2018年淄博市中考物理试卷及答案解析

这是一份2018年淄博市中考物理试卷及答案解析，共27页。试卷主要包含了选择题，填空题，实验与探究，分析与计算等内容，欢迎下载使用。

2018年山东省淄博市中考物理试卷
一、选择题
1.中华诗词蕴含着丰富的物理知识，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是（　　）
A．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热
B．“斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象，需要放热
C．“霜叶红于二月花”，霜的形成是凝华现象，需要吸热
D．“已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸热
2.2018年平昌冬奥会上，智能机器人Troika可以用简单语言与人交流。关于机器人的声音下列说法正确的是（　　）
A．机器人的声音不是由振动产生的
B．机器人的声音可以在真空中传播
C．机器人的声音与运动员的声音音色不同
D．机器人的声音在空气中的传播速度约为3×108m/s
3. (2018.淄博)下列实例中与“水的比热容较大”这一特性无关的是(
A.让热水流过散热器供暖B .用循环水冷却汽车发动机
C .沿海地区昼夜温差较小D .夏天在房间内洒水降温
4. (2018>淄博)关于光现象的说法正确的是(
A.物体逐渐靠近平面镜，所成的像逐渐变大
B .光发生漫反射时，反射角一定等于对应的入射角
C .光发生折射时,折射角一定小于入射角
D .我们看到“红花绿叶”，是由于花吸收红光,叶子吸收绿光
5．（2018•淄博）关于信息和能源的说法，正确的是（　　）
A．手机扫码支付是利用超声波传递信息的
B．光在光导纤维内壁上多次折射传递信息
C．化石能源和核能都属于不可再生能源
D．核反应堆通过可控聚变反应释放核能
6．（2018•淄博）如图是探究“通电导线在磁场中受力”的实验装置。瞬间接通电路，原来静止的导线ab向右运动。要使导线ab向左运动，可行的措施是（　　）

A．将磁体的N、S极对调
B．增大电源电压
C．换用磁性更强的磁体
D．将磁体的N、S极对调，同时改变电流的方向
7．（2018•淄博）关于热和能，正确的说法是（　　）
A．热传递过程中，内能大的物体放出热量
B．热机做功冲程中，内能转化为机械能
C．物体内能减少，温度一定降低
D．燃料的热值越大，燃烧时放出的热量越多
8．（2018•淄博）关于下面四幅图的说法正确的是（　　）
A．
如图：将竖直玻璃管倾斜，水银柱的高度变大
B．
如图：盆景中的水位能保持一定高度，是利用了连通器原理
C．
如图：A管中水面上升，是因为流体中流速越大的位置压强越大
D．
如图：把水气压计从山下移到山顶，细管内的水柱上升
9．（2018•淄博）下列有关排球运动的说法中，正确的是（　　）
A．运动员在发球时，手对排球的力大于排球对手的力
B．排球在上升过程中，如果它受到的力全部消失，排球将静止
C．排球在下落过程中，速度变快，惯性变大
D．排球触网后方向改变，说明力可以改变物体的运动状态
10．（2018•淄博）在探究凸透镜成像规律的实验中，将点燃的蜡烛放在凸透镜前某一位置，在凸透镜后20cm的光屏上出现一个等大倒立的像，如果将蜡烛移动到凸透镜前25cm处，则（　　）
A．光屏上会出现倒立放大的实像
B．将光屏靠近凸透镜一段距离，光屏上会出现倒立缩小的实像
C．将光屏远离凸透镜一段距离，光屏上会出现倒立放大的实像
D．无论怎样移动光屏，光屏上均找不到像
11．（2018•淄博）如图所示，AC＞BC，在相同时间内把同一物体分别沿斜面AC、BC匀速推上顶端，推力分别为F1、F2，功率分别为P1、P2，在不考虑摩擦的情况下（　　）

A．F1＜F2，P1=P2 B．F1＞F2，P1＞P2 C．F1=F2，P1=P2 D．F1＜F2，P1＜P2
12．（2018•淄博）如图所示，弯曲的跳板把人弹至高处，这个过程中人的动能和重力势能的变化情况是（　　）

A．动能减小，重力势能增大
B．动能增大，重力势能减小
C．动能先增大后减小，重力势能增大
D．动能先减小后增大，重力势能减小
13．（2018•淄博）如图所示，把一根中间戳有小孔（没戳穿）的轻质饮料吸管放在转动轴上，吸管能在水平面内自由转动，用餐巾纸摩擦吸管使其带电。用丝绸摩擦过的玻璃棒靠近吸管的一端，两者相互吸引。则（　　）

A．吸管带正电
B．吸管与玻璃棒带同种电荷
C．餐巾纸与吸管摩擦时，吸管得到电子
D．餐巾纸与吸管摩擦时，吸管上的部分正电荷转移到餐巾纸上
14．（2018•淄博）如图所示，电源电压不变，只闭合开关S1，灯泡L发光，电压表有示数：再闭合开关S2，电路中出现的情况是（　　）

A．电压表的示数变小 B．电路的总电阻不变
C．灯泡L的亮度不变 D．电路的总功率变大
15．（2018•淄博）如图所示，水平桌面上有两个完全相同的溢水杯甲和乙、杯中装满了水，将两个体积相同、材料不同的实心小球A和B分别放入溢水杯中。则下列说法错误的是（　　）

A．小球A的质量小于小球B的质量
B．小球A受到的浮力等于小球B受到的浮力
C．甲杯对桌面的压强等于乙杯对桌面的压强
D．水对甲杯底的压强等于水对乙杯底的压强
二、填空题　
16．（2018•淄博）“烧烤”是年轻人喜欢的一种美食。空气中弥漫着“肉香”味，这是分子　 　的结果；食物烤熟是通过　 　的方式改变其内能的。
17．（2018•淄博）两个完全相同的瓶子装有不同的液体，放在横梁已平衡的天平上，如图所示。则甲瓶液体质量　 　乙瓶液体质量，甲瓶液体密度　 　乙瓶液体密度。（选填“大于”“等于”或“小于”）

18．（2018•淄博）共享单车为人们的绿色出行带来便利，车把上凹凸不平的花纹是通过　 　增大摩擦的。小明骑着单车到公园游玩，10min沿水平路面行驶了3km，他骑车的平均速度是　 　m/s。若小明和单车的总质量是80kg，每个车轮与水平地面的接触面积是25cm2，骑行过程中单车对地面的压强是　 　Pa．（g取10N/kg）
19．（2018•淄博）在“探究物质的吸热能力”实验中，把质量均为0.5kg的水和食用油分别装入两个相同的容器内，用相同的电加热器给它们加热，其温度随时间变化的图象如图所示。不考虑实验中的热损失，加热2min食用油吸收的热量是　 　J，电加热器的实际功率是
　 　W．【c水=4.2×103J/（kg•℃）】

　
20．（2018•淄博）请将电源、电流表，电压表三个元件的符号填入下图电路的虚线框内，并将电路补充完整。要求：开关S闭合后，电流方向如图所示，移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L变亮时，电压表的示数变小。

　三、实验与探究
21．（2018•淄博）小明利用下图中的实验装置探究光的反射规律。纸板ENF是用两块纸板E和F连接起来的，可绕ON折转。
（1）实验时，把平面镜放在桌面上，为了使入射光和反射光的径迹同时显示在纸板上，应把纸板ENF与平面镜　 　放置，图中的入射角是　 　度。
（2）多次改变入射光的方向，总能在纸板上观察到入射光平面镜和反射光的径迹，由此小明得出结论：在反射现象中，反射光线，入射光线和法线都在同一平面内。小明得出结论的过程是否合理？　 　，说明理由：　 　。
（3）若让一束光沿BO方向射向平面镜，反射光沿　 　方向射出。

22．（2018•淄博）小明利用弹簧测力计、烧杯、小桶、石块、细线等器材探究浮力大小与排开液体
的重力的关系。
（1）部分实验操作步骤如图所示，遗漏的主要步骤是　 　，若将遗漏的步骤标注为D，最合理的实验步骤顺序是　 　（用实验步骤对应的字母表示）。
（2）小明进行实验并把数据记录在下表中。从表中数据可知石块受到的浮力是
　 　N，排开液体的重力是　 　N．小明根据它们的大小关系归纳出了实验结论并准备结束实验，同组的小丽认为实验还没有结束，理由是　 　，接下来的实验操作应该是　 　。
实验步骤
A
B
C
D
弹簧测力计示数/N
1.6
1.8
0.5
0.3
（3）实验结束后，小明还想进一步探究浮力大小是否与物体的密度有关，可取　 　相同的铁块和铝块，使其浸没在同种液体中，比较浮力的大小。

23．（2018•淄博）下图是小明同学探究电流与电压、电阻关系的电路图，提供的器材有：6V的电源一个，电流表（0﹣0.6A，0～3A）。电压表（0﹣3V，0～15V）各一个，开关一个，5Ω、10Ω、15Ω、30Ω的定值电阻各一个，“20Ω 1A”的滑动变阻器一个，导线若干（忽略
导线电阻），以上实验器材完好无损，实验中数据读取准确无误。
（1）探究电流与电压的关系时，移动滑动变阻器的滑片，改变电阻两端的电压，进行了多次测量，归纳得出　 　的规律。
（2）探究电流与电阻的关系时，测得的几组数据如下表所示。由于操作不当，导致表中第　 　次实验的数据存在错误，出错的原因是　 　。纠正错误以后，小明用30Ω的电阻替换15Ω电阻进行第4次实验，发现实验无法进行下去，为完成第4次实验，请给小明提出可行的解决方案（不限于提供的实验器材）：　 　。
实验次数
电阻R/Ω
电流I/A
1
5
0.6
2
10
0.3
3
15
0.24
（3）利用该实验电路图也可以测量定值电阻的阻值，实验中也要进行多次测量，其目的是　 　；将定值电阻换成小灯泡后，利用该实验电路图还可以“测量小灯泡的电功率”，实验中也要移动滑动变阻器的滑片，其目的是　 　。若被测小灯泡的额定电压为3.8V，在调节滑片使小灯泡正常发光时，电压表的示数很难准确达到3.8V．测量误差较大，为此，小明改动电路，在不更换现有器材的情况下，提高了测量数据的精确度。请补全小明的做法：断开开关　 　；闭合开关，　 　；读出此时电流表的示数；计算小灯泡的额定功率。

　四、分析与计算
24．（2018•淄博）骨胳、肌肉和关节构成了人体的运动系统，最基本的运动都是肌肉牵引骨胳绕关节转动产生的，其模型就是杠杆。如图所示是踮脚时的示意图，人体的重力为阻力，小腿肌肉施加的拉力为动力。重600N的小明在lmin内完成50个双脚同时踮起动作，每次踮脚过程中脚跟离开地面的高度是9cm。求：
（1）小腿肌肉对每只脚的拉力；
（2）小明踮脚过程中克服重力做功的功率。

25．（2018•淄博）如图甲所示电路中，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关S．移动滑片P，滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图象如图乙所示求
（1）滑动变阻器的最大阻值；
（2）R0的阻值和电源电压。

　
















参考答案与试题解析
　
一、选择题
1.中华诗词蕴含着丰富的物理知识，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是（　　）
A．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热
B．“斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象，需要放热
C．“霜叶红于二月花”，霜的形成是凝华现象，需要吸热
D．“已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸热
【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华；物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
（2）物态变化中吸热的有：熔化、汽化和升华；放热的有：凝固、液化和凝华。
【解答】解：A、“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热，故A正确；
B、斜月沉沉藏海雾，雾是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，是液化现象，需要放热，故B错误；
C、“霜叶红于二月花”，霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是凝华现象，凝华放热。故C错误；
D．“已是悬崖百丈冰”，冰是水凝固形成的，是凝固现象，需要放热，故D错误。
故选：A。
【点评】此题考查了生活中的物态变化现象，要求学生运用所学知识解答生活、自然现象。
2.2018年平昌冬奥会上，智能机器人Troika可以用简单语言与人交流。关于机器人的声音下列说法正确的是（　　）
A．机器人的声音不是由振动产生的
B．机器人的声音可以在真空中传播
C．机器人的声音与运动员的声音音色不同
D．机器人的声音在空气中的传播速度约为3×108m/s
【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；
（2）声音的传播需要介质，我们能够听到声音是因为声音通过空气传播到我们耳朵里；
（3）音色是由发声体的材料和结构决定的，是判断发声体的依据；
（4）声音在不同的介质中的传播速度不同，在空气中的传播速度为340m/s。
【解答】解：
A、声音是由物体振动产生的，一切发声的物体都在振动，故A错误；
B、声音的传播需要介质，真空不能传声，故B错误；
C、音色是由发声体的材料和结构决定的，不同的人或物体发出声音的音色不同，所以机器人的声音与运动员的声音音色不同，故C正确；
D、声音在空气中的传播速度约为340m/s，故D错误。
故选：C。
【点评】本题是一道综合了多个知识点的题目，做题时要对照相关的物理知识，仔细分析每一种情况的对错。
3. (2018.淄博)下列实例中与“水的比热容较大”这一特性无关的是(
A.让热水流过散热器供暖B .用循环水冷却汽车发动机
C .沿海地区昼夜温差较小D .夏天在房间内洒水降温
故选：D。
4. (2018>淄博)关于光现象的说法正确的是( )
A.物体逐渐靠近平面镜，所成的像逐渐变大
B .光发生漫反射时，反射角一定等于对应的入射角
C .光发生折射时,折射角一定小于入射角
D .我们看到“红花绿叶”，是由于花吸收红光,叶子吸收绿光
故选：B。
5．（2018•淄博）关于信息和能源的说法，正确的是（　　）
A．手机扫码支付是利用超声波传递信息的
B．光在光导纤维内壁上多次折射传递信息
C．化石能源和核能都属于不可再生能源
D．核反应堆通过可控聚变反应释放核能
【分析】（1）手机既是电磁波的反射台，也是电磁波的接收台；
（2）光纤通信是依靠激光在光导纤维内壁上多次发射反射来传递信息的；
（3）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源；
（4）核电站主要利用核裂变的可控链式反应来发电的。
【解答】解：A、手机扫码支付是利用电磁波来传递信息，故A错误；
B、光纤通信是利用激光从光纤的一端射入，在内壁上多次反射后在另一端放射出来，然后在接收端，检测器收到光信号后把它变换成电信号，经解调后恢复原信息，故B错误；
C、化石能源、核能属于不可再生能源，故C正确；
D、核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电磁波的应用、能源的分类、光纤传递信息、核能的利用，属于基础知识。
　
6．（2018•淄博）如图是探究“通电导线在磁场中受力”的实验装置。瞬间接通电路，原来静止的导线ab向右运动。要使导线ab向左运动，可行的措施是（　　）

A．将磁体的N、S极对调
B．增大电源电压
C．换用磁性更强的磁体
D．将磁体的N、S极对调，同时改变电流的方向
【分析】通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向两个因素有关：一个是磁场方向，另一个是电流方向。如果只改变一个因素，则导体受力方向改变，如果同时改变两个因素，则导体受力方向不变。改变电流大小，只能改变受力大小，不能改变受力方向。
【解答】解：
通电导体在磁场中受力的方向与磁场方向和电流方向两个因素有关；
A、将磁体的磁极对调，磁场方向与原来相反，则导体棒的受力方向与原来相反，能使导体棒向左运动，故A正确；
B、增大电源电压，会改变受力大小，但不会改变运动方向，故B错误；
C、换用磁性更强的蹄形磁体，会改变受力大小，不能改变导体中的电流方向或磁场方向，不能改变受力方向，故C错误；
D、将磁体的N、S极对调，同时改变电流的方向，不会改变受力方向，不能使导体棒向左运动，故D错误。
故选：A。
【点评】通电导体在磁场中受到力的作用，要改变通电直导线的受力（运动）方向，只能改变电流方向和磁场方向中的一个即可，两个因素不能同时改变。
　
7．（2018•淄博）关于热和能，正确的说法是（　　）
A．热传递过程中，内能大的物体放出热量
B．热机做功冲程中，内能转化为机械能
C．物体内能减少，温度一定降低
D．燃料的热值越大，燃烧时放出的热量越多
【分析】（1）热传递的条件是存在温度差；
（2）热机做功冲程中，内能转化为机械能；
（3）内能的大小与温度、状态等因素有关；
（4）燃料放出热量的多少与燃料的热值和质量有关。
【解答】解：
A、热传递过程中，温度高的物体放出热量，故A错误；
B、热机做功冲程中，高温高压的燃气推动活塞运动，内能转化为机械能，故B正确；
C、晶体在凝固的过程中，放出热量，但温度不变，故C错误；
D、燃料放出热量的多少与燃料的热值和质量有关，燃料的热值越大，燃烧时放出的热量不一定多，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了改变内能的方法、内燃机的冲程、热量的多少，属于基础知识。
8．（2018•淄博）关于下面四幅图的说法正确的是（　　）
A．
如图：将竖直玻璃管倾斜，水银柱的高度变大
B．
如图：盆景中的水位能保持一定高度，是利用了连通器原理
C．
如图：A管中水面上升，是因为流体中流速越大的位置压强越大
D．
如图：把水气压计从山下移到山顶，细管内的水柱上升
【分析】（1）玻璃管倾斜只会改变水银柱的长度，而高度不会发生变化；
（2）上端开口，下部连通的容器称为连通器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是保持在同一水平面上，这就是连通器的原理；
（3）流体流速越快的位置压强越小，据此判断；
（4）把水气压计从山下带到山上时，发生变化的是海拔高度，而大气压随海拔的升高而减小，因此可从瓶内外的气压差来分析。
【解答】解：A、在托里拆利实验中，水银柱的高度是指管内水银面到水银槽中水银面的竖直高度，这一高度的大小是由外界大气压决定的，所以不会因玻璃管的倾斜而改变。如果把玻璃管倾斜一定角度，则水银柱的长度就会相应变长，故A错误；
B、盆景水位保持一定高度是大气压支撑水没有流出来，故B错误；
C、A管中水面上升，是因为流体中流速越大的位置压强越小，故C错误；
D、把水气压计从山下带到山上，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下，会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱的高度会升高，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查托里拆利实验时水银柱的测量，“高度”和“长度”的关系，连通器，流速与压强的关系，以及气压与高度的关系，是一道综合题。
　
9．（2018•淄博）下列有关排球运动的说法中，正确的是（　　）
A．运动员在发球时，手对排球的力大于排球对手的力
B．排球在上升过程中，如果它受到的力全部消失，排球将静止
C．排球在下落过程中，速度变快，惯性变大
D．排球触网后方向改变，说明力可以改变物体的运动状态
【分析】（1）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
（2）一切物体在不受力的作用时，保持静止或匀速直线运动状态；
（3）一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，惯性只与质量有关，质量越大惯性越大；
（4）力的作用效果：力改变物体的形状，力改变物体的运动状态，其中物体运动状态的改变包括方向和速度两个方面。
【解答】解：A、用手击打排球时，手对排球的力和排球对手的力是一对相互作用力，大小相等，故A错误；
B、排球在上升过程中，如果它受到的力全部消失，它将以原来的速度和方向做匀速直线运动。故B错误；
C、排球在下落过程中，速度变快，质量不变，惯性不变，故C错误；
D、排球触网受到力的作用，运动方向发生了改变即力改变了排球的运动状态，故D正确。
故选：D。
【点评】此题以排球赛为素材，考查了力的作用相互性、牛顿第一定律、惯性、力和运动的关系等知识，体现了物理与社会生活的密切联系。
　
10．（2018•淄博）在探究凸透镜成像规律的实验中，将点燃的蜡烛放在凸透镜前某一位置，在凸透镜后20cm的光屏上出现一个等大倒立的像，如果将蜡烛移动到凸透镜前25cm处，则（　　）
A．光屏上会出现倒立放大的实像
B．将光屏靠近凸透镜一段距离，光屏上会出现倒立缩小的实像
C．将光屏远离凸透镜一段距离，光屏上会出现倒立放大的实像
D．无论怎样移动光屏，光屏上均找不到像
【分析】（1）u=2f，成倒立、等大的实像。
（2）u＞2f，成倒立、缩小的实像。
（3）凸透镜成实像时，物距越大，像距越小。
【解答】解：距离凸透镜20cm的光屏上得到一个清晰的与物体等大的像，所以v=20cm=2f，则f=10cm；
A、若现将蜡烛移至透镜前25cm处时，此时物距u=25cm，则物距u＞2f，光屏上成倒立、缩小的实像，故A错误。
B、C、D、如果将蜡烛移动到凸透镜前25cm处，物距增大，像距减小，所以应该将光屏靠近凸透镜一段距离，光屏上会出现倒立缩小的实像，故B正确，CD错误；
故选：B。
【点评】本题主要考查的是凸透镜成像规律的应用，关键是记熟成像规律，并搞清成像特点与物距之间的关系。
　
11．（2018•淄博）如图所示，AC＞BC，在相同时间内把同一物体分别沿斜面AC、BC匀速推上顶端，推力分别为F1、F2，功率分别为P1、P2，在不考虑摩擦的情况下（　　）

A．F1＜F2，P1=P2 B．F1＞F2，P1＞P2 C．F1=F2，P1=P2 D．F1＜F2，P1＜P2
【分析】（1）斜面倾斜角度越大，越费力，斜面AC的倾斜角度小于斜面BC，所以斜面AC更省力，
（2）不考虑摩擦的情况下，斜面光滑，使用光滑的斜面没有额外功；根据功率的计算公式P=，结合做功的多少和所用时间的多少分析所做的功的功率大小。
【解答】解：
（1）不计摩擦，斜面AC倾斜角度小于BC，则AC＞BC，所以物体沿AB运动时拉力较小，即F1＜F2；
（2）不计摩擦，使用光滑的斜面没有额外功，拉力在两斜面上做功相同（等于克服物体重力所做的功），即W1=W2；拉力做功相同，所用时间相同，根据P=可知，拉力做功的功率相同，即P1=P2。
故选：A。
【点评】本题考查斜面的省力情况，物体做功的大小以及做功功率的大小，关键是知道接触面光滑，摩擦力为0，使用任何机械都不省功。
　
12．（2018•淄博）如图所示，弯曲的跳板把人弹至高处，这个过程中人的动能和重力势能的变化情况是（　　）

A．动能减小，重力势能增大
B．动能增大，重力势能减小
C．动能先增大后减小，重力势能增大
D．动能先减小后增大，重力势能减小
【分析】运动员离开蹦床弹向空中至最高点的这一过程中，判断动能和势能的变化，要从动能和势能的影响因素考虑。
（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：弯曲的跳板把人向上弹起，弹性势能转化为动能，动能变大，运动员离开跳板弹向空中至最高点的这一过程中，人的质量不变，速度变小，高度升高，故动能减小，重力势能增大。
故选：C。
【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素。利用控制变量法能判断动能、重力势能、弹性势能的变化。
　
13．（2018•淄博）如图所示，把一根中间戳有小孔（没戳穿）的轻质饮料吸管放在转动轴上，吸管能在水平面内自由转动，用餐巾纸摩擦吸管使其带电。用丝绸摩擦过的玻璃棒靠近吸管的一端，两者相互吸引。则（　　）

A．吸管带正电
B．吸管与玻璃棒带同种电荷
C．餐巾纸与吸管摩擦时，吸管得到电子
D．餐巾纸与吸管摩擦时，吸管上的部分正电荷转移到餐巾纸上
【分析】丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；通电电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；物质失去电子带正电。
【解答】解：AB、丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；玻璃棒能吸引吸管，说明玻璃棒与吸管带有异种电荷，故AB错误；
CD、用餐巾纸摩擦吸管时，餐巾纸失去电子带正电，吸管得到了电子带负电，故C正确，D错误；
故选：C。
【点评】知道带摩擦起电的实质是解答本题的关键。
　
14．（2018•淄博）如图所示，电源电压不变，只闭合开关S1，灯泡L发光，电压表有示数：再闭合开关S2，电路中出现的情况是（　　）

A．电压表的示数变小 B．电路的总电阻不变
C．灯泡L的亮度不变 D．电路的总功率变大
【分析】（1）开关S1闭合后，为串联电路，电阻R与灯泡L串联；开关S2闭合，灯泡L被短路，只有电阻R接入电路；
（2）根据电路结构及并联电路特点、欧姆定律及功率公式分析答题，做出选择。
【解答】解：ABC、只闭合开关S1，为串联电路，电阻R与灯泡L串联；电压表测量的是R两端的电压，根据串联电路的电压特点可知，电压表示数要小于电源电压；开关S2闭合时，灯泡被短路，灯泡不发光，电路中只有R，总电阻减小；电压表测量的是电源电压，故电压表示数变大；故ABC错误；
D、开关S2闭合后电路总电阻R总变小，电流变大，电阻R两端的电压变大，根据P=UI可知电路的总功率变大，故D正确。
故选：D。
【点评】本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构、掌握串联电路的特点、掌握功率公式是正确解题的关键。
　
15．（2018•淄博）如图所示，水平桌面上有两个完全相同的溢水杯甲和乙、杯中装满了水，将两个体积相同、材料不同的实心小球A和B分别放入溢水杯中。则下列说法错误的是（　　）

A．小球A的质量小于小球B的质量
B．小球A受到的浮力等于小球B受到的浮力
C．甲杯对桌面的压强等于乙杯对桌面的压强
D．水对甲杯底的压强等于水对乙杯底的压强
【分析】（1）根据A漂浮，B悬浮，可根据物体浮沉条件确定小球A和B的密度关系，又知小球A和B的体积关系，由m=ρV分析它们的质量关系；
（2）漂浮和悬浮都有F浮=G，由此分析两球的浮力关系；
（3）根据p=ρgh判断水对甲杯底的压强与水对乙杯底的压强关系；根据p=分析两容器底受到水的压力关系；然后比较甲烧杯对桌面的压力与乙烧杯对桌面的压力的大小关系，再根据p=分析解答。
【解答】解：由图知A漂浮，所以ρA＜ρ水；B悬浮，所以ρB=ρ水，则ρA＜ρB。
A、ρA＜ρB，小球A和B的体积相同。由ρ=知，小球A的质量小于小球B的质量，故A正确；
B、漂浮和悬浮时，F浮=G物，由于小球A的质量小于小球B的质量，故小球A的重力小于小球B的重力，所以小球A受到的浮力小于小球B受到的浮力，故B错误；
CD、由图可知，两杯水面高度相等，根据p=ρgh知，水对甲杯底的压强等于水对乙杯底的压强；
两容器相同，则底面积相同，根据p=知两容器底受到水的压力相等，容器重力相同，容器对桌面的压力相同，根据p=知甲杯对桌面的压强等于乙杯对桌面的压强，故CD正确。
故选：B。
【点评】本题考查了浮沉条件、密度公式、压强公式的应用，综合性强，关键是用好浮沉条件，灵活运用公式进行判断。
　
二、填空题　
16．（2018•淄博）“烧烤”是年轻人喜欢的一种美食。空气中弥漫着“肉香”味，这是分子　 　的结果；食物烤熟是通过　 　的方式改变其内能的。
【分析】（1）扩散现象，是指分子在永不停息地做无规则运动；
（2）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。
【解答】解：空气中弥漫着“肉香”味，这是分子做无规则运动的结果，属于扩散现象；
食物烤熟是通过热传递的方式改变其内能的。
故答案为：扩散；热传递。
【点评】本题是一道综合题，考查了学生对分子的热运动、改变内能大小的方式的理解，是中招的热点。
　
17．（2018•淄博）两个完全相同的瓶子装有不同的液体，放在横梁已平衡的天平上，如图所示。则甲瓶液体质量　等于　乙瓶液体质量，甲瓶液体密度　小于　乙瓶液体密度。（选填“大于”“等于”或“小于”）

【分析】（1）天平是一个等臂杠杆，据此分析左右两个盘中物体的质量大小即可；
（2）由图得出瓶中液体的体积大小关系，利用密度公式分析密度大小关系。
【解答】解：
（1）原来天平的横梁已平衡，放上装有液体的两瓶子后，此时的游码归零，横梁仍然平衡，则左盘物体的质量等于右盘中物体的质量，即两个瓶及瓶中液体的总质量相同；因为两个瓶子完全相同（两瓶子的质量相同），所以甲瓶液体质量等于乙瓶液体质量；
（2）两个瓶子中液体的质量相同，由图可知，甲瓶中的液体体积大一些，由ρ=可知甲瓶液体密度小于乙瓶液体密度。
故答案为：等于；小于。
【点评】本题考查了密度公式的应用，由图得出质量和体积大小关系是关键。
　
18．（2018•淄博）共享单车为人们的绿色出行带来便利，车把上凹凸不平的花纹是通过　增大接触面的粗糙程度　增大摩擦的。小明骑着单车到公园游玩，10min沿水平路面行驶了3km，他骑车的平均速度是　5　m/s。若小明和单车的总质量是80kg，每个车轮与水平地面的接触面积是25cm2，骑行过程中单车对地面的压强是　1.6×105　Pa．（g取10N/kg）
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（2）利用速度公式可直接计算速度。
（3）小明骑行时共享单车对地面的压力等于小明和单车的总重力，利用G=mg求出，再利用p=计算压强大小。
【解答】解：
（1）车把上凹凸不平的花纹是通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦的。
（2）小明骑车的平均速度：v===5m/s；、
（3）骑行过程中单车对地面的压力：F=G=mg=80kg×10N/kg=800N，
单车与地面的接触面积：S=2×25×10﹣4m2=5×10﹣3m2，
骑行过程中单车对地面的压强：p===1.6×105Pa。
故答案为：增大接触面的粗糙程度；5；1.6×105。
【点评】本题主要考查了增大摩擦力的方法，速度公式和压强公式的简单运用等，有一定综合性，但难度不大。
　
19．（2018•淄博）在“探究物质的吸热能力”实验中，把质量均为0.5kg的水和食用油分别装入两个相同的容器内，用相同的电加热器给它们加热，其温度随时间变化的图象如图所示。不考虑实验中的热损失，加热2min食用油吸收的热量是　4.2×104　J，电加热器的实际功率是　350　W．【c水=4.2×103J/（kg•℃）】

【分析】（1）由题知食用油和水质量相同，升高的温度相同时水吸收的热量是食用油吸收热量的2倍。根据吸热公式Q=c吸m△t判断两物质的比热容之间的关系，从而得出食用油的比热容，然后利用Q=cm△t可求得加热2min食用油吸收的热量；
（2）不考虑实验中的热损失W=Q，利用P=可求得电加热器的实际功率。
【解答】解：
用两个相同的电热器给质量相同的物质食用油和水加热，由图象可知，水温度升高到60℃需要4min，食用油温度升高到60℃需要2min。
因为物质吸收的热量和时间成正比，
所以，质量相同的食用油和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为：Q水吸=2Q油吸。
由Q吸=cm△t得：c=，
则c水=2c油。
又因为c水=4.2×103J/（kg•℃），
所以c油=c水=2.1×103J/（kg•℃），
加热2min食用油升高了60℃﹣20℃=40℃，
Q油吸=c油m油△t=2.1×103J/（kg•℃）×0.5kg×40℃=4.2×104J；
不考虑实验中的热损失W=Q=4.2×104J；
电加热器的实际功率P===350W。
故答案为：4.2×104；350。
【点评】本题考查热量的计算和实际功率的计算，能够从图象中获取信息并利用控制变量法解决实际问题。
　
　
20．（2018•淄博）请将电源、电流表，电压表三个元件的符号填入下图电路的虚线框内，并将电路补充完整。要求：开关S闭合后，电流方向如图所示，移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L变亮时，电压表的示数变小。

【分析】滑动变阻器改变灯泡的亮度，所以滑动变阻器和灯泡、电流表串联；灯泡变亮时其两端电压变大，而电压表示数变小，说明电压表和滑动变阻器并联，据此填充元件。
【解答】解：
要滑动变阻器改变灯泡的亮度，所以电源、滑动变阻器、灯泡和电流表串联；
灯泡变亮时，说明通过灯泡的电流变大，由U=IR可知灯泡两端电压变大，而题中要求电压表示数变小，说明电压表和滑动变阻器并联；
所以，电源在最左端的虚线框内，且上端为负极，这样可以满足电流方向如图所示；电压表和滑动变阻器并联，填在中间的虚线框内；电流表和滑动变阻器串联，应填在最右端的虚线框内；如下图所示：

【点评】此类型题目要求对电路中各元件的作用及使用方法要非常明确，然后根据串并联电路的特点正确连接电路。
　三、实验与探究
21．（2018•淄博）小明利用下图中的实验装置探究光的反射规律。纸板ENF是用两块纸板E和F连接起来的，可绕ON折转。
（1）实验时，把平面镜放在桌面上，为了使入射光和反射光的径迹同时显示在纸板上，应把纸板ENF与平面镜　垂直　放置，图中的入射角是　40　度。
（2）多次改变入射光的方向，总能在纸板上观察到入射光平面镜和反射光的径迹，由此小明得出结论：在反射现象中，反射光线，入射光线和法线都在同一平面内。小明得出结论的过程是否合理
？　不合理　，说明理由：　应将纸板F沿法线方向折转，再次观察纸板上是否还能看到反射光　。
（3）若让一束光沿BO方向射向平面镜，反射光沿　OA　方向射出。

【分析】（1）纸板ENF与平面镜垂直放置；光的反射规律：三线共面（入射光线、反射光线、法线在同一平面上），两线分居（入射光线、反射光线分居法线两侧），两角相等（入射角、反射角），光路可逆；入射角是入射光线与法线的夹角；
（2）要验证反射光线与入射光线是否在同一平面上，可以通过让纸板B不与纸板A在同一平面上来研究。
（3）光在反射和折射中光路是可逆的。
【解答】解：（1）实验时，把平面镜放在桌面上，为了使入射光和反射光的径迹同时显示在纸板上，应把纸板ENF与平面镜 垂直放置，图中的入射角是90°﹣50°=40°。
（2）不合理。实验中要探究反射光线、入射光线是否在同一平面内，应将纸板F沿法线方向折转，再次观察纸板上是否还能看到反射光。
（3）让光线逆着反射光线射向镜面，沿BO方向射向平面镜，反射光沿OA方向射出，即反射光线逆着原入射光线方向射出，表明反射时光路是可逆的；
故答案为：
（1）垂直；40；（2）不合理；应将纸板F沿法线方向折转，再次观察纸板上是否还能看到反射光；（3）OA。
【点评】实验题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生从实验中分析现象，归纳总结规律。培养学生观察、分析、概括能力。
　
22．（2018•淄博）小明利用弹簧测力计、烧杯、小桶、石块、细线等器材探究浮力大小与排开液体
的重力的关系。
（1）部分实验操作步骤如图所示，遗漏的主要步骤是　测量空桶的重力　，若将遗漏的步骤标注为D，最合理的实验步骤顺序是　D、B、A、C　（用实验步骤对应的字母表示）。
（2）小明进行实验并把数据记录在下表中。从表中数据可知石块受到的浮力是
　0.2　N，排开液体的重力是　0.2　N．小明根据它们的大小关系归纳出了实验结论并准备结束实验，同组的小丽认为实验还没有结束，理由是　通过一组数据得出的结论会具有片面性或偶然性　，接下来的实验操作应该是　换用不同液体重新实验　。
实验步骤
A
B
C
D
弹簧测力计示数/N
1.6
1.8
0.5
0.3
（3）实验结束后，小明还想进一步探究浮力大小是否与物体的密度有关，可取　体积　相同的铁块和铝块，使其浸没在同种液体中，比较浮力的大小。

【分析】（1）阿基米德原理的内容：浸在液体中物体受到的浮力，大小等于被它排开的液体受到的重力；要验证阿基米德原理就要测出物体的浮力，可根据F浮=G﹣F示得出，然后测出排开液体的重力，两者进行比较即可验证。
（2）根据称重法求出实验中物体所受的浮力；用桶和水的总重力减去桶的重力算出排开水的重力；为了找普遍规律，需要换用不同的液体再次实验；
（3）根据控制变量法的要求，要探究浮力大小是否与物体的密度有关，需要选用体积相同的不同物体使其浸没在同种液体中，比较浮力的大小。
【解答】解：
（1）探究浮力大小与排开液体的重力的关系，需要测出物体排开水的重力，需要先测出空桶的重力，由图示实验可知，实验遗漏的步骤是：测量空桶的重力；
实验时，先测出空桶的重力，然后测出物体的重力，再将物体浸在溢水杯中，读出弹簧测力计的示数，根据F浮=G﹣F示得出物体受到的浮力，最后测出小桶和水的总重力，从而测出物体排开水的重力，因此合理的实验步骤是：D、B、A、C；
（2）由实验步骤AB可知，物体浸在液体中时受到的浮力：F浮=FB﹣FA=1.8N﹣1.6N=0.2N；
由实验步骤CD可知，物体排开液体的重力：G排=FC﹣FD=0.5N﹣0.3N=0.2N；
由于只测了一组实验数据，这样得出的结论会具有片面性或偶然性，所以为了寻找普遍规律，做完一次实验后，需要换用不同液体重新实验；
（3）想进一步探究浮力大小是否与物体的密度有关，需要选用体积相同、密度不同的物体，使其浸没在同种液体中（保证了液体密度相同、排开液体的体积相同），比较浮力的大小。
故答案为：（1）测量空桶的重力；D、B、A、C；
（2）0.2；0.2；通过一组数据得出的结论会具有片面性或偶然性；换用不同液体重新实验；
（3）体积。
【点评】本题目就是考查学生对阿基米德实验的掌握程度，看学生能否掌握每个步骤，以及每一步要测量的对象，只要基本知识掌握扎实，题目不难做出。
　
23．（2018•淄博）下图是小明同学探究电流与电压、电阻关系的电路图，提供的器材有：6V的电源一个，电流表（0﹣0.6A，0～3A）。电压表（0﹣3V，0～15V）各一个，开关一个，5Ω、10Ω、15Ω、30Ω的定值电阻各一个，“20Ω 1A”的滑动变阻器一个，导线若干（忽略
导线电阻），以上实验器材完好无损，实验中数据读取准确无误。
（1）探究电流与电压的关系时，移动滑动变阻器的滑片，改变电阻两端的电压，进行了多次测量，归纳得出　电阻不变时，电流与电压成正比　的规律。
（2）探究电流与电阻的关系时，测得的几组数据如下表所示。由于操作不当，导致表中第　3　次实验的数据存在错误，出错的原因是　滑动变阻器滑片没有调节就读数了　。纠正错误以后，小明用30Ω的电阻替换15Ω电阻进行第4次实验，发现实验无法进行下去，为完成第4次实验，请给小明提出可行的解决方案（不限于提供的实验器材）：　换用最大阻值至少为30Ω的变阻器　。
实验次数
电阻R/Ω
电流I/A
1
5
0.6
2
10
0.3
3
15
0.24
（3）利用该实验电路图也可以测量定值电阻的阻值，实验中也要进行多次测量，其目的是　取平均值减小误差　；将定值电阻换成小灯泡后，利用该实验电路图还可以“测量小灯泡的电功率”，实验中也要移动滑动变阻器的滑片，其目的是　改变灯的电压　。若被测小灯泡的额定电压为3.8V，在调节滑片使小灯泡正常发光时，电压表的示数很难准确达到3.8V．测量误差较大，为此，小明改动电路，在不更换现有器材的情况下，提高了测量数据的精确度。请补全小明的做法：断开开关　将电压表小量程（0﹣3V）并联在变阻器的两端　；闭合开关，　移动变阻器的滑片，当电压表示数为2.2V时　；读出此时电流表的示数；计算小灯泡的额定功率。

【分析】（1）电阻不变时，电流与电压成正比；
（2）研究电流与电阻关系时，要控制电阻的电压不变，根据串联电路的规律和欧姆定律，求出第2次实验时滑动变阻器接入的阻值；
由欧姆定律，分析在第3次实验数据，由欧姆定律和电阻的串联求出变阻器连入电路中的电阻，据此分析；
（3）测量定值电阻的阻值，实验中进行多次测量，其目的是：取平均值减小误差；利用该实验电路图还可以“测量小灯泡的电功率”，实验中也要移动滑动变阻器的滑片，其目的是改变灯的电压；
根据串联电路电压的规律，当灯变阻器的电压为6V﹣3.8V=2.2V时，灯的电压为3.8V，电压表大量程分度值为0.5V，故测量3.8V电压误差较大；
而电压表小量程分度度值为0.1V，故测量2.2V电压较为准确，据此确定实验步骤。
【解答】解：（1）究电流与电压的关系时，移动滑动变阻器的滑片，改变电阻两端的电压，进行了多次测量，归纳得出电阻不变时，电流与电压成正比的规律；
（2）①当接入电阻R2=10Ω时，电路中的电流为I2=0.3A，根据串联电路的规律和欧姆定律，此时滑动变阻器接入的阻值为：
R===10Ω，
在第3次实验中，由欧姆定律，R总===25Ω，
将R2换为R3=15Ω时，根据电阻的串联，变阻器的电阻R滑=25Ω﹣15Ω=10Ω，即滑动变阻器滑片位置不动，故第3次实验时，没有移动滑片就读电流表示数了；
由于电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比，故应该为0.2A；
（3）利用该实验电路图也可以测量定值电阻的阻值，实验中也要进行多次测量，其目的是：取平均值减小误差；将定值电阻换成小灯泡后，利用该实验电路图还可以“测量小灯泡的电功率”，实验中也要移动滑动变阻器的滑片，其目的是改变灯的电压；
根据串联电路电压的规律，当灯变阻器的电压为6V﹣3.8V=2.2V时，灯的电压为3.8V，故可将电压表小量程（0﹣3V）并联在变阻器的两端，而电压表小量程分度度值为0.1V，故测量2.2V电压较为准确；
故断开开关，将电压表小量程（0﹣3V）并联在变阻器的两端，闭合开关，移动变阻器的滑片，当电压表示数为2.2V时，读出此时电流表的示数；计算小灯泡的额定功率。
故答案为：（1）电阻不变时，电流与电压成正比；（2）3；滑动变阻器滑片没有调节就读数了；换用最大阻值至少为30Ω的变阻器；（3）取平均值减小误差；改变灯的电压；将电压表小量程（0﹣3V）并联在变阻器的两端；移动变阻器的滑片，当电压表示数为2.2V时。
【点评】本题探究电流与电压、电阻关系，考查控制变量法、欧姆定律的运用、对器材的要求及对实验方案的设计。
四、分析与计算
24．（2018•淄博）骨胳、肌肉和关节构成了人体的运动系统，最基本的运动都是肌肉牵引骨胳绕关节转动产生的，其模型就是杠杆。如图所示是踮脚时的示意图，人体的重力为阻力，小腿肌肉施加的拉力为动力。重600N的小明在lmin内完成50个双脚同时踮起动作，每次踮脚过程中脚跟离开地面的高度是9cm。求：
（1）小腿肌肉对每只脚的拉力；
（2）小明踮脚过程中克服重力做功的功率。

【分析】（1）根据杠杆的平衡条件分析解答小腿肌肉对每只脚的拉力；
（2）小明踮脚过程中克服重力做功等于小腿肌肉对脚的拉力做的功，根据P=算出小明踮脚过程中克服重力做功的功率
【解答】解：
（1）由图知，动力F的力臂L1=8cm+4cm=12cm=0.12m；重力的力臂L2=8cm=0.08m；
根据杠杆的平衡条件可得：FL1=GL2，
则小腿肌肉对每只脚的拉力：F===400N；
（2）小腿肌肉对脚的拉力做的功：W拉力=Fh=400N×0.09m=36J；
小明踮脚过程中克服重力做功等于小腿肌肉对脚的拉力做的功，等于36J；
小明在lmin内完成50个双脚同时踮起动作，
则小明踮脚过程中克服重力做功的功率：P===30W。
答：（1）小腿肌肉对每只脚的拉力为400N；
（2）小明踮脚过程中克服重力做功的功率为30W。
【点评】本题考查了杠杆的平衡条件、功的计算、功率的计算，其中小明踮脚过程中克服重力做功等于小腿肌肉对脚的拉力做的功是解题的关键。
　
25．（2018•淄博）如图甲所示电路中，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关S．移动滑片P，滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图象如图乙所示求
（1）滑动变阻器的最大阻值；
（2）R0的阻值和电源电压。

【分析】（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，R1的最大阻值和R0串联，电流表测电路中的电流，此时电路中的电流最小，根据图乙读出电路中的最小电流和滑动变阻器的功率，根据P=I2R求出滑动变阻器的最大阻值；
（2）根据的电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；由图乙可知，当电路中的电流I′=0.4A时滑动变阻器的功率，根据P=I2R求出滑动变阻器的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值，进一步求出电源的电压。
【解答】解：（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，R的最大阻值和R0串联，电流表测电路中的电流，
由图乙可知，电路中的最小电流I最小=0.2A，滑动变阻器的功率P1=1.2W，
由P=I2R可得，滑动变阻器的最大阻值：
R最大===30Ω；
（2）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I=可得，电源的电压：
U=I最小（R最大+R0）=0.2A×（30Ω+R0），
由图乙可知，当电路中的电流I′=0.4A时，滑动变阻器的功率P1′=1.6W，
则滑动变阻器接入电路中的电阻：
R′===10Ω，
电源的电压：
U=I′（R′+R0）=0.4A×（10Ω+R0），
因电源的电压不变，
所以，0.2A×（30Ω+R0）=0.4A×（10Ω+R0），
解得：R0=10Ω，
电源的电压：
U=I最小（R+R0）=0.2A×（30Ω+10Ω）=8V。
答：（1）滑动变阻器的最大阻值30Ω；
（2）R0的阻值10Ω；电源电压8V。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出电流和滑动变阻器功率的对应值。