2023年云南省临沧市中考物理三模试卷(含答案)

这是一份2023年云南省临沧市中考物理三模试卷(含答案)，共24页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验探究题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2023年云南省临沧市中考物理三模试卷
一、选择题（本大题共10小题，每个小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中，第1～7每小题只有一个正确选项。第8～10题有多个选项符合题意，全部选对得3分，选对但不全得1分，有选错得0分）
1．（3分）下列关于材料、信息和能源的说法正确的是（　　）
A．可以用超导体材料来做电饭锅的发热电阻
B．核电站是利用原子核裂变所释放的能量来发电的
C．煤、石油、天然气、太阳能都是不可再生能源
D．卫星导航系统主要靠超声波来传递信息
2．（3分）如图所示的光现象中，由于光的直线传播形成的是（　　）
A．水中倒影 B．雨后彩虹
C．小孔成像 D．海市蜃楼
3．（3分）妇女节到了，小芳怀着一颗感恩的心为妈妈精心准备了一桌美食。关于烹饪食物过程中所包含的物理知识，下列说法正确的是（　　）
A．炒菜时，主要是通过做功的方式增大菜的内能
B．从冰箱中刚拿出来的冻鸡脚没有内能
C．拿碗时不小心打碎一个碗，却怎么也拼不回去了，这说明分子间存在引力
D．在较远的地方就能闻到食物飘来的香味，说明分子在不停地做无规则运动
4．（3分）小明和小亮用相同的橡皮泥捏小船，进行“看谁装得硬币多？”的活动，如图甲、乙所示分别是小明和小亮捏的小船装4枚和6枚一元硬币时的情景。下列分析正确的是（　　）

A．图甲中的小船所受的浮力大
B．两艘小船排开水的重力相等
C．图乙中小船排开水的体积大
D．甲、乙两船底受到的压力相等
5．（3分）下列是教材中涉及电与磁的探究实验或实验结论的情景示意图，其中实验原理或结论与动圈式话筒的工作原理相同的是（　　）
A． B．
C． D．
6．（3分）2022年11月29日，我国在酒泉卫星发射中心用长征二号F遥十五运载火箭将“神舟十五号”载人飞船成功发射，如图甲所示；如图乙所示是“神舟十五号”宇航员与“神舟十四号”宇航员“太空会师”的场景，下列说法正确的是（　　）

A．飞船与火箭分离前，以火箭为参照物，飞船是静止的
B．飞船加速升空过程中机械能逐渐减小
C．飞船从地球到太空后，质量会增大
D．飞船加速升空时受到的重力和推力是一对平衡力
7．（3分）如图所示，电源电压恒定不变，开关闭合后，当滑动变阻器的滑片P由最右端向中点滑动时。下列说法正确的是（　　）

A．电流表A1示数不变，电压表V示数不变
B．电流表A1示数变小，灯泡L的亮度不变
C．电流表A2示数变大，电压表V示数不变
D．电压表V示数与电流表A1的示数之比变大
（多选）8．（3分）在探究凸透镜成像规律的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，此时烛焰在光屏上恰好能成一清晰等大的像（图中未画出），下列说法正确的是（　　）


A．此凸透镜的焦距为20cm
B．将蜡烛移到10cm的刻度线处，凸透镜不动，移动光屏能够成倒立、放大的实像
C．将蜡烛移到35cm刻度线处，成像情况与投影仪相同
D．将蜡烛远离凸透镜移动时，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏靠近凸透镜移动
（多选）9．（3分）某同学通过实验得到a、b、c三种物质的m﹣V图象如图所示，下列说法正确的是（　　）

A．质量相同的b和c两物质，c物质的体积大
B．体积相同的a和c两物质，c物质的质量小
C．三种物质的密度关系是：ρa＞ρb＞ρc
D．三种物质的质量增大时，各自的密度也随之增大
（多选）10．（3分）如图所示的电路，电源电压为6V且保持不变，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V，定值电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2标有“40Ω 0.5A”字样，开关S闭合后，在保证各元件安全的条件下，移动滑动变阻器的滑片，下列说法正确的是（　　）

A．电流表的最小示数为0.12A
B．R1消耗的最大功率是3.6W
C．滑动变阻器允许接入的阻值范围是2Ω～10Ω
D．电压表示数最大时，通电1min滑动变阻器产生的热量为54J
二、填空题。（本大题共6小题，第11～15题每小题2分，16题4分，满分14分）
11．（2分）家住在机场旁边的小李每天都被飞机巨大的轰鸣声吵醒，这声音是由于物体 　 　产生的；其中“巨大”是指声音的 　 　（选填“音色”、“音调”或“响度”）大。
12．（2分）现在有些农村地区还是使用干木柴来烧水做饭，某次烧水时完全燃烧了2.1kg干木柴，产生的热量为 　 　J；干木柴在燃烧过程中，其热值大小 　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。（q干木条＝1.2×107J/kg）
13．（2分）如图甲所示，如果锤头的手柄松了，人们常用撞击锤柄下端的方法使锤头套紧，锤柄下端碰到板凳会突然停止，锤头由于 　 　会继续向下运动，使锤头紧紧地套在锤柄上；如图乙所示，一束激光由空气入射到空水槽底部O点，形成一个光斑，向水槽中注入适量水后，水槽底部的光斑会向O点的 　 　（选填“左”或“右”）侧移动。

14．（2分）如图所示是甲、乙、丙三个轻质带电小球之间的相互作用情况，已知甲小球与丝绸摩
擦过的玻璃棒相互排斥，则丙小球 　 　（选填“带正电”或“带负电”）；实验室中常用的验电器是利用 　 　的原理工作的。

15．（2分）如图所示，电源电压保持不变，电阻R1＝20Ω，闭合开关S，电流表A1的示数为0.3A，电流表A的示数为0.9A，则电源电压为 　 　V，电阻R2为 　 　Ω。

16．（4分）如图甲所示，是超市中常见的一种“强力吸盘挂钩”，这个小小的物件，却能挂起好几千克甚至几十千克的货物，如图乙、丙是其安装示意图。在使用时，先将墙面擦干净，然后按住锁扣把吸盘紧压在墙上（如图乙），然后把锁扣扳下（如图丙），让锁扣以盘盖为依托把吸盘向外拉出，使吸盘牢牢地被固定在墙上。这种吸盘挂钩的原理是使得吸盘内部的气压远远小于外界气压，这样在吸盘外部表面就有极大的压力将吸盘压在墙上。

（1）在安装时墙面若没有擦干净，墙面上有灰尘和小颗粒沙子导致吸盘与墙面之间有缝隙，此时吸盘挂钩安装在墙上 　 　（选填“容易”或“不容易”）掉落。在将吸盘正确安装好后，吸盘内空气的密度将会 　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
（2）通过观察我们不难发现，这种吸盘挂钩最后挂上重物后实际是摩擦力在起作用，这是通过增大 　 　来增大摩擦力的。
（3）若安装好后吸盘与空气的总接触面积为10cm2，吸盘内外大气压力差F与摩擦力f之间的关系近似为F＝2f，则要使这个吸盘挂钩能最大挂起3kg的重物，则吸盘内外大气压强差至少为 　 　Pa。
三、作图题。（本大题共2个小题，每小题2分，共4分）
17．（2分）画出静止在斜面上的木块所受重力的示意图。

18．（2分）如图所示，请根据电流方向标出磁感线方向、电源正负极和小磁针的N极。

四、实验探究题。（本大题共4小题，第19题8分，第20题4分，第21题8分，第22题4分，共24分）
19．（8分）用如图所示装置来探究杠杆的平衡条件。（注：实验中所用钩码的规格相同）

（1）实验前，将组装好的杠杆放置在水平桌面上，当杠杆静止时情况如图甲所示，此时杠杆处于 　 　（选填“平衡”或“非平衡”）状态；要使杠杆在水平位置平衡，则应该将杠杆的平衡螺母向 　 　（选填“左”或“右”）端调节。
（2）将杠杆调整好后，在杠杆左端A点处挂4个钩码，如图乙所示，此时要使杠杆再次在水平位置平衡，应该在杠杆B点处挂 　 　个钩码，待平衡后将杠杆两端的钩码都向远离支点的位置移动一格，则杠杆会 　 　（选填“左端下沉”、“右端下沉”或“保持静止”）。
（3）如图丙所示，同学们换用弹簧测力计在B点处竖直向下拉着杠杆，使之保持平衡，然后将弹簧测力计从a处移到b处，使杠杆仍在原位置保持平衡，则这个过程中弹簧测力计的示数将 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（4）同学们通过实验记录了如下表所示的数据，请根据实验数据用公式表示出杠杆的平衡条件 　 　（用F1、F2、l1、l2表示。其中F1表示左边钩码重力，F2表示右边钩码重力，l1表示左边挂钩码处与支点的距离，l2表示右边挂钩码处与支点的距离）。
次数
1
2
3
4
5
左边钩码数/个
2
3
4
5
6
左边挂钩码处与支点的距离/格
1
2
3
4
5
右边钩码数/个
1
2
3
4
5
右边挂钩码处与支点的距离/格
2
3
4
5
6
（5）生活中有许多的简单机械：①筷子；②钓鱼竿；③指甲剪；④天平；⑤羊角锤。请你找出属于省力杠杆的是 　 　；属于费力杠杆的是 　 　。（填序号）
20．（4分）为了探究冰熔化时的特点，设计了如图甲所示的实验装置。

（1）在安装如图甲所示的实验装置时，应按照 　 　（选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行组装。
（2）某时刻温度计示数如图乙所示，其示数为 　 　℃。
（3）将温度计插入试管后，待温度升至﹣4℃左右时，每隔1min记录一次温度，根据记录的实验数据绘制出如图丙所示的图象。根据图象可知在BC段时，冰处于 　 　（选填“固”、“液”或“固液共存”）态。
（4）根据图象还可知冰熔化时的规律是 　 　。
21．（8分）小明利用如图所示的装置来探究并联电路的电流规律。

（1）小明按图甲连接好的实物电路如图乙所示，其中还差一根导线未连接，请你用笔画线代替导线将电路连接完整，在连接电路时，开关应 　 　（选填“断开”或“闭合”）。
（2）闭合开关前，发现电流表A指针在0刻度线左边，接下来应进行的操作是 　 　。
（3）闭合开关，发现小灯泡L1不发光，小灯泡L2发光，经检查发现是小灯泡L1断路，而其它电路元件都是正常的，则电流表A1的示数应该为 　 　A。
（4）排除故障后，小明用电流表测出通过L1、L2和干路的电流，并通过调节电源电压进行了三次实验，然后将数据记录在表中，其中第三次实验时电流表A1的指针在图丙的位置，则读数为 　 　A。
实验次数
1
2
3
电流表A1的示数/A
0.16
0.2

电流表A2的示数/A
0.16
0.2
1.2
电流表A的示数/A
0.32
0.4
0.48
（5）他分析数据时认为第三次实验时，电流表A2的示数是错误的，错误的原因是 　 　；修正数据后，他得出：并联电路中各支路电流相等；你认为他的说法是 　 　（选填“可靠”或“不可靠”）的，接下来他应该 　 　多次实验。
22．（4分）如图所示是“探究通电螺线管外部磁场分布”的实验，先在螺线管的两端各放一个小磁针，并在硬纸板上均匀地撒满铁屑。
（1）如图所示，通电后轻敲纸板，观察铁屑的排列情况，发现通电螺线管外的磁场与 　 　磁体的磁场相似。
（2）实验中，小磁针的作用是为了研究通电螺线管周围的 　 　（选填“磁场强弱”或“磁场方向”）。
（3）探究完成后同学们还想探究通电螺线管的极性与电流方向的关系，请你就现有实验器材设计一下：应该 　 　，当观察到 　 　现象时，则能证明通电螺线管的极性与电流方向有关。

五、综合题。（本大题共2个小题，每小题9分，共18分）要求：（1）语言表述要简练、准确；（2）写出必要的运算和推理过程；（3）带单位计算；（4）计算结果若有近似，均保留两位小数。
23．（9分）如图甲是某款养生壶，图乙所示是它的简化电路图，它正常工作时的电压为220V，R1和R2均为养生壶中的加热电阻，当只闭合开关S时为低温挡，低温挡养生壶R2的电功率为220W、高温挡的功率为1000W。求：
（1）低温挡工作时，电路中的电流；
（2）电阻R2的阻值；
（3）高温挡正常工作7min能将质量为1kg、初温为20℃的水加热到100℃，养生壶加热水的效率。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]

24．（9分）底面积为200cm2、重为5N的平底圆柱形容器内装有10cm高的水放置在水平桌面上，现将体积为300cm3的木块A轻轻放入容器内的水中，静止后木块A体积的浸没在水中，如图甲所示，若将一重为3N的实心物体B用细绳系于A的下方，使A恰好浸没在水中，如图乙所示（水未溢出），不计绳重及其体积（ρ水＝1×103kg/m3，g取10N/kg）。求：
（1）图甲中木块A受到的水的浮力；
（2）物体B的密度；
（3）图乙中水对容器底部的压强。


2023年云南省临沧市中考物理三模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共10小题，每个小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中，第1～7每小题只有一个正确选项。第8～10题有多个选项符合题意，全部选对得3分，选对但不全得1分，有选错得0分）
1．【分析】（1）电热器是利用电流热效应工作的，不能利用超导体制作发热电阻；
（2）获得核能的两种途径：核裂变和核聚变；
（3）像风能、水能、太阳能等可以在自然界里源源不断地得到，把它们称为可再生能源。化石能源、核能等能源会越用用越少，不能在短期内从自然界得到补充，称为不可再生能源；
（4）卫星导航系统主要靠电磁波来传递信息。
【解答】解：A、电饭锅是电热器，是利用电流热效应工作的，超导体电阻为零，电热器的发热电阻不能使用超导材料，故A错误；
B、核电站是利用原子核裂变所释放的能量来发电的，故B正确；
C、煤、石油、天然气是不可再生能源，太阳能是可再生能源，故C错误；
D、卫星导航系统主要靠电磁波来传递信息，故D错误。
故选：B。
2．【分析】（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
【解答】解：
A、平静的水面相当于平面镜，故拱桥在水中的倒影是利用光的反射形成的，故A不合题意。
B、雨后彩虹是由于太阳光照在空气中的小水珠上形成的光带，是色散现象，是光的折射形成的，故B不合题意。
C、小孔成像，是由光的直线传播形成的，故C符合题意。
D、海市蜃楼是光在不均匀的大气中传播时方向发生偏折形成的，属于光的折射现象，故D不合题意。
故选：C。
3．【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能；
（2）一切物体在任何情况下都有内能；
（3）分子间存在相互作用的引力和斥力；
（4）组成物质的分子在不停地做无规则运动。
【解答】解：A、炒菜时，菜吸收热量，内能增加，温度升高，这是通过热传递的方式增大菜的内能，故A错误；
B、一切物体在任何情况下都有内能，所以从冰箱中刚拿出来的冻鸡脚也有内能，故B错误；
C、拿碗时不小心打碎一个碗，却怎么也拼不回去了，是由于分子间距离太大，分子间的作用力几乎为零，可以忽略不计，故C错误；
D、在较远的地方就能闻到食物飘来的香味，是由于香味分子在不停地做无规则运动，故D正确。
故选：D。
4．【分析】物体漂浮时，浮力等于自身的重力；根据阿基米德原理判定排开的水的重力和排开的水的体积的大小；根据浮力产生的原因判定船底受到的压力的大小。
【解答】解：
A、小船装4枚和6枚一元硬币时都处于漂浮状态，甲中小船的重力要小于乙中小船的重力，由于漂浮时，浮力等于重力，故乙中的小船所受的浮力大，故A错误；
B、根据阿基米德原理可知，甲中的小船所受的浮力小，则甲小船排开水的重力小，故B错误；
C、根据阿基米德原理可知，乙中的小船所受的浮力大，液体的密度相同，则乙中小船排开水的体积大，故C正确；
D、浮力产生的原因是物体上下表面受到的压力差，小船上表面受到的压力都为0，则下表面的压力与浮力相同，甲中的小船所受的浮力小，则甲中船底受到的压力小，故D错误。
故选：C。
5．【分析】（1）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机和动圈式话筒就是利用该原理制成的。
（2）奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场，电磁铁就是利用该原理制成的。
（3）通电导体在磁场中要受到力的作用，电动机、扬声器就是利用该原理制成的。
（4）电磁铁磁性的强弱与电流的大小和线圈的匝数有关。
【解答】解：动圈式话筒是利用电磁感应原理来工作的；
A、该图说明闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，故A符合题意；
B、该图说明电流的磁效应，电磁铁是利用该原理来工作的，故B不符合题意；
C、该图说明通电导体在磁场中要受到力的作用，电动机、扬声器就是利用该原理制成的，故C不符合题意；
D、该图说明电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数有关，故D不符合题意。
故选：A。
6．【分析】（1）研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化；
（2）动能的影响因素是物体的质量与速度，重力势能的影响因素是物体的质量与高度，动能和势能统称机械能；
（3）质量是物质的属性，任何物体都具有质量，且质量不随位置、状态、形状、温度的变化而变化；
（4）物体受平衡力作用时，将处于静止或匀速直线运动状态。
【解答】解：A、火箭和飞船分离前，火箭和飞船的相对位置没有发生变化，故以火箭为参照物，飞船是静止的，故A正确；
B、飞船加速升空过程中质量不变，速度变大，动能增大，高度增加，重力势能增加，所以机械能增大，故B错误；
C、飞船到太空后位置变了，但所含物质的多少没有改变，所以其质量不会改变，故C错误；
D、飞船加速上升时是非平衡状态，受到的合力不为0，受到非平衡力作用，故D错误。
故选：A。
7．【分析】由电路图可知，滑动变阻器和灯泡并联，电压表测量并联电路两端的电压（电源电压），电流表A1测滑动变阻器的电流，电流表A2测干路中的电流；
根据电源电压可知电压表示数的变化，滑动变阻器的滑片P由最右端向中点滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器电流的变化；
根据并联电路的特点分析通过灯泡电流的变化和灯泡亮度的变化，根据并联电路的电流规律判定干路中电流的变化；
根据电压表示数、电流表示数的变化分析电压表V示数与电流表A1的示数之比的变化。
【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器和灯泡并联，电压表测量并联电路两端的电压（电源电压），电流表A1测滑动变阻器的电流，电流表A2测干路中的电流；
由于电源电压不变，所以滑片移动时电压表V的示数不变；
因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过灯泡的电流不变，灯泡亮度不变；
当滑动变阻器的滑片P由最右端向中点滑动时，变阻器接入电路中的电阻变小，根据欧姆定律可知，通过变阻器支路的电流变大，即电流表A1的示数变大；
根据并联电路的电流特点可知，干路电流变大，即电流表A2示数变大；
电压表V示数不变，电流表A1的示数变大，则电压表V示数与电流表A1的示数之比变小；
综上所述，C正确。
故选：C。
8．【分析】（1）凸透镜成像特点：
①u＞2f时，成倒立、缩小的实像，此时f＜v＜2f，应用为照相机；
②u＝v＝2f时，成倒立等大的实像，常用来求焦距；
③f＜u＜2f时，成倒立、放大的实像，此时v＞2f，应用为投影仪；
④u＜f时，成正立、放大的虚像，应用为放大镜。
（2）根据凸透镜成像特点和物近像远像变大的特点分析解答。
【解答】解：A、由图可知，此时的物距等于像距，物距为20.0cm，成的是倒立、等大的实像，则u＝2f，故f＝10.0cm，故A错误；
B、将蜡烛移到10cm的刻度线处，物距u＝50cm﹣10cm＝40cm，u＞2f，光屏上可成倒立、缩小的实像，故B错误；
C、将蜡烛移到35cm刻度线处，物距u＝50cm﹣35cm＝15cm，成倒立、放大的实像，成像情况与投影仪相同，故C正确；
D、蜡烛远离凸透镜时，物距增大，根据凸透镜成像规律可知，为了在光屏上得到清晰的像，应减小像距，光屏应靠近凸透镜，故D正确。
故选：CD。
9．【分析】根据三种物质的m﹣V的图象，结合分析比较三种物质的密度大小，确定ABC选项的正误；
密度是物质的特性，其大小与物质的种类、温度和状态有关，而与质量、体积无关。
【解答】解：A．由图可知，质量相同的b和c两物质中，c物质的体积大，故A正确；
B．由图可知，体积相同的a和c两物质中，a物质的质量大，c物质的质量小，故B正确；
C．由图可知，体积相同时，三种物质的质量关系为ma＞mb＞mc，由可知，ρa＞ρb＞ρc．故C正确；
D．同种物质组成的物体，其密度是定值，质量变大，密度不变，故D错误。
故选：ABC。
10．【分析】由图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测量R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；
（1）根据电压表量程可知，滑动变阻器R2两端的最大电压为3V，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，利用欧姆定律求出通过R1的电流，根据串联电路的电流特点可知电流表的最小示数；
（2）根据电流表量程和滑动变阻器的规格可知电路中的最大电流，根据P＝I2R可知R1消耗的最大功率；
（3）根据滑动变阻器两端的最大电压可求出R2的接入电路的最大阻值，根据电路中的最大电流可求出R1两端的最大电压，根据串联电路的电压特点求出R2两端的最小电压，根据欧姆定律求出R2接入电路的最小阻值；
（4）根据Q＝W＝UIt求出电压表示数最大时，通电1min滑动变阻器产生的热量。
【解答】解：由图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测量R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；
A、根据电压表量程可知，滑动变阻器R2两端的最大电压为U2＝3V，
根据串联电路的电压特点可知，R1两端的最小电压：U1＝U﹣U2＝6V﹣3V＝3V，
则电路中的最小电流：I小＝I2＝I1＝＝＝0.3A，即电流表的最小示数为0.3A，故A错误；
B、根据电流表量程和滑动变阻器的规格可知，电流中的最大电流I大＝0.5A，
则R1消耗的最大功率：P1大＝I大2R1＝（0.5A）2×10Ω＝2.5W，故B错误；
C、由欧姆定律可知，R2的接入电路的最大阻值：R2大＝＝＝10Ω，
当电路中的电流最大时，R1两端的最大电压：U1大＝I大R1＝0.5A×10Ω＝5V，
根据串联电路的电压特点可知，R2两端的最小电压：U2小＝U﹣U1大＝6V﹣5V＝1V，
由欧姆定律可知，R2接入电路的最小阻值：R2小＝＝＝2Ω，
所以滑动变阻器允许接入的阻值范围是2Ω～10Ω，故C正确；
D、电压表示数最大时，通电1min滑动变阻器产生的热量：Q＝W＝U2I2t＝3V×0.3A×1×60s＝54J，故D正确。
故选：CD。
二、填空题。（本大题共6小题，第11～15题每小题2分，16题4分，满分14分）
11．【分析】（1）声音是由物体的振动产生的。
（2）声音的大小叫响度，响度与发声体的振幅和距离声源的远近有关。
【解答】解：家住在机场旁边的小李每天都被飞机巨大的轰鸣声吵醒，这声音是由于物体振动产生的；其中“巨大”是指声音的响度大。
故答案为：振动；响度。
12．【分析】已知干木材的质量和热值，根据公式Q放＝qm可求出完全燃烧干木柴放出的热量；
热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，与其是否燃烧和燃烧是否充分无关。
【解答】解：完全燃烧2.1kg的干木柴所放出的热量为：Q放＝m木柴q＝2.1kg×1.2×107J/kg＝2.52×107J；
热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，与其是否燃烧和燃烧是否充分无关，干木柴在燃烧过程中热值不变。
故答案为：2.52×107；不变。
13．【分析】（1）物体保持原来运动状态不变的性质，叫惯性．任何物体都有惯性。
（2）根据光的折射现象可知，光从一种介质斜射入另一种介质时，其传播方向一定发生改变；光从水中射入空气中时，折射角大于入射角．折射角随入射角的改变而改变。
【解答】解：（1）锤头和锤柄原来一起运动，锤柄因撞击而静止，而锤头由于惯性还要保持原来的运动状态，就紧套在锤柄上了。
（2）当向水槽内注入适量的水后，光从空气斜射入水中发生折射，折射角小于入射角，因此光线移动到O点左侧。
故答案为：惯性；左。
14．【分析】（1）验电器是利用同种电荷相互排斥的原理；
（4）自然界只存在两种电荷，正电荷和负电荷；丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷，毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷。异种电荷相互吸引。
【解答】解：甲、乙、丙三个轻质带电小球之间的相互作用情况，已知甲小球与丝绸摩擦过的玻璃棒相互排斥，与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，则甲小球带正电，乙球与甲球相互排斥，根据同种电荷相互排斥，故乙球也带正电，乙球与丙球相互吸引，异种电荷相互吸引，则丙小球带负电；实验室中常用的验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的。
故答案为：带负电；同种电荷相互排斥。
15．【分析】由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A测干路电流；根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压，再根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，利用欧姆定律求出R2的阻值。
【解答】解：由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A测干路电流，
并联电路中各支路两端的电压相等，根据欧姆定律可得，电源的电压：
U＝U1＝I1R1＝0.3A×20Ω＝6V；
并联电路中干路电流等于各支路电流之和，通过R2的电流：
I2＝I﹣I1＝0.9A﹣0.3A＝0.6A，
则R2＝＝＝10Ω。
故答案为：6；10。
16．【分析】（1）吸盘利用大气压工作的，根据排出气体分析密度变化；
（2）摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关；
（3）根据二力平衡计算摩擦力，吸盘内外大气压力差F与摩擦力f之间的关系近似为F＝2f，计算内外压力差，由p＝计算内外压强差。
【解答】解：（1）在安装时墙面若没有擦干净，墙面上有灰尘和小颗粒沙子导致吸盘与墙面之间有缝隙，此时由于漏气，内外压强差减小，吸盘挂钩安装在墙上容易掉落。在将吸盘正确安装好后，吸盘内空气绝大部分被排出，空气稀薄，相同体积下质量减小，空气的密度将会减小；
（2）摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，通过观察我们不难发现，这种吸盘挂钩最后挂上重物后实际是摩擦力在起作用，这是通过增大压力来增大摩擦力的。
（3）吸盘挂钩能最大挂起3kg的重物时，摩擦力f＝G＝mg＝3kg×10N/kg＝30N；
吸盘内外大气压力差F与摩擦力f之间的关系近似为F＝2f，则压力差F＝2×30N＝60N；
内外压强差p＝＝＝＝6×104Pa。
故答案为：（1）容易；减小；（2）压力；（3）6×104。
三、作图题。（本大题共2个小题，每小题2分，共4分）
17．【分析】过物体的重心，用一条带箭头的线段表示出重力的作用点和方向，注意重力的方向竖直向下。
【解答】解：
从木块的重心开始，沿竖直向下的方向画一条有向线段，用G表示物体所受的重力，如图所示：

18．【分析】根据电流方向确定电源正负极；
根据安培定则判断通电螺线管的磁极；
在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到磁体的S极，据此判断磁感线方向；
根据磁极间的相互作用判断小磁针的N极。
【解答】解：电流从通电螺线管的右前侧流入，左后侧流出，因此电源左端为负极，右端为正极；
根据安培定则可知，通电螺线管的左端为N极，右端为S极；
在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到磁体的S极，因此磁感线方向向右；
同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引，因此小磁针的左端为N极。
如图：

四、实验探究题。（本大题共4小题，第19题8分，第20题4分，第21题8分，第22题4分，共24分）
19．【分析】（1）杠杆静止就说明是杠杆平衡状态；
探究“杠杆的平衡条件”实验中，需要杠杆在水平位置平衡，调节时将螺母向上翘的一端移动；
（2）设杠杆一个格的长度是L，一个钩码重是G，根据杠杆平衡条件求出；移动后若力和力臂的乘积相等，杠杆平衡；若力和力臂的乘积不相等，则杠杆向乘积大的一端倾斜；
（3）根据杠杆平衡的条件，F1×L1＝F2×L2，进行判断；
（4）杠杆平衡的条件是：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（F1×l1＝F2×l2）；
（5）结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：（1）实验前，杠杆静止在如图甲所示的位置，杠杆静止，此时杠杆处于平衡状态；
为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡，由图甲可知，杠杆右端偏高，为使杠杆在水平位置平衡，需要将平衡螺母向右调节；
（2）设杠杆一个格的长度是L，一个钩码重是G，设在B处挂了n个钩码，则4G×3L＝nG×2L，解得：n＝6，应在B点挂6个钩码；
若将两边的钩码同时朝远离支点方向移动一格，
则左边＝4G×4L＝16GL，
右边＝6G×3L＝18GL，
因为16GL＜18GL，
所以杠杆不能平衡，右端下沉；
（3）保持B点不变，弹簧测力计由图中a位置移至b位置时，此时F的力臂变短，根据F1l1＝F2l2知，拉力变大；
（4）分析表格中的数据可得出杠杆平衡的条件是：动力×动力臂＝阻力×阻力臂，即F1×l1＝F2×l2；
（5）③指甲剪、⑤羊角锤在使用时，动力臂大于阻力臂，属省力杠杆；
①筷子、②钓鱼竿在使用时，动力臂小于阻力臂，属费力杠杆；
④天平 在使用时，动力臂等于阻力臂，属等臂杠杆。
故答案为：（1）平衡；右；右端下沉；（2）6；（3）变大；（4）F1×l1＝F2×l2；（5）③⑤；①②。
20．【分析】（1）要正确解决此题，需要掌握酒精灯与温度计的使用规则。要用酒精灯的外焰加热，温度计的玻璃泡要完全浸没在被测液体中，但不能碰到容器壁和容器底；
（2）温度计的分度值为0.2℃，读出示数，进而得出此时的冰的温度；
（3）熔点是晶体熔化时的温度，晶体在熔化的过程中温度保持不变，处于固液共存状态；
（4）冰熔化的特点：不断吸收热量，温度保持不变。
【解答】解：（1）在使用酒精灯时，需要用其外焰加热，所以要先根据酒精灯确定铁圈的位置；
又因为使用温度计时，温度计的玻璃泡要完全浸没在液体中，但不能碰到容器底和容器壁，所以要根据温度计的长度确定铁夹的位置，因此按照“由下至上”安装实验装置；
（2）温度计的分度值为0.2℃，示数为3.2℃；
（3）熔点是晶体熔化时的温度，晶体在熔化的过程中温度保持不变，处于固液共存状态，BC段冰正处于熔化过程当中，所以是固液共存态；
（4）结合实验图象可知：冰的熔化过程的特点是：不断吸收热量，温度保持不变。
故答案为：（1）自下而上；（2）3.2；（3）固液共存；（4）不断吸收热量，温度保持不变。
21．【分析】（1）电流表遵循“正进负出”的原则串联接入电路，两灯泡需并联；连接电路时需断开开关；
（2）电流表使用前要调零；
（3）电流表A1与小灯泡L1串联，当小灯泡L1断路时，没有电流通过电流表A1；
（4）根据电流表接入电路的量程和分度值读数；
（5）电流表A2的读数是错误的，其值大于电流表接入电路的量程；分析表格数据可知接入电路中的两个灯泡的规格是相同的，所以结论不可靠，应更换不同规格的灯泡进行多次实验，得出普遍规律。
【解答】解：（1）电流表遵循“正进负出”的原则串联接入电路，两灯泡并联，如图：

连接电路时需断开开关；
（2）闭合开关前，发现电流表A指针在左侧无刻度处，说明电流表未调零，所以接下来应进行的操作是给电流表A调零；
（3）由图甲可知，电流表A1与小灯泡L1串联，当小灯泡L1断路时，没有电流通过电流表A1，所以电流表A1的示数应该为0A；
（4）由图丙可知，电流表A1接入电路的是小量程，分度值为0.02A，示数为0.24A；
（5）本组的小华同学分析数据时认为第三次实验时，电流表A2的读数是错误的，其值大于电流表接入电路的量程，错误的原因是接入电路的是小量程，按大量程读数；分析表格数据可知接入电路中的两个灯泡的规格是相同的，所以结论不可靠，应更换不同规格的灯泡进行多次实验，得出普遍规律。
故答案为：（1）见解答；断开；（2）给电流表A调零；（3）0；（4）0.24；（5）接入电路的是小量程，按大量程读数；不可靠；更换不同规格的灯泡。
22．【分析】（1）通电螺线管外的磁场与条形磁体的磁场相似。
（2）小磁针的作用是为了研究通电螺线管周围的磁场方向。
（3）通电螺线管的极性与电流方向有关。
【解答】解：（1）如图所示，通电后轻敲纸板，观察铁屑的排列情况，发现通电螺线管外的磁场与条形磁体的磁场相似。
（2）实验中，小磁针的作用是为了研究通电螺线管周围的磁场方向。
（3）探究完成后同学们还想探究通电螺线管的极性与电流方向的关系，应该改变电流方向，当观察到小磁针的N极指向发生变化时，则能证明通电螺线管的极性与电流方向有关。
故答案为：（1）条形；（2）磁场方向；（3）改变电流方向；小磁针的N极指向发生变化。
五、综合题。（本大题共2个小题，每小题9分，共18分）要求：（1）语言表述要简练、准确；（2）写出必要的运算和推理过程；（3）带单位计算；（4）计算结果若有近似，均保留两位小数。
23．【分析】（1）当只闭合开关S时为低温挡，由图乙可知，此时电路为R2的简单电路，根据P＝UI求出低温挡工作时，电路中的电流；
（2）根据P＝UI＝求出电阻R2的阻值；
（3）根据P＝求出养生壶高温挡消耗的电能，根据Q吸＝cmΔt求出水吸收的热量，根据η＝×100%求出养生壶加热水的效率。
【解答】解：（1）当只闭合开关S时为低温挡，由图乙可知，此时电路为R2的简单电路，
由P＝UI可知，低温挡工作时，电路中的电流：I低＝＝＝1A；
（2）由P＝UI＝可知，电阻R2的阻值：R2＝＝＝220Ω；
（3）由P＝可知，养生壶高温挡消耗的电能：W＝P高t＝1000W×7×60s＝4.2×105J，
水吸收的热量：Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×105J，
养生壶加热水的效率：η＝×100%＝×100%＝80%。
答：（1）低温挡工作时，电路中的电流为1A；
（2）电阻R2的阻值为220Ω；
（3）养生壶加热水的效率为80%。
24．【分析】（1）根据静止后木块A体积的浸没在水中，可以求得木块A排开液体的体积，根据F浮＝ρ水gV排得出木块A静止时受到的水的浮力；
（2）根据漂浮浮力等于重力，根据F浮＝ρ水gV排得出木块AB静止时浸入水中的总体积；总体积减去A的体积，就是B的体积；根据密度公式计算B的密度；
（3）根据浸没的体积增加量求出图乙中水的深度的增加量，然后得出水的深度，利用p＝ρ水gh即可求出图乙中水对容器底部的压强。
【解答】解：（1）因为静止后木块A体积的浸没在水中，所以cm3＝1.5×10﹣4m3，
F浮A＝ρ水gV排A＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1.5×10﹣4m3＝1.5N，
（2）根据漂浮浮力等于重力，GA＝F浮A＝1.5N，将A、B看作一个整体，其处于悬浮状态F浮总＝GA+GB＝1.5N+3N＝4.5N，
整体排开水的体积：，
物体B的体积：，
物体B的密度：；
（3）容器中水的体积不变，V排总＝450cm3，
所以图乙中水面高度升高：Δh＝cm＝0.0225m，
则图乙中水的深度h乙＝h甲+Δh＝0.10m+0.0225m＝0.1225m，
水对容器底部的压强：。
答：（1）图甲中木块A受到的水的浮力为1.5N；
（2）物体B的密度2×103kg/m3；
（3）图乙中水对容器底部的压强1.225×103Pa。