广西南宁市第三中学邕衡金卷2022-2023学年高三数学(文)一模试卷(Word版附答案)
展开邕衡金卷・南宁三中2023届高三校一模
文科数学
注意事项:
1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.设集合,,则( )
A. B. C. D.
2.已知函数,那么( )
A.7 B.6 C.5 D.4
3.已知直线是曲线的切线,则( )
A.-1 B.-2 C.1 D.2
4.被誉为“东方模板”的“七巧板”,它是由五块等腰直角三角形、一块正方形和一块平行四边形共七块板组成的.如图是一个用七巧板拼成的正方形,若向此正方形内抛一粒种子,则种子落入小正方形(阴影)部分的概率为( )
A. B. C. D.
5.已知成等比数列,1和4是其中的两项,则的最小值为( )
A.-64 B.-8 C. D.
6.在平面直角坐标系中,角与的顶点在原点,始边与轴非负半轴重合,它们的终边关于原点对称,且,则( )
A. B. C. D.
7.有下列四个命题,其中是假命题的是( )
A.已知,其在复平面上对应的点落在第四象限
B.“全等三角形的面积相等”的否命题
C.在中,“”是“”的必要不充分条件
D.命题“,”的否定是“,”
8.已知,则!被5除所得余数为( )
A.1 B.2 C.3 D.4
9.如图,网格纸上用粗实线绘制了一个几何体的三视图,每一个小正方形的边长为1,则该几何体的体积为( )
A. B. C. D.
10.已知抛物线的焦点为,过点作两条互相垂直的直线,且直线分别与抛物线交于和,则四边形面积的最小值是( )
A.32 B.64 C.128 D.256
11.若,则下列结论正确的是( )
A. B. C. D.
12.已知函数,的定义域均为,且,,若为偶函数,且,则( )
A.5 B.4 C.3 D.0
二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
13.已知向量,,若与方向相反,则______.
14.设实数满足约束条件,在点取得最大值,写出满足条件的一个的值______.
15.已知数列满足,,则数列的通项公式为______.
16.设双曲线的右焦点为,点满足,点在双曲线上,且.若直线的斜率之积为,则双曲线的离心率为______.
三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答。第22~23题为选考题,考生根据要求作答。
(一)必考题:共60分。
17.如图,在四棱锥中,平面平面,底面为菱形,为等边三角形,且,,为的中点.
(1)若为线段上动点,证明:;
(2)求点与平面的距离.
18.数据显示中国车载音乐已步入快速发展期,随着车载音乐的商业化模式进一步完善,市场将持续扩大,下表为2018-2022年中国车载音乐市场规模(单位:十亿元),其中年份2018—2022对应的代码分别为1-5.
年份代码 | 1 | 2 | 3 | 4 | 5 |
车载音乐市场规模 | 2.8 | 3.9 | 7.3 | 12.0 | 17.0 |
(1)由上表数据知,可用指数函数模型拟合与的关系,请建立关于的回归方程;
(2)根据上述数据求得关于的回归方程后,预测2024年的中国车载音乐市场规模.
参考数据:
|
|
|
|
|
1.94 | 33.82 | 1.7 | 1.6 | 26.84 |
其中,.
参考公式:对于一组数据,,……,其回归直线的斜率和截距的最小二乘法估计公式分别为,.
19.在中,角的对边分别为,已知,且.
(1)求的外接圆半径;
(2)求内切圆半径的取值范围.
20.设函数,,为的导函数.
(1)当时,过点作曲线的切线,求切点坐标;
(2)若,,且和的零点均在集合中,求的极小值.
21.已知是椭圆的右焦点,动直线过点交椭圆于两点,已知的最大值为8,且在椭圆上.
(1)求椭圆的方程;
(2)当都异于点时,为直线上一点.设直线的斜率分别为,若成等差数列,证明:点的横坐标为定值.
(二)选考题:共10分。请考生在第22、23题中任选一题作答。如果多做,则按所做的第一题计分。
22.在直角坐标系中,曲线的参数方程为(为参数且与轴、轴分别交于两点,以坐标原点为极点,轴的非负半轴为极轴建立极坐标系,曲线的极坐标方程为.
(1)求;
(2)求上的点到直线距离的最小值.
23.已知.
(1)求不等式的解集;
(2)若不等式的解集为,求实数的取值范围.
高三校一模文科数学参考答案
1.C【详解】集合,又因为集合,由交集的定义可得,,故选:C.
2.D【详解】因为,所以,
所以,故选:D.
3.C【详解】函数,求导得,令直线与曲线相切的切点为,于是且,所以.故选:C.
4.D【详解】设小正方形的边长为1,则其面积,从而得大正方形的对角线长为4,则大正方形的边长为,其面积,所以种子落入小正方形部分的概率.故选:D.
5.B【详解】由题意,要使最小,则都是负数,则和选择1和4,设等比数列的公比为,当时,,,所以,当时,,,所以,故选:B.
6.C【详解】由题意,角与的顶点在原点,终边关于原点对称,所以,所以,又,所以,故选:C.
7.B【详解】对于A:,所以对应的点为,在第四象限,故A正确;对于C:在中,,由,可得,所以“”是“”的必要不充分条件.故C正确;对于D:命题“,”是全称量词命题,其否定是存在量词命题,所以命题“,”的否定是:“,”.故D正确;对于B:“全等三角形的面积相等”的否命题是,不全等三角形的面积不相等,这显然是假命题.
8.C【详解】∵被5除所得余数为3,而的均能被5整除,
∴!被5除所得余数为3.
9.B【详解】由三视图知,该几何体是由一个棱长为4的正方体截去两个相同三棱柱与两个相同圆柱而得到的,其中三棱柱的底面是腰长为2的等腰直角三角形,圆柱的底面半径为2,所以该几何体的体积为.
10.A【详解】由题意抛物线的焦点为,显然斜率存在且不为0,设直线方程为,设,,由,得,则,即,设直线的方程为,设
,,则,即,
∴,当且仅当,
即时等号成立.故选:A.
11.A【详解】设,则为增函数,因为,
所以,
所以,所以,
当时,,此时,有,当时,,此时,有,所以C、D错误.故选A.
12.B【详解】∵,∴以为对称中心∵即,∴为偶函数,以轴为对称轴.∴的周期为4,∴的周期为4,.
13.-2【详解】由共线,得,即,又与相反方向,故.
14.中任意一个实数都可【详解】作出不等式组
所表示的可行域如下图所示:
联立可得,即点,化直线方程
当,且,点过有最大的纵截距,
当,且,点过有最大的纵截距,∴.
15.【详解】,两边同除得,,所以,即,
化简得,∵,∴.
16.【详解】如图,取的中点为,连接,,
则由题意可得,,,
所以,相似,所以,
因为直线,的斜率之积为,所以,
设,,则有,两式相减可得,
即,即,即,
所以双曲线的离心率为.
17.【解析】(1)取中点,连接.
∵为等边三角形,∴,,
又平面平面,平面平面,
平面,∴平面
又∵平面,∴
∵,,∴
又∵,平面,平面,,∴平面
又∵平面,∴
(2)由(1)知平面,∴.
∴,,
∴中,,
∴中,,
∴中,由余弦定理得
设点到平面的距离为,
则即,
,∴.
18.【详解】(1)解:因为,所以两边同时取常用对数,得,
设,所以,
设,,则,
因为,,
所以,
,所以,,
所以,,所以
(2)把2024年代码代入方程,
得(十亿元)
故预测2024年的中国车载音乐市场规模45.628(十亿元)
19.【详解】(1)因为,由正弦定理得即
由余弦定理,得,
又,所以,
因为,所以
(2)由正弦定理得,所以,,
由余弦定理,得,所以,
则,
因为,所以,
所以,所以
20.【详解】(1)解:设切点为,由,所以,所以,
所以切线方程为,即,因为切线过点,
所以,解得或,切点坐标为,
(2)设,,
从而.令,得或.
因为,,都在集合中,且,
所以,,.
此时,.
令,得或.列表如下:
-2 | |||||
+ | 0 | - | 0 | + | |
极大值 | 极小值 |
所以的极小值为.
21.(1)由的最大值为8,知,即
将点代入,可得,,因,则
所以椭圆的方程为.
(2)由可知,,则椭圆的右焦点坐标为.
设直线的方程为,点的坐标为
设,,将直线的方程与椭圆的方程联立得:
恒成立,
由韦达定理知,,
又,,
所以
因为,则,
所以,解得,
即点的横坐标为定值.
22.【详解】(1)令,则,解得,或(舍),
则,即,
令,则,解得,或(舍),
则,即,
∴;
(2)由,得的普通方程为,
设上点的坐标为,由(1)知直线的方程为,
则上的点到直线的距离,
当时,取最小值.
23.【详解】(1)
当时,,得,故;
当时,,得,此时无解;
当时,由,得,故
综上所述:原不等式的解集是或;
(2)不等式的解集为,即
当时,;当时,;当时,,所以
∴解得,∴的取值范围是.
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