四川省攀枝花市2018年中考数学试卷【含答案】
展开这是一份四川省攀枝花市2018年中考数学试卷【含答案】,共10页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
四川省攀枝花市2018年中考数学试卷
一、选择题:
1.下列实数中,无理数是( )
A.0 B.﹣2 C. D.
2.下列运算结果是a5的是( )
A.a10÷a2 B.(a2)3 C.(﹣a)5 D.a3•a2
3.如图,实数﹣3、x、3、y在数轴上的对应点分别为M、N、P、Q,这四个数中绝对值最小的数对应的点是( )
A.点M B.点N C.点P D.点Q
4.如图,等腰直角三角形的顶点A,C分别在直线a、b上,若a∥b,∠1=30°,则∠2的度数为( )
A.30° B.15° C.10° D.20°
5.下列平面图形中,既是中心对称图形,又是轴对称图形的是( )
A.菱形 B.等边三角形 C.平行四边形 D.等腰梯形
6.抛物线y=x2﹣2x+2的顶点坐标为( )
A.(1,1) B.(﹣1,1) C.(1,3) D.(﹣1,3)
7.若点A(a+1,b﹣2)在第二象限,则点B(﹣a,1﹣b)在( )
A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限
8.布袋中装有除颜色外没有其他区别的1个红球和2个白球,搅匀后从中摸出一个球,放回搅匀,再摸出第二个球,两次都摸出白球的概率是( )
A. B. C. D.
9.如图,点A的坐标为(0,1),点B是x轴正半轴上的一动点,以AB为边作Rt△ABC,使∠BAC=90°,∠ACB=30°,设点B的横坐标为x,点C的纵坐标为y,能表示y与x的函数关系的图象大致是( )
A. B.
C. D.
10.如图,在矩形ABCD中,E是AB边的中点,沿EC对折矩形ABCD,使B点落在点P处,折痕为EC,连结AP并延长AP交CD于F点,连结CP并延长CP交AD于Q点.给出以下结论:
①四边形AECF为平行四边形;②∠PBA=∠APQ;③△FPC为等腰三角形;④△APB≌△EPC.其中正确结论的个数为( )
A.1 B.2 C.3 D.4
二、填空题
11.分解因式:x3y﹣2x2y+xy= .
12.如果a+b=2,那么代数式(a﹣ )÷ 的值是 .
13.样本数据1,2,3,4,5.则这个样本的方差是 .
14.关于x的不等式﹣1<x≤a有3个正整数解,则a的取值范围是 .
15.如图,在矩形ABCD中,AB=4,AD=3,矩形内部有一动点P满足S△PAB= S矩形ABCD,则点P到A、B两点的距离之和PA+PB的最小值为 .
16.如图,已知点A在反比例函数y= (x>0)的图象上,作Rt△ABC,边BC在x轴上,点D为斜边AC的中点,连结DB并延长交y轴于点E,若△BCE的面积为4,则k= .
三、解答题
17.解方程: =1.
18.某校为了预测本校九年级男生毕业体育测试达标情况,随机抽取该年级部分男生进行了一次测试(满分50分,成绩均记为整数分),并按测试成绩m(单位:分)分成四类:A类(45<m≤50),B类(40<m≤45),C类(35<m≤40),D类(m≤35)绘制出如图所示的两幅不完整的统计图,请根据图中信息解答下列问题:
(1)求本次抽取的样本容量和扇形统计图中A类所对的圆心角的度数;
(2)若该校九年级男生有500名,D类为测试成绩不达标,请估计该校九年级男生毕业体育测试成绩能达标的有多少名?
19.攀枝花市出租车的收费标准是:起步价5元(即行驶距离不超过2千米都需付5元车费),超过2千米以后,每增加1千米,加收1.8元(不足1千米按1千米计).某同学从家乘出租车到学校,付了车费24.8元.求该同学的家到学校的距离在什么范围?
20.已知△ABC中,∠A=90°.
(1)请在图1中作出BC边上的中线(保留作图痕迹,不写作法);
(2)如图2,设BC边上的中线为AD,求证:BC=2AD.
21.如图,在平面直角坐标系中,A点的坐标为(a,6),AB⊥x轴于点B,cos∠OAB═ ,反比例函数y= 的图象的一支分别交AO、AB于点C、D.延长AO交反比例函数的图象的另一支于点E.已知点D的纵坐标为 .
(1)求反比例函数的解析式;(2)求直线EB的解析式;(3)求S△OEB.
22.如图,在△ABC中,AB=AC,以AB为直径的⊙O分别与BC、AC交于点D、E,过点D作DF⊥AC于点F.
(1)若⊙O的半径为3,∠CDF=15°,求阴影部分的面积;
(2)求证:DF是⊙O的切线;
(3)求证:∠EDF=∠DAC.
23.如图,在△ABC中,AB=7.5,AC=9,S△ABC= .动点P从A点出发,沿AB方向以每秒5个单位长度的速度向B点匀速运动,动点Q从C点同时出发,以相同的速度沿CA方向向A点匀速运动,当点P运动到B点时,P、Q两点同时停止运动,以PQ为边作正△PQM(P、Q、M按逆时针排序),以QC为边在AC上方作正△QCN,设点P运动时间为t秒.
(1)求cosA的值;
(2)当△PQM与△QCN的面积满足S△PQM= S△QCN时,求t的值;
(3)当t为何值时,△PQM的某个顶点(Q点除外)落在△QCN的边上.
24.如图,对称轴为直线x=1的抛物线y=x2﹣bx+c与x轴交于A(x1,0)、B(x2,0)(x1<x2)两点,与y轴交于C点,且 ﹣ .
(1)求抛物线的解析式;
(2)抛物线顶点为D,直线BD交y轴于E点;
①设点P为线段BD上一点(点P不与B、D两点重合),过点P作x轴的垂线与抛物线交于点F,求△BDF面积的最大值;
②在线段BD上是否存在点Q,使得∠BDC=∠QCE?若存在,求出点Q的坐标;若不存在,请说明理由.
1.C
2.D
3.B
4.B
5.A
6.A
7.D
8.A
9.C
10.B
11.xy(x﹣1)2
12.2
13.2
14.3≤a<4
15.4
16.8
17.解:去分母得:3(x﹣3)﹣2(2x+1)=6,去括号得:3x﹣9﹣4x﹣2=6,移项得:﹣x=17,系数化为1得:x=﹣17.
18.(1)解:本次抽取的样本容量为10÷20%=50,扇形统计图中A类所对的圆心角的度数为360°×20%=72°;
(2)解:估计该校九年级男生毕业体育测试成绩能达标的有500×(1﹣ )=470名.
19.解:设该同学的家到学校的距离是x千米,依题意:24.8﹣1.8<5+1.8(x﹣2)≤24.8,解得:12<x≤13.
故该同学的家到学校的距离在大于12小于等于13的范围.
20.(1)解:如图1,AD为所作;
(2)解:证明:延长AD到E,使ED=AD,连接EB、EC,如图2.∵CD=BD,AD=ED,∴四边形ABEC为平行四边形.
∵∠CAB=90°,∴四边形ABEC为矩形,∴AE=BC,∴BC=2AD.
21.(1)解:∵A点的坐标为(a,6),AB⊥x轴,∴AB=6.
∵cos∠OAB═ = ,∴ = ,∴OA=10,由勾股定理得:OB=8,∴A(8,6),∴D(8, ).
∵点D在反比例函数的图象上,∴k=8× =12,∴反比例函数的解析式为:y= ;
(2)解:设直线OA的解析式为:y=bx.
∵A(8,6),∴8b=6,b= ,∴直线OA的解析式为:y= x,则 = x,x=±4,∴E(﹣4,﹣3),设直线BE的解式为:y=mx+n,把B(8,0),E(﹣4,﹣3)代入得: ,解得: ,∴直线BE的解析式为:y= x﹣2;
(3)解:S△OEB= OB•|yE|= ×8×3=12.
22.(1)解:连接OE,过O作OM⊥AC于M,则∠AMO=90°.∵DF⊥AC,∴∠DFC=90°.
∵∠FDC=15°,∴∠C=180°﹣90°﹣15°=75°.
∵AB=AC,∴∠ABC=∠C=75°,∴∠BAC=180°﹣∠ABC-∠C=30°,∴OM= OA= = ,AM= OM= .
∵OA=OE,OM⊥AC,∴AE=2AM=3 ,∴∠BAC=∠AEO=30°,∴∠AOE=180°﹣30°﹣30°=120°,∴阴影部分的面积S=S扇形AOE﹣S△AOE= ;
(2)解:证明:连接OD,∵AB=AC,OB=OD,∴∠ABC=∠C,∠ABC=∠ODB,∴∠ODB=∠C,∴AC∥OD.
∵DF⊥AC,∴DF⊥OD.
∵OD过O,∴DF是⊙O的切线;
(3)解:证明:连接BE,
∵AB为⊙O的直径,∴∠AEB=90°,BE⊥AC.
∵DF⊥AC,∴BE∥DF,∴∠FDC=∠EBC.
∵∠EBC=∠DAC,∴∠FDC=∠DAC.
∵A、B、D、E四点共圆,∴∠DEF=∠ABC.
∵∠ABC=∠C,∴∠DEC=∠C.
∵DF⊥AC,∴∠EDF=∠FDC,∴∠EDF=∠DAC.
23.(1)解:如图1中,作BE⊥AC于E.
∵S△ABC= •AC•BE= ,∴BE= .在Rt△ABE中,AE= =6,∴coaA= = .
(2)解:如图2中,作PH⊥AC于H.∵PA=5t,PH=3t,AH=4t,HQ=AC﹣AH﹣CQ=9﹣9t,∴PQ2=PH2+HQ2=9t2+(9﹣9t)2.
∵S△PQM= S△QCN,∴ •PQ2= × •CQ2,∴9t2+(9﹣9t)2= ×(5t)2,整理得:5t2﹣18t+9=0,解得t=3(舍弃)或 ,∴当t= 时,满足S△PQM= S△QCN.
(3)解:①如图3中,当点M落在QN上时,作PH⊥AC于H.易知:PM∥AC,∴∠MPQ=∠PQH=60°,∴PH= HQ,∴3t= (9﹣9t),∴t= .②如图4中,当点M在CQ上时,作PH⊥AC于H.
同法可得PH= QH,∴3t= (9t﹣9),∴t= .综上所述:当t= s或 s时,△PQM的某个顶点(Q点除外)落在△QCN的边上.
24.(1)解:∵抛物线对称轴为直线x=1
∴﹣
∴b=2
由一元二次方程根与系数关系:
x1+x2=﹣ ,x1x2=
∴
∴
则c=﹣3
∴抛物线解析式为:y=x2﹣2x﹣3
(2)解:由(1)点D坐标为(1,﹣4)当y=0时,x2﹣2x﹣3=0解得x1=﹣1,x2=3∴点B坐标为(3,0)①设点F坐标为(a,b)∴△BDF的面积S= ×(4﹣b)(a﹣1)+ (﹣b)(3﹣a)﹣ ×2×4整理的S=2a﹣b﹣6∵b=a2﹣2a﹣3∴S=2a﹣(a2﹣2a﹣3)﹣6=﹣a2+4a﹣3∵a=﹣1<0
∴当a=2时,S最大=﹣4+8﹣3=1②存在
由已知点D坐标为(1,﹣4),点B坐标为(3,0)∴直线BD解析式为:y=2x﹣6则点E坐标为(0,﹣6)连BC、CD,则由勾股定理
CB2=(3﹣0)2+(﹣3﹣0)2=18CD2=12+(﹣4+3)2=2BD2=(﹣4)2+(3﹣1)2=20
∴CB2+CD2=BD2
∴∠BCD=90°
∴tan∠BDC=3当点Q使得∠BDC=∠QCE时,连结QC并延长交x轴于点N,过点Q作QM⊥x轴于点M,∵∠OCN=∠QCE,CO=3∴在RtNOC中,NO=3OC=9由已知,MQ∥OE,OE=6,OB=3∴设BM=a,则MQ=2a,则MN=12-a,∵∠MQN=∠QCE,∴RtMNQ中,3MQ=MN,∴12-a=3(2a)∴a=则OM=3-=,MQ=则点Q坐标为(,)
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