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    河北省衡水中学2023届高三上学期三调试题数学(解析版)

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    河北省衡水中学2023届上学期高三年级三调考试  本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分.4页,总分150分,考试时间120分钟.    卷(选择题  60分)一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1. 已知集合,集合为自然对数的底数),则    A.  B.  C.  D. 【答案】C【解析】【分析】求出集合由交集的运算可得答案.【详解】集合 .故选:C2. 已知的终边与单位圆交于点,则    A.  B.  C.  D. 1【答案】A【解析】【分析】根据余弦值的定义可得,再根据二倍角的余弦公式求解即可【详解】由题得,所以.故选:A3. 若函数在点(1f1))处的切线的斜率为1,则的最小值为(    A.  B.  C.  D. 【答案】A【解析】【分析】由导数几何意义得,然后由基本不等式得最小值.【详解】由已知,所以,当且仅当时等号成立.故选:A4. 将函数的图象向右平移个单位长度后,得到函数的图象,则的值可以是(    A.  B.  C.  D. 【答案】D【解析】【分析】利用三角函数图象变换可得出变换后的函数解析式,由已知可得出关于的等式,即可得出结果.【详解】因为将函数的图象向右平移个单位长度后,得到函数的图象,由题意可得,可得,当时,故选:D.5. 已知函数部分图象如图所示,则下列结论正确的是(    A. 的最小正周期为 B. 的图象关于点对称C. 在区间上的最小值为 D. 的图象关于直线对称【答案】D【解析】【分析】根据给定条件,结合五点法作图,求出函数的解析式,再逐项判断作答.详解】观察图象知,,而,解得函数周期,由图象知,即,因此解得,由五点作图法知,,当时,;当时,,不符合题意,所以的最小正周期为A不正确;因为,即的图象关于点不对称,B不正确;时,,则在区间上的最小值为C不正确;因为,因此的图象关于直线对称,D正确.故选:D6. 若函数的最小正周期为,则下列区间中单调递增的是(    A.  B.  C.  D. 【答案】C【解析】【分析】作出函数的图象,可得出函数的最小正周期与单调递增区间,可求得的值,结合正切型函数的图象与单调性可求得函数的增区间,即可得解.【详解】作出函数的图象如下图所示:由图可知,函数的最小正周期为,且其增区间为对于函数,其最小正周期为,可得,则,解得,其中所以,的单调递增区间为所以,函数上递减,在上不单调,在上递增,在上递减.故选:C7. 圭表(如图甲)是我国古代一种通过测量正午日影长度来推定节气的天文仪器,它包括一根直立的标竿(称为)和一把呈南北方向水平固定摆放的与标竿垂直的长尺(称为),当太阳在正午时刻照射在表上时,日影便会投影在圭面上,圭面上日影长度最长的那一天定为冬至,日影长度最短的那一天定为夏至.图乙是一个根据某地的地理位置设计的主表的示意图,已知某地冬至正午时太阳高度角(即ABC)大约为15°,夏至正午时太阳高度角(即ADC)大约为60°,圭面上冬至线与夏至线之间的距离(即DB的长)为a,则表高(即AC的长)为(注:)(    A.  B.  C.  D. 【答案】D【解析】【分析】由锐角三角函数的定义与同角三角函数的关系求解,【详解】设表高为,则,得故选:D8. 已知不等式的解集为,若中只有唯一整数,则称A为“和谐解集”,若关于的不等式在区间上存在“和谐解集”,则实数的可能取值为(    A.  B.  C.  D. 【答案】C【解析】【分析】根据已知可得..根据函数的单调性,可得.结合“和谐解集”的定义可知,唯一整数解只能是.进而得到实数的取值范围,即可得出答案.【详解】时,原不等式可化为,整理可得时,原不等式可化为,整理可得.所以不等式可化为..所以上单调递增,在上单调递,所以.因为,所以..所以要使只有一个整数解,则唯一整数解只能是.因为点图象上的点,所以.因为 ,所以实数的可能取值为.故选:C.【点睛】关键点点睛:去绝对值后,根据的单调性,即可得到,进而得到,即可得到唯一整数解为.二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0.9. 中,内角的对边分别为,下列说法中正确的是(    A. 为锐角三角形”是“”的充分不必要条件B. ,则为等腰三角形C. 命题“若,则”是真命题D. ,则符合条件的有两个【答案】AC【解析】【分析】为锐角三角形,可得,根据正弦函数的单调性以及诱导公式可得.取为钝角,可知满足题意,即可判断A项;由已知可得,即可判断B项;根据正弦定理,即可判断C项;根据余弦定理可求出,即可判断D.【详解】对于A项,若为锐角三角形,则,且,即,又,则;反之,若为钝角,满足,不能推出为锐角三角形,故A正确;对于B项,由,得,即,所以为等腰三角形或直角三角形,故B错误;对于C项,若,则,由正弦定理,可得成立,故C正确:对于D项,根据余弦定理可得,解得(舍去负值),则符合条件的只有一个,故D错误.故选:AC.10. 已知函数,则下列说法中正确的是(    A. ,若恒成立,则B ,则C. ,则D. ,且,则【答案】ACD【解析】【分析】由已知可得,取特殊值可知有解,即可判断A项;根据余弦函数的性质解,即可判断B项;先求出的图像关于点对称,然后根据已知条件结合函数的对称性,即可判断C项;先求出的图像关于直线对称,然后根据已知条件结合函数的对称性,可求出,代入求解即可判断D.【详解】对于A,因为,所以,则,有,所以,故A正确;对于B,若,即,所以,即,故B错误;对于C,解,得,所以的图像关于点对称.又,即,所以,所以,故C正确;对于D,解,得,又,所以.即函数关于直线对称.又由已知可得, ,所以,故D正确.故选:ACD.11. 在数学史上,为了三角计算的简便及更加追求计算的精确性,曾经出现过两种三角函数:定义为角的正矢,记作;定义为角的余矢,记作,则下列结论中正确的是(    A. B. C. ,则D. 函数的最大值为【答案】BC【解析】【分析】根据定义计算,故A错误;计算得到BC正确;化简得到取得最大值4,故D错误,得到答案.【详解】对选项A,故A错误;对选项B,故B正确;对选项C:,分子分母同除以,得,故C正确,对选项D时,取得最大值4,故D错误.故选:BC12. 已知函数,则在区间上的极值点的个数可能为(    A. 1 B. 2 C. 3 D. 4【答案】AC【解析】【分析】由已知可得.将代入函数,根据导函数得出极值点个数;将代入函数,可得.,求得导函数,经分析可得在区间上单调递增.又,根据零点存在定理以及的单调性,可知的单调性,同理可得出上的单调性.进而可知为偶函数,根据偶函数的性质即可得出上的单调性,进而得到极值点的个数.【详解】解:由,得,解得.,所以. ①当时,,且.,则所以单调递增,即单调递增.则当时,在区间上单调递减;时,区间上单调递增.所以在区间上只有1个极值点;②当时,,且.,则.,则区间上恒成立,所以在区间上单调递增,所以在区间上单调递增.根据零点的存在定理,可知使得时,,所以在区间上单调递减,所以在区间上单调递减;时,,所以在区间上单调递增,即在区间上单调递增.所以处有最小值.,显然.根据的单调性以及零点的存在定理,可得,使得时,,所以在区间上单调递减;时,,所以在区间上单调递增.,所以上的偶函数.所以,在区间上单调递减,在区间上单调递增,在区间上单调递减,在区间上单调递增.所以,处取得极小值,在处取得极大值,在处取得极小值.在区间上共有3个极值点.综上,在区间上有1个或3个极值点.故选:AC.【点睛】关键点点睛:已知函数为偶函数,研究函数的单调性或极值时.可先根据导函数,研究时,函数的性质,进而根据偶函数的性质,得到整个定义区间上的性质.卷(非选择题  90分)三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20.13. 已知,则___________.【答案】##【解析】【分析】由差的正弦公式化简即可得出.【详解】因为,所以整理可得,即.故答案为:.14. 已知定义在上的函数满足,若的图像关于直线对称,则_________.【答案】1【解析】【分析】利用赋值法结合所给已知条件即可解决问题.【详解】因为 所以所以的图像关于直线对称, 所以所以.故答案为1.15. 已知函数,若关于的方程上有三个不同的实根,则实数的取值范围是______【答案】【解析】【分析】结合函数的奇偶性,化简后画出函数在上的图象,数形结合求出实数的取值范围.【详解】时,,故为偶函数,当时,,画出上的图象如图所示,要想保证方程上有三个不同的实根,则故答案为:16. 据气象部门报道某台风影响我国东南沿海一带,测定台风中心位于某市南偏东60°,距离该市400千米的位置,台风中心以40千米/时的速度向正北方向移动,距离台风中心350千米的范围都会受到台风影响,则该市从受到台风影响到影响结束,持续的时间为_________小时.【答案】##【解析】【分析】作图,在中,由余弦定理求出.由题意知,当时,该市受影响.整理得到,解出不等式的解集,即可得到答案.【详解】如图,A点为某市的位置,B点是台风中心在向正北方向移动前的位置.设台风移动小时后的位置为,则.中,由余弦定理,得可得,整理可得,解得所以该市从受到台风影响到影响结束,持续的时间为小时.故答案为:.四、解答题:本题共6小题,共70.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17. 已知是定义在R上的奇函数,当时,1的解析式;2,求实数t的取值范围.【答案】1    2【解析】【分析】1)根据函数的奇偶性求得的解析式.2)根据函数的奇偶性和单调性化简不等式,由此求得的取值范围.【小问1详解】因为R上的奇函数,所以时,,则因为是奇函数,所以,所以.【小问2详解】时,,则上单调递增.因为R上的奇函数,所以R上单调递增.,可得所以,解得,故实数t的取值范围是18. 已知的内角ABC的对边分别为abc,若,在,②两个条件中任选一个完成以下问题:1B2D上,且,求的最大值.【答案】1    2【解析】【分析】1)选,利用正弦定理得到,再利用余弦定理求出;选:利用诱导公式和二倍角公式得到,从而求出2)法一:利用余弦定理得到,利用基本不等式求出,求出面积的最大值,从而求出的最大值;法二:利用正弦定理外接圆的直径,进而利用正弦定理表示面积,利用三角函数的有界性求出面积最大值,进而求出的最大值.【小问1详解】若选①,由正弦定理得,,即,∴若选②,,即(舍)或,∴【小问2详解】边上的高,当面积最大时,高取得最大值法一:由余弦定理得,由重要不等式得当且仅当时取等,所以所以边上的高的最大值为法二:由正弦定理得外接圆的直径为利用正弦定理表示面积得:所以边上的高的最大值为19. 已知函数,其图像上相邻的最高点和最低点间的距离为1求函数的解析式;2的内角的对边分别为.若角的平分线,求的长.【答案】1    2.【解析】【分析】1)应用降幂公式及辅助角公式可得,根据相邻的最高、最低点距离、勾股定理求得,即可得解析式.2)由已知有,根据及三角形面积公式可得,再应用余弦定理求,进而可得的长.【小问1详解】因为设函数的周期为,由题意,即,解得所以.【小问2详解】得:,即,解得因为,所以因为的平分线所以,即,可得由余弦定理得:,,而,因此.20. 中,内角的对边分别为1求角2边上的点,若,求的值.【答案】1    2【解析】【分析】1)利用正弦定理边化角、切化弦,结合三角恒等变换公式可化简已知等式求得,由此可得2)设;在分别利用正弦定理和余弦定理可构造关于的方程,解方程可求得结果.【小问1详解】得:由正弦定理得:,又有意义,,即.【小问2详解】,则中,由正弦定理得:,即中,由余弦定理得:,解得:,又.21. 已知的外心为为线段上的两点,且恰为中点.1证明:2,求的最大值.【答案】1证明见解析    2【解析】【分析】1)设,利用余弦定理求得,再根据,化简,可求得,同理可求得,即可得证;(2)利用余弦定理求得,再根据结合(1)求得,设,可求得,再根据三角形的面积公式结合基本不等式即可得出答案.【小问1详解】证明:设由余弦定理知:外心知所以,因此同理可知因此所以【小问2详解】解:由(1)知由余弦定理知:代入,则因此当且仅当时取到等号,因此的最大值为.22. 已知函数.1,求的最小值;2有且只有两个零点,求实数的取值范围.【答案】1最小值为    2.【解析】【分析】1)代入,求出,根据的范围可得上恒成立,即可求出最小值;2)显然,则原题可转化为在区间上有且只有1个零点.求出导函数,进而二次求导可得在区间上单调递增.推理得到当时,上零点,根据导函数得到函数的单调性,结合零点的存在定理可得出实数的取值范围.【小问1详解】解:当时,.  时,所以所以.,所以所以恒成立,所以在区间上单调递增,所以的最小值为.小问2详解】解:由已知可得,则在区间上有且只有1个零点..因为在区间上恒成立,所以在区间上单调递增.所以,当时,有最小值;当时,有最大值.时,有,则恒成立,则在区间上单调递增,所以.,所以在区间上无零点,不符合题意,舍去;时,有恒成立,则在区间上单调递减,所以.,所以在区间上无零点,不符合题意,舍去;时,有.在区间上单调递增,根据零点的存在定理可得,,使得.时,单调递减:当时,单调递增.,要使在区间上有且只有一个零点,,解得.,所以.综上,实数的取值范围是【点睛】方法点睛:根据函数零点的个数求解参数的取值范围:先观察看函数是否已存在零点,然后根据导函数研究函数的单调性,结合零点的存在定理,即可得到参数的取值范围. 
     

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