湖北省恩施州巴东县杨柳池中学2023年中考物理模拟试卷

这是一份湖北省恩施州巴东县杨柳池中学2023年中考物理模拟试卷，共24页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验题，综合题，计算题等内容，欢迎下载使用。
湖北省恩施州巴东县杨柳池中学2023年中考物理模拟试卷
一、单选题(共20分） (共10题；共20分)
1．（2分）在物理发展的历史中，许多物理学家作出了杰出的贡献。下列叙述符合历史事实的是（　　）
A．奥斯特﹣﹣最早记述了磁偏角
B．阿基米德﹣﹣发现浮力的规律并最早总结出杠杆平衡原理
C．牛顿﹣﹣最早提出力是改变物体运动状态原因的观点
D．帕斯卡﹣﹣最先测出大气压的值
2．（2分）对下列古诗词或谚语中涉及的物态变化，解释错误的是（）
A．月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠——霜的形成是凝华现象
B．岚雾今朝重，江山此地深——雾是汽化形成的
C．露从今夜白，月是故乡明——露是液化形成的
D．大树底下好乘凉——水蒸发吸热
3．（2分）下列情景中形成的像，属于实像的是（　　）
A． 亭台在湖面的倒影
B． 从放大镜中看到镜后正立、放大的数字
C． 小孔成的像
D． “海市蜃楼”
4．（2分）关于固态、液态、气态物质的分子结构的认识，下列说法错误的是（　　）

A．图中三种分子都是保持静止的
B．图甲分子构成的物体较难被压缩，没有确定的形状，具有流动性
C．图乙分子之间的距离很远，作用力就变得十分微弱，可以忽略
D．图丙分子间的距离小，不容易被压缩和拉伸，具有一定的体积和形状
5．（2分）下列四幅图中，关于声现象的描述不正确的是（　　）
A．​​ 钢尺伸出桌边的长度越长，拨动时发出的声音的音调越高
B．​​ 医生用B超检查病情，利用的是声音可以传递信息
C．​​ 戴上防噪声耳罩，可以阻止噪声进入人耳
D．​​ 开启倒车雷达，可以利用超声波回声定位
6．（2分）长江上，一艘满载货物的轮船在卸完一半货物后，该艘轮船（　　）
A．会浮起一些，所受浮力变小 B．会浮起一些，所受浮力变大
C．会下沉一些，所受浮力变大 D．会始终漂浮，所受浮力不变
7．（2分）如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速压下去，看到棉花燃烧起来。关于这个过程说法正确的是（）

A．通过热传递使筒内气体内能增加
B．通过做功使筒内气体内能增加
C．内能转化为机械能
D．筒内气体分子的运动速度减慢
8．（2分）如图为探究“比较不同物质吸热的情况”的实验装置，使用相同规格的电加热器分别对水和食用油加热，得到温度随时间变化的图像如右图所示．下列说法不正确的是（）

A．在两个相同的烧杯中应加入质量相同的水和食用油
B．实验中物体吸热的多少是通过升高的温度来衡量的
C．右图中甲对应食用油，乙对应水
D．升温较快的是甲，吸热能力较强的是乙
9．（2分）如图所示，灯L1、L2完全相同，闭合开关S，只有一盏灯发光且只有一个电表有示数，其故障可能是（　　）

A．L1断路 B．L1短路 C．L2断路 D．L2短路
10．（2分）如图所示电路，电源电压保持不变。闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，下列说法正确的是（　　）

A．电流表A的示数变大，电压表V1的示数变小
B．电压表V1的示数变大，电压表V2的示数变小
C．电压表V1的示数与电流表A的示数之比变小
D．电压表V2的示数变化量与电流表A的示数变化量之比变小
二、填空题(共16分） (共6题；共16分)
11．（3分）向保温瓶注水时，听到的声音是通过　 　传播到人耳的．随着注水增多，听到声音的音调会　 　（选填“变高”、“变低”或“不变”）；中医诊病通过“望、闻、问、切”四个途径，其中“闻”是指利用　 　获得身体信息的
12．（3分）发光二极管是一种电子元件，是由 　 　材料制成的。如图所示是发光二极管的示意图，我们把它连入电路中，当其长脚与A相连，短脚与B相连时，发光二极管和小灯泡都发光；如果长脚与B相连，短脚与A相连时，发光二极管和小灯泡都不发光，说明此时电路处于 　 　（填“短路”或“断路”）状态，这说明发光二极管具有 　 　的性质。

13．（2分）用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒由于得到电子而带　 　电，如图所示，用这个橡胶棒靠近悬挂的气球，气球被推开，则气球带　 　电．

14．（3分）
（1）（1分）如图甲，是晓露同学测量冬天室外温度，示数为　 　℃；
（2）（1分）如图乙，是晓露同学练习使用变阻箱示意图，它的示数是　 　Ω；
（3）（1分）如图乙，是晓露同学利用电压表测某导体两端电压，示数是　 　V。
15．（3分）如图1所示，闭合开关，导体ab向左运动，若只改变电流方向，ab向　 　（选填“左”或“右”）运动，以此为原理可制成　 　（选填“电动机”或“发电机”）。如图2，当开关S闭合时，通电螺线管左侧的小磁针静止时S极的指向如图所示，则电源的右端是　 　（“＋”“－”）极。

16．（2分）小王有一款可以调节的小台灯，其电路如图甲。电源电压为24Ⅴ，灯泡L的额定电压为24V，台灯的额定功率为　 　W。调节滑动变阻器R，使灯泡的实际功率为1.2W时，则此时滑动变阻器R的实际功率　 　W。

三、作图题(共4分） (共2题；共4分)
17．（2分）足球是青少年喜爱的一项体育运动。足球被踢出后在空中运动的情况如图所示，不考虑空气阻力，请你在图中画出足球所受力的示意图。

18．（2分）如图所示，在电磁铁上方用弹簧挂着一个条形磁体，开关闭合后，滑片P向右滑动时弹簧伸长。请标出电磁铁上端的极性及电源正负极。

四、实验题(共15分） (共2题；共15分)
19．（8分）小池是一名天文爱好者，他淘到一小块“陨石”但真伪难以辨别。阅读资料后得知陨石密度一般大于3g/cm3，于是小池对这块“陨石”的密度进行了测量，来初步鉴别真伪。测量过程如下：

（1）（4分）他把天平放在 　 　桌面上，游码拨至标尺左侧零位，调节 　 　使天平平衡，然后将“陨石”放在左盘中，在右盘中增减砝码，当加入最小砝码时，发现指针位置如图甲所示。他接下来的操作是首先 　 　、然后 　 　，直至横梁恢复平衡；（以上两空选填字母）
A．调节平衡螺母
B．拨动游码
C．取下最小砝码
（2）（1分）天平平衡后，砝码质量和游码对应刻度如图乙，则“陨石”的质量m0为 　 　g；
（3）（2分）将“陨石”（陨石不吸水）缓慢放入盛有20mL水的量筒中，水面升高至如图丙所示，则石的体积为 　 　cm3。小池测出“陨石”的密度ρ陨石=　 　kg/m3；
（4）（1分）若实验过程中，小池不小心将量筒打碎了，经过思考，他采取了以下步骤测量“陨石”的密度（如图丁所示）：
①向烧杯中加入适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量m1；
②如图丁A所示，烧杯放在水平桌面上，用细线系住小石块轻轻放入烧杯中，使小石块浸没在水中，在烧杯壁上记下水面位置；
③将小石块从水中取出后，向烧杯中缓慢加水至标记处，再用天平测出烧杯和水的总质量m2。则“陨石”的密度为ρ陨石=　 　（用字母m0、m1、m2、ρ水表示）。
20．（7分）小亮在“探究电流与电阻的关系”实验中，使用的实验器材有：电池组、电流表、电压表、开关、5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻、滑动变阻器各一个、导线若干。

（1）（2分）先将5Ω的电阻接入如图甲所示电路中，将滑动变阻器的滑片放到　 　端；小亮在检查电路时，发现错接了一根导线，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线　 　。
（2）（1分）电路正确后，闭合开关，同时调节滑动变阻器，当电压表示数如图乙所示时，此时记下的电流表示数应为　 　A。
（3）（1分）断开开关，将电阻由5Ω换成10Ω；再闭合开关，同时调节滑动变阻器，　 　，记下电流表示数（将实验过程补充完整）；更换不同阻值电阻重复实验。
（4）（3分）小亮用如图丙所示电路，测量额定电压为U额的小灯泡正常发光时的电阻，（U额小于电源电压），电阻R0已知，将下面实验步骤补充完整。
①只闭合开关　 　，移动滑动变阻器滑片使电压表示数为U额；
②只闭合开关　 　，保持滑动变阻器滑片位置不变，读出电压表示数为U1；
③小灯泡电阻RL =　 　。（用物理量符号表示）
五、综合题(共4分） (共1题；共4分)
21．（4分）阅读短文，回答问题。
超导磁流体推进器
磁流体推进器（MHD）由磁体、电极和通道三部分构成，如图所示。磁流体推进器可为贯通海水的通道建一个强磁场，能对导电的海水产生电磁力的作用，使之在通道内运动，若海水涌向船尾，水便会推动船舶前进。因采用超导磁体作为磁场来源，获称为超导磁流体推进器。
其推进原理利用了“磁场对通电直导体的作用”，工作过程中把电磁能直接转换成流体动能，以喷射推进新技术取代传统螺旋桨的推进，具有低噪音等特点，具有重大推广价值。
中科院从上世纪九十年代开始此项技术研究，第一艘超导磁流体推进实验船“HEMS﹣1”于1998年研制成功。
请回答下列问题：

（1）（1分）磁流体推进器的核心组件由　 　、电极和通道构成；
（2）（1分）为减小空气和海水的影响，实验船上部主体可加工成　 　（选填“上凸下平”、“上平下凸”或“上下对称”）的流线型；
（3）（2分）若上述实验船驶入清江，船身受到的大气压会　 　（选填“小于”、“等于”或“大于”）在海上时受到的大气压，利用河水　 　（选填“能”或“不能”）获得动力。
六、计算题(共11分) (共2题；共11分)
22．（5分）小华有恒为8V的蓄电池和规格为“3V 1.5W”的小灯泡各一只，为了能使小灯泡正常发光，他设计了如图所示的电路。求：

（1）（1.5分）小灯泡L正常发光时的电流；
（2）（1.5分）定值电阻R的阻值；
（3）（2分）小灯泡正常发光时电路消耗的总功率。
23．（6分）如图甲所示，圆柱形容器中盛有适量的水，其内底面积为1×10﹣2m2。弹簧测力计的下端挂着一个正方体花岗岩，将花岗岩从容器底部开始缓慢向上提起的过程中，弹簧测力计的示数F与花岗岩下底距容器底部的距离h的关系如图乙所示。求：

（1）（2分）在花岗岩未露出水面前所受浮力；
（2）（2分）花岗岩的密度；
（3）（2分）从开始提起到花岗岩完全离开水面，水对容器底部减小的压强。

答案解析部分
1．【答案】B
【解析】【解答】A最早记述了磁偏角的是沈括，故A不符合题意；
B阿基米德发现浮力的规律并最早总结出杠杆平衡原理，故B符合题意；
C 最早提出力是改变物体运动状态原因的观点 的科学家是伽利略，故C不符合题意；
D最先测出大气压的值的科学家是托里拆利，故D不符合题意；
故选B。
【分析】物理学史，科学家及其贡献辨析。
2．【答案】B
【解析】【解答】A霜的形成是凝华现象，故A正确，A不符合题意；
B雾的形成是液化现象，故B错误，B符合题意；
C露的形成是液化现象，故C正确，C不符合题意；
D水蒸发吸热，说法正确，故D不符合题意；
故选B。
【分析】物态变化的判断及其能量变化。
3．【答案】C
【解析】【解答】解：A、亭台在湖面的倒影，是平面镜成像，成的是虚像；A不符合题意；
B、从放大镜中看到镜后正立、放大的数字，是因为光的折射现象，看到的虚像，B不符合题意；
C、小孔成的像，是由于光的直线传播而形成的蜡烛的实像，是实际光线汇聚成的，C符合题意；
D、海市蜃楼，因为光的折射现象，看到的是景物的虚像，D不符合题意；
故答案为：C

【分析】小孔成像是实像，平面镜成像、放大镜成像是虚像。
4．【答案】A
【解析】【解答】A分子在不断运动中，故A错误，符合题意；
B图甲是液态的分子结构图，没有确定的形状，具有流动性，故B正确，不符合题意；
C图乙是气态的分子结构图，分子间距离很远，作用力微弱，可以忽略，故C正确，不符合题意；
D图丙是固态的分子结构图，分子间距离较小，不容易压缩拉伸，具有一定的体积和形状，故D正确，不符合题意；
故选A。
【分析】分子的热运动；固液气三态的分子结构的区别；分子间存在引力和斥力。
5．【答案】A
【解析】【解答】钢尺伸出桌边的长度越长，拨动时钢尺振动的频率越慢，音调越低，A错误，符合题意；医生利用B超检查病情，是利用了声音可以传递信息的特点，B不符合题意；戴上防噪声耳罩，是在人耳处减弱噪声，C不符合题意；汽车的倒车雷达，利用回声定位工作的，而利用的是超声波具有方向性强的特点，不是电磁波回声定位，D不符合题意，
故答案为：A。
【分析】(1)音调：是指声音的高低，它与发声体的频率有关系.(2)响度：是指声音的大小，跟发声体的振幅、声源与听者的距离有关系.
声波可以传递信息，是指告诉我们什么，也就是传递了信息，如教师讲课，告诉我们知识；声波可以传递能量是指可以改变什么，也就是传递了能量，如超声波排除人体内的结石，超声波清洗牙齿等.
6．【答案】A
【解析】【解答】因轮船在江水中，处于漂浮状态，浮力等于重力，在码头卸下货物后，轮船重力变小，则受到的浮力变小，由公式V排= F浮ρ水g 知，排开水的体积减小，轮船要上浮一些。
故答案为：A。

【分析】阿基米德原理给出了一种求解物体浮力大小的方法，F浮=ρ液gV排，ρ液是液体的密度，V排使物体排开水的体积，液体密度越大，排开液体的体积越大，那么物体受到的浮力就越大。
7．【答案】B
【解析】【解答】压缩活塞是将机械能转化为内能，通过做功使筒内的内能增加，故AC错误，B正确；
筒内气体温度升高，分子的运动速度加快，故D错误；
故答案为B。
【分析】内能变化的两种方式；机械能及其转化；分子热运动与温度的关系。
8．【答案】B
【解析】【解答】A根据Q吸=cmΔt，在探究吸热能力时，应该控制变量法，保持水和食用油的质量不变，观察升高同样的温度所需时间，故A正确，不符合题意；
B使用的相同规格的加热器，所以相同时间内吸收的热量是相等的，应该是通过比较升高相同的温度的时间来衡量，故B不正确，符合题意；
由图像可以算出c甲＜c乙，所以甲是食用油，乙是水，甲升温较快，乙吸热能力较强，故CD正确，不符合题意；
故选B。
【分析】使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；实验中要控制不同物质的质量相同；
(2)根据甲、乙两种液体的温度随热时间变化的图象分析回答；
(3)根据Q吸=cmΔt，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，得出物质的比热容；
(4)当物体的质量和吸收的热量相同时，比热容越大的物体升高的温度越小。
9．【答案】C
【解析】【解答】A 若L1断路，则L2发光，但电流表、电压表都会有示数，A不符合题意；
B 若L1短路，则L2、电源都同时被短路，两灯都不发光，B不符合题意；
C 若L2断路，只有L1发光，此时电流表无示数，但电压表有示数，C符合题意；
D 若L2短，则L1、电源都同时被短路，两灯都不发光，D不符合题意；
故选C。
【分析】两灯泡并联，电流表A测量L2电流，电压表测量L2两端电压(即并联电路两端的电压) ； 根据电流表和电压表测量的对象确定有示数的仪表，从而判断电路故障。
10．【答案】C
【解析】【解答】由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，将滑动变阻器的滑片P向左移动时，电阻R2变小；
V1测试的电源电压，所以电压表V1示数不变，故AB错误；
电压表V1的示数与电流表A的示数之比为电路中的总电阻，所以变小，故C正确；
电压表V2的示数的变化量等于R1两端电压的变化量，R1两端电压变化量与电流表A的示数变化量之比为R1的阻值，保持不变，故D错误；
故选C。
【分析】理清元件的连接方式及电表的测量对象，当滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知电路电流和定值电阻两端电压的变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化，根据电压表与电流表表的比值转化为电阻的阻值进行判断。
11．【答案】空气；变高；声音
【解析】【解答】人听到声音是通过空气传播的，向保温瓶中注水时，瓶中水越多，声音的音调越高，“望、闻、问、切”中，“闻”指听，是利用声音获得信息，说明声音可以传递信息。
故答案为：空气；变高；声音。
【分析】人听到的声音是空气传播的，振动的物体越少，声音的音调越高，声音可以传递信息。
12．【答案】半导体；断路；单向导电
【解析】【解答】发光二极管是半导体材料。
在电路中，发光二极管和小灯泡都不发光时，电路处于断路状态。
两个引脚的不同连接，会有断路和通路两种效果，说明二极管具有单向导电性。

【分析】 发光二极管是半导体材料， 具有单向导电性。
13．【答案】负；负
【解析】【解答】用毛皮摩擦硬橡胶棒后，硬橡胶棒得到电子而带负电，毛皮因失去电子而带正电；
气球被推开，说明气球与橡胶棒相互排斥，则气球与橡胶棒带有同种电荷，所以气球带负电．

【分析】硬橡胶棒得到电子而带负电，毛皮因失去电子而带正电；通知电荷相互排斥。
14．【答案】（1）-34
（2）3658
（3）12
【解析】【解答】（1）温度计刻度上小下大，所以目前是0下，分度值为1℃，所以读数为-34℃；
（2）变阻箱的读数为3×1000Ω+6×100Ω+5×10Ω+8×1Ω=3658Ω；
（3）电压表量程选用的0~15V，分度值为0.5V，指针指在12V位置，读数为12V。
【分析】温度计、变阻箱以及电压表的读数。
15．【答案】右；电动机；+
【解析】【解答】图1是电动机原理图，其原理是通电线圈在磁场中受力运动，运动方向与磁场方向和电流方向有关，只改变电流方向，运动方向相反；
同名相斥，异名相吸，所以通电螺线管的左端为N极，握住通电螺线管，四指指向电流方向，大拇指指向N极，可以得到电流从右边进入，所以电源的右端是“+”极。
【分析】电动机原理、通电螺线管磁极的判断。
16．【答案】9.6；3.6
【解析】【解答】灯泡L的额定电压为24V，额定电流为0.4A，所以台灯的额定功率
P额=U额I额=24V×0.4A=9.6W；
灯泡实际功率为1.2W时，通过图像可得I=0.2A，UL=6V，串联电路中电压和等于电源电压，可得UR=U总-UL=24V-6V=18V，滑动变阻器的实际功率PR=IUR=0.2A×18V=3.6W。
【分析】通过图像找到灯泡的电流电压，根据串联电路的电流电压关系得到滑动变阻器的电流电压，从而算出滑动变阻器的实际功率。
17．【答案】
【解析】【解答】不考虑空气阻力，足球在空中运动时只受到重力，作用点在重心，方向竖直向下，示意图如下：

【分析】重力的方向是竖直向下。
18．【答案】解：如图所示：

【解析】【解答】滑动变阻器向右移动时，电阻变小，电流变大，电磁铁的磁性增强，弹簧伸长说明受到的拉力增大，所以电磁铁的上端应该和上面的磁极是异名磁极，所以电磁铁的上端是S极，根据安培定则可以判断从电磁铁的下端入电流，所以可以判断电源的左端是正极，右端是负极。如图所示：

【分析】根据电流增强，磁性增强，判断电磁铁的磁极，然后根据磁极判断电源 正、负极 即可.
19．【答案】（1）水平；平衡螺母；C；B
（2）62
（3）20；3.1×103
（4）m0m2-m1ρ水
【解析】【解答】 (1) 使用天平时，要把天平放在水平桌面上。调节天平时，先将游码拨至0刻度线上，再调节平衡螺母使天平在水平位置平衡。在右盘中加入最小砝码后，由图甲知，分度盘中指针向右偏转，说明右盘中的砝码的质量偏大，所以应取下最小砝码，再拨动游码，在测量过程中不能调节平衡螺母；
（2）由图乙可知，陨石的质量m0=50g+10g+2g=62g；
（3）由图丙可知，陨石的体积V0=V总-V水=40mL-20mL=20cm3，密度ρ陨石=m0V0=3.1×103kg/m3；
（4）在此实验中，取出石块后，再住烧杯中加水，测得烧杯和水的总质量，而烧杯中原来的水及烧杯的总质量已测得，所以可求出所加水的质量，再求所加水的体积，即陨石的体积，那么步骤③，测取出石块后烧杯和水的总质量是不必要的。
取出石块后，所加的水的质量m水=m3-m1；
所加水的体积，即石块的体积V石=V水=m水ρ水=m3-m1ρ水；
所以可得陨石的密度ρ陨石=m0V石=m0m3-m1ρ水

【分析】（1）使用天平时，先放平，调节平衡螺母使天平平衡；测量质量时，右盘偏重时，需要取下小砝码；
（2）根据天平上砝码和游码的位置，测量质量；
（3）根据量筒中液面的位置，测量体积；利用质量和体积的比值，计算密度；
（4）根据烧杯中的标记处，有无固体的质量差，计算水的质量，结合水的密度计算体积，利用物体的质量和体积的比值，计算密度。

20．【答案】（1）左；
（2）0.44
（3）保持电压表示数不变
（4）S、S2；S、S1；U额U1-U额R0
【解析】【解答】（1）在连接电路时，应将滑动变阻器的滑片移动到阻值最大处以保护电路，即将滑动变阻器的滑片放到左端，由图甲的电路可知，电流表并联接入而电压表串联接入，改正如下图所示：

（2）由图乙可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，故此时电压表示数应为2.2V，故由欧姆定律可知，此时电流表的示数应为 I=UR=2.2V5Ω=0.44A
（3）因探究的是电流与电阻的关系，故应控制电阻两端电压不变，将电阻由5 Ω 换成10 Ω 后，应调节滑动变阻器，保持电压表示数不变，记下电流表示数，更换不同阻值电阻重复实验。
（4）只闭合开关S、S2，此时电压表测小灯泡两端电压，移动滑动变阻器滑片使电压表示数为U额，则由欧姆定律可得，此时电路中的电流为 I=U额RL
只闭合开关S、S1，此时电压表测小灯泡与电阻R0两端电压之和，此时电路中的电流为 I=U1RL+R0
因电路中的电流不变，故有 U1RL+R0=U额RL
解得小灯泡电阻 RL=U额U1-U额R0
【分析】（1）为了保证电路安全，拆装电路时，开关应处于断开状态，滑动变阻器应处在阻值最大端，结合滑动变阻器的接法求解即可；
（2）明确电流表的量程和对应的分度值，结合表盘的指针读数即可。
（3）要研究电流和电阻的关系，需要保证电阻的电压不变；
（4）结合题目给出的电流和电压值，利用欧姆定律求解电阻的表达式即可。
21．【答案】（1）磁体
（2）上下对称
（3）等于；能
【解析】【解答】（1）磁流体推进器的推进原理是利用了“磁场对通电直导体的作用”，因此其核心组件要包含一个磁体用来产生磁场。
（2）对于实验船的上部主体，其上表面在空气中，下表面在水中，为减小空气和海水的阻力，上部主体的上下表面都要做成流线型，即加工成上下对称的流线型表面。
（3）大气压的大小与海拔高度有关，从海上驶入江中，海拔高度不变，大气压不变；行驶在河水中时，只要用同样的方法使河水带电，带电河水在磁场的作用下同样可以在通道中向后运动，推动船前进。

【分析】（1）磁场对通电直导体存在力的作用；
（2）上下对称的流线型表面可以为减小上表面空气和下表面海水的阻力；
（3）大气压的大小与海拔高度有关，高度相同，大气压相同；物体间力的作用是相互的，带电体在磁场中会受到力的作用。
22．【答案】（1）解：小灯泡L正常发光时的电流 IL=PLUL=1.5W3V=0.5A
答：小灯泡L正常发光时的电流为0.5A；
（2）解：因为R与L串联，所以通过小灯泡的电流为 I=IL=0.5A
电路中的总电阻为 R总=UI=8V0.5A=16Ω
小灯泡的电阻为 RL=ULIL=3V0.5A=6Ω
定值电阻R的阻值 R=R总-RL=16Ω-6Ω=10Ω
答：定值电阻R的阻值10Ω；
（3）解：小灯泡正常发光时电路消耗的总功率 P=UI=8V×0.5A=4W
答：小灯泡正常发光时电路消耗的总功率为4W。
【解析】【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI可得正常发光时的电流；
（2）根据串联电路的电压特点求出定值电阻两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出定值电阻R的阻值；
（3）根据P=UI求出小灯泡正常发光时电路消耗的总功率。
23．【答案】（1）解：由图乙知，花岗岩在未露出水面前弹簧测力计的示数F1=3.6N，花岗岩全部露出水面后弹簧测力计的拉力F2=5.6N，则花岗岩的重力G=F2=5.6N
花岗岩在未露出水面前所受水的浮力F浮=G-F1=5.6N-3.6N=2N
答：花岗岩未露出水面前所受水的浮力为2N；
（2）解：因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，所以，由F浮=ρgV排可得，花岗岩的体积 V=V排=F浮ρ水g=2N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10-4m3
花岗岩的质量 m=Gg=5.6N10N/kg=0.56kg
花岗岩的密度 ρ=mV=0.56kg2×10-4m3=2.8×103kg/m3
答：岗岩的密度为2.8×103kg/m3；
（3）解：从开始提到花岗岩完全离开水面时，水面下降的高度 Δh=V排S容=2×10-4m31×10-2m2=0.02m
水对容器底部减小的压强Δp=ρ水gΔh=1×103kg/m3×10N/kg×0.02m=200Pa
答：水对容器底部减小的压强为200Pa。
【解析】【分析】（1）运用称重法求浮力大小；
（2）通过称重法求出浮力大小后，再利用阿基米德原理求解出排开物体的体积，再根据密度公式算出花岗岩的密度；
（3）花岗岩离开水面后，水位会下降，结合液面深度下降利用液体压强公式p=ρgh得到水对容器底部减小的压强