位置如图乙所示，则吊坠的密度是 　2.3×103　kg/m3。
（4）整理实验器材时发现，使用的砝码有磨损，则测得的密度值偏 　大　。
（5）实验小组讨论后，不用砝码，只利用天平、两个相同的烧杯、量筒和水也能测出吊坠的密度。请将实验步骤补充完整。
①在两个烧杯中倒入等量的水，分别放在天平的左右盘中如图丙所示；
②将拴着细线的吊坠浸没在左盘烧杯的水中（不碰烧杯底），用量筒向右盘的烧杯中加水到A处时横梁平衡，记下加水的体积为V1，如图丁所示；
③将吊坠直接放在左盘烧杯的水中，用量筒继续向右盘的烧杯中加水，直到横梁平衡，并记下再次加入水的体积为V2；
④吊坠密度的表达式为ρ＝　　。（用V1、V2、ρ水表示）
【分析】（1）使用天平之前，首先把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度线处，然后调节平衡螺母使天平的横梁平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；
（2）用天平来测量物体的质量时，物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；
（3）吊坠的体积等于量筒中增加水的体积，根据密度的计算公式ρ＝即可求出吊坠的密度；
（4）使用的砝码有磨损，测量的质量偏大，根据ρ＝判断出密度的偏差；
（5）根据阿基米德原理可知，将拴着细线的吊坠浸没在左盘烧杯的水中时，吊坠受到的浮力浮力大小，根据F浮＝ρ液gV排求出吊坠浸没在水中时排开水的体积；
将吊坠直接放在左盘烧杯的水中时，用量筒继续向右盘的烧杯中加水，直到天平平衡，再次加入水的体积为V2，此时天平两侧的重力大小相等，右侧增加的水的重力等于吊坠的重力，据此求出吊坠受到的重力，根据G＝mg求出吊坠的质量，根据密度公式求出吊坠的密度。
【解答】解：（1）使用天平之前，首先把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度线处，由题意可知，天平向右端上翘，所以平衡螺母向右调节，使天平平衡；
（2）由图甲可知，吊坠的质量：
m＝20g+10g+2.2g＝32.2g；
（3）吊坠的体积等于量筒中水增加的体积：
V＝64mL﹣50mL＝14mL＝14cm3，
吊坠的密度：
ρ＝＝＝2.3g/cm3＝2.3×103kg/m3；
（4）使用的砝码有磨损，测得的质量偏大，根据ρ＝可知，测得的密度偏大；
（5）②将拴着细线的吊坠浸没在左盘烧杯的水中（不碰烧杯底），用量筒向右盘的烧杯中加水到A处时横梁平衡，记下加水的体积为V1，此时天平两侧的重力大小相等，右侧增加的水的重力等于吊坠排开水的重力，
由阿基米德原理可知，将拴着细线的吊坠浸没在左盘烧杯的水中时，吊坠受到的浮力：
F浮＝G排水＝m排水g＝ρ水V1g，
因为F浮＝ρ液gV排，
所以有ρ液gV排＝ρ水V1g，
即V排＝V1，
因为此时吊坠浸没在水中，所以吊坠的体积：
V＝V排＝V1，
③将吊坠直接放在左盘烧杯的水中，用量筒继续向右盘的烧杯中加水，直到天平平衡，再次加入水的体积为V2，此时天平两侧的重力大小相等，右侧增加的水的重力等于吊坠的重力，
则吊坠的重力：G＝G水＝m水g＝ρ水gV水＝ρ水g（V1+V2），
吊坠的质量：m＝＝＝ρ水（V1+V2），
④吊坠的密度：ρ＝＝。
故答案为：（1）右；（2）32.2；（3）2.3×103；（4）大；（5。
【点评】本题用两种方法测定一块吊坠的密度，考查天平的使用与读数、量筒的读数、密度公式、重力公式和阿基米德原理的应用，通过此题我们应该学会一种利用等效替代来间接求物体体积的方法。
19．（6分）小明在探究“电流与电阻的关系”的实验中，准备了电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，阻值分别为5Ω、15Ω、25Ω的定值电阻各一个、导线若干，设计了如图甲所示的电路。

（1）小明连好电路后，刚要闭合开关，同组的小丽同学提醒他，此时闭合开关，可能烧坏 　电压表　。
（2）小明检查发现电路中有一根导线连接错误，请你在图中将连接错误的那条导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确。
（3）图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R的变化图像，分析图像可得结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻 　反比　。为保证分别使用三个定值电阻均能顺利完成实验，滑动变阻器的最大阻值至少是 　35　Ω。
（4）实验结束后，小明又发现一个标有额定电流为0.2A的小灯泡，设计了如图丙所示电路，来测量小灯泡的额定功率，请你将实验过程补充完整。（电源电压恒定但未知，滑动变阻器R的最大阻值为25Ω）
①只闭合开关S1，将滑动变阻器R的滑片移到最下端，电流表的示数为0.15A，将R的滑片移到最上端，电流表的示数为0.4A。
②只闭合开关S2，调节滑动变阻器的滑片，　使电流表的读数为0.2A　，小灯泡正常发光。
③滑动变阻器的滑片保持不动，只闭合开关S1，电流表的示数为0.3A。
④小灯泡的额定功率为P额＝　0.4　W。
【分析】（1）原电路中，电流表与电阻并联，电压表串联在电路中，根据电压表内阻很大，分析可能烧坏的元件；
（2）要探究“电流与电阻的关系”的实验，应将电流表与灯泡串联，电压表与灯泡并联，据此改接电路；
（3）分析图像乙得出结论；
根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入25Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻；
（4）①分析只闭合开关S1，将滑动变阻器R的滑片移到最下端时电路的连接及电流表测量的电流，由欧姆定律I＝和电阻的串联规律表达出电源电压；
分析将滑动变阻器R的滑片移到最上端时电路的连接，由欧姆定律表达出电源电压，由于电源电压恒定求出定值电阻R0阻值和电源电压；
②灯的电流为额定电流时，灯正常发光，据此回答；
在步骤③中，分析电路的连接和电流表测量的电流，由串联电阻的规律及欧姆定律得出变阻器连入电路的电阻；
在步骤②中，由欧姆定律得出变阻器的电压，根据串联电路电压的规律求出灯的额定电压，根据P＝UI得出小灯泡L的额定功率。
【解答】解：（1）由实物图知，电压表串联在电路中，电流表与灯并联，因电压表内阻很大，故电路中的电流几乎为0，电流表不会烧坏；电压表与电源连通测电源电压，电源电压恒为6V，而电压表选用的是小量程，故电压表可能被烧坏；
（2）要探究“电流与电阻的关系”的实验，应将电流表与灯泡串联，电压表与灯泡并联，改接电路如下图所示：
；
（3）通过图乙分析IR＝0.5A×5Ω＝0.1A×25Ω＝2.5V，得出当导体两端电压一定时，通过导体中电流与导体的电阻成反比；
根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑＝6V﹣2.5V＝3.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的＝倍，
根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑＝×25Ω＝35Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少35Ω的滑动变阻器；
（4）①只闭合开关S1，将滑动变阻器R的滑片移到最下端时，此时滑动变阻器R的阻值为25Ω；R与R0串联，电流表测电路的电流，电流表的示数为0.15A，
由欧姆定律I＝和电阻的串联规律可知，电源电压为：U＝I1（R滑最大+R0），即U＝0.15A×（25Ω+R0）……①；
将滑动变阻器R0的滑片移到最上端时，电路为只有R0的简单电路，电流表的示数为0.4A，由欧姆定律可知，电源电压为：U＝I2R0，即U＝0.4A×R0……②；
由①②解得：R0＝15Ω，U＝6V；
②只闭合开关S2，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的读数为0.2A，小灯泡正常发光；
③滑动变阻器的滑片保持不动，只闭合开关S1，电流表的示数为0.3A；
④在步骤②中，变阻器与灯串联，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的读数为0.2A，小灯泡正常发光；
在步骤③中，滑动变阻器的滑片保持不动，变阻器与R0串联，电流表测电路的电流，电流表的示数为0.3A，由电阻串联的规律及欧姆定律，变阻器（滑片以上）连入电路的电阻：R上＝﹣R0＝﹣15Ω＝5Ω；
在步骤②中，由欧姆定律，变阻器（滑片以下）两端的电压为：UR＝I2R下＝I2（R滑最大﹣R上）＝0.2A×（25Ω﹣5Ω）＝4V，
根据串联电路电压的规律，灯的额定电压为：UL＝U﹣UR＝6V﹣4V＝2V；
小灯泡L的额定功率为：P额＝ULI2＝2V×0.2A＝0.4W。
故答案为：（1）电压表；（2）见解答；（3）反比；35；（4）②使电流表的读数为0.2A；④0.4。
【点评】本题探究“电流与电阻的关系”的实验，考查电路连接、故障分析、电流表读数、欧姆定律的运用、操作过程、控制变量法及设计方案测额定功率的能力。