湖南省各地市2022年中考物理真题按题型难易度分层分类汇编-11实验题提升题知识点分类

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湖南省各地市2022年中考物理真题按题型难易度分层分类汇编-11实验题提升题知识点分类
【考点目录】
一．固体的密度测量实验（共3小题） 1
二．液体的密度测量实验（共1小题） 3
三．控制变量法与探究性实验方案（共1小题） 4
四．探究影响摩擦力大小的因素（共4小题） 5
五．探究阻力对物体运动的影响（共1小题） 8
六．探究液体内部的压强（共1小题） 8
七．探究浮力大小与哪些因素有关（共1小题） 9
八．探究杠杆的平衡条件（共2小题） 9
九．探究光反射时的规律（共1小题） 11
一十．平面镜成像的特点（共1小题） 11
一十一．探究平面镜成像的特点（共1小题） 12
一十二．探究凸透镜成像的规律（共1小题） 12
一十三．探究电磁感应现象的实验（共1小题） 13
一十四．实验 比较不同物质吸热的情况（共1小题） 14
一十五．探究电流与电压、电阻的关系（共5小题） 14
一十六．实验 伏安法测电阻（共3小题） 18
一十七．实验 测量小灯泡的电功率（共2小题） 21
【专题练习】
一．固体的密度测量实验（共3小题）
1．某实验小组测量矿石的密度。

（1）把天平放在水平台面上，把游码移到标尺的 　 　处；
（2）正确操作后，右盘中砝码及游码在标尺上的位置如图1所示，小矿石的质量为 　 　g；
（3）将小矿石放入盛有50mL水的量筒中，水面升高到如图2所示的位置，则小矿石的体积为 　 　cm3，密度为 　 　g/cm3。
（4）实验小组发现用量筒和空瓶也可以测出该矿石的密度。
①将空瓶放入盛有适量水的量筒内，稳定后水面位置为V1，如图3所示；
②将小矿石放入瓶中，稳定后水面位置为V2，如图4所示；
③将小矿石从瓶中取出放入量筒内，稳定后水面位置为V3，如图5所示。
由图3、4可得矿石的质量m＝　 　，由图3、5可得小矿石的体积，则小矿石密度ρ＝　 　（两空均用已知量的字母表示，ρ水已知）。
2．某物理兴趣小组进行了鹅卵石密度的测量。

（1）小明在调节天平平衡时，将游码移动到标尺左端的零刻度线后，发现指针如图甲所示，则接下来应向 　 　（选填“左”或“右”）调节平衡螺母；
（2）小明用天平称量鹅卵石的质量时，在最小的砝码放入右盘后，指针由分度盘中央刻度线的左侧转至右侧。此时小明取下最小的砝码，下一步操作是 　 　（选填“A”、“B”）；
A.调节平衡螺母
B.调节游码
（3）当横梁再次平衡时，砝码及游码的位置如图乙所示，将鹅卵石放入盛有30mL水的量筒中，静止时液面位置如图丙所示，则鹅卵石的密度是 　 　kg/m3。
（4）小亮的鹅卵石放不进量筒，他用烧杯和水也测出了鹅卵石的密度，他的实验如下：
①用天平测出鹅卵石的质量m1；
②向烧杯中加入适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量m2；
③如图丁所示，烧杯放在水平桌面上，用细线系住鹅卵石轻轻放入烧杯中，使鹅卵石浸没水中，在烧杯壁上标记出水面的位置；
④将鹅卵石从水中取出后，向烧杯内加水至标记处，再用天平测出烧杯和水的总质量m3；
⑤鹅卵石密度的表达式ρ＝　 　（用字母m1、m2、m3和ρ水表示）。
3．篆刻爱好者小庆收藏了一枚印章，为了鉴别印章所用石料，他用实验室的器材测量了印章的密度。

（1）图甲是他在实验室用天平测量印章质量时的场景，请指出他操作的不当之处：　 　。
（2）改为正确操作后，天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，这枚印章的质量是 　 　g。
（3）小庆把印章放入装有30mL水的量筒中，液面达到的位置如图丙所示。由此可以求出这枚印章的密度为 　 　g/cm3。
二．液体的密度测量实验（共1小题）
4．小明想知道家里洗衣液的密度，于是与小华一起用天平和量筒做了如下实验：
（1）将天平放在水平台上，将 　 　归零，发现指针指在分度盘的右侧，应将平衡螺母向 　 　调，直到天平平衡。
（2）调节天平平衡后，他们进行了以下实验：
①用天平测出烧杯的质量为37g。
②往烧杯中倒入适量的洗衣液，测出烧杯和洗衣液的总质量如图甲所示。
③将烧杯中的洗衣液倒入量筒中，洗衣液的体积如图乙所示。
（3）要精确的测量洗衣液的密度，步骤（2）的实验顺序排列合理是 　 　（只写①②③的序号）。
（4）实验测得洗衣液的密度是 　 　kg/m3。
三．控制变量法与探究性实验方案（共1小题）
5．小明所在的实验小组想探究物体从斜面上滑下的速度大小与哪些因素有关。通过观察，他们猜想：物体到达斜面底端时速度v的大小可能与物体的质量m、斜面的倾角θ、斜面的材料这三个因素有关。于是他们选择以下器材进行探究：一个右端固定有遮光片的长方体木块质量为200g、一个100g的砝码（可粘在木块上表面）、两个长度相同材料不同的斜面A和B（斜面底端安有光电门）。实验装置如图所示，他们的实验操作是让木块沿斜面直线下滑，利用光电门速度传感器测得木块到达斜面底端时的速度v。
（1）为了保证从实验数据得出结论的可靠性，下列说法正确的是 　 　。
A.斜面越长越好
B.斜面越宽越好
C.木块每次都由静止开始下滑
D.木块每次都从斜面上相同的位置下滑
（2）在本实验中，光电门速度传感器的工作原理是当木块上的遮光片通过光电门时光被挡住，计时器开始计时，当遮光片离开光电门时计时器停止计时，这样就可以根据遮光片的宽度与运动时间计算出此时木块的速度。已知遮光片的宽度为1.2cm，如果计时器某次显示的时间为0.005s，则此次测得的木块速度为 　 　m/s。
（3）小明他们改变相关条件，多次实验，得到了下列数据：
实验序号
θ
斜面
m/g
v/（cm/s）
1
20°
A
200
245
2
20°
A
300
245
3
20°
B
200
153
4
20°
B
300
153
5
30°
A
200
358
6
40°
A
200
438
①分析比较表中数据可得：v与前面猜想的三个因素中的 　 　无关。
②分析比较实验序号1和3，2和4可得出v与 　 　有关。
③分析比较实验序号1、5、6，可得出木块到达斜面底端时的速度与斜面倾角的关系是：当斜面材料相同时，　 　。

四．探究影响摩擦力大小的因素（共4小题）
6．小明探究影响滑动摩擦力大小的因素时选取的实验器材有：弹簧测力计一个、木块一个、砝码若干、毛巾、棉布各一条。实验装置如图甲所示，改变实验条件用弹簧测力计多次拉着木块在水平面上运动，实验数据记录如表：
实验次数
桌面上所垫材料
木块上所放砝码质量（g）
弹簧测力计示数（N）
1
毛巾
50g
1.8
2
毛巾
100g

3
棉布
100g
2.0

（1）实验过程中，为了使弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力的大小，根据 　 　的原理，应该沿水平方向 　 　拉动木块；
（2）第二次实验时，弹簧测力计示数如图乙所示，则此时木块受到滑动摩擦力的大小为 　 　N；
（3）对比第1、2两次实验数据，可以得出结论：滑动摩擦力的大小跟 　 　有关；
（4）对比第 　 　两次实验数据，可以得出结论：滑动摩擦力的大小跟接触面粗糙程度有关。
7．为了探究滑动摩擦力的大小跟哪些因素有关，准备了长木板一块、木块一个、砝码若干、弹簧测力计、棉布、毛巾等器材，实验操作如下：
（1）将长木板放在水平桌面上，将木块放在长木板上，用弹簧测力计水平向右拉着木块匀速直线运动，弹簧测力计示数为1.0N，则木块所受滑动摩擦力的大小为 　 　N，方向 　 　（选填“水平向右”或“水平向左”）。
（2）下表是某实验小组的实验过程和数据记录
实验次数
接触面
压力F/N
摩擦力Ff/N
1
木块与木板
6.0
1.2
2
木块与木板
8.0
1.6
3
木块与木板
10.0
2.0
4
木块与棉布
10.0
3.0
5
木块与毛巾
10.0
4.0
①分析比较1、2、3三次实验数据，可以得出的实验结论是：在接触面的粗糙程度相同的条件下，滑动摩擦力随压力的增大而 　 　（选填“增大”或“减小”）。
②分析比较3、4、5三次实验数据，可以得出的实验结论是：在压力相同的条件下，接触面越粗糙，滑动摩擦力越 　 　（选填“大”或“小”）。
（3）本实验主要用到的实验方法是 　 　。
A.转换法
B.控制变量法

8．在“研究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，同学们猜想影响滑动摩擦力大小的因素可能有：
①接触面所受的压力；
②接触面的粗糙程度。
根据猜想，同学们设计了如图所示甲、乙、丙的实验。
（1）实验时，沿水平方向拉动木块使它沿木板做匀速直线运动，弹簧测力计的示数就等于滑动摩擦力的大小，因为这时木块受到的拉力和滑动摩擦力是一对 　 　力；
（2）由实验甲、乙可知，其他条件相同时，接触面所受的压力越大，滑动摩擦力越 　 　；
（3）由实验乙、丙可知，其他条件相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越 　 　；
（4）以下事例中，增大摩擦的是 　 　，减小摩擦的是 　 　（该两空选填字母）。
A.鞋底有凹凸不平的花纹
B.给自行车轴加润滑油

9．实验小组在探究“影响摩擦力大小因素”的实验中，小吴有如下猜想：
A.滑动摩擦力大小与压力大小有关；
B.滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关。
为此，小吴进行了如图所示的实验：
（1）在实验过程中，需用弹簧测力计拉动木块做匀速直线运动，根据 　 　的知识可知，滑动摩擦力大小等于拉力大小。
（2）由图甲和图乙比较，可验证猜想 　 　（填“A”或“B”）正确，并可得到结论：接触面粗糙程度相同时，　 　。
（3）小军认为滑动摩擦力大小还可能与接触面积大小有关，于是将甲图中的木块竖着切去一半，如图丁所示，比较甲、丁两次实验，发现拉力大小不同，由此得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关。你认为他的结论是 　 　（选填“正确”或“错误”）的，理由是：　 　。
五．探究阻力对物体运动的影响（共1小题）
10．在研究“阻力对物体运动的影响”实验中，可供使用的器材有斜面、木板、棉布、毛巾、天平和小车。

（1）在上述器材中，不需要用到的器材有 　 　。
（2）固定斜面，分别将小车从斜面上 　 　（填“同一”或“不同”）高度由静止释放。
（3）如图描述了先后两次实验中所呈现的现象，根据实验现象可作出如下科学推理：若没有阻力，则运动的小车将在水平面上 　 　（填“静止”或“匀速直线运动”）。伽利略运用“实验+科学推理”的方法，揭示了一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质。
（4）设实验中运动的小车在棉布上克服阻力做功为W1，在木板上克服阻力做功为W2，则W1　 　W2（填“大于”“等于”或“小于”）。
六．探究液体内部的压强（共1小题）
11．物理课上，同学们利用压强计“研究液体内部压强”，进行了如下的操作。

（1）实验前，用手指按压橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置 　 　（选填“漏气”或“不漏气”）。小明没有按压橡皮膜时，U形管两侧液面就存在高度差（如图①所示），接下来的操作是 　 　（选填字母）。
A.从U形管内向外倒出适量水
B.拆除软管重新安装
C.向U形管内添加适量水
（2）实验时，小王将探头放入水下，U形管两侧水面高度差为8cm，此时U形管内外的气压差为 　 　Pa。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（3）正确操作后，分析图②、图③的实验现象，得出结论：同种液体中，液体压强随液体深度的增加而 　 　。
（4）分析图③、图④的实验现象，得出结论：在深度相同时，液体的 　 　越大，压强越大。
（5）小王用图⑤所示的装置测量未知液体的密度：在左侧加入适量的水，在右侧缓慢倒入待测液体，直到橡皮膜刚好变平，她测量了以下物理量：
A.右侧待测液体到容器底的深度h1
B.右侧待测液体到橡皮膜中心的深度h2
C.左侧水到容器底的深度h3
D.左侧水到橡皮膜中心的深度h4
请你推导出待测液体密度的表达式为ρ＝　 　（选择题中合适的字母和ρ水表示）。
七．探究浮力大小与哪些因素有关（共1小题）
12．小军同学在做“探究影响浮力大小因素”的实验时，他用弹簧测力计悬挂一个实心金属块，分别在下列四种情况下保持静止（如图所示）。请你帮助小军同学完成以下问题：

（1）乙图中金属块所受浮力为 　 　N。
（2）比较甲、丙、丁三幅图可得出结论：浮力的大小与 　 　有关。
（3）比较 　 　三幅图可得出结论：浮力的大小与物体浸在液体中的体积有关。
八．探究杠杆的平衡条件（共2小题）
13．在“探究杠杆的平衡条件”实验中：

（1）杠杆静止在图甲所示位置，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 　 　（填“左”或“右”）调节。
（2）调节平衡后，如图乙，在A点挂3个钩码，则应在B点挂 　 　个钩码，才能使杠杆重新在水平位置平衡（所用钩码的规格都相同）。
（3）改变钩码的位置和个数，使杠杆平衡，收集多组数据，其目的是 　 　（填序号）。
A.取平均值，减小误差
B.避免偶然性，寻找普遍规律
（4）看图丙的漫画，根据杠杆的平衡条件分析，小兔分得的萝卜质量 　 　（填“大于”、“等于”或“小于”）小猴的。
14．为了探究杠杆的平衡条件，小庆将安装好的器材放到水平桌面上，调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。
（1）某次实验时，小庆在已调好的杠杆两侧挂上钩码后，出现如图所示的情形。为了使杠杆在水平位置平衡，下列操作正确的是 　 　。（单选）
A.将左侧钩码向左移动
B.将右侧钩码向右移动
C.将平衡螺母向左调节
（2）正确完成实验后，获得的三组数据如下表所示。
次数
动力F1/N
动力臂l1/cm
阻力F2/N
阻力臂l2/cm
1
1.0
10.0
0.5
20.0
2
1.0
20.0
2.0
10.0
3
2.0
15.0
1.5
20.0
分析数据可得杠杆的平衡条件：　 　。

九．探究光反射时的规律（共1小题）
15．为了探究光反射时的规律，小丽把一个平面镜放在水平桌面上，再把一张可以绕ON翻折的纸板ABCD竖直地立在平面镜上，纸板上的直线ON垂直于镜面。她将一束光贴着纸板沿EO方向射向O点，在纸板上用笔描出入射光EO和反射光OF的径迹。

（1）如图甲所示，反射角的大小为 　 　°。
（2）实验过程中，进行下列哪项操作后，在纸板上仍可以看到反射光？　 　（单选）
A.如图乙所示，将纸板的右半部分向后翻折
B.如图丙所示，将纸板与入射光束一起以ON为轴旋转
C.如图丁所示，将纸板与入射光束一起以CD为轴向后倾倒
一十．平面镜成像的特点（共1小题）
16．如图所示，在表演“浇不灭的蜡烛”的魔术时，把玻璃板竖立在水平桌面上，玻璃板前竖放一根蜡烛，玻璃板后有一玻璃杯，点燃蜡烛，透过玻璃板看到“蜡烛在杯中燃烧”，向杯中逐渐加水，透过玻璃板，会看到“杯中燃烧的蜡烛没有被水浇灭”。
（1）该魔术主要利用了 　 　（选填“平面镜”或“凸透镜”）成像的原理。在较 　 　（选填“明”或“暗”）的环境中表演，现象更明显。
（2）杯中的“蜡烛”是实际蜡烛形成的 　 　（选填“正”或“倒”）立的 　 　（选填“虚”或“实”）像，与实际蜡烛大小 　 　（选填“相等”或“不相等”）。

一十一．探究平面镜成像的特点（共1小题）
17．在“探究平面镜成像的特点”实验中，桌面上铺一张大纸，纸上竖立一块玻璃板作为平面镜子。沿着玻璃板在纸上画一条直线表示平面镜的位置。把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板的前面，可以看到它在玻璃板后面的像。再拿一支外形相同但是不点燃的蜡烛B，竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去它与前面那支蜡烛的像完全重合。这个位置就是前面那支蜡烛的像的位置。在纸上记下这两个位置，实验时注意观察蜡烛的大小和它的像的大小是否相同。移动点燃的蜡烛，重做实验。
（1）为便于观察，该实验最好在 　 　环境中进行（选填“较亮”或“较暗”）。
（2）除了图中提供的器材外，实验中还需要一种测量工具是 　 　。
（3）把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，再拿一支外形相同但不点燃的蜡烛B，竖立着在玻璃
板后面移动，直到看上去它跟前面那支蜡烛的像完全重合，这样做既确定了像的位置，又验证了像与物的 　 　关系。
（4）将蜡烛A逐渐靠近玻璃板时，它的像的大小 　 　（选填“变大”或“不变”或“变小”）；
（5）移去蜡烛B，在其位置竖立光屏，在光屏上不能承接到A的像，说明平面镜所成的像是 　 　像（选填“虚”或“实”）。

一十二．探究凸透镜成像的规律（共1小题）
18．小宇同学有一次用爷爷的放大镜（焦距为10cm）看窗外的物体时，竟发现看到的物体是倒立的，心里想：放大镜成像到底有什么规律呢？于是他从实验室借来一架光具座、一个光屏、一根蜡烛，进行实验探究：

（1）在图中的装置上保持放大镜的位置不变，将蜡烛移至光具座20cm刻度线处，移动光屏发现烛焰在光屏上成倒立、缩小的像。根据这个原理可制成 　 　（选填“照相机”或“投影仪”）。
（2）向右将蜡烛移至光具座35cm刻度线处，移动光屏至某位置，烛焰在光屏上成一倒立、　 　（选填“缩小”、“放大”或“等大”）的像。
（3）继续向右将蜡烛移至光具座45cm刻度线处，小宇同学发现无论怎么移动光屏，在光屏上都得不到像。这是因为此时烛焰通过凸透镜成的是 　 　（选填“实像”或“虚像”）。
一十三．探究电磁感应现象的实验（共1小题）
19．如图，在“探究什么情况下磁可以生电”实验中：
序号
实验操作
电流表指针偏转情况
1
保持导体与磁体静止
不偏转
2
保持磁体静止，导体水平向左切割磁感线
向右偏转
3
保持磁体静止，导体水平向右切割磁感线
向左偏转
……


（1）比较1、2（或1、3）实验现象可知，闭合电路的一部分导体在磁场中做 　 　运动时，导体中就产生电流；
（2）要使感应电流方向发生改变，可采取的具体措施是 　 　；（选填字母）
A.使用磁性更强的磁体
B.保持磁体静止，只改变导体水平运动的方向
C.上下调换磁极，同时改变导体水平运动的方向
（3）从能量的角度来分析，感应电流的产生过程是 　 　能转化为电能；
（4）如果将电流表换成 　 　，可以探究磁场对通电导体的作用。

一十四．实验 比较不同物质吸热的情况（共1小题）
20．图甲是“比较不同物质的吸热能力”的实验装置。
（1）两支试管里水和煤油的质量 　 　（填“相同”或“不同”）。
（2）相同时间内，水吸收的热量 　 　（填“大于”、“等于”或
“小于”）煤油吸收的热量。
（3）由图乙可知，　 　的吸热能力更强。

一十五．探究电流与电压、电阻的关系（共5小题）
21．探究“电流与电阻的关系”时，可供实验器材有：三节新的干电池（电压为4.5V）、电流表、电压表、滑动变阻器（标有“20Ω 2A”字样）、定值电阻5个（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、50Ω），开关一个，导线若干。小静等同学设计了如图甲所示的电路图：

（1）请用笔画线代替导线将图乙中的实物图连接完整，要求：滑片向右移动时电阻变大。
（2）闭合开关，电流表无示数，电压表有示数，并接近电源电压，则故障原因是：　 　。
（3）排除故障后，将定值电阻由5Ω更换为10Ω时，应向 　 　（选填“左”或“右”）适当调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变。
（4）图丙是根据实验数据画出的定值电阻的I﹣R图像，其中阴影部分面积表示的物理量是 　 　，其数值为 　 　。
（5）实验中，在接入50Ω的定值电阻后，小静同学无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，为了能完成这次实验，小静采取的措施可行的是 　 　。（多选）
A.调高电源电压
B.更换一个最大阻值为30Ω的滑动变阻器
C.再串联一个10Ω的电阻
D.将电压表改接到滑动变阻器两端
（6）如图图像中能大致反应本实验中各物理量之间关系的是 　 　。

22．用图甲所示的电路探究“电流与电阻的关系”，电源为两节干电池，实验室提供了阻值分别为30Ω、15Ω、10Ω、7.5Ω的电阻各一个。

实验次数
1
2
3
4
电阻R/Ω
30
15
10
7.5
电流I/A
0.08
0.16
0.24

（1）用笔画线代替导线，在图甲中请将实验电路连接完整。（要求滑片向右移，电流表示数变大）
（2）实验时，从大到小依次更换不同的定值电阻，调节滑动变阻器，保证电阻两端电压不变，分别记录每次电阻R和电流表示数I，数据如上表，其中第4次实验的电流表示数如图乙所示，读数为 　 　A；电压表示数应为 　 　V。
（3）在现有实验器材不变的条件下，某同学通过实验还获得一组“5Ω，0.48A”的数据，请写出他所使用的方法 　 　。
23．在探究电流与电阻的关系时：
（1）图甲是实验电路图的一部分，要完成实验，请在此基础上将实验电路图补充完整；

（2）按补充完整后的图甲进行实验，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于 　 　端；
（3）闭合开关后，发现电流表的指针如图乙所示，造成这一现象的原因是 　 　；
（4）通过实验，得到的实验数据如下表所示，这些数据中，有一组是明显错误的，错误数据的序号是 　 　。
数据序号
1
2
3
4
5
6
电阻R/Ω
5
10
15
20
25
30
电流I/A
0.60
0.40
0.20
0.15
0.12
0.10
24．某实验小组用如图所示的电路探究电流与电阻的关系。

实验序号
电阻R/Ω
电流I/A
1
5
0.6
2
10

3
20

…


（1）连接电路时应 　 　开关。
（2）小庆将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片至恰当位置，并将数据记录在上表中。换用10Ω电阻后，应该使定值电阻两端的电压保持U0＝　 　V不变。
（3）将5Ω的定值电阻换为10Ω后，小庆和小丽对接下来的操作有不同看法：
小庆认为应先闭合开关，再将滑片向左移动，使电压表示数为U0。
小丽认为应先将滑片移到最左端，再闭合开关，然后将滑片向右移动，使电压表示数为U0。
请问你赞成谁的观点？　 　。简要说明理由：　 　。
25．小芳和同学们一起做“探究电流与电阻的关系”的实验，她们准备了电压为3V的电源。规格为“30Ω 1A”的滑动变阻器，阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的四个定值电阻。电流表、电压表、开关各一个，导线若干。她们利用这些器材设计了如图甲所示的电路。实验中控制定值电阻两端电压为2V不变，请帮助小芳和同学们完成以下问题：

（1）小芳和同学们先将5Ω的电阻接入电路中，滑动变阻器阻值调至最大，检查连接无误之后闭合开关，发现电流表示数接近零，电压表示数接近于电源电压，经分析可能是定值电阻处发生了 　 　（选填“短路”或“断路”）。
（2）电路故障排除后，继续进行实验，调节滑动变阻器滑片，使电压表的示数为2V，电流表的示数如图乙所示，为 　 　A，填入表格。
（3）接下来，小芳和同学们将5Ω的电阻更换成10Ω的电阻接入电路，要使电压表的示数保持2V不变，应向 　 　（选填“左”或“右”）移动滑片。
（4）小芳和同学们通过实验得到了以下实验数据：
电阻/Ω
5
10
15
20
电流/A

0.2
0.13
0.1
分析表中数据，可以得出结论：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成 　 　比。
一十六．实验 伏安法测电阻（共3小题）
26．用如图所示的电路测量小灯泡的电阻，小灯泡的额定电压为2.5V。

（1）用笔画线代替导线，将图1中的器材连接成完整电路；
（2）连接电路后，闭合开关，灯泡不亮，电流表和电压表都有较小的示数，无论怎样移动滑片，灯泡都不发光，两表示数均无变化，其原因可能是：　 　；
A.灯泡短路
B.灯泡断路
C.滑动变阻器接的是下端两接线柱
（3）故障排除后，移动滑片到某一位置，电压表的示数如图2所示，此时灯泡两端的电压为 　 　V。要测量灯泡的额定电流，应将图1中滑动变阻器的滑片向 　 　（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为 　 　V；
（4）移动滑片，记下多组数据，并绘制成图3所示图像，则灯泡正常发光时电阻为 　 　Ω（结果保留一位小数）。
（5）用该灯泡和电压表，测未知电阻Rx的阻值，电路图如图4。步骤如下：
①只闭合S0、S1，移动滑片，使电压表示数为1V，由图3可知灯泡的电流为 　 　A，即为Rx的电流；
②保持滑片位置不变，只闭合S0、S2，电压表示数为2.6V，则此时Rx的两端的电压为 　 　V；
③Rx的阻值为 　 　Ω。
27．某物理兴趣小组用如甲所示电路图测量定值电阻的阻值。

（1）根据图甲所示的电路图，进行实物连线如图乙所示，在该实物连线中，电流表上还有一个接线柱没有与其它元件连接，请你用笔画线代替导线，将图乙的实物连线连接完整。
（2）某次测量时，电压表、电流表的指针位置如图丙所示，则电压表读数为 　 　V，电流表读数为 　 　A，根据测量结果可计算出待测电阻的阻值为 　 　Ω。
（3）移动滑动变阻器滑片P，改变电压表和电流表的示数，根据实验测得的多组数据，求出电阻的平均值。多次测量求平均值的目的是 　 　。
A.减小实验误差
B.寻找普遍规律
28．在“伏安法测电阻”的实验中：

实验次数
1
2
3
电压/V
1.5
2.1
2.8
电流/A
0.1
0.14

（1）如图甲，闭合开关前，滑片P应置于滑动变阻器的 　 　（填“左”或“右”）端。
（2）闭合开关后，发现电压表无示数，而电流表有示数。经检查，导线连接完好，则可能是待测电阻Rx　 　（填“断路”或“短路”）。
（3）排除故障后，测得几组数据如上表，第三次实验时电流表示数如图乙，为 　 　A。
（4）三次所测电阻的平均值为 　 　Ω。（结果保留一位小数）
（5）若要测一个额定电压为U0的小灯泡正常工作时的电阻，电源电压U不变，定值电阻R的阻值已知。在不改变电路连接的情况下，下列电路能实现的是 　 　（仅一项正确）。

一十七．实验 测量小灯泡的电功率（共2小题）
29．小明准备测定小灯泡的功率，被测小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约个10Ω，实验室有如下器材：电源（电压为6V），电流表（0～0.6A、0～3A），电压表（0～3V、0～15V），开关，导线若干，滑动变阻器两只：R1（10Ω、0.5A），R2（20Ω、0.5A）。
（1）如图甲所示是小明连接的实物电路，图中有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上打“×”并补画出正确的连线。
（2）正确连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，则电路的故障可能是 　 　。
A.灯泡短路
B.灯泡断路
C.滑动变阻器短路
D.滑动变阻器断路
（3）电路故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，电流表指针如图乙所示，则此时通过小灯泡的电流是 　 　A。
（4）为了满足测量要求，实验电路应该选用滑动变阻器 　 　。（选填“R1”或“R2”）
（5）小明根据记录的多组I﹣U数据，画出了小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图象（如图丙），则小灯泡的额定功率为 　 　W。
30．如图甲所示为测量小灯泡L功率的电路图，小灯泡L的额定电压为2.5V，电源电压恒为3V。实验中：

（1）在连接电路时，开关S应处于 　 　状态；
（2）连接完电路后，闭合开关S，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，电流表示数始终为零，电压表示数始终为3V。假定电路中只有一处故障，则产生这一现象的原因可能是 　 　；
A.灯泡短路
B.灯泡断路
C.滑动变阻器短路
D.滑动变阻器断路
（3）排除故障后，继续实验，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则此时流过灯泡的电流是 　 　A，小灯泡的额定功率为 　 　W；
（4）如果要使灯泡两端电压由2.5V调到2V，应该把滑动变阻器的滑片向 　 　滑动（选填“左”、“右”）；
（5）根据实验数据绘制出小灯泡的电流I与电压U的关系图像，如图丙所示。当电压表示数增大时，灯丝温度会发生变化，灯丝电阻将 　 　。
A.变大
B.变小
C.不变
D.无法确定

湖南省各地市2022年中考物理真题按题型难易度分层分类汇编-11实验题提升题知识点分类
参考答案与试题解析
一．固体的密度测量实验（共3小题）
1．某实验小组测量矿石的密度。

（1）把天平放在水平台面上，把游码移到标尺的 　零刻度线　处；
（2）正确操作后，右盘中砝码及游码在标尺上的位置如图1所示，小矿石的质量为 　12　g；
（3）将小矿石放入盛有50mL水的量筒中，水面升高到如图2所示的位置，则小矿石的体积为 　4　cm3，密度为 　3　g/cm3。
（4）实验小组发现用量筒和空瓶也可以测出该矿石的密度。
①将空瓶放入盛有适量水的量筒内，稳定后水面位置为V1，如图3所示；
②将小矿石放入瓶中，稳定后水面位置为V2，如图4所示；
③将小矿石从瓶中取出放入量筒内，稳定后水面位置为V3，如图5所示。
由图3、4可得矿石的质量m＝　ρ水（V2﹣V1）　，由图3、5可得小矿石的体积，则小矿石密度ρ＝　　（两空均用已知量的字母表示，ρ水已知）。
【分析】（1）天平放在水平面上，游码移到标尺左端的零刻度线处；
（2）矿石的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；
（3）矿石的体积等于矿石浸没水前后水面对应刻度值的差；知道矿石的质量和体积，根据密度公式求出矿石的密度；
（4）根据物体的浮沉条件和阿基米德原理求出物体的重力，根据m＝求出矿石的质量；根据量筒的示数求出物体的体积，然后根据密度公式求出矿石密度的大小。
【解答】解：（1）将天平放在水平台面上，把游码移到标尺左端的零刻度线处；
（2）矿石的质量为：m＝10g+2g＝12g；
（3）由图2可知：放入矿石前量筒中水的体积50mL＝50cm3，放入矿石后量筒中水的体积54mL＝54cm3，则矿石的体积：V＝54cm3﹣50cm3＝4cm3；
所以矿石的密度：ρ＝＝＝3g/cm3；
（4）①将空瓶放入盛有适量水的量筒内，稳定后水面位置为V1；
②将小矿石放入瓶中，稳定后水面位置为V2；
空瓶和矿石处于漂浮状态，根据物体的浮沉条件和阿基米德原理可知，漂浮时受到的浮力等于自身的重力，多排开的水的重力为矿石的重力；所以矿石的重力为：G＝ΔF浮＝ρ水g（V2﹣V1）；
则矿石的质量为：m'＝＝ρ水（V2﹣V1）；
③将小矿石从瓶中取出放入量筒内，稳定后水面位置为V3，则矿石的体积为：V石＝V3﹣V1；
小矿石密度ρ＝＝。
故答案为：（1）零刻度线；（2）12；（3）4；3；（4）ρ水（V2﹣V1）；。
【点评】本题考查了固体密度的测量方法、阿基米德原理的应用、物体浮沉条件的应用，有一定的难度。
2．某物理兴趣小组进行了鹅卵石密度的测量。

（1）小明在调节天平平衡时，将游码移动到标尺左端的零刻度线后，发现指针如图甲所示，则接下来应向 　右　（选填“左”或“右”）调节平衡螺母；
（2）小明用天平称量鹅卵石的质量时，在最小的砝码放入右盘后，指针由分度盘中央刻度线的左侧转至右侧。此时小明取下最小的砝码，下一步操作是 　B　（选填“A”、“B”）；
A.调节平衡螺母
B.调节游码
（3）当横梁再次平衡时，砝码及游码的位置如图乙所示，将鹅卵石放入盛有30mL水的量筒中，静止时液面位置如图丙所示，则鹅卵石的密度是 　2.7×103　kg/m3。
（4）小亮的鹅卵石放不进量筒，他用烧杯和水也测出了鹅卵石的密度，他的实验如下：
①用天平测出鹅卵石的质量m1；
②向烧杯中加入适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量m2；
③如图丁所示，烧杯放在水平桌面上，用细线系住鹅卵石轻轻放入烧杯中，使鹅卵石浸没水中，在烧杯壁上标记出水面的位置；
④将鹅卵石从水中取出后，向烧杯内加水至标记处，再用天平测出烧杯和水的总质量m3；
⑤鹅卵石密度的表达式ρ＝　　（用字母m1、m2、m3和ρ水表示）。
【分析】（1）天平在使用前要调节平衡，如果指针偏向分度盘的左边，则平衡螺母向右调，如果指针偏向分度盘的右边，则平衡螺母向左调；
（2）在称量物体的质量时，如果放入最小的砝码，指针由分度盘中央刻度线的左侧转至右侧，说明右边已经更重，此时不能移动游码，因为移动游码相当于继续往右盘加小砝码，接下来应该是把最小的砝码取下，再向右移动游码，直至天平横梁平衡；
（3）天平平衡后，左盘物体的质量等于右盘砝码的质量加上游码在标尺上对应的示数；
用量筒测量固体的体积时，物体的体积等于物体和量筒中水的总体积与量筒中水的体积之差；
知道鹅卵石的质量和体积，利用密度公式计算出鹅卵石的密度；
（4）鹅卵石的体积的测量采用等效替代的方法：鹅卵石浸没在水中做标记，当鹅卵石取出，往烧杯内加水到达标记处，鹅卵石的体积和加入水的体积相等，知道加入水的质量和密度，求出加入水的体积，即鹅卵石的体积，再根据密度公式计算鹅卵石的密度。
【解答】解：（1）由图可知，天平指针偏向左边，则应该把平衡螺母向右调节；
（2）当加入最小砝码时，指针偏右，说明砝码质量偏大，此时应取下最小砝码，适当向右移动游码直到横梁平衡，故选B；
（3）由图乙可知，鹅卵石的质量m＝20g+5g+2g＝27g；
由图丙可知，量筒中水的体积V1＝30mL，量筒中水和鹅卵石的总体积V2＝40mL，则鹅卵石的体积V＝V2﹣V1＝40mL﹣30mL＝10cm3；
鹅卵石的密度：ρ＝＝＝2.7g/cm3＝2.7×103kg/m3；
（4）加入水的质量为：m水＝m3﹣m2，
加入水的体积为：V水＝＝，
鹅卵石的体积为：V＝V水＝，
鹅卵石的密度为：ρ＝＝＝。
故答案为：（1）右；（2）B；（3）2.7×103；（4）。
【点评】本题考查了天平的调节、天平读数、量筒读数、求密度，要掌握天平的使用方法、注意事项与读数方法，测出鹅卵石的质量与体积，应用密度公式可以求出鹅卵石的密度。
3．篆刻爱好者小庆收藏了一枚印章，为了鉴别印章所用石料，他用实验室的器材测量了印章的密度。

（1）图甲是他在实验室用天平测量印章质量时的场景，请指出他操作的不当之处：　游码没有归零和用手直接拿砝码　。
（2）改为正确操作后，天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，这枚印章的质量是 　14.4　g。
（3）小庆把印章放入装有30mL水的量筒中，液面达到的位置如图丙所示。由此可以求出这枚印章的密度为 　2.88　g/cm3。
【分析】（1）调节天平平衡时，游码要归零；使用天平测量物体质量时，不能使用手直接拿放砝码；
（2）印章的质量由砝码的质量和游码所对的刻度值之和读出；
（3）印章的体积由量筒中水的体积和放入印章后的总体积算出，最后利用密度公式求得印章的密度。
【解答】解：（1）图中调节天平平衡时，游码没有归零；天平使用时，要使用镊子向盘中加减砝码，不能用手直接拿放；
（2）读图可知，砝码的质量为10g，游码所对的刻度值为4.4g，
则印章的质量m＝10g+4.4g＝14.4g；
（3）量筒中水的体积为30cm3，放入印章后的总体积为35cm3，则印章的体积V＝35cm3﹣30cm3＝5cm3。则印章的密度：ρ＝＝＝2.88g/cm3；
故答案为：（1）游码没有归零和用手直接拿砝码；（2）14.4；（3）2.88。
【点评】本题考查用天平测固体的密度的探究实验，对整个实验过程有所了解，对密度的公式要学会运用；测量固体密度的基本程序是先测出固体的质量，然后再测量体积。
二．液体的密度测量实验（共1小题）
4．小明想知道家里洗衣液的密度，于是与小华一起用天平和量筒做了如下实验：
（1）将天平放在水平台上，将 　游码　归零，发现指针指在分度盘的右侧，应将平衡螺母向 　左　调，直到天平平衡。
（2）调节天平平衡后，他们进行了以下实验：
①用天平测出烧杯的质量为37g。
②往烧杯中倒入适量的洗衣液，测出烧杯和洗衣液的总质量如图甲所示。
③将烧杯中的洗衣液倒入量筒中，洗衣液的体积如图乙所示。
（3）要精确的测量洗衣液的密度，步骤（2）的实验顺序排列合理是 　②③①　（只写①②③的序号）。
（4）实验测得洗衣液的密度是 　1.1×103　kg/m3。
【分析】（1）天平是测量物体质量的工具，使用之前要进行调节：把天平放在水平工作台上，游码与标尺左端的0刻度线对齐，调节平衡螺母使指针指在分度盘的中央；为使横梁平衡，调节规律是“左偏右调，右偏左调”；
（3）分析实验步骤中对洗衣液的体积测量结果造成了影响，可确定对密度的影响，并可据此调节实验顺序。
（4）读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与凹液面的底部相平；
已知烧杯和洗衣液的质量，烧杯的质量，可以得到烧杯中洗衣液的质量；已知洗衣液的质量和体积，利用公式ρ＝求出洗衣液的密度。
【解答】解：
（1）在调节托盘天平时，首先将其放在水平桌面上，游码放在标尺的左端零刻度线处，此时，若发现指针指在分度盘的中央零刻度线的右边，应将平衡螺母向左调节，直到天平平衡；
（3）若先测烧杯与洗衣液的总质量，再将洗衣液倒入量筒测体积，最后测烧杯的质量，这样既不影响洗衣液体积的测量，同时烧杯中残留洗衣液也不会影响质量的测量结果，洗衣液的密度比较精确，因此合理的实验顺序应为②③①。
（4）量筒的分度值为2mL，量筒中洗衣液的体积为V＝50mL＝50cm3；
在天平的标尺上，1g之间有5个小格，一个小格代表的质量是0.2g，即天平的分度值为0.2g；
烧杯和洗衣液的总质量是m1＝20g+50g+20g+2g＝92g；
空烧杯的质量为m2＝37g，
烧杯中洗衣液的质量为：m＝m1﹣m2＝92g﹣37g＝55g，
洗衣液的密度为：ρ＝＝＝1.1g/cm3＝1.1×103kg/m3；
故答案为：（1）游码；左；（3）②③①；（4）1.1×103。
【点评】通过此实验考查了天平、量筒的读数、密度的计算、以及正确分析实验过程中产生的误差，对实验误差的分析及操作顺序的合理安排是我们应该关注的重点。
三．控制变量法与探究性实验方案（共1小题）
5．小明所在的实验小组想探究物体从斜面上滑下的速度大小与哪些因素有关。通过观察，他们猜想：物体到达斜面底端时速度v的大小可能与物体的质量m、斜面的倾角θ、斜面的材料这三个因素有关。于是他们选择以下器材进行探究：一个右端固定有遮光片的长方体木块质量为200g、一个100g的砝码（可粘在木块上表面）、两个长度相同材料不同的斜面A和B（斜面底端安有光电门）。实验装置如图所示，他们的实验操作是让木块沿斜面直线下滑，利用光电门速度传感器测得木块到达斜面底端时的速度v。
（1）为了保证从实验数据得出结论的可靠性，下列说法正确的是 　CD　。
A.斜面越长越好
B.斜面越宽越好
C.木块每次都由静止开始下滑
D.木块每次都从斜面上相同的位置下滑
（2）在本实验中，光电门速度传感器的工作原理是当木块上的遮光片通过光电门时光被挡住，计时器开始计时，当遮光片离开光电门时计时器停止计时，这样就可以根据遮光片的宽度与运动时间计算出此时木块的速度。已知遮光片的宽度为1.2cm，如果计时器某次显示的时间为0.005s，则此次测得的木块速度为 　2.4　m/s。
（3）小明他们改变相关条件，多次实验，得到了下列数据：
实验序号
θ
斜面
m/g
v/（cm/s）
1
20°
A
200
245
2
20°
A
300
245
3
20°
B
200
153
4
20°
B
300
153
5
30°
A
200
358
6
40°
A
200
438
①分析比较表中数据可得：v与前面猜想的三个因素中的 　质量　无关。
②分析比较实验序号1和3，2和4可得出v与 　斜面的材料　有关。
③分析比较实验序号1、5、6，可得出木块到达斜面底端时的速度与斜面倾角的关系是：当斜面材料相同时，　斜面的倾角越大，物体从斜面上滑下的速度越大　。

【分析】（1）实验数据得出结论的可靠性，要确保速度测量的准确性，要使木块从同一高度，静止滑下。速度大小和斜面长度和宽度无关；
（2）根据遮光片的宽度与运动时间计算出此时木块的速度；
（3）控制变量法进行分析解答，知道应该控制哪些因素不变，改变哪些因素，然后分析结果的变化。
【解答】解：（1）实验数据得出结论的可靠性，要确保速度测量的准确性，要使木块从同一高度，静止滑下。速度大小和斜面长度和宽度无关。故AB错误，CD正确；
（2）木块速度v＝＝＝2.4m/s；
（3）①分析实验1和2，实验3和4，质量不同的时候，v相同，所以v和质量无关。
②分析比较实验序号1和3，2和4，倾角相同，质量相同，斜面材料不一样，v不相同。所以v和斜面材料有关。
③分析比较实验序号1、5、6，斜面材料相同，倾角不同，v不同，所以斜面的倾角越大，物体从斜面上滑下的速度越大。
故答案为：（1）CD；（2）2.4；（3）质量；斜面的材料；斜面的倾角越大，物体从斜面上滑下的速度越大。
【点评】本题考查了控制变量法的相关实验，关键认真分析变量是否会对结果有影响。
四．探究影响摩擦力大小的因素（共4小题）
6．小明探究影响滑动摩擦力大小的因素时选取的实验器材有：弹簧测力计一个、木块一个、砝码若干、毛巾、棉布各一条。实验装置如图甲所示，改变实验条件用弹簧测力计多次拉着木块在水平面上运动，实验数据记录如表：
实验次数
桌面上所垫材料
木块上所放砝码质量（g）
弹簧测力计示数（N）
1
毛巾
50g
1.8
2
毛巾
100g

3
棉布
100g
2.0

（1）实验过程中，为了使弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力的大小，根据 　二力平衡　的原理，应该沿水平方向 　匀速直线　拉动木块；
（2）第二次实验时，弹簧测力计示数如图乙所示，则此时木块受到滑动摩擦力的大小为 　2.2　N；
（3）对比第1、2两次实验数据，可以得出结论：滑动摩擦力的大小跟 　压力　有关；
（4）对比第 　2、3　两次实验数据，可以得出结论：滑动摩擦力的大小跟接触面粗糙程度有关。
【分析】（1）根据二力平衡力的条件分析解答；
（2）根据弹簧测力计分度值读数；
（3）（4）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，分析图中现象得出结论。
【解答】解：
（1）实验过程中，为了使弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力的大小，根据二力平衡条件，应该沿水平方向匀速直线拉动木块；
（2）由图乙可知，弹簧测力计分度值为0.2N，示数为2.2N，因此滑动摩擦力的大小为2.2N；
（3）对比第1、2两次实验数据可知，接触面粗糙程度相同，2中压力大，摩擦力也大，故可以得出结论：在接触面的粗糙程度相同时，滑动摩擦力的大小跟压力有关；
（4）为探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系，应控制压力大小不变，改变接触面的粗糙程度，故选2、3两次实验。
故答案为：（1）二力平衡；匀速直线；（2）2.2；（3）压力；（4）2、3。
【点评】本题探究影响滑动摩擦力大小的因素，考查实验原理、弹簧测力计的读数、控制变量法和分析数据归纳结论的能力，体现了对过程和方法的考查。
7．为了探究滑动摩擦力的大小跟哪些因素有关，准备了长木板一块、木块一个、砝码若干、弹簧测力计、棉布、毛巾等器材，实验操作如下：
（1）将长木板放在水平桌面上，将木块放在长木板上，用弹簧测力计水平向右拉着木块匀速直线运动，弹簧测力计示数为1.0N，则木块所受滑动摩擦力的大小为 　1.0　N，方向 　水平向左　（选填“水平向右”或“水平向左”）。
（2）下表是某实验小组的实验过程和数据记录
实验次数
接触面
压力F/N
摩擦力Ff/N
1
木块与木板
6.0
1.2
2
木块与木板
8.0
1.6
3
木块与木板
10.0
2.0
4
木块与棉布
10.0
3.0
5
木块与毛巾
10.0
4.0
①分析比较1、2、3三次实验数据，可以得出的实验结论是：在接触面的粗糙程度相同的条件下，滑动摩擦力随压力的增大而 　增大　（选填“增大”或“减小”）。
②分析比较3、4、5三次实验数据，可以得出的实验结论是：在压力相同的条件下，接触面越粗糙，滑动摩擦力越 　大　（选填“大”或“小”）。
（3）本实验主要用到的实验方法是 　B　。
A.转换法
B.控制变量法

【分析】（1）根据二力平衡条件分析木块所受滑动摩擦力的大小和方向；
（2）根据控制变量法，找出不变的量和变化的量，确定滑动摩擦力与变化量之间的关系；
（3）根据控制变量法分析。
【解答】解：（1）用弹簧测力计水平向右拉着木块匀速直线运动时，木块在水平方向上受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，根据平衡力的大小相等、方向相反可知，木块所受滑动摩擦力的大小为f＝F＝1.0N，方向水平向左；
（2）①分析比较1、2、3三次实验数据，可以得出的实验结论是：在接触面的粗糙程度相同的条件下，滑动摩擦力随压力的增大而增大；
②分析比较3、4、5三次实验数据，可以得出的实验结论是：在压力相同的条件下，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（3）影响滑动摩擦力大小的因素有多个，该实验探究主要运用的科学探究方法是控制变量法，故选B。
故答案为：（1）1.0；水平向左；（2）①增大；②大；（3）B。
【点评】能否正确使用控制变量法进行分析实验是解答此题的关键，同时要学会利用二力平衡的条件间接测出摩擦力的方法。
8．在“研究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，同学们猜想影响滑动摩擦力大小的因素可能有：
①接触面所受的压力；
②接触面的粗糙程度。
根据猜想，同学们设计了如图所示甲、乙、丙的实验。
（1）实验时，沿水平方向拉动木块使它沿木板做匀速直线运动，弹簧测力计的示数就等于滑动摩擦力的大小，因为这时木块受到的拉力和滑动摩擦力是一对 　平衡　力；
（2）由实验甲、乙可知，其他条件相同时，接触面所受的压力越大，滑动摩擦力越 　大　；
（3）由实验乙、丙可知，其他条件相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越 　大　；
（4）以下事例中，增大摩擦的是 　A　，减小摩擦的是 　B　（该两空选填字母）。
A.鞋底有凹凸不平的花纹
B.给自行车轴加润滑油

【分析】（1）木块做匀速直线运动，处于平衡状态，受平衡力作用；
（2）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，接触面粗糙程度一定时，接触面所受的压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）接触面所受的压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（4）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
【解答】解：
（1）木块在水平木板上做匀速直线运动，处于平衡状态，拉力与摩擦力是一对平衡力；
（2）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关；由实验甲、乙可知，接触面粗糙程度一定时，接触面所受的压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）由实验乙、丙可知，接触面所受的压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（4）A、鞋底有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦；
B、给自行车轴加润滑油，在接触面形成一层油膜，是通过使接触面脱离来减小摩擦力。
故答案为：（1）平衡；（2）大；（3）大；（4）A；B。
【点评】本题考查了探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验，以及增大和减小摩擦力的方法在生活中的应用，很好的体现了对控制变量法的理解，难度不大。
9．实验小组在探究“影响摩擦力大小因素”的实验中，小吴有如下猜想：
A.滑动摩擦力大小与压力大小有关；
B.滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关。
为此，小吴进行了如图所示的实验：
（1）在实验过程中，需用弹簧测力计拉动木块做匀速直线运动，根据 　二力平衡　的知识可知，滑动摩擦力大小等于拉力大小。
（2）由图甲和图乙比较，可验证猜想 　A　（填“A”或“B”）正确，并可得到结论：接触面粗糙程度相同时，　压力越大，滑动摩擦力越大　。
（3）小军认为滑动摩擦力大小还可能与接触面积大小有关，于是将甲图中的木块竖着切去一半，如图丁所示，比较甲、丁两次实验，发现拉力大小不同，由此得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关。你认为他的结论是 　错误　（选填“正确”或“错误”）的，理由是：　没有控制压力不变　。
【分析】（1）处于平衡状态的物体受到的力是平衡力，据此分析。
（2）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关。当接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大。当压力大小一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3）若想探究滑动摩擦力大小与接触面积大小是否有关时，应该控制压力大小和接触面的粗糙程度不变，改变受力面积。
【解答】解：（1）弹簧测力计拉动木块时，弹簧测力计显示拉力大小，当木块在水平方向上进行匀速直线运动时，木块受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，这两个力大小相等，所以根据二力平衡的知识可知，滑动摩擦力大小等于拉力大小。
（2）图甲和图乙接触面的粗糙程度相同，压力大小不相等，因此可以验证滑动摩擦力大小与压力大小有关，并可得到实验结论：在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）若想探究滑动摩擦力大小与接触面积大小是否有关时，应该控制压力大小和接触面的粗糙程度不变，改变受力面积。比较甲、丁两次实验可知，接触面的粗糙程度相同，木块对木板的压力不同，所以拉力大小不同，所以不能由此得出滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关的结论。
故答案为：（1）二力平衡。（2）A；压力越大，滑动摩擦力越大。（3）错误；没有控制压力不变。
【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法及增大摩擦力在实际的运用，体现了对过程和方法的考查。
五．探究阻力对物体运动的影响（共1小题）
10．在研究“阻力对物体运动的影响”实验中，可供使用的器材有斜面、木板、棉布、毛巾、天平和小车。

（1）在上述器材中，不需要用到的器材有 　天平　。
（2）固定斜面，分别将小车从斜面上 　同一　（填“同一”或“不同”）高度由静止释放。
（3）如图描述了先后两次实验中所呈现的现象，根据实验现象可作出如下科学推理：若没有阻力，则运动的小车将在水平面上 　匀速直线运动　（填“静止”或“匀速直线运动”）。伽利略运用“实验+科学推理”的方法，揭示了一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质。
（4）设实验中运动的小车在棉布上克服阻力做功为W1，在木板上克服阻力做功为W2，则W1　等于　W2（填“大于”“等于”或“小于”）。
【分析】（1）本实验通过比较小车在水平面上运动的距离的大小来比较阻力对物体运动的影响，据此进行解答；
（2）要使小车到达水平面具有相同的初速度，应让小车从斜面的同一高度处由静止滑下；
（3）分析实验现象进行科学推理得出答案；
（4）从小车的动能全部转化为内能、大小等于克服阻力做的功进行解答。
【解答】解：（1）本实验通过比较小车在水平面上运动的距离的大小来比较阻力对物体运动的影响，不需要测量物体的质量，所以天平不需要；
（2）要研究小车在水平面上滑行的距离，必须控制小车的初速度相同，即让小车从斜面的同一高度滑下；
（3）由图可知，小车在棉布表面上滑行的距离较近，在水平木板表面滑行的距离较远，说明小车受到的阻力越小，运动的距离越远，
进一步推理可得：若没有阻力，运动小车的运动状态不变，即做匀速直线运动；
（4）因小车达到水平面时初速度相同，则小车最初的动能相同，最终速度为0，小车的动能全部转化为内能，减小的动能等于克服阻力做的功，
所以，小车在棉布上克服阻力做功W1和在木板上克服阻力做功W2相等，即W1＝W2。
故答案为：（1）天平；（2）同一；（3）匀速直线运动；（4）等于。
【点评】本题考查了研究“阻力对物体运动的影响”的实验，会熟练应用控制变量法和科学推理法、用动能转化为内比较克服阻力做功的大小是关键，
六．探究液体内部的压强（共1小题）
11．物理课上，同学们利用压强计“研究液体内部压强”，进行了如下的操作。

（1）实验前，用手指按压橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置 　不漏气　（选填“漏气”或“不漏气”）。小明没有按压橡皮膜时，U形管两侧液面就存在高度差（如图①所示），接下来的操作是 　B　（选填字母）。
A.从U形管内向外倒出适量水
B.拆除软管重新安装
C.向U形管内添加适量水
（2）实验时，小王将探头放入水下，U形管两侧水面高度差为8cm，此时U形管内外的气压差为 　800　Pa。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（3）正确操作后，分析图②、图③的实验现象，得出结论：同种液体中，液体压强随液体深度的增加而 　增加　。
（4）分析图③、图④的实验现象，得出结论：在深度相同时，液体的 　密度　越大，压强越大。
（5）小王用图⑤所示的装置测量未知液体的密度：在左侧加入适量的水，在右侧缓慢倒入待测液体，直到橡皮膜刚好变平，她测量了以下物理量：
A.右侧待测液体到容器底的深度h1
B.右侧待测液体到橡皮膜中心的深度h2
C.左侧水到容器底的深度h3
D.左侧水到橡皮膜中心的深度h4
请你推导出待测液体密度的表达式为ρ＝　　（选择题中合适的字母和ρ水表示）。
【分析】（1）检查装置是否漏气时，用手轻轻按压几下橡皮膜，看液体能否灵活升降；
U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
（2）根据p＝ρgh求出液体产生的压强即为橡皮管内气体的压强与大气压之差；
（3）（4）液体压强与深度和液体的密度有关，研究液体压强与其中一个因素的关系，要控制另外一个因素不变；分析实验中相同量和不同量，根据转换法得出结论；
（5）观察到橡皮膜相平，则左右液体产生的压强相同，根据p＝ρ液gh，可求出液体的密度的表达式。
【解答】解：（1）用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气；
若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，只需要将软管取下，再重新安装，这样U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故B正确；
故选B；
（2）U形管左右两侧水面的高度差h＝8cm＝0.08m，
则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m＝800Pa；
（3）分析图②、图③的实验知液体的密度相同，深度不同，深度越深，U形管液面的高度差越大，液体内部压强越大，得出结论：同种液体中，液体压强随液体深度的增加而增加；
（4）分析图③、图④的实验知液体的深度相同，液体的密度不同，且密度越大，U形管液面的高度差越大，液体内部压强越大，得出结论：在深度相同时，液体的密度越大，压强越大；
（5）实验时，橡皮膜两侧受到的压强容易观察，所以需要利用水和液体在橡皮膜处的压强相等来计算液体压强，因此需要测量待测液体和水到橡皮膜中心的深度，如图⑤，橡皮膜相平，所以橡皮膜左侧和右侧的压强相等，即p左＝p右，根据液体压强公式得ρ水gh4＝ρgh2，解得待测液体密度的表达式为ρ＝。
故答案为：（1）不漏气；B；（2）800；（3）增加；（4）密度；（5）。
【点评】本题考查了压强计的检查与使用、液体压强的影响因素等问题，难度不大，掌握基础知识即可正确解题，解题时注意控制变量法的应用。
七．探究浮力大小与哪些因素有关（共1小题）
12．小军同学在做“探究影响浮力大小因素”的实验时，他用弹簧测力计悬挂一个实心金属块，分别在下列四种情况下保持静止（如图所示）。请你帮助小军同学完成以下问题：

（1）乙图中金属块所受浮力为 　0.4　N。
（2）比较甲、丙、丁三幅图可得出结论：浮力的大小与 　液体的密度　有关。
（3）比较 　甲、乙、丙　三幅图可得出结论：浮力的大小与物体浸在液体中的体积有关。
【分析】（1）利用称重法计算乙图中金属块所受浮力。
（2）要探究浮力大小与液体密度的关系，应控制物体排开液体的体积相同，据此根据实验现象得出结论。
（3）要探究浮力大小与排开液体的体积关系，应控制液体的密度相同。
【解答】解：（1）由图甲得，金属块的重力G＝F1＝2.7N，
则乙图中金属块所受浮力为F浮＝G﹣F2＝2.7N﹣2.3N＝0.4N。
（2）比较甲、丙、丁三幅图，丙图和丁图中金属块排开液体的体积相同，液体密度不同，弹簧测力计的示数不同，浮力不同，可得出结论：浮力的大小与液体的密度有关。
（3）比较甲、乙、丙三幅图，乙图和丙图中液体的密度相同，排开液体的体积不同，弹簧测力计的示数不同，浮力不同，说明浮力的大小与排开液体的体积有关。
故答案为：（1）0.4。（2）液体的密度。（3）甲、乙、丙。
【点评】此题为探究影响浮力大小因素的实验，属于基础实验题，难度不大，解答时应注意控制变量法的运用。
八．探究杠杆的平衡条件（共2小题）
13．在“探究杠杆的平衡条件”实验中：

（1）杠杆静止在图甲所示位置，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 　左　（填“左”或“右”）调节。
（2）调节平衡后，如图乙，在A点挂3个钩码，则应在B点挂 　2　个钩码，才能使杠杆重新在水平位置平衡（所用钩码的规格都相同）。
（3）改变钩码的位置和个数，使杠杆平衡，收集多组数据，其目的是 　B　（填序号）。
A.取平均值，减小误差
B.避免偶然性，寻找普遍规律
（4）看图丙的漫画，根据杠杆的平衡条件分析，小兔分得的萝卜质量 　小于　（填“大于”、“等于”或“小于”）小猴的。
【分析】（1）杠杆左高右低，则杠杆重心在支点右侧，据此分析回答；当杠杆在水平位置平衡时，杠杆的重心在支点上，杠杆的重力力臂为0，避免了杠杆重力对杠杆平衡的影响；
（2）设杠杆分度值是L，一个钩码重是G，根据杠杆平衡条件求出；
（3）实验测多组数据的目的是得出的结论更具有普遍性；
（4）由图可知，萝卜被支起，处于平衡状态，只要能确定两边力臂的大小关系即可求得两边的重力的大小关系。
【解答】解：（1）杠杆左高右低，则杠杆重心在支点右侧，故应重心左移，小明将左端的平衡螺母向左调节，使杠杆在水平位置平衡；
（2）设杠杆分度值是L，一个钩码重是G，设在B处挂了n个钩码，则3G×2L＝nG×3L，解得：n＝2，应在B点挂2个钩码；
（3）多次改变力和力臂的大小，得到了多组实验数据，得出了杠杆平衡条件。该实验测量多组数据的目的是得出的结论避免偶然性，寻找普遍规律，故选B；
（4）如下图所示：

以O1为支点，左端的重心在P处，右端的重心在Q处，LP＜LQ，即左端重力的力臂小于右端重力的力臂。
根据杠杆的平衡条件可得：GP•LP＝GQ•LQ，
因为LP＜LQ，
所以，GP＞GQ，即mPg＞mQg，
所以mP＞mQ，
故小兔分得的萝卜质量小于小猴的。
故答案为：（1）左；（2）2；（3）B；（4）小于。
【点评】本题重点考查探究杠杆平衡条件的实验调平和操作，要求平时做实验时多加注意，锻炼自己的实验操作能力。正确理解杠杆的平衡条件是关键。
14．为了探究杠杆的平衡条件，小庆将安装好的器材放到水平桌面上，调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。
（1）某次实验时，小庆在已调好的杠杆两侧挂上钩码后，出现如图所示的情形。为了使杠杆在水平位置平衡，下列操作正确的是 　A　。（单选）
A.将左侧钩码向左移动
B.将右侧钩码向右移动
C.将平衡螺母向左调节
（2）正确完成实验后，获得的三组数据如下表所示。
次数
动力F1/N
动力臂l1/cm
阻力F2/N
阻力臂l2/cm
1
1.0
10.0
0.5
20.0
2
1.0
20.0
2.0
10.0
3
2.0
15.0
1.5
20.0
分析数据可得杠杆的平衡条件：　动力×动力臂＝阻力×阻力臂（或F1•l1＝F2•l2）　。

【分析】（1）根据杠杆平衡条件F1l1＝F2l2，右端上翘，可以将右端钩码向右调节，或将左端钩码向右调节；
（2）将3次实验数据的动力乘以动力臂与阻力乘以阻力臂进行比较可得结论。
【解答】解：（1）由图可知，杠杆右端下沉，说明右边钩码的拉力乘以对应的力臂要大于左边钩码的拉力乘以对应的力臂，所以此时可以减小右边钩码的拉力对应的力臂或增大左边钩码的拉力对应的力臂，即将右边的钩码向左移动或将左边的钩码向左移动，故选A；
（2）分析表中数据可知：
实验此时1：1.0N×10.0cm＝0.5N×20.0cm，
实验次数2：1.0N×20.0cm＝2.0N×10.0cm，
实验次数3：2.0N×15.0cm＝1.5N×20.0cm，
可得杠杆的平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（或F1l1＝F2l2）。
故答案为：（1）A；（2）动力×动力臂＝阻力×阻力臂（或F1l1＝F2l2）。
【点评】本题考查了杠杆的调节、杠杆平衡条件的应用等问题，还考查了通过分析实验数据得出结论的能力。
九．探究光反射时的规律（共1小题）
15．为了探究光反射时的规律，小丽把一个平面镜放在水平桌面上，再把一张可以绕ON翻折的纸板ABCD竖直地立在平面镜上，纸板上的直线ON垂直于镜面。她将一束光贴着纸板沿EO方向射向O点，在纸板上用笔描出入射光EO和反射光OF的径迹。

（1）如图甲所示，反射角的大小为 　50　°。
（2）实验过程中，进行下列哪项操作后，在纸板上仍可以看到反射光？　B　（单选）
A.如图乙所示，将纸板的右半部分向后翻折
B.如图丙所示，将纸板与入射光束一起以ON为轴旋转
C.如图丁所示，将纸板与入射光束一起以CD为轴向后倾倒
【分析】（1）反射角是反射光线与法线的夹角；（2）根据反射光线、入射光线和法线在同一平面内的特点进行分析。
【解答】解：（1）图甲中ON是法线，反射光线与法线的夹角就是反射角，为50°；（2）让入射光沿EO方向射向镜面，在纸板B上可以看到反射光；A.若将纸板B向后折，反射光线、入射光线和法线在同一平面内，后折不同角度不能在纸板上观察到反射光；B.如图丙所示，将纸板与入射光束一起以ON为轴旋转，在纸板上观察到反射光；C.如图丁所示，将纸板与入射光束一起以CD为轴向后倾倒，反射光线还在，但在纸板上观察不到反射光，故选：B。
故答案为：（1）50；（2）B。
【点评】本题主要通过实验探究了光的反射定律。实验探究题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生从实验中分析现象，归纳总结规律。培养学生观察、分析、概括能力。
一十．平面镜成像的特点（共1小题）
16．如图所示，在表演“浇不灭的蜡烛”的魔术时，把玻璃板竖立在水平桌面上，玻璃板前竖放一根蜡烛，玻璃板后有一玻璃杯，点燃蜡烛，透过玻璃板看到“蜡烛在杯中燃烧”，向杯中逐渐加水，透过玻璃板，会看到“杯中燃烧的蜡烛没有被水浇灭”。
（1）该魔术主要利用了 　平面镜　（选填“平面镜”或“凸透镜”）成像的原理。在较 　暗　（选填“明”或“暗”）的环境中表演，现象更明显。
（2）杯中的“蜡烛”是实际蜡烛形成的 　正　（选填“正”或“倒”）立的 　虚　（选填“虚”或“实”）像，与实际蜡烛大小 　相等　（选填“相等”或“不相等”）。

【分析】（1）魔术中的玻璃板相当于平面镜；
探究平面镜成像实验时，物体和环境对比度越大，并且物体越亮，物体的像越清晰；要用透明的玻璃板代替平面镜，便于确定像的位置，便于比较物像大小关系；
（2）物体在平面镜中成的像是正立的虚像，物像大小相等，像的大小跟物体大小有关，跟物体到平面镜的距离无关。
【解答】解：
（1）魔术中的玻璃板相当于平面镜，所以该魔术主要利用了平面镜成像的原理；
蜡烛点燃时比较亮，在较暗的环境中，烛焰和环境的对比度比较大，烛焰的像会更清晰；
（2）蜡烛通过玻璃板成正立等大的虚像。
故答案为：（1）平面镜；暗；（2）正；虚；相等。
【点评】本题考查了平面镜成像的实验。熟练掌握平面镜成像的特点及实验过程，是解答此类问题的关键。
一十一．探究平面镜成像的特点（共1小题）
17．在“探究平面镜成像的特点”实验中，桌面上铺一张大纸，纸上竖立一块玻璃板作为平面镜子。沿着玻璃板在纸上画一条直线表示平面镜的位置。把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板的前面，可以看到它在玻璃板后面的像。再拿一支外形相同但是不点燃的蜡烛B，竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去它与前面那支蜡烛的像完全重合。这个位置就是前面那支蜡烛的像的位置。在纸上记下这两个位置，实验时注意观察蜡烛的大小和它的像的大小是否相同。移动点燃的蜡烛，重做实验。
（1）为便于观察，该实验最好在 　较暗　环境中进行（选填“较亮”或“较暗”）。
（2）除了图中提供的器材外，实验中还需要一种测量工具是 　刻度尺　。
（3）把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，再拿一支外形相同但不点燃的蜡烛B，竖立着在玻璃
板后面移动，直到看上去它跟前面那支蜡烛的像完全重合，这样做既确定了像的位置，又验证了像与物的 　大小　关系。
（4）将蜡烛A逐渐靠近玻璃板时，它的像的大小 　不变　（选填“变大”或“不变”或“变小”）；
（5）移去蜡烛B，在其位置竖立光屏，在光屏上不能承接到A的像，说明平面镜所成的像是 　虚　像（选填“虚”或“实”）。

【分析】（1）成像的物体和环境的对比度越大，成像越清晰；
（2）实验中需要探究像到镜面的距离与物体到镜面的距离的关系；
（3）在实验中为了便于研究像的特点与位置，用了两支相同的蜡烛，将另一支蜡烛放在像的位置与像进行比较，运用了替代法；
（4）平面镜成的像与物体大小相等；
（5）平面镜所成的像是虚像，不会出现在光屏上。
【解答】解：（1）点燃蜡烛，烛焰在明亮的环境中，烛焰和明亮环境对比度较小，成像不太清晰；烛焰在黑暗环境中，烛焰和黑暗环境的对比度大，成像更清晰；
（2）平面镜成像时，为了探究像到镜面的距离与物体到镜面的距离的关系，需要刻度尺测量出物距和像距的大小，所以用到的工具是刻度尺；
（3）两支蜡烛大小相同，后面的蜡烛又和前面蜡烛的像完全重合，这样就证明了像与物大小相同，所以需要选用两根外形相同的蜡烛，是为了比较像与物大小的关系；
（4）平面镜成的像与物体大小相等，因此将蜡烛A逐渐靠近玻璃板时，它的像大小不变；
（5）平面镜所成的像是虚像，不会出现在光屏上，所以小明拿掉B蜡烛，在原来B的位置放置一块光屏，直接观察光屏，发现A蜡烛不能在光屏上成像。
故答案为：（1）较暗；（2）刻度尺；（3）大小；（4）不变；（5）虚。
【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题。只要熟练掌握平面镜的成像特点，解答此类题目就很容易。
一十二．探究凸透镜成像的规律（共1小题）
18．小宇同学有一次用爷爷的放大镜（焦距为10cm）看窗外的物体时，竟发现看到的物体是倒立的，心里想：放大镜成像到底有什么规律呢？于是他从实验室借来一架光具座、一个光屏、一根蜡烛，进行实验探究：

（1）在图中的装置上保持放大镜的位置不变，将蜡烛移至光具座20cm刻度线处，移动光屏发现烛焰在光屏上成倒立、缩小的像。根据这个原理可制成 　照相机　（选填“照相机”或“投影仪”）。
（2）向右将蜡烛移至光具座35cm刻度线处，移动光屏至某位置，烛焰在光屏上成一倒立、　放大　（选填“缩小”、“放大”或“等大”）的像。
（3）继续向右将蜡烛移至光具座45cm刻度线处，小宇同学发现无论怎么移动光屏，在光屏上都得不到像。这是因为此时烛焰通过凸透镜成的是 　虚像　（选填“实像”或“虚像”）。
【分析】物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大实像，像距大于二倍焦距。
物距等于二倍焦距成倒立等大实像，像距等于二倍焦距。
物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距。
【解答】解：（1）蜡烛移至光具座20cm刻度线处，物距为30cm，大于两倍焦距，所以成倒立缩小的实像，和照相机成像原理一致；
（2）向右将蜡烛移至光具座35cm刻度线处，物距为15cm，大于一倍焦距，小于两倍焦距，成倒立放大的实像；
（3）蜡烛移至光具座45cm刻度线处，物距为5cm，小于一倍焦距，成正立放大的虚像，所以在光屏上不成像。
故答案为：（1）照相机；（2）放大；（3）虚像。
【点评】此题是探究凸透镜成像的规律，此题通过例举一些实验数据，让学生通过数据总结结论，考查了分析数据得出结论的能力。同时考查了实验中常出现的一种情况，即光屏上没有像，知道这可能是成虚像，或不能成像或光屏、凸透镜、烛焰的中心不在同一高度。
一十三．探究电磁感应现象的实验（共1小题）
19．如图，在“探究什么情况下磁可以生电”实验中：
序号
实验操作
电流表指针偏转情况
1
保持导体与磁体静止
不偏转
2
保持磁体静止，导体水平向左切割磁感线
向右偏转
3
保持磁体静止，导体水平向右切割磁感线
向左偏转
……


（1）比较1、2（或1、3）实验现象可知，闭合电路的一部分导体在磁场中做 　切割磁感线　运动时，导体中就产生电流；
（2）要使感应电流方向发生改变，可采取的具体措施是 　B　；（选填字母）
A.使用磁性更强的磁体
B.保持磁体静止，只改变导体水平运动的方向
C.上下调换磁极，同时改变导体水平运动的方向
（3）从能量的角度来分析，感应电流的产生过程是 　机械　能转化为电能；
（4）如果将电流表换成 　电源　，可以探究磁场对通电导体的作用。

【分析】（1）产生感应电流必备的三个条件：闭合电路，一部分导体，切割磁感线运动，三个条件缺一不可。
（2）感应电流的方向和导体运动方向、磁场方向有关。
（3）电磁感应现象中机械能转化为电能。
（4）磁场对通电导体作用，电路中要有电源。
【解答】解：（1）比较1、2（或1、3）实验现象可知，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生电流，这是电磁感应现象；
（2）要使感应电流方向发生改变，可采取措施是保持磁体静止，只改变导体水平运动的方向，故B正确；
（3）电磁感应现象中消耗机械能，得到电能，所以是机械能转化为电能；
（4）研究磁场对通电导体的作用，电路中一定有电源，所以将电流表换成电源，导体AB成为通电导体，可以探究磁场对通电导体的作用。
故答案为：（1）切割磁感线；（2）B；（3）机械；（4）电源。
【点评】此题是探究电磁感应现象的实验，考查了学生对电磁感应现象和磁场对通电导体的作用等知识的理解和掌握，难度不大。
一十四．实验 比较不同物质吸热的情况（共1小题）
20．图甲是“比较不同物质的吸热能力”的实验装置。
（1）两支试管里水和煤油的质量 　相同　（填“相同”或“不同”）。
（2）相同时间内，水吸收的热量 　等于　（填“大于”、“等于”或
“小于”）煤油吸收的热量。
（3）由图乙可知，　水　的吸热能力更强。

【分析】（1）（2）根据控制变量法，比较不同物质的吸热能力实验中，需用相同的加热装置，对质量相同、初温相同的水和煤油进行加热；该实验中，用加热时间的长短来比较物质吸收热量的多少。
（3）比较质量相同的不同物质，在升高相同温度时，所用的加热时间的长短即可，加热时间长的吸热能力强。
【解答】解：
（1）根据控制变量法，比较不同物质的吸热能力实验中，需用相同的加热装置，对质量相同、初温相同的水和煤油进行加热。
（2）比较不同物质的吸热能力实验中，用加热时间的长短来比较物质吸收热量的多少，所以相同时间内，水吸收的热量等于煤油吸收的热量。
（3）分析图像乙可知，质量和升高温度相同，水加热时间长，根据比较吸热能力的方法，故水的吸热能力更强。
故答案为：（1）相同；（2）等于；（3）水。
【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
一十五．探究电流与电压、电阻的关系（共5小题）
21．探究“电流与电阻的关系”时，可供实验器材有：三节新的干电池（电压为4.5V）、电流表、电压表、滑动变阻器（标有“20Ω 2A”字样）、定值电阻5个（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、50Ω），开关一个，导线若干。小静等同学设计了如图甲所示的电路图：

（1）请用笔画线代替导线将图乙中的实物图连接完整，要求：滑片向右移动时电阻变大。
（2）闭合开关，电流表无示数，电压表有示数，并接近电源电压，则故障原因是：　定值电阻断路　。
（3）排除故障后，将定值电阻由5Ω更换为10Ω时，应向 　右　（选填“左”或“右”）适当调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变。
（4）图丙是根据实验数据画出的定值电阻的I﹣R图像，其中阴影部分面积表示的物理量是 　电阻两端的电压　，其数值为 　3V　。
（5）实验中，在接入50Ω的定值电阻后，小静同学无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，为了能完成这次实验，小静采取的措施可行的是 　BC　。（多选）
A.调高电源电压
B.更换一个最大阻值为30Ω的滑动变阻器
C.再串联一个10Ω的电阻
D.将电压表改接到滑动变阻器两端
（6）如图图像中能大致反应本实验中各物理量之间关系的是 　C　。

【分析】（1）滑动变阻器接一个上接线柱和一个下接线柱串联在电路中，按照甲电路图连接实物图；
（2）若电流表没有示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表、电流表、滑动变阻器、开关与电源相连，据此判断出故障；
（3）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
（4）根据画出I﹣R图象（如图丙）知图中阴影面积为长方形，由欧姆定律分析；
（5）由欧姆定律求出在接入50Ω的电阻进行实验时变阻器连入电路中的电阻与和电源电压，据此分析；
（6）A、根据电流与R之积为一定值分析；
B、换用不同的电阻时，电压表示数不变，据此分析；
C、由分压原理可知变阻器与R的比值，据此分析；
D、根据P＝UI＝得出定值电阻的功率，据此分析。
【解答】解：（1）滑动变阻器接一个上接线柱和一个下接线柱串联在电路中，按照甲电路图知滑动变阻器接左下接线柱，如下图所示：
；
（2）若电流表没有示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表、电流表、滑动变阻器、开关与电源相连，所以故障为与电压表并联的定值电阻断路；
（3）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，
根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表示数恢复到原来的值；
（4）根据画出I﹣R图象（如图丙）知，图中阴影面积为长方形，其面积等于IR，由欧姆定律得，U＝IR，阴影面积表示的物理量是电阻两端的电压，其数值为U＝IR＝0.6A×5Ω＝3V；
（5）A、设电源电压为U，定值电阻两端的电压为UV，当接入50Ω的定值电阻时，则＝，即＝，解得电源电压为：U＝4.2V，所以降低电源电压可以完成这次实验，故A错误；
BC、为了能完成这次实验，滑动变阻器的最小电阻为：
＝，即＝，解得滑动变阻器的最大电阻为：R滑大＝25Ω，所以更换一个最大阻值为30Ω的滑动变阻器可以完成这次实验，故B正确；
再串联一个电阻的阻值可以为：30Ω﹣20Ω＝10Ω，故C正确；
D.将电压表改接到滑动变阻器两端，不能改变电阻的分压作用，无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，所以不能完成这次实验，故D错误；
故选：BC；
（6）A、因电压表示数不变，即电流与R之积为一定值，故电流随R的变化关系为反比例函数，故A错误；
B、换用不同的电阻时，电压表示数不变，故B错误；
C、定值电阻的电压为2V，变阻器的电压为1V，由分压原理，变阻器与R的比值为1：2，故变阻器连入电路的电阻与R的关系为一过原点的直线，故C正确；
D、根据P＝UI＝，定值电阻的功率：PR＝＝，即电阻的电功率与R之积为一定值，电阻的电功率随R变化关系为反比例函数，故D错误。
故选：C。
故答案为：（1）见解答图；（2）定值电阻断路；（3）右；（4）电阻两端的电压；3V；（5）BC；（6）C。
【点评】本题探究电流与电阻的关系，考查电路连接、故障分析、数据分析、控制变量法。
22．用图甲所示的电路探究“电流与电阻的关系”，电源为两节干电池，实验室提供了阻值分别为30Ω、15Ω、10Ω、7.5Ω的电阻各一个。

实验次数
1
2
3
4
电阻R/Ω
30
15
10
7.5
电流I/A
0.08
0.16
0.24

（1）用笔画线代替导线，在图甲中请将实验电路连接完整。（要求滑片向右移，电流表示数变大）
（2）实验时，从大到小依次更换不同的定值电阻，调节滑动变阻器，保证电阻两端电压不变，分别记录每次电阻R和电流表示数I，数据如上表，其中第4次实验的电流表示数如图乙所示，读数为 　0.32　A；电压表示数应为 　2.4　V。
（3）在现有实验器材不变的条件下，某同学通过实验还获得一组“5Ω，0.48A”的数据，请写出他所使用的方法 　15Ω与7.5Ω并联得到等效电阻5Ω，并向右端移动滑动变阻器滑片，使电压表的示数为2.4V　。
【分析】（1）根据电源电压确定电压表量程，将电压表并联在电阻两端；变阻器滑片向右移，电流表示数变大，说明电路中电阻阻值变小，据此确定变阻器选用右下接线柱串联接入电路中；
（2）根据电流表选用量程确定分度值读数；根据实验数据利用U＝IR算出电压表示数；
（3）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上小电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向。
【解答】解：（1）电源为两节干电池，电压为3V，故电压表应选用小量程并联在电阻两端；变阻器滑片向右移，电流表示数变大，说明电路中电阻阻值变小，变阻器应选用右下接线柱与开关串联接入电路中，如下图所示：
；
（2）其中第4次实验的电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.32A；由表中数据可知，第4次实验时，电阻阻值为7.5Ω，则电压表示数为：U＝IR＝0.32A×7.5Ω＝2.4V；
（3）根据串联分压原理可知，将15Ω与7.5Ω并联得到等效电阻5Ω，电阻减小，其分得的电压减小；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应减小滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2.4V。
故答案为：（1）见解答图；（2）0.32；2.4；（3）15Ω与7.5Ω并联得到等效电阻5Ω，并向右端移动滑动变阻器滑片，使电压表的示数为2.4V。
【点评】本题探究“电流与电阻的关系”实验，考查了电路连接、电流表读数、电压的计算和实验操作等知识。
23．在探究电流与电阻的关系时：
（1）图甲是实验电路图的一部分，要完成实验，请在此基础上将实验电路图补充完整；

（2）按补充完整后的图甲进行实验，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于 　a　端；
（3）闭合开关后，发现电流表的指针如图乙所示，造成这一现象的原因是 　电流表的正负接线柱接反了　；
（4）通过实验，得到的实验数据如下表所示，这些数据中，有一组是明显错误的，错误数据的序号是 　2　。
数据序号
1
2
3
4
5
6
电阻R/Ω
5
10
15
20
25
30
电流I/A
0.60
0.40
0.20
0.15
0.12
0.10
【分析】（1）探究电流与电阻的关系，需要控制定值电阻两端的电压不变，据此判断出需要补充的元件；
（2）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处；
（3）根据图乙电流表指针偏转情况确定造成这一现象的原因；
（4）根据欧姆定律，求出对应的电压比较，找出错误的数据。
【解答】解：（1）探究电流与电阻的关系，需要控制定值电阻两端的电压不变，所以需要将电压表并联在定值电阻的两端，见下图：
；
（2）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处，即a端；
（3）从图中可知，此时电流表的指针发生了反向偏转，产生原因是电流表的正负接线柱接反了；
（4）探究电流与电阻的关系，需要控制定值电阻两端的电压不变，根据U＝IR，分别求出6次实验电阻两端对应的电压分别为：3V、4V、3V、3V、3V、3V，所以第2次实验数据错误。
故答案为：（1）见解答图；（2）a；（3）电流表的正负接线柱接反了；（4）2。
【点评】此题是探究电流和电阻的关系实验，考查了控制变量法的应用，同时考查了电流表的使用以及注意事项等知识。
24．某实验小组用如图所示的电路探究电流与电阻的关系。

实验序号
电阻R/Ω
电流I/A
1
5
0.6
2
10

3
20

…


（1）连接电路时应 　断开　开关。
（2）小庆将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片至恰当位置，并将数据记录在上表中。换用10Ω电阻后，应该使定值电阻两端的电压保持U0＝　3　V不变。
（3）将5Ω的定值电阻换为10Ω后，小庆和小丽对接下来的操作有不同看法：
小庆认为应先闭合开关，再将滑片向左移动，使电压表示数为U0。
小丽认为应先将滑片移到最左端，再闭合开关，然后将滑片向右移动，使电压表示数为U0。
请问你赞成谁的观点？　小丽　。简要说明理由：　若先闭合开关，由于定值电阻阻值变大，则两端电压变大，会超过3V，超过电压表的量程，会损坏电压表　。
【分析】（1）连接电路时应断开开关；
（2）探究电流与电阻的关系应保持定值电阻两端电压不变，通过实验1可得电压大小；
（3）在操作过程中，要保护电路的安全，确保所有用电器和电表在安全范围内，从而判断两人的观点。
【解答】解：（1）连接电路时应断开开关；
（2）探究电流与电阻的关系应保持定值电阻两端电压不变，对于实验1，U＝5Ω×0.6A＝3V，故更换电阻时，要保持定值电阻两端的电压是3V不变；
（3）若先闭合开关，由于定值电阻阻值变大，则两端电压变大，会超过3V，超过电压表的量程，会损坏电压表，而小丽先将滑片移到最左端，再闭合开关，保护了电路的安全；所以小庆的方法不妥当，小丽的方法妥当；
故答案为：（1）断开；（2）3；（3）小丽，若先闭合开关，由于定值电阻阻值变大，则两端电压变大，会超过3V，超过电压表的量程，会损坏电压表。
【点评】本题考查了探究电流与电阻的关系的基本实验要求，最难的为最后一问，要从电路安全性出发思考操作。
25．小芳和同学们一起做“探究电流与电阻的关系”的实验，她们准备了电压为3V的电源。规格为“30Ω 1A”的滑动变阻器，阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的四个定值电阻。电流表、电压表、开关各一个，导线若干。她们利用这些器材设计了如图甲所示的电路。实验中控制定值电阻两端电压为2V不变，请帮助小芳和同学们完成以下问题：

（1）小芳和同学们先将5Ω的电阻接入电路中，滑动变阻器阻值调至最大，检查连接无误之后闭合开关，发现电流表示数接近零，电压表示数接近于电源电压，经分析可能是定值电阻处发生了 　断路　（选填“短路”或“断路”）。
（2）电路故障排除后，继续进行实验，调节滑动变阻器滑片，使电压表的示数为2V，电流表的示数如图乙所示，为 　0.4　A，填入表格。
（3）接下来，小芳和同学们将5Ω的电阻更换成10Ω的电阻接入电路，要使电压表的示数保持2V不变，应向 　左　（选填“左”或“右”）移动滑片。
（4）小芳和同学们通过实验得到了以下实验数据：
电阻/Ω
5
10
15
20
电流/A

0.2
0.13
0.1
分析表中数据，可以得出结论：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成 　反　比。
【分析】（1）电流表示数接近零，说明电路断路，电压表示数接近于电源电压，说明电压表与电源连通，说明可能是定值电阻断路；
（2）电流表读数要注意量程和分度值；
（3）将5Ω的电阻更换成10Ω的电阻接入电路，定值电阻两端的电压变大，要使电压表的示数保持2V不变，需要增大滑动变阻器两端的电压，则需要使滑动变阻器连入的电阻变大，据此确定滑片的移动方向；
（4）分析表格，电阻和电流乘积为定值。
【解答】解：（1）电流表示数接近零，说明电路断路，电压表示数接近于电源电压，说明电压表与电源连通，说明可能是定值电阻断路；
（2）电流表读数要注意量程和分度值，量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以读数为0.4A；
（3）将5Ω的电阻更换成10Ω的电阻接入电路，定值电阻两端的电压变大，要使电压表的示数保持2V不变，需要增大滑动变阻器两端的电压，则需要使滑动变阻器连入的电阻变大，所以向左移动滑片；
（4）分析表格，电阻和电流乘积为定值，所以当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。
故答案为：（1）断路；（2）0.4A；（3）左；（4）反。
【点评】本题考查了电流与电阻的关系，难点在于当更换定值电阻时，滑动变阻器的移动，需要对电路有较强的理解能力。
一十六．实验 伏安法测电阻（共3小题）
26．用如图所示的电路测量小灯泡的电阻，小灯泡的额定电压为2.5V。

（1）用笔画线代替导线，将图1中的器材连接成完整电路；
（2）连接电路后，闭合开关，灯泡不亮，电流表和电压表都有较小的示数，无论怎样移动滑片，灯泡都不发光，两表示数均无变化，其原因可能是：　C　；
A.灯泡短路
B.灯泡断路
C.滑动变阻器接的是下端两接线柱
（3）故障排除后，移动滑片到某一位置，电压表的示数如图2所示，此时灯泡两端的电压为 　1.8　V。要测量灯泡的额定电流，应将图1中滑动变阻器的滑片向 　B　（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为 　2.5　V；
（4）移动滑片，记下多组数据，并绘制成图3所示图像，则灯泡正常发光时电阻为 　8.3　Ω（结果保留一位小数）。
（5）用该灯泡和电压表，测未知电阻Rx的阻值，电路图如图4。步骤如下：
①只闭合S0、S1，移动滑片，使电压表示数为1V，由图3可知灯泡的电流为 　0.2　A，即为Rx的电流；
②保持滑片位置不变，只闭合S0、S2，电压表示数为2.6V，则此时Rx的两端的电压为 　1.6　V；
③Rx的阻值为 　8　Ω。
【分析】（1）滑动变阻器采用“一上一下”的原则与被控制电路串联；
（2）连接电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表、电压表都有示数，电路为通路，电路的电流较小，电路的电阻较大，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，灯泡都不发光，两电表示数均无变化，说明变阻器不能起到变阻的作用，据此分析；
（3）灯在额定电压下的电流等于额定电流，根据电压表选用小量程确定分度值读出示数，与灯泡的额定电压比较，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；
（4）灯泡在额定电压下正常发光，由图3中的图像得出额定电压下的电流，根据欧姆定律求小灯泡正常发光时的阻值；
（5）在没有电流表的情况下，电压表与小灯泡应起到电流表表的测量作用，故应将小灯泡与未知电阻Rx串联，通过测量小灯泡两端的电压后，由图3图像读出相应的电流，由串联电路的电流特点求出通过未知电阻Rx的电流，保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电压表测小灯泡和未知电阻Rx两端的总电压，根据串联电路的电压特点求出未知电阻Rx两端的电压，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小不变，通过未知电阻Rx的电流也不变，根据欧姆定律求出未知电阻Rx的阻值。
【解答】解：（1）伏安法测小灯泡电阻时需要调节小灯泡两端的电压，应将滑动变阻器采用一上一下的连接方式，与灯泡串联在电路中，故将滑动变阻器上端任意一个接线柱与小灯泡的右端接线柱相连，如图所示：
；
（2）连接电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表、电压表都有示数，电路为通路，电路的电流较小，电路的电阻较大，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，灯泡都不发光，两电表示数均无变化，则变阻器不能起到变阻的作用，产生这一现象的原因是将变阻器下面两个接线柱连入了电路中，故选C；
（3）灯在额定电压下的电流等于额定电流，图2中电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.8V，小于灯泡的额定电压2.5V，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压的规律，应减小滑动变阻器两端的电压，由分压原理可知，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向B移动，直到电压表示数为灯泡的额定电压2.5V；
（4）根据图3所示的小灯泡电流随电压变化的关系图象知，灯在额定电压2.5V时的电流为0.3A，此时灯泡的电阻：R＝＝≈8.3Ω；
（5）①只闭合S0、S1，小灯泡与未知电阻Rx串联，电压表测小灯泡两端的电压，移动滑片，使电压表示数为1V，由图3可知灯泡的电流为0.2A，由串联电路的电流特点可知，此时通过Rx的电流Ix＝IL＝0.2A；
②保持滑片位置不变，只闭合S0、S2，小灯泡与未知电阻Rx串联，电压表测小灯泡和未知电阻Rx两端的总电压，电压表示数为2.6V，由串联电路的电压特点可知，此时Rx的两端的电压为Ux＝U﹣UL＝2.6V﹣1V＝1.6V；
③因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小不变，通过未知电阻Rx的电流也不变，由欧姆定律可知Rx的阻值：Rx＝＝＝8Ω。
故答案为：（1）如图所示；（2）C；（3）1.8；B；2.5；（4）8.3；（5）①0.2；②1.6；③8。
【点评】本题测量小灯泡的电阻，考查电路连接、故障分析、实验操作、欧姆定律的应用及特殊方法测未知电阻，综合性强。
27．某物理兴趣小组用如甲所示电路图测量定值电阻的阻值。

（1）根据图甲所示的电路图，进行实物连线如图乙所示，在该实物连线中，电流表上还有一个接线柱没有与其它元件连接，请你用笔画线代替导线，将图乙的实物连线连接完整。
（2）某次测量时，电压表、电流表的指针位置如图丙所示，则电压表读数为 　2　V，电流表读数为 　0.4　A，根据测量结果可计算出待测电阻的阻值为 　5　Ω。
（3）移动滑动变阻器滑片P，改变电压表和电流表的示数，根据实验测得的多组数据，求出电阻的平均值。多次测量求平均值的目的是 　A　。
A.减小实验误差
B.寻找普遍规律
【分析】（1）变阻器上下各选一个接线柱与电流表串联在电路中；
（2）根据两表选用量程确定分度值读数，根据R＝算出待测电阻的阻值；
（3）用伏安法测量定值电阻的阻值，进行多次测量的目的是求平均值，减小误差。
【解答】解：（1）变阻器上下各选一个接线柱与电流表串联在电路中，如下图所示：
；
（2）某次测量时，电压表、电流表的指针位置如图丙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2V；电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.4A，待测电阻的阻值为：
R＝＝＝5Ω；
（3）用伏安法测量定值电阻的阻值，进行多次测量的目的是求平均值，减小误差，故选A。
故答案为：（1）见解答图；（2）2；0.4；5；（3）A。
【点评】本题测量定值电阻的阻值实验，考查电路连接、两表读数、电阻的计算和多次测量的目的等知识。
28．在“伏安法测电阻”的实验中：

实验次数
1
2
3
电压/V
1.5
2.1
2.8
电流/A
0.1
0.14

（1）如图甲，闭合开关前，滑片P应置于滑动变阻器的 　右　（填“左”或“右”）端。
（2）闭合开关后，发现电压表无示数，而电流表有示数。经检查，导线连接完好，则可能是待测电阻Rx　短路　（填“断路”或“短路”）。
（3）排除故障后，测得几组数据如上表，第三次实验时电流表示数如图乙，为 　0.18　A。
（4）三次所测电阻的平均值为 　15.2　Ω。（结果保留一位小数）
（5）若要测一个额定电压为U0的小灯泡正常工作时的电阻，电源电压U不变，定值电阻R的阻值已知。在不改变电路连接的情况下，下列电路能实现的是 　C　（仅一项正确）。

【分析】（1）连接完电路，滑动变阻器应调节至阻值最大处；
（2）闭合开关后，电流表有示数说明电路没有发生断路，结合电压表无示数确定电路故障；
（3）电流表读数要注意量程和分度值；
（4）根据表格分别求出每组的电阻，然后求平均值；
（5）由于图中把滑动变阻器、小灯泡和定值电阻串联接入电路，所以要测小灯泡的电压U0，需要用到电压表；
B的电压表会存在正负接线柱接反的情况。对于C，闭合S，电压表开关接在2，调节滑动变阻器，使电压表示数为U0，此时测出了小灯泡的电压；保持滑动变阻器不变，将电压表开关接在1，读出电压示数；
然后通过欧姆定律可以表示出小灯泡阻值大小。
【解答】解：（1）连接完电路，滑动变阻器应调节至阻值最大处，下接线柱接在了左边，所以滑片P要在最右端；
（2）闭合开关后，电流表有示数说明电路没有发生断路，而电压表无示数，则可能为待测电阻Rx短路；
（3）电流表读数要注意量程和分度值，量程为0～0.6A，分度值为0.02A，读数为0.18A；
（4）第一组：；第二组：；第三组：；
平均值：＝15.2Ω；
（5）由于图中把滑动变阻器、小灯泡和定值电阻串联接入电路，所以要测小灯泡的电压U0，需要用到电压表，故排除A、D；
对于C，闭合S，电压表开关接在2，调节滑动变阻器，使电压表示数为U0，此时测出了小灯泡的电压；保持滑动变阻器不变，将电压表开关接在1，读出电压示数UV，此时电压表测的是灯泡和定值电阻的总电压；
定值电阻两端的电压UR＝UV﹣U0；此时电流I＝，小灯泡电阻R0＝可得R0＝R；故C正确，B的电压表会存在正负接线柱接反的情况，故B错误。
故答案为：（1）右；（2）短路；（3）0.18；（4）15.2；（5）C。
【点评】本题考查了伏安法测电阻的探究实验，难题在最后一问，用一个电表和一个定值电阻设计实验测量电阻，对学生要求很高。
一十七．实验 测量小灯泡的电功率（共2小题）
29．小明准备测定小灯泡的功率，被测小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约个10Ω，实验室有如下器材：电源（电压为6V），电流表（0～0.6A、0～3A），电压表（0～3V、0～15V），开关，导线若干，滑动变阻器两只：R1（10Ω、0.5A），R2（20Ω、0.5A）。
（1）如图甲所示是小明连接的实物电路，图中有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上打“×”并补画出正确的连线。
（2）正确连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，则电路的故障可能是 　B　。
A.灯泡短路
B.灯泡断路
C.滑动变阻器短路
D.滑动变阻器断路
（3）电路故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，电流表指针如图乙所示，则此时通过小灯泡的电流是 　0.14　A。
（4）为了满足测量要求，实验电路应该选用滑动变阻器 　R2　。（选填“R1”或“R2”）
（5）小明根据记录的多组I﹣U数据，画出了小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图象（如图丙），则小灯泡的额定功率为 　0.625　W。
【分析】（1）原电路中，电流表与灯并联，电压表串联在电路中，是错误的，电流表应与灯串联，电压表与灯并联，据此改正；
（2）若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
（3）根据电表选用的小量程确定分度值读数；
（4）由欧姆定律求出灯的额定电流，根据串联电路的规律和欧姆定律求出变阻器连入电路中的电阻确定实验电路应该选用滑动变阻器R2；
（5）根据画出的小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图象，找出灯在额定电压下的电流大小，根据P＝UI求出小灯泡的额定功率。
【解答】解：（1）原电路中，电流表与灯并联，电压表串联在电路中，是错误的，电流表与灯串联，电压表与灯并联，电路改正如下图所示：

（2）在闭合开关时发现小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路为断路，电压表有示数，说明滑动变阻器、电压表、电流表、开关之间没有断路，所以故障为小灯泡断路，故选：B；
（3）如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则此时通过小灯泡的电流是0.14A；
（4）灯的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω，由欧姆定律，灯的额定电流约为：
I＝＝＝0.25A，
根据串联电路的规律和欧姆定律，变阻器连入电路中的电阻：
R滑＝＝＝＝14Ω＞10Ω，故实验电路应该选用滑动变阻器R2；
（5）根据画出的小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图象，灯在额定电压下的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率为：
P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W。
故答案为：（1）见解答；（2）B；（3）0.14；（4）R2；（5）0.625。
【点评】本题测定小灯泡的功率，考查注意事项、电流表读数、数据处理、器材的选择、影响电阻大小的因素、功率公式的运用及串联电路的规律及欧姆定律的运用。
30．如图甲所示为测量小灯泡L功率的电路图，小灯泡L的额定电压为2.5V，电源电压恒为3V。实验中：

（1）在连接电路时，开关S应处于 　断开　状态；
（2）连接完电路后，闭合开关S，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，电流表示数始终为零，电压表示数始终为3V。假定电路中只有一处故障，则产生这一现象的原因可能是 　B　；
A.灯泡短路
B.灯泡断路
C.滑动变阻器短路
D.滑动变阻器断路
（3）排除故障后，继续实验，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则此时流过灯泡的电流是 　0.24　A，小灯泡的额定功率为 　0.6　W；
（4）如果要使灯泡两端电压由2.5V调到2V，应该把滑动变阻器的滑片向 　左　滑动（选填“左”、“右”）；
（5）根据实验数据绘制出小灯泡的电流I与电压U的关系图像，如图丙所示。当电压表示数增大时，灯丝温度会发生变化，灯丝电阻将 　A　。
A.变大
B.变小
C.不变
D.无法确定
【分析】（1）为了保护电路，在连接电路时，开关S应处于断开状态，滑动变阻器的滑片P应放在阻值最大处；
（2）常见的电路故障有断路与短路，根据电路故障现象分析电路故障原因；
（3）根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P＝UI计算小灯泡的额定功率；
（4）灯两端电压要小于灯泡额定电压，应调节滑动变阻器，增大滑动变阻器两端的电压，根据电路图确定滑片的移动方向；
（5）灯丝的电阻随温度升高而变大。
【解答】解：（1）为了保护电路，在连接电路时，开关S应处于断开状态；
（2）闭合开关，电流表没有示数，说明电路存在断路，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，则与电压表并联的电阻断路，故选：B；
（3）当电压表的示数为2.5V时，如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，此时通过小灯泡的电流为0.24A，小灯泡的额定功率；P＝ULIL＝2.5V×0.24A＝0.6W；
（4）如果要使灯泡两端电压由2.5V调到2V，应该把滑动变阻器的滑片向左滑动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，灯泡两端电压变小；
（5）当电压表的示数增大时，通过灯的电流也变大，根据P＝UI，灯的功率变大，灯的温度升高，灯丝的电阻变大，故选：A。
故答案为：（1）断开；（2）B；（3）0.24；0.6；（4）左；（5）A。
【点评】本题考查测量小灯泡L功率的实验，重点考查故障分析、电流表读数及额定功率的计算。